【物理】浙江省台州中学2015-2016学年高二上学期期中考试物理试卷

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2015-2016学年高二上学期期中物理试卷

2015-2016学年上学期中段考试卷高二物理一．单项选择(每题四个选项中只有一个是正确的，选对得4分，选错得0分，共28分) 1. 下列关于电场强度的说法，正确的是( )A ．E ＝F/q 是电场强度的定义式，其中F 是放入电场中的试探电荷所受的力，q 是试探电荷的电荷量，它只适用于匀强电场B ．由电场强度的定义式E ＝F/q 得E 与F 成正比，与q 成反比C ．E ＝kQ/r 2是点电荷场强的计算式，Q 是产生电场的源电荷的电荷量，它只适用于点电荷电场D ．E ＝U/d 适用于任何电场2. 两个完全相同的金属小球，分别带有＋3Q 和－Q 的电荷量，当它们相距r 时，它们之间的库仑力是F. 若把它们接触后分开，再置于相距r/3的两点（此时两带电小球仍可视为点电荷），则它们的库仑力的大小将变为（）A ．F/3B ．FC ．3FD ．9F3. 如图所示，在静止负点电荷形成的电场中，有M 、N 两点，比较M 、N 两点的场强大小和电势高低，则有：（）A ．N 点的场强大，电势低B ．N 点的场强小，电势高C ．M 点的场强大，电势高D ．M 点的场强小，电势低4．如图所示，带箭头的线段表示某一电场中的电场线的分布情况．一带电粒子在电场中运动的轨迹如图中虚线所示．若不考虑其他力，则下列判断中正确的是（）A ．粒子带正电B ．粒子带负电C ．粒子在A 点受到的电场力比B 点的大D ．粒子在A 点受到的加速度比B 点的大－Ｑ MN5.在已接电源的闭合电路里，关于电源的电动势、内电压、外电压的关系应是（）A ．如外电压增大，则内电压增大，电源电动势也会随之增大B ．如外电压减小，内电阻不变，内电压也就不变，电源电动势必然减小C ．如外电压不变，则内电压减小时，电源电动势也随内电压减小D ．如外电压增大，则内电压减小，电源的电动势始终为二者之和，保持恒量 6．如右图所示，因线路故障，按通K 时，灯L 1和L 2均不亮，用电压表测得U ab =0，U bc =0，U cd =4V ．由此可知断路处为（）A ．灯L 1B ．灯L 2C ．变阻器D ．不能确定7.两个电源的伏安特征图线如图所示，由图可知（）A ．电源a 的内电阻较小，电动势较大B ．电源a 的内电阻较大，电动势较大C ．电源b 的内电阻较小，电动势较大D ．电源b 的内电阻较大，电动势较小二．不定项选择（每题四个选项中有两个或两个以上选项是正确的，全对得4分，少选且正确的得2分，错选或不选得0分，共28分）8. 连接在电池两极上的平行板电容器，当两极板之间的距离减小，其余条件不变时，则（）A ．电容器的电容C 不变B ．电容器两极板间的电场强度E 变大C ．电容器两极板的电势差U 变大D ．电容器极板的带电量Q 变大9. 某静电除尘器工作时内部电场线分布的俯视图如图，带负电粉尘被吸附时由b 点运动到a 点，以下说法正确的是（）A ．该电场是匀强电场B ．a 点电势高于b 点电势C ．电场力对粉尘做正功D ．粉尘的电势能增大10. 如图所示，AB和BC是由同种材料制成的长度相同、横截面积不同的两段导体，将它们串联后连入电路中。

高二上学期期中物理试卷

2015—2016学年度上学期期中考试高二物理试卷一、选择题(本题包括10个小题，每小题4分，共40分。

1至7小题只有一个选项正确，8至10小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不选的得0分)1．首先发现电流磁效应的科学家是( )A．安培B．奥斯特C．库仑D．麦克斯韦2.对于电源的路端电压,下列说法正确的是（）A.因U=IR,则U随I和R的增大而增大B.因U=IR,则R=0时,必有U=0C.路端电压随外电阻的变化而成正比的变化D.若外电路断开时,路端电压为零3.两个用同种材料制成的均匀导体A、B，其质量相同，当它们接入电压相同的电路时，其电流之比I A∶I B＝1∶4，则横截面积之比S A∶S B为( )A．1∶2 B．2∶1 C．1∶4 D．4∶14．某一电源的路端电压与电流的关系和电阻R1、R2的电压与电流的关系如图所示．用此电源和电阻R1、R2组成电路．R1、R2可以同时接入电路，也可以单独接入电路．为使电源输出功率最大，可采用的接法是 ( )A．将R1、R2串联后接到电源两端B．将R1、R2并联后接到电源两端C．将R1单独接到电源两端D．将R2单独接到电源两端5．如图所示：在倾角为α的光滑斜面上，垂直纸面放置一根长为L，质量为m的直导体棒．当导体棒中的电流I垂直纸面向里时，欲使导体棒静止在斜面上，可将导体棒置于匀强磁场中，当外加匀强磁场的磁感应强度B的方向由竖直向上逆时针至水平向左的过程中，关于B的大小的变化，正确的说法是( )A．逐渐增大B．逐渐减小C．先减小后增大D．先增大后减小6．如图所示，abcd四边形闭合线框，a、b、c三点坐标分别为(0，L,0)，(L，L,0)，(L,0,0)，整个空间处于沿y轴正方向的匀强磁场中，通入电流I，方向如图所示，关于四边形的四条边所受到的安培力的大小，下列叙述中正确的是( )A．ab边与bc边受到的安培力大小相等B．cd边受到的安培力最大C．cd边与ad边受到的安培力大小相等D．ad边不受安培力作用7．如图所示是某款理发用的电吹风的电路图，它主要由电动机M和电热丝R构成．当调节开关S1、S2的通断，可使电动机驱动风叶旋转，将冷空气从进风口吸入，从出风口吹出冷风或热风。

2015-2016学年浙江省台州市书生中学高二(上)第一次月考物理试卷

2015-2016学年浙江省台州市书生中学高二（上）第一次月考物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共10小题，共40.0分)1.第一个发现电磁感应现象的科学家是（）A.奥斯特B.库仑C.法拉第D.安培【答案】C【解析】解：A、奥斯特首先发现了通电直导线周围存在磁场；故A不符合题意．B、库仑提出库仑定律；故B不符合题意．C、法拉第在1831年发现了电磁感应现象；故C符合题意．D、安培总结出了电流周围的磁场方向和电流方向的关系定则：安培定则，不符合题意．故选：C．本题主要考查对法拉第与电磁感应现象的记忆．本题的解题关键是记住安培、奥斯特、焦耳、法拉第等科学家的主要贡献．2.线圈中感应电动势的大小取决于穿过线圈的（）A.磁感应强度B.磁通量大小C.磁通量变化的大小D.磁通量变化的快慢【答案】D【解析】解：根据法拉第电磁感应定律E=N得知，感应电动势的大小与磁通量变化的快慢成正比，与磁通量、磁通量的变化量没有直接关系，故D正确，ABC错误．故选：D．根据法拉第电磁感应定律E=N分析感应电动势的大小与什么因素有关．法拉第电磁感应定律是电磁感应中最重要的规律之一，要准确理解并能牢固掌握．3.依据如图所示的“处在磁场中的通电金属棒在导轨上运动”这一实验现象及相应规律设计的家用电器是（）A.电热水壶B.电饭锅C.电风扇D.电熨斗【答案】C【解析】解：图中，当闭合开关后，可以观察到磁场中的金属棒在导轨上运动，这说明通电导体在磁场中受到力的作用，电热水壶、电饭锅、电熨斗都是利用了电流的热效应设计的，电风扇是利用了通电导体在磁场中受到力的作用的原理制成的，故C正确．故选：C观察实验可知，通电导体在磁场中受到力的作用，再逐项分析各种家用电器的原理即可求解．此题主要考查的是学生对磁场对电流的作用、家用电器工作原理的理解和掌握，基础性题目．4.如图所示是“探究电磁感应的产生条件”的实验装置，下列情况中不会引起电流表指针偏转的是（）A.闭合开关时B.断开开关时C.闭合开关后拔出线圈A时D.断开开关后移动变阻器的滑片时【答案】D【解析】解：A、闭合开关时，穿过B线圈的磁通量从无到有，磁通量发生变化，产生感应电流，电流表指针发生偏转．故A错误．B、断开开关时，穿过B线圈的磁通量从有到无，磁通量发生变化，产生感应电流，电流表指针发生偏转．故B错误．C、闭合开关后，拔出线圈A时，穿过B线圈的磁通量发生变化，产生感应电流，电流表指针发生偏转．故C错误．D、断开开关后，移动滑动变阻器，穿过线圈B的磁通量始终为零，磁通量不变，不产生感应电流．故D正确．故选：D．当穿过闭合回路磁通量发生变化时，会产生感应电流．解决本题的关键知道感应电流的产生条件，即穿过闭合回路的磁通量发生变化．5.（单）如图所示，L为自感系数较大的线圈，电路稳定后小灯泡正常发光，当断开开关S的瞬间会有（）A.灯A立即熄灭B.灯A慢慢熄灭C.灯A突然闪亮一下再慢慢熄灭D.灯A突然闪亮一下再突然熄灭【答案】A【解析】解：当断开开关S的瞬间，线圈产生自感电动势，但是线圈与灯泡A在开关断开后，不能形成回路，则灯A立即熄灭．故A正确，B、C、D错误．故选：A．当断开电键的瞬间，线圈中电流要减小，会产生自感现象，若断开电键后，线圈、灯泡能构成回路，则灯泡不会立即熄灭，若线圈、灯泡不能构成回路，则灯泡立即熄灭．自感是一种特殊的电磁感应现象，遵守楞次定律和法拉第电磁感应定律，利用这个定律进行判断即可．6.光滑曲面与竖直平面的交线是抛物线，如图所示，抛物线的方程y=x2，其下半部处在一个水平方向的匀强磁场中，磁场的上边界是y=a的直线（图中的虚线所示），一个小金属块从抛物线y=b（b＞a）处以速度v沿抛物线下滑，假设抛物线足够长，则金属块在曲面上滑动的过程中产生的焦耳热总量是（）A.mgbB.mv2C.mg（b-a）D.mg（b-a）+mv2【答案】D【解析】解：圆环最终在直线y=a以下来回摆动，以y=b（b＞a）处为初位置，y=a处为末位置，则知末位置的速度为零，在整个过程中，重力势能减小，动能减小，减小的机械能转化为内能，根据能量守恒得：Q=mg（b-a）+．故D正确，A、B、C错误．故选：D．圆环在进入磁场和出磁场的过程中产生感应电流，有热量产生，最终在直线y=a以下抛物线来回摆动，根据能量守恒求出金属环沿抛物线下滑后产生的焦耳热总量．解决本题的关键能正确分析金属块的状态，知道它最终在y=a以下来回摆动，在摆动时无热量产生，以初始位置与y=a位置为研究过程，动能和重力势能的减小量全部转化为热量．7.如图为一种早期发电机原理示意图，该发电机由固定的圆形线圈和一对用铁芯连接的圆柱形磁铁构成，两磁极相对于线圈平面对称，在磁极绕转轴匀速转动过程中，磁极中心在线圈平面上的投影沿圆弧运动，（O是线圈中心），则（）A.从X到O，电流由E经G流向F，先增大再减小B.从X到O，电流由F经G流向E，先减小再增大C.从O到Y，电流由F经G流向E，先减小再增大D.从O到Y，电流由E经G流向F，先增大再减小【答案】D【解析】解：在磁极绕转轴从X到O匀速转动，穿过线圈平面的磁通量向上增大，根据楞次定律可知线圈中产生顺时针方向的感应电流，电流由F经G流向E，又导线切割磁感线产生感应电动势E感=BLV，因磁铁的运动使导线处的磁感应强度先增后减可知感应电动势先增加后减小、则电流先增大再减小，AB均错误；在磁极绕转轴从O到Y匀速转动，穿过线圈平面的磁通量向上减小，根据楞次定律可知线圈中产生逆时针方向的感应电流，电流由E经G流向F，又导线切割磁感线产生感应电动势E感=BLV，导线处的磁感应强度先增后减可知感应电动势先增加后减小、则电流先增大再减小，C错误、D正确．故选D．根据磁极的转动可知线圈平面中的磁通量的变化，由楞次定律定律可判断线圈中的感应电流方向．本题考查楞次定律的基本应用，首先明确原磁场方向及磁通量的变化，然后由楞次定律判断感应电流的磁场，再由安培定则即可判断感应电流的方向．8.如图所示，竖直平面内有一金属环，半径为a，总电阻为R（指拉直时两端的电阻），磁感应强度为B的匀强磁场垂直穿过环平面，在环的最高点A用铰链连接长度为2a、电阻为的导体棒AB，AB由水平位置紧贴环面摆下，当摆到竖直位置时，B点的线速度为v，则这时AB两端的电压大小为（）A. B. C. D.B av【答案】A【解析】解：当摆到竖直位置时，导体棒产生的感应电动势为：E=B•2a=2B a=B av；金属环并联的电阻为：R并==AB两端的电压是路端电压，AB两端的电压大小为：E=B av=U=并并故选：A当摆到竖直位置时，先由感应电动势公式E=BL，求出导体棒产生的感应电动势，再根据欧姆定律求解AB两端的电压大小．本题是电磁感应与电路的结合问题，关键是弄清电源和外电路的构造，然后根据电学知识进一步求解，容易出错之处是把AB间的电压看成是内电压，得到结果是B av．9.电阻R、电容C与一线圈连成闭合回路，条形磁铁静止于线圈的正上方，N极朝下，如图所示．现使磁铁开始自由下落，在N极接近线圈上端的过程中，流过R的电流方向和电容器极板的带电情况是（）A.从a到b，上极板带正电B.从a到b，下极板带正电C.从b到a，上极板带正电D.从b到a，下极板带正电【答案】D【解析】解：当磁铁N极向下运动时，导致向下穿过线圈的磁通量变大，由楞次定律可得，感应磁场方向与原来磁场方向相反，再由安培定则可得感应电流方向沿线圈盘旋而下，由于线圈相当于电源，则流过R的电流方向是从b到a，对电容器充电下极板带正电．故选：D．现使磁铁开始自由下落，在N极接近线圈上端的过程中，导致线圈的磁通量发生变化，从而产生感应电动势，线圈中出现感应电流，由楞次定律可判定电流的方向．当线圈中有电动势后，对电阻来说通电后发热，对电容器来说要不断充电直至稳定．此时线圈相当于电源，则外电路的电流方向是从正极到负极，而内电路则是从负极到正极．同时电容器在充电时电压随着电量增加而增大．10.下列哪些仪器不是利用涡流工作的（）A.电磁炉B.微波炉C.金属探测器D.真空冶炼炉【答案】B【解析】解：A、电磁炉利用变化的电场产生变化的磁场，从而形成涡流，使锅产生大量热量．故A正确．B、微波炉是产生电磁波，没有利用涡流工作．故B错误．C、探雷器中变化电流遇到金属物体，在金属物体上产生涡流．故C正确．D、真空冶炼炉是线圈中的电流做周期性变化，在冶炼炉中产生涡流，从而产生大量的热量．故D正确．本题选择错误的，故选：B．电流做周期性的变化，在附近的导体中产生感应电流，该感应电流看起来像水中的漩涡，所以叫做涡流．涡流会在导体中产生大量的热量．掌握涡流的原理及应用与防止：真空冶炼炉，硅钢片铁心，金属探测器，电磁灶等．二、多选题(本大题共4小题，共24.0分)11.如图所示，金属三角形导轨COD上放有一根金属棒MN．拉动MN，使它以速度v向右匀速运动，如果导轨和金属棒都是粗细相同的均匀导体，电阻率都相同，那么在MN运动的过程中，闭合回路的（）A.感应电动势保持不变B.感应电流保持不变C.感应电动势逐渐增大D.感应电流逐渐增大【答案】BC【解析】解：A、设MN从O点开始运动时间为t，则ON=vt，有效切割的长度为：L=MN=vt•tanα感应电动势为：E===B v2t•tanα故感应电动势随时间增大而逐渐增大，故A错误，C正确；B、闭合电路的总电阻为：R=ρ=（1+tanα+）=（1+）因此感应电流为：I===，可知I与t无关，所以感应电流保持不变，故B正确，D错误．故选：BC．MN向右匀速平动时，有效的切割长度随时间在增大，根据数学知识得到有效切割长度L与时间t的关系式，即可判断其变化．根据电阻定律得到回路中电阻与时间的关系，再由欧姆定律得到感应电流与时间的关系，再判断感应电流大小如何变化．本题的解题关键是运用法拉第电磁感应定律、欧姆定律和电阻定律得到感应电动势、感应电流的表达式，再分析其变化情况，不能想当然认为感应电动势增大，感应电流也增大，要注意回路中的电阻也增大，不能犯低级错误．12.若线圈中的电流强度均匀增大，则这个线圈的（）A.自感系数也将均匀增大B.自感电动势也将均匀增大C.磁通量也将均匀增大D.自感系数、自感电动势都保持不变【答案】CD【解析】解：A、影响自感系数的因素：线圈的粗细、长短与形状及有无铁蕊，与电流无关．故A错误；B、根据可知，自感电动势大小不变．故B错误，C、因为电流均匀增大，产生的磁场强度也均匀增大，所以磁感应强度也均匀增大，磁通面积不变，所以磁通量也线性变化，故C正确，D、由AB选项分析可知，自感系数、自感电动势都保持不变，故D正确；故选：CD根据电流周围存在磁场，结合与影响自感系数的因素：线圈的粗细、长短与形状及有无铁蕊，从而即可求解．考查自感电动势的影响因素，及影响自感系数的因素，知道电流变化导致磁通量变化，注意均匀与非均匀变化的区别．13.如图所示，光滑固定的金属导轨M、N水平放置，两根导体棒P、Q平行放置在导轨上，形成一个闭合回路，一条形磁铁从高处下落接近回路时（）A.P、Q将相互靠拢B.P、Q将相互远离C.磁铁的加速度仍为gD.磁铁的加速度小于g【答案】AD【解析】解：A、B当一条形磁铁从高处下落接近回路时，穿过回路的磁通量增加，根据楞次定律：感应电流的磁场总是阻碍磁通量的变化，可知，P、Q将互相靠拢，回路的面积减小一点，使穿过回路的磁场减小一点，起到阻碍原磁通量增加的作用．故A正确，B错误．C、D由于磁铁受到向上的安培力作用，所以合力小于重力，磁铁的加速度一定小于g．故C错误；D正确．故选AD当一条形磁铁从高处下落接近回路时，穿过回路的磁通量增加，根据楞次定律：感应电流的磁场总是阻碍磁通量的变化，分析导体的运动情况．本题直接用楞次定律判断电磁感应现象中导体的运动方向，抓住导体总是反抗原磁通量的变化是关键．楞次定律的另一结论：增反减同．14.如图所示是高频焊接原理示意图．线圈中通以高频变化的电流时，待焊接的金属工件中就产生感应电流，感应电流通过焊缝产生大量热量，将金属融化，把工件焊接在一起，而工件其他部分发热很少，以下说法正确的是（）A.电流变化的频率越高，焊缝处的温度升高的越快B.电流变化的频率越低，焊缝处的温度升高的越快C.工件上只有焊缝处温度升的很高是因为焊缝处的电阻小D.工件上只有焊缝处温度升的很高是因为焊缝处的电阻大【答案】AD【解析】解：A、B高频焊接利用高频交变电流产生高频交变磁场，在焊接的金属工件中就产生感应电流，根据法拉第电磁感应定律分析可知，电流变化的频率越高，磁通量变化频率越高，产生的感应电动势越大，感应电流越大，焊缝处的温度升高的越快．故A正确，B错误．C、D焊缝处横截面积小，电阻大，电流相同，焊缝处热功率大，温度升的很高．故C 错误，D正确．故选AD高频焊接利用高频交变电流产生高频交变磁场，在焊接的金属工件中就产生感应电流，根据法拉第电磁感应定律分析电流变化的频率与焊缝处的温度升高的关系．焊缝处横截面积小，电阻大，电流相同，焊缝处热功率大，温度升的很高．本题高频焊接是电磁感应原理的实际应用，根据电磁感应的普遍规律来分析、理解，并不难．三、计算题(本大题共2小题，共36.0分)15.如图所示，匀强磁场竖直向上穿过水平放置的金属框架，框架宽为L，右端接有电阻R，磁感应强度为B，一根质量为m、电阻不计的金属棒以v0的初速度沿框架向左运动，棒与框架的动摩擦因数为μ，测得棒在整个运动过程中，通过任一截面的电量为q，求：（1）棒能运动的距离；（2）R上产生的热量．【答案】解：（1）设在整个过程中，棒运动的距离为s，磁通量的变化量△Φ=BL s，通过棒的任一截面的电量q=I△t=，解得s=．（2）根据能的转化和守恒定律，金属棒的动能的一部分克服摩擦力做功，一部分转化为电能，电能又转化为热能Q，即有mv02=μmgs+Q，解得Q=mv02-μmgs=mv02-．答：（1）棒能运动的距离为；（2）R上产生的热量为mv02-．【解析】（1）由法拉第电磁感应定律可求得通过棒的电量；（2）由能的转化和守恒定律可求得R上产生的热量．在考查导体切割磁感线的问题考查中，要注意正确应用能量守恒关系进行分析．16.如图所示，两足够长且间距L=1m的光滑平行导轨固定于竖直平面内，导轨的下端连接着一个阻值R=1Ω的电阻．质量为m=0.6kg的光滑金属棒MN靠在导轨上，可沿导轨滑动且与导轨接触良好，整个导轨处在空间足够大的垂直平面向里的匀强磁场中，磁感应强度B=1T．现用内阻r=1Ω的电动机牵引金属棒MN，使其从静止开始运动直到获得稳定速度，当金属棒运动达到稳定速度时，电流表和电压表的示数分别为1A和8V（金属棒和导轨的电阻不计，重力加速度g取10m/s2），求：（1）当金属棒运动达到稳定速度时，电动机的输出功率；（2）金属棒获得的稳定速度的大小．【答案】解：（1）电动机的输出功率（即绳对金属棒的拉力功率）为PP=IU-I2r=1×8-12×1=7W．（2）金属棒受到拉力、重力、安培力作用向上做加速度减小的加速运动，当加速度减为零时，棒获得稳定速度，此后棒做匀速运动．P=（mg+F安）v由F安=BIL，E=BL v，I=得F安=则P=（mg+）v联立得：v=1m/s．答：（1）当金属棒运动达到稳定速度时，电动机的输出功率为7W．（2）金属棒获得的稳定速度的大小为1m/s．【解析】（1）电动机的输出功率等于电动机消耗总功率减去线圈的热功率．（2）金属棒受到拉力、重力、安培力作用向上做加速度减小的加速运动，当加速度减为零时，棒获得稳定速度，此后棒做匀速运动，由平衡条件解答．解决本题的关键要正确分析能量是如何转化的和棒的运动情况，知道当棒的加速度a=0时，速度达到最大．。

