(试卷合集3份)2023届吉林市名校高一物理下学期期末质量检测试题

高一(下)学期期末物理模拟试卷
一、单项选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的
1．(本题9分)“套圈圈”是老少皆宜的游戏，如图，大人和小孩在同一竖直线上的不同高度处分别以水平速度v1、v2抛出铁丝圈，都能套中地面上的同一目标。

设铁丝圈在空中运动时间分别为t1、t2不计空气阻力，则
A．v1=v2B．v1<v2C．t1<t2D．t1=t2
2．(本题9分)如图所示，汽车在一水平公路上转弯时，汽车的运动可视为匀速圆周运动的一部分。

下列关于汽车转弯时的说法正确的是
A．汽车处于平衡状态
B．汽车的向心力由重力提供
C．汽车的向心力由摩擦力提供
D．汽车的向心力由支持力提供
3．(本题9分)关于能量和能源，下列说法中正确的是( )
A．能量在转化和转移过程中，其总量有可能增加
B．能量在转化和转移过程中，其总量会不断减少
C．能量在转化和转移过程中总量保持不变，故节约能源没有必要
D．能量的转化和转移具有方向性．且现有可利用的能源有限，故必须节约能源
4．(本题9分)小船在400米宽的河中横渡,河水流速是2 m/s,船在静水中的航速是4 m/s,要使船航程最短,则船头的指向和渡河的时间t分别为()
A．船头应垂直指向对岸,t=100s
B．船头应与上游河岸成60°角,t=100s
2003
C．船头应与上游河岸成60°角，
2003
D．船头应与上游河岸成30°角，
5．(本题9分)假设摩托艇受到的阻力的大小正比于它的速率．如果摩托艇发动机的输出功率变为原来的2倍，则摩托艇的最大速率变为原来的（）
A．4倍B．2倍C．22倍D．2倍
6．(本题9分)如图所示,为一在水平面内做匀速圆周运动的圆锥摆,关于摆球的受力情况,下列说法中正确的是（）
A．摆球受重力、拉力和向心力的作用
B．摆球受拉力和向心力的作用
C．摆球受拉力和重力的作用
D．摆球受重力和向心力的作用
7．如图所示，蹦极是一种非常刺激的娱乐项目。

