吉林高二高中物理开学考试带答案解析

吉林高二高中物理开学考试
班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________
一、选择题
1.下列是某同学对电场中的概念、公式的理解，其中正确的是（ ） A ．根据电场强度的定义式，电场中某点的电场强度和试探电荷的电量成反比 B ．根据电容的定义式
，电容器的电容与所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比
C ．根据真空中点电荷电场强度公式，电场中某点电场强度和场源电荷的电量无关
D ．根据电势差的定义式
，带电量为1C 的正电荷，从A 点移动到B 点克服电场力做功为1J ，则A 、B
间的电势差为﹣1V
2.如图所示，一正电荷在电场中由M 到N 做加速运动且加速度越来越大，那么它是在下列哪个电场中运动（ ）
3.如图所示，Q 1和Q 2是两个固定的负点电荷，在它们的连线上有a 、b 、c 三点，其中b 点的合场强为零，现将另一正点电荷q 由a 点沿连线移动到c 点，在移动的过程中，点电荷q 的电势能变化是（ ）
A ．不断减小
B ．不断增大
C ．先增大后减小
D ．先减小后增大
4.如图所示，在处于O 点的点电荷+Q 形成的电场中，试探电荷+q 由A 点移到B 点，电场力做功为W 1；以OA 为半径画弧交OB 于C ，再把试探电荷由A 点移到C 点，电场力做功为W 2；由C 点移到B 点电场力做功为W 3。

则三次电场力做功的大小关系为（ ）
A ．W 1=W 2=W 3＜0
B ．W 1＞W 2=W 3＞0
C ．W 1= W 3＞W 2=0
D ．W 3＞W 1=W 2=0
5.如图所示，在匀强电场中A 、B 、C 三点构成一边长为a 的等边三角形，电场强度方向平行于纸面，现有一电子，在电场力作用下，由A 至C 动能减少W ，而质子在电场力作用下，由A 至B 动能增加W ，则对该匀强电场E 的
方向的判断正确的是（ ）
A ．方向垂直BC 并由A 指向BC
B ．方向垂直B
C 并由A 指向BC C ．方向垂直AC 并由B 指向AC
D ．方向垂直AB 并由C 指向AB
6.如图所示，在两个固定电荷+q 和－q 之间放入两个原来不带电的导体，1、2、3、4为导体上的四个点，在达到静电平衡后，各点的电势分别是φ1、φ2、φ3、φ4，则（ ）
A ．φ4＞φ3＞φ2＞φ1
B ．φ4=φ3＞φ2=φ1
C ．φ4＜φ3＜φ2＜φ1
D ．φ4=φ3＜φ2=φ1
7.传感器是一种采集信息的重要器件，如图所示是一种测定压力的电容式传感器，当待测压力F 作用于可动膜片电极上时，可使膜片产生形变，引起电容的变化。

将电容器、灵敏电流计和电源串联接成闭合回路。

那么（ ）
A ．当F 向上压膜片电极时，电容将减小
B ．当F 向上压膜片电极时，电容将增大
C ．若电流计无示数，则压力F 发生变化
D ．若电流计有示数，则压力F 不发生变化
8.如图所示，虚线a 、b 、c 为三个同心圆，圆心处为一个点电荷，现从c 外面一点P 以相同的速率发射两个电荷量、质量都相同的带电粒子，分别沿PM 、PN 运动到M 、N ， M 、N 两点都位于圆周c 上。

以下判断正确的是
（ ）
A ．两粒子带同种电荷
B ．两粒子带异种电荷
C ．到达M 、N 时两粒子速率仍相等
D ．到达M 、N 时两粒子速率不相等
9.如图所示，一绝缘光滑半圆环轨道放在竖直向下的匀强电场中，场强为E 。