浙江省台州中学2015-2016学年高二上学期第三次统练物理试卷

F台州中学2015学年第一学期第三次统练试题高二物理本卷计算中，重力加速度g 均取10m/s 2。

一、选择题Ⅰ（本题共13小题，每小题3分，共39分。

每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的。

不选、多选、错选均不得分）1．磁感应强度的单位是特斯拉（T ），与它等价的是A.N A·mB.N·A mC.N·A m 2D.N A·m2 2．如图所示，用水平方向的力F 将重为G 的木块压在竖直的墙壁上，木块保持静止，下列判断中正确的是A ．在F 增大的过程中，摩擦力将增大B ．在F 减小的过程中，摩擦力一定减小C ．在F 减小的过程中，摩擦力可能先不变，后变小D ．当F 减小为零时，摩擦力不一定为零3．“蛟龙号”是我国首台自主研制的作业型深海载人潜水器，它是目前世界上下潜能力最强的潜水器。

假设某次海试活动中，“蛟龙号”完成海底任务后竖直上浮，从上浮速度为v 时开始计时，此后“蛟龙号”匀减速上浮，经过时间t 上浮到海面，速度恰好减为零，则“蛟龙号”在t 0（t 0<t ）时刻距离海平面的深度为A ． 20()2v t t t- B ． 202vt tC ． 2vt D ．00(1)2t vt t-4．已知雨滴在空中运动时所受空气阻力22υkr f =，其中k 为比例系数，r 为雨滴半径，υ为其运动速率。

t =0时，雨滴由静止开始下落，加速度用a 表示。

落地前雨滴已做匀速运动，速率为v 0。

下列图像中正确．．的是5．如图，将两根吸管串接起来，再取一根牙签置于吸管中，前方挂一张薄纸，用同样的力．．．．．对吸管吹气，牙签加速射出，击中薄纸。

若牙签开始是放在吸管的出口处，则牙签吹在纸上即被阻挡落地；若牙签开始时放在近嘴处，则牙签将穿入薄纸中，有时甚至射穿薄纸。

假设牙签在运动中受到的力均相同，阻力可以忽略。

下列关于牙签在吸管中运动的过程说法正确的是A ．两种情况下牙签的加速度不同B ．两种情况下牙签的加速度相同C ．牙签开始放在吸管的出口处，气体对其做功大D ．牙签开始时放在近嘴处，离开吸管时的速度小6．2014年9月21日，美国“火星大气与挥发演化”探测器经过10个月的漫长航行，成功进入绕火星运行的轨道。

高二物理上学期期中试题3

2015-2016学年度上学期期中联考高二物理试卷考试时间：90分钟试卷满分：110分一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。

从第1小题到第8小题是单选题，第9小题到第10小题是多选题。

1、在国际单位制中，以下说法正确的是（） A ．米、千克、秒、开尔文、安培都是国际单位的基本单位 B ．功、能量和热量的单位都是焦耳,它是国际单位制中的基本单位 C ．力单位是牛顿，电动势单位是安培。

D ．电场强度的两个单位：1V/m 和1N/C 是相等的2、如图所示，两根细线挂着两个质量相同的小球A 、B ，上、下两根细线中的拉力分别是．现在使A 、B 带同号电荷，此时，上、下细线受力分别为，则（）3、如图所示的电路中，当变阻器R 3的滑动触头P 向a 端移动时( )A ．电压表示数变大，电流表示数变小B ．电压表示数变小，电流表示数变大C ．电压表示数变大，电流表示数变大D ．电压表示数变小，电流表示数变小4．下列静电学公式中，F 、q 、E 、U 、r 和d 分别表示电场力、电量、场强、电势差以及距离①221r q q kF = ② ③ ④Ed U = （）A ．它们都只对点电荷或点电荷的场才成立B ．①②③只对点电荷或点电荷的场成立，④只对匀强电场成立C ．①②只对点电荷成立，③对任何电场都成立，④只对匀强电场才成立D ．①②只对点电荷成立，③④对任何电场都成立5. 如图所示，在一电场强度为E 的匀强电场中放一金属空心导体，图中a 、b分别为金属导体内部与空腔中的两点，则（） A.a 、b 两点的电场强度都为零 B.a 点电场强度为零，b 点不为零C.a 点电场强度不为零，b 点为零D.a 、b 两点电场强度均不为零6．关于电源电动势的说法错误的是（）A ．电源电动势等于内外电路电势降落之和B ．电源电动势等于外电路的路端电压C ．电源电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压D ．电源电动势表征电源把其它形式的能转化为电能的本领7．某电动机线圈电阻为R 1 ，它与阻值R 2 的电热丝电串联后接到直流电源上（不计电源内阻），电动机正常工作，路端电压为U ，电流为I ，电路中消耗的电功率为P ，则有（） ①．UI P = ②．)(212R R I P += ③．UIP >④．)(212R R I P +>A ．①②B ．①④C ．②③D ．③④8．有人在调试电路时，用一个“100k Ω， W ”的电阻和一个“300k Ω， W ”的电阻串联，作为400 k Ω的电阻使用，此时两只串联电阻允许耗散的最大功率为（）A ．B ．C ．D ．9、下面四个图中电场线(或等势面)画法错误的选项是．（）W21W 41W 61W81818110．．图中a、b和c分别表示点电荷的电场中的三个等势面，它们的电势分别为6V、4V和1.5V.一质子（H11）从等势面ab时的速率为v，则对质子的运动有下列判断，其中正确的是( )A.质子从a等势面运动到c等势面电势能增加4.5eVB.质子从a等势面运动到c等势面动能增加4.5eVC.质子经过等势面c时的速率为2.25vD.质子经过等势面c时的速率为1.5v二、实验题：本题共两小题，共16分。

高二物理上学期期中-台州中学2015-2016学年高二上学期期中考试物理试题及答案物理试卷

台州中学2015学年第一学期期中试题考生须知 :1. 本试题卷分选择题和非选择题两部分,共8页 , 满分100 分, 考试时间90分钟。

其中加试题部分为30分,用【加试题】标出。

2. 考生答题前,务必将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔填写在答题纸上。

3. 选择题的答案须用2B铅笔将答题纸上对应题目的答案标号涂黑,如要改动,须将原填涂处用橡皮擦净。

4. 非选择题的答案须用黑色字迹的签字笔或钢笔写在答题纸上相应区域内,作图时可先使用2B 铅笔,确定后须用黑色字迹的签字笔或钢笔描黑,答案写在本试题卷上无效。

选择题部分一、选择题Ⅰ (本题共13 小题, 每小题3 分, 共39 分。

在每小题给出的四个选项中, 只有一项是符合题目要求的。

)1.下列关于单位制及其应用的说法中错误的是A．基本单位和导出单位一起组成了单位制B．选用的基本单位不同，构成的单位制也不同C．基本单位采用国际单位制中的单位，其导出单位不一定是国际单位制中的单位D．物理公式可以确定物理量间的数量关系，也可以确定物理量间的单位关系2.如图是伽利略1604年做斜面实验时的一页手稿照片，照片左上角的三列数据如下表．表中第二列是时间，第三列是物体沿斜面运动的距离，第一列是伽利略在分析实验数据时添加的．根据表中的数据，伽利略可以得出的结论是A. 物体具有惯性B．斜面倾角一定时，加速度与质量无关C．物体运动的距离与时间的平方成正比D．物体运动的加速度与重力加速度成正比3.如图是物体做直线运动的v-t图象，由图可知，该物体A．第1s内和第3s内的运动方向相反B．第3s内和第4s内的加速度相同C．第1s内和第4s内的位移相同D．0～2s和0～4s内的平均速度大小相等4.如图所示，用两根等长轻绳将木板悬挂在竖直木桩上等高的两点，制成一简易秋千．某次维修时将两轻绳各剪去一小段，但仍保持等长且悬挂点不变．木板静止时，F1表示单根轻绳对木板拉力的大小，F2表示两根轻绳对木板拉力的合力大小，则维修后A．F1变大，F2不变 B．F1变小，F2不变C．F1变大，F2变大 D．F1变小，F2变小5.在探究超重和失重规律时，某体重为G的同学站在一压力传感器上完成一次下蹲动作．传感器和计算机相连，经计算机处理后得到压力F随时间t变化的图象，则下列图象中可能正确的是6.宇航员王亚平在“天宫1号”飞船内进行了我国首次太空授课，演示了一些完全失重状态下的物理现象。