为了研究蹦极过程，做以下简化：将体验者视为质量为m质点，他沿竖直方向由静止开始下落，忽略弹性绳的质量和空气阻力。

整个过程中弹性绳始终在弹性限度内。

已知：弹性绳的原长为l0，弹性绳的弹力大小可以用F=kx来计算，式中k为常量，x为弹性绳的伸长量。

重力加速度为g。

在下落过程中，
A．体验者的机械能保持不变
B．当弹性绳刚好被拉直时，弹性绳的弹力大小为kl0
C．当弹性绳的弹力等于体验者的重力时，体验者速度达到最大
2gl
D
8．如图所示，飞机水平飞行时向下投出一重物，不计空气阻力，图中虚线为重物的运动轨迹.下列表示重物在P位置时速度和加速度方向的箭头分别是
A．①、②B．②、①C．②、③D．③、②
9．(本题9分)下列关于运动物体所受合外力做功和动能变化的关系正确的是（）
A．如果物体所受合外力为零，则合外力对物体做的功为零
B．如果合外力对物体做的功为零，则每个力对物体做的功一定为零
C．物体在合外力作用下做变速运动，动能一定发生变化
D．物体的动能不变，所受合外力一定为零
10．下列关于物理学研究方法的叙述中正确的是
A．实验探究匀速圆周运动向心力与物体运动的角速度、半径、质量的关系时，采用了比值定义法B．在研究运动的合成与分解时，采用了控制变量法
C．人们为了研究物体做功的快慢引入了功率，功率的定义采用了等效替代的方法
D．卡文迪许巧妙地利用扭秤测出了铅球间的万有引力，得到了万有引力常量，实验采用了微小量放大法二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分
11．(本题9分)如图所示，两个倾角都为30°、足够长的光滑斜面对接在一起并固定在地面上，顶端安装一光滑的定滑轮，质量分别为2m和m的A、B两物体分别放在左右斜面上，不可伸长的轻绳跨过滑轮将A、B两物体连接，B与右边斜面的底端挡板C之间连有橡皮筋．现用手握住A，使橡皮筋刚好无形变，系统处于静止状态．松手后，从A、B开始运动到它们速度再次都为零的过程中（绳和橡皮筋都与斜面平行且橡皮筋伸长在弹性限度内）
A．A、B与地球的机械能之和守恒
B．A、B、橡皮筋与地球的机械能之和守恒
C．A的重力势能减少量大于橡皮筋弹力所做的功
D．重力对A做功的平均功率小于橡皮筋弹力对B做功的平均功率
12．(本题9分)如图所示，点L1和点L2称为地月连线上的拉格朗日点．在L1点处的物体可与月球同步绕地球转动．在L2点处附近的飞行器无法保持静止平衡，但可在地球引力和月球引力共同作用下围绕L2点绕行．我国中继星鹊桥就是绕L2点转动的卫星，嫦娥四号在月球背面工作时所发出的信号通过鹊桥卫星传回地面，若鹊桥卫星与月球、地球两天体中心距离分别为R1、R2，信号传播速度为c．则（）
A ．鹊桥卫星在地球上发射时的发射速度大于地球的逃逸速度
B ．处于L 1点的绕地球运转的卫星周期接近28天
C ．嫦娥四号发出信号到传回地面的时间为12R R t c
+= D ．处于L 1点绕地球运转的卫星其向心加速度a 1小于地球同步卫星的加速度a 2
13． (本题9分)一物体置于水平面，在水平恒力F 作用下，从静止开始做匀加速直线运动，发生位移d 时，撤去水平恒力F ，物体再发生位移d 停止，则运动过程中
A ．物体受动摩擦力大小为
2
F B ．物体受动摩擦力大小为4
F C ．物体最大动能为2
Fd D ．物体最大动能为4Fd 14． (本题9分)小球从空中某处从静止开始自由下落，与水平地面碰撞后上升到空中某一高度处，此过程中小球速度随时间变化的关系如所示，则（ ）
A ．在下落和上升两个过程中，小球的加速度相同
B ．小球开始下落离地面的高度为0.8 m
C ．整个过程中小球的位移为1.0 m
D ．整个过程中小球的平均速度大小为1 m/s
15． (本题9分)质量为2kg 的物体竖直向上抛出，物体动能E 随上升的高度h 的变化关系如图所示。

重力加速度取10m/s 2。

由图中数据可得
A．所受阻力大小为10N
B．所受阻力大小为30N
C．上升2m过程中，机械能减小20J
D．上升2m过程中，机械能减小60J
16．如图所示，一质量为m的小球套在光滑且固定的倾斜杆上，一轻质弹簧的右端与小球连接，弹簧左端连接在O点，与杆在同一竖直平面内，弹簧可绕O点自由旋转。

初始时刻弹簧处于水平压缩状态，现将小球从静止释放，小球运动到O点正下方时速度恰好为零，则小球从释放到最低点的过程中，下列说法正确的是
A．小球的机械能守恒
B．小球在最低点的加速度为零
C．弹簧的弹性势能先增大后减小再增大
D．弹簧的弹性势能增加量等于小球的重力势能减少量
三、实验题:共2小题，每题8分，共16分
17．(本题9分)某实验小组的同学做“用单摆测定重力加速度”的实验。

（1）实验时除用到秒表、刻度尺外，还应该用到下列器材中的_________选填选项前的字母）
A．长约1m的细线B．长约1m的橡皮绳
C．直径约1cm的均匀铁球D．直径约10cm的均匀木球
（2）选择好器材，将符合实验要求的单摆悬挂在铁架台上，应采用图中________所示的固定方式（选填“甲”或“乙”）。