在与环心等高处放有一质量为m 、带
电荷量＋q 的小球，由静止开始沿轨道运动，下述说法正确的是（ ）
A ．小球经过环的最低点时速度最大
B ．小球在运动过程中机械能守恒
C ．小球经过环的最低点时对轨道的压力大小为mg ＋qE
D ．小球经过环的最低点时对轨道的压力大小为3（mg ＋q
E ）
10.如图，灯丝发出的电子经加速电场加速后，进入偏转电场，若加速电压为U 1，偏转电压为U 2，要使电子的侧移量Y 增大为原来的2倍，下列方法正确的是（ ）
A ．使U 1减小为原来的二分之一
B ．使U 2增大为原来的2倍
C ．使偏转电场极板的长度增大为原来2倍
D ．使偏转电场两极板间的距离减小为原来的四分之一
11.如图所示，水平放置的平行板电容器，上板带负电，下板带正电，带电小球以速度v 0水平射入电场，且沿下板边缘飞出。

若断开电源且保持下板不动，将上板上移一小段距离，小球仍以相同的速度v 0从原处飞入，则带电小
球（ ）
A ．可能打在下板中央
B ．仍沿原轨迹由下板边缘飞出
C ．不发生偏转，沿直线运动
D ．若上板不动，将下板上移一段距离，小球可能打在下板的中央
12.（1）如图所示，可以探究影响电荷间相互作用力的因素。

O 是一个带电的物体，若把系在丝线上的带电小球先后挂在横杆上的P 1、P 2、P 3等位置，可以比较小球在不同位置所受带电物体的作用力的大小，这个力的大小可以通过丝线偏离竖直方向的角度θ显示出来。

若物体O 的电荷量用Q 表示，小球的电荷量用q 表示，物体与小球间距离用d 表示，物体和小球之间的作用力大小用F 表示．则以下对该实验现象的判断正确的是（ ）
A ．保持Q 、q 不变，增大d ，则θ变大，说明F 与d 有关
B ．保持Q 、q 不变，减小d ，则θ变大，说明F 与d 有关
C ．保持Q 、d 不变，减小q ，则θ变小，说明F 与q 有关
D ．保持q 、d 不变，减小Q ，则θ变大，说明F 与Q 成反比 （2）上述完成该实验的方法是
A ．假设法
B ．微元法
C ．控制变量法
13.（1）影响平行板电容器电容的因素有 ，在实验室中完成这个实验的方法是 A ．两极板的正对面积 B ．两板间距离
C ．电介质的介电常数
D ．极板的材料 F ．控制变量法 G ．假设法
H ．微小量放大法
（2）在研究影响平行板电容器电容大小因素的实验中，如图所示，把一个平行板电容器与一个静电计相连接后，给电容器带上一定电量，静电计指针的偏转指示出电容器两板间的电势差的变化，现保持B 极板不动，而要使静电计指针的偏角增大，可采取的办法是（ ） A 、A 板向右移一些 B 、A 板向左移一些
C、A板向上移一些
D、在MN之间插入一片有机玻璃板
二、计算题
1.如图所示，一带电量为+q、质量为+m的小物块处于一倾角为θ的光滑斜面上，当整个装置被置于一水平向右的匀强电场中，小物块恰好静止，求：
（1）电场强度E；
（2）若电场强度减小为原来的，物块的加速度a；
（3）电场变化后物块下滑距离L所用的时间t。

