上海市闸北区2019-2020学年中考物理第二次调研试卷含解析

上海市闸北区2019-2020学年中考物理第二次调研试卷
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1．用两个相同的电加热器分别给质量和初温都相同的甲、乙两种液体同时加热，两液体的温度随时间变化关系图象如图所示，下列说法正确的是（）
A．甲液体的比热容大于乙液体的比热容
B．加热相同的时间，甲液体升高的温度大于乙液体升高的温度
C．加热相同的时间，甲液体吸收的热量大于乙液体吸收的热量
D．升高相同的温度，两液体吸收的热量相同
B
【解析】
【详解】
由题知，用两个相同的电加热器加热，在相等时间内液体吸收的热量相等，故C错；
由图象可以看出，当加热时间相同时，即吸收的热量相同时，甲液体升高的温度大于乙液体升高的温度，故B正确；
由图象可以看出，升高相同的温度，乙的加热时间长，乙吸收的热量多，故D错；
根据Q吸=cm△t可知，在质量相等、初温相同、吸热也相同的情况下，谁的温度升高得多，它的比热容小；在其它条件相同时，甲液体升高的温度较高，所以甲液体的比热容小于乙液体的比热容，故A错．故选B．2．物理研究中，为了方便描述通过探究活动发现的某种规律或现象的本质，常引入一个新的物理量，以下探究活动与引入的物理量不对应的是
A．探究质量与体积的关系——密度
B．路程、时间均不同时比较物体运动快慢——速度
C．比较水和沙两种物质吸热升温不同的特点——热量
D．研究压力作用效果——压强
C
【解析】
【详解】
A．探究质量与体积的关系时，由于同种物质的质量和体积是成正比的，其比值就是密度，故A正确；B．为了研究物体运动的快慢，在路程、时间均不同时比较物体运动快慢，我们引入了速度的概念，故B 正确；
C．为了研究不同物质的吸热能力，我们引入的是比热容的定义，故C错误，符合题意；
D．为了方便的描述压力的作用效果，我们引入了压强的定义，故D正确．
3．研究凸透镜成像规律的实验中，当蜡烛距凸透镜20 cm时，在光屏上成缩小的实像，则凸透镜的焦距可能是
A．5 cm B．10cm C．15cm D．20 cm
A。

【解析】由于物距是20cm，成的是缩小的实像，故它是属于物体在凸透镜的2倍焦距以外成像情况，所以20cm>2f，即f<10cm，故A是正确的。

4．在“探究凸透镜成像的规律”时，将点燃的蜡烛放在距凸透镜30cm处，在透镜另一侧距离透镜16cm 处的光屏上得到烛焰清晰的像。

下列相关说法正确的是（）
①光屏上成倒立、放大的实像
②照相机是利用这一成像原理工作的
③该凸透镜的焦距f一定满足8cm＜f＜15cm
④将近视镜片放在蜡烛和凸透镜之间要使光屏上出现清晰的像，光屏应靠近透镜
A．只有①和③B．只有②和③C．只有②和④D．只有①和④
B
【解析】
【详解】
蜡烛距离凸透镜30cm时，在透镜的另一侧16cm处光屏上得到一个清晰的像，物距大于像距，成倒立缩小实像，是照相机的原理；故①错误，②正确；
此时物体在二倍焦距以外，像在一倍焦距和二倍焦距之间，
即30cm＞2f；2f＞16cm＞f，
解得：8cm＜f＜15cm，故③正确；
近视镜片是凹透镜，对光线具有发散作用，所以近视镜片放在蜡烛和凸透镜之间，像将延迟会聚，为使光屏上看到清晰的像，采取的方法为：使光屏远离透镜，使像成在光屏上，故④错误。

