人教初二下册第二学期物理期末复习选择题考试卷及答案

人教版物理八年级下册期末选择题压轴试卷检测题（WORD版含答案）(5)
一、选择题易错题（难度大）
1．两个完全相同的圆柱形容器中分别盛有质量相等的水和煤油。

如图所示，下列说法中正确的是（）
A．盛水容器底部对桌面的压强较大
B．液面下深度相同的a、b两点处的压强相等
C．两个容器底部受到的压强相等
D．盛水容器底部受到的压强较大
2．起重机将1t的物体提高3m后，再提高了1m，最后水平移动了1米，起重机对物体所做的功是（）
A．B．C．D．
3．将重为，体积为的物体投入一装有适量水的溢水杯中，溢出水．若不计水的阻力，当物体静止时，下列判断正确的是（）
A．物体上浮， B．物体悬浮，
C．物体漂浮， D．物体沉在水底，
4．在三个相同的烧杯里装入质量相等的甲、乙、丙三种不同的液体．把一支装有适量铁砂的平底试管先后放入这三个烧杯中，静止后如图所示．下列说法正确的是（）
A．试管在甲液体中受到的浮力最大
B．试管在三种液体中排开液体的重力一样大
C．丙液体对烧杯底部的压强最小
D．甲液体的密度最大
5．如图所示，在杠杆OA上的B点悬挂一重物G，A端用细绳吊在小圆环E上，且细绳AE 长等于圆狐CED的半径，此时杠杆恰好成水平状态，A点与圆弧CED的圆心重合，E环从C 点沿顺时针方向逐渐滑到D点的过程中，吊绳对A端的作用力大小将
A．保持不变
B．逐渐变大
C．由大变小，再由小变大
D ．由小变大，再由大变小
6．用如图所示的滑轮组提起重为G 的物体，图中a 是弹簧秤，不计滑轮和弹簧秤的重力及轮与轴的摩擦，则
A ．F ＝3G ，a 的读数等于F
B ．F ＝2G ，a 的读数等于F
C ．F ＝3G ，a 的读数等于G
D ．F ＝2
G ，a 的读数等于G 7．如图所示，手用F 1的力将物体B 匀速提升h ，F 1做功为300J ；若借助滑轮组用F 2的力把物体B 匀速提升相同高度，F 2做功为500J ，下列说法错误的是
A ．滑轮组机械效率为60%
B ．两个过程物体B 均匀速运动，机械能增加
C ．滑轮组的自重，绳子和滑轮之间的摩擦等因素导致F 2做的功有一部分属于额外功
D ．F 2做功的功率比F 1做功的功率大
8．乒乓球在桌面上每次弹起的高度比前一次低，这说明（ ）
A ．由于空气阻力，部分机械能转化其他形式的能
B ．部分机械能消失
C ．势能减少，但机械能的总量不变
D ．由于重力的作用，机械能减少
9．水平地面上有一个重为100N 的物体，用10N 的水平推力使其沿力的方向匀速运动了30m ，则此过程中：
A ．重力做了3000J 的功
B ．地面对物体向上的支持力为10N
C ．推力做了300J 的功
D ．摩擦力为100N
10．在水平地面上并排铺有块相同的均质砖块，如图甲，每块砖的质量为m ，长为a ，宽为b ，厚为c 。

若要将这n 块砖按图乙所示叠放在最左边的砖块上，则至少要给砖块做的功
A．
B．
C．
D．
11．如图所示，在已调好的天平的两个托盘上放上两个一模一样装满水的桶，其中右桶上飘着一小木块．关于天平会向哪边倾斜的说法中正确的是（）
A．天平不倾斜B．向左盘倾斜C．向右盘倾斜D．无法判断
12．如图所示，A、B两立方体叠置在一起放于水平桌面上，A的密度为ρA，B的密度为ρB 且ρA∶ρB=1∶2，开始时它们的边长比为L A∶L B=1∶1，若不断地缩小A立方体的体积，但始终保持A的形状为立方体，使A、B两立方体的边长L A∶L B的比值由1∶1逐渐变为
1∶2、则压强p A∶p B的比值变化情况为（）
A．始终变大B．始终变小C．先减小后变大D．先增大后减13．如图是甲、乙两种物质的重力和体积的关系图像，若用甲、乙两种物质分别制成正方体A、B。