2.如图所示，AB、CD为两平行金属板，A、B两板间电势差为U，C、D始终和电源相接，测得其间的场强为E。

一质量为m、电荷量为+q的带电粒子（重力不计）由静止开始经AB加速后穿过CD发生偏转，最后打在荧光屏上。

已知C、D极板长均为x，荧光屏距C、D右端的距离为L，问：
为多大？
（1）粒子进入偏转电场时的速度v
（2）粒子打在荧光屏上距O点下方P多远处？
3.如图所示，在E=103V/m的水平向左的匀强电场中，有一光滑半圆形绝缘轨道竖直放置，轨道与一水平绝缘轨道MN连接，半圆轨道所在平面与电场线平行，其半径R=40cm，一带正电荷q=10﹣4C的小滑块质量为m=40g，与
水平轨道间的动摩擦因数μ=0．2，取g=10m/s2，求：
（1）要让小滑块能运动到圆轨道的最高点L，滑块至少应在水平轨道上离N点多远处释放？
（2）这样释放的小滑块通过P点时对轨道的压力是多大？（P为半圆轨道中点）
吉林高二高中物理开学考试答案及解析
一、选择题
1.下列是某同学对电场中的概念、公式的理解，其中正确的是（）
A．根据电场强度的定义式，电场中某点的电场强度和试探电荷的电量成反比
B．根据电容的定义式，电容器的电容与所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比
C．根据真空中点电荷电场强度公式，电场中某点电场强度和场源电荷的电量无关
D．根据电势差的定义式，带电量为1C的正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1J，则A、B
间的电势差为﹣1V 【答案】D 【解析】
为电场强度的定义式，不能说E 由F 和q 决定，即电场中某点的电场强度和试探电荷的电荷量无
关，选项A 错误；根据电容定义式
，电容C 大小与Q 、U 无关，应该说电容器极板的电压每增加1 V ，电
荷量就增加1 C ，故不能说电容器的电容与所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比选项B 错误；根据真空中点电荷电场强度公式，这是真空点电荷的决定式，场强与场源电荷成正比，故C 错误。

由电势差的定义
式
，可知q=1C ，克服电场力做功即电场力做功为-1J ，代入公式的电势差为-1V ，故D 正确。

故选D 。

【考点】电场强度、电势差、电容的概念。

【名师点睛】电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关；场强公式，只是为研究电场的方便，采用比值法下的定义；点电荷的场强强度公式
，电场强度只由场源电荷电量和位置决定。

是电容的定义式，电
容的大小与电容器本身的性质有关，与所带电荷量和电压有关。

为电压的定义式，应用此公式时注意代
入符号运算。

得出电势差为正时，A 比B 电势高。

得出电势差为负时，A 比B 电势低。

2.如图所示，一正电荷在电场中由M 到N 做加速运动且加速度越来越大，那么它是在下列哪个电场中运动（ ）
【答案】C
【解析】因粒子由M 到N 是加速运动，而粒子带正电，故说明电场线是由M 到N 的；因粒子在运动中加速度越来越大，说明受到的电场力越来越大，则电场强度越来越大，电场线越来越密；故选项C 正确。

故选C 。

【考点】电场强度、电场线
【名师点睛】电场线可形象、直观地看出电场强度的情况，电场线的疏密表电场强度大小，电场线某点切线方向表电场强度的方向。

电荷为正，加速运动则所受电场力与运动方向相同，即与电场线方向一致。

加速度变大，说明受力变大，说明电场强度变大，电场线变密。

3.如图所示，Q 1和Q 2是两个固定的负点电荷，在它们的连线上有a 、b 、c 三点，其中b 点的合场强为零，现将另一正点电荷q 由a 点沿连线移动到c 点，在移动的过程中，点电荷q 的电势能变化是（ ）
A ．不断减小
B ．不断增大
C ．先增大后减小
D ．先减小后增大
【答案】C
【解析】Q 1、Q 2连线上各点的场强是此两个点电荷场强的叠加，在b 点左侧，合场强向左，正电荷受电场力向左，由a→b ，电场力做负功，电势能增加；在b 点右侧，合场强向右，由b→c ，电场力做正功，电势能减少。

综合分析，正电荷由a→b→c 的过程中，电势能先增加后减少，选项C 正确。

故选C 。

【考点】电势能、电场力做功。

【名师点睛】电场力做功对应电势能的变化，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增大，且电场力做功的大小等于电势能的变化大小。

另外，在b 点左右电场力的方向要会判定。

解本题的关键是清楚功能关系。

4.如图所示，在处于O 点的点电荷+Q 形成的电场中，试探电荷+q 由A 点移到B 点，电场力做功为W 1；以OA 为半径画弧交OB 于C ，再把试探电荷由A 点移到C 点，电场力做功为W 2；由C 点移到B 点电场力做功为W 3。

