2019年高考物理一轮重要考点练习卷:动能及动能定理

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2019年高考物理一轮复习精品资料专题5.2 动能和动能定理(教学案) 含解析

2019年高考物理一轮复习精品资料专题5.2 动能和动能定理(教学案) 含解析

2019年高考物理一轮复习精品资料按照高考考纲的要求,本章内容可以分成四部分,即:功和功率;动能、势能、动能定理;机械能守恒定律及其应用;功能关系、动量、能量综合。

其中重点是对动能定理、机械能守恒定律的理解,能够熟练运用动能定理、机械能守恒定律分析解决力学问题。

难点是动量能量综合应用问题。

动能定理是一条适用范围很广的物理规律,解题的优越性很多。

根本原因在于它省去了矢量式的很多麻烦。

一、对动能定理的理解1.对“外力”的两点理解(1)“外力”指的是合力,重力、弹力、摩擦力、电场力、磁场力或其他力,它们可以同时作用,也可以不同时作用。

(2)既可以是恒力,也可以是变力。

2.“=”体现的二个关系二、动能定理的应用1.应用动能定理的流程2.应用动能定理的注意事项(1)动能定理中的位移和速度必须是相对于同一个参考系的,一般以地面或相对地面静止的物体为参考系。

(2)应用动能定理的关键在于对研究对象进行准确的受力分析及运动过程分析,并画出运动过程的草图,借助草图理解物理过程之间的关系。

(3)当物体的运动包含多个不同过程时,可分段应用动能定理求解;当所求解的问题不涉及中间的速度时,也可以全过程应用动能定理求解,这样更简便。

(4)列动能定理方程时,必须明确各力做功的正、负,确实难以判断的先假定为正功,最后根据结果加以检验。

三、动能定理的图像问题1.解决物理图像问题的基本步骤(1)观察题目给出的图像,弄清纵坐标、横坐标所对应的物理量及图线所表示的物理意义。

(2)根据物理规律推导出纵坐标与横坐标所对应的物理量间的函数关系式。

(3)将推导出的物理规律与数学上与之相对应的标准函数关系式相对比,找出图线的斜率、截距、图线的交点、图线下的面积所对应的物理意义,分析解答问题,或者利用函数图线上的特定值代入函数关系式求物理量。

2.四类图像所围面积的含义(1)v­t图:由公式x=vt可知,v­t图线与坐标轴围成的面积表示物体的位移。

高中物理一轮复习专项训练动能与动能定理

高中物理一轮复习专项训练动能与动能定理

高中物理一轮复习专项训练动能与动能定理一、高中物理精讲专题测试动能与动能定理1.以下图,质量 m=3kg 的小物块以初速度秽v0=4m/s 水平向右抛出,恰巧从 A 点沿着圆弧的切线方向进入圆弧轨道。

圆弧轨道的半径为R= 3.75m,B 点是圆弧轨道的最低点,圆弧轨道与水平轨道 BD 光滑连结, A 与圆心 D 的连线与竖直方向成37角, MN 是一段粗糙的水平轨道,小物块与MN 间的动摩擦因数μ=0.1,轨道其余部分圆滑。

最右边是一个半径为 r =0.4m 的半圆弧轨道, C 点是圆弧轨道的最高点,半圆弧轨道与水平轨道BD 在 D点光滑连结。

已知重力加快度g=10m/s 2, sin37°=0.6, cos37°=0.8。

(1)求小物块经过 B 点时对轨道的压力大小;(2)若 MN 的长度为 L0=6m,求小物块经过 C 点时对轨道的压力大小;(3)若小物块恰巧能经过 C 点,求 MN 的长度 L。

【答案】( 1) 62N( 2) 60N( 3)10m【分析】【详解】(1)物块做平抛运动到 A 点时,依据平抛运动的规律有:v0 v A cos37v04 m / s5m / s解得: v Acos370.8小物块经过 A 点运动到 B 点,依据机械能守恒定律有:1mv A2mg R Rcos371mv B222小物块经过 B 点时,有:F NB mg m vB2R解得:F NB mg 32cos37m v B262NR依据牛顿第三定律,小物块对轨道的压力大小是62N(2)小物块由 B 点运动到 C 点,依据动能定理有:mgL0mg 2r1mv C21mv B222在 C 点,由牛顿第二定律得:F NC mg m v C2r代入数据解得: F NC60N依据牛顿第三定律,小物块经过 C 点时对轨道的压力大小是60N(3)小物块恰巧能经过 C 点时,依据mg mvC22r解得:v C 2gr100.4m / s 2m / s小物块从 B 点运动到 C 点的过程,依据动能定理有:mgL mg 2r 1mv C221mv B2 22代入数据解得:L=10m2.以下图,在倾角为θ=30°m的的固定斜面上固定一块与斜面垂直的圆滑挡板,质量为半圆柱体 A 紧靠挡板放在斜面上,质量为2m 的圆柱体 B 放在 A 上并靠在挡板上静止。

(广东省)19高考物理一轮基础复习演练:专题8动能动能定理及其应用含解析2019102432(含答案).doc

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动能、动能定理及其应用李仕才一、单项选择题Ⅰ:本大题共10小题,在每小题列出的四个选项中,只有一项符合题目要求.1.改变汽车的质量和速度,都能使汽车的动能发生变化,在下面几种情况中,汽车的动能是原来的2倍的是( ) A.质量不变,速度变为原来的2倍B.质量和速度都变为原来的2倍C.质量减半,速度变为原来的2倍D.质量变为原来2倍,速度减半2.汽车在平直公路上行驶,当速度从0增加到v时,合外力做功为W1;速度从v增加到2v时,合外力做功为W2.W1与W之比为( )2A.1∶1 B.1∶2C.1∶3 D.1∶43.关于动能和速度,下列说法正确的是( )A.物体的速度发生变化,动能一定发生变化B.物体的速度发生变化,动能可能不变C.物体的动能不变,速度一定不变D.物体的动能发生变化,速度可能不变4.放在光滑水平面上的物体,仅在两个同向水平力的共同作用下开始运动,若这两个力分别做了6 J和8 J的功,则该物体的动能增加了( )A.48 J B.14 JC.10 J D.2 J5.下列关于动能的说法中,正确的是( )A.动能的大小由物体的质量和速率决定,与物体的运动方向无关B.物体以相同的速率分别做匀速直线运动和匀速圆周运动时,其动能不同.因为它在这两种情况下所受的合力不同、运动性质也不同C.物体做平抛运动时,其动能在水平方向的分量不变,在竖直方向的分量增大D.物体所受的合外力越大,其动能就越大6.一人用力踢质量为0.5 kg的足球,使球由静止到以10 m/s的水平速度飞出.设踢球的平均作用力为200 N,球在水平方向滚动了20 m,则人对球做功为( )A.25 J B.100 JC.4 000 J D.4 025 J7.有两个物体甲、乙,它们在同一直线上运动,两物体的质量均为m,甲速度为v,动能为E k;乙速度为-v,动能为E′,那么( )kA.E′k=-E k B.E′k=E kC.E′k<E k D.E′k>E k8.在光滑的水平面上,质量为2 kg的物体以2 m/s的速度向东运动,现对物体施加一个向西的力使物体停下来,则物体在此过程中克服外力做功为( )A.0 B.4 JC.8 J D.16 J9.两个质量不同而初动能相同的物体,在水平地面上由于摩擦的作用而停止运动.它们与地面的动摩擦因数相同,比较它们的滑行距离,则( )A.质量大的物体滑行距离长B.质量小的物体滑行距离长C.滑行距离相同D.条件不足,无法判断10.关于功和物体动能变化的关系,下列说法不正确的是( )A.有力对物体做功,物体动能就会变化B.合外力不做功,物体的动能就不变化C.合外力做正功,物体的动能就增加D.所有外力做功的代数和为负值,物体的动能就减少二、单项选择题Ⅱ:本大题共10小题,在每小题列出的四个选项中,只有一项符合题目要求.11.一个25 kg的小孩从高度为3.0 m的滑梯顶端由静止开始滑下,滑到底端时的速度为2.0 m/s.取g=10 m/s2,关于力对小孩做的功,以下结果正确的是( )A.合外力做功50 JB.阻力做功500 JC.重力做功500 JD.支持力做功50 J12.一滑块静止在粗糙水平地面上,t=0时给滑块施加一水平方向的作用力F,力F和滑块的速度v随时间的变化规律分别如图甲和乙所示.设在第1秒内、第2秒内F对滑块做的功分别为W1、W2,则W1与W2之比为( )A.1∶1 B.1∶2C.1∶4 D.2∶113.如图所示,两个互相垂直的恒力F1和F2作用在同一物体上,使物体发生一段位移后,力F1对物体做功为4 J,力F2对物体做功为3 J,则力F1与F2的合力对物体做功为( )A.1 J B.3.5 JC.5 J D.7 J14.物体在合外力作用下做直线运动的v-t图象如图所示.下列表述正确的是( )A.在0~1 s内,合外力做正功B.在0~2 s内,合外力总是做负功C.在1~2 s内,合外力不做功D.在0~3 s内,合外力总是做正功15.物体A、B质量相等,A置于光滑水平面上,B置于粗糙水平面上,在相同水平拉力F作用下,由静止开始运动了s,那么( )A.拉力对A做功较多,A的动能较大B.拉力对B做功较多,但A的动能较大C.拉力对A、B做功相同,A、B动能也相同D.拉力对A、B做功相同,但A的动能较大16.质量为m的物体静止在粗糙水平面上.若物体受一水平恒力F作用通过位移s时,它的动能为E1;若该静止物体受一水平恒力2F作用通过相同位移s时,它的动能为E2.则( ) A.E2=E1B.E2>2E1C.E2=2E1D.E1<E2<2E117.运动员以一定的初速度将冰壶沿水平面推出,由于摩擦阻力的作用,其动能随位移变化图线如图所示,已知冰壶质量为19 kg,g取10 m/s2,则以下说法正确的是( )A.μ=0.05B.μ=0.03C.滑行时间t=5 sD.滑行时间t=10 s18.下列关于运动物体所受的合外力,合外力做功和动能变化的关系正确的是( )A.物体的动能不变,所受的合外力必定为零B.如果合外力对物体所做的功为零,则合外力一定为零C.物体在合外力作用下做变速运动,动能一定变化D.如果物体所受的合外力为零,那么合外力对物体做的功一定为零19.两个材料相同的物体,甲的质量大于乙的质量,以相同的初动能在同一水平面上滑动,最后都静止,它们滑行的距离的大小关系是( )A.乙大B.甲大C.一样大D.无法比较20.关于动能的概念,下列说法正确的是( )A.速度越大的物体动能就越大B.动能越大的物体速度就越大C.物体受到的合外力越大,动能就越大D.物体所受合外力做的功越多,动能改变量就越大三、多项选择题:本大题共5小题,在每小题列出的四个选项中,至少有2个选项是符合题目要求的.21.在离地面一定高度处,以相同的动能,向各个方向抛出多个质量相同的小球,这些小球到达地面时,有相同的( ) A.动能B.速度C.速率D.位移22.改变汽车的质量和速度,都能使汽车的动能发生变化.在下列几种情况中,关于汽车的动能的说法正确的是( ) A.质量不变,速度增大到原来的2倍,汽车的动能变为原来的2倍B.速度不变,质量增大到原来的2倍,汽车的动能变为原来的2倍C.质量减半,速度增大到原来的4倍,汽车的动能不变D.速度减半,质量增大到原来的4倍,汽车的动能不变23.下列说法中,正确的是( )A.物体的动能不变,则其速度一定也不变B.物体的速度不变,则其动能也不变C.物体的动能不变,说明物体的运动状态没有改变D.物体的动能不变,物体所受的合外力不一定为零24.关于对动能的理解,下列说法正确的是( )A.动能是机械能的一种表现形式,凡是运动的物体都具有动能B.动能总为正值C.一定质量的物体,动能变化时,速度一定变化,但速度变化时,动能不一定变化D.动能不变的物体,一定处于平衡状态25.一质点开始时做匀速直线运动,从某时刻起受到一恒力作用.此后该质点的动能可能( )A.一直增大B.先逐渐减小至零,再逐渐增大C.先逐渐增大至某一最大值,再逐渐减小D.先逐渐减小至某一非零的最小值,再逐渐增大学业达标·实战演练一、单项选择题Ⅰ1.【解析】选C.由动能公式E k=12mv2易知C正确.2.【解析】选C.由动能定理表达式W合=E k2-E k1,W1∶W2=1∶3,选C.3.【解析】选B.物体的速度方向变化而大小不变,则动能不变,A选项错误,B选项正确;物体的动能不变只能得到物体的速度大小不变,但是速度方向可能在变,如匀速圆周运动,C选项错误;物体动能变化则物体的速度大小一定改变,D选项错误.4.【解析】选B.动能定理公式W合=ΔE k,而W合=W1+W2=(6+8) J=14 J.5.【解析】选A.动能是标量,只与物体的质量和速度的大小有关,与速度的方向没有关系,所以A选项正确;动能是状态量,与物体的受力情况和运动性质无关,B、D选项错误;动能是标量,不能进行分解,所以C选项错误.6.【解析】选A.人对球做功过程就是人与球接触的过程,这个过程球由静止到速度为10 m/s,由W合=E k2-E k1可得人对球做功W合=25 J.7.【解析】选B.动能是标量,且恒为正值或者为零,因此B 选项正确.8.【解析】选B.由动能定理公式W合=E k2-E k1,E k2=0,E k1=12×2×22 J=4 J,则W合=-4 J,外力做功为-4 J,即克服外力做功4 J.9.【解析】选B.两者初动能相同,末动能为零,ΔE k相同.而W合=-fs,质量小的,对应的滑动摩擦力f也小,由于W合=ΔEk=-fs,则滑行位移大.10.【解析】选A.根据W合=ΔE k分析,W合>0,动能增加,W<0,动能减少,W合=0,动能不变,W合≠0,ΔE k≠0.合二、单项选择题Ⅱ11.【解析】选A.由动能定理W合=E k2-E k1=50 J,A选项正确;支持力与速度方向垂直,所以支持力不做功,D选项错误;重力做功W G=mgh=750 J,C选项错误;由W合=W G+W f 可得W f=-700 J,B选项错误.12.【解析】选A.第1秒内,F1=4 N,s1=1 m,W1=F1s1=4 J. 第2秒内,F2=2 N,s2=2 m,W2=F2s2=4 J,W1∶W2=1∶1.13.【解析】选D.由动能定理知合力所做的功等于各力做功的代数和W合=(4+3) J=7 J,选D.14.【解析】选A.从图象中读取各初末时刻的速度大小,根据动能定理判断做功正负.15.【解析】选D.两次的拉力和位移相同,则做功都相同,由于作用于B有摩擦力做负功,由动能定理可判断A的动能较大.16.【解析】选B.根据动能定理,第一种情况Fs-fs=E1-0, 第二种情况2Fs -fs =E 2-0,可得E 2>2E 1.17.【解析】选D.对冰壶由动能定理得-μmgs =0-12mv 20, 得μ=12mv 20mgx =9.5 J 19×10×5 J=0.01. 冰壶运动时:a =μg =0.1 m/s 2由运动学公式s =12at 2得:t =10 s. 18.【解析】选D.由匀速圆周运动可知ABC 错,由动能定理知D 正确.19.【解析】选A.两者动能变化相等,甲质量大,则甲的滑动摩擦力也大,根据动能定理可知,两者做功相等,甲的滑动摩擦力大,则位移小,选A.20.【解析】选D.由动能公式E k =12mv 2,可知AB 错,且E k 与受到的合外力大小无关,C 错.由动能定理W 合=ΔE k 知D 正确.三、多项选择题21.【解析】选AC.由动能定理W合=E k2-E k1,各球以相同的动能抛出,下落到达地面时,重力做功相同,则末动能相同,落地速率相同.22.【解析】选BD.本题由动能的计算公式E k=12mv2很容易得到B、D选项正确.23.【解析】选BD.对于物体的动能,物体的速度不变,则其动能也不变,但是物体的动能不变时,其速度的大小不变方向可以变化.24.【解析】选ABC.匀速圆周运动的物体速度大小不变,动能不变,但不处于平衡状态,D错.25.【解析】选ABD.若力F的方向与初速度v0的方向一致,则质点一直加速,动能一直增大,选项A正确.若力F的方向与v0的方向相反,则质点先减速至速度为零后反向加速,动能先减小至零后增大,选项B正确.若力F的方向与v0的方向成一钝角,如斜上抛运动,物体先减速,减到某一值,再加速,则其动能先减小至某一非零的最小值,再增大,选项D正确.。