浙江省台州市临海六中高二物理上学期期中试卷(含解析)-人教版高二全册物理试题

2015-2016学年浙江省台州市临海六中高二〔上〕期中物理试卷一、单项选择题〔每题3分，共39分〕1．如下说法中正确的有〔〕A．只要闭合电路内有磁通量，闭合电路中就有感应电流产生B．穿过螺线管的磁通量发生变化时，螺线管内部就一定有感应电流产生C．线框不闭合时，假设穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中没有感应电流和感应电动势D．线框不闭合时，假设穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中没有感应电流，但有感应电动势2．根据楞次定律可知，感应电流的磁场一定是〔〕A．阻碍引起感应电流的磁通量B．与引起感应电流的磁场方向相反C．阻碍引起感应电流的磁通量的变化D．与引起感应电流的磁场方向一样3．伟大的物理学家法拉第是电磁学的奠基人，在化学、电化学、电磁学等领域都做出过杰出贡献，如下陈述中符合历史事实的是〔〕A．法拉第首先引入“场〞的概念来研究电和磁的现象B．法拉第首先引入电场线和磁感线来描述电场和磁场C．法拉第首先发现了电流的磁效应现象D．法拉第首先发现电磁感应现象并给出了电磁感应定律4．一矩形线圈，绕垂直于匀强磁场并位于线圈平面内的固定轴转动．线圈中的感生电动势e随时间t的变化如下列图．下面说法中正确的答案是〔〕A．t1时刻通过线圈的磁通量为零B．t2时刻通过线圈的磁通量变化率的绝对值最大C．t3时刻通过线圈的磁通量变化率的绝对值最大D．每当e变换方向时，通过线圈的磁通量绝对值都为最大5．如下列图，电阻R、电容C与一线圈连成闭合电路，条形磁铁静止于线圈的正上方，N 极朝下，现使磁铁开始自由下落，在N极接近线圈上端的过程中，流过R的电流方向和电容器极板的带电情况是〔〕A．从a到b，上极板带正电B．从a到b，下极板带正电C．从b到a，上极板带正电D．从b到a，下极板带正电6．如下列图，三个灯泡是一样的，而且耐压足够，电源内阻忽略．当单刀双掷开关S接A 时，三个灯亮度一样，那S接B时〔〕A．三个灯亮度一样B．甲灯最亮，丙灯不亮C．甲灯和乙灯亮度一样，丙灯不亮D．只有丙灯不亮，乙灯最亮7．如图，理想变压器原副线圈匝数之比为4：1．原线圈接入一电压为u=U0sinωt的交流电源，副线圈接一个R=27.5Ω的负载电阻．假设U0=220V，ω=100π rad/s，如此下述结论正确的答案是〔〕A．副线圈中电压表的读数为55 VB．副线圈中输出交流电的周期为sC．原线圈中电流表的读数为0.5 AD．原线圈中的输入功率为110W8．如图是街头变压器通过降压给用户供电的示意图．变压器输入电压是市电网的电压，不会有很大的波动．输出电压通过输电线输送给用户，输电线的电阻用R0表示，变阻器R表示用户用电器的总电阻，当滑动变阻器触头P向下移动时，如下说法中错误的答案是〔〕A．相当于在增加用电器的数目B．变压器的输入功率在增大C．A1表的示数随A2表的示数的增大而增大D．V1表的示数随V2表的示数的增大而增大9．如下列图，在张紧的绳上挂了a、b、c、d四个单摆，四个单摆的摆长关系为l c＞l b=l d ＞l a，先让d摆摆动起来〔摆角不超过5°〕，如此如下说法中正确的答案是〔〕A．b摆发生振动，其余摆均不动B．所有摆均以一样摆角振动C．摆动过程中，b摆的振幅最大D．摆动过程中，c摆的周期最大10．某质点做简谐运动，其位移随时间变化的关系式为x=5sin t〔cm〕，如此如下关于质点运动的说法中正确的答案是〔〕A．质点做简谐运动的振幅为10cmB．质点做简谐运动的周期为4sC．在t=4s时质点的速度最大D．在t=4s时质点的加速度最大11．摆长为L的单摆做简谐振动，假设从某时刻开始计时，〔取作t=0〕，当振动至时，摆球具有负向最大速度，如此单摆的振动图象是图中的〔〕A．B．C．D．12．一质点做简谐运动的图象如下列图，如下说法正确的答案是〔〕A．在t=1 s和t=3 s两时刻，质点位移大小相等、方向一样B．质点振动频率是4 HzC．在10 s内质点经过的路程是20 cmD．第4 s末质点的速度是零13．光滑的水平面叠放有质量分别为m和的两木块，下方木块与一劲度系数为k的弹簧相连，弹簧的另一端固定在墙上，如下列图．两木块之间的最大静摩擦力为f，为使这两个木块组成的系统象一个整体一样地振动，系统的最大振幅为〔〕A．B．C．D．二、不定项选择题〔每题4分，共20分〕14．关于振动物体的平衡位置，如下说法中正确的答案是〔〕A．是加速度改变方向的位置B．回复力为零的位置C．速度最大的位置D．加速度最大的位置15．做简谐运动的物体运动到最大位移处时，具有最大值的物理量是〔〕A．加速度B．速度 C．动能 D．势能16．如下列图，A、B分别为单摆做简谐振动时摆球的不同位置．其中，位置A为摆球摆动的最高位置，虚线为过悬点的竖直线．以摆球最低位置为重力势能零点，如此摆球在摆动过程中〔〕A．位于B处时动能最大B．位于A处时势能最大C．在位置A的势能大于在位置B的动能D．在位置B的机械能大于在位置A的机械能17．一质点在平衡位置O点附近做简谐运动．假设从O点开始计时，经3s质点第一次经过M 点；再继续运动，又经过2s它第二次经点M点；如此该质点第三次经过M点还需的时间是〔〕A．8s B．4s C．14s D． s18．图中，两单摆摆长一样，平衡时两摆球刚好接触．现将摆球A在两摆球线所在平面内向左拉开一小角度后释放，碰撞后，两摆球分开各自做简谐运动．以m A、m B分别表示摆球A、B的质量，如此〔〕A．如果m A＞m B，下一次碰撞将发生在平衡位置右侧B．如果m A＜m B，下一次碰撞将发生在平衡位置左侧C．无论两摆球的质量之比是多少，下一次碰撞都不可能在平衡位置右侧D．无论两摆球的质量之比是多少，下一次碰撞都不可能在平衡位置左侧三、实验题〔每空2分，共10分〕19．某同学在“用单摆测定重力加速度〞的实验中测量了一些数据，其中的一组数据如下所示．〔1〕用毫米刻度尺测量摆线的长，如图〔A〕所示，刻度尺读数是cm，用游标卡尺测量摆球直径，卡尺游标位置如图〔B〕所示，可知摆球直径是cm〔2〕该同学用秒表记录了单摆振动30次全振动所用的时间如图C所示，如此秒表所示读数为s．单摆的周期是s〔保存三位有效数字〕〔3〕为了提高实验精度，在试验中可改变几次摆长L，测出相应的周期T，从而得出一组对应的L与T的数值，再以l为横坐标 T2为纵坐标，将所得数据连成直线如图D所示，T2与L 的关系式T2=利用图线可求出图线的斜率k=，再由k可求出g=四、计算题〔20题9分，21题10分，22题12分，共31分〕20．在如图甲所示的电路中，螺线管匝数n=1500匝，横截面积S=20cm2．螺线管导线电阻r=1.0Ω，R1=4.0Ω，R2=5.0Ω，C=30μF．在一段时间内，穿过螺线管的磁场的磁感应强度B按如图乙所示的规律变化．求：〔1〕求螺线管中产生的感应电动势；〔2〕闭合S，电路中的电流稳定后，求电阻R2的电功率；〔3〕S断开后，求流经R2的电量．21．如下列图，水平面上有两根相距0.5m的足够长的平行金属导轨MN和PQ．它们的电阻可忽略不计．在M和P之间接有阻值为R的定值电阻，导体棒ab长l=0.5m，其电阻为r，与导轨接触良好．整个装置处于方向竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度B=0.4T．现使ab 以v=10m/s的速度向右做匀速运动．〔1〕ab中产生感应电动势的大小；〔2〕ab中电流的方向如何？〔3〕假设定值电阻R=3.0Ω，导体棒的电阻r=1.0Ω，如此电路中的电流多大？22．发电机转子是匝数n=100，边长L=20cm的正方形线圈，其置于磁感应强度B=0.5T的匀强磁场中，绕着垂直磁场方向的轴以ω=100π〔rad/s〕的角速度转动，当转到线圈平面与磁场方向垂直时开始计时．线圈的电阻r=1Ω，外电路电阻R=99Ω．试求：〔1〕写出交变电流瞬时值表达式；〔2〕外电阻上消耗的功率；〔3〕从计时开始，线圈转过过程中，通过外电阻的电荷量是多少？2015-2016学年浙江省台州市临海六中高二〔上〕期中物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题〔每题3分，共39分〕1．如下说法中正确的有〔〕A．只要闭合电路内有磁通量，闭合电路中就有感应电流产生B．穿过螺线管的磁通量发生变化时，螺线管内部就一定有感应电流产生C．线框不闭合时，假设穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中没有感应电流和感应电动势D．线框不闭合时，假设穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中没有感应电流，但有感应电动势【考点】感应电流的产生条件．【分析】感应电流产生的条件是穿过闭合线圈的磁通量发生变化；产生感应电动势的条件是穿过线圈的磁通量发生变化．【解答】解：A、虽然闭合电路内有磁通量，但如果磁通量没有变化，闭合电路中没有感应电流产生．故A错误．B、穿过螺线管的磁通量发生变化时，螺线管内不一定有感应电流产生，螺线管还要闭合才产生感应电流．故B错误．C、D线框不闭合时，假设穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中没有感应电流，但有感应电动势产生．故C错误，D正确．应当选D【点评】产生感应电流的条件有两个：一是电路要闭合；二是穿过电路的磁通量要发生变化，两者缺一不可．2．根据楞次定律可知，感应电流的磁场一定是〔〕A．阻碍引起感应电流的磁通量B．与引起感应电流的磁场方向相反C．阻碍引起感应电流的磁通量的变化D．与引起感应电流的磁场方向一样【考点】楞次定律．【分析】根据楞次定律知，感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化．当磁通量增大时，感应电流的磁场与它相反，当磁通量减小时，感应电流的磁场与它一样．【解答】解：当磁通量增大时，感应电流的磁场与它相反，当磁通量减小时，感应电流的磁场与它一样．即感应电流的磁场方向取决于引起感应电流的磁通量是增加还是减小．即感应电流的磁场一定是阻碍引起感应电流的磁通量的变化，故A、B、D错误，C正确．应当选C．【点评】解决此题的关键掌握楞次定律的内容，知道感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化．3．伟大的物理学家法拉第是电磁学的奠基人，在化学、电化学、电磁学等领域都做出过杰出贡献，如下陈述中符合历史事实的是〔〕A．法拉第首先引入“场〞的概念来研究电和磁的现象B．法拉第首先引入电场线和磁感线来描述电场和磁场C．法拉第首先发现了电流的磁效应现象D．法拉第首先发现电磁感应现象并给出了电磁感应定律【考点】物理学史．【专题】常规题型．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．【解答】解：A、法拉第首先引入“场〞的概念来研究电和磁的现象，故A正确；B、法拉第首先引入电场线和磁感线来描述电场和磁场，故B正确；C、奥斯特首先发现了电流的磁效应现象，故C错误；D、法拉第首先发现电磁感应现象，纽曼、韦伯给出了电磁感应定律，故D错误；应当选：AB．【点评】此题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．4．一矩形线圈，绕垂直于匀强磁场并位于线圈平面内的固定轴转动．线圈中的感生电动势e随时间t的变化如下列图．下面说法中正确的答案是〔〕A．t1时刻通过线圈的磁通量为零B．t2时刻通过线圈的磁通量变化率的绝对值最大C．t3时刻通过线圈的磁通量变化率的绝对值最大D．每当e变换方向时，通过线圈的磁通量绝对值都为最大【考点】交流发电机与其产生正弦式电流的原理．【专题】交流电专题．【分析】当矩形线圈绕垂直于匀强磁场并位于线圈平面内的固定轴匀速转动时，线圈中产生正弦式交变电流；当线圈通过中性面时，磁通量最大，感应电动势为零，电动势方向发生改变；而当线圈与磁场平行时，磁通量为零，感应电动势最大，磁通量的变化率最大．【解答】解：A、t1时刻感应电动势为零，线圈通过中性面时，磁通量最大，故A错误；B、由图t2时刻，感应电动势为最大值，通过线圈的磁通量为零，线圈平面与磁场平行，磁通量变化率的绝对值最大，故B正确；C、t3时刻感应电动势为零，通过线圈的磁通量变化率为零，故C错误；D、每次经过中性面时，e变换方向，故磁通量绝对值都为最大，故D正确；应当选：BD【点评】此题考查交变电流产生过程中，感应电动势与磁通量、磁通量变化率的关系，关键抓住两个特殊位置：线圈与磁场垂直位置，与线圈与磁场平行位置．5．如下列图，电阻R、电容C与一线圈连成闭合电路，条形磁铁静止于线圈的正上方，N 极朝下，现使磁铁开始自由下落，在N极接近线圈上端的过程中，流过R的电流方向和电容器极板的带电情况是〔〕A．从a到b，上极板带正电B．从a到b，下极板带正电C．从b到a，上极板带正电D．从b到a，下极板带正电【考点】法拉第电磁感应定律；电容器．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】使磁铁开始自由下落，在N极接近线圈上端的过程中，导致线圈的磁通量增大，从而产生感应电动势，线圈中出现感应电流，由楞次定律可判定电流的方向．当线圈中有电动势后，对电容器不断充电直到稳定．【解答】解：当磁铁N极向下运动时，导致向下穿过线圈的磁通量增大，由楞次定律可得，感应磁场方向与原来磁场方向相反，再由安培定如此可得感应电流方向沿线圈盘旋而下，由于线圈相当于电源，线圈下端相当于电源正极，如此流过R的电流方向是从a到b，对电容器充电，下极板带正电，故B正确，ACD错误．应当选：B．【点评】此时线圈相当于电源，如此外电路的电流方向是从正极到负极，而内电路如此是从负极到正极．同时电容器在充电时电压随着电量增加而增大．6．如下列图，三个灯泡是一样的，而且耐压足够，电源内阻忽略．当单刀双掷开关S接A 时，三个灯亮度一样，那S接B时〔〕A．三个灯亮度一样B．甲灯最亮，丙灯不亮C．甲灯和乙灯亮度一样，丙灯不亮D．只有丙灯不亮，乙灯最亮【考点】电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用．【专题】交流电专题．【分析】电容器具有通交隔直的特性，电感有通直阻交的特性，而交流对电阻R没有影响．根据电感和电容的特性进展判断．【解答】解：由题，当单刀双掷开关S接A时，三个灯亮度一样，说明电感L的感抗与电阻R一样，当S接B时，电感L没有感抗，电容器具有隔断直流的作用，而交流与直流对电阻R没有影响，所以丙灯不亮，灯甲亮度不变，乙灯亮度增加，乙灯最亮．应当选D【点评】此题要抓住电容器与电感的特性：电容器具有通交流，隔直流，电感具有通直流、阻交流的特性．7．如图，理想变压器原副线圈匝数之比为4：1．原线圈接入一电压为u=U0sinωt的交流电源，副线圈接一个R=27.5Ω的负载电阻．假设U0=220V，ω=100π rad/s，如此下述结论正确的答案是〔〕A．副线圈中电压表的读数为55 VB．副线圈中输出交流电的周期为sC．原线圈中电流表的读数为0.5 AD．原线圈中的输入功率为110W【考点】变压器的构造和原理．【专题】交流电专题．【分析】根据瞬时值的表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论．【解答】解：A、由瞬时值的表达式可知，原线圈的电压最大值为U m1=220V，所以原线圈的电压的有效值为U1=220V，在根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压的有效值为55V，即为电压表的读数，故A正确．B、变压器不会改变电流的周期，电流的周期为T=s=0.02s，故B错误．C、副线圈的电流为A=2A，根据电流与匝数成反比可得，原线圈的电流大小为I1=A=0.5A，故C错误．D、变压器的输入功率和输出功率相等，副线圈的功率为P=W=110W，所以原线圈中的输入功率也为110W，故D错误．应当选：A．【点评】掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决此题．8．如图是街头变压器通过降压给用户供电的示意图．变压器输入电压是市电网的电压，不会有很大的波动．输出电压通过输电线输送给用户，输电线的电阻用R0表示，变阻器R表示用户用电器的总电阻，当滑动变阻器触头P向下移动时，如下说法中错误的答案是〔〕A．相当于在增加用电器的数目B．变压器的输入功率在增大C．A1表的示数随A2表的示数的增大而增大D．V1表的示数随V2表的示数的增大而增大【考点】变压器的构造和原理．【分析】与闭合电路中的动态分析类似，可以根据R的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的元件的电流和电压的变化的情况【解答】解：A、当滑动变阻器触头P向下移动时，导致总电阻减小，由于用电器是并连接入电路，所以数目增加时，电阻如此会减小，故A正确；B、由于变压器的输入的功率和输出的功率相等，由于副线圈的电阻减小了，A2的示数变大，输出的功率变大了，所以原线圈的输入的功率也要变大，所以B正确；C、由于变压器的输入的功率和输出的功率相等，由于副线圈的电阻减小了，A2的示数变大，输出的功率变大了，所以原线圈的输入的功率也要变大，因为输入的电压不变，所以输入的电流要变大，所以A1的示数变大，所以C正确．D、故理想变压器的输出电压是由输入电压和匝数比决定的，虽然滑动变阻器触头P向下移动，但由于输入电压和匝数比不变，所以副线圈的输出的电压也不变，所以V2的示数不变，所以D错误；此题选错误的，应当选D【点评】电路的动态变化的分析，总的原如此就是由局部电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先局部后整体再局部的方法．9．如下列图，在张紧的绳上挂了a、b、c、d四个单摆，四个单摆的摆长关系为l c＞l b=l d ＞l a，先让d摆摆动起来〔摆角不超过5°〕，如此如下说法中正确的答案是〔〕A．b摆发生振动，其余摆均不动B．所有摆均以一样摆角振动C．摆动过程中，b摆的振幅最大D．摆动过程中，c摆的周期最大【考点】产生共振的条件与其应用．【分析】受迫振动的频率等于驱动率的频率，与物体的固有频率无关．【解答】解：d摆摆动起来后，通过水平绳子对a、b、c三个摆施加周期性的驱动力，使a、b、c三摆做受迫振动，a、b、c三摆做受迫振动的频率等于驱动力的频率，由于驱动力频率一样，如此a、b、c三摆均以一样频率振动，周期相等；由于b的摆长与d的摆长相等，所以b摆发生共振，振幅最大，摆角最大．故C正确，ABD 错误．应当选：C．【点评】此题考查了受迫振动的频率问题，难度不大，是一道根底题，熟练掌握根底知识即可正确解题．10．某质点做简谐运动，其位移随时间变化的关系式为x=5sin t〔cm〕，如此如下关于质点运动的说法中正确的答案是〔〕A．质点做简谐运动的振幅为10cmB．质点做简谐运动的周期为4sC．在t=4s时质点的速度最大D．在t=4s时质点的加速度最大【考点】简谐运动的振幅、周期和频率；简谐运动的回复力和能量．【专题】简谐运动专题．【分析】振幅是振动物体离开平衡位置的最大距离，等于位移表达式x=5sin tcm中的最大位移的大小．由位移表达式读出角频率ω，求出周期．将t=4s代入位移表达式，分析物体的位置，判断速度和加速度的大小．【解答】解：A、由位移的表达式x=5sin t〔cm〕，可知质点做简谐运动的振幅为5cm．故A错误．B、由位移的表达式读出角频率ω=rad/s，如此周期为T==8s．故B错误．C、在t=4s时质点的位移x=5sin tcm=5sin×4cm=0cm，说明物体通过平衡位置，速度最大．故C正确．D、在t=4s时质点通过平衡位置，加速度最小．故D错误．应当选C【点评】此题知道简谐运动位移的解析式，读出振幅、周期、任意时刻的位移是根本能力．根底题．11．摆长为L的单摆做简谐振动，假设从某时刻开始计时，〔取作t=0〕，当振动至时，摆球具有负向最大速度，如此单摆的振动图象是图中的〔〕A．B．C．D．【考点】单摆周期公式．【专题】单摆问题．【分析】根据单摆的周期，当=时，具有负向最大速度，知摆球经过平衡位置向负方向振动．根据这一规律去判断正确的图象．【解答】解：根据单摆的周期，当=时，摆球具有负向最大速度，知摆球经过平衡位置向负方向振动．故C正确，A、B、D错误．应当选：C【点评】解决此题的关键知道单摆的周期公式，以与知道摆球具有负向最大速度，此时摆球经过平衡位置向负方向振动．12．一质点做简谐运动的图象如下列图，如下说法正确的答案是〔〕A．在t=1 s和t=3 s两时刻，质点位移大小相等、方向一样B．质点振动频率是4 HzC．在10 s内质点经过的路程是20 cmD．第4 s末质点的速度是零【考点】简谐运动的振幅、周期和频率．【专题】定性思想；推理法；简谐运动专题．【分析】由图可知质点振动周期、振幅与各点振动情况；再根据振动的周期性可得质点振动的路程与各时刻物体的速度．【解答】解：A、1s时质点位于正向最大位移处，3s时，质点处于负向最大位移处，故位移方向相反，故A错误；B、由图可知，质点振动的周期为4s，故频率为Hz=0.25Hz，故B错误；C、振动的振幅为2cm，10s内有2.5个周期，故质点经过的路程为2.5×4×2cm=20cm，故C 正确；D、4s质点处于平衡位置处，故质点的速度为最大，故D错误；应当选：C．【点评】该题考查振动的图象，图象会直观的告诉我们很多信息，故要学会认知图象，并能熟练应用．13．光滑的水平面叠放有质量分别为m和的两木块，下方木块与一劲度系数为k的弹簧相连，弹簧的另一端固定在墙上，如下列图．两木块之间的最大静摩擦力为f，为使这两个木块组成的系统象一个整体一样地振动，系统的最大振幅为〔〕A．B．C．D．【考点】简谐运动的回复力和能量；简谐运动．【分析】对整体而言，回复力为弹簧的弹力，对上面的木块而言，回复力为静摩擦力．振幅最大时，回复力最大．【解答】解：对整体最大振幅时有kA=〔m+〕aa=隔离分析，当最大振幅时，两木块间的摩擦力达到最大静摩擦力．f=a=所以A=．故C正确，A、B、D错误．应当选C．【点评】解决此题的关键会分析物体做简谐运动的回复力是什么力．知道该题中最大振幅时两木块间的摩擦力达到最大静摩擦力．二、不定项选择题〔每题4分，共20分〕14．关于振动物体的平衡位置，如下说法中正确的答案是〔〕A．是加速度改变方向的位置B．回复力为零的位置C．速度最大的位置D．加速度最大的位置【考点】简谐运动的振幅、周期和频率．【专题】简谐运动专题．【分析】物体经过平衡位置时，回复力为零，速度最大，加速度最小，方向将发生改变．【解答】解：A、物体经过平衡位置前后，回复力的方向不同，如此加速度的方向不同，所以平衡位置是加速度方向发生改变的位置．故A正确．B、物体经过平衡位置时，位移为零，回复力为零．故B正确．C、振动物体经过平衡位置时，动能最大，故速度最大．故C正确．D、振动物体经过平衡位置时，回复力为零，故加速度为零，最小．故D错误．应当选：ABC．【点评】解决此题的关键知道物体经过平衡位置的特点，知道在平衡位置，速度最大，回复力为零．。