已知m A:m B=3:8，则A、B对水平地面的压强之比为
A．3:4 B．4:3 C．3:2 D．2:3
14．如图所示的杠杆始终处于水平平衡状态．在拉着弹簧测力计的提环，从图中的A位置缓慢地移动到B位置的过程中，弹簧测力计的示数会（）
A．不断增大 B．不断减小
C．先减小后增大 D．先增大后减小
15．如图所示，桌面上有两个相同的容器甲，乙，现将两个容器倒入体积相同的不同液体，若甲容器中液体对容器底部的压强比乙容器中液体对容器底部压强大，试比较两容器对桌面的压强p甲，p乙（）
A．p甲＞p乙B．p甲＜p乙
C．p甲=p乙D．不能确定
16．在测量大气压的实验中，为消除活塞与针筒间的摩擦力对实验的影响，某同学采用了图示装置，将注射器筒固定在水平桌面上，把活塞推至注射器筒底端，用橡皮帽封住注射器的小孔，活塞通过水平细线与烧杯相连，向烧杯中缓慢加水，当活塞刚开始向左滑动时，测得杯中水的质量为880 g；然后向外缓慢抽水，当活塞刚开始向右滑动时，测得杯中水的质量为460 g，烧杯质量为100 g，活塞面积为7×10-5 m2，g取10 N/kg，轮轴间的摩擦和细线重力不计，则所测大气压的值应为( )
A．1.26×105 Pa B．1.10×105 Pa
C．1.01×105 Pa D．0.96×105 Pa
17．今年2月13日，我们国家出动11架运输机，空运军队支援湖北医疗人员和物资。

下列关于运输机说法正确的是（）
A．运输机水平正常飞行时机翼上方空气流速大压强大
B．运输机起落架装有宽大的轮子是为了减小对地面的压力
C．运输机起飞时在跑道上加速滑行，是为了增大运输机的惯性
D．运输机停在水平地面上时，所受的重力和地面对它的支持力是一对平衡力
18．如图所示，均匀正方体甲、乙置于水平地面上，沿水平方向切去部分后，甲、乙剩余部分的高度相等。

若甲、乙所切去部分的质量相等，则关于甲、乙的密度ρ甲、ρ乙，甲、乙对地面的压强p甲、p乙，甲、乙的重力G甲、G乙，剩余部分的质量m甲、m乙的判断中（）
①ρ甲>ρ乙②p甲>p乙③G甲>G乙④m甲>m乙
A．只有①正确B．只有②③④正确C．只有①②③正确D．①②③④都正确19．在两个完全相同的容器中分别倒入甲和乙两种不同的液体，如图所示，下列分析正确的是（）
A．若甲和乙的质量相等，则甲的密度小于乙的密度
B．若甲和乙对容器底部的压强相等，则甲的密度小于乙的密度
C．若甲和乙对容器底部的压强相等，则甲的质量小于乙的质量
D．若甲和乙的质量相等，则甲对容器底部的压强小于乙对容器底部的压强
20．据统计，造成高速公路交通事故的主要原因之一是超速行驶，因为超速行驶的汽车刹车时，需要行驶更远的距离才能停下来．以下说法正确的是
A．刹车前，汽车没有受到摩擦力
B．刹车后，牵引力做功为0
C．刹车后，汽车的惯性减小
D．刹车后，汽车所受的力平衡
21．如图，用此滑轮组在大小为15N的拉力作用下将重力为50N的物体匀速提升0.1m，所用时间为2s，不计绳重及摩擦，下列说法正确的是（）
A．绳子自由端移动的速度为0.25m/s
B．拉力F所做的功为7.5J
C．滑轮组的机械效率为83.3%
D．上升过程中物体的动能转化为重力势能
22．2019年3月30日18时许，四川省凉山州木里县雅砻江镇冒起森林火灾，灭火飞机满载着灭火剂飞临火场上空，投下灭火剂后，灭火飞机仍以原来的高度和速度匀速飞行，则与投下灭火剂之前相比，飞机的（）
A．动能增大，机械能不变
B．动能不变，机械能不变
C．动能减小，机械能减小
D．动能不变，机械能增大
23．为庆祝中国人民海军建军70周年，我国举行了盛大的海上阅兵仪式，集中展示了一大批新型潜艇、水面舰艇、作战飞机，彰显了我国海军强大的军事实力。