2019年高考一轮复习《机械功、动能定理》真题、模拟题、知识点总结分项汇编

2019年高考一轮复习《机械功、动能定理》真题、模拟题、知识点总结分项汇编

2019年物理高考真题和模拟题 知识点分项汇编《机械功、动能定理》一、功1.公式:W =Fl cos α.(1)α<90°,做正功.(2)α>90°,做负功.(3)α=90°,不做功.二、功率(1)平均功率:P =W t(2)瞬时功率:P =Fv cos α.三、动能、动能定理1.表达式:E k =12mv 2.2. 动能定理:合外力做功等于物体在这个过程中动能的变化量.W =E k2-E k1=12mv 22-12mv 21. 3.适用范围(1)动能定理既适用于直线运动,也适用于曲线运动. (2)既适用于恒力做功,也适用于变力做功.四、机械能守恒1、重力势能:E p =mgh .重力做正功时,重力势能减小; 重力做负功时,重力势能增大;重力做多少正(负)功,重力势能就减小(增大)多少,即W G =E p1-E p2.2、弹性势能弹力做正功,弹性势能减小;弹力做负功,弹性势能增大.3、机械能守恒定律:在只有重力或弹力做功的物体系统内,动能与势能可以相互转化,而总的机械能保持不变.表达式:(1)守恒观点:E k1+E p1=E k2+E p2(要选零势能参考平面). (2)转化观点:ΔE k =-ΔE p (不用选零势能参考平面). (3)转移观点:ΔE A 增=ΔE B 减(不用选零势能参考平面).4.机械能守恒的条件:只有重力(或弹力)做功或虽有其他外力做功但其他力做功的代数和为零.五、功能关系1.功是能量转化的量度,即做了多少功就有多少能量发生了转化. 2.几种常见的功能关系1.内容:能量既不会凭空产生,也不会凭空消失,它只能从一种形式转化为另一种形式,或者从一个物体转移到别的物体,在转化和转移的过程中,能量的总量保持不变.2.表达式:(1)E1=E2. (2)ΔE减=ΔE增.【方法归纳总结】变力做功的求解方法一、动能定理法动能定理既适用于直线运动,也适用于曲线运动,既适用于求恒力功也适用于求变力功.因使用动能定理可由动能的变化来求功,所以动能定理是求变力做功的首选.二、平均力法如果力的方向不变,力的大小对位移按线性规律变化(即F=kx+b)时,F由F1变化到F2的过程中,力的平均值为F=F1+F22,再利用功的定义式W=F l cos α来求功.三、微元法当物体在变力的作用下做曲线运动时,若力的方向与物体运动的切线方向之间的夹角不变,可将曲线分成无限个小元段,每一小元段可认为恒力做功,总功即为各个小元段做功的代数和.通过微元法不难得到,在往返的运动中,摩擦力、空气阻力做的功,其大小等于力和路程的乘积.四、等效转换法若某一变力的功和某一恒力的功相等,即效果相同,则可以通过计算该恒力做的功,求出该变力做的功,从而使问题变得简单,也就是说通过关联点,将变力做功转化为恒力做功,这种方法称为等效转换法.五、图象法由于功W=Fx,则在F-x图象中图线和x轴所围图形的面积表示F做的功.在x轴上方的“面积”表示正功,x轴下方的“面积”表示负功.六、用W=Pt计算机车以恒定功率P行驶的过程,随速度增加牵引力不断减小,此时牵引力所做的功不能用W=Fx来计算,但因功率恒定,可以用W=Pt计算.应用动能定理解题的基本思路(1)选取研究对象,明确它的运动过程;(2)分析研究对象的受力情况和各力的做功情况:受哪些力→各力是否做功→做正功还是负功→做多少功→各力做功的代数和(3)明确研究对象在过程的初末状态的动能E k1和E k2;(4)列动能定理的方程W合=E k2-E k1及其他必要的解题方程,进行求解.2019年物理高考真题和模拟题相关题目1.(2019·新课标全国Ⅱ卷)从地面竖直向上抛出一物体,其机械能E总等于动能E k与重力势能E p之和。

2019年高考物理一轮专题复习练习卷动能与动能定理

2019年高考物理一轮专题复习练习卷动能与动能定理

动能动能定理题型1 动能1.关于对动能的理解,下列说法错误的是()A.凡是运动的物体都具有动能B.动能总为正值C.一定质量的物体,动能变化时,速度一定变化;速度变化时,动能也一定变化D.物体动能不变时,一定处于平衡状态【答案】CD2.关于物体的动能,下列说法中正确的是()A.物体速度变化,其动能一定变化B.物体所受的合外力不为零,其动能一定变化C.物体的动能变化,其运动状态一定发生改变D.物体的速度变化越大,其动能一定也变化越大【答案】C3.在地面上某处将一金属小球竖直向上拋出,上升一定高度后再落回原处,若不考虑空气阻力,则下列图象能正确反映小球的速度、加速度、位移和动能随时间变化关系的是(取向上为正方向)()【答案】A4.如图所示,静止在水平地面的物块A,受到水平向右的拉力F作用,F与时间t的关系如图所示,设物块与地面的静摩擦力最大值f m与滑动摩擦力大小相等,则()A.0~t1时间内F的功率逐渐增大B.t2时刻物块A的加速度最大C.t2时刻后物块A做反向运动D.t3时刻物块A的动能最大【答案】BD题型2 动能定理1.关于运动物体所受的合外力、合外力做的功及动能变化的关系,下列说法正确的是()A.合外力为零,则合外力做功一定为零B.合外力做功为零,则合外力一定为零C.合外力做功越多,则动能一定越大D.动能不变,则物体合外力一定为零【答案】A2.质量不等,但有相同动能的两个物体,在动摩擦因数相同的水平地面上滑行,直至停止,则()A.质量大的物体滑行的距离大B.质量小的物体滑行的距离大C.它们滑行的距离一样大D.它们克服摩擦力所做的功一样多【答案】BD3.用竖直向上大小为30 N的力F,将2 kg的物体从沙坑表面由静止提升1 m时撤去力F,经一段时间后,物体落入沙坑,测得落入沙坑的深度为20 cm.若忽略空气阻力,g取10 m/s2.则物体克服沙坑的阻力所做的功为() A.20 J B.24 JC.34 J D.54 J【答案】C4.刹车距离是衡量汽车安全性能的重要参数之一.如图所示的图线1、2分别为甲、乙两辆汽车在紧急刹车过程中的刹车距离l与刹车前的车速v的关系曲线,已知紧急刹车过程中车与地面间是滑动摩擦.据此可知,下列说法中正确的是()A.甲车的刹车距离随刹车前的车速v变化快,甲车的刹车性能好B.乙车与地面间的动摩擦因数较大,乙车的刹车性能好C.以相同的车速开始刹车,甲车先停下来,甲车的刹车性能好D.甲车的刹车距离随刹车前的车速v变化快,甲车与地面间的动摩擦因数较大【答案】B5.(多选) 如图所示,质量为0.1 kg的小物块在粗糙水平桌面上滑行4 m后以3.0 m/s的速度飞离桌面,最终落在水平地面上,已知物块与桌面间的动摩擦因数为0.5,桌面高0.45 m,若不计空气阻力,取g=10 m/s2,则下列说法错误的是()A.小物块的初速度是5 m/sB.小物块的水平射程为1.2 mC.小物块在桌面上克服摩擦力做8 J的功D.小物块落地时的动能为0.9 J【答案】ABC.6.(多选)如图所示,一块长木板B放在光滑的水平面上,在B上放一物体A,现以恒定的外力拉B,由于A、B间摩擦力的作用,A将在B上滑动,以地面为参考系,A、B都向前移动一段距离.在此过程中()A.外力F做的功等于A和B动能的增量B.B对A的摩擦力所做的功,等于A的动能增量C.A对B的摩擦力所做的功,与B对A的摩擦力所做的功大小相等D.外力F对B做的功等于B的动能的增量与B克服摩擦力所做的功之和【答案】BD7.低碳、环保是未来汽车的发展方向.某汽车研发机构在汽车的车轮上安装了小型发电机,将减速时的部分动能转化并储存在蓄电池中,以达到节能的目的.某次测试中,汽车以额定功率行驶一段距离后关闭发动机,测出了汽车动能E k与位移x的关系图象如图所示,其中①是关闭储能装置时的关系图线,②是开启储能装置时的关系图线.已知汽车的质量为1 000 kg,设汽车运动过程中所受地面阻力恒定,空气阻力不计,根据图象所给的信息可求出()A.汽车行驶过程中所受地面的阻力为1 000 NB.汽车的额定功率为80 kWC.汽车加速运动的时间为22.5 sD.汽车开启储能装置后向蓄电池提供的电能为5×105 J【答案】BD8.儿童乐园中一个质量为m的小火车,以恒定的功率P由静止出发,沿一水平直轨道行驶达到最大速度v m后做匀速运动,在到达终点前某时刻关闭发动机,小火车又做匀减速直线运动,到达终点时恰好停止。

2019高考物理一轮全国经典版:5-2 动能定理及其应用a

2019高考物理一轮全国经典版:5-2 动能定理及其应用a

板块三 限时规范特训时间:45分钟满分:100分一、选择题(本题共10小题,每小题7分,共70分。

其中 1~6为单选,7~10为多选) 1.若物体在运动过程中受到的合外力不为0,则( ) A .物体的动能不可能总是不变的 B .物体的加速度一定变化 C .物体的速度方向一定变化 D .物体所受的合外力做的功可能为0 答案 D解析 当合外力不为0时,若物体做匀速圆周运动,则动能不变,合外力做的功为0,A 错误,D 正确;当F 恒定时,加速度就不变,B 、C 错误。

2.一个质量为0.3 kg 的弹性小球,在光滑水平面上以6 m/s 的速度垂直撞到墙上,碰撞后小球沿相反方向运动,反弹后的速度大小与碰撞前相同,则碰撞前后小球速度变化量的大小Δv 和碰撞过程中小球的动能变化量ΔE k 为( )A .Δv =0B .Δv =12 m/sC .ΔE k =1.8 JD .ΔE k =10.8 J答案 B解析 速度是矢量,规定反弹后速度方向为正,则Δv =6 m/s -(-6 m/s)=12 m/s ,故B 正确,A 错误;动能是标量,速度大小不变,动能不变,则ΔE k =0,C 、D 错误。

