高考物理电磁学知识点之静电场真题汇编及答案(5)

高考物理电磁学知识点之静电场真题汇编及答案(5)
一、选择题
1．一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地，两板间有一个带正电的检验电荷固定在P点，如图所示，以C表示电容器的电容，E表示两板间的场强， 表示P点的电势，E表示正电荷在P点的电势能，若正极板保持不动，将负极板缓慢向右平移一小段距离p
l，则下列各物理量与负极板移动距离x的关系图像正确的是（）
A．B．
C．D．
2．真空中静电场的电势φ在x正半轴随x的变化关系如图所示，x1、x2、x3为x轴上的三个点，下列判断正确的是（）
A．将一负电荷从x1移到x2，电场力不做功
B．该电场可能是匀强电场
C．负电荷在x1处的电势能小于在x2处的电势能
D．x3处的电场强度方向沿x轴正方向
3．如图所示，将带正电的粒子从电场中的A点无初速地释放，不计重力的作用，则下列说法中正确的是（）
A．带电粒子一定做加速直线运动
B．带电粒子的电势能一定逐渐增大
C．带电粒子的动能一定越来越小
D．带电粒子的加速度一定越来越大
4．在如图所示的电场中, A、B两点分别放置一个试探电荷, F A、F B分别为两个试探电荷所受的电场力．下列说法正确的是
A．放在A点的试探电荷带正电
B．放在B点的试探电荷带负电
C．A点的电场强度大于B点的电场强度
D．A点的电场强度小于B点的电场强度
5．如图所示，虚线a、b、c代表电场中三个等势面，相邻等势面之间的电势差相同．实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，由此可知( )
A．三个等势面中，c等势面电势高
B．带电质点通过Q点时动能较小
C．带电质点通过P点时电势能较大
D．带电质点通过Q点时加速度较大
6．空间存在平行于纸面方向的匀强电场，纸面内ABC三点形成一个边长为1cm的等边三角形。

将电子由A移动到B点，电场力做功2eV，再将电子由B移动到C点，克服电场力做功1eV。

匀强电场的电场强度大小为
A．100V/m B．2003
3
V/m C．200V/m D．2003V/m
7．三个α粒子在同一地点沿同一方向飞入偏转电场，出现了如图所示的轨迹，由此可以判断下列不正确的是
A．在b飞离电场的同时,a刚好打在负极板上
B．b和c同时飞离电场
C．进电场时c的速度最大,a的速度最小
D．动能的增加值c最小,a和b一样大
8．两个相同的金属小球，所带电荷量大小之比为1:9，相距为r（r远大于金属球的直径），两球之间的库仑引力大小为F。

如果把这两个小球相互接触后再使它们之间的距离变为原来的2倍，它们之间的库仑力大小将变为（）
A．25
36
F B．
5
6
F C．
2
3
F D．
4
9
F
9．图中虚线为电场中与场强方向垂直的等间距平行直线，两粒子M、N质量相等，所带电荷的绝对值也相等．现将M、N从虚线上的O点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示．点a、b、c为实线与虚线的交点，已知O点电势高于c 点．若不计重力，则
A．M带负电荷，N带正电荷
B．N在a点的速度与M在c点的速度大小相同
C．N在从O点运动至a点的过程中克服电场力做功
D．M在从O点运动至b点的过程中，电场力对它做的功等于零
10．下列选项中的各1
4
圆环大小相同，所带电荷量已在图中标出，且电荷均匀分布，各
1
4
圆环间彼此绝缘．坐标原点O处电场强度最大的是
A ．
B ．
C ．
D ．
11．研究与平行板电容器电容有关因素的实验装置如图所示，下列说法正确的是( )
A ．实验前，只用带电玻璃棒与电容器a 板接触，能使电容器带电
B ．实验中，只将电容器b 板向上平移，静电计指针的张角变小
C ．实验中，只在极板间插入有机玻璃板，静电计指针的张角变大
D ．实验中，只增加极板带电量，静电计指针的张角变大，表明电容增大
12．静电场方向平行于x 轴，将一电荷量为q -的带电粒子在x d =处由静止释放，粒子只在电场力作用下沿x 轴运动，其电势能E P 随x 的变化关系如图所示．若规定x 轴正方向为电场强度E 、加速度a 的正方向，四幅示意图分别表示电势ϕ 随x 的分布、场强E 随x 的分布、粒子的加速度a 随x 的变化关系和粒子的动能E k 随x 的变化关系，其中正确的是
A ．
B ．
C ．
D ．
13．如图所示的实验装置中，平行板电容器的极板A 与一灵敏静电计相连，极板B 接地．若极板B 稍向上移动一点，由观察到的静电计指针变化作出平行板电容器电容变小的结论的依据是（ ）
A ．两极板间的电压不变，极板上的电荷量变大
B ．两极板间的电压不变，极板上的电荷量变小
C ．极板上的电荷量几乎不变，两极板间电压变小
D ．极板上的电荷量几乎不变，两极板间电压变大
14．如图所示，平行板a 、b 组成的电容器与电池E 连接，平行板电容器P 处固定放置一带负电的点电荷，平行板b 接地。