（3）将单摆正确悬挂后进行如下操作，其中正确的时____________（选填选项前的字母）。

A．测出摆线长作为单摆的摆长
B．把单摆从平衡位置拉开一个很小的角度由静止释放，使之做简谐运动
C．在摆球经过平衡位置时开始计时
D．用秒表测量单摆完成1次全振动所用时间并作为单摆的周期
（4）用l表示单摆的摆长，用T表示单摆的周期，则计算重力加速度的表达式为g=____________.
（5）乙同学测得的重力加速度数值大于当地的重力加速度的实际值，造成这一情况的原因可能是________（选填选向前的字母）。

A．开始摆动时振幅较小
B．开始计时时，过早按下秒表
C．测量周期时，误将摆球（n-1）次全振动的时间记为n次全振动的时间
D．实验中，由于操作不当，使摆球做圆锥摆运动
18．某同学在用电流表和电压表测定干电池的电动势和内阻的实验中：
(1)有如下器材可供选择：
A．干电池1节（电动势约为1.5V）
B．滑动变阻器R1（0～20Ω）
C．滑动变阻器R2（0～2kΩ）
D．电压表V1（0～3V，内阻约为2kΩ）
E.电压表V2（0～15V，内阻约为3kΩ）
F.电流表A（0～0.6A，内阻约为2Ω）
G.开关S、导线若干等
其中滑动变阻器应选________，电压表应选______（均选填器材前的选项字母）。

(2)为了最大限度地减小实验误差，请在下面的虚线框中画出该实验最合理的电路图___。

(3)该同学按照正确的电路图连接好实物图，操作规范，开始实验。

然后多次改变滑动变阻器滑片的位置，记录相应电压表和电流表的数据，并根据这些数据画出了U-I图线如图所示，则根据此图线可以求出被测
干电池的电动势E=______V ，内阻r=________Ω。

四、解答题：本题共4题，每题5分，共20分
19．（6分） (本题9分)如图所示，射击枪水平放置，射击枪与目标靶中心位于同一水平线上，枪口与目标靶之间的距离s=100m ，子弹从枪口水平射出击中目标靶位置离靶中心高度h=0.2m ，不计空气阻力，取重力加速度g 为10 m/s 2，求：
（1）子弹从射出到击中目标靶的时间；
（2）子弹射出枪口时的速度大小。

20．（6分） “旋转秋千”是游乐园里常见的游乐项目,其示意图如图所示,长为L=10m 的钢绳一端系着座椅,另一端固定在半径为r=4m 的水平转盘边缘,转盘可绕穿过其中心的竖直轴转动.当转盘匀速转动时,钢绳与转轴在同一竖直平面内,与竖直方向的夹角为37θ=︒，不计钢绳的重力和空气阻力，重力加速度
210m s g =，sin370.6︒=，cos370.8︒=.求转盘转动的角速度ω的大小.
21．（6分）质量为M=1.5kg 的平板车停放在光滑的水平面上，左端放置着一块质量为m=450g 的小物块，一颗质量为m 0=50g 的子弹以v 0=100m/s 的速度水平瞬间射入小物块并留在其中，平板车足够长，求：
(1)子弹射入小物块瞬间两者的共同速度（小物块滑动前）；
(2)小物块与平板车间因摩擦产生的热量。

22．（8分） (本题9分)如图，用与水平方向成θ角的恒力F ，将质量为m 的物体由静止开始从A 点拉到B 点，若物体和地面间的动摩擦因数为μ，AB 间距离为x ．求：
（1）从A 到B 的过程中力F 做的功W ；
（2）物体到达B 点时速度v 的大小．
参考答案
一、单项选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的
1．B
【解析】
【详解】
CD.根据2h t g
=h 1＞h 2，则t 1＞t 2，选项CD 错误； AB.由于水平位移相等，根据x=vt 知，v 1＜v 2，故B 正确，A 错误。