3. 如图所示,质量为m 的钢制小球,用长为l 的细线悬挂在O 点。

将小球拉至与O 点等高的C 点后由静止释放。

小球运动到最低点B 时对细线的拉力为2mg ,若在B 点用小锤头向左敲击小球一下,瞬间给它补充机械能ΔE ,小球就能恰好摆到与C 点等高的A 点。

设空气阻力只与运动速度相关,且运动速度越大空气阻力就越大。

则以下关系正确的是( )A .ΔE>mglB .ΔE<12mglC .ΔE =12mglD.12mgl<ΔE<mgl答案 A解析 设小球由C 点到B 点的运动过程中克服空气阻力做功W f1,由动能定理知,mgl -W f1=12mv 2B ,在B点,由牛顿第二定律知:T -mg =m v 2B l ,其中T =2mg ,由以上各式可得W f1=12mgl 。

2019版高考物理课标版一轮复习考点规范练:16动能定理及其应用 含答案 精品

2019版高考物理课标版一轮复习考点规范练:16动能定理及其应用 含答案 精品

考点规范练16动能定理及其应用一、单项选择题1.下列有关动能的说法中正确的是()A.物体只有做匀速运动时,动能才不变B.物体的动能变化时,速度不一定变化C.物体做平抛运动时,水平速度不变,动能不变D.物体做自由落体运动时,物体的动能增加2.质量m=2 kg的物体,在光滑水平面上以v1=6 m/s的速度匀速向西运动,若有一个F=8 N方向向北的恒力作用于物体,在t=2 s内物体的动能增加了()A.28 JB.64 JC.32 JD.36 J3.(2017·山西一模)由两种不同材料拼接成的直轨道ABC,B为两种材料的分界线,长度AB>BC。

先将ABC按图甲方式搭建成倾角为θ的斜面,让一小物块(可看作质点)从斜面顶端由静止释放,经时间t小物块滑过B点;然后将ABC按图乙方式还搭建成倾角为θ的斜面,同样将小物块从斜面顶端由静止释放,小物块经相同时间t滑过B点。

则小物块()A.与AB段的动摩擦因数比与BC段的动摩擦因数大B.两次滑到B点的速率相同C.两次从顶端滑到底端所用的时间相同D.两次从顶端滑到底端的过程中摩擦力做功相同4.光滑斜面上有一个小球自高为h的A处由静止开始滚下,抵达光滑水平面上的B点时速度大小为v0。

光滑水平面上每隔相等的距离设置了一个与小球运动方向垂直的活动阻挡条,如图所示,小球越过n条活动阻挡条后停下来。

若让小球从h高处以初速度v0滚下,则小球能越过的活动阻挡条的条数是(设小球每次越过活动阻挡条时损失的动能相等)()A.nB.2nC.3nD.4n5.物体在恒定阻力作用下,以某初速度在水平面上沿直线滑行直到停止。

以a、E k、s和t分别表示物体运动的加速度大小、动能、位移的大小和运动的时间,则以下各图象中,能正确反映这一过程的是()6.如图所示,质量为0.1 kg的小物块在粗糙水平桌面上滑行4 m后以3.0 m/s的速度飞离桌面,最终落在水平地面上,已知物块与桌面间的动摩擦因数为0.5,桌面高0.45 m,若不计空气阻力,g取10 m/s2,则()A.小物块的初速度是5 m/sB.小物块的水平射程为1.2 mC.小物块在桌面上克服摩擦力做8 J的功D.小物块落地时的动能为0.9 J二、多项选择题7.用起重机提升货物,货物上升过程中的v-t图象如图所示,在t=3 s到t=5 s内,重力对货物做的功为W1、绳索拉力对货物做的功为W2、货物所受合力做的功为W3,则()A.W1>0B.W2<0C.W2>0D.W3<08.如图所示,电梯质量为m0,在它的水平地板上放置一质量为m的物体。

2019届高考物理人教版一轮复习针对训练:动能定理及其应用(含答案)

2019届高考物理人教版一轮复习针对训练:动能定理及其应用(含答案)

2021 届高考物理人教版一轮复习针对训练:动能定理及其应用〔含答案〕2021 届高考物理人教版一轮复习针对训练动能定理及其应用一、单项选择题1.赛道上的赛车做加速运动 , 速度为 v 和速度为 2v 时赛车动能之比是( )A.1:1B.1:2C.1:4D.1:32.关于动能、动能定理 , 以下说法正确的选项是 ( )A. 一定质量的物体 , 速度变化时 , 其动能一定变化B. 动能不变的物体 , 一定处于平衡状态C.运动物体所受的合外力为零, 那么物体的动能肯定不变D.运动物体所受的合外力不为零, 那么物体的动能肯定变化3. 如下图跳水运发动从离开跳板到入水前的过程.以下正确反映运发动的动能E k随时间t变化的曲线图是以下图中的( 忽略空气阻力 )( )A. B.2021 届高考物理人教版一轮复习针对训练:动能定理及其应用〔含答案〕C. D.4.东方红一号卫星是中国发射的第一颗人造地球卫星, 由以钱学森为首任院长的中国空间技术研究院自行研制, 该卫星发射成功标志着中国成为继苏联、美国、法国、日本之后世界上第五个用自制火箭发射国产卫星的国家 . 东方红一号卫星质量为 173kg, 可将其视为近地卫星 , 它绕地球运动的的动能约为 ( )×1011J×109J×107J×105J5. 从大型加速器射出的电子束总能量约为×10-10 J),此能量最接近 ( )A.一只爬行的蜗牛的动能B.一个奔跑的孩子的动能C.一辆行驶的轿车的动能D.一架飞行的客机的动能6.物体在两个相互垂直的力作用下运动 , 力F1对物体做功 6 J , 物体克服力 F2做功8J,那么物体的动能( )A.增加 14JB.增加 10JC.增加 2 JD.减少 2 J2021 届高考物理人教版一轮复习针对训练:动能定理及其应用〔含答案〕7.在同一位置以相同的速率把三个小球分别沿水平、斜向上、斜向下方向抛出 , 不计空气阻力 , 那么落在同一水平地面时的速度大小 ( )A. 一样大B.水平抛的最大C.斜向上抛的最大D.斜向下抛的最大8.如下图 , 固定斜面AE分成等长四局部AB、BC、CD、DE , 小物块与 AB 、CD间动摩擦因数均为 1 ,与BC、DE间动摩擦因数均为 2 ,且1 2 2。

高考物理一轮复习 专项训练 物理动能与动能定理及解析

高考物理一轮复习 专项训练 物理动能与动能定理及解析

高考物理一轮复习 专项训练 物理动能与动能定理及解析一、高中物理精讲专题测试动能与动能定理1.如图所示,水平地面上一木板质量M =1 kg ,长度L =3.5 m ,木板右侧有一竖直固定的四分之一光滑圆弧轨道,轨道半径R =1 m ,最低点P 的切线与木板上表面相平.质量m =2 kg 的小滑块位于木板的左端,与木板一起向右滑动,并以0v 39m /s 的速度与圆弧轨道相碰,木板碰到轨道后立即停止,滑块沿木板冲上圆弧轨道,后又返回到木板上,最终滑离木板.已知滑块与木板上表面间的动摩擦因数μ1=0.2,木板与地面间的动摩擦因数μ2=0.1,g 取10 m/s 2.求: (1)滑块对P 点压力的大小;(2)滑块返回木板上时,木板的加速度大小; (3)滑块从返回木板到滑离木板所用的时间.【答案】(1)70 N (2)1 m/s 2 (3)1 s 【解析】 【分析】 【详解】(1)滑块在木板上滑动过程由动能定理得:-μ1mgL =12mv 2-1220mv 解得:v =5 m/s在P 点由牛顿第二定律得:F -mg =m 2v r解得:F =70 N由牛顿第三定律,滑块对P 点的压力大小是70 N (2)滑块对木板的摩擦力F f 1=μ1mg =4 N 地面对木板的摩擦力 F f 2=μ2(M +m )g =3 N对木板由牛顿第二定律得:F f 1-F f 2=Ma a =12f f F F M-=1 m/s 2(3)滑块滑上圆弧轨道运动的过程机械能守恒,故滑块再次滑上木板的速度等于v =5 m/s 对滑块有:(x +L )=vt -12μ1gt 2 对木板有:x =12at 2解得:t =1 s 或t =73s(不合题意,舍去) 故本题答案是: (1)70 N (2)1 m/s 2 (3)1 s 【点睛】分析受力找到运动状态,结合运动学公式求解即可.2.儿童乐园里的弹珠游戏不仅具有娱乐性还可以锻炼儿童的眼手合一能力。