现将电容器的b 板向下稍微移动，则( )
A ．点电荷所受电场力增大
B ．点电荷在P 处的电势能减少
C ．P 点电势减小
D ．电容器的带电荷量增加
15．如图所示，匀强电场的场强为E ， M 与N 两点间的距离为d ， MN 与电场线的夹角为α，则M 、N 两点间的电势差为（ ）
A ．Ed
B ．sin Ed α
C ．cos Ed α
D ．tan Ed α
16．如图所示，一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地，在两极板间有一正电荷（电荷量很小）固定在P 点，用E 表示两极板间电场强度，U 表示电容器的电压，Ep 表示正电荷在P 点的电势能，若保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示的位置，则
（）
A．E变大，Ep变大B．U变小，Ep不变C．U变大，Ep变小D．U不变，Ep不变17．如图所示，在一对带等量异号电荷的平行金属板间，某带电粒子只在电场力作用下沿虚线从A运动到B．则（）
A．粒子带负电
B．从A到B电场强度增大
C．从A到B粒子动能增加
D．从A到B粒子电势能增加
18．如图，一带正电的点电荷固定于O点，两虚线圆均以O为圆心，两实线分别为带电粒子M和N先后在电场中运动的轨迹，a、b、c、d为轨迹和虚线圆的交点，不计重力。

则（）
A．a点的场强和c点的场强相同
B．M带正电荷，N带负电荷
C．N在从c点运动到d点的过程中电场力做正功
D．M在b点的电势能等于N在d点的电势能
19．如图所示，M、N两点分别放置两个等量异种电荷，A是它们连线的中点，B为连线上靠近N的一点，C为连线中垂线上处于A点上方的一点。

在A、B、C三点中（）
A．场强最小的点是C点，电势最高的点是B点
B．场强最小的点是A点，电势最高的点是C点
C．场强最小的点是A点，电势最高的点是B点
D ．场强最小的点是C 点，电势最高的点是A 点
20．如图所示，用绝缘柱支持的导体A 和B 彼此接触，起初它们不带电，贴在两端下部的金属箔是闭合的．把带正电的物体C 移近A 端，然后把A 和B 分开较远的距离，再移去C ，则
A ．C 移近A 端时，A 端的金属箔张开，
B 端的金属箔闭合
B ．
C 移近A 端时，A 端的金属箔闭合，B 端的金属箔张开
C ．A 和B 分开，移去C 后，B 端的金属箔会立即闭合
D ．A 和B 分开，移去C 后，A 端的金属箔仍会张开
21．一负电荷从电场中A 点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B 点，它运动v －t 图像如图所示，则A 、B 两点所在区域的电场线分布情况可能是下图中的（ ）
A ．
B ．
C ．
D ．
22．如图所示，M 、N 和P 是以MN 为直径的半圆弧上的三点，O 点为半圆弧的圆心，60MOP ∠=︒。

电荷量相等、符号相反的两个点电荷分别置于M 、N 两点，这时O 点电场强度的大小为1E ；若将N 点的点电荷移至P 点，则O 点电场强度的大小变为2E 。

则1E 与2E 之比为（ ）
A．1:2B．2:1C．2:3D．4:3
23．两个等量同种电荷固定于光滑水平面上，其连线中垂线上有A、B、C三点，如图甲所示，一个电荷量为2C，质量为1kg的小物块从C点静止释放，其运动的v-t图象如图乙所示，其中B点处为整条图线切线斜率最大的位置（图中标出了该切线）。