故选B。

5．如图所示，小明将悬挂的轻质小球紧靠音叉，用小锤轻敲和重敲音叉时，小球弹开的角度不同．比较角度的大小是为了探究（）
A．声音产生的原因B．响度和振幅的关系
C．音调和频率的关系D．声音的传播是否需要时间
B
【解析】
【分析】
【详解】
轻敲和重敲音叉时，小球被弹开的角度不同，说明音叉的振幅大小不同，振幅的大小影响的是声音的响度，故应是响度与振幅的关系，故应选B．
6．如图的四种情景，属于光的折射现象的是
A．日偏食B．湖边夜景
C．筷子变弯折D．汽车观后镜
C
【解析】
【详解】
A、日食是由于光的直线传播形成的，是由于月亮挡住了太阳沿直线照向地球的光，故A不符合题意；
B、平静的湖面相当于平面镜，水中夜景的倒影相当于平面镜成的像，是光的反射原理，故B不符合题意；
C、光在水面发生折射，人看到的水下的筷子是虚像，比实际向上弯折，是由于光的折射形成的，故C符合题意；
D、汽车的观后镜是凸面镜，它可以扩大视野，是光的反射原理，故D不符合题意。

7．2012年12月13日，“嫦娥二号”探测器与“战神”小行星擦身而过，按照从左到右的次序，探测器上的照相机先后拍摄了一组照片（镜头的焦距不变）．对此过程，下列说法中正确的是
A．小行星与探测器的距离逐渐变小，镜头与像的距离逐渐变小
B．小行星与探测器的距离逐渐变小，镜头与像的距离逐渐变大
C．小行星与探测器的距离逐渐变大，镜头与像的距离逐渐变小
D．小行星与探测器的距离逐渐变大，镜头与像的距离逐渐变大
C
【解析】
试题分析：凸透镜成实像时，物距变大，像距变小，像变小．
解：探测器上的镜头相当于一个照相机，照相机成实像，凸透镜成实像时，物距变大，像距变小，像变小．如图，像逐渐变小，说明小行星和探测器的距离逐渐变大，镜头和像的距离逐渐变小．
故选C．
【点评】凸透镜成实像时，物距变大，像距变小，像变小，这条结论在凸透镜成像习题中有广泛的应用．8．如图表示体重大致相同的滑雪者和步行者在雪地里行走的情景，为了探究他们对雪地压力的作用效果，现利用海绵、小桌、砝码进行模拟研究，应选择图中的哪几种情形（）
A．甲与乙
B．乙与丙
C．甲与丙
D．以上都不对
B
【解析】
【分析】
【详解】
表示体重大致相同的滑雪者和步行者，对雪地的压力大致相同，滑雪板比人的鞋子的受力面积大的多，故在雪地里行走时，人对雪地的压强大，所以下陷的程度深，这说明压力的作用效果与受力面积有关，
研究压力的作用效果与受力面积是否有关，应控制压力相同而受力面积不同，由图示可知，甲与乙受力面积相同，压力不同，不符合题意；
甲与丙，受力面积不同，压力也不同，没有控制变量，故不符合题意；
故乙、丙两个实验，压力相同而受力面积不同，可以研究压力的作用效果与受力面积是否有关．
故选B．
9．如图所示，电源电压不变，灯泡L及R0的电阻不变，闭合开关S，滑动变阻器的滑片向右端移动的过程中，各元件均安全工作，下列说法正确的是( )
A．电流表的示数变小
B．灯泡L的亮度变亮
C．电压表示数的变化量与电流表示数的变化量之比变大
D．通过R0的电流的变化量大于通过滑动变阻器的电流的变化量
AB
【解析】
【详解】
A ．由电路图可知，灯泡L 与变阻器R 并联后再与R 0串联，电压表测并联部分两端的电压，电流表测干路电流。