浙江省台州市台州中学高二物理上学期精选试卷检测题

浙江省台州市台州中学高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，质量相同的A、B两物体放在光滑绝缘的水平面上，所在空间有水平向左的匀强电场，场强大小为E，其中A带正电，电荷量大小为q，B始终不带电。

一根轻弹簧一端固定在墙面上，另一端与B物体连接，在电场力作用下，物体A紧靠着物体B，一起压缩弹簧，处于静止状态。

现在A物体上施加一水平向右的恒定外力F。

弹簧始终处于弹性限度范围内，下列判断正确的是（）A．若F = qE，则弹簧恢复到原长时A、B两物体分离B．若F = qE，则弹簧还未恢复到原长时A、B两物体分离C．若F > qE，则弹簧还未恢复到原长时A、B两物体分离D．若F < qE，则A、B两物体不能分离，且弹簧一定达不到原长位置【答案】AC【解析】【分析】【详解】AB．若F = qE，A物体所受合力为0，在弹簧处于压缩状态时，B物体由于弹簧的作用向右加速运动，而A物体将被迫受到B物体的作用力以相同的加速度一起向右加速运动，A、B 两物体未能分离，当弹簧恢复到原长后，B物体在弹簧的作用下做减速运动，A物体做匀速直线运动，则B物体的速度小于A物体的速度，A、B两物体将分离，故A正确，B错误；C．若F > qE，A物体将受到水平向右恒力F A = F− qE的作用，弹簧在恢复到原长之前，对B 物体的弹力逐渐减小，则B物体的加速度逐渐减小，当A、B两物体刚要分离时，A、B两物体接触面的作用力刚好为0，此时弹簧对B物体的作用力所产生的加速度与恒力F A对A 物体产生的加速度相等（a B = a A 0），此时弹簧还未恢复到原长，故C正确；D．若F < qE，A物体将受到水平向左恒力F A = qE− F的作用，如果F A比较小，那么A、B 两物体还是可以分离的，并且在超过弹簧原长处分离，故D错误。

故选AC。

2．真空中，在x轴上的坐标原点O和x=50cm处分别固定点电荷A、B，在x=10cm处由静止释放一正点电荷p，点电荷p只受电场力作用沿x轴方向运动，其速度与在x轴上的位置关系如图所示。

浙江省台州中学高二物理上学期期中试题

台州中学2014学年第一学期期中试题高二物理一．单选题：(共12小题，每小题3分，共36分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

)1．两个带正电的小球，放在光滑的水平绝缘板上，它们相距一定距离．若同时释放两球，它们的加速度之比将A．保持不变 B．先增大后减小 C．增大 D．减小F 2．如图所示，用水平力F把一铁块紧压在竖直墙壁上静止不动，当F增大时A．墙对铁块的弹力增大 B．墙对铁块的摩擦力增大C．墙对铁块的最大静摩擦力不变 D．墙与铁块间的摩擦力减小3．如图所示，自由下落的小球，从它接触竖直放置的弹簧开始到弹簧压缩到最短的过程中，小球的加速度和速度的变化情况是A．加速度变小，速度变小B．加速度变大，速度变小C．加速度先变小后变大，速度先变大后变小D．加速度先变大后变小，速度先变大后变小4．如图所示，A、B两球质量相等，A球用不能伸长的轻绳系于O点，B球用轻弹簧系于O′点，O与O′点在同一水平面上，分别将A、B球拉到与悬点等高处，使绳和轻弹簧均处于水平，弹簧处于自然状态，将两球分别由静止开始释放，当两球达到各自悬点的正下方时，两球仍处在同一水平面上，则A．两球到达各自悬点的正下方时，两球动能相等B．两球到达各自悬点的正下方时，A球动能较大C．两球到达各自悬点的正下方时，B球动能较大D．两球到达各自悬点的正下方时，A球损失的重力势能较多5．如图，物体m用不可伸长的细线通过光滑的水平板间的小孔与砝码M相连，且正在做匀速圆周运动，若减少M的质量，则物体m的轨道半径r，角速度ω，线速度v的大小变化情况是A．r不变，v减小 B．r增大，ω减小C．r增大，v减小 D．r减小，ω不变6．关于物体的带电荷量，以下说法中不．正确的是A．物体所带的电荷量可以为任意实数B．物体所带的电荷量只能是某些特定值C．物体带电＋1.60×10-9C，这是因为该物体失去了1.0×1010个电子D．物体带电荷量的最小值为1.6×10-19C7．关于电势的高低，下列说法正确的是A．沿电场线方向电势逐渐升高 B．电势降低的方向一定是电场线的方向C．正电荷在只受电场力作用下，一定向电势低的地方运动D．负电荷在只受电场力的作用下，由静止释放，一定向电势高的地方运动8．如图所示，一电子沿等量异种电荷的中垂线由A→O→B匀速飞过，电子重力不计，则电子除受电场力外，所受的另一个力的大小和方向变化情况是A．先变大后变小，方向水平向左 B．先变大后变小，方向水平向右C．先变小后变大，方向水平向左 D．先变小后变大，方向水平向右9．一金属球，原来不带电，现沿球的直径的延长线放置一均匀带电的细杆MN，如图所示，金属球上感应电荷产生的电场在球内直径上a、b、c 三点的场强大小分别为E a 、E b 、E c ，三者相比A ．E a 最大B ．E b 最大C ．E c 最大D ．E a ＝E b ＝E c10．下图四个电场中，均有相互对称分布的a 、b 两点。