则下列说法正确的是（）
E=
A．B点为中垂线上电场强度最大的点,场强1V/m
B．由C到A的过程中物块的电势能先减小后变大
C．由C点到A点电势逐渐升高
U=
D．A、B两点间的电势差5V
AB
24．如图所示，电荷q均匀分布在半球面上，球面的半径为R，CD为通过半球顶点C与球心O的轴线．P、Q为CD轴上关于O点对称的两点．如果带电量为Q的均匀带电球壳，其内部电场强度处处为零，电势都相等．则下列判断正确的是()
A．P点的电势与Q点的电势相等
B．带正电的微粒在O点的电势能为零
C．在P点静止释放带正电的微粒(重力不计)，微粒将做匀加速直线运动
D．P点的电场强度与Q点的电场强度相等
25．一个简易的电磁弹射玩具如图所示，线圈、铁芯组合充当炮筒，硬币充当子弹。

现将一个金属硬币放在铁芯上（金属硬币半径略大于铁芯半径），电容器刚开始时处于无电状态，先将开关拨向1，电容器充电，再将开关由1拨向2瞬间，硬币将向上飞出。

则下列说法正确的是（）
A．当开关拨向1时，电容器上板带负电
B．当开关由1拨向2时，线圈内磁感线方向向上
C．当开关由1拨向2瞬间，铁芯中的磁通量减小
D ．当开关由1拨向2瞬间，硬币中会产生向上的感应磁场
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一、选择题
1．C
解析：C
【解析】
【详解】
A ．由电容器的决定式：
4S C kd
επ= 可知C 与两极板间距离d 成反比，故C 与x 不是线性关系，故A 错误；
B ．电容器充电后与电源断开，电荷量Q 不变，由:
4S C kd
επ= Q CU =
U Ed =
可得：
4kQ E S
πε=
所以可知电场强度E 是定值，故B 错误； C ．因负极板接地，电势为零，所以P 点电势为：
()P E L x ϕ=-
L 为P 点到负极板的初始距离，因为E 不变，ϕ随x 增大而线性减小，故C 正确； D ．由：
p E q ϕ=
可知p E 与ϕ成正比，故也随x 增大而线性减小，故D 错误。

故选C 。

2．C
解析：C
【解析】
【分析】
【详解】
A ．从1x 移到2x ，电势在降低，将一负电荷从高电势到低电势，其电势能增加，则电场力
做负功，故A错误；
B．由于电势 与x的图象斜率表示电场强度，而图象的斜率是变化，因此电场强度是变化，不是匀强电场，故B错误；
C．由图像可知，1x处的电势高于2x处的电势，则负电荷在1x处的电势能小于在2x处的电势能，故C正确；
D．从2x到3x的电势升高，则逆着电场线方向，因此3x处的电场强度方向电场强度方向沿x轴负方向，故D错误。

故选C。

3．A
解析：A
【解析】
【分析】
【详解】
A．粒子所在处电场线为直线，初速度为零，不满足曲线运动的条件，故做加速直线运动，A正确；
B．电场力对粒子做正功，电势能减小，B错误；
C．根据动能定理，电场力做正功，粒子的动能增加，C错误；
D．粒子运动的过程中，所到之处，电场线越来越疏，故场强越来越弱，加速度越来越小，D错误。

故选A。

4．C
解析：C
【解析】
根据正电荷受的电场力方向与电场强度方向相同，负电荷受的电场力方向与电场强度方向相反，可知放在A点的试探电荷负正电，放在B点的试探电荷带正电，故AB错误；电场线越密，电场强度越大，故A点的电场强度大于B点的电场强度，故C正确，D错误；故选C．
【点睛】根据电场力方向与电场强度方向是否相同，判断试探电荷带什么电；根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．
5．C
解析：C
【解析】
【详解】
A、电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带正电，因此电场线指向右下方，沿电场线电势降低，故a等势线的电势最高，c等势线的电势最低，故A错误．
B、从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，动能增大，故P点的动能小于Q点的动能，故B错误．
C、根据质点受力情况可知，从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，故P点的电势能大于Q点的电势能，故C正确．
D、由于相邻等势面之间的电势差相同．等势线密
的地方电场线密场强大，故P 点位置电场强，电场力大，根据牛顿第二定律，加速度也大，故D 错误．故选C ．
【点睛】
解决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场强度、电势能、动能等物理量的变化．
6．C
解析：C
【解析】
【分析】
根据电场力功与电势差的关系求解AB 和BC 各点之间的电势差，然后找到等势面确定场强的方向，根据E=U/d 求解场强。