滑动变阻器的滑片向右端移动的过程中，接入电路中的电阻变大，并联部分的总电阻变大，电路的总电阻变大，由U I R
=可知，电路的总电流变小，即电流表的示数变小，故A 符合题意； B ．由U IR ＝可知，R 0两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，并联部分的电压变大，即电压表的示数变大，由U I R =
可知，通过灯泡L 的电流变大，由P UI ＝可知，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮，故B 符合题意；
C ．设滑片移动前后电路中的总电流分别为I 、I′，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电压表示数的变化量：
V 0000U U I R U IR I I R IR ∆''∆＝（﹣）﹣（﹣）＝（﹣）＝
即电压表示数的变化量与电流表示数的变化量之比不变，故C 不符合题意；
D ．因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且通过L 的电流变大，电路的总电流变小，所以，通过变阻器R 的电流变小，且通过R 0的电流的变化量小于通过滑动变阻器的电流的变化量，故D 不符合题意 10．如图所示，手表的表蒙子上靠近旋钮处有一个透明的玻璃“凸起”，透过它可以看到一个较大的日历数字，这个玻璃“凸起”相当于一块凸透镜，关于它的成像原理和特点正确的是
A ．光的反射，正立等大的虚像
B ．光的折射，正立放大的虚像
C ．光的反射，正立放大的虚像
D ．光的折射，正立放大的实像
B
【解析】
【详解】
玻璃“凸起”中间比边缘厚是凸透镜，其作用相当于一个放大镜，成像原理是光的折射，日历数字在凸透镜的一倍焦距以内，则成正立、放大的虚像．故B 正确，ACD 错误．
二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11．下面是连线题，正确的是
A．B．
C．D．
BD
【解析】
【分析】
【详解】
A．验电器是利用同种电荷相互排斥的原理工作的，故A错误；
B．高压锅可以增大锅内液面上方气体的压强，使锅内液体的沸点升高，故B正确．
C．液体内部的压强随深度的增加而增大，大坝底部建得比上部宽，是为了能承受比上部更大的水的压强，故C错误；
D．电磁铁通电时，把衔铁吸下来，使动触点和静触点接触，工作电路闭合，电磁铁断电时失去磁性，弹簧把衔铁拉下来，切断工作电路．因此电磁继电器是利用电流的磁效应工作的，故D正确．
12．如图所示，电源电压为4.5V，电压表量程为“0～3V”，电流表量程为“0～0.6A”，滑动变阻器规格为“10Ω 1A”，小灯泡L标有“2.5V 1.25W”（灯丝电阻不变）。

在保证小灯泡L电流不超出额定电流的情况下，移动滑动变阻器的滑片，下列说法正确的是
A．小灯泡的额定电流是0.6A
B．滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是4Ω～10Ω
C．电压表示数变化范围是0～3V
D．电流表示数变化范围是0.3～0.5A
BD
【解析】已知灯泡的额定电压和额定功率，由P=UI可得，灯泡正常发光电流：I额=P额/U额=1.25W/2.5V=0.5A，
故A 错误；
由题知，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A ，电流表量程为“0～0.6A ”，串联电路中电流处处相等，所以电路中的最大电流I max =0.5A ，此时灯泡正常发光；由欧姆定律知，此时滑动变阻器接入电路的电阻
最小，最小为：R 滑min =U 滑/I max =U−U 额/I max =4.5V−2.5V/0.5A=4Ω；灯泡的电阻：
R L =U 额/I 额=2.5V/0.5A=5Ω，当电压表示数最大为3V 时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，此时灯泡两端的电压：U L ′=U -U 滑max =4.5V-3V=1.5V ，电路中的最小电流：I min =U L ′/R L =1.5V/5Ω=0.3A ，所以电路中电流变化的范围是0.3A ～0.5A ，故D 正确；
滑动变阻器接入电路中的最大阻值：R 滑max =U 滑max /I min =3V/0.3A=10Ω，所以滑动变阻器阻值变化的范围是4Ω～10Ω，故B 正确；
电源电压为4.5V ，灯泡额定电压为2.5V ，灯泡两端最大电压为2.5V ，此时滑动变阻器两端电压最小为：
4.5V-2.5V=2V ；则电压表示数变化范围是：2V ～3V ，故C 错误，故选BD 。