2015-2016学年高二上学期学期期中考试物理试卷

2015-2016 学年度第一学期期中测试高二物理试卷一、单项选择题（此题共26小题，每题 3分，共 78分. ）1. 静电现象在自然界中广泛存在，我国早在西汉末年已有对静电现象的记录《春秋纬˙考异邮》中有“玳瑁吸褡”之说，以下对于静电现象说法错误．．是（）A．梳过头发的塑料梳子吸起纸屑B．带电小球移至不带电金属球邻近，二者互相吸引C．丝绸摩擦玻璃棒起电的过程中，丝绸中的正电荷转移到玻璃棒上D．从干燥的地毯走过，手遇到金属把手时有被电击的感觉2．有两个点电荷，所带电荷量分别为1和2，相距为r，互相作使劲为．为了使它们之间的q q F 作使劲增大为本来的 2 倍，以下做法可行的是（）A．仅使 1 增大为本来的 2 倍B．仅使 2 减小为本来的一半q 2 倍D qC．使q和q都增大为本来的．仅使 r 减小为本来的一半213．对于电场强度 E 的说法正确的选项是（）A. 依据 E＝ F/q 可知，电场中某点的电场强度与电场力 F 成正比，与电量q 成反比B.一个正电荷激发的电场的电场强度到处同样，是一个匀强电场C.电场中某点的电场强度方向跟正电荷在该点所遇到的电场力的方向同样D.电场中某点的电场强度方向跟负电荷在该点所遇到的电场力的方向同样4．对于电场、电场强度、电场线，以下说法中不正确．．．的是（）A ．电场是电荷四周客观存在的物质B．电场线是为了形象描述电场而设想的曲线C ．电场线不行能订交D．没有电场线的地方，电场强度为零5．以下各图中，能正确表示一平等量异种电荷电场线散布的是（）+-+--+-+A ．B．C．和 E D．6．电场线散布以下图，电场中 a，b 两点的电场强度大小分别为已知E，则（）a bA ． E a = E bB. E a> E bC. E a b< ED.不可以确立7．两个等量点电荷P、 Q在真空中产生的电场线（方向未画出）以下图，一电子在两点所受的电场力分别为F A和 F B，则它们的大小关系为（）A．F A=F B方向不一样B．F A>F B方向同样C ． F A<F B方向同样D F A>F B8．以下不是静电利用的是（）．．A．在高大的建筑物顶端装上避雷针B．在高大的烟囱中安装静电除尘器C．静电复印D．静电喷漆A、B9．以下说法中不正确的是()．．．A．电容器是储藏电荷的装置, 电容的单位是法拉B．电容器不带电时电容为零C．发电机是把其余形式的能转变成电能的装置D．白炽灯是利用电流的热效应工作的10.指南针是我国古代四大发明之一。

浙江省台州中学2016届高三物理上册期中考试题

2015年台州中学高三期中理综物理一、单项选择题 (每小题6分，4小题共24分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对的得3分，选错或不答的得0分．)14．下列说法符合物理学史实的是( )A ．楞次发现了电磁感应现象B ．伽利略认为力不是维持物体运动的原因C ．安培发现了通电导线的周围存在磁场D ．牛顿发现了万有引力定律，并测出了万有引力常量15．图示为真空中半径为r 的圆，O 为圆心，直径ac 、bd 相互垂直。

在a 、c 处分别固定有电荷量为+q 、－q 的两个点电荷。

下列说法正确的是( )A ．位置b 处电场强度大小为22r kqB ．ac 线上各点电场强度方向与bd 线上各点电场强度方向垂直C ．O 点电势一定等于b 点电势D ．将一负试探电荷从b 点移到c 点，电势能减小16．如图所示，质量均为M 的A 、B 两滑块放在粗糙水平面上，两轻杆等长，杆与滑块、杆与杆间均用光滑铰链连接，在两杆铰合处悬挂一质量为m 的重物C ，整个装置处于静止状态，设杆与水平面间的夹角为θ。

下列说法正确的是( )A ．当m 一定时，θ越大，轻杆受力越小B ．当m 一定时，θ越小，滑块对地面的压力越大C ．当θ一定时，M 越大，滑块与地面间的摩擦力越大D ．当θ一定时，M 越小，可悬挂重物C 的质量m 越大17．如图甲，一竖直放置的轻弹簧下端固定于桌面，现将一物块放于弹簧上同时对物块施加一竖直向下的外力，并使系统静止，若将外力突然撤去，则物块在第一次到达最高点前的速度—时间图像（图中实线）可能是图乙中的（）二、不定项选择题 (每小题6分，3小题共18分，每小题可能有一个或多个选项正确,全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。

)18.运动学中有人认为引入“加速度的变化率”没有必要，然而现在有人指出“加速度的变化率”能引起人的心理效应，车辆的平稳加速（即加速度基本不变）使人感到舒服，否则人感到不舒服，关于“加速度的变化率”，下列说法正确的是( )A.从运动学角度的定义，“加速度的变化率”的单位应是m/s 3图乙 C B DA图甲B.加速度的变化率为0的运动是匀速直线运动C.若加速度与速度同方向，如图所示的a-t 图像，表示的是物体的速度在减小D.若加速度与速度同方向，如图所示的a-t 图像，已知物体在t=0时速度为5m/s ，则2s末的速度大小为8m/s19．如图所示，小物块从距A 点高度h 处自由下落，并从A 点沿切线方向进入半径为R 的四分之一圆弧轨道AB ，经过最低点B 后又进入半径为2R 的半圆弧轨道BC ，图中C 点为轨道最高点，O 为半圆弧轨道BC 的圆心，两轨道均光滑且在最低点相切，重力加速度为g 。