则三次电场力做功的大小关系为（ ）
A ．W 1=W 2=W 3＜0
B ．W 1＞W 2=W 3＞0
C ．W 1= W 3＞W 2=0
D ．W 3＞W 1=W 2=0
【答案】C
【解析】点电荷产生的电场中等势线为以O 为圆心的同心圆。

故AC 两点电势相等。

故从A 到C ，电场力做功为0，故W 2=0，故A 错。

从A 、C 两点分别到B 点做功不为0且应相等。

故W 1= W 3不等于0，故BD 错C 对。

故选C 。

【考点】电场力做功。

【名师点睛】点电荷产生的电场中等势线为以O 为圆心的同心圆。

故AC 两点电势相等。

距离正点电荷的距离越
远，则电势越低。

由W=qU ，确定电场力做功的正负与大小。

应用此公式时应注意电荷量的正负和电势差的正负。

5.如图所示，在匀强电场中A 、B 、C 三点构成一边长为a 的等边三角形，电场强度方向平行于纸面，现有一电子，在电场力作用下，由A 至C 动能减少W ，而质子在电场力作用下，由A 至B 动能增加W ，则对该匀强电场E 的
方向的判断正确的是（ ）
A ．方向垂直BC 并由A 指向BC
B ．方向垂直B
C 并由A 指向BC C ．方向垂直AC 并由B 指向AC
D ．方向垂直AB 并由C 指向AB 【答案】B
【解析】电子在电场力作用下，由A 至C 动能减少W ，故电场力做负功。

由电势差定义式 ，
为正，
即A 点电势比C 点电势高。

同理，质子在电场力作用下，由A 至B 动能增加W ，故电场力做正功。

由电势差定义式
，可知
为正值，即A 比B 电势高。

故BC 两点电势相等，BC 连线为等势面，电势比 A
点电势低。

故电场线应垂直与BC 并由A 指向BC 。

故B 对，ACD 错。

故选B 。

【考点】匀强电场的等势线、电场线。

【名师点睛】由电势差的定义式求解两种情况下电势差的情况，即可知ABC 三点的电势高低。

从而确定等势线，继而求出电场线。

应用公式时注意电荷量和功都要代入符号运算。

求出电势差为正，说明前面的点的电势高，否则，后面点的电势高。

6.如图所示，在两个固定电荷+q 和－q 之间放入两个原来不带电的导体，1、2、3、4为导体上的四个点，在达到静电平衡后，各点的电势分别是φ1、φ2、φ3、φ4，则（ ）
A ．φ4＞φ3＞φ2＞φ1
B ．φ4=φ3＞φ2=φ1
C ．φ4＜φ3＜φ2＜φ1
D ．φ4=φ3＜φ2=φ1
【答案】B
【解析】由静电平衡状态下的导体可知，电场中的导体是等势体，故φ2=φ1 φ4=φ3，故AC 错。

再由电场分布特点可知，越靠近正电荷，电势越高，故电势关系为=>=，故B 对D 错。

故选B 。

【考点】电势、静电平衡
【名师点睛】导体达到静电平衡后是等势体，导体上各点的电势相等。

这是解决此类问题的关键所在。

再由固定电荷产生的电场情况判断电势的高低即可。

7.传感器是一种采集信息的重要器件，如图所示是一种测定压力的电容式传感器，当待测压力F 作用于可动膜片电极上时，可使膜片产生形变，引起电容的变化。

将电容器、灵敏电流计和电源串联接成闭合回路。

那么（ ）
A．当F向上压膜片电极时，电容将减小
B．当F向上压膜片电极时，电容将增大
C．若电流计无示数，则压力F发生变化
D．若电流计有示数，则压力F不发生变化
【答案】B
【解析】由题可知，电容器的电压不变．若F向上压膜片电极，减小板间距离，由电容决定式，电容增
大，故A错B对。

电容器、灵敏电流计和电源串联接成闭合回路，稳定时电容器两端电压为电源电动势，当压力
F变化时，电容发生变化，由可知，电量变化，电容器充放电，电路中形成充放电电流，反之，若有示数，则压力发生变化。