【详解】
将电子由A 移动到B 点，电场力做功2eV ，则22AB AB W eV U V q e
===--；同样：1BC BC W eV U V q e
-===-，若设C 点的电势为0，则B 点的电势为1V ，A 点的电势为-1V ，则AB 中点的电势与C 点电势相同，可知场强方向沿BA 方向斜向上，场强为21/200/0.510
U E V m V m d -===⨯，故选C. 7．B
解析：B
【解析】
【详解】
A ．三个粒子的质量和电量都相同，则知加速度相同。

a 、b 两粒子在竖直方向上的位移相等，根据212
y at =，可知运动时间相等。

故A 正确，不符合题意。

B ．b 、c 竖直方向上的位移不等，y c ＜y b ．根据212
y at =，可知t c ＜t b ．即c 先飞离电场，故B 错误，符合题意。

C ．在垂直于电场方向即水平方向，三个粒子做匀速直线运动，则有：x v t =。

因x c =x b ，t c ＜t b ，则v c ＞v b 。

根据t a =t b ，x b ＞x a ．则v b ＞v a ．所以有：v c ＞v b ＞v a ．故C 正确，不符合题意。

D ．根据动能定理知，a 、b 两电荷，电场力做功一样多，所以动能增加量相等。

c 电荷电场力做功最少，动能增加量最小。

故D 正确，不符合题意。

8．D
解析：D
【解析】
【分析】
【详解】
由库仑定律得
2
29Q F k r
= 因为由题可知开始时两球之间的库仑引力大小为F ，说明金属小球带异种电荷，把这两个小球相互接触后再使它们之间的距离变为原来的2倍，它们的电荷量变为4:4，它们之间的库仑力大小将变为
22216449
Q F k F r == 故ABC 错误，D 正确。

故选D 。

9．D
解析：D
【解析】
【详解】
A ．由于O 点电势高于c 点．电场强度方向向下，根据MN 粒子的运动轨迹可知N 受到的电场力向上，M 受到的电场力向下，N 带负电，M 带正电，A 错误；
B ．根据题意可知2Oa Oc U U =，而且电场力都做的是正功，而且电荷和质量大小相等，根据动能定理得2201122
Uq mv mv =
-，N 在a 点的速度与M 在c 点的速度大小不等，B 错误；
C ．N 在从O 点运动至a 点的过程中受到的电场力向上，轨迹运动方向也向上，故电场力做正功，C 错误
D ．图中的虚线为等势线，即O 点和b 点的电势相等，所以M 点从O 点到b 点的过程中电场力对粒子做功等于零，D 正确； 10．B
解析：B
【解析】
【详解】 根据点电荷的电场强度公式2kq E r =可得各14
圆环上的电荷在O 点的电场场强大小，再根据矢量合成，求出合场强，最后比较它们的大小即可．由于电荷均匀分布，则各
14圆环上的电荷等效集中于14
圆环的中心，设圆的半径为r ，则A 图O 点处的场强大小为2
A kq E r =；将
B 图中正、负电荷产生的场强进行叠加，等效两电荷场强方向间的夹角为
90°，则在O 点的合场强22B kq E r
=,方向沿x 轴负方向；C 图中两正电荷在O 点的合场强为零，则C 中的场强大小为2
c kq E r =，D 图由于完全对称，易得合场强E D =0．故O 处电场强度最大的是图B ．故答案为B ．
【考点定位】 本题考查电场的叠加,要注意采用等效思想及矢量的运算．难度：中等． 11．A
解析：A
【解析】
A 、当用带电玻璃棒与电容器a 板接触，由于静电感应，从而在b 板感应出等量的异种电荷，从而使电容器带电，故选项A 正确；
B 、根据电容器的决定式：
，将电容器b 板向上平移，即正对面积S 减小，则电容C 减小，根据
可知， 电量Q 不变，则电压U 增大，则静电计指针的张角变大，故选项B 错误；
C 、根据电容器的决定式：
，只在极板间插入有机玻璃板，则介电系数增大，则电容C 增大，根据
可知， 电量Q 不变，则电压U 减小，则静电计指针的张角减小，故选项C 错误；
D 、根据可知， 电量Q 增大，则电压U 也会增大，则电容C 不变，故选项D 错误。