2．C
【解析】汽车做匀速圆周运动，合力不为零，不是平衡状态，故A 错误．汽车所受的重力和支持力平衡，靠静摩擦力提供向心力，故BD 错误，C 正确．故选C ．
3．D
【解析】
能量在转化和转移过程中，总量是守恒的，故选项A 、B 错误；能量在转化和转移过程中总量保持不变，但我们要注意节约能源，选项C 错误，D 正确．
思路分析：能量在转化和转移过程中，总量是守恒的，能量在转化和转移过程中总量保持不变，但我们要注意节约能源，
试题点评：本题考查了对能量守恒定律得理解以及培养节能意识
4．C
【解析】
当合速度的方向与河岸垂直时，渡河位移最短，设船头与上游河岸方向的夹角为θ，则21cos 42s c v v θ=
==，所以60θ=︒，渡河的位移x=d=400m ；根据矢量合成法则，则有：2223/c s v v v m s =-=合，渡河时间
d t s v ===合，C 正确． 【点睛】船航行时速度为静水中的速度与河水流速二者合速度，这类题主要是问最短的时间和最短的路程，最短的时间主要是希望合速度在垂直河岸方向上的分量最大，这样就可以用最快的速度过河，这个分量一般刚好是船在静水中的速度，即船当以静水中的速度垂直河岸过河的时候渡河时间最短；最短的路程主要
是希望合速度的方向在垂直河岸方向上，这样就可以在垂直河岸方向上运动，最短的位移是河两岸的距离．
5．D
【解析】
【分析】
根据“摩托艇发动机的输出功率”可知，本题考查机车启动类问题．根据题意可知，摩托艇的阻力大小与速度成正比，即：f=kv ；当物体做匀速运动时，速度最大，此时牵引力F 与阻力f 相等：即F=f=kv ；而发动机的输出功率P=Fv ，据此分析判断．
【详解】
设阻力为f ，由题知：f=kv ；速度最大时，牵引力等于阻力，则有P=Fv=fv=kv 1．
所以摩托艇发动机的输出功率变为原来的1倍．故ABC 错误，D 正确．
【点睛】
解决本题的关键：一是能够正确的写出阻力与速度大小的表达式，二是利用功率的计算方法P=Fv ． 6．C
【解析】
【详解】
向心力是效果力，在受力分析时不能说球受到向心力，摆球A 受拉力和重力的作用，拉力和重力的合力提供向心力，故C 正确；ABD 错误；故选C
7．C
【解析】
【详解】
A. 因弹性绳被拉直后，弹性绳的弹力对体验者做负功，则此时体验者的机械能减小，选项A 错误；
B. 当弹性绳刚好被拉直时，弹性绳无形变，此时的弹力大小为零，选项B 错误；
C. 因弹性绳被拉直后，开始阶段弹力小于重力，体验者的加速度向下，即加速向下运动；当弹性绳的弹力等于体验者的重力时，体验者的加速度减为零，此时体验者速度达到最大，选项C 正确；
D. ，以后还会加速运动一段时间，直到速度最大，可
，选项D 错误.
8．C
【解析】
【分析】
曲线运动的速度方向沿轨迹上该点的切线方向，加速度指向轨迹弯曲的内侧，由此分析即可．
【详解】
根据曲线运动的速度方向沿轨迹上的切线方向，加速度指向轨迹弯曲的内侧，可知，重物在P位置时速度方向为②，加速度方向为③。

故ABD错误，C正确。

故选：C
9．A
【解析】
根据功的计算公式：W=FS,力为零总功一定为零A对；合外力做的总功为零只能说动能没变，可能是物体的速度方向发生了变化，例如匀速圆周运动，合力指向圆心，一直与速度垂直，做功为零但是合外力不为零，所以B错误；C错；D错．
思路分析：根据力做功的条件和动能定理做出选择
试题点评：考查和力做功与合力大小的关系
10．D
【解析】
【详解】
A.实验探究匀速圆周运动向心力与物体运动的角速度、半径、质量的关系时，采用了控制变量法，故A错误。