浙江省台州市2016届高三物理上册期中试题

2015-2016学年浙江省台州市书生中学高三（上）期中物理试卷一、单项选择题（本题共6小题•每小题6分，共36分）1如图，一木块在垂直于倾斜天花板平面方向的推力F作用下处于静止状态，则下列判断正确的是（）A •天花板与木块间的弹力可能为零B .天花板对木块的摩擦力可能为零C.推力F逐渐增大的过程中，木块受天花板的摩擦力增大D •推力F逐渐增大的过程中，木块受天花板的摩擦力不变2 •为了测量蹦床运动运动员跃起的高度，训练时在弹性网上安装压力传感器，利用传感器记录弹性网所受的压力，并在计算机上作出压力-时间图象•某次训练作出的图象如图所2示.设运动员在空中运动时可视为质点，则运动员离开蹦床的速率大约是（g取10m/s ）3•小球A和B,质量分别为m、2m,用长度相同的两根细线悬挂在水平天花板上的同一点O,再用长度相同的细线连接A、B两小球，如图所示•然后用一水平向右的力F作用于小球A 上,使三线均处于直线状态，此时OB线恰好位于竖直方向，且两小球都刚好静止. 两小球均可视为质点，则力F的大小是（）4. 一个动能为E k的带电粒子，垂直于电场线方向飞入平行板电容器，飞出电容器时动能为2E k,如果使这个带电粒子的初速度变为原来的两倍，那么它飞出电容器时的动能变为（）A. 8E k B . 5E k C . 4.25E k D . 4E k5•如图所示，质量为m 的物体（可视为质点）以某一速度从A 点冲上倾角为30°的固定斜面，其运动的加速度大小为 'g ，此物体在斜面上上升的最大高度为h ,则在这个过程中物体4（）6. 两电荷量分别为q i 和q 2的点电荷放在x 轴上的0、M 两点，两电荷连线上各点电势 $ 随x 变化的关系如图所示，其中A 、N 两点的电势均为零，ND 段中的C 点电势最高，贝（（）A . N 点的电场强度大小为零B . A 点的电场强度大小为零C . NC 间场强方向向x 轴正方向D •将一负点电荷从 N 点移到D 点，电场力先做正功后做负功二、选择题（本题共 3小题，每小题6分，共计18分•每小题有多个选项符合题意）7.有人提出加速度的变化率”的概念，基于你的理解，下列说法正确的是（）3CA .加速度的变化率”的单位应是m/s 3B .克服摩擦力做功陀hC .动能损失了 mghD .机械能损失了<mghB .加速度的变化率为0的运动是匀速直线运动C. 若加速度与速度同方向，如图的a-t图象，表示的是物体的速度在减小D. 若加速度与速度同方向，如图的a-t图象，已知物体在t=0时速度为5m/s,则2s末的速度大小为8m/s&如图所示，绝缘粗糙斜面体固定在水平地面上，斜面所在空间存在平行于斜面向上的匀强电场E,轻弹簧一端固定在斜面顶端，另一端拴接一不计质量的绝缘薄板•一带正电的小滑块，从斜面上的P点处由静止释放后，沿斜面向上运动，并能压缩弹簧至R点（图中未标出），然后返回，则（）A •滑块从P点运动到R点的过程中，其机械能增量等于电场力与弹簧弹力做功之和B•滑块从P点运动到R点的过程中，电势能的减小量大于重力势能和弹簧弹性势能的增加量之禾口C.滑块返回能到达的最低位置在P点的上方D •滑块最终停下时，克服摩擦力所做的功等于电势能的减小量与重力势能增加量之差9.如图所示，从灯丝发射的电子经电压为U1的加速电场加速后，进入偏转电场U2,若要使电子在电场中的偏转量d增大为原的2倍，且没有打在板上，可供选用的方法是（）A .使U2减为原的-2B .使U i增大为原的2倍C.使偏转电极板的长度增大为原的2倍D .使偏转电极板的距离减小为原的-三、填空题（本题共2小题，每空3分，共15分）10•如图1所示的装置，可用于探究恒力做功与速度变化的关系. 水平轨道上安装两个光电门，小车上固定有力传感器和挡光板，细线一端与力传感器连接，另一端跨过定滑轮挂上砝码盘.实验首先保持轨道水平，通过调整砝码盘里砝码的质量让小车做匀速运动以实现平衡摩擦力，再进行后面的操作，并在实验中获得以下测量数据：小车、力传感器和挡光板的总质量M,平衡摩擦力时砝码和砝码盘的总质量m o,挡光板的宽度d，光电门1和2的中心距离s.C . (F — m o g ) s= M ()2 t 2 11.小球A 由斜槽滚下，从桌边水平抛出，当它恰好离开桌边缘时小球B 从同样高度处自由下落，频闪照相仪拍到了 B 球下落过程的四个位置和 A 球的第1、3、4个位置，如图所示.已知背景的方格纸每小格的边长为2.4cm ，频闪照相仪的闪光频率为 10Hz .(1) 请在图中标出 A 球的第2个位置；(2) _____________________________________________________________ 利用这张照片可求出当地的重力加速度大小为 ____________________________________________________________ m/s 2;(3) _____________________________________________ A 球离开桌边时的速度大小为 m/s .四、计算题(本题共 2小题，计31分，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.)12. (15分)(2015秋？台州校级期中)质量为 M ，倾角为30°的光滑斜面静止在粗糙的水平地面上，斜面上两个质量均为 m 的小球A 、B ，它们用劲度系数为 k 的轻质弹簧相连，现对小球B 施加一水平向左的拉力 F ，使A 、B 及斜面一起向左做匀速直线运动，如图所示.已知弹簧的原长为10，求： (1 )此时弹簧的长度I ; (2 )水平拉力F 的大小；(3)粗糙地面与斜面体间的动摩擦因数匕a(1) 实验需用螺旋测微器测量挡光板的宽度 (2) 某次实验过程：力传感器的读数为(小车通过光电门 2后，砝码盘才落地) 则对该小车，实验要验证的表达式是A . mgs=—M (^―) 2-— M2 12 22 d , F ,小车通过光电门1和2的挡光时间分别为t i 、t 2 ，砝码盘和砝码的质量为 m ,已知重力加速度为gS =M (')mmg ,2-亠M ()2 hD . FS = ：M-20如图2所示，d=13. （16分）（2015?浙江模拟）如图所示，质量为m的小物块放在长直水平面上，用水平细线紧绕在半径为R、质量为2m的薄壁圆筒上.t=0时刻，圆筒在电动机带动下由静止开始绕竖直中心轴转动，转动中角速度满足沪阻（伊为已知常数），物块和地面之间动摩擦因数为（1.求：（1）物块做何种运动？请说明理由.（2）物块运动中受到的拉力.（3）从开始运动至t=t1时刻，电动机做了多少功？（4 ）若当圆筒角速度达到30时，使其减速转动，并以此时刻为t=0，且角速度满足沪30-32t （式中30、傲均为已知），则减速多长时间后小物块停止运动？2015-2016学年浙江省台州市书生中学高三（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共6小题•每小题6分，共36分）1•如图，一木块在垂直于倾斜天花板平面方向的推力F作用下处于静止状态，则下列判断正确的是（）A •天花板与木块间的弹力可能为零B .天花板对木块的摩擦力可能为零C.推力F逐渐增大的过程中，木块受天花板的摩擦力增大D •推力F逐渐增大的过程中，木块受天花板的摩擦力不变【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用.【专题】共点力作用下物体平衡专题.【分析】木块在重力作用下，有沿天花板下滑的趋势，一定受到静摩擦力，则天花板对木块一定有弹力，加重力、推力F,木块共受到四个力•在逐渐增大F的过程，木块受到的静摩擦力不变，木块将始终保持静止.【解答】解：A、木块在重力作用下，有沿天花板下滑的趋势，一定受到静摩擦力，则天花板对木块一定有弹力；木块受力如图•根据平衡条件得：F=N+GCOS a …①f=Gsin a …②由①式，天花板与木块间的弹力小于物体受到的推力F，故A错误；B、由②式，静摩擦力f=Gsin a,为一个定值不可能为零，故B错误；C、D、当逐渐增大F的过程，N增大，最大静摩擦力增大，而木块受到的静摩擦力f不变, 木块将始终保持静止.故C错误，D正确；【点评】本题考查分析物体受力的能力. 对于弹力和摩擦力的关系要理解：两物体间有摩擦力，一定有弹力.2 •为了测量蹦床运动运动员跃起的高度，训练时在弹性网上安装压力传感器，利用传感器记录弹性网所受的压力，并在计算机上作出压力-时间图象•某次训练作出的图象如图所示.设运动员在空中运动时可视为质点，则运动员离开蹦床的速率大约是（g取10m/s2）A . 1 m/s B. 10m/s C. 12m/s D. 20m/s【考点】竖直上抛运动.【分析】运动员离开弹性网后做竖直上抛运动，图中压力传感器示数为零的时间即是运动员在空中运动的时间，根据竖直上抛运动的对称性可知，运动员竖直上抛或自由下落的时间为空中时间的一半，据此可求出运动员跃起的最大速率.【解答】解：由图可知运动员在空中的最长时间为：t=4.3s - 2.3s=2s运动员做竖直上抛运动，上升的时间与下降的时间相等，都是1s,所以跃起最大速率为：v=gt'=10X1=10m/s .故ACD 错误，B 正确.故选：B.【点评】该题中，要结合竖直上抛运动的对称性特点，是对竖直上抛运动考查的重点，要熟练掌握和应用.第一个过程由动能定理：qEy=2E k - E k =E k ；3•小球A 和B,质量分别为m 、2m ,用长度相同的两根细线悬挂在水平天花板上的同一点0,再用长度相同的细线连接 A 、B 两小球，如图所示•然后用一水平向右的力 F 作用于小球A 上,使三线均处于直线状态，此时0B 线恰好位于竖直方向，且两小球都刚好静止. 两小球均可视为质点，则力 F 的大小是（）【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力. 【专题】共点力作用下物体平衡专题.【分析】先对球B 受力分析，根据共点力平衡条件得到细线析，根据共点力平衡条件结合合成法进行分析处理.【解答】解：对球B 受力分析，受重力和 0B 绳子的拉力，由于受力平衡，故绳子 AB 的拉力为零；对球A 受力分析，受到重力、拉力 F 和0A 绳子的拉力T ,如图F=、厂孑故选：B【点评】本题关键是先对 B 球受力分析，由平衡条件得到 AB 绳子的拉力为零；再对 A 球受力分析，根据共点力平衡条件得到拉力F 的大小.4. 一个动能为E k 的带电粒子，垂直于电场线方向飞入平行板电容器，飞出电容器时动能为2E k,如果使这个带电粒子的初速度变为原来的两倍，那么它飞出电容器时的动能变为（）A. 8E k B . 5E k C . 4.25E k D . 4E k【考点】带电粒子在匀强电场中的运动. 【专题】带电粒子在电场中的运动专题. 【分析】两个过程中带电粒子做类平抛运动，水平方向匀速直线，竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，两过程初速度不同故在磁场中运动时间不同，在竖直方向的位移不同，最后用动能定理求解.【解答】解：设粒子第一个过程中初速度为v ,电场宽度为L ,初动能为：E k = mv 2.-2第一个过程中粒子沿电场线方向的位移为：y 「at 2=「？「？（\ 2=「2 2 in V ） 4E kmgAB 的拉力；再对球A 受力分 C •Y= 一？_!? ( ' ) 2= y2 n 2v 4 '初动能为：E k = m (2v ) 2=4E k ；2根据动能定理得：qEY=E k 末-4E k 代入得：qE? y=E k 末-4E k ,4解得：E K 末=4.25E k ，故C 正确. 故选：C【点评】本题是动能定理和类平抛运动知识的综合应用，用相同的物理量表示电场力做功是解题的关键.5•如图所示，质量为 m 的物体(可视为质点)以某一速度从A 点冲上倾角为30°的固定斜C .动能损失了 mghD .机械能损失了 <mgh【考点】功能关系.【分析】重力势能的增加量等于克服重力做的功；动能变化等于力的总功;于除重力外其余力做的功.【解答】解：加速度a=「_-=「「；'',而摩擦力f= 1「_-，4 m 4A 、物体在斜面上能够上升的最大高度为 h ，所以重力势能增加了 mgh ，故A 错误；B 、摩擦力f= •匸匚，物体在斜面上能够上升的最大高度为h ,发生的位移为——=2h ,4 sinSO则克服摩擦力做功；，故B 错误;C 、由动能定理可知，动能损失量为合外力做的功的大小△ E k =F 合?s=m? 'g?2h=〒mgh ,故C4 2错误；D 、机械能的损失量为 fs=」mg?2h=[mgh ，故D 正确.一-Ci故选：D .【点评】本题关键根据功能关系的各种具体形式得到重力势能变化、动能变化和机械能变化.重力势能变化与重力做功有关；动能的变化与合力做功有关；机械能的变化与除重力以外的力做功有关.6.两第二个过程中沿电场线方向的位移为: 面，其运动的加速度大小为g,此物体在斜面上上升的最大高度为4h ,则在这个过程中物体B .克服摩擦力做功mgh4机械能变化量等( )4电荷量分别为q i和q2的点电荷放在x轴上的0、M两点，两电荷连线上各点电势 $ 随x变化的关系如图所示，其中A、N两点的电势均为零，ND段中的C点电势最高，贝（）VI■ 、~~d0 0A . N点的电场强度大小为零B . A点的电场强度大小为零C. NC间场强方向向x轴正方向D •将一负点电荷从N点移到D点，电场力先做正功后做负功【考点】电场强度.【分析】x图象的斜率等于电场强度E.根据两点电荷连线的电势高低的分布如图所示，由于沿着电场线电势降低，可知两点电荷的电性•根据功能关系分析电场力做功的正负.【解答】解：AB、$-x图象的斜率等于电场强度E,图线在A、N两点处的斜率都不等于0,则知N、A两点的场强均不为零，故AB错误.C、从N点到C点各点电势逐渐增大，说明这是逆着电场线方向，即NC间场强方向从C 指向N 即向x轴负方向，故C错误；D、将一负点电荷从N点移到D点电势先增大后减小，电势能先减小后增大，所以电场先做正功后做负功，故D正确；故选：D.【点评】电势为零处，电场强度不一定为零. 电荷在电场中与电势的乘积为电势能.电场力做功的正负决定电势能的增加与否.二、选择题（本题共3小题，每小题6分，共计18分•每小题有多个选项符合题意）7. 有人提出加速度的变化率”的概念，基于你的理解，下列说法正确的是（）31-A .加速度的变化率”的单位应是m/s3B .加速度的变化率为0的运动是匀速直线运动C. 若加速度与速度同方向，如图的a- t图象，表示的是物体的速度在减小D. 若加速度与速度同方向，如图的a-t图象，已知物体在t=0时速度为5m/s,则2s末的速度大小为8m/s【考点】加速度.【专题】直线运动规律专题.【分析】类比速度的变化率可知，加速度的变化率表示加速度变化快慢的物理量，根据力学单位制判断加速度的变化率”的单位，当加速度方向与速度方向相同时，物体做加速运动, 相反时做减速运动，加速度与时间图象围成的面积表示速度的变化量.【解答】解：A、根据力学单位制可知，加速度的变化率一匚的单位为：|'',.」，故AAt s _rn/s正确；B、加速度的变化率为0,则加速度不变，做匀变速运动，故B错误；C、若加速度与速度同方向，物体做加速运动，虽然加速度减小，但速度仍然增大，故C错误；D、加速度与时间图象围成的面积表示速度的变化量，根据图象可知，0-2s内，加速度与速度同方向，做加速运动，物体在t=0时速度为5m/s，贝U 2s末的速度大小v=5+3=8m/s，故D正确.故选：AD【点评】解决本题的关键知道加速度变化率的物理意义，掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度的方向与速度方向的关系，知道加速度与时间图象围成的面积表示速度的变化量.&如图所示，绝缘粗糙斜面体固定在水平地面上，斜面所在空间存在平行于斜面向上的匀强电场E,轻弹簧一端固定在斜面顶端，另一端拴接一不计质量的绝缘薄板.一带正电的小滑块，从斜面上的P点处由静止释放后，沿斜面向上运动，并能压缩弹簧至R点（图中未R点的过程中，其机械能增量等于电场力与弹簧弹力做功之和B.滑块从P点运动到R点的过程中，电势能的减小量大于重力势能和弹簧弹性势能的增加量之禾口C.滑块返回能到达的最低位置在P点的上方D .滑块最终停下时，克服摩擦力所做的功等于电势能的减小量与重力势能增加量之差【考点】功能关系；机械能守恒定律.【分析】先对滑块进行受力分析，然后结合滑块的运动分析各个力做功的情况，以及能量转化的方式，即可得出正确的结论.【解答】解：由题可知，小滑块从斜面上的P点处由静止释放后，沿斜面向上运动，说明小滑块开始时受到的合力的方向向上，开始时小滑块受到重力、电场力、斜面的支持力和摩擦力的作用；小滑块开始压缩弹簧后，还受到弹簧的弹力的作用.小滑块向上运动的过程中，斜面的支持力不做功，电场力做正功，重力做负功，摩擦力做负功，弹簧的弹力做负功.在小滑块开始运动到到达R点的过程中，电场力做的功转化为小滑块的重力势能、弹簧的弹性势能以及内能.A、由以上的分析可知，滑块从P点运动到R点的过程中，其机械能增量等于电场力与弹簧弹力做功、摩擦力做功之和.故A错误；B、由以上的分析可知，电场力做的功转化为小滑块的重力势能、弹簧的弹性势能以及内能,所以电势能的减小量大于重力势能和弹簧弹性势能的增加量之和.故B正确；C、小滑块运动的过程中，由于摩擦力做功，小滑块的机械能与电势能的和增加减小，所以滑块返回能到达的最低位置在P点的上方，不能在返回P点•故C正确；D、滑块运动的过程中，由于摩擦力做功，小滑块的机械能与电势能的和逐渐减小，所以滑块最终停下时，克服摩擦力所做的功等于电势能的减小量与重力势能增加量、弹性势能增加量之差•故D错误.故选：BC【点评】该题中，小滑块的运动的过程相对是比较简单的，只是小滑块运动的过程中，对小滑块做功的力比较多，要逐个分析清楚，不能有漏掉的功，特别是摩擦力的功.9.如图所示，从灯丝发射的电子经电压为U1的加速电场加速后，进入偏转电场U2,若要使电子在电场中的偏转量d增大为原的2倍，且没有打在板上，可供选用的方法是（）A .使U2减为原的一2B .使U i增大为原的2倍C.使偏转电极板的长度增大为原的2倍D .使偏转电极板的距离减小为原的'2【考点】带电粒子在匀强电场中的运动.【专题】带电粒子在电场中的运动专题.【分析】根据动能定理求出粒子进入偏转电场的速度，粒子在偏转电场中做类平抛运动，结合牛顿第二定律和运动学公式求出偏转量，从而进行分析判断.【解答】解：根据动能定理得，一||. | ■-N-,■M设偏转极板的长度为L,两极板间的距离为h,- -I.' '—3 + 二—■・二.. I:. ..v0 12倍，则偏转位移变为原来的4倍.故C错误.［，则偏转位移变为原来的2倍.故D正确.B、使U i增大为原的2倍，则偏转位移变为原来的「故B错误.A、使U2减为原的\, 「.故A错误.则偏转位移则偏转位移变为原来的C、使偏转电极板的长度增大为原的D、使偏转电极板的距离减小为原的故选：D.【点评】解决本题的关键掌握处理类平抛运动的方法，抓住粒子在垂直电场方向上做匀速直线运动，沿电场方向上做匀加速直线运动，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解.三、填空题(本题共2小题，每空3分，共15分)10•如图1所示的装置，可用于探究恒力做功与速度变化的关系. 水平轨道上安装两个光电门，小车上固定有力传感器和挡光板，细线一端与力传感器连接，另一端跨过定滑轮挂上砝码盘.实验首先保持轨道水平，通过调整砝码盘里砝码的质量让小车做匀速运动以实现平衡摩擦力，再进行后面的操作，并在实验中获得以下测量数据：小车、力传感器和挡光板的总质量M,平衡摩擦力时砝码和砝码盘的总质量m o,挡光板的宽度d，光电门1和2的中心距离s.时需估读.(2 )光电门测速度的原理是用平均速度来代替瞬时速度，根据功能关系可以求出需要验证的关系式【解答】解：(1)螺旋测微器的固定刻度读数为 1.5mm .可动刻度读数为0.01 >20.2mm=0.202mm，所以最终读数为： 1.5mm+0.202mm=1.702mm ;(2)由于光电门的宽度d很小，所以我们用很短时间内的平均速度代替瞬时速度. 滑块通过光电门1速度为：,丄滑块通过光电门2速度为：.t 2根据功能关系需要验证的关系式为：(F- m°g) s= " -.'2 ' 2即:(1)实验需用螺旋测微器测量挡光板的宽度(2)某次实验过程：力传感器的读数为 (小车通过光电门2后，砝码盘才落地)则对该小车，实验要验证的表达式是A . mgs=—M (^―) 2-—M2 t2 22d,F,小车通过光电门1和2的挡光时间分别为t i、t2 ，砝码盘和砝码的质量为m,已知重力加速度为C如图2所示，d= 1.702 mmB . (m —m o) gs= M (亠)1 dC. (F—m o g) s= M ()探究功与速度变化的关系.实验题；定量思想；实验分析法；动能定理的应用专题.(1)螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数,【考点】【专题】g,(,') (')2在读可动刻度读数圏2故选：C故答案为：(1) 1.702; ( 2) C【点评】了解光电门测量瞬时速度的原理，实验中我们要清楚研究对象和研究过程，对于系统我们要考虑全面，同时明确实验原理是解答实验问题的前提.11•小球A由斜槽滚下，从桌边水平抛出，当它恰好离开桌边缘时小球B从同样高度处自由下落，频闪照相仪拍到了B球下落过程的四个位置和A球的第1、3、4个位置，如图所示.已知背景的方格纸每小格的边长为 2.4cm,频闪照相仪的闪光频率为10Hz•(1)请在图中标出A球的第2个位置；(2)利用这张照片可求出当地的重力加速度大小为9.6 m/s2;(3)A球离开桌边时的速度大小为0.72 m/s •【考点】研究平抛物体的运动.【专题】实验题.【分析】(1)平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，抓住小球在竖直方向上与B球等高，水平方向上相等时间内的位移相等确定出A球的第2个位置.(2 )根据竖直方向上连续相等时间内的位移之差是一恒量求出重力加速度的大小.(3)根据水平位移和时间求出平抛运动的初速度.【解答】解：(1)平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，所以相同时刻A球与B球等高，水平方向上相等时间内的位移相等，所以2、3两个位置的水平位移和3、4两个位置的水平24L 4X0 024 2(2) 根据△ y=4L=gT 得，解得g^—' =9.6m/s •T Z0. K(2 )水平拉力F 的大小为 mg ；(3)小球离开桌边时的速度— m/s=0.72m/s .T 0. 1故答案为：(1)如上图所示； (2) 9.6 ； (3) 0.72.【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式和推论灵活求解，注意长度单位的统一.四、计算题(本题共 2小题，计31分，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.)12. (15分)(2015秋？台州校级期中)质量为 M ，倾角为30°的光滑斜面静止在粗糙的水平地面上，斜面上两个质量均为m 的小球A 、B ,它们用劲度系数为 k 的轻质弹簧相连，现对小球B 施加一水平向左的拉力 F ,使A 、B 及斜面一起向左做匀速直线运动，如图所示.已知弹簧的原长为I o ,求： (1 )此时弹簧的长度I ; (2 )水平拉力F 的大小；(3)粗糙地面与斜面体间的动摩擦因数匕——f ■【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力. 【专题】牛顿运动定律综合专题.【分析】(1)以球A 为研究对象，受力分析后根据平衡条件列式求解弹簧弹力，然后结合胡克定律列式求解弹簧的伸长量和长度；(2 )以A 、B 及弹簧整体为研究对象，受力分析后根据平衡条件列式求解；(3)以A 、B 、斜面及弹簧整体为研究对象，受力分析后根据共点力平衡条件列式求解摩擦力和支持力，最后根据滑动摩擦定律列式求解动摩擦因素.【解答】解：(1)以A 为研究对象，受重力、拉力和支持力，根据平衡条件，有：k (I - I o )=mgsin30 °解得：1=二+1。

