【精编】2018-2019学年下学期好教育云平台高三3月月考仿真卷(B卷)物理 教师版

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2018-2019学年下学期高三第一次月考仿真测试卷
物 理 (B )
注意事项:
1.答题前,先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上,并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

2.选择题的作答:每小题选出答案后,用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

3.非选择题的作答:用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

4.考试结束后,请将本试题卷和答题卡一并上交。

二、选择题:本题共8小题,每题6分,在每小题给出的四个选项中,第14~18题只有一个选项符合题目要求。

第19~21题有多选项题目要求。

全部答对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的的0分。

14.用一轻绳将小球P 系于光滑墙壁上的O 点,在墙壁和球P 之间夹有一矩形物块Q ,如图所示。

P 、Q 均处于静止状态,则下列说法正确的是
A .若绳子变短,Q 受到的静摩擦力将增大
B .小球P 受4个力的作用
C .物块Q 受到3个力的作用
D .若绳子变短,绳子的拉力将变小 【答案】B
【解析】Q 受到的静摩擦力竖直向上,与其重力平衡,与绳子长度无关,所以若绳子变短,Q 受到的静摩擦力不变,故A 错误。

P 受到重力、Q 的支持力和静摩擦力,绳子的拉力,共4个力作用,故B 正确。

Q 受到重力、墙壁的弹力、P 的压力和静摩擦力,共4个力作用,故C 错误。

设绳子与竖直方向的夹角为α,P 的重力为G ,绳子的拉力大小为F ,则由平衡条件得:f=G Q ,G P +f=Fcosα,则G P +G Q =Fcosα,G P 与G Q 不变,若绳子变短,α变大,cosα变小,则F 变大,故D 错误。

故选B 。

15.水平抛出的小球,t 秒末的速度方向与水平方向的夹角为θ1,t+t 0秒末速度方向与水平方向的夹角为θ2,忽略空气阻力,则小球初速度的大小为 A .gt 0(cosθ1-cosθ2) B .gt 0(tanθ1-tanθ2) C .
D .
【答案】C
【解析】设水平方向上的速度为v 0,t 秒末速度方向与水平方向的夹角为θ1,则竖直方向上的分速度:v y1=v 0tanθ1,(t+ t 0)秒末速度方向与水平方向的夹角为θ2,则竖直方向上的分速度:v y 2=v 0tanθ2。

根据v y2-v y1=g t 0得:。

故C 正确,ABD 错误。

故选C 。

16.如图所示,在光滑水平面上有一质量为m 的物体,它受到水平向右的力F 的作用。

力F 分别按图A 、B 、C 、D 所示的四种方式随时间t 变化(图中纵坐标是F 与mg 的比值,力沿水平向右为正)。

已知物体在t=0时速度为零,若用v 1、v 2、v 3、v 4分别表示上述四种受力情况下物体在2s 末的速率,则这四个速率中最大的是
A .
B .
C .
D .
【答案】A
【解析】物体运动过程中,受重力、支持力、拉力作用,合力等于拉力,根据动量定理,有:I=mv-0;故物体受到冲量最大时,末速度最大;图中
−t 图象与t 轴包围的面积与冲量大小成正比,上方冲量为
正,下方冲量为负,由于甲图中冲量的矢量和最大,故甲图中物体的末速度最大;故选A 。

17.如图所示,水平放置的平行金属板a 、b 分别与电源的两极相连,带电液滴P 在金属板a 、b 间保持静止,现设法使P 固定,再使两金属板a 、b 分别绕中心点O 、O′处垂直于纸面的轴顺时针转相同的小角度α,然后释放P ,则P 在电场内将做
A .匀运直线运动
B .水平向右的勺加速直线运动
C .曲线运动
D .斜向右下方的匀加速直线运动 【答案】B
【解析】当a 、b 金属板水平放置时,带电液滴P 在电场内处于静止状态,说明处于平衡状态,竖直向上的电场力大小等于重力的大小.当两平行金属板a 、b 分别以O 、O′中心为轴在竖直平面内
此卷