13．在相同的溢水杯中分别盛满不同的液体，再放入两个完全相同的小球，如图所示．当小球静止时，甲、乙两杯中溢出液体的重力分别是0.4 N 和0.5 N ，取g=10N/kg ，则下列说法正确的是
A ．小球的质量是50 g
B ．甲杯中小球受到的浮力小于0.4 N
C ．甲杯中液体对杯底的压强等于乙杯内液体对容器底部的压强
D ．甲杯内液体对杯底的压力小于乙杯内液体对杯底的压力
AD
【解析】
【详解】
A.小球在乙杯液体中处于漂浮状态，小球此时受到的浮力等于小球的重力，又此时排开的液体的重力为0.5N ，根据阿基米德原理可得，小球受到的浮力为0.5N ，小球的重力为0.5N ，小球的质量为m ＝0.5N 10/kg
G g N ＝，故A 选项正确；B.小球在甲杯中排开液体的重力为0.4N ，根据阿基米德原理可得，甲杯中小球受到的浮力等于0.4N ，故B 选项错误；C.两个完全相同的小球在甲杯液体中沉在底部，在乙杯液体中漂浮在液面上，甲杯中液体的密度小于小球的密度，乙杯中液体密度大于小球的密度，甲杯中液体的密度小于乙杯中液体密度，又两杯中液体的深度相同，根据液体压强公式p ＝ρgh 可得，甲杯内液体对杯底的压强小于乙杯内液体对杯底的压强，故C 选项错误；D.两个溢水杯的底面积相同，而甲杯内液体对杯底的压强小于乙杯内液体对杯底的压强，根据压强的变形公式F ＝PS 可得，甲杯内液体对杯底的压力小于乙杯内液体对杯底的压力，故D 选项正确．故选AD ．
三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14．某品牌空调器使用的是新型制冷剂R600a是一种对臭氧层破坏较小、极容易汽化又容易液化的物质，它在室内汽化时吸热，在室外液化时_______．压缩机通过使制冷剂不断发生液化和汽化，将室内的内能搬至室外，制冷剂在室外液化的方式是__________（选填“降低温度”或“压缩体积”）．
放热压缩体积
【解析】
【详解】
空调器制冷时，液态的制冷剂R600a经毛细管进入蒸发器（室内机）汽化成气体，吸热；在压缩机中将气态的R600a压缩体积而液化为的液态R600a，并经冷凝器毛细管放热，将室内的热搬到室外．
15．在国家“光伏扶贫”项目中，小聪家安装了太阳能发电系统，白天太阳能电池板发电，向电网提供电能，此过程中太阳能转化为_____能；太阳能属于_____（选填“可再生”或“不可再生”）能源；中午时段，太阳能电池板的输出电压为500V、输出电流为20A，3h可以为电网提供电能_____kW•h。

电可再生30
【解析】
【详解】
在国家“光伏扶贫”项目中，小明家安装了太阳能发电系统，白天太阳能电池板发电，向电网提供电能，此过程中利用太阳能,转化成了电能；太阳能可以源源不断地从自然界得到，是可再生能源；太阳能电池板的输出电压为500V，输出电流为20A，3h可以为电网提供电能：P=UI=500V20A=10000W=10kW，W ＝Pt＝10kW×3h＝30kW•h。

16．支付宝推出了“扫二维码，领红包”的活动．手机摄像头是一个__________（凸透镜/凹透镜）．摄像头靠近二维码时，所成的像__________（变大/变小/不变）．
凸透镜变大
【解析】
【详解】
手机摄像头是一个凸透镜．因为凸透镜成实像时，物近像远像变大，所以摄像头靠近二维码时，所成的像变大．
17．如图所示，用酒精灯给水加热一段时间后，观察到软木塞冲出试管口。

（1）软木塞冲出试管口，瓶口出现的“白雾”是______________现象（填物态变化名称）。

（2）此过程中，水蒸气减少的内能_________（选填“大于”、“等于”或“小于”）软木塞增加的机械能，这与热机的_______冲程相似。

液化大于做功
【解析】
【详解】
（1）水蒸气对软木塞做功，水蒸气的内能减小，温度降低，水蒸气遇冷液化形成的小水滴悬浮在空气中形成“白雾”；
（2）水蒸气对软木塞做功，水蒸气的内能减小，水蒸气的内能转化为软木塞的机械能，由于存在热量的散失，故水蒸气减少的内能大于软木塞增加的机械能，这与热机的做功冲程相似。