2019版高考物理一轮复习 精选题辑 课练15 动能和动能定理

2019版高考物理一轮复习 精选题辑 课练15 动能和动能定理

课练15 动能和动能定理1.(2018·浙江模拟)如图所示,足球从草皮上的①位置被踢出后落在草皮上③位置,空中到达的最高点为②位置,则( )A .②位置足球动能等于0B .①位置到③位置过程只有重力做功C .①位置到②位置的过程足球的动能全部转化为重力势能D .②位置到③位置过程足球动能的变化量等于合力做的功 答案:D 解析:由题图可知,足球由②到③过程中具有水平位移,则说明足球在②位置存在速度,故A 错误;由图可知,①到②的水平位移大于②到③的水平位移,则说明足球受到空气阻力,故B 错误;因存在阻力做功,故①位置到②位置的过程足球的动能转化为重力势能和内能,故C 错误;根据动能定理可得,②位置到③位置过程足球动能的变化量等于合力做的功,故D 正确.2.(2018·江西模拟)(多选)质量为m 的物块在水平恒力F 的推动下,从山坡(粗糙)底部的A 处由静止开始运动至高为h 的破顶B 处.到达B 处时物块的速度大小为v ,A 、B 之间的水平距离为s ,重力加速度为g .不计空气阻力,则物块运动过程中( )A .重力所做的功是mghB .合外力对物块做的功是12mv 2C .推力对物块做的功是12mv 2+mghD .阻力对物块做的功是12mv 2+mgh -Fs答案:BD解析:重力所做的功是W G =-mgh ,选项A 错误;根据动能定理,合外力对物块做的功是W 合=W F -mgh +W f =12mv 2,选项B 正确;W F =mgh -W f +12mv 2,选项C 错误;W F =Fs =mgh -W f +12mv 2,则W f =mgh +12mv 2-Fs ,选项D 正确.3.(2018·天津五区县联考)(多选)如图所示,竖直平面内有一光滑圆环,半径为R ,圆心为O ,B 为最低点,C 为最高点,圆环左下方开一个小口与光滑斜面相切于A 点,∠AOB =37°,小球从斜面上某一点由静止释放,经A 点进入圆轨道,不计小球由D 到A 的机械能损失,(sin37°=0.6,cos37°=0.8)则要保证运动过程中小球不离开轨道,小球释放的位置到A 点的距离可能是( )A .RB .2RC .3RD .4R 答案:AD解析:若使小球恰能经过最高点C ,则mg =m v 2CR ,根据动能定理有mg (h -2R )=12mv 2C ,解得h =52R ,小球释放的位置到A 点的距离是x =h -R -sin37°;若使小球恰能经过与圆心O 等高的一点,则释放的高度h ′=R ,此时小球释放的位置到A 点的距离是x ′=h ′-R -sin37°=43R ;要保证运动过程中小球不离开轨道,小球释放的位置到A 点的距离应满足:x ≥236R 或x ′≤43R ,A 、D 正确.4.(2018·辽宁铁岭协作体联考)如图所示,竖直平面内放一直角杆MON ,OM 水平,ON 竖直且光滑,用不可伸长的轻绳相连的两小球A 和B 分别套在OM 和ON 杆上,B 球的质量为2 kg ,在水平力F 的作用下,A 、B 均处于静止状态,此时OA =0.3 m ,OB =0.4 m ,改变水平力F 的大小,使A 球向右加速运动,已知A 球向右运动0.1 m 时速度大小为3 m/s ,则在此过程中绳对B 球的拉力所做的功为(g 取10 m/s 2)( )A .11 JB .16 JC .18 JD .9 J 答案:C解析:A 球向右运动0.1 m 时,由几何关系得,B 上升距离h =0.4 m -0.52-0.42m =0.1 m ,此时细绳与水平方向夹角的正切值tan θ=34,则得cos θ=45,sin θ=35,由运动的合成与分解知识可知v B sin θ=v A cos θ,可得v B =4 m/s ;以B 球为研究对象,由动能定理得W F -mgh =12mv 2B ,代入数据解得W F =18 J ,即绳对B 球的拉力所做的功为18 J .故选C.5.(2018·吉林省实验中学二模)(多选)如图所示,在竖直平面内两处分别固定A 、B两枚钉子,A 、B 之间的距离为12l ,A 、B 连线与水平方向的夹角为θ.A 处的钉子系一根长为l 的细线,细线的另一端系一个质量为m 的小球,将细线拉直,让小球的初始位置在P 点处,P 点与A 点处于同一高度,小球由静止释放,细线与B 处钉子接触后,小球继续下降.取B 点为参考平面,重力加速度为g ,当小球运动到B 点正下方的Q 点时,下列说法正确的是( )A .小球的速率为2glB .小球的动能为12mgl (sin θ+1)C .重力对小球的功率为0D.小球对绳的拉力为3mg 答案:BC解析:小球从P点到Q点,重力对小球做的功为12mgl(sinθ+1),根据动能定理有W G =W k Q-E k P,所以小球在Q点的动能为12mgl(sinθ+1),选项B正确;由12mgl(sinθ+1)=12mv2可得v=glθ+,选项A错误;在Q点小球速度方向是水平的,重力对小球做功的功率为0,选项C正确;根据F-mg=mv2l2,解得F=mg(2sinθ+3),由牛顿第三定律可知选项D错误.6.(多选)如图所示,斜面AB和水平面BC是由同一板材上截下的两段,在B处用小圆弧连接.将小铁块(可视为质点)从A处由静止释放后,它沿斜面向下滑行,进入平面,最终静止于P 处.若从该板材上再截下一段,搁置在A、P之间,构成一个新的斜面,再将铁块放回A处,并轻推一下使之沿新斜面向下滑动.关于此情况下铁块运动情况的描述,正确的是( ) A.铁块一定能够到达P点B.铁块的初速度必须足够大才能到达P点C.铁块能否到达P点与铁块质量有关D.铁块能否到达P点与铁块质量无关答案:AD解析:设A距离水平面BC的高度为h,小铁块与该板材间的动摩擦因数为μ.斜面AB 的倾角为α,对全过程运用动能定理有mgh-μmgs1cosα-μmgs2=0,整理得mgh-μmg(s1cosα+s2)=0,而s1cosα+s2等于OP的长度,即h-μOP=0,与斜面的倾角无关,故小铁块一定能够到达P点,且与铁块的质量无关.故A、D正确.7.已知一足够长的传送带与水平面的夹角为θ,以一定的速度匀速运动.某时刻在传送带适当的位置放上具有一定初速度的物块(如图甲所示),以此时为t=0时刻记录了小物块之后在传送带上运动速度随时间的变化关系,如图乙所示(图中取沿传送带向上的运动方向为正方向,其中|v1|>v2).已知传送带的速度保持不变,g取10 m/s2,则( )A.0~t1内,物块对传送带做正功B.物块与传送带间的动摩擦因数为μ,μ<tanθC.0~t2内,传送带对物块做的功为W=12mv22-12mv21D.系统产生的热量大小一定大于物块动能的变化量大小答案:D解析:由图知,物块先向下运动后向上运动,则知传送带的运动方向应沿顺时针.0~t1内,物块对传送带的摩擦力方向沿传送带向下,则物块对传送带做负功,故A错误;在t1~t2内,物块向上加速运动,则有μmg cosθ>mg sinθ,得μ>tanθ,故B错误;0~t2内,由v —t 图线与t 轴所围“面积”等于位移可知,物块的总位移沿斜面向下,高度下降,重力对物块做正功,设为W G ,根据动能定理得W +W G =12mv 22-12mv 21,则传送带对物块做的功W ≠12mv 22-12mv 21,故C 错误;物块的重力势能减小量和动能减小量都转化为系统产生的内能,则由能量守恒定律知,系统产生的热量大小一定大于物块动能的变化量大小,故D 正确.8.(多选)如图甲所示,物体以一定初速度从倾角α=37°的斜面底端沿斜面向上运动,上升的最大高度为3.0 m .选择地面为参考平面,上升过程中,物体的机械能E 随高度h 的变化关系如图乙所示.(g 取10 m/s 2,sin37°=0.6,cos37°=0.8.)则( )A .物体上升过程的加速度大小a =10 m/s 2B .物体与斜面间的动摩擦因数μ=0.4C .物体的质量m =0.67 kgD .物体回到斜面底端时的动能E k =10 J 答案:AD解析:物体到达最高点时,机械能为E =E p =mgh ,由图知E p =30 J ,得m =E gh =3010×3kg=1 kg ,故C 错误;物体上升过程中,克服摩擦力做功,机械能减少,减少的机械能等于克服摩擦力做的功,ΔE =-μmg cos αhsin α,得μ=0.5,故B 错误;物体上升过程中,由牛顿第二定律得mg sin α+μmg cos α=ma ,得a =g sin α+μg cos α=10×0.6 m/s 2+0.5×10×0.8 m/s 2=10 m/s 2,故A 正确;由图象可知,物体上升过程中摩擦力做功为W =30 J -50 J =-20 J ,在整个过程中由动能定理得2W =E k -E k0,则有E k =E k0+2W =50 J +2×(-20) J =10 J ,故D 正确.9.(多选)如图所示,小车上有固定支架,支架上用细线拴一个小球,线长为l (小球可看成质点),小车与小球一起以速度v 0沿水平方向向左匀速运动.当小车突然碰到矮墙后车立即停止运动,此后小球升高的最大高度可能是(线未被拉断,不计空气阻力)( )A .大于v 202gB .小于v 202gC .等于v 202gD .等于2l答案:BCD解析:如果小球的速度不能使小球做圆周运动,且小球升高竖直高度小于l 时,由机械能守恒可得12mv 20=mgh ,所以最大高度是v 202g,所以A 错误、C 正确;如果小球升高竖直高度大于l 小于2l 时,由于小球在最大高度处动能不为零,由机械能守恒定律可知,最大高度小于v 202g,所以B 正确;如果小球的速度能使小球做圆周运动,那么最大高度就是圆周运动的直径2l ,所以D 正确.10.(多选)中国航母“辽宁舰\”正式交付海军,这将极大提高我们中国海军的整体作战实力.如图所示是“歼-15飞机”在航母“辽宁舰”上的起降示意图.已知“歼-15飞机”的质量为m ,它的发动机额定功率恒定,起飞前在航母上运动过程中所受的摩擦阻力为恒力.“歼-15飞机”以额定功率从静止开始沿航母做直线运动,到航母一端后起飞.设“歼-15飞机”经过时间t 运动了位移s 时,速度达到最大值v ,此时刚好离开航母起飞.则“歼-15飞机”发动机在航母上运动过程所做的功为( )A.mv 3t vt -sB.12mv 2C.12mv 2+mv 2s vt -s D.mv 2s vt -s 答案:AC解析:飞机以额定功率从静止开始沿航母做直线运动,由动能定理得Pt -fs =12mv 2,速度达到最大值v 时,飞机所受合外力为零,即F =f ,所以P =fv ,解得P =mv 3vt -s,代入得f =P v =mv 2vt -s ,所以飞机在航母上运动过程所做的功为W =Pt =mv 3tvt -s ,又因为Pt =fs +12mv 2=12mv 2+mv 2svt -s,所以选项A 、C 正确.11.如图所示,粗糙的斜面AB 下端与光滑的圆弧轨道BCD 相切于B ,整个装置竖直放置,C 是最低点,圆心角θ=37°,D 与圆心O 等高,圆弧轨道半径R =1 m ,斜面长L =4 m ,现有一个质量m =0.1 kg 的小物体P 从斜面AB 上端A 点无初速度下滑,物体P 与斜面AB 之间的动摩擦因数μ=0.25.不计空气阻力,g =10 m/s 2,sin37°=0.6,cos37°=0.8,求:(1)物体P 第一次通过C 点时的速度大小v C ; (2)物体P 第一次通过C 点时对轨道的压力大小;(3)物体P 第一次离开D 点后在空中做竖直上抛运动到最高点E ,接着从空中又返回到圆弧轨道和斜面,在这样多次反复的整个运动过程中,物体P 对C 点处轨道的最小压力.答案:(1)6 m/s (2)4.6 N (3)1.4 N解析:(1)物体P 从A 下滑经B 到C 过程中根据动能定理有mgL ·sin37°+mgR (1-cos37°)-μmg cos37°·L =12mv 2C -0,解得v C =6 m/s.(2)物体P 在C 点,根据牛顿第二定律有N -mg =m v 2CR,解得N =4.6 N.根据牛顿第三定律,物体P 通过C 点时对轨道的压力为4.6 N.(3)物体P 最后在B 和与其等高的圆弧轨道上来回运动时,经C 点压力最小,由B 到C由动能定理有mgR (1-cos37°)=12mv ′2C ,解得v ′C =2 m/s ,则N min =mg +m v ′2C R=1.4 N.根据牛顿第三定律,物体P 对C 点处轨道的最小压力为1.4 N.12.小物块A 的质量为m ,物块与坡道间的动摩擦因数为μ,水平面光滑,坡道顶端距水平面高度为h ,倾角为θ,物块从坡道进入水平滑道时,在底端O 点处无机械能损失,重力加速度为g .将轻弹簧的一端连接在水平滑道M 处并固定在墙上,另一自由端恰位于坡道的底端O 点,如图所示.物块A 从坡顶由静止滑下,求:(1)物块滑到O 点时的速度大小;(2)弹簧为最大压缩量d 时的弹性势能; (3)物块A 被弹回到坡道上升的最大高度.答案:(1)2gh-μcot θ(2)mgh -μmgh cot θ (3)-μcot θh1+μcot θ解析:(1)由动能定理有mgh -μmgh cot θ=12mv 2,得v =2gh -μcot θ.(2)在水平滑道上由能量守恒定律有12mv 2=E p ,得E p =mgh -μmgh cot θ.(3)设物块A 能够上升的最大高度为h 1,物块A 被弹回过程中,由能量守恒定律有E p =μmgh 1cot θ+mgh 1,得h 1=-μcot θh1+μcot θ.刷题加餐练刷高考真题——找规律1.(2017·新课标全国卷Ⅱ,如图,半圆形光滑轨道固定在水平地面上,半圆的直径与地面垂直.一小物块以速度v 从轨道下端滑入轨道,并从轨道上端水平飞出,小物块落地点到轨道下端的距离与轨道半径有关,此距离最大时对应的轨道半径为(重力加速度大小为g )( )A.v 216gB.v 28gC.v 24gD.v 22g答案:B解析:设小物块的质量为m ,滑到轨道上端时的速度为v 1.