下列说法正确的是（）
A．当辽宁舰航母上的舰载飞机起飞后，航母受到的浮力不变
B．作战飞机在加速升空过程中，动能转化为重力势能，机械能保持不变
C．潜水艇在下潜的过程中，受到海水的压强不变
D．水面舰艇多采用前后编队而不是近距离并排行驶，是为了避免舰艇相“吸”而发生碰撞
24．甲、乙两台机器，甲做的功是乙做的功的5倍，而甲所用的时间是乙所用的时间的2倍，则甲、乙两台机器的功率关系是（）
A．P甲：P乙=3：1 B．P甲：P乙=1：3 C．P甲：P乙=2：3 D．P甲：P乙=5：2 25．如图所示的四种情景中，力对物体做功的是
A．用力推小车没有推动
B．将货物从地面拉到高处
C．用力搬石头没有搬动
D．提着滑板车在水平路面上前行
26．高铁的运行拉近了城市之间的距离，大部分城市之间实现了朝发夕至。

下列关于高铁的分析正确的是（）
A．高铁在水平轨道上匀速直线运动时，高铁受到的牵引力和阻力是一对相互作用力B．关闭发动机后，高铁在水平轨道上将会作匀速直线运动
C．高铁在水平轨道上作减速直线运动过程中，高铁的动能减小，机械能不变
D．高铁静止在水平站台上时高铁受到的重力和铁轨对高铁的支持力是一对平衡力
27．如图所示，在粗糙程度相同的地面上，手推木块向右压缩弹簧；释放木块，木块沿水平地面向左运动；离开弹簧后，木块运动到某一位置停下。

下列说法中正确的是()
A．木块在弹簧恢复原状过程中，所受弹力变大
B．木块离开弹簧后，受到的滑动摩擦力变大
C．木块离开弹簧后能继续运动，是因为它有惯性作用
D．弹簧恢复原状过程中，弹性势能变小
28．如图，在拉力F=500N的作用下，将重为800N的物体沿斜面向上匀速拉动了2m，在此过程中物体上升的高度为1m。

下列说法正确的是（）
A．运动过程中，物体受到三个力的作用
B．运动过程中，物体的机械能增加
C．斜面的机械效率是60%
D．物体受到的摩擦力是300N
29．如图所示，将摆球从A点静止释放，摆球在A、C两点间来回摆动，B为最低点，不计空气阻力，下列说法正确的是的机械能（）
A．从A点到B点，摆球动能增大，机械能增大
B．从B点到C点，摆球动能减小，机械能减小
C．摆球在摆动过程中所经各点的机械能均相等
D．摆球在B点的机械能最大，在A，C两点的机械能能最小
30．在室温下，吹鼓一个气球，把它放进真空罩中，抽走真空罩中的气体，发现气球变大了。

下列说法正确的是（）
A．气球内气体质量变大，体积变大，密度不变
B．气球内气体质量不变，体积变大，密度变小
C．气球变大因为气球内的气压变大
D．抽气后，真空罩内气压大于气球内的气压
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一、选择题易错题（难度大）
1．C
解析：C
【详解】
A．两种液体质量相等，容器质量也是相等的，所以对桌面的压力是相等的，根据
F P
S =
可知，由于容器是相同容器，底面积相等，所以容器底部对桌面的压强相等，故A错误；B．a、b两点深度相同，根据Pρgh
=可知，液体密度不同，所以压强不相等，故B错
CD ．两中液体质量相等，又是直柱型容器，故压力等于液体的重力，所以两个容器底部受到的压力相等，根据F P S
=可知，压强也是相等的，故C 正确，D 错误。

故选C 。

2．D
解析：D
【解析】
起重机提升重物时，克服重力做功，所以总的提升的高度为：3m 1m 4m h =+=，水平移动时，拉力是不做功的．
做的功为：1000kg 9.8N/kg 4m 39200J W Fs Gh mgh ====⨯⨯=
故D 正确．
点睛：要明白起重机提升物体时，对物体的拉力做功，而水平移动时，拉力与移动方向垂直，是不做功的．
3．C
解析：C
【解析】物体的质量为：
密度为：
密度小于水，所以物体会漂浮在水面上，则浮力等于物体的重，所以浮力为4N 。