点睛：本题是电容器动态变化分析问题，关键抓住两点：一是电容器的电量不变；二是电容与哪些因素有什么关系。

12．D
解析：D
【解析】
【分析】
根据电势能和电势的关系确定φ-x 图象，而在φ-x 图象的斜率表示电场强度，判断出场强的大小，由牛顿第二定律F=qE=ma 判断出加速度的变化，由v=v 0+at 判断出速度的变化，根据动能定理判断出动能的变化．
【详解】
A 、根据E P =φq 可知，由于粒子带负电，则可知，电势的变化应与图中方向相反，故φ-x 图象应为与E P -x 形状对称的图象；故A 错误；
B 、φ-x 图象的斜率表示电场强度，沿电场方向电势降低，则知在x=0的左侧，存在向左的匀强电场，x=0右侧存在向右的匀强电场，故B 错误；
C 、根据牛顿第二定律知 qE=ma ，粒子在匀强电场中运动时加速度不变，由于粒子带负电，粒子的加速度在x=0左侧加速度为正值，大小不变，在x=0右侧加速度为负值，且大小不变，故C 错误；
D 、在x=0左侧粒子根据动能定理qEx=
E k2，在x=0的右侧，根据动能定理可得-qEx=E k ′-E k ，故给出的图象正确，故D 正确．
故选D ．
【点睛】
本题主要考查了φ-x 图象，从图象中判断出斜率即为电场强度，然后利用牛顿第二定律判断出加速度，速度时间公式判断速度．
13．D
解析：D
【解析】
【分析】
【详解】
由图分析可知电容器极板上的电荷量几乎不变，将极板B 稍向上移动一点，极板正对面积减小，根据公式4S C kd επ=，电容减小，由公式Q C U
=可判断出电容器极板间电压变大，静电计张角增大，故D 正确，ABC 错误．
【点睛】 本题要抓住电荷量不变的条件，根据电容的定义式Q C U =分析电容如何变化． 14．B
解析：B
【解析】
【详解】
A.因电容器与电源始终相连，故两板间的电势差不变，B 板下移，则板间距离d 增大，则板间电场强度E 变小，由F=Eq 可知电荷所受电场力变小，故A 错误；
BC.板间距离d 增大，则板间电场强度E 变小，由U=Ed 知，P 与a 板的电压减小，而a 的电势不变，故P 的电势升高，由E P =qφ而q 为负值，故电势能减小，故B 正确，C 错误；
D.由Q=CU ，又有4S C kd
επ=，故C 减小，Q 减小，故D 错误。

15．C
解析：C
【解析】由题， A 、B 两点间的距离为d 及AB 连线与电场方向的夹角为α，则这两点沿电场的方向的距离cos d d θ'=， A 、B 两点间的电势差cos U Ed Ed θ==．C 项正确．故选C ． 【点睛】解决本题的关键掌握匀强电场的场强公式，注意在公式U E d
=
中，d 表示沿电场线方向上的距离． 16．B
解析：B
【解析】
【分析】
【详解】 电容器充电后断开电源后，电容器的电量不变，板间距离减小，根据电容的决定式：4S C kd επ=，可知电容器的电容增大，又有：4S C k U C d
d Q E U επ===、、，可得推论公式 4kQ E S
πε= 所以电容器中电场强度E 只与电量及极板面积有关，与极板距离无关。

E 不变，P 点距离下极板距离h 不变，Ep Eh =不变， U Ed =，E 不变d 变小，所以U 变小。

因此B 正确ACD 错误。

故选B 。

17．C
解析：C
【解析】
【详解】
一对带等量异号电荷的平行金属板间的电场为匀强电场，则从A 到B 电场强度不变，带电粒子受到的电场力指向轨迹弯曲的内侧，电场力的方向与电场强度的方向相同，且与带电粒子的速度方向夹角为锐角，则可判断粒子带正电，电场力对带电粒子做正功，从A 到B 电势能减少，动能增加，故C 正确．
18．C
解析：C
【解析】
【分析】
【详解】
A ．点电荷电场公式2Q E k
r
=可知，a 点的场强和c 点的场强大小相等，方向不同，A 错误； B ．由粒子运动轨迹可知，M 受到的是吸引力，N 受到的是排斥力，可知M 带负电荷，N 带正电荷，故B 错误；
C ．N 从c 到d ，电场力是排斥力与速度方向的夹角为锐角，所以电场力做正功，故C 正确；
D ．b 、d 两点在同一等势面上，M 、N 粒子电性相反，根据电势能的公式p
E q ϕ=知，M 在b 点的电势能为负，N 在d 点的电势能为正，两者不等，故D 错误。

故选C 。

19．A
解析：A
【解析】
【详解】
根据等量异种电荷电场线的分布，知道E B ＞E A ＞E C ，场强最小的是C 点。

等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线，知ΦA ＝ΦC ，沿着电场线方向电势逐渐降低，异种电荷间的电场线由正电荷指向负电荷，知ΦB ＞ΦA ，所以电势最高点是B 点；故A 正确，BCD 错误。