无示数则压力不变。

故CD错。

故选B。

【考点】电容器的电容
【名师点睛】由电容器的决定式判定当有压力即压力变化时，电容的变化情况，电容器、灵敏电流计和电源串联接成闭合回路，故若有电流，为充放电电流，则电容发生变化，则距离发生变化。

本题考查电容器的动态变化问题，学生只要掌握住电容器的决定式和定义式即可。

8.如图所示，虚线a、b、c为三个同心圆，圆心处为一个点电荷，现从c外面一点P以相同的速率发射两个电荷量、质量都相同的带电粒子，分别沿PM、PN运动到M、N， M、N两点都位于圆周c上。

以下判断正确的是
（）
A．两粒子带同种电荷
B．两粒子带异种电荷
C．到达M、N时两粒子速率仍相等
D．到达M、N时两粒子速率不相等
【答案】BD
【解析】由轨迹看出，点电荷左侧的带电粒子有排斥力，与中心点电荷电性相同；对右侧的带电粒子有吸引力，与中心点电荷电性相反，则两粒子带异种电荷．故A错误，B正确。

由题，M、N两点都处于圆周c上，电势相等，
两带电粒子又是从同一点P出发，则电势差U
PM =U
PN
，电场力对两个带电粒子做功大小相等，而从P到M的粒子
电场力总功为负功，从P到N的粒子电场力总功为正功，根据动能定理得到，到达M、N时两粒子速率v
M
＜
v
N
．故C错误D正确。

故选BD。

【考点】电场力做功、电势及电势差的概念等。

【名师点睛】根据轨迹的弯曲方向确定带电粒子所受的电场力方向，判断带电粒子与点电荷是同种电荷还是异种电荷。

根据动能定理确定到达M、N时两粒子速率关系。

本题是轨迹问题，根据轨迹的弯曲方向要能判断出带电粒子所受的电场力大体方向，电场力做功与初末位置间电势差成正比。

9.如图所示，一绝缘光滑半圆环轨道放在竖直向下的匀强电场中，场强为E。

在与环心等高处放有一质量为m、带
电荷量＋q 的小球，由静止开始沿轨道运动，下述说法正确的是（ ）
A ．小球经过环的最低点时速度最大
B ．小球在运动过程中机械能守恒
C ．小球经过环的最低点时对轨道的压力大小为mg ＋qE
D ．小球经过环的最低点时对轨道的压力大小为3（mg ＋q
E ）
【答案】AD
【解析】小球从最高点到最低点的过程中，合力做正功最多，则根据动能定理得知，动能增加最大，速率增大最大，所以小球经过环的最低点时速度最大．故A 正确。

小球运动过程中电场力做功，机械能不守恒。

故B 错误。

小球从最高点到最低点的过程，根据动能定理得：。

又由
，联立解得N=3
（mg+qE ）．故D 正确，C 错误． 故选：AD 。

【考点】电场力做功、动能定理。

【名师点睛】小球运动过程中电场力做功，机械能不守恒．根据动能定理知小球经过环的最低点时速度最大。

根据动能定理求出小球经过在最低点时的速度，由牛顿第二定律求出环对球的支持力，得到球对环的压力。

本题是带电体在匀强电场中做圆周运动的问题，由动能定理和牛顿运动定律结合求解是常用的思路。

10.如图，灯丝发出的电子经加速电场加速后，进入偏转电场，若加速电压为U 1，偏转电压为U 2，要使电子的侧移量Y 增大为原来的2倍，下列方法正确的是（ ）
A ．使U 1减小为原来的二分之一
B ．使U 2增大为原来的2倍
C ．使偏转电场极板的长度增大为原来2倍
D ．使偏转电场两极板间的距离减小为原来的四分之一
【答案】AB
【解析】设电子的质量和电量分别为m 和e 。