故C 正确。

点睛：重点是密度的计算和浮沉条件的应用，物体的密度大于水会下沉，等于水会悬浮，小于水会悬浮。

4．B
解析：B
【解析】A ．B ．如图同一支装入适量的铁砂的平底试管在三种液体中都漂浮，浮力等于重力，故其受到的浮力相等、等于自身重力，根据阿基米德原理排开液体的重力一样大，因此A 错误，B 正确；
C ．由题可知三种液体的质量相同，则重即压力相等，又知道三个烧杯的底面积相同，再根据F p S
=可得三种液体对烧杯底部的压强相等，故C 错误； D ．试管在三种液体中所受的浮力都相等，由图可得V V V >>排甲排乙排丙，根据阿基米德原理F gV ρ=浮液排可得ρρρ<<甲乙丙，故D 错误。

故选B 。

点睛：重点是浮沉条件、阿基米德原理和液体压强公式的应用，根据浮沉状态结合阿基米德原理可判断出液体密度的大小，再根据压强的特征判断液体对容器底的压强大小。

5．C
【解析】
因为重力与重力的力臂的乘积不变，根据杠杆平衡的条件可得，动力臂越大，动力会越小，又因为圆环在图示位置时，力臂最大，动力最小，所以从C 端移动到D 端的过程中，动力会由大到小，再由小到大．故选C.
6．B
解析：B
【解析】
【详解】
由图可知，不计滑轮和弹簧秤的重力及轮与轴的摩擦时，滑轮组中动滑轮是由两股绳子承担，故F ＝12
G ；因动滑轮上的两股绳子是同一根绳子缠绕而成的，所以每股绳子上的拉力相同，即测力计a 的读数为
12G ．故ACD 错误，B 正确． 7．D
解析：D
【解析】
【详解】
A ．根据题意知道，用F 1的力将物体
B 匀速提升h ，F 1做的是有用功，即W 有=300J ，借助滑轮组用F 2的力把物体B 匀速提升相同高度，F 2做的是总功，即W 总=500J ，由100%W W η=⨯有用总
知道，滑轮组的机械效率是： 300J 100%=100%=60%500J
W W η=
⨯⨯有用总, 故A 不符合题意； B ．由于两个过程物体B 均做匀速运动，所以，动能不变，但高度增加，重力势能增大，而动能与势能之和是机械能，所以机械能增大，故B 不符合题意；
C ．由于需要克服滑轮组的自重及绳子和滑轮之间的摩擦做功，即由此导致F 2多做一些功，即额外功，故C 不符合题意；
D ．由W P t
=知道，功率由所做的功和完成功所需要的时间决定，根据题意不知道完成功所用的时间，故无法比较功率的大小，故D 符合题意．
8．A
解析：A
【解析】乒乓球在桌面上每次弹起的过程 ，都要克服空气的摩擦阻力做功，即一部分机械能转化为内能，根据能量守恒的原理，机械能定会减小，所以弹起的高度比前一次低。

故A 正确，BCD 错误。

点睛：重点是机械能转化的过程，要理解在没有摩擦阻力的情况下，机械的总量才不变，如果过程中机械能做功，则会转变为其它形式的能，机械能会减小。

9．C
解析：C
【解析】由于竖直方向上距离为0，所以重力做功为0，故A 错误；由于物体在水平地面上做匀速直线运动，所以推力与摩擦力是一对平衡力，重力和支持力是一对平衡力，故推力与摩擦力大小相等为10N ，支持力与重力大小相等为100N ，故B 、D 错误；根据W=FS 知道，推力做功是：W=FS=10N×30m=300J ，故C 正确，故选C 。

10．A
解析：A
【解析】因为将地面上的砖块叠放，使每一块砖提升的高度不同，所做的功也不同，所以首先需要利用W=Gh 分别求出对每一块砖所做的功，即：
第一块砖提升高度为：h 1 =0，第二块砖提升高度为：h 2 =c ，第三块砖提升高度为：h 3 =2c ，…第n 块砖提升高度是：h n =（n-1）c ，
所以对第一块砖所做的功是：W 1 =Gh 1 =mg ×0=0，对第二块砖所做的功是：W 2 =Gh 2 =mg ×c =mgc ，对第三块砖所做的功是：W 3 =G 3 =mg ×2c =2mgc ，…对第n 块砖所做的功是：W n =G n =mg ×（n -1）c =（n -1）mgc ，
故整个过程做的功是：W 总 =W 1 +W 2 +W 3 +…+W n =0+mgc +mg 2c +…+（n -1）mgc =〔1+2+…+（n -1）〕mgc=n(n −1)/2mgc ，故选A 。