B.在研究运动的合成与分解时，采用了等效替代法，故B错误。

C.人们为了研究物体做功的快慢引入了功率，功率的定义采用了比值定义法，故C错误。

D.卡文迪许巧妙地利用扭秤测出了铅球间的万有引力，得到了万有引力常量，实验采用了微小量放大法，故D正确。

二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分
11．BC
【解析】
【分析】
两物体运动过程中，只有重力和弹簧弹力做功，AB两个物体和弹簧系统机械能守恒，根据能量守恒可判断C选项．平均功率等于功除以时间．
【详解】
两物体运动过程中，只有重力和弹簧弹力做功，AB两个物体和弹簧系统机械能守恒，但AB的机械能之和不守恒，故A错误，B正确；根据能量守恒可知，A的重力势能减少量等于B的重力势能的增加量和弹簧
弹性势能的增加量，所以A 的重力势能减少量大于橡皮筋弹力所做的功，故C 正确；重力对A 做功大于橡皮筋弹力对B 做功，而时间相等，重力对A 做功的平均功率大于橡皮筋弹力对B 做功的平均功率，故D 错误．故选BC ．
【点睛】
本题主要考查了机械能守恒的条件和能量守恒定律的直接应用，根据机械能守恒条件分析判断即可． 12．BD
【解析】
【详解】
A.逃逸速度是卫星脱离地球的引力的第二宇宙速度，“鹊桥”的发射速度应小于逃逸速度，故A 错误；
B.根据题意知中继星“鹊桥”绕地球转动的周期与月球绕地球转动的周期相同，故B 正确；
C.鹊桥卫星与月球、地球两天体中心距离分别为R 1、R 2，到地表的距离要小一些，则嫦娥四号发出信号到传回地面的时间为t 要小于12R R c
+，故C 错误； D 、由a=r ω可知处于L 1点绕地球运转的卫星其向心加速度a 1小于月球的向心加速度，由2GM a r =
可知月球的向心加速度小于同步卫星的向心加速度，则卫星其向心加速度a 1小于地球同步卫星的加速度a 2，故D 正确.
13．AC
【解析】
AB. 设物体在运动中受到的摩擦力的大小为f ，对整个过程运用动能定理得：
Fs−2fs=0，解得：f=F/2，故A 正确，B 错误；
CD ．撤去水平恒力F 前做加速运动，撤去水平恒力后做减速运动，所以撤去水平恒力瞬间速度最大，根据动能定理Fd-fd=E km ，E km =
Fd 2，故C 正确，D 错误． 故选AC.
14．ABD
【解析】
小球在下落和上升时，v-t 图象斜率相同，故加速度相同，故A 正确；小球在0.4s 时落到地面，落地前运动的距离h ＝12
×0.4×4＝0.8m ，故物体下落时离地高度为0.8m ，故B 正确；小球反弹后上升的高h′＝12
×2×0.2＝0.2m ，故物体的总位移为x=0.6m ，方向向下，故C 错误；整个过程的平均速度0.6 1/0.6
x v m s t ＝＝＝，故D 正确；故选ABD ． 15．AC
【解析】
AB.对物体受力分析后列动能定理得：-mgh-fh=△E k，由图象得：h=2m，△E k=-60J，代入解得：f=10N，故A正确，B错误；
CD.除重力外其他力做功等于机械能变化量，除重力外，只有阻力做功，克服阻力做功：W f=fh，解得：
W f=20J，则机械能减小20J，故C正确，D错误。