订不
密封
班级 姓名 准考证号 考场号 座位号
转过相同的较小角度α,然后释放P,此时P受到竖直向下的重力、垂直金属板的电场力,电场力方向与竖直方向的夹角为α,如图.
设板间距离原来为d,则由几何知识得知:转过α角时,板间距离为dcosα,板间场强为E=
U dcosα

电场力为F=qE=
qU
dcosα
,电场力方向与竖直方向的夹角为α,竖直方向的分力为Fcosα=
qU
d
.而原
来液滴处于静止状态,即有mg=qE=qU
d
,则得此时液滴竖直方向受力平衡,合力水平向右,故P
将水平向右作匀加速直线运动.故B正确.故选B。

18.以下是有关近代物理内容的若干叙述,其中正确的是
A.原子核发生一次β衰变,该原子外层就失去一个电子
B.按照玻尔理论,氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时,电子的动能减小,但原子的能量增大
C.比结合能小的原子核结合成或分解成比结合能大的原子核时一定吸收能量
D.一束光照射到某种金属上不能发生光电效应,可能是因为这束光的光强太小
【答案】B
【解析】β衰变的实质是原子核中的一个中子转变为一个质子和一个电子,电子释放出来,不是来自核外电子。

故A错误。

按照玻尔理论,氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时,根据可知,电子的动能减小,但原子要吸收能量,总能量增大,选项B正确;比结合能小的原子核结合成或分解成比结合能大的原子核时有质量亏损,释放核能。

故C错误;一束光照射到某种金属上不能发生光电效应,可能是因为这束光的频率太小,选项D错误;故选B。

19.如图(甲)所示,足够长的固定光滑细杆与地面成一定倾角,在杆上套有一个光滑小环,沿杆方向给环施加一个拉力F,使环由静止开始运动,已知拉力F及小环速度v随时间t变化的规律如图(乙)所示,重力加速度g取10m/s2。

则以下判断正确的是
A.小环的质量是1kg B.细杆与地面间的倾角是30°
C.前3s内拉力F的最大功率是2.25W D.前3s内小环机械能的增加量是5.75J
【答案】AD
【解析】从速度时间图象得到环先匀加速上升,然后匀速运动,根据牛顿第二定律,有第一秒内,速度不断变大,由图象可得:,加速阶段:F1-mgsinθ-f=ma;匀速
阶段:F2-mgsinθ-f=0;以上三式联立解得:m=1kg,sinθ=0.45,故A正确,B错误。

第一秒内,速度不断变大,拉力的瞬时功率也不断变大,第1秒末,P=Fv=5×0.5=2.5W;第一秒末到第三秒末,P=Fv=4.5×0.5=2.25W;即拉力的最大功率为2.5W,故C错误;从速度时间图象可以得到,前1s的位移为0.25m,2到3s位移为1m;前3s拉力做的功为:W=5×0.25+4.5×1=5.75J,小环机械能的增加量是5.75J,故D正确。

故选AD。

20.如图所示,在匀强电场中有一半径为R的圆,场强方向与圆所在平面平行,场强大小为E。

电荷量为q的带正电粒子以相同的初动能沿着各个方向从A点进入圆形区域中,只在电场力作用下运动,从圆周上不同点离开圆形区域,其中从C点离开圆形区域的带电粒子的动能最大,图中O是圆心,AB是圆的直径,AC是与AB成α角的弦,则
A.匀强电场的方向沿AC方向;B.匀强电场的方向沿OC方向;
C.从A到C电场力做功为2 qERcosα;D.从A到C电场力做功为2qERcos2α
【答案】BD
【解析】在匀强电场中,等势线是相互平行的直线,由于在圆周上所有各点中从C点离开的粒子动能最大,说明圆周上比A点电势低且与A点电势差最大的点只有C点一点,也即过C点的等势线与圆周只有一个交点,这只能是过C点的圆周的切线,因而电场线一定沿过C点的半径由O指向C,A错误、B正确。

过A点做CO的垂线,则A、C两点沿电场线方向上的距离d=2R cos 2α,A、C两点之间的电势差U=Ed=2ER cos 2α,故电场力做功W=qU=2qER cos 2α,C项错误,D项正确。