小物块上滑过程中,机械能守恒,有12mv 2=12mv 21+2mgR ①小物块从轨道上端水平飞出,做平抛运动,设水平位移为x ,下落时间为t ,有2R =12gt 2②x =v 1t ③联立①②③式整理得x 2= ⎝ ⎛⎭⎪⎫v 22g 2-⎝⎛⎭⎪⎫4R -v 22g 2 可得x 有最大值v 22g ,对应的轨道半径R =v 28g.故选B.2.(2016·新课标全国卷Ⅱ,(多选)如图,小球套在光滑的竖直杆上,轻弹簧一端固定于O 点,另一端与小球相连.现将小球从M 点由静止释放,它在下降的过程中经过了N 点.已知在M 、N 两点处,弹簧对小球的弹力大小相等,且∠ONM <∠OMN <π2.在小球从M 点运动到N 点的过程中( )A .弹力对小球先做正功后做负功B .有两个时刻小球的加速度等于重力加速度C .弹簧长度最短时,弹力对小球做功的功率为零D .小球到达N 点时的动能等于其在M 、N 两点的重力势能差 答案:BCD解析:小球在从M 点运动到N 点的过程中,弹簧的压缩量先增大,后减小,到某一位置时,弹簧处于原长,再继续向下运动到N 点的过程中,弹簧又伸长.弹簧的弹力方向与小球速度的方向的夹角先大于90°,再小于90°,最后又大于90°,因此弹力先做负功,再做正功,最后又做负功,A 项错误;弹簧与杆垂直时,小球的加速度等于重力加速度,当弹簧的弹力为零时,小球的加速度也等于重力加速度,B 项正确;弹簧长度最短时,弹力与小球的速度方向垂直,这时弹力对小球做功的功率为零,C 项正确;由于在M 、N 两点处,弹簧的弹力大小相等,即弹簧的形变量相等,根据动能定理可知,小球从M 点到N 点的过程中,弹簧的弹力做功为零,重力做功等于动能的增量,即小球到达N 点时的动能等于其在M 、N 两点的重力势能差,D 项正确.3.(2016·四川卷,6)韩晓鹏是我国首位在冬奥会雪上项目夺冠的运动员.他在一次自由式滑雪空中技巧比赛中沿“助滑区”保持同一姿态下滑了一段距离,重力对他做功1 900 J ,他克服阻力做功100 J .韩晓鹏在此过程中( )A .动能增加了1 900 JB .动能增加了2 000 JC .重力势能减小了1 900 JD .重力势能减小了2 000 J 答案:C解析:由动能定理可知,ΔE k =1 900 J -100 J =1 800 J ,故A 、B 均错.重力势能的减少量等于重力做的功,故C 正确、D 错.4.(2016·浙江卷,18)(多选)如图所示为一滑草场.某条滑道由上、下两段高均为h ,与水平面倾角分别为45°和37°的滑道组成,滑草车与草地之间的动摩擦因数为μ.质量为m 的载人滑草车从坡顶由静止开始自由下滑,经过上、下两段滑道后,最后恰好静止于滑道的底端(不计滑草车在两段滑道交接处的能量损失,sin37°=0.6,cos37°=0.8).则( )A .动摩擦因数μ=67B .载人滑草车最大速度为2gh 7C .载人滑草车克服摩擦力做功为mghD .载人滑草车在下段滑道上的加速度大小为35g答案:AB解析:本题考查运动与力的关系问题,意在考查学生对动能定理、牛顿第二定律、匀变速直线运动规律的理解和综合应用能力.由题意根据动能定理有,2mgh -W f =0,即2mgh -μmg cos45°·h sin45°-μmg cos37°·h si n37°=0,得动摩擦因数μ=67,则A 项正确;载人滑草车克服摩擦力做的功为W f =2mgh ,则C 项错误;载人滑草车在上下两段的加速度分别为a 1=g (sin45°-μcos45°)=214g ,a 2=g (sin37°-μcos37°)=-335g ,则载人滑草车在上下两段滑道上分别做加速运动和减速运动,则在上段底端时达到最大速度v ,由运动学公式有2a 1·h sin45°=v 2,得v =2a 1·h sin45°=27gh ,故B 项正确,D 项错误.刷仿真模拟——明趋向5.(2018·山东潍坊模拟)如图所示,固定斜面AE 分成等长四部分AB 、BC 、CD 、DE ,小物块与AB 、CD 间的动摩擦因数均为μ1;与BC 、DE 间的动摩擦因数均为μ2,且μ1=2μ2.当物块以速度v 0从A 点沿斜面向上滑动时,刚好能到达E 点.当物块以速度v 02从A 点沿斜面向上滑动时,则能到达的最高点( )A .刚好为B 点 B .刚好为C 点C .介于A 、B 之间D .介于B 、C 之间 答案:C解析:设斜面的倾角为θ,AB =BC =CD =DE =s ,μ1=2μ2=2μ,则μ2=μ,物块以速度v 0上滑过程中,由动能定理得,-mg ·sin θ·4s -μmg cos θ·2s -2μmg cos θ·2s=0-12mv 20,则12mv 20=4mgs sin θ+6μmgs cos θ,当初速度为v 02时,12m (v 02)2=14×12mv 20=mgs sin θ+32μmgs cos θ<mgs sin θ+2μmgs cos θ,则物块能到达的最高点在B 点以下,即A 、B 之间某点,故选C.6.(2018·广西玉林模拟)有两个物体a 和b ,其质量分别为m a 和m b ,且m a >m b ,它们的初动能相同,若a 和b 分别受到不变的阻力F a 和F b 的作用,经过相同的时间停下来,它们的位移分别为s a 和s b ,则( )A .F a <F b 且s a >s bB .F a >F b 且s a >s bC .F a >F b 且s a <s bD .F a <F b 且s a <s b 答案:C解析:设物体的初速度为v ,初动能为E k ,所受的阻力为F ,通过的位移为s ,物体的速度与动能的关系为E k =12mv 2,得v =2E k m ,由s =v +02t 得,s =E k2mt ,由题意可知物体a 、b 运动时间和初动能相同,则质量越大,位移越小,m a >m b ,所以s a <s b ;由动能定理得,-Fs =0-E k ,因初动能相同,F 与s 成反比,则F a >F b ,故选C.7.(2018·湖北名校联考)如图所示,一个可视为质点的滑块从高H =12 m 处的A 点由静止沿光滑的轨道AB 滑下,进入半径为r =4 m 的竖直圆环,圆环内轨道与滑块间的动摩擦因数处处相同,当滑块到达圆环顶点C 时,滑块对轨道的压力恰好为零,滑块继续沿CFB 滑下,进入光滑轨道BD ,且到达高度为h 的D 点时速度为零,则h 的值可能为(重力加速度大小g =10 m/s 2)( )A .8 mB .9 mC .10 mD .11 m 答案:B解析:滑块到达圆环顶点C 时对轨道压力为零,则mg =m v 2Cr ,得速度v C =gr ,滑块在BEC 段上克服摩擦力做的功W 1=mg (H -2r )-12mv 2C =mg (H -52r ),滑块在CFB 段克服摩擦力做的功W 2满足0<W 2<W 1,从C 到D ,12mv 2C -W 2=mg (h -2r ),代入得8 m<h <10 m ,B 正确.刷最新原创——抓重点8.(多选)如图是某缓冲装置,劲度系数足够大的轻质弹簧与直杆相连,直杆可在固定的槽内移动,与槽间的滑动摩擦力恒为f ,直杆质量不可忽略.一质量为m 的小车以速度v 0撞击弹簧,最终以速度v 弹回.直杆足够长,且直杆与槽间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力,不计小车与地面间的摩擦.则( )A .小车被弹回时速度v 一定小于v 0B .直杆在槽内移动的距离等于1f ⎝ ⎛⎭⎪⎫12mv 20-12mv 2C .直杆在槽内向右运动时,小车与直杆始终保持相对静止D .弹簧的弹力可能大于直杆与槽间的最大静摩擦力 答案:BD解析:小车在向右运动的过程中,弹簧的形变量若始终小于f k时,直杆和槽间无相对运动,小车被弹回时速度v 一定等于v 0;若形变量大于f k时,杆和槽间出现相对运动,克服摩擦力做功,小车的动能减小,所以小车被弹回时速度v 一定小于v 0,A 错误;对整个过程应用动能定理得fs =ΔE k ,直杆在槽内移动的距离s =1f ⎝ ⎛⎭⎪⎫12mv 20-12mv 2,B 正确;直杆在槽内向右运动时,开始小车速度比杆的大,所以不可能与直杆始终保持相对静止,C 错误;当弹力等于最大静摩擦力时,直杆开始运动,此时小车的速度大于直杆的速度,弹簧进一步被压缩,弹簧的弱力大于最大静摩擦力,D 正确.9.(多选)如图甲所示,为测定物体冲上粗糙斜面能达到的最大位移x 与斜面倾角θ的关系,将某一物体每次以不变的初速度沿足够长的斜面向上推出,调节斜面与水平方向的夹角θ,实验测得x 与斜面倾角θ的关系如图乙所示,重力加速度大小g 取10 m/s 2,最大静摩擦力等于滑动摩擦力,根据图象可求出( )A .物体的初速率为3 m/sB .物体与斜面间的动摩擦因数为0.75C .取不同的倾角θ,物体在斜面上能达到的位移x 的最小值为1.44 mD .当θ=45°时,物体达到最大位移后将停在斜面上 答案:BC解析:由题图乙可知,当夹角θ=0°时,位移为2.40 m ,而当夹角为90°时,位移为1.80 m ,则由竖直上抛运动规律可知v 20=2gh ,解得v 0=2gh =6 m/s ,故A 错误;当夹角为0°时,由动能定理可得μmgx =12mv 20,解得μ=0.75,故B 正确;-mgx sin θ-μmgx cos θ=0-12mv 20,解得x =v 202g θ+μcos θ=18θ+34cos θ(m)=1810×54θ+α(m),当θ+α=90°时,sin(θ+α)=1,此时位移最小,x =1.44 m ,故C 正确;若θ=45°时,物体受到重力的分力为mg sin45°=22mg ,摩擦力f =μmg cos45°=328mg ,故物体达到最大位移后会下滑,故D 错误.刷易错易误——排难点易错点1 不熟悉滑动摩擦力做功的特点 10.(2018·广东佛山一中段考)如图,一半径为R 、粗糙程度处处相同的半圆形轨道竖直固定放置,直径POQ 水平.一质量为m 的质点自P 点上方高为R 处由静止开始下落,恰好从P 点进入轨道.质点滑到轨道最低点N 时,对轨道的压力为4mg ,g 为重力加速度的大小.用W 表示质点从P 点运动到N 点的过程中克服摩擦力所做的功.则( )A .W =12mgR ,质点恰好可以到达Q 点B .W >12mgR ,质点不能到达Q 点C .W =12mgR ,质点到达Q 点后,继续上升一段距离D .W <12mgR ,质点到达Q 点后,继续上升一段距离答案:C解析:在N 点,根据牛顿第二定律有N -mg =m v 2NR,解得v N =3gR ,对质点从开始下落至到达N 点的过程运用动能定理得mg ·2R -W =12mv 2N -0,解得W =12mgR .由于质点在PN 段的速度大于质点在NQ 段的速度,所以质点在NQ 段受到的支持力小于PN 段受到的支持力,则质点在NQ 段克服摩擦力做的功小于在PN 段克服摩擦力做的功,小球在NQ 段运动时由动能定理得-mgR -W ′=12mv 2Q -12mv 2N ,因为W ′<12mgR ,可知v Q >0,所以质点到达Q 点后,继续上升一段距离.故C 正确,A 、B 、D 错误.易错点2 不能确定物体受力方向及物体运动的具体形式11.(多选)(2018·陕西渭南模拟)一质量为m 的物体以速度v 0在足够大的光滑水平面上运动,从零时刻起,对该物体施加一水平恒力F ,经过时间t ,物体的速度减小到最小值35v 0,此后速度不断增大.则( )A .水平恒力F 大小为2mv 05tB .水平恒力作用2t 时间,物体速度大小为v 0C .在t 时间内,水平恒力做的功为-825mv 20 D .若水平恒力大小为2F ,方向不变,物体运动过程中的最小速度仍为35v 0 答案:BCD解析:由物体速度减小到最小值35v 0,可知恒力F 的方向与速度v 0的方向间的夹角为钝角,将v 0沿F 的方向和垂直于F 的方向进行分解,可知垂直于F 方向的速度大小v x =35v 0,平行于F 方向的速度大小v y =45v 0,根据牛顿第二定律可知F =m v y t =4mv 05t,A 错误;水平恒力作用2t 时间,垂直于F 方向的速度大小v x =35v 0不变,平行于F 方向的速度大小v y =45v 0,物体速度大小为v 0,B 正确;在t 时间内,水平恒力做的功为W =12mv 2x -12mv 20=-825mv 20,C 正确;若水平恒力大小为2F ,方向不变,物体运动过程中的最小速度仍为35v 0,D 正确. 刷综合大题——提能力12.(2018·河北邢台质检)如图所示,在距水平地面高为0.4 m 处,水平固定一根长直光滑杆,在杆上P 点固定一定滑轮,滑轮可绕水平轴无摩擦转动,在P 点的右边,杆上套有一质量m =2 kg 的小球A .半径R =0.3 m 的光滑半圆形细轨道,竖直地固定在地面上,其圆心O 在P 点的正下方,在轨道上套有一质量也为m =2 kg 的小球B .用一条不可伸长的柔软细绳,通过定滑轮将两小球连接起来.杆和半圆形轨道在同一竖直面内,两小球均可看做质点,且不计滑轮大小的影响,g 取10 m/s 2.现给小球A 一个水平向右的恒力F =55 N .求:(1)把小球B 从地面拉到P 点正下方C 点过程中,力F 做的功;(2)把小球B 从地面拉到P 点正下方C 点过程中,重力对小球B 做的功;(3)把小球B 从地面拉到P 点正下方C 点时,小球A 速度的大小;(4)把小球B 从地面拉到P 点正下方C 点时,小球B 速度的大小;(5)小球B 被拉到离地多高时与小球A 速度大小相等.答案:(1)22 J (2)-6 J (3)0 (4)4 m/s(5)0.225 m解析:(1)小球B 被拉到C 点过程中,已知拉力为恒力,则拉力做功为:W F =Fx又x =PB -PC据勾股定理可知PB =0.5 m ,而PC =0.1 m ,解得W F =22 J(2)小球B 被拉到C 点过程中,重力对小球B 做负功,则W G =-mgR =-6 J(3)小球B 被拉到C 点时,B 球沿绳方向速度为0,则此时A 球的速度也为0;(4)小球B 被拉到C 点时,据动能定理有:W F +W G =12mv 2解得:v =4 m/s(5)当绳与轨道相切时两球速度相等,由相似三角形知识得,PO R =R h所以h =0.3×0.30.4 m =0.225 m本文档仅供文库使用。