18．核电站利用核能发电，核能属于_____（选填“可再生”或“不可再生”）能源，核电站发生重大事故时，为降低核安全周围的温度，用水对其冷却，因为水的______较大．
不可再生比热容
【解析】
【详解】
[1]核能是不可再生能源，短期不能得到补充；
[2]因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以当核电站发生重大事故时，为了降低核安全壳周围的温度，灌注海水降温．
【点睛】
核能；水的比热容的特点及应用，这类属于概念和常识题比较好作答．
四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19．如图甲所示的九阳豆浆机，由打浆和电热两部分装置构成。

中间部位的打浆装置是电动机工作带动打浆刀头，将原料进行粉碎打浆；外部是一个金属圆环形状的电热装置，电热装置的简化电路图如图乙所示，开关S可切换加热和保温两种状态，R1、R2是发热电阻，豆浆机的主要参数如下表。

请解答下列问题：
（1）某次向豆浆机中加入黄豆和清水共1.0kg，打浆完成后浆的初温为40℃，加热该浆使其温度升高到100℃，需要吸收多少热量___？[设该浆的比热容为4.0×103J/（kg•℃）]
（2）电阻R1和R2的阻值分别为多大________,_______？
（3）该九阳豆浆机同时处于打浆和加热时，正常工作lmin所消耗电能为多大_____？
2.4×105J 48.4Ω 151.6Ω 70800J
【解析】（1）加热该浆需要吸收的热量：Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.0×103J/（kg•℃）×1.0kg×（100℃﹣40℃）＝2.4×105J；（2）由图知，当S接a时，电路中只有R1，电阻较小，由P＝可知，此时电功率较大，为加热档；当S接b时，电路中R1、R2串联，电阻较大，由P＝可知，此时电功率较小，为保温档；由P ＝可得R1的阻值：R1＝＝48.4Ω；由P＝可得串联时的总电阻：R串＝＝
200Ω，则R2的阻值：R2＝R串﹣R1＝200Ω﹣48.4Ω＝151.6Ω；（3）该九阳豆浆机同时处于打浆和加热时，总功率：P总＝180W+1000W＝1180W，正常工作lmin所消耗电能：W＝Pt＝1180W×60s＝70800J。

点睛：（1）利用Q吸＝cm（t﹣t0）求加热该浆需要吸收的热量；（2）由图知，当S接a时，电路中只有
R1，电阻较小，由P＝可知，此时电功率较大，为加热档；当S接b时，电路中R1、R2串联，电阻较大，由P＝可知，此时电功率较小，为保温档；利用P＝求R1、R串；再利用串联电阻的特点求R2；
（3）该九阳豆浆机同时处于打浆和加热时，求出总功率，再利用W＝Pt求正常工作lmin所消耗电能。