16．CD
【解析】
【详解】
A. 由于弹簧的弹力对小球做功，可知小球的机械能不守恒，选项A错误；
B.小球运动过程中速度最大时加速度为零，而到O点正下方时速度恰好为零，可知加速度不为零，选项B 错误；
C.开始位置弹簧处于压缩状态，小球向下运动到与杆垂直位置时弹簧压缩到最短；此过程中弹性势能增加；然后继续向下运动过程中，弹簧长度逐渐变长，弹性势能减小，一直到原长位置，弹性势能减为零；然后弹簧被拉长直到最低点位置，此过程中弹性势能逐渐变大，选项C正确；
D.由能量关系，开始时和到达最低点位置时小球的动能均为零，则整个过程中弹簧的弹性势能增加量等于小球的重力势能减少量，选项D正确.
三、实验题:共2小题，每题8分，共16分
17．AC 乙BC
2
2
4
g
k
π
=CD
【解析】
【详解】
（1）[1]AB.实验过程单摆摆长应保持不变，应选择长约1m的细线作为摆线，摆线不能选择有弹性的橡皮绳，故A正确，B错误；
CD.为减小实验误差，应选择密度大而体积小的球作为摆球，应选择直径约1cm的均匀铁球作为摆球，不要选用直径约10cm的均匀木球，故C正确，D错误；
故选：AC；
（2）[2]在该实验的过程中，悬点要固定，应采用图乙中所示的固定方式。

（3）[3]A.摆线长度与摆球半径之和是单摆的摆长，故A错误；
B.单摆在小角度下的运动为简谐运动，把单摆从平衡位置拉开一个很小的角度释放，使之做简谐运动，故B正确；
C.为减小测量误差，在摆球经过平衡位置时开始计时，故C正确；
D.为减小测量误差，应测出n个周期的总时间t，然后求出周期：
t
T
n
=，用单摆完成1次全振动所用时
间并作为单摆的周期实验误差较大，故D错误；
（4）[4]由单摆周期公式：22l T l g g ππ== ，可知：T 与l 成正比，T−l 图象是正比例函数图象，T−l 图象的斜率：
k g
=， 则重力加速度：
2
24g k
π=； （5）[5]由单摆周期公式：2l T g
π=得： 224l g T
π=； A.单摆在小角度下的摆到为简谐振动，开始摆动时振幅较小，单摆的振幅对重力加速度的测量没有影响，故A 错误；
B.开始计时时，过早按下秒表，所测周期T 偏大，所测重力加速度偏小，故B 错误；
C.测量周期时，误将摆球（n−1）次全振动的时间记为n 次全振动的时间，所测周期T 偏小，所测重力加速度g 偏大，故C 正确；
D.实验中，由于操作不当，使摆球做圆锥摆运动，测得的周期T 偏小，所测重力加速度偏大；
故选：CD ；
故答案为：（1）AC ；（2）乙（3）BC ；（4）2
24g k
π=（5）CD 。

【点睛】
单摆测定重力加速度的原理：单摆的周期公式，还要知道：摆角很小的情况下单摆的振动才是简谐运动；摆长等于摆线的长度加上摆球的半径，为减小误差应保证摆线的长短不变；单摆在摆动的过程中，摆长不能发生变化．在最低点，速度最快，开始计时误差较小。

18．B D 1.45 0.9
【解析】
【详解】
(1)[1]为方便实验操作，滑动变阻器应选择B ；
电流表应采用外接法，实验电路图如图所示；
(3)[4] 由图示电源U-I 图象可知，电源电动势：E=1.45V ，
[5]电源内阻：。

四、解答题：本题共4题，每题5分，共20分
19． (1) t=0.2s (2) v 0=500m/s
【解析】
【详解】
（1）根据212h gt =
可得 2h g
（2）水平方向：
s=v 0t
解得：
v 0=500m/s
20．3rad s ω= 【解析】
【分析】
对座椅受力分析，求得椅子受到的合力的大小，根据向心力的公式可以求得角速度ω与夹角θ的关系。

【详解】
座椅做匀速圆周运动的半径为：R=r+Lsinθ…①
由牛顿第二定律有：mgtanθ=mRω2…②
由①②两式联立得：tan 3sin g s r L θωθ=
+， 转盘转动的角速度为：3rad s ω。