电子在加速电场中加速过程，根据动能定理得。

电子进入偏转电场后做类平抛运动，加速度大小为。

电子在水平方向做匀直线运动，则有。

在竖直
方向做匀加速运动，则有偏转量。

联立上述四式得， 。

根据偏转量
可知，要使电子
在电场中的偏转量y 增大为原来的2倍，使U 1减小为原来的二分之一，故A 正确。

根据偏转量可知，
要使电子在电场中的偏转量y 增大为原来的2倍，使U 2增大为原来的2倍，故B 正确。

根据偏转量可
知，要使电子在电场中的偏转量y 增大为原来的2倍，使偏转板的长度L 增大为原来倍，故C 错误。

根据偏转
量
可知，要使电子在电场中的偏转量y 增大为原来的2倍，使偏转板的距离减小为原来的二分之一，故
D 错误。

故选AB 。

【考点】带电粒子在电场中加速和偏转的规律。

【名师点睛】电子先经加速电场加速后，进入偏转电场，根据动能定理求出加速获得的速度与加速电压的关系．由牛顿第二定律求出电子进入偏转电场时的加速度，根据运动的合成与分解，推导出电子在偏转电场中偏转量与偏转电压的关系，再综合得到偏转电场中偏转量与加速电压、偏转电压的关系，再进行选择．本题粒子从静止开始先进入加速电场后进入偏转电场，得到的结论与粒子的质量和电量无关。

11.如图所示，水平放置的平行板电容器，上板带负电，下板带正电，带电小球以速度v 0水平射入电场，且沿下板边缘飞出。

若断开电源且保持下板不动，将上板上移一小段距离，小球仍以相同的速度v 0从原处飞入，则带电小
球（ ）
A ．可能打在下板中央
B ．仍沿原轨迹由下板边缘飞出
C ．不发生偏转，沿直线运动
D ．若上板不动，将下板上移一段距离，小球可能打在下板的中央
【答案】BD
【解析】将电容器上板向上移动一段距离，电容器所带的电量Q 不变，因为、
和
得
，由公式可知当d 增大时，场强E 不变，以相同的速度入射的小球仍按原来的轨迹运动，
由下板边缘飞出，故B 正确，AC 错误。

若上板不动，将下板上移一段距离时，根据推论可知，板间电场强度不变，粒子所受的电场力不变，粒子轨迹不变，小球可能打在下板的中央，故D 正确．故选：BD 。

【考点】带电粒子在匀强电场中偏转规律、电场强度。

【名师点睛】当电容器与电源断开时，电容器的带电量是不变的。

当电容器与电源相连时，电容器的电压不变。

将电容器的上下极板移动一定距离后，由于电容器的带电量不变，由电容的定义式和平行板电容器电容的决定式可知电场强度不变，从而判断粒子的运动情况。

12.（1）如图所示，可以探究影响电荷间相互作用力的因素。

O 是一个带电的物体，若把系在丝线上的带电小球先后挂在横杆上的P 1、P 2、P 3等位置，可以比较小球在不同位置所受带电物体的作用力的大小，这个力的大小可以通过丝线偏离竖直方向的角度θ显示出来。

若物体O 的电荷量用Q 表示，小球的电荷量用q 表示，物体与小球间距离用d 表示，物体和小球之间的作用力大小用F 表示．则以下对该实验现象的判断正确的是（ ）
A ．保持Q 、q 不变，增大d ，则θ变大，说明F 与d 有关
B ．保持Q 、q 不变，减小d ，则θ变大，说明F 与d 有关
C ．保持Q 、d 不变，减小q ，则θ变小，说明F 与q 有关
D ．保持q 、d 不变，减小Q ，则θ变大，说明F 与Q 成反比 （2）上述完成该实验的方法是
A ．假设法
B ．微元法
C ．控制变量法 【答案】（1）BC （2）C
【解析】（1）保持Q 、q 不变，根据库仑定律公式
，增大d ，库仑力变小，则θ变小，减小d ，库仑力
变大，则θ变大．F 与d 的二次方成反比，故A 错误B 正确．保持Q 、d 不变，减小q ，则库仑力变小，θ变小，知F 与q 有关，故C 正确．保持q 、d 不变，减小Q ，则库仑力变小，θ变小，根据库仑定律公式
，知F
与两电荷的乘积成正比，故D 错误。