11．A
解析：A 【详解】
木块漂浮在水面上，浮力等于重力，即F 浮=G ；根据阿基米德原理知：F 浮=G 排，所以G=G
排
，即木块的重力等于排开水的重力；所以有木块和没有木块的盛满水的桶一样重．故天平
是平衡的，即A 正确，BCD 错误． 故选A ．
12．B
解析：B 【分析】
根据A 、B 两立方体的边长之比求出面积、体积之比；因放在水平面上物体对支持面的压力大小等于物体重力的大小，所以根据密度公式和压强公式求出A 对B 的压强与B 对桌面的压强之比，当不断地缩小A 立方体的体积时，根据特殊值法判断比值的变化情况。

【详解】
由 L A ∶L B =1∶1可知
S A ∶S B =1∶1， V A ∶V B =1∶1
由ρA ：ρB =1∶2可知
m A ∶m B =1∶2
又因为A 、B 两立方体叠放在一起放在水平桌面上，根据压强公式F
p S
=
可得 A A B A B A B B B A A B A A B A 1()()3
p F S G S m gS p F S G G S m g m g S ====++
若不断地缩小A 立方体的体积时，设L′A ∶L B =k ，且
1
12
k ≤≤，则有 S′A ∶S B =k 2， V′A ∶V B = k 3
由ρA ∶ρB =1∶2可知
3A B 12
m m k '=
: 则有
A A
B A B A B 3B B A
A B A A B A ()()2p F S G S m gS k p F S G G S m g m g S k ''''====''''''+++
当1k =时，A B :1:30.333p p =≈； 当0.9k =时，A B :0.330p p ≈； 当0.8k =时，A B :0.318p p ≈； 当0.7k =时，A B :0.300p p ≈； 当0.6k =时，A B :0.271p p ≈； 当0.5k =时，A B :0.235p p ≈；
故不断地缩小A 立方体的体积时，压强p A ∶p B 的比值变化情况为始终变小。

故选B 。

13．C
解析：C 【解析】 【详解】
根据ρ=m
V =G
g V
=G gV ，由图像可知，甲物质密度为：
ρ甲=G gV 甲甲=-33120N 10N/kg 810m
⨯⨯=1.5×103kg/m 3
， 乙物质密度为： ρ乙=
G gV 乙乙=-3320N 10N/kg 410m
⨯⨯=0.5×103kg/m 3
， 所以两种物质密度之比为： ρ甲:ρ乙=3:1。

因m A :m B =3:8，则两正方体体积之比为：
A B V V =A A B B m m ρρ=3
381
=18
， 则两正方体边长之比为：
A B a a =3A 3B V V =3318=12
， 则两正方体的底面积之比为：
A B S S =A B
2
2a a =2212
=14
， 则两正方体对水平地面的压强之比为：
A B p p =A A B B F S F S =A A B B G S G S =A A B B m g S m g S =3184
g g =32。

故C 正确。

14．C
解析：C
【解析】试题分析：当弹簧测力计位于A 位置时，拉力的力臂为图1中的OC ；当弹簧测力计竖直向上拉时，拉力的力臂为杆长OD ；
而在直角三角形OCD 中，斜边OD 大于直角边OC ，即弹簧测力计从A 位置到竖直向上提的过程中，拉力的力臂减小，
根据杠杆平衡条件F•L 1=G•L 2可得：F=，因为重力G 及其力臂L 2都不变，当拉力的力臂L 1减小时，拉力F 变大．
当弹簧测力计位于B 位置时，拉力的力臂为图2中的OE ，而在直角三角形OED 中，斜边OD 大于直角边OE ，即弹簧测力计从竖直向上的位置到B 位置的过程中，拉力的力臂减小，所以拉力F 变大．
所以从A 到B 的过程中，弹簧测力计的示数是先减小后增大． 故选C ．
15．A
解析：A 【详解】
由图可知甲乙两容器底部所处的深度h 相同，且甲容器中液体对容器底部的压强比乙容器中液体对容器底部压强大，根据公式p gh ρ=可得，甲容器中液体的密度大于乙容器中液体的密度，又因甲乙两种液体的体积相等，根据公式m V ρ=得，甲容器中液体的质量大
于乙容器中液体的体积，则甲容器中液体的重力大于乙容器中液体的重力，故甲容器对桌面的压力大于乙容器对桌面的压力，两个容器相同，说明容器和桌面的接触面积相同，根据公式F
p S
=可得，甲容器对桌面的压强大于乙容器对桌面的压强。