高考物理一轮复习探究动能定理专题练习(附答案)

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高考物理一轮复习探究动能定理专题练习(附答案)2019高考物理一轮复习探究动能定理专题练习(附答案)动能具有瞬时性,是指力在一个过程中对物体所做的功等于在这个过程中动能的变化。

以下是探究动能定理专题练习,请大家仔细练习。

1.(单选)在探究动能定理实验中,某同学是用下面的方法和器材进行实验的:放在长木板上的小车,由静止开始在几条完全相同的橡皮筋作用下沿木板运动,小车拉动固定在它上面的纸带,纸带穿过打点计时器.关于这一实验,下列说法错误的是()A.长木板要适当倾斜,以平衡小车运动中受到的阻力B.重复实验时,虽然用到橡皮筋的条数不同,但每次应使橡皮筋拉伸的长度相同C.利用纸带上的点计算小车的速度时,应选用纸带上打点最密集的部分进行计算D.利用纸带上的点计算小车的速度时,应选用纸带上打点最均匀的部分进行计算【答案】C【解析】在本题的实验中,由于小车在运动中受到阻力(摩擦力和纸带的阻力),所以要使长木板适当倾斜,以平衡小车运动过程中受到的阻力,重复实验时,为了使橡皮筋对小车所做的功与它的条数成正比,所以用到橡皮筋的条数虽然纸带;G.细线、砝码、小车、砝码盘;H.薄木板.(1)其中多余的器材是________(填对应字母),缺少的器材是________.(2)测量时间的工具是________;测量质量的工具是________.(填对应字母)(3)小车(质量为m)在恒力F作用下做匀加速直线运动时打点计时器打出的纸带.测量数据已用字母表示在图中,打点计时器的打点周期为T.利用这些数据能否验证动能定理?若不能,请说明理由;若能,请说出做法,并对这种做法作出评价.【答案】(1)C、E 毫米刻度尺 (2)A B (3)见解析【解析】(1)计算小车速度是利用打上点的纸带,故不需要秒表.打点计时器应使用低压交流电源,故多余的器材是C、E.测量点之间的距离要用毫米刻度尺,故缺少的器材是毫米刻度尺.(2)测量时间的工具是A打点计时器,测量质量的工具是B 天平.(3)能从A到B的过程中,恒力做的功WAB=FxAB,物体动能的变化量EkB-EkA=mv-mv=m2-m2=m.只要验证FxAB=m即可.优点:A、B两点的距离较远,测量时的相对误差较小;缺点:只进行了一次测量验证,说服力不强.4.(2019年三门峡模拟)某学习小组在探究功与速度变化关系的实验中采用了实验装置.(1)将气垫导轨接通气泵,通过调平螺丝调整气垫导轨使之水平,检查是否调平的方法是___________________________________________________ _____________________.(2)游标卡尺测得遮光条的宽度d=________cm.实验时,将橡皮条挂在滑块的挂钩上,向后拉伸一定的距离,并做好标记,以保证每次拉伸的距离恒定.现测得挂一根橡皮条时,滑块弹离橡皮条后,经过光电门的时间为t,则滑块最后匀速运动的速度表达式为________(用字母表示).(3)逐根增加橡皮条,记录每次遮光条经过光电门的时间,并计算出对应的速度.则画出的W-v2图象应是________. 【答案】(1)将滑块轻置于气垫导轨之上,看其是否滑动;或将滑块轻置于气垫导轨之上,轻推滑块看是否匀速运动(2)0.550(3)过坐标原点的一条倾斜直线【解析】(1)检查导轨是否水平的方法:将滑块轻放在气垫导轨上,看其是否滑动(或将滑块轻放在气垫导轨上,轻推滑块看是否匀速运动).(2)d=5 mm+0.05 mm10=5.50 mm=0.550 cm滑块匀速运动的速度v=.(3)由动能定理可知,W=mv2,故画出的W-v2图象应是过坐标原点的一条倾斜直线.5.兴趣小组在做探究做功和物体速度变化关系的实验前,提出了以下几种猜想:Wv,Wv2,W.他们的实验装置如图K5-5-5甲所示,PQ为一块倾斜放置的木板,在Q处固定一个速度传感器(用来测量物体每次通过Q点的速度).在刚开始实验时,有位同学提出,不需要测出物体质量,只要测出物体初始位置到速度传感器的距离和读出速度传感器的读数就行了,大家经过讨论采纳了该同学的建议.(1)请你简要说明为什么不需要测出物体的质量.___________________________________________________ _____________________(2)让小球分别从不同高度无初速释放,测出物体初始位置到速度传感器的距离L1、L2、L3、L4、,读出小球每次通过Q点的速度v1、v2、v3、v4、,并绘制了如图K5-5-5乙所示的L-v图象.若为了更直观地看出L和v的变化关系,他们下一步应该怎么做?___________________________________________________ _____________________(3)在此实验中,木板与物体间摩擦力的大小会不会影响探究出的结果,为什么?【答案】(1)因为对物体做的功W与物体初始位置到测速器的距离L成正比 (2)下一步应该绘制L-v2图象 (3)不会摩擦力和重力的合力对物体做功也与距离L成正比【解析】(1)实验中物体沿斜面下滑,力对物体做功是恒力做功,其大小W正比于物体初始位置到测速器的距离. (2)L-v图象是曲线,应采用化曲为直的思想,由动能定理知Wv2,故Lv2,所以可画L-v2图象直观反映L-v关系. (3)摩擦力与重力的合力为恒力,WL,故不影响.6.(2019年上饶二模)某实验小组探究功和动能变化的关系,他们将宽度为d的挡光片固定在小车上,用不可伸长的细线将其通过一个定滑轮与砝码盘相连,在水平桌面上的A、B 两点各安装一个光电门,记录小车通过A、B时的遮光时间,小车中可以放置砝码.实验主要步骤如下:(1)实验前应将木板左端略微抬高,这样做的目的是_______________________________;(2)如图K5-5-6乙所示,用游标卡尺测量挡光片的宽度d=_________mm,再用刻度尺量得A、B之间的距离为L; (3)将小车停在C点,在砝码盘中放上砝码,小车在细线拉动下运动,记录此时小车及小车中砝码的质量之和为M,砝码盘和盘中砝码的总质量为m,小车通过A、B时的遮光时间分别为t1、t2,则可以探究小车通过A、B过程中合外力做功与动能的变化的关系,已知重力加速度为g,探究结果的表达式是__________________.(用相应的字母m、M、t1、t2、L、d表示);(4)在小车中增减砝码或在砝码盘中增减砝码,重复③的操作.【答案】(1)平衡小车所受到的摩擦力 (2)5.50(3)mgL=Md2(-)【解析】(1)木板略微倾斜的目的是平衡摩擦力,小车受到的拉力等于其合力,细线的拉力对小车做的功等于合力对小车做的功;(2)游标卡尺的读数先读出主尺的刻度数:5 mm,游标尺的刻度第10个刻度与上边的刻度对齐,所以读数为:0.0510 m=0.50 mm,总读数为:5 mm+0.50 mm=5.50 mm;(3)小车通过A时的速度:vA=,小车通过B时的速度:vB=; 则小车通过A、B过程中动能的变化量E=Mv-Mv=Md2(-);砝码盘和盘中砝码受到的重力做功,由动能定理得:mgL=E=Md2(-).7.水平轨道上安装两个光电门,小车上固定有力传感器和挡光板,细线一端与力传感器连接,另一端跨过定滑轮挂上砝码盘.实验首先保持轨道水平,通过调整砝码盘里砝码的质量让小车做匀速运动以实现平衡摩擦力,再进行后面的操作,并在实验中获得以下测量数据:小车、力传感器和挡光板的总质量M,平衡摩擦力时砝码和砝码盘的总质量m0,挡光板的宽度d,光电门1和2的中心距离s.(1)该实验是否需要满足砝码和砝码盘的总质量远小于小车(含力传感器和挡光板)的质量_____________(填需要或不需要)(2)某次实验过程:力传感器的读数为F,小车通过光电门1和2的挡光时间分别为t1、t2(小车通过光电门2后,砝码盘才落地),已知重力加速度为g,则对该小车实验要验证的表达式是_____________________.【答案】(1)不需要(2)(F-m0g)s=M()2-M()2【解析】(1)该实验中由于已经用传感器测出绳子拉力大小,不是将砝码和砝码盘的重力作为小车的拉力,故不需要满足砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量.(2)由于光电门的宽度d很小,所以我们用很短时间内的平均速度代替瞬时速度.滑块通过光电门1速度为:v1=,滑块通过光电门2速度为:v2=,根据功能关系需要验证的关系式为(F-m0g)s=M()2-M()2.探究动能定理专题练习及答案的内容就为考生分享到这里,希望考生可以在考前做好准备。

2019版一轮物理(人教版)练习:动能定理及其应用

2019版一轮物理(人教版)练习:动能定理及其应用

[基础题组]一、单项选择题1.A 、B 两物体在光滑水平面上,分别在相同的水平恒力F 作用下,由静止开始通过相同的位移l .若A 的质量大于B 的质量,则在这一过程中( )A .A 获得动能较大B .B 获得动能较大C .A 、B 获得动能一样大D .无法比较A 、B 获得动能大小解析:由动能定理可知恒力F 做功W =Fl =12m v 2-0,因为F 、l 相同,所以A 、B 的动能变化相同,C 正确.答案:C2.如图甲所示,静止于光滑水平面上的小物块,在水平拉力F 的作用下从坐标原点O 开始沿x 轴正方向运动,F 随物块所在位置坐标x 的变化关系如图乙所示,图线右半部分为四分之一圆弧,则小物块运动到2x 0处时的动能可表示为( )A .0B .F max x 0 C.12F max x 0(1+π) D.12F max x 0(1+π2)解析:题中F-x 图象与横坐标围成的面积等于拉力做功的大小,由图象可得出W =12F max x 0(1+π2),根据动能定理得E k =W =12F max x 0(1+π2),选项D 正确.答案:D3.(2018·湖北八校高三联考)物体静止在光滑水平面上,先对物体施加一水平向右的恒力F 1,经时间t 撤去F 1,立即再对它施加一水平向左的恒力F 2,又经时间3t 物体回到出发点,在这一过程中,F 1、F 2分别对物体做的功W 1、W 2之间的关系是( )A .W 1∶W 2=1∶1B .W 1∶W 2=2∶3C .W 1∶W 2=9∶5D .W 1∶W 2=9∶7解析:设恒力F 1作用t 后物体的速度为v 1,恒力F 2又作用3t 后物体的速度为v 2,则物体在恒力F 1作用t 后的位移x 1=v 1t 2,物体在恒力F 2作用3t 后的位移x 2=v 1+v 22×3t ,由题意知x 1=-x 2,整理得v 1=-34v 2,由动能定理得,W 1=12m v 21,W 2=12m v 22-12m v 21,则W 1W 2=97,故选项D 正确. 答案:D4.用水平力F 拉一物体,使物体在水平地面上由静止开始做匀加速直线运动,t 1时刻撤去拉力F ,物体做匀减速直线运动,到t 2时刻停止,其速度—时间图象如图所示,且α>β,若拉力F 做的功为W 1,在0~t 1时间内拉力F 的平均功率为P 1,物体克服摩擦阻力F f 做的功为W 2,0~t 2时间内克服摩擦力的平均功率为P 2,下列选项正确的是( )A .W 1>W 2,F =2F fB .W 1=W 2,F >2F fC .P 1<P 2,F >2F fD .P 1=P 2,F =2F f解析:由动能定理得W 1-W 2=0,即W 1=W 2.由题图知,加速过程加速度大小a 1大于减速过程的加速度大小a 2,根据牛顿第二定律,有F -F f =ma 1,F f =ma 2,因a 1>a 2,故F -F f >F f ,选项B 正确,A 、D 错误;由题意知t F f >t F ,又W 1=W 2,根据P =W t 可得P 1>P 2,选项C 错误.答案:B5.如图所示,质量为m 的小球,从离地面H 高处从静止开始释放,落到地面后继续陷入泥中h 深度而停止,设小球受到空气阻力为F f ,重力加速度为g ,则下列说法正确的是( )A .小球落地时动能等于mgHB .小球陷入泥中的过程中克服泥的阻力所做的功小于刚落到地面时的动能C .整个过程中小球克服阻力做的功等于mg (H +h )D .小球在泥土中受到的平均阻力为mg (1+H h )解析:小球从静止开始释放到落到地面的过程,由动能定理得mgH -F f H =12m v20,选项A错误;设泥的平均阻力为F f0,小球陷入泥中的过程,由动能定理得mgh-F f0h=0-12m v2,解得F f0h=mgh+12m v2,F f0=mg(1+Hh)-F f Hh,选项B、D错误;对全过程应用动能定理可知,整个过程中小球克服阻力做的功等于mg(H+h),选项C正确.答案:C二、多项选择题6.如图所示,质量相等的物体A和物体B与地面的动摩擦因数相等,在力F的作用下,一起沿水平地面向右移动x,则()A.摩擦力对A、B做功相等B.A、B动能的增量相同C.F对A做的功与F对B做的功相等D.合力对A做的功与合力对B做的功相等解析:因F斜向下作用在物体A上,A、B受到的摩擦力不相同,因此,摩擦力对A、B做的功不相等,A错误;A、B两物体一起运动,速度始终相同,故A、B动能增量一定相等,B正确;F不作用在B上,不能说F对B做功,C错误;合力对物体做的功等于物体动能的增量,D正确.答案:BD7.如图所示为一滑草场.某条滑道由上下两段高均为h,与水平面倾角分别为45°和37°的滑道组成,滑草车与草地之间的动摩擦因数为μ.质量为m的载人滑草车从坡顶由静止开始自由下滑,经过上、下两段滑道后,最后恰好静止于滑道的底端(不计滑草车在两段滑道交接处的能量损失,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8).则()A.动摩擦因数μ=6 7B.载人滑草车最大速度为2gh 7C.载人滑草车克服摩擦力做功为mghD.载人滑草车在下段滑道上的加速度大小为3 5g解析:对滑草车从坡顶由静止滑下,到底端静止的全过程,得mg·2h-μmg cos45°·hsin 45°-μmg cos 37°·hsin 37°=0,解得μ=67,选项A正确;对经过上段滑道过程,根据动能定理得,mgh-μmg cos 45°·hsin 45°=12m v2,解得v=2gh7,选项B正确;载人滑草车克服摩擦力做功为2mgh,选项C错误;载人滑草车在下段滑道上的加速度大小为a=mg sin 37°-μmg cos 37°m=-335g,选项D错误.答案:AB8.如图所示为某中学科技小组制作的利用太阳能驱动小车的装置.当太阳光照射到小车上方的光电板时,光电板中产生的电流经电动机作用带动小车前进.若质量为m的小车在平直的水泥路上从静止开始沿直线加速行驶,经过时间t前进的距离为x,且速度达到最大值v m.设这一过程中电动机的功率恒为P,小车所受阻力恒为F f,那么这段时间内()A.小车做匀加速运动B.小车受到的牵引力逐渐减小C.小车受到的合外力所做的功为PtD.小车受到的牵引力做的功为F f x+12m v2m解析:小车在运动方向上受牵引力F和阻力F f,因为v增大,P不变,由P=F v,F-F f=ma,得出F逐渐减小,a也逐渐减小,当v=v m时,a=0,故A错误,B正确;合外力做的功W外=Pt-F f x,由动能定理得Pt-F f x=12m v2m,则牵引力做的功W F=Pt=F f x+12m v2m,故C错误,D正确.答案:BD[能力题组]一、选择题9.(2017·高考江苏卷)一小物块沿斜面向上滑动,然后滑回到原处.物块初动能为E k0,与斜面间的动摩擦因数不变,则该过程中,物块的动能E k与位移x关系的图线是()解析:设斜面倾角为θ,根据动能定理,当小物块沿斜面上升时,有-(mg sin θ+F f)x=E k-E k0,即E k=-(F f+mg sin θ)x+E k0,所以E k与x的函数关系图象为直线,且斜率为负.当小物块沿斜面下滑时根据动能定理有(mg sin θ-F f)(x0-x)=E k-0(x0为小物块到达最高点时的位移),即E k=-(mg sin θ-F f)x+(mg sin θ-F f)x0所以下滑时E k随x的减小而增大且为直线.综上所述,选项C正确.答案:C10.如图所示,竖直平面内放一直角杆MON,OM水平,ON竖直且光滑,用不可伸长的轻绳相连的两小球A和B分别套在OM和ON杆上,B球的质量为2 kg,在作用于A球的水平力F的作用下,A、B均处于静止状态,此时OA=0.3 m,OB=0.4 m,改变水平力F的大小,使A球向右加速运动,已知A球向右运动0.1 m时速度大小为3 m/s,则在此过程中绳的拉力对B球所做的功为(取g=10 m/s2)()A.11 J B.16 JC.18 J D.9 J解析:A球向右运动0.1 m时,v A=3 m/s,OA′=0.4 m,OB′=0.3 m,设此时∠BAO=α,则有tan α=34,v A cos α=v B sin α,解得v B=4 m/s.此过程中B球上升高度h=0.1 m,由动能定理,W-mgh=12m v2B,解得绳的拉力对B球所做的功为W=mgh+12m v2B=2×10×0.1 J+12×2×42 J=18 J,选项C正确.答案:C11.地震引起的海啸会给人们带来巨大的损失.某中学的部分学生组成了一个课题小组,对海啸的威力进行了模拟研究,他们设计了如下的模型:如图甲所示,在水平地面上放置一个质量为m=4 kg的物体,让其在随位移均匀减小的水平推力(模拟海啸)作用下运动,推力F随位移x变化的图象如图乙所示,已知物体与地面之间的动摩擦因数为μ=0.5,重力加速度g=10 m/s2,则()A.运动过程中物体的最大加速度为15 m/s2B.在距出发点3.0 m位置时物体的速度达到最大C.整个过程中推力对物体做功180 JD.物体在水平地面上运动的最大位移是10 m解析:由牛顿第二定律有F-μmg=ma,当推力F=100 N时,物体加速度最大,为20 m/s2,选项A错误;由题图乙可得推力F随位移x变化的关系为F=100-25x(N),物体速度最大时,加速度为零,则F=μmg,解得x=3.2 m,即在距出发点3.2 m位置时物体的速度达到最大,选项B错误;由F x图象的“面积”表示功可知,推力对物体做功W F=12Fx0=200 J,选项C错误;由动能定理有W F-μmgx m=0,代入数据得x m=10 m,即物体在水平面上运动的最大位移是10 m,选项D正确.答案:D12.(多选)如图所示,AB为半径R=0.50 m的四分之一圆弧轨道,B端距水平地面的高度h=0.45 m.一质量m=1.0 kg的小滑块从圆弧道A端由静止释放,到达轨道B端的速度v=2.0 m/s.忽略空气的阻力.取g=10 m/s2.则下列说法正确的是()A.小滑块在圆弧轨道B端受到的支持力大小F N=16 NB.小滑块由A端到B端的过程中,克服摩擦力所做的功W=3 JC.小滑块的落地点与B点的水平距离x=0.6 mD.小滑块的落地点与B点的水平距离x=0.3 m解析:小滑块在B端时,根据牛顿第二定律有F N-mg=m v2R,解得F N=18 N,A错误;根据动能定理有mgR-W=12m v2,解得W=mgR-12m v2=3 J,B正确;小滑块从B 点做平抛运动,水平方向上x =v t ,竖直方向上h =12gt 2,解得x =v ·2hg =0.6 m ,C 正确,D 错误.答案:BC二、非选择题13.(2018·四川成都诊断)如图甲所示,长为20 m 的水平轨道AB 与半径R =3 m 的竖直半圆轨道BC 在B 处相连接,有一质量为1 kg 的滑块(大小不计)从A 处由静止开始受水平向右的力F 作用,F 的大小随位移变化关系如图乙所示,滑块与AB 间的动摩擦因数为0.4,取g =10 m/s 2.(1)求滑块在水平轨道AB 上运动前10 m 过程中所需的时间;(2)求滑块到达B 处时的速度大小;(3)若滑块到达B 处时撤去力F ,滑块沿半圆轨道内侧上滑,并恰好能到达最高点C ,则滑块在半圆轨道上克服摩擦力所做的功是多少.解析:(1)在前10 m 内:F 1-μmg =ma 1x 1=12a 1t 21解得t 1=1 s.(2)滑块从A 到B 的过程中,由动能定理得F 1x 1-F 2x 3-μmgx =12m v 2B解得v B =10 2 m/s.(3)滑块恰好能到达C 点,则mg =m v 2C R滑块从B 到C 的过程中,由动能定理得W f -mg ·2R =12m v 2C -12m v 2B解得W f =-25 J ,即克服摩擦力做功为25 J.答案:(1)1 s (2)10 2 m/s (3)25 J14.(2018·陕西西安六校联考)如图所示,AB 是倾角θ=30°的粗糙直轨道,BCD 是光滑的圆弧轨道,AB 恰好在B 点与圆弧相切,圆弧的半径为R ,一个质量为m 的物体(可以看成质点)从直轨道上的P 点由静止释放,结果它能在两轨道间做往返运动.已知P 点与圆弧的圆心O 等高,物体与轨道AB 间的动摩擦因数为μ.求:(1)物体做往返运动的整个过程中在AB 轨道上通过的总路程;(2)最终当物体通过圆弧轨道最低点E 时,对圆弧轨道的压力大小;(3)为使物体能顺利到达圆弧轨道的最高点D ,释放点距B 点的距离L ′至少多大. 解析:(1)对整体过程,由动能定理得mgR cos θ-μmg cos θ·s =0所以物体在AB 轨道上通过的总路程s =R μ.(2)最终物体以B (还有B 关于OE 的对称点)为最高点,在圆弧底部做往复运动,对B →E 过程,由动能定理得mgR (1-cos θ)=12m v 2E在E 点,由牛顿第二定律得F N -mg =m v 2E R解得F N =(3-3)mg .由牛顿第三定律知,在最低点E ,物体对圆弧轨道的压力大小(3-3)mg .(3)物体刚好到D 点,由牛顿第二定律有mg =m v 2D R对全过程由动能定理得mgL ′sin θ-μmg cos θ·L ′-mgR (1+cos θ)=12m v 2D解得L ′=(3+3)R 1-3μ.Rμ(2)(3-3)mg(3)(3+3)R 1-3μ答案:(1)。