20．有一种挂式电热水器内部简化电路如图所示，该热水器设有高、中、低三档，已知电热丝R1=55Ω，高档加热功率为1100W，电热转化效率为80%，水的比热容为4.2×103J/kg•℃）．求：
（1）将2kg水从20℃加热到75℃需要吸收多少热量；
（2）用高档将2kg水从20℃加热到75℃需要多少时间；
（3）只闭合S、S2时，电热水器的电功率是多少．
（1）4.62×105J；（2）525s；（3）220W
【解析】
【分析】
【详解】
（1）水吸收的热量：Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（75℃﹣20℃）=4.62×105J；
（2）由η=×100%可得，消耗的电能：W===5.775×105J，由P=可得，需要的加热时间：t′===525s；
（3）由电路图可知，闭合S、S1、S2时，R1与R2并联，电路的总电阻最小，电路的总功率最大，热水器处于高档，此时电热丝R1的功率P1===880W，因电路的总功率等于各用电器功率之和，所以，电热丝R2的功率P2=P高﹣P1=1100W﹣880W=220W；只闭合S、S2时，电路为R2的简单电路，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，电热水器的电功率为220W．
21．如图所示，A、B物块的质量分布均匀，长度分别是a、b，重力分别是G A、G B；A、B两长方体底面积S A：S B＝3：2，滑轮下的绳子挂在两物体结合部位恰好A、B水平静止，且在拉力F＝62.5N作用下匀速竖直向上运动，滑轮的机械效率η＝81%．求：
（1）A、B两物块的总重力G1．
（2）若G A＝61N，则a：b的比值是多少？
（1）111N（2）2：3
【解析】
【分析】
【详解】
（1）由图知，该滑轮是一个动滑轮，所以通过动滑轮绳子的段数n=2，由η=W Gh G
W Fs nF
==
有
总
可得，A. B
两物块的总重力：G1=ηnF=81%×2×62.5N=111N；
（2）已知G A=61N，所以物块B的重力：G B=G1−G A=111N−61N=41N，A. B物块的质量分布均匀,根据杠
杆平衡条件有：G A×1
2
a=G B×
1
2
b 即：61N×
1
2
a=41N×
1
2
b，解得：a：b=2：3；
答：（1）A、B两物块的总重力为111N；
（2）a：b的比值是2：3
五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．根据平面镜成像特点，在图中画出物体AB所成的像；
【解析】
【详解】
先作出物体AB的端点A、B在平面镜中的对称点A′、B′，连接A′、B′点即为物体AB在平面镜中的像，注意辅助线和像用虚线，如图所示：
23．按要求作图如图，质量分布不均匀的长方形物体放在水平地面上，A点是它的重心，如果用力只使物体一端稍微离开地面，在物体上画出所施加最小力的示意图及其力臂．
（_______）
【解析】
【详解】
由图可知，A点是长方体的重心，故以长方体的左下角为支点时，阻力臂最短，以其左下角与右上角的连线为最长动力臂时，动力最小，使物体的右端稍微离开地面，最小动力的方向斜向右上方，如图所示：
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．小宇用如图所示的装置探究“动能的大小与什么因素有关？”的实验步骤如下：
将质量为
m的小球从光滑斜面上的A处静止释放，滚下后与放在水平面上的木块相碰，木块在水平面上移动一段距离后静止，如图甲所示；将质量为m的小球从光滑斜面上的B处静止释放，滚下后与放在水平面上的木块相碰，木块在水平面上移动一段距离后静止，如图乙所示；将质量为2m的小球从光滑斜面上的B处静止释放，滚下后与放在水平面上的木块相碰，木块在水平面上移动一段距离后静止，如图丙所示。

根据上述三次实验，回答下列问题：
①实验中小球动能的大小是通过观察比较_____反映出来的，这里用到了物理学研究问题的一种_____方法（选填“直接测量”、“放大”或“转换”）；
②为了探究动能的大小与物体运动速度的关系，应选用_____两个图来分析，并由此得出的实验结论是
_____；
③分析乙、丙两图，得到的实验结论是_____；其中小球在光滑斜面上从B处滚到底端的过程中，小球的_____能转化为动能。

木块在水平面上移动的距离转换甲乙物体的质量一定时，速度越大，动能越大物体的速度一定时，质量越大，动能越大重力势
【解析】
【详解】
①小球动能大小不能直接测量，而是通过小球推动木块在水平面上移动的距离来反映的，采用了转换法。

②甲乙两图中两球的质量相同，但高度不同，这样小球到达底端时的速度不同，高度越高，小球到达水平面时的速度越大，所以可以探究动能大小与速度的关系；
速度越大的小球，撞击木块时，木块移动的距离越远，说明小球的动能越大，由此可以得出的结论是：物体的质量一定时，速度越大，动能越大。

③乙丙图中两球的质量不同，高度相同，小球到达底端时的速度相同，所以可以探究动能大小与质量的关系；质量大的小球撞击木块时，木块移动的距离远，说明小球的动能越大；由此可以得出的结论是：在速
度一定时，物体的质量越大，动能越大；
小球在光滑斜面上从B处滚到底端的过程中，高度减小，重力势能减小，速度变快，动能增加，重力势能转化为动能。