故选A 。

16．B
解析：B 【详解】
当注射器中的活塞开始向左滑动时，此时活塞所受摩擦力与大气压力方向向右，可得：
pS +f =m 1g =9.8N ；
当注射器中的活塞开始向右滑动时，此时活塞受摩擦力向左，受大气压力向右，可得：
pS -f =m 2g =5.6N ；
联解上述两个关系式，可得：
pS =7.7N ，
故
p =
52
7.7710N
m
-=⨯ 1.10×105Pa ， 故应选B 。

17．D
解析：D 【详解】
A ．飞机正常飞行时，有向上的升力，所以机翼上方的空气流速大，压强小，故A 错误；
B ．运输机起落架装有宽大的轮子是为了增大受力面积，从而减小对地面的压强，故B 错误；
C ．运输机起飞时在跑道上加速滑行，是为了增大升力，从而能升上空中，故C 错误；
D ．运输机停在水平地面上时，竖直方向上受到的重力和地面对它的支持力是一平衡力，故D 正确。

故选D 。

18．D
解析：D 【详解】
由图知，甲切去的体积较小，甲、乙所切去部分的质量相等，由m
V
ρ=得，甲的密度大于乙的密度，即ρρ甲乙>，故①正确； 由题意知h h =甲剩乙剩，由
F G mg Vg Sgh p gh S S S S S
ρρρ=
===== 可知，则甲、乙对地面的压强p p >甲剩乙剩，切去部分的质量相同，根据G mg =知，切去
部分的压力相同，由图知S S <甲乙，根据F
p S
=
知，p p >甲切乙切，所以 p p p p +>+甲切乙切甲剩乙剩
即p p 甲乙>，故②正确；
由图知切去甲的高度小于切去乙的高度，甲、乙所切去部分的质量相等，根据比例关系知：在剩余甲的高度等于剩余乙的高度时，甲剩余的质量一定大于乙剩余乙的质量，故④正确；
根据G mg =知甲剩余的重力一定大于乙剩余乙的重力，所以甲的重力大于乙的重力，故③正确。

综合分析①②③④都正确，故ABC 不符合题意，D 符合题意。

故选D 。

19．C
解析：C 【详解】
A ．由题意可知，甲和乙的质量相等，由图可知，V 甲<V 乙，根据ρ＝m
V
可知，ρ甲>ρ乙，故A 错误；
B ．若甲和乙对容器底部的压强相等，由图可知，h 甲<h 乙，根据p ＝ρgh 可知，ρ甲>ρ乙，故B 错误；
C ．液体压强相等，两容器底面积相等，由p ＝
F
S
可知，甲、乙对容器底的压力相等，即F 甲
＝F 乙①，采用割补法（如下图所示），分别把容器两侧半球部分补上同种液体，此时液
体为圆柱形；
割补后深度不变，液体密度不变，所以液体对容器底的压强不变，又因为容器底面积不变，所以割补前后液体对容器底部的压力不变，且此时液体为圆柱形（液体对容器底的压力等于液体的总重力）；所以
F 甲＝
G 甲总②，F 乙＝G 乙总③
两容器完全相同，则补上的液体体积相等，设补充的液体体积为V ，由①②③可得：G 甲
总
＝G 乙总，即
m 甲g +ρ甲gV ＝m 乙g +ρ乙gV ④
由B 选项可知，ρ甲>ρ乙；所以由④式可得
m 甲-m 乙＝（ρ乙-ρ甲）V <0
所以m 甲<m 乙，故C 正确；
D ．由A 选项可知，ρ甲>ρ乙，由割补法可知，甲对容器底部的压力
F 甲＝m 甲g +ρ甲gV
乙对容器底部的压力
F 乙＝m 乙g +ρ乙gV
而
m 甲＝m 乙，ρ甲>ρ乙
所以F 甲>F 乙，又因为两容器的底面积相等，所以根据公式p ＝F
S
可知，p 甲>p 乙，故D 错误。