浙江省台州市三门中学2015-2016学年高二上学期期中物理试卷含解析

2015—2016学年浙江省台州市三门中学高二（上）期中物理试卷一。

单项选择题1．下列运动中不属于机械振动的是（）A．树枝在风的作用下运动 B．竖直向上抛出的物体的运动C．说话时声带的运动 D．爆炸声引起窗扇的运动2．如图各种情况中的导体切割磁感线产生的感应电动势最大的是（）3．做简谐运动的弹簧振子，每次通过平衡位置与最大位移处之间的某点时，下列哪组物理量完全相同(）A．回复力、加速度、速度 B．回复力、加速度、动能C．回复力、速度、弹性势能D．加速度、速度、机械能4．如图所示为风速测量装置,风叶转动带动永磁铁同步转动，交流电表的示数值反映风速的大小，则（)A．风速越大，电表的示数越大B．电表的测量值是电流的平均值C．电表的测量值是电压的最大值D．风叶转动一周,线圈中电流方向改变一次5．如图所示，弹簧振子在B、C间做简谐运动，O为平衡位置，B、C间的距离为20cm，振子由B运动到C的时间为2s,则（）A．从O→C→O振子做了一次全振动B．振动周期为2s，振幅是10cmC．从B开始经过6s,振子通过的路程是60cmD．从O开始经过3s，振子又到达平衡位置O6．在雨雪冰冻天，为清除高压输电线上的凌冰,有人设计了这样的融冰思路:利用电流的热效应除冰．若在正常供电时，高压线上送电电压为U，电流为I，热损耗功率为△P;除冰时，输电线上的热耗功率需变为9△P，则除冰时（认为输电功率和输电线电阻不变）（）A．输电电流为B．输电电流为9I C．输电电压为3U D．输电电压为7．如图所示,一毛同学用多用电表的欧姆挡测量一个线圈的电阻，以判断它是否断路．为方便测量，同桌的二毛同学用双手分别握住线圈裸露的两端,一毛用两表笔与线圈两端接触，读出阻值，再将表笔与线圈断开．在测量的过程中，二毛在某瞬间感到有强烈的电击感，对此现象，下列说法正确的是（)A．线圈没有断路，在表笔与线圈断开瞬间，二毛有电击感B．线圈没有断路，在表笔与线圈接触瞬间，二毛有电击感C．线圈一定断路，在表笔与线圈断开瞬间，二毛有电击感D．线圈一定断路，在表笔与线圈接触瞬间,二毛有电击感8．如图所示电路中，L是一个不计直流电阻的电感线圈，直流电源1的电压值与交流电源2电压有效值相等，S是单刀双掷开关,C是电容器,R是定值电阻,A、B是完全相同的小灯泡，则下列叙述正确的有（）A．开关S与1接通时，灯B逐渐变亮B．开关S与2接通后，灯B的亮度比开关与1接通稳定后灯B的亮度高C．开关S与2接通后，B发光,而A不发光D．若将电源2换成一个既含有高频信号又含有低频信号的信号源,则当开关与2接通时，通过B灯的主要是高频信号9．如图所示,两平行的虚线间的区域内存在着有界匀强磁场，有一较小的三角形线框abc的ab边与磁场边界平行,现使此线框向右匀速穿过磁场区域,运动过程中始终保持速度方向与ab边垂直．则下列各图中哪一个可以定性地表示线框在进入磁场的过程中感应电流随时间变化的规律（)A． B．C．D．10．如图所示,水平铜盘半径为r，置于磁感应强度为B，方向竖直向下的匀强磁场中，铜盘绕通过圆盘中心的竖直轴以角速度ω做匀速圆周运动,铜盘的边缘及中心处分别通过导线与理想变压器的原线圈相连,该理想变压器原、副线圈的匝数比为n：1，变压器的副线圈与电阻为R的负载相连，则()A．负载R两端的电压为的B．原线圈中的电流强度为通过R电流的C．变压器的副线圈磁通量为0D．通过负载R的电流强度为0二.不定项选择题11．绕有线圈的铁芯直立在水平桌面上，铁芯上套着一个铝环，线圈与电源、电键相连，如图所示．线圈上端与电源正极相连，闭合电键的瞬间，铝环向上跳起．则下列说法中正确的是(）A．若保持电键闭合，则铝环不断升高B．若保持电键闭合,则铝环停留在某一高度C．若保持电键闭合，则铝环跳起到某一高度后将回落D．如果电源的正、负极对调，观察到的现象不变12．在一阻值为R=10Ω的定值电阻中通入如图所示的交流电,则（）A．此交流电的频率为0.5HzB．此交流电的有效值为 AC．在0～2s内电阻产生的焦耳热为25JD．在2~4s内通过该电阻的电荷量为1C13．如图所示,面积为S的矩形导线框abcd，处在磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向与线框平面成θ角．当线框以ab为轴顺时针匀速转90°过程中,下列判断正确的是(）A．线框中电流方向先为a→b→c→d→a，再为a→d→c→b→aB．线框中电流方向一直为a→b→c→d→aC．线框中电流先减小后增大D．线框中电流先增大后减小14．图甲是小型交流发电机的示意图，A为理想交流电流表，V为理想交流电压表．内阻不计的矩形线圈绕垂直于磁场方向的水平轴沿逆时针方向匀速转动，矩形线圈通过滑环接一理想变压器，原、副线圈匝数比为3：2,副线圈接有滑动变阻器,从某时刻开始计时，副线圈输出电压如图乙所示,以下判断正确的是(）A．电压表的示数为15VB．副线圈输出电压瞬时值表达式u=10sin（100πt）VC．若滑动触头P的位置向上移动时，电流表读数将减小D．把发电机线圈的转速变为原来的一半,则变压器的输入功率将减小到原来的一半15．用一根横截面积为S、电阻率为ρ的硬质导线做成一个半径为r的圆环，ab为圆环的直径．如图所示，在ab的左侧存在一个匀强磁场，磁场垂直圆环所在平面,方向如图，磁感应强度大小随时间的变化率=k（k＜0），则（)A．圆环具有扩张的趋势B．圆环中产生逆时针方向的感应电流C．圆环中感应电流的大小为D．图中a、b两点之间的电势差U AB=｜kπr2|三.填空题（本题共2小题,共20分）16．某同学为了探究老师课上讲的自感现象，自己找来带铁芯的线圈L、小灯泡A、开关S 和电池组E，用导线将它们连接成如图1所示的电路．检查电路后，闭合开关S，小灯泡发光；再断开开关S，小灯泡仅有不显著的延时熄灭现象．虽经多次重复,仍未见老师演示时出现的小灯泡闪亮现象．(1）你认为最有可能造成小灯泡未闪亮的原因是A．线圈电阻偏大B．小灯泡电阻偏大C．电源的内阻偏大D．线圈的自感系数偏大（2）t1时刻断开开关，断开开关前后流经小灯泡的电流i随时间t变化的图象是图2中的．17．如图所示的电路可用来研究电磁感应现象及判定感应电流的方向．（1）在图中用实线代替导线把它们连成实验电路．(2）将线圈A插入线圈B中，合上开关S，能使线圈B中感应电流的磁场方向与线圈A中原磁场方向相反的实验操作是A．插入铁芯F B．拔出线圈A C．使变阻器阻值R变小D．断开开关S（3）某同学第一次将滑动变阻器的触头P从变阻器的左端快速滑到右端，第二次将滑动变阻器的触头P从变阻器的左端慢慢滑到右端，发现电流计的指针摆动的幅度大小不同，第一次比第二次的幅度(填写“大”或“小”),原因是线圈中的(填写“磁通量”或“磁通量的变化”或“磁通量变化率”）第一次比第二次的大．四。

浙江省台州市临海市杜桥中学高二物理上学期期中试卷(含解析)