故选BC 。

（2）当一个物理量的相关因素有很多时，我们研究其中一个因素与这个物理量的关系，应用控制变量法。

故选C 。

【考点】库仑定律。

【名师点睛】根据库仑定律
，判定物体与小球间的库仑力与什么因素有关，丝线偏离数值方向的夹角越
大，则库仑力越大。

解决本题的关键是掌握库仑定律。

控制变量法是物理中经常用到的一种解决问题的方法。

13.（1）影响平行板电容器电容的因素有 ，在实验室中完成这个实验的方法是 A ．两极板的正对面积 B ．两板间距离
C ．电介质的介电常数
D ．极板的材料 F ．控制变量法 G ．假设法
H．微小量放大法
（2）在研究影响平行板电容器电容大小因素的实验中，如图所示，把一个平行板电容器与一个静电计相连接后，
给电容器带上一定电量，静电计指针的偏转指示出电容器两板间的电势差的变化，现保持B极板不动，而要使静
电计指针的偏角增大，可采取的办法是（）
A、A板向右移一些
B、A板向左移一些
C、A板向上移一些
D、在MN之间插入一片有机玻璃板
【答案】（1）ABC ，F （2）BC
【解析】
（1）影响平行板电容器电容的因素有两极板的正对面积、两板间距离、电介质的介电常数，故选ABC。

在研究影
响平行板电容器电容大小因素的实验中，有三个影响因素，为了探究其中一个因素对电容的影响，应采用控制变量法。

故选F。

（2）A板向右移时，S不变，减小d，根据知，电容C增大，再由知，电容器电压减小，指针
夹角θ变小，所以A错误；A板向左移时，S不变，增大d，根据知，电容C减小，再由知，电
容器电压增大，同理指针夹角θ变大，所以Ｂ正确；A板向上移时，d不变，减小S，根据知，电容C
减小，再由知，电容器电压增大，静电计指针与外壳间的电压与电容器两板间的电压相等，指针夹角θ变大，所以C正确；在MN之间插入一片有机玻璃板，变大，根据知，电容C增大，再由知，
电容器电压减小，指针夹角θ变小，所以D错误；故选BC。

【考点】电容器的电容。

【名师点睛】当一个物理量的相关因素有很多时，我们研究其中一个因素与这个物理量的关系，应用控制变量法。

由题看出，电容器的电量几乎不变．将极板A稍向上移动一点，观察到静电计指针示数变大，由公式分析
电容变化抓住电容器的电量几乎不变是关键．涉及到电容器动态变化分析的问题，常常根据电容的决定式
和电容的定义式综合分析，是常用思路。

二、计算题
1.如图所示，一带电量为+q、质量为+m的小物块处于一倾角为θ的光滑斜面上，当整个装置被置于一水平向右的
匀强电场中，小物块恰好静止，求：
（1）电场强度E；
（2）若电场强度减小为原来的，物块的加速度a；
（3）电场变化后物块下滑距离L所用的时间t。

【答案】（1）E=mgtanθ/q（2）a=gsinθ/2（3）t=（4L/gsinθ）1/2
【解析】
（1）tanθ=Eq/mg E=mgtanθ/q（或mgsinθ="Eqcosθ" E="mgtanθ/q" ）
（2）mgsinθ－Eqcosθ/2=ma a=gsinθ/2
⑶L=at2/2 t=（2L/a）1/2=（4L/gsinθ）1/2
【考点】受力分析、牛顿第二定律、匀变速直线运动规律。

【名师点睛】
（1）带电物体静止于光滑斜面上恰好静止，且斜面又处于水平匀强电场中，则可根据重力、支持力，又处于平衡，可得电场力方向，再由电荷的电性来确定电场强度方向。

由三力平衡，借助于力的平行四边形定则来确定电场强度方向。

（2）当电场强度减半后，物体受力不平衡，产生加速度，借助于电场力由牛顿第二定律可求出加速度大小。