20．D
解析：D
【解析】
【分析】
【详解】
将带电体C 移近AB 时，由于静电感应现象可知，A 端是近端，会感应出异种电荷，B 端是远端，会感应出同种电荷；当再把A 和B 分开，移去C 后，A 和B 仍带不同种的电荷，故A 、B 端的金属箔仍会张开，选项D 正确．
21．C
解析：C
【解析】
【详解】
AD ．负电荷受到的电场力与电场强度的方向相反，A 、D 选项图中，负电荷在A 点受到的电场力背离AB 方向，负电荷做减速运动，与速度图像不符，，AD 错误；
BC ．负电荷受到的电场力从A 指向B ，v t -图像斜率的物理意义为加速度，根据图像可知，负电荷从A 到B 的过程中加速度越来越大，根据牛顿第二定律
qE ma =
可知A 点场强小于B 点场强，则A 处电场线的稀疏程度较大，B 错误，C 正确。

故选C 。

22．B
解析：B
【解析】
【详解】
两个点电荷分别在M 点和N 点时，每个点电荷在O 点产生的电场强度的大小相等、方向相同，所以1M N E E E +=，得12M N
E E E ==。

将N 点处的点电荷移至P 点时，假设M 点的电荷为正电荷，则O 点的电场强度如图所示。

M 点和P 点的点电荷在O 点产生的电场强度的大小仍相等，夹角为120︒，所以O 点电场强度122M E E E ==
，即与12
21E E =，B 正确。

23．A
解析：A
【解析】
【详解】 A ．据v -t 图可知带电粒子在B 点的加速度最大为：
2240m /s 2m /s 75
a -=
=-， 所受的电场力最大为 1N 22N F ma ==⨯=，
据F E q
=知，B 点的场强最大为 2N 1N /C 1V /m 1C
F E q ====， A 正确；
B ．据v -t 图可知带电粒子的速度增大，电场力做正功，电势能减小，B 错误；
C ．据两个等量的同种正电荷，其连线中垂线上电场强度方向由O 点沿中垂线指向外侧，故由C 点到A 点的过程中电势逐渐减小，C 错误；
D ．据v -t 图可知A 、B 两点的速度，在根据动能定理得电场力从B 到A 做的功
()222211111614J 10J 2222
B A A B W mv mv →=
-=⨯⨯-⨯⨯=， 故
10V 5V 2
A B B A AB W W U q q →→--=
===-， D 错误。

24．D
解析：D
【解析】
【详解】
A 、由电场的叠加原理可知半球面右边的电场线是水平向右的，沿电场线方向电势逐渐降低，所以P 点的电势高于Q 点的电势，故A 错误；
B 、本题没有选取零势点，所以带正电的微粒在O 点的电势能不一定为零，故B 错误；
C 、电场线方向水平向右，所以在P 点释放静止带正电的微粒(重力不计)，微粒将作加速运动，距离远后电场力减小，所以是变加速运动，故C 错误；
D 、均匀带电半球相当于一个均匀带正电的球和半个均匀带负电的球，这个半球放在图的另一边，然后看PQ 两点，可以看到，PQ 两点在在上述涉及到的正电半球和负电半球中的相同的位置上，而由题目给出的条件，正电球在P 、Q 两点产生的电场为零，所以，正电半球在Q 点产生的电场强度相当于负电半球在Q 点产生的电场强度，而与P 点的环境比较，唯一的区别是电荷符号相反，从而电场大小相同，只有可能有方向的区别，而分析可知，方向是相同的，故电场强度相等，故D 正确；
故选D 。

【点睛】
利用等效法分析电场强度，利用叠加原理判断电场线的分布，由受力分析判断带电粒子的运动状态。

25．D
解析：D
【解析】
【分析】
【详解】
A ．当开关拨向1时，有短暂电流出现，电容器处于充电状态，由于电容器的上极板与电源正极相连，因此电容器的上板带正电，故A 错误。

B ．当开关由1拨向2时，电容器放电，电流从上向下通过线圈，根据安培定则可知，线圈中磁感线方向向下，故B 错误。

C ．当开关由1拨向2瞬间，电容器处于放电瞬间，电流增大，铁芯中的磁通量增大，故C 错误。

D ．当开关由1拨向2瞬间，电容器处于放电瞬间，根据楞次定律，则硬币中会产生向上的感应磁场，故D 正确。

故选D 。