25．学习小组用图1中甲所示的圆柱形纸质套筒做“探究小孔成像规律”的实验，发现像的大小不同，亮度也不一样．
（1）关于像的亮度与哪些因素有关，他们提出以下猜想；
猜想1：与小孔到光屏的距离有关；
猜想2：与小孔的形状有关：
猜想3：与小孔的大小有关：
①类比利用太阳光测凸透镜焦距时，光屏从焦点处远离透镜过程中，光斑越大越暗的现象，可判断猜想1是________的.
②验证猜想2时，固定烛焰、纸筒和光屏的位置，更换使用如图乙中乙所示的三个小孔进行实验，分别观察比较所成像的亮度．他们实验中存在的问题是________.
③为验证猜想3，固定烛焰、小孔和光屏位置，只改变圆孔直径，观察到的现象如下表：
圆孔的直径/mm 小于1.0 1.0 1.5 2.0 2.5 4.0
像的清晰度清晰清晰清晰清晰清晰清晰
像的明亮程度……逐渐变亮
实验现象表明：在小孔成像清晰时，________.
（2）学习小组对像的清晰度与亮度问题作进一步探究，如图丙所示：
①在纸筒底部中心开一小孔a，又在a上下等距的位置再开两个小孔b、c，光屏上观察到三个像．在b、c两孔处放置两相同的三棱镜，移动光屏到图丙位置时，光屏上只出现一个清晰的更亮的像．则b、c两小孔处三棱镜放置的方式可能是________.
②他们设想在b、c两孔之间再开若干个小孔，并在小孔处放置棱镜，所成的像都与b、c两孔处三棱镜所成的像重合，则光线通过这些棱镜的偏折程度比通过b、c两孔处三棱镜的要________（选填“大”或“小”)
③若只用a孔替代凸透镜，在图丙位置光屏上所成的像与该透镜所成的像相比，像的亮度________，像的
大小________.
正确没有控制小孔的大小相等小孔越大，亮度越亮 C 小更暗不变
【解析】
【分析】
【详解】
（1）①根据题意知道，当光屏从焦点处远离透镜过程中，出现光斑越大越暗的现象，则说明像的亮度与小孔到光屏的距离有关，故可判断猜想1是正确的；
②要探究像的亮度与小孔的形状的关系，则需要控制孔的大小不变，只改变形状，而图乙中既改变了孔的形状，也改变孔的大小，所以此过程中存在的问题是：没有控制小孔的大小相等；
③分析表格的实验数据知道：在小孔成像清晰时，小孔越大，像的明亮程度越亮．
（2）①光屏上原本三个像，在b、c两孔处放置两相同的三棱镜，移动光屏到图丙位置时，光屏上只出现一个清晰的更亮的像，说明该经过透镜组折射后把三个像重叠在一起，那么三棱镜组合相当于凸透镜的作用，所以C选项中的组合合理；
②根据凸透镜对光线的作用，平行于主光轴，越靠近光心的光线经折射后汇聚于凸透镜的焦点其偏折程度小，所以光线通过这些棱镜的偏折程度比通过b、c两孔处三棱镜的要小．
③若只用a孔替代凸透镜，平行于主光轴的光线经透镜折射后在光屏上成像，但要损失一部分能力，所以在图丙位置光屏上所成的像与该透镜所成的像相比，像的亮度变暗，但大小不变；
26．如图甲所示是小宇同学探究“光的反射规律”的实验装置。

平面镜M平放在水平桌面上，白色硬纸板垂直立在平镜面上。

（1）小宇让一束光贴着纸板沿AO方向射向镜面，反射光沿OB方向射出，测出反射角和入射角大小，改变光的入射角度，多次重复上述实验步骤。

①上述实验探究得到的规律是_____（选填字母）。

A．光沿直线传播B．反射角等于入射角C．平面镜成像的特点
②白色硬纸板在实验中的作用是_____（写出一条即可）。

（2）实验过程中若将纸板倾斜，如图乙所示，让光仍贴着纸板沿AO方向射向镜面，此时反射光_____（选填“在”或“不在”）纸板这一平面内；通过平面镜观察镜中硬纸板的像，则看到的像与图丙中相符的是_____（选填序号）。

B 显示光路不在③。