浙江省台州市临海市杜桥中学2015-2016学年高二（上）期中物理试卷一、选择题Ⅰ（共13小题，每小题3分，共39分．每小题中只有一个选项是符合题意的．）1．在国际单位制中，作为基本单位的物理量一组是（）A．加速度质量电流 B．千克米秒C．千克小时伏特 D．质量长度时间2．以下物理量中都是矢量的一组是（）A．平均速度加速度质量B．平均速度加速度路程C．加速度位移力 D．位移时间瞬时速度3．宋代诗人陈与义乘着小船出游（如图所示）时，写了一首诗，其中两句是：“卧看满天云不动，不知云与我俱东”．从描述运动的角度，“云与我俱东”所取的参考系是（）A．河岸 B．小船 C．云朵 D．作者4．某校开展无线电定位“搜狐”比赛，甲、乙两学生从图中的O点同时出发，并同时在位置A搜到“狐狸”，两学生的“搜狐”路径已在图中标出，则（）A．甲的路程等于乙的路程 B．甲的位移小于乙的位移C．甲的位移大于乙的位移 D．甲的位移等于乙的位移5．下列速度指瞬时速度的是（）①子弹出膛的速度②足球被踢出时的速度③火车通过甲、乙两地间的速度④子弹头过某点的速度．A．①②④B．①②③C．②③④D．①③④6．下列情况中的物体，可以看作质点的是（）A．研究汽车后轮上一点运动情况的车轮B．体育教练员研究百米赛跑运动员起跑动作C．研究从北京开往上海的一列火车的运行速度D．研究地球自转时的地球7．在图中所示的x﹣t和v﹣t图象中，能表示质点做匀变速直线运动的是（）A．B．C．D．8．汽车以20m/s的速度作匀速直线运动，刹车后的加速度大小为4m/s2，从刹车到汽车静止所需时间及通过的位移分别为（）A．5s，50m B．5s，100m C．10s，50m D．10s，100m9．关于物体的运动是否为自由落体运动，以下说法正确的是（）A．只有质量大的物体从静止开始下落的运动才可以看成自由落体运动B．只有很小的物体在空中下落才可看成自由落体运动C．在忽略空气阻力的情况下，任何物体在下落时都可以看成自由落体运动D．忽略空气阻力且物体从静止开始下落的运动可以看成自由落体运动10．下列说法正确的是（）A．任何物体的重心必定在物体本身上B．有受力物体就一定有施力物体C．合力的大小一定大于分力中最大者D．物体在自由下落时所受的重力小于物体在静止时所受到的重力11．如图所示，手沿水平方向将书压在竖直墙壁上，使其保持静止．现增大手对书的压力，则书（）A．将沿墙壁滑动 B．受到的合外力增大C．对墙壁的压力不变 D．受到的静摩擦力不变12．如图所示，质量为m的木块在质量为M的长木板上滑行，长木板与地面间动摩擦因数为μ1，木块与长木板间动摩擦因数为μ2，若长木板仍处于静止状态，则长木板受地面摩擦力大小一定为（）A．μ2mg B．μ1（m1+m2）g C．μ1mg D．μ2mg+μ1mg13．如图是“探究求合力的方法”实验示意图．图甲表示在两个拉力F1、F2的共同作用下，将橡皮条的结点拉长到O点；图乙表示准备用一个拉力F拉橡皮条．下列说法正确的是（）A．甲实验时，两个拉力的大小应相等B．甲实验时，两个拉力的方向应互相垂直C．乙实验时，只须使橡皮条的伸长量与甲实验相等D．乙实验时，仍须将橡皮条的结点拉到O点二．非选择题（共四大题，共31分）14．实验题（1）关于电磁打点计时器和电火花计时器，下列说法正确的是A．电磁打点计时器用的是直流电源，而电火花计时器用的是交流电源B．它们每隔0.02s打一个点C．它们的工作电压均为220V的交流电源D．使用它们计时时，必须先拉动纸带，再立即接通电源．（2）如图1所示是电火花计时器的示意图，其工作时的基本步骤如下：A．当纸带完全通过电火花计时器后，及时关闭电火花计时器B．接通开关，听到放电声，拖动纸带运动C．将纸带从墨粉纸盘下面穿过打点计时器D．将电火花计时器插头插入相应的电源插座上述步骤正确的顺序是．（按顺序填写步骤编号）（3）打点计时器固定在斜面上某处，一小车拖着穿过打点计时器的纸带从斜面上滑下如图甲所示．若工作电源的频率为50赫兹，纸带上打点如图，则打点计时器打A点时小车的速度v A= m/s，若小车做匀变速直线运动，该运动过程的加速度a=m/s2（4）在研究匀变速直线运动的实验中，算出小车经过各计数点的瞬时速度，为了计算加速度，最合理的方法是A．根据任意两计数点的速度用公式a=算出加速度B．根据实验数据画出v﹣t图象，量取其倾角θ，由公式a=tanθ求出加速度C．根据实验数据画出v﹣t图象，由图象上相距较远的两点所对应的速度、时间用公式a=算出加速度D．依次算出通过连续两计数点间的加速度，算出平均值作为小车的加速度．15．某物体在水平推力F的作用下沿水平面做直线运动，一段时间后撤去F，其运动的v﹣t 图象如图所示，求：（1）0～6s内物体运动的平均速度大小；（2）撤去F后，物体做匀减速直线运动的加速度大小；（3）0～10s内物体运动的位移大小．16．某教练员选拔短跑运动员，要对运动员进行测试．对某运动员测试，在启跑后2s内通过的距离为10m（视为匀加速度过程）．该运动员的最大速度为10m/s，持续时间不超过10s．之后，减速运动，加速度大小为1m/s2．若把短跑运动员完成比赛跑的过程简化为匀加速直线运动、匀速直线运动及减速阶段．（1）求该运动员启动阶段的加速度大小．（2）求该运动员100m赛的最好成绩．17．在某市内的街道上，规定车辆行驶速度不得超过60km/h．在一次交通事故中，肇事车是辆轿车，量得这辆轿车紧急刹车（车轮被抱死）时留下的刹车痕迹长为14m，已知该轿车轮胎与路面的动摩擦因数为0.7，通过计算判断该轿车是否超速．（g取l0m/s2）2015-2016学年浙江省台州市临海市杜桥中学高二（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题Ⅰ（共13小题，每小题3分，共39分．每小题中只有一个选项是符合题意的．）1．在国际单位制中，作为基本单位的物理量一组是（）A．加速度质量电流 B．千克米秒C．千克小时伏特 D．质量长度时间【考点】力学单位制．【专题】定性思想；推理法；牛顿运动定律综合专题．【分析】国际单位制规定了七个基本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．它们在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位．【解答】解：国际单位制规定了七个基本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光照强度、物质的量，加速度不是国际单位制中基本单位的物理量，故ABC错误，D 正确故选：D【点评】国际单位制规定了七个基本物理量，这七个基本物理量分别是谁，它们在国际单位制分别是谁，这都是需要学生自己记住的．2．以下物理量中都是矢量的一组是（）A．平均速度加速度质量B．平均速度加速度路程C．加速度位移力 D．位移时间瞬时速度【考点】矢量和标量．【专题】常规题型．【分析】矢量有大小有方向，合成分解遵循平行四边形定则，标量只有大小，没有方向．【解答】解：A、平均速度，加速度都有大小和方向，是矢量．质量是只有大小，没有方向的标量，故A错误；B、平均速度，加速度都有大小和方向，是矢量．路程是只有大小，没有方向的标量，故B 错误；C、加速度，位移，力都有大小和方向，是矢量．故C正确；D、位移，瞬时速度都有大小和方向，是矢量．时间是只有大小，没有方向的标量，故D错误；故选：C．【点评】对于物理量的矢标性也是学习物理量必须掌握的内容，可结合矢量方向特点进行理解记忆．3．宋代诗人陈与义乘着小船出游（如图所示）时，写了一首诗，其中两句是：“卧看满天云不动，不知云与我俱东”．从描述运动的角度，“云与我俱东”所取的参考系是（）A．河岸 B．小船 C．云朵 D．作者【考点】参考系和坐标系．【分析】考系是为了研究问题方便而假定静止不动的物体．故只要研究对象与参考系的相对位置不发生变化，则观察到的结果是物体静止不动．【解答】解：在本题中船是向东高速行驶，而“卧看满天云不动”是指“云与我”保持相对静止，即“云与我”以相同的速度相对于地球向东运动．所以“云与我俱东”所选择的参考系是地球和地球上相对于地球保持静止不动的物体，故A正确．故选A．【点评】参考系的选择是任意的，对于同一个物体的运动，选取不同的参考系得到的结果是不同的．4．某校开展无线电定位“搜狐”比赛，甲、乙两学生从图中的O点同时出发，并同时在位置A搜到“狐狸”，两学生的“搜狐”路径已在图中标出，则（）A．甲的路程等于乙的路程 B．甲的位移小于乙的位移C．甲的位移大于乙的位移 D．甲的位移等于乙的位移【考点】位移与路程．【分析】位移是从起点到终点的有向线段，从图上找出起点和终点，可以确定位移关系．路程是物体运动路线的长度．【解答】解：A、路程是物体运动路线的长度，从图看出，甲的路程大于乙的路程．故A错误．BCD、由图看出，甲乙两人起点都在O点，终点都在A点，位移相同．故BC错误、D正确．故选：D．【点评】本题是物体的运动轨迹图线，能直接看出物体运动路线和起点、终点，也可以判断二者的平均速度相等．5．下列速度指瞬时速度的是（）①子弹出膛的速度②足球被踢出时的速度③火车通过甲、乙两地间的速度④子弹头过某点的速度．A．①②④B．①②③C．②③④D．①③④【考点】瞬时速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】瞬时速度是指物体在某一个位置或某一个时刻的速度，与时间点或某一个位置相对应．【解答】解：①子弹出膛的速度，是某个位置的速度，是指瞬时速度，②足球被踢出时的速度，是某个位置的速度，是指瞬时速度，③火车通过甲、乙两地间的速度，是指一段距离的速度，是指平均速度，④子弹头过某点的速度，是某个位置的速度，是指瞬时速度，所以指瞬时速度的是①②④，故选A．【点评】本题就是考查学生对平均速度和瞬时速度的区别，是很基本的内容，必须要掌握住的，题目比较简单．6．下列情况中的物体，可以看作质点的是（）A．研究汽车后轮上一点运动情况的车轮B．体育教练员研究百米赛跑运动员起跑动作C．研究从北京开往上海的一列火车的运行速度D．研究地球自转时的地球【考点】质点的认识．【专题】直线运动规律专题．【分析】当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可．【解答】解；A、研究汽车车轮上某点运动情况时的车轮，不能看成是质点，否则就没有内部结构了，故A错误B、体育教练员研究百米赛跑运动员的起跑动作，运动员的姿态、动作时不能将其看作质点，故B错误C、研究从北京开往上海的一列火车的运行速度，此时火车的长度可以忽略，能看成质点，故C正确D、研究自转的地球，不能将其看作质点，故D错误故选C．【点评】考查学生对质点这个概念的理解，关键是知道物体能看成质点时的条件，看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，物体的大小体积能否忽略．7．在图中所示的x﹣t和v﹣t图象中，能表示质点做匀变速直线运动的是（）A．B．C．D．【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】匀变速直线运动的位移时间图线是曲线，匀变速直线运动的速度时间图线是倾斜的直线．【解答】解：A、位移随时间不变，表示物体静止．故A错误．B、位移随时间均匀增大，表示物体做匀速直线运动．故B错误．C、速度随时时间均匀减小，表示物体做匀减速直线运动．故C正确．D、速度随时间不是均匀变化，做变加速直线运动．故D错误．故选：C．【点评】解决本题的关键知道位移时间图线和速度时间图线的物理意义，知道物体做匀速直线运动，匀变速直线运动图线的形状．8．汽车以20m/s的速度作匀速直线运动，刹车后的加速度大小为4m/s2，从刹车到汽车静止所需时间及通过的位移分别为（）A．5s，50m B．5s，100m C．10s，50m D．10s，100m【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动速度时间公式求出刹车时间，根据位移速度公式求解刹车位移．【解答】解：根据匀变速直线运动速度时间公式得：v=v0+at，解得：t=根据位移速度公式得：x=故选：A【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式v=v0+at和位移速度公式，注意汽车刹车速度减小为零不再运动．9．关于物体的运动是否为自由落体运动，以下说法正确的是（）A．只有质量大的物体从静止开始下落的运动才可以看成自由落体运动B．只有很小的物体在空中下落才可看成自由落体运动C．在忽略空气阻力的情况下，任何物体在下落时都可以看成自由落体运动D．忽略空气阻力且物体从静止开始下落的运动可以看成自由落体运动【考点】自由落体运动．【专题】自由落体运动专题．【分析】物体做自由落体运动的条件：①只在重力作用下②从静止开始．只在重力作用下保证了物体的加速度为g；从静止开始保证了物体初速度等于零．【解答】解：物体做自由落体运动的条件：①只在重力作用下②从静止开始，不管质量大小，要只受重力就要忽略空气阻力作用，还要从静止开始下落，故D正确，ABC错误．故选：D【点评】自由落体运动的条件是这类概念选择题判断的主要依据，所以不但要记准概念，还要充分理解．10．下列说法正确的是（）A．任何物体的重心必定在物体本身上B．有受力物体就一定有施力物体C．合力的大小一定大于分力中最大者D．物体在自由下落时所受的重力小于物体在静止时所受到的重力【考点】重心；合力的大小与分力间夹角的关系．【分析】物体的重心有的在物体上，有的在物体之外；一个力是要有相互作用的两个物体；合力的大小会大于小于或等于某一分力，物体的重力与物体的质量和当地的重力加速度有关；由此可以判断各选项的正误．【解答】解：A、质量分布均匀的有规则的几何外形的物体的重心在其几何中心上，但是并不一定在物体上，例如质量分布均匀的被拉开的弓．选项A错误；B、力是物体对物体的作用，一个力既有施力物体，也有受力物体，选项B正确；C、当两分力的方向相反时，合力的大小就小于较大的那个分力．选项C错误；D、物体的重力与物体的质量和当地的重力加速度有关，与其运动状态无关，选项D错误．故选：B【点评】该题考查知识点较多，学习中要注意加强记忆，重心的位置取决于物体的几何形状和质量的分布情况；一定要注意力是成对出现的，一个力一定与两个物体相关联，即一个是施力物体，一个是受力物体；合力与分力遵循矢量的合成法则，大小关系要结合分力的夹角来分析解答；物体所受的重力与运动状态无关，只与物体的质量和当地的重力加速度有关．11．如图所示，手沿水平方向将书压在竖直墙壁上，使其保持静止．现增大手对书的压力，则书（）A．将沿墙壁滑动 B．受到的合外力增大C．对墙壁的压力不变 D．受到的静摩擦力不变【考点】摩擦力的判断与计算；物体的弹性和弹力．【专题】摩擦力专题．【分析】当重力小于最大静摩擦力时，物体处于静止，摩擦力大小等于外力大小；当重力大于最大静摩擦力时，物体处于滑动，则摩擦力等于动摩擦力因数与正压力的乘积．【解答】解：书保持静止，受合力为零，竖直方向受重力和静摩擦力平衡，水平方向受手的压力和墙壁的弹力平衡，当压力增大时，竖直方向受力不变，受到的静摩擦力不变等于重力；压力增大，对墙壁的压力增大，由于静止，合力仍然为零．故选：D．【点评】学会区别静摩擦力与滑动摩擦力，且大小的计算．静摩擦力的大小等于引起它有运动趋势的外力，而滑动摩擦力等于μF N．同时知道作用力与反作用力跟平衡力的关系．12．如图所示，质量为m的木块在质量为M的长木板上滑行，长木板与地面间动摩擦因数为μ1，木块与长木板间动摩擦因数为μ2，若长木板仍处于静止状态，则长木板受地面摩擦力大小一定为（）A．μ2mg B．μ1（m1+m2）g C．μ1mg D．μ2mg+μ1mg【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】摩擦力专题．【分析】物体m相对M向右滑动，受到向左的滑动摩擦力；力的作用是相互的，故m对M有向右的滑动摩擦力，故M有向右滑动的趋势，受到向左的静摩擦力．【解答】解：物体m相对M向右滑动，受到向左的滑动摩擦力，大小为：f1=μ2N=μ2mg；力的作用是相互的，故P对长木板ab有向右的滑动摩擦力，故长木板ab有向右滑动的趋势，受到地面对其向左的静摩擦力，根据共点力平衡条件，有f2=f1，因而f2=μ2mg．本题中ab受地面的静摩擦力；故不能用f=μ1（m+M）g求摩擦力；故B错误；故只有A正确故选：A【点评】本题关键要分清楚静摩擦力还是滑动摩擦力，静摩擦力随外力的变化而变化，滑动摩擦力与正压力成正比．13．如图是“探究求合力的方法”实验示意图．图甲表示在两个拉力F1、F2的共同作用下，将橡皮条的结点拉长到O点；图乙表示准备用一个拉力F拉橡皮条．下列说法正确的是（）A．甲实验时，两个拉力的大小应相等B．甲实验时，两个拉力的方向应互相垂直C．乙实验时，只须使橡皮条的伸长量与甲实验相等D．乙实验时，仍须将橡皮条的结点拉到O点【考点】验证力的平行四边形定则．【专题】实验题．【分析】在实验过程中，需要根据力的大小和方向做平行四边形，由此可知需要记录力的大小和方向，同时该实验采用了“等效替代”方法，要求两次拉橡皮筋时橡皮筋的伸长量大小和方向相同．【解答】解：A、图甲实验时，两个拉力的大小适当，将橡皮筋拉倒O点，并非要求它们的大小一定相等，故A错误；B、实验时两个分力的夹角大小适当即可，并非要求一定垂直，故B错误；C、图乙实验时，要求橡皮条的伸长量和形变方向与甲实验相等，即将橡皮筋拉到同一点，故C错误；D、为了保证两次拉橡皮筋效果相同，图2实验时，仍须将橡皮条的结点拉到O点，故D正确．故选：D．【点评】要解答本题应熟练掌握实验的目的及原理，尤其是理解“等效”含义，“等效”指橡皮筋的形变量和方向均相同．二．非选择题（共四大题，共31分）14．实验题（1）关于电磁打点计时器和电火花计时器，下列说法正确的是 BA．电磁打点计时器用的是直流电源，而电火花计时器用的是交流电源B．它们每隔0.02s打一个点C．它们的工作电压均为220V的交流电源D．使用它们计时时，必须先拉动纸带，再立即接通电源．（2）如图1所示是电火花计时器的示意图，其工作时的基本步骤如下：A．当纸带完全通过电火花计时器后，及时关闭电火花计时器B．接通开关，听到放电声，拖动纸带运动C．将纸带从墨粉纸盘下面穿过打点计时器D．将电火花计时器插头插入相应的电源插座上述步骤正确的顺序是DCBA ．（按顺序填写步骤编号）（3）打点计时器固定在斜面上某处，一小车拖着穿过打点计时器的纸带从斜面上滑下如图甲所示．若工作电源的频率为50赫兹，纸带上打点如图，则打点计时器打A点时小车的速度v A= 0.55 m/s，若小车做匀变速直线运动，该运动过程的加速度a= 5 m/s2（4）在研究匀变速直线运动的实验中，算出小车经过各计数点的瞬时速度，为了计算加速度，最合理的方法是 CA．根据任意两计数点的速度用公式a=算出加速度B．根据实验数据画出v﹣t图象，量取其倾角θ，由公式a=tanθ求出加速度C．根据实验数据画出v﹣t图象，由图象上相距较远的两点所对应的速度、时间用公式a=算出加速度D．依次算出通过连续两计数点间的加速度，算出平均值作为小车的加速度．【考点】测定匀变速直线运动的加速度；探究小车速度随时间变化的规律．【专题】定量思想；方程法；直线运动规律专题．【分析】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项；根据匀变速直线运动中，平均速度等于中间时刻的瞬时速度求解A、B两点的速度；根据推论公式△x=aT2求解加速度；通过题目给出的数据作出速度﹣时间图象，解出其斜率即是小车的加速度．利用图象法可以充分利用数据，从而可以减小误差．【解答】解：（1）ABC、电火花计时器是使用交流电源的计时仪器，电磁打点计时器的工作电压交流6V以下，当电源的频率为50Hz时，它每隔0.02s打一次点，故AC错误，B正确；D、使用它们计时时，必须先接通电源，再拉动纸带，故D错误；（2）实验步骤要遵循先安装器材后进行实验的原则进行：先将电火花计时器插头插入相应的电源插座，再将纸带从墨粉纸盘下面穿过打点计时器，然后接通开关，听到放电声，拖动纸带运动，最后当纸带完全通过电火花计时器后，及时关闭电火花计时，上述步骤正确的顺序是DCBA．（3）小车做匀加速直线运动，平均速度等于中间时刻的瞬时速度，故v A==55cm/s=0.55m/s；根据推论公式△x=aT2，有a==m/s2=5m/s2；（4）AC、在处理实验数据时，如果只使用其中两个数据，由于偶然误差的存在可能会造成最后误差较大；所以我们可以根据实验数据画出v﹣t图象，考虑到误差，不可能是所有点都整齐的排成一条直线，连线时，应该尽量使那些不能画在线上的点均匀地分布在线的两侧，这样图线上会舍弃误差较大的点，由图线上任意两点所对应的速度及时间，用公式a=算出加速度，所以误差小；故A错误，C正确．B、若用一组数据则无法求得加速度a；故B错误；D、若依次算出通过连续两计数点间的加速度，算出平均值作为小车的加速度，则实际应用的只是第一组和最后一组数据，同样存在较大的误差；故D错误；故答案为：（1）B；（2）DCBA；（3）0.55，5；（4）C．【点评】对于基本仪器的使用和工作原理，我们不仅从理论上学习它，还要从实践上去了解它，自己动手去做做，以加强基本仪器的了解和使用；明确纸带处理中瞬时速度和加速度的求解方法，掌握电火花打点计时器与电磁打点计时器的区别与联系；还考查实验数据处理的方法，在实验中处理数据的方法较多，而图象法往往是一种比较准确的解题方法．15．某物体在水平推力F的作用下沿水平面做直线运动，一段时间后撤去F，其运动的v﹣t 图象如图所示，求：（1）0～6s内物体运动的平均速度大小；（2）撤去F后，物体做匀减速直线运动的加速度大小；（3）0～10s内物体运动的位移大小．【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动学中的图像专题．【分析】（1）根据匀变速直线运动的平均速度推论，结合初末速度求出平均速度的大小．（2）根据图线的斜率求出匀减速直线运动的加速度大小．（3）根据图象面积求出位移．【解答】解：（1）0﹣6s内物体运动的平均速度为： ===5m/s，（2））撤去F后，物块做匀减速运动，则加速度大小为：a2===﹣2m/s2，故加速度大小为2m/s2．（3）根据v﹣t图象面积表示位移x==46m答：（1）0～6s内物体运动的平均速度大小为5m/s；。

浙江省台州市路桥中学2015-2016学年高二上学期月考物理试卷含解析

2015-2016学年浙江省台州市路桥中学高二（上)月考物理试卷一、选择题(本题共10小题,每题只有一个选项符合题意，选出得3分，共30分）1．如图所示图象中不属于交流电的有（）A．B．C．D．2．A、B是两个完全相同的电热器,A通以图甲的方波交变电流，B通以图乙所示的正弦交变电流，则两电热器的电功率之比P A:P B等于（）A．5：4 B．3：2 C．D．2：13．在单缝衍射实验中，中央亮条纹的光强占入射光光强的95％以上，假设现在只让一个光子通过单缝,则该光子()A．一定落在中央亮条纹上B．一定落在亮条纹处C．不可能落在暗条纹处D．落在中央亮条纹处的可能性最大4．在实验室可以做“声波碎杯”的实验,用手指轻弹一只酒杯，可以听到清脆的声音，测得这声音的频率为500Hz，将这只酒杯放在两只大功率的声波发生器之间,操作人员通过调整其发出的声波，就能使酒杯碎掉，下列说法中正确的是（）A．操作人员一定是把声波发生器的功率调到很大B．操作人员一定是使声波发生器发出了频率很高的超声波C．操作人员一定是同时增大了声波发生器发出声波的频率和功率D．操作人员可能只将声波发生器发出的声波的频率调到500Hz5．在中子衍射技术中,常利用热中子研究晶体的结构，因为热中子的德布罗意波长与晶体中原子间距相近,已知中子质量m=1。

67×10﹣27 kg，普朗克常量h=6.63×10﹣34J•s，可以估算出德布罗意波长λ=1.82×10﹣10m的热中子的动量的数量级可能是（)A．10﹣17 kg•m/s B．10﹣18 kg•m/s C．10﹣20 kg•m/s D．10﹣24 kg•m/s6．一个打磨得很精细的小凹镜，其曲率很小可视为接近平面．将镜面水平放置如图所示．一个小球从镜边缘开始释放，小球在镜面上将会往复运动,以下说法中正确的是（）A．小球质量越大，往复运动的周期越长B．释放点离最低点距离越大，周期越短C．凹镜曲率半径越大,周期越长D．周期应由小球质量、释放点离平衡位置的距离，以及曲率半径共同决定7．两列简谐横波，一列波沿着x轴向右传播（实线所示），另一列沿着x轴向左传播（虚线所示）,波速大小均为20m/s．如图所示为某时刻两列波的波动图象．下列说法不正确的是（）A．两列波的波长均为8mB．两列波的频率均为2。