故选C 。

20．B
解析：B 【详解】
A ．刹车前，汽车的轮胎与地面之间有相对运动，则汽车受到了摩擦力的作用，故A 错误；
B ．刹车后，由于汽车具有惯性，它会继续向前运动一段距离，此时牵引力为零，所以牵引力做功为0，故B 正确；
C ．惯性的大小只与物体的质量有关；刹车后，汽车的质量不变，其惯性不变，故C 错误；
D ．刹车后，由于摩擦力的作用，汽车的速度越来越小（处于非平衡状态），所以汽车受力不平衡，故D 错误．
21．C
解析：C 【详解】
A ．由图可知，n =4，则绳端移动的距离
s =nh =4×0.1m=0.4m
绳子自由端移动的速度
0.4m ===0.2m /s 2s
s v t 故A 不正确； B ．有用功
W 有=Gh =50N×0.1m=5J
拉力F 所做的总功
W 总=Fs =15N×0.4m=6J
故B 不正确； C ．滑轮组的机械效率
5J
=
100%=100%83.3%6J
W W η⨯⨯=有总 故C 正确；
D ．物体匀速上升过程中，质量和速度不变，动能不变，高度升高，重力势能增大，则不
是动能转化为重力势能，故D 不正确。

故选C 。

22．C
解析：C 【详解】
动能与速度和质量有关，重力势能与高度和质量有关，投下灭火剂之后，飞机的质量变小，飞机的高度和速度不变，那么动能和重力势能都变小，机械能等于动能和重力势能之和，即机械能变小。

故选C 。

23．D
解析：D 【详解】
A ．当辽宁舰航母上的舰载飞机起飞后，航母的总重力减小，根据漂浮条件，其浮力等于其自身的重力，所以浮力减小，故A 错误；
B ．作战飞机在加速升空过程中，燃料的化学能转化为舰载机的机械能，机械能增大，故B 错误；
C ．潜水艇在下潜过程中，海水的密度一定，潜水艇所处的深度不断增大，根据p ＝ρ液gh 可知，受到海水的压强变大，故C 错误；
D ．舰艇并排行驶时，舰艇带动其周围的水随船向前运动，使舰艇内侧之间的水流速度大于舰艇外侧的水流速度；因为水的流速越大，压强越小，水的流速越小压强越大，所以舰艇内外测的水存在压强差，水的压强差使两舰艇靠近，进而发生碰撞，为了避免舰艇相“吸”碰撞，故不采用“并排”护航，故D 正确。

故选D 。

24．D
解析：D 【详解】
由题意可知，5W W =甲乙，2t t =甲乙，则甲、乙两台机器的功率之比
525:2W W P t t W W P t t ===甲乙
甲
甲乙乙乙乙
乙乙
故选D 。

25．B
解析：B 【详解】
力对物体做功需要满足两要素，一是力，二是在力的方向上有移动的距离．用力推小车没有推动，有力无距离，故A 错误；将货物从地面拉到高处，既有力又有距离，故B 正确；用力搬石头没有搬动，有力无距离，故C 错误；提着滑板车在水平路面上前行，力的方向
与距离方向垂直，故D 错误；故选B ．
26．D
解析：D 【详解】
A ．高铁在水平轨道上匀速直线运动时，高铁受到的牵引力和阻力是一对平衡力，故A 项错误；
B ．关闭发动机后，高铁在水平轨道上受阻力作用，所以不会做匀速直线运动，故B 项错误；
C ．高铁在水平轨道上作减速直线运动过程中，高铁的动能减小，重力势能不变，机械能减小，故C 项错误；
D ．高铁静止在水平站台上时高铁受到的重力和铁轨对高铁的支持力是一对平衡力，故D 项正确。

故选D 。

27．D
解析：D 【详解】
A ．木块向左运动过程中，弹簧变长，弹簧的形变逐渐减小，弹力逐渐变小。

故A 错误；
B ．木块离开弹簧后，木块对水平地面的压力和接触面的粗糙程度没有变，摩擦力就是不变的；故B 错误；
C ．木块离开弹簧后，不再受弹簧弹力的作用，由于惯性可以继续前进，但不能说惯性作用；故C 错误；
D ．弹簧恢复原状过程中，弹簧的形变逐渐减小，弹性势能变小，故D 正确； 故选D 。

28．B
解析：B 【详解】
A ．将重为800N 的物体沿斜面向上匀速拉动时，物体受到拉力、重力、支持力、摩擦力，共4个力的作用，故A 错误；
B ．物体沿斜面向上匀速上升时，物体的质量、速度均不变，其动能不变，同时高度增大，则重力势能变大，所以物体的机械能增加，故B 正确；
C ．有用功为
800N 1m 800J W Gh ==⨯=有
总功为
500N 2m 1000J W Fs ==⨯=总
斜面的机械效率为
800J
100%80%1000J
有总
η=
=
⨯=W W 故C 错误；。