【点睛】
本题考查了匀速圆周运动的基本应用，较为简单。

【解析】
【详解】
(1)子弹射入物体物块并留在物块中，规定向右为正方向，运用动量守恒定律得：
0001()m v m m v =+
代入数据得子弹和A 的共同速度为
110m/s v =
(2)子弹和小物块在车上滑行，对整体组成的系统研究，根据动量守恒定律得
010(())m m v m M m v +=++
代入数据得最终共同速度
2.5m/s v =
根据能量守恒定律得物块与平板车间因摩擦产生的热量等于该过程的动能减小量
2201011()()22
Q m m v M m m v =+-++ 代入数据得
18.75J Q =
22．（1）
cos Fs θ （2）v = 【解析】
试题分析：因为F 是恒力，根据公式求力F 做的功W ；先求得物体受到的摩擦力，再根据动能定理求物体到达B 点时的速度．
（1）根据功的定义可得：W=Fxcosθ
（2）对物体从A 点到B 点的过程，应用动能定理得： ()21cos sin 2Fx mg F x mv θμθ--=
解得：v =点睛：本题主要考查了功的定义和动能定理的应用．
高一(下)学期期末物理模拟试卷
一、单项选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的
1． (本题9分)如图所示，光滑水平面上，小球m 在拉力F 作用下做匀速圆周运动．若小球运动到P 点时，拉力F 突然消失，关于小球运动情况的说法正确的是（ ）
A ．小球将沿轨迹 Pa 做离心运动
B ．小球将沿轨迹 Pb 做离心运动
C ．小球将沿轨迹 Pc 做向心运动
D ．小球将继续做匀速圆周运动
2． (本题9分)a 、b 两灯连接成如图所示的电路。

a 灯的规格为“220V 40W”，b 灯的规格为“220V 100W”。

通电时，a 、b 灯两端电压分别为a U 、b U ，实际功率分别为a P 、b P ，且实际功率都没有超过额定功率，设a 、b 灯电阻不变。

下列判断正确的是
A ．a b U U <，a b P P <
B ．a b U U <，a b P P >
C ．a b U U >，a b P P <
D ．a b U U >，a b P P >
3．在如图所示的电路中，电表都为理想电表，灯泡L 的电阻大于电源的内阻r ，闭合电键S ，将滑动变阻器滑片P 向左移动一段距离后，下列结论正确的是（）
A ．灯泡L 变亮
B ．电源的输出功率增大
C ．电容器C 上电荷量减少
D ．电流表读数变小，电压表读数变大
每次身体重心上升的距离均为0.3m，那么他在该过程中克服重力做的功W和相应的功率P约为（）
A．0 ；75W B．150J；75W
C．3000J；50W D．1500J；100W
5．(本题9分)如图，一个质量为m的刚性圆环套在粗糙的竖直固定细杆上，圆环的直径略大于细杆的直径，圆环的两边与两个完全相同的轻质弹簧的一端相连，轻质弹簧的另一端相连在和圆环同一高度的墙壁上的P、Q两点处，弹簧的劲度系数为k，开始时圆环处于O点，弹簧处于原长状态且原长为l，细杆上的A、B两点到O点的距离都为l，将圆环拉至A点由静止释放，重力加速度为g，对于圆环从A点运动到B 点的过程中，下列说法正确的是
A．圆环通过O点的加速度小于g
B．圆环与两弹簧组成的系统机械能不守恒
C．圆环在O点的速度为gl
D．圆环在B点的速度为2gl
6．(本题9分)如图所示，实线表示某电场的电场线，虚线是一带负电的粒子只在电场力作用下的运动轨迹，设M点和N点的电势分别为φM、φN，粒子在M和N时加速度大小分别为a M、a N，速度大小分别为v M、v N，电势能分别为E pM、E pN．下列判断正确的是（）
A．a M＜a N B．v M＜v N C．φM＜φN D．E PN＜E PM
7．小船过河时，船头偏向下游与水流方向成α角，船相对静水的速度为v，现水流速度稍有增大，为保。