故选BD。

21.如图(甲)所示,平行光滑金属导轨水平放置,两轨相距L=0.4m,导轨一端与阻值R=0.3Ω的电阻相连,导轨电阻不计。

导轨x>0一侧存在沿x方向均匀增大的磁场,其方向与导轨平面垂直向下,磁感应强度B随位置x变化如图(乙)所示。

一根质量m=0.2kg、电阻r=0.1Ω的金属棒置于导轨上,并与导轨垂直,棒在外力F作用下从x=0处以初速度v0=2m/s沿导轨向右变速运动,且金属棒在运动过程中电阻R的电功率保持不变。

下列说法中正确的是
A.金属棒在x=1m处的速度大小为0.5m/s
B.金属棒从x=0运动到x=1m过程中,外力F所做的功为零
C.金属棒从x=0运动到x=2m过程中,流过金属棒的电量为2C
D.金属棒从x=0运动到x=2m所用时间为2s
【答案】BCD
【解析】由图乙可知B=0.5+0.5x;x=0处;金属棒在运动过程中电阻R的电功率保持不变,即电流I保持不变;x=1 m 处,B1=1.0T,可得v=1m/s,A错误;从x=0运动到x=1m过程中,根据动能定理有;;W F=0J,则B正确;金属棒从x=1运动到x=2m 过程中,流过金属棒的电量为,则C正确;根据q=It可得t=2s,则D正确;故选BCD。

第Ⅱ卷(非选择题,共174分)
二、非选择题(包括必考题和选考题两部分。

第9题~第12题为必考题,每个试题考生都必须作答。

第13题~第14题为选考题,考生根据要求做答)
(一)必考题(共129分)
22.(6分) 某物理兴趣活动小组利用图甲装置验证机械能守恒定律。

钢球自由下落过程中,先后通过光电门A、B,计时装置测出钢球通过A、B的时间分别为t A、t B,用钢球通过光电门的平均速度表示钢球球心通过光电门的瞬时速度。

测出两光电门间的距离为h,钢球直径为D,当地的重力加速度为g。

(1)用20分度的游标卡尺测量钢球的直径,读数如图所示,钢球直径为D=___________cm。

(2)要验证机械能守恒,只要比较______________________与2gh是否相等即可。

(3)钢球通过光电门的平均速度___________(选填“>”或“<”)钢球球心通过光电门的瞬时速度,由此产生的误差___________(选填“能”或“不能”)通过增加实验次数减小。

【答案】(1)1.220cm;(2);(3)<,不能;
【解析】(1)游标卡尺的主尺读数为:1.2cm,游标尺上第4个刻度和主尺上某一刻度对齐,所以游标读数为0.05×4mm=0.20mm,所以最终读数为:1.220cm.
(2)利用小球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度,故:,根据机械能守恒的表达式有:mgh=mD2(-);即只要比较D2(-)与2gh是否相等.
(3)根据匀变速直线运动的规律得钢球通过光电门的平均速度等于这个过程中中间时刻速度,所以钢球通过光电门的平均速度<钢球球心通过光电门的瞬时速度,由此产生的误差不能通过增加实验次数减小。

23.(9分)某研究小组收集了两个电学元件:电阻R0和手机中的锂电池(电动势E标称值为3.7V,允许最大放电电流为100mA)。

实验室备有如下器材:
A.电压表V(量程3V,电阻R v约为4.0kΩ)
B.电流表A1(量程100mA,电阻R A1约为5Ω)
C.电流表A2(量程2mA,电阻R A2约为50Ω)
D.滑动变阻器R1(0~40Ω,额定电流1A)
E.电阻箱R2(0~999.9Ω)
F.开关S一只、导线若干
(1)小明用多用电表的欧姆档测得电阻R0的阻值约为2kΩ,为了使测量结果更准确,设计了一电路,如图甲所示为其对应的实物图,图中的电流表A应选___________(选填“A1”或“A2”)
(2)请将实物连线补充完整
___________
(3)为测量锂电池的电动势E和内阻r,小红设计了如图乙所示的电路图。

根据测量数据作出
图象,如图丙所示。

若该图线的斜率为k,纵轴截距为b,则该锂电池的电动势E=___________,内阻r=___________。

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