2019年秋高三物理高考一轮复习基础测试:动能定理及应用

2019年秋高三物理高考一轮复习基础测试:动能定理及应用

动能定理及其应用一、单选题1.如图所示,水平传送带长为x,以速度v始终保持匀速运动,把质量为m的货物放到A点,货物与皮带间的动摩擦因数为μ,当货物从A点运动到B点的过程中,摩擦力对货物做的功不可能()A. 等于mv2B. 小于mv2C. 大于μmgxD. 小于μmgx2.如图所示,足够长的传送带与水平面夹角为θ=37o,以速度v0逆时针匀速转动.在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块,小木块与传送带间的动摩擦因数,则图中能客观地反映小木块的速度随时间变化关系的是()A. B. C. D.3.如图所示,在轻弹簧的下端悬挂一个质量为m的小球A,若将小球A从弹簧原长位置由静止释放,小球A能够下降的最大高度为h.若将小球A换为质量为2m的小球B,仍从弹簧原长位置由静止释放,则小球B下降h时的速度为(重力加速度为g,不计空气阻力)()A. B. C. D. 04.电磁轨道炮射程远、精度高、威力大.假设一款电磁轨道炮的弹丸(含推进器)质量为20.0kg,从静止开始在电磁驱动下速度达到2.50×103m/s.则此过程中弹丸所受合力做的功是()A. 2.50×104JB. 5.00×104JC. 6.25×107JD. 1.25×108J5.如图,一半径为R的半圆形轨道竖直固定放置,轨道两端等高;质量为m的质点自轨道端点P由静止开始滑下,滑到最低点Q时,对轨道的正压力为2mg,重力加速度大小为g.质点自P滑到Q的过程中,克服摩擦力所做的功为()A. mgRB. mgRC. mgRD. mgR6.一个物体速度由0增加到v,再从v增加到2v,外力做功分别为W1和W2,则W1和W2关系正确的是-( )A. W2=W1B. W2 =2W1C. W2 =3W1D. W2 =4W17.质量m=2㎏的物块放在粗糙水平面上,在水平拉力的作用下由静止开始运动,物块动能E K与其发生位移x之间的关系如图所示。

2019年高考物理一轮复习精品资料专题5.2 动能和动能定理(押题专练) 含解析

2019年高考物理一轮复习精品资料专题5.2 动能和动能定理(押题专练) 含解析

2019年高考物理一轮复习精品资料1.在地面上某处将一金属小球竖直向上拋出,上升一定高度后再落回原处,若不考虑空气阻力,则下列图象能正确反映小球的速度、加速度、位移和动能随时间变化关系的是(取向上为正方向)( )答案:A2.如图所示,长为L 的木板水平放置,在木板的A 端放置一个质量为m 的小物块,现缓慢地抬高A 端,使木板以左端为轴转动,当木板转到与水平面的夹角为α时小物块开始滑动,此时停止转动木板,小物块滑到底端的速度为v ,则在整个过程中,下列说法不正确的是( )A .木板对小物块做功为12mv 2 B .摩擦力对小物块做功为mgL sin α C .支持力对小物块做功为mgL sin αD .滑动摩擦力对小物块做功为12mv 2-mgL sin α解析:在抬高A 端的过程中,小物块受到的摩擦力为静摩擦力,其方向和小物块的运动方向时刻垂直,故在抬高阶段,摩擦力并不做功,这样在抬高小物块的过程中,由动能定理得WF N +W G =0,即WF N -mgL sin α=0,所以WF N =mgL sin α.在小物块下滑的过程中,支持力不做功,滑动摩擦力和重力做功,由动能定理得:W G +W f =12mv 2,即W f =12mv 2-mgL sin α,B 错误,C 、D 正确;在整个过程中,设木板对小物块做的功为W ,对小物块在整个过程由动能定理得W =12mv 2,A 正确.答案:B3.如图所示,在竖直平面内有一“V ”形槽,其底部BC 是一段圆弧,两侧都与光滑斜槽相切,相切处B 、C 位于同一水平面上.一小物体从右侧斜槽上距BC 平面高度为2h 的A 处由静止开始下滑,经圆弧槽再滑上左侧斜槽,最高能到达距BC 所在水平面高度为h 的D 处,接着小物体再向下滑回,若不考虑空气阻力,则( )xk/wA .小物体恰好滑回到B 处时速度为零 B .小物体尚未滑回到B 处时速度已变为零C .小物体能滑回到B 处之上,但最高点要比D 处低 D .小物体最终一定会停止在圆弧槽的最低点答案:C4.某物体同时受到两个在同一直线上的力F 1、F 2的作用,由静止开始做直线运动,力F 1、F 2与位移x 的关系图象如图所示,在物体开始运动后的前4.0 m 内,物体具有最大动能时对应的位移是( )A .2.0 mB .1.0 mC .3.0 mD .4.0 m解析:由图知x =2.0 m 时,F 合=0,此前F 合做正功而此后F 合做负功,故x =2.0 m 时动能最大. 答案:A5.如图所示,光滑斜面的顶端固定一弹簧,一物体向右滑行,并冲上固定在地面上的斜面.设物体在斜面最低点A 的速度为v ,压缩弹簧至C 点时弹簧最短,C 点距地面高度为h ,则从A 到C 的过程中弹簧弹力做功是( )A .mgh -12mv 2 B .12mv 2-mghC .-mghD .-⎝⎛⎭⎪⎫mgh +12mv 2解析:由A 到C 的过程运用动能定理可得-mgh +W =0-12mv 2,所以W =mgh -12mv 2,所以A 正确.答案:A6.光滑斜面上有一个小球自高为h 的A 处由静止开始滚下,抵达光滑的水平面上的B 点时速率为v 0.光滑水平面上每隔相等的距离设置了一个与小球运动方向垂直的阻挡条,如图所示,小球越过n 条阻挡条后停下来.若让小球从2h 高处以初速度v 0滚下,则小球能越过阻挡条的条数为(设小球每次越过阻挡条时损失的动能相等)( )A .nB .2nC .3nD .4n答案:C7.将3个木板1、2、3固定在墙角,木板与墙壁和地面构成了3个不同的三角形,如图所示,其中1和2底边相同,2和3高度相同.现将一个可以视为质点的物块分别从3个木板的顶端由静止释放,并沿木板下滑到底端,物块与木板之间的动摩擦因数均为μ.在这3个过程中,下列说法正确的是( )A .沿着1和2下滑到底端时,物块的速度大小不同;沿着2和3下滑到底端时,物块的速度大小相同B .沿着1下滑到底端时,物块的速度最大C .物块沿着3下滑到底端的过程中,产生的热量是最多的D .物块沿着1和2下滑到底端的过程中,产生的热量是一样多的答案:BCD8.如图所示,质量为m 的小车在水平恒力F 推动下,从山坡(粗糙)底部A 处由静止起运动至高为h 的坡顶B ,获得速度为v ,A 、B 之间的水平距离为x ,重力加速度为g.下列说法正确的是( )A .小车克服重力所做的功是mghB .合外力对小车做的功是12mv 2C .推力对小车做的功是12mv 2+mgh D .阻力对小车做的功是12mv 2+mgh -Fx解析:小车克服重力做功W 重=mgh ,A 正确;由动能定理知,小车受到的合力所做的功等于小车动能的增量,W 合=ΔE k =12mv 2,B 正确;由动能定理知,W 合=W 推+W 重+W 阻=12mv 2,所以推力做的功W 推=12mv 2-W 阻-W 重=12mv 2+mgh -W 阻,C 错误;阻力对小车做的功W 阻=-⎝⎛⎭⎪⎫W 推-W 重-12mv 2=12mv 2+mgh -Fx ,D 正确.答案:ABD9.如图所示,固定在地面上的斜面体上开有凹槽,槽内紧挨放置六个半径均为r 的相同小球,各球编号如图.斜面与水平轨道OA 平滑连接,OA 长度为6r.现将六个小球由静止同时释放,小球离开A 点后均做平抛运动,不计一切摩擦.则在各小球运动的过程中,下列说法正确的是( )A .球1的机械能守恒B .球6在OA 段机械能增大C .球6的水平射程最小D .六个球落地点各不相同答案:BC10.在同一位置以相同的速率把三个小球分别沿水平、斜向上、斜向下方向抛出,不计空气阻力,则落在同一水平地面时的速度大小( )A .一样大B .水平抛的最大C .斜向上抛的最大D .斜向下抛的最大解析 由动能定理mgh =12mv 22-12mv 21知,落地时速度v 2的大小相等,故A 正确。

精品2019高考物理第一轮复习 专题 动能定理及能量守恒定律同步练习 鲁科版

精品2019高考物理第一轮复习 专题 动能定理及能量守恒定律同步练习 鲁科版

动能定理及能量守恒定律【模拟试题】(答题时间:45分钟)1. 滑块以速率1v 靠惯性沿固定斜面由底端向上运动,当它回到出发点时速度变为2v ,且12v v <,若滑块向上运动的位移中点为A ,取斜面底端重力势能为零,则 ( )A. 上升时机械能减小,下降时机械能增大。

B. 上升时机械能减小,下降时机械能减小。

C. 上升过程中动能和势能相等的位置在A 点上方D. 上升过程中动能和势能相等的位置在A 点下方2. 如图所示,DO 是水平面,AB 是斜面,初速为v 0的物体从D 点出发沿DBA 滑动到顶点A 时速度刚好为零。

如果斜面改为AC ,让该物体从D 点出发沿DCA 滑动到A 点且速度刚好为零,则物体具有的初速度 ( )(已知物体与路面之间的动摩擦因数处处相同且为零。

)A. 大于 v 0 B . 等于v 0C. 小于v 0D . 取决于斜面的倾角 3. 光滑水平面上有一边长为l 的正方形区域处在场强为E 的匀强电场中,电场方向与正方形一边平行。

一质量为m 、带电量为q 的小球由某一边的中点,以垂直于该边的水平初速0v 进入该正方形区域。

当小球再次运动到该正方形区域的边缘时,具有的动能可能为:( )A. 0B.qEl mv 212120+ C.2021mvD. qEl mv 322120+4. 如图所示,质量为m ,带电量为q 的离子以v 0速度,沿与电场垂直的方向从A 点飞进匀强电场,并且从另一端B 点沿与场强方向成150°角飞出,A 、B 两点间的电势差为 ,且ΦA ΦB (填大于或小于)。

5. 如图所示,竖直向下的匀强电场场强为E ,垂直纸面向里的匀强磁场磁感强度为B ,电量为q ,质量为m 的带正电粒子,以初速率v 0沿水平方向进入两场,离开时侧向移动了d ,这时粒子的速率v 为 (不计重力)。

6. 1914年,弗兰克和赫兹在实验中用电子碰撞静止的原子的方法,使原子从基态跃迁到激发态,证明了玻意尔提出的原子能级存在的假设,设电子的质量为m ,原子的质量为M ,基态和激发态的能量差为ΔE ,试求入射电子的最小初动能。

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A.
B.
C.
D.
12.(2018·云南省楚雄州民族实验中学高三下学期教学质量检测二)人用绳子通过光滑定滑轮拉静止在地面上的 物体 A,A 穿在光滑的竖直杆上,当人以速度 v 竖直向下匀速拉绳使质量为 m 的物体 A 上升高度 h 后,到达 如图所示位置,此时绳与竖直杆的夹角为 θ。已知重力加速度为 g,则下列说法正确的是
B.-3 800 J
C.-5 000 J
D.-4 200 J
2.(2018·甘肃省临泽一中高二下学期期末质量检测)如图所示,用外力 F=20 N 沿斜面将一个质量 m=2 kg 的木 块从斜面底端由静止开始拉到斜面顶端时速度为 v=10 m/s。若斜面的摩擦力恒为重力的 0.2 倍,斜面的高度 h=5 m,则下列说法正确的是(g 取 10 m/s2)
C.在 0~6 s 内,摩擦力做的功为–8 J
D.在 0~6 s 内,摩擦力做的功为–4 J
10.如图所示,A、B 两球质量相等,A 球用不能伸长的轻绳系于 O 点,B 球用轻弹簧系于 O′点,O 与 O′点在同一 水平面上,分别将 A、B 球拉到与悬点等高处,使绳和轻弹簧均处于水平,弹簧处于自然状态,将两球分别由 静止开始释放,当两球达到各自悬点的正下方时,两球仍处在同一水平高度,则
A.小车被弹回时速度 v 一定小于 v0
m(v02 v2 ) B.直杆在槽内移动的距离等于 2 f
C.直杆在槽内向右运动时,小车与直杆始终保持相对静止 D.弹簧的弹力可能大于直杆与槽间的最大静摩擦力 19.如图所示,质量分别为 M、m 的物块和小球通过轻绳跨过两个等高的光滑小定滑轮连接,物块放在水平放置 的压力传感器上。已知压力传感器能测量物体对其正压力的大小。现将小球从偏离竖直方向 θ=60°角处由静止 释放,小球摆到最低点时,物块不动,压力传感器示数为 0,滑轮 O 到小球的距离 L=0.5 m,取重力加速度 g=10 m/s2,则下列说法正确的是
A.此时物体 A 的速度为 B.此时物体 A 的速度为 vcosθ
C.该过程中绳对物体 A 做的功为 mgh+ D.该过程中绳对物体 A 做的功为 mgh+ 13.质量 m=2 kg 的物块放在粗糙水平面上,在水平拉力作用下由静止开始运动,物块动能 Ek 与其位移 x 之间的 关系如图所示。已知物块与水平面间的动摩擦因数 μ=0.2,g=10 m/s2,则下列说法中不正确的是
A.
B.
C.
D.
7.物体在合外力作用下做直线运动的 v –t 图象如图所示,下列表述正确的是
A.在 0~1 s 内,物体做加速运动,合外力做正功 B.在 1~3 s 内,物体做匀速运动,合外力做正功 C.在 3~7 s 内,合外力做功为零 D.在 0~5 s 内,速度变化量为零,合力的平均功率为零 8.(2018·黑龙江省青冈县一中高一下学期期末考试)如图甲所示,静止于光滑水平面上的小物块,在水平拉力 F 的作用下从坐标原点 O 开始沿 x 轴正方向运动,F 随物块所在位置坐标 x 的变化关系如图乙所示,图线右半 部分为四分之一圆弧,则小物块运动到 2x0 处时的动能可表示为
v=2 m/s,在上端 A 点无初速度放置一个质量为 m=1 kg、大小可视为质点的金属块,它与传送带的动摩擦因数 为 μ=0.5,金属块滑离传送带后,经过弯道,沿半径 R=0.4 m 的光滑圆轨道做圆周运动,刚好能通过最高点 E,已知 B、D 两点的竖直高度差为 h=0.5 m(取 sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,重力加速度 g=10 m/s2)。则
A.电动机多做的功为 mv2
B.物体在传送带上的划痕长 C.传送带克服摩擦力做的功为 mv2 D.电动机增加的功率为 μmgv
16.质量为 m 的物块在平行于斜面的恒力 F 作用下,从倾角为 的固定斜面底端 A 由静止开始沿斜面上滑,经 B 点时速率为 v,此时撤去 F,物块滑回斜面底端时速率也为 v,若 A、B 间距离为 x ,则
C.摩擦力对工件做的功为 D.传送带对工件做功为零 15.(2018·云南省宾川县高三四校联考)如图所示,质量为 m 的物体在水平传送带上由静止释放,传送带由电动 机带动,始终保持以速度 v 匀速运动,物体与传送带间的动摩擦因数为 μ,物体在滑下传送带之前能保持与传 送带相对静止,对于物体从静止释放到与传送带相对静止这一过程,下列说法中正确的是
动能及动能定理 1.(2018·陕西榆林第二实验中学高一物理下学期月考)人骑自行车下坡,坡长 l=500 m,坡高 h=8 m,人和车
总质量为 100 kg,下坡时初速度为 4 m/s,人不踏车的情况下,到达坡底时车速为 10 m/s,g 取 10 m/s2,则下 坡过程中阻力所做的功为
A.-4 000 J
匀加速滑下,到达助滑道末端 B 时速度
,A 与 B 的竖直高度差 H=48 m,为了改变运动员的运动方向,在助滑道与起跳台之间用一段弯曲
滑道衔接,其中最低点 C 处附近是一段以 O 为圆心.小球释放时绳对小球的拉力大于小球的重力 B.小球释放后瞬间小球的瞬时加速度方向水平向左 C.小球到最低点时绳对小球的拉力等于小球的重力 D.物块和小球的质量比为 2:1 20.(2018·广东省普宁市第二中学高三七校联合体考前冲刺交流考试)如图所示,竖直平面内四分之一光滑圆弧 轨道 AP 和水平传送带 PC 相切于 P 点,圆弧轨道的圆心为 O,半径为 R。一质量为 m 的小物块从圆弧顶点 A
H 3mg 4k ,g 为重力加速度,忽略滑轮与轮轴间的摩擦,弹簧一直处在弹性限度内。则下列说法正确的是
H 3mg
5m2 g 2
A.当 B 到弹簧上端的高度
4k 时,弹簧最大弹性势能为 8k
H 3mg
9mg
B.当 B 到弹簧上端的高度
4k 时,A 上滑的最大位移为 4k
H mg
19m2 g 2
由静止开始沿轨道下滑,再滑上传送带 PC,传送带可以速度
沿逆时针方向的传动。小物块与传送
带间的动摩擦因数为 μ,不计物块经过圆弧轨道与传送带连接处 P 时的机械能损失,若传送带沿逆时针方向转
动,物块恰能滑到右端 C,重力加速度为 g=10 m/s2。则下列说法正确的是
A.若水平传送带沿逆时针方向转动的速度增大,小物块不能滑到传送带右端 C
A.合力做功为 100 J B.重力做功为 100 J C.摩擦力做功为–200 J D.外力 F 做功为 200 J 3.(2018·河北省张家口市高一下学期期末考试)在距水平地而 10 m 高处,以 10 m/s 的速度水平抛出一个质量为 1 kg 的物体,已知物体落地时的速度为 16 m/s,取 g=10 m/s²,则下列说法正确的是 A.抛出时人对物体做功为 150 J B.自抛出到落地,重力对物体做功为 100 J C.飞行过程中物体克服阻力做功 22 J D.物体自抛出到落地时间为 s 学科;网 4.质量为 m 的物体从地面上方 H 高处无初速释放,落在地面后出现一个深度为 h 的坑,如图所示,在此过程中
A.两球到达各自悬点的正下方时,两球动能相等 B.两球到达各自悬点的正下方时,A 球速度较大 C.两球到达各自悬点的正下方时,B 球速度较大 D.两球到达各自悬点的正下方时,两球受到的拉力相等 11.(2018·安徽省滁州市定远县民族中学高一下学期期末考试)如图,一质量为 m 的质点在半径为 R 的半球形容 器中(容器固定),由静止开始自边缘上的 A 点滑下,到达最低点 B 时,它对容器的正压力为 N。重力加速 度为 g,则质点自 A 滑到 B 的过程中,摩擦力对其所做的功为
A.重力对物体做功为 mgH B.重力对物体做功为 mg(H+h) C.外力对物体做的总功为零 D.地面对物体的平均阻力为 mg(H+h)/h 5.(2018·内蒙古鄂尔多斯市第一中学高一下学期期末考试)一木块沿着高度相同、倾角不同的三个斜面由顶端静 止滑下(如图所示)若木块与各斜面间的动摩擦因数都相同,则滑到底端时的动能大小关系是
A.金属块经过 D 点时的速度 2 5 m/s
B.金属块经过 D 点时的速度 5 m/s
C.金属块在 BCD 弯道上克服摩擦力做的功 3 J D.金属块在 BCD 弯道上克服摩擦力做的功 5 J 22.如图所示,质量均为 m 的物块 A、B 通过轻质细线跨过轻质定滑轮连接,B 的正下方有一只能在竖直方向上伸 缩且下端固定在水平面上的轻弹簧,其劲度系数为 k。开始时,A 固定在倾角为 30°的足够长光滑斜面底端, 弹簧处于原长状态,B 到弹簧上端的高度为 H。现在由静止释放 A,已知 A 上滑过程中细线不收缩的条件是
A.0
B.
C.
D.Fmx0
9.(2018·福建省厦门市高一下学期期末质量检测)一质量为 2 kg 的物体静止在水平桌面上,在水平拉力 F 的作 用下,沿水平方向运动 2 s 后撤去外力,其 v–t 图象如图所示,下列说法正确的是
A.在 0~2 s 内,合外力做的功为 4 J B.在 0~2 s 内,合外力做的功为 8 J
A.滑块滑回底端时重力的瞬时功率为 mgv sin
B.整个过程中物块克服摩擦力做的功为 Fx
1 Fx 1 mv2
C.下滑过程中物块重力做的功为 2
4
D.从撤去 F 到物块滑回斜面底端过程,摩擦力做的功为 mgx sin
17.(2018·吉林省白城市第一中学高一下学期期末考试)如图所示,在摩擦力不计的水平面上,放一辆质量为 M 的小车,小车左端放一只箱子,其质量为 m,水平恒力 F 把箱子拉到小车的右端;如果第—次小车被固定在 地面上,第二次小车没固定,可沿水平面运动,在上述两种情況下
C.当 B 到弹簧上端的高度
k 时,弹簧最大弹性势能为 16k
H mg
21mg
D.当 B 到弹簧上端的高度
k 时,A 上滑的最大位移为 8k
23.我国将于 2022 年举办冬奥会,跳台滑雪是其中最具观赏性的项目之一,如图所示,质量 m=60 kg 的运动员从
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