2020届福建省龙岩市高三上学期期末教学质量检查物理试题(解析版)

福建省龙岩市2020届高三上学期期末教学质量检查试题一、选择题1.2019年10月1日在国庆阅兵式上，教练机机群掠过，划出7条美丽彩带，向新中国70华诞献上诚挚的祝福。

如图所示，下列关于飞机运动情况的说法正确的是（）A. 飞机的速度越大，加速度也一定越大B. 飞机的速度变化越快，加速度一定越大C. 飞机的速度变化越大，加速度也一定越大D. 飞机的加速度不断减小，速度一定越来越小【答案】B【详解】A．速度大的物体加速度不一定大，例如速度大的匀速直线运动，加速度为零，故A错误；B．加速度是表示速度变化快慢的物理量，所以飞机速度变化越快，加速度一定越大，故B 正确；C．根据∆=∆vat可知加速度a由速度的变化量△v和速度发生改变所需要的时间△t共同决定，虽然△v大，但△t更大时，a可以很小，故C错误；D．飞机加速度不断减小，如果加速度的方向与速度同向时，速度增加，故D错误；故选：B。

2.居住在龙岩和北京的居民，由于地球的自转，都随地球一起做匀速圆周运动。

这两处居民相对于地球静止，随地球做匀速圆周运动的说法中，正确的是（）A. 北京处的转动周期较大B. 北京处转动的线速度较大C. 北京处的转动角速度较小D. 北京处转动的向心加速度较小【答案】D【详解】ABC．地球上各点绕地轴转动，具有相同的角速度，周期也相同，根据v=rω，各点离地轴的距离不同，所以线速度不等。

龙岩处的转动半径较大，龙岩处转动的线速度较大，故ABC 错误。

D ．角速度相等，龙岩处的转动半径较大，北京处的半径较小，根据a =ω2r 知北京处转动的向心加速度较小，故D 正确。

故选：D 。

3.如图所示，一重力不计的带电粒子以某一速度进入负点电荷形成的电场中，且只在电场力作用下依次通过M 、N 、P 三点，其中N 点是轨迹上距离负点电荷最近的点。

若粒子在M 点和P 点的速率相等，则（ ）A. 粒子在M 、P 两点时的加速度相同B. 粒子可能带负电且做匀速圆周运动C. 粒子在N 点时的加速度最大、电势能最大D. M 、N 两点的电势差MN U 等于P 、N 两点的电势差PN U【答案】D【详解】A ．由于粒子在M 、P 两处受到的电场力方向不同，所以加速度方向不相同，加速度不同，故A 错误。

B ．由物体做曲线运动的条件可知，粒子带正电，要使粒子做匀速圆周运动即要粒子的速度与电场力垂直，则粒子不可能做匀速圆周运动，故B 错误。

C ．根据电场线的疏密可得，N 点处的电场线最密，所以粒子在N 点时受到的电场力最大，加速度最大，N 点的电势在三点中最低，所以带正电的粒子在N 点的电势能最小，故C 错误。

D ．由于粒子在M 点和P 点的速率相等，根据动能定理可知，从M 点到N 点，从P 点到N 点，电场力做功相等，根据W qU 可知U MN =U PN故D 正确。

故选：D 。

4.如图所示电路中，电源的电动势为E 、内阻为r ，电流表和电压表均可视为理想电表。

现闭合开关S 后，将滑动变阻器滑片P 向左移动，下列说法正确的是（ ）A. 小灯泡L 变亮B. 电源的总功率变小C. 电容器C 上电荷量减少D. 电流表的示数变大，电压表的示数变小【答案】B 【详解】AD ．闭合开关S 后，将滑动变阻器滑片P 向左移动时，变阻器接入电路的电阻增加，根据闭合电路欧姆定律得知，电路中总电流I 减减小，则小灯泡L 变暗，电流表A 的示数变小。

电压表的示数U =E -I （R L +r ）I 减小，其他量不变，则U 增加，即电压表V 的示数变大，故AD 错误；B ．电源的总功率P =EI ，I 减小，则电源的总功率变小，故B 正确；C ．电容器的电压等于变阻器两端的电压，即等于电压表的示数，U 增加，由Q =CU ，知电容器C 上的电荷量增加，故C 错误。

故选：B 。

5.如图所示，在距地面高为h=0.4 m 处，有一小球A 以初速度v 0水平抛出如图甲所示，与此同时，在A 的右方等高处有一物块B 以大小相同的初速度v 0沿倾角为45°的光滑斜面滑下如图乙所示，若A 、B 同时到达地面，A 、B 均可看作质点，空气阻力不计，重力加速度g 取10 m/s 2，则v 0的大小是A. 1 m/sB. 2 m/sC. 2 m/s2 m/s 【答案】A【解析】A球做平抛运动，由h=12gt2，解得运动时间t1=2hg；B物块下滑的加速度a=g sin 45°=22g，由匀变速直线运动的规律得2h=v0t2+2212at，根据题述，A、B同时到达地面，t1=t2，联立解得v0=gh=1 m/s，故A正确，BCD错误；故选A．【点睛】平抛运动的时间由高度决定，结合高度求出平抛运动的时间，根据斜面的长度，结合牛顿第二定律求出加速度，根据位移时间公式，抓住时间相等求出初速度的大小．6.如图所示，在竖直向上的恒力F作用下，a、b两物体一起沿粗糙竖直墙面匀加速向上运动。

关于它们的受力情况，以下说法正确的是（）A. a一定受到6个力B. b一定受到3个力C. a与b之间不一定有摩擦力D. a与墙壁之间一定有弹力和摩擦力【答案】B【详解】对物体b受力分析，b受重力、斜面的支持力和摩擦力的作用而处于平衡，故b受3个力；对物体a、b整体受力分析，受重力、恒力F，由于水平方向墙壁对a没有支持力，否则水平方向整体不会平衡，墙壁对a没有支持力，也就没有摩擦力；所以物体a受重力、恒力F、物体b对其的压力和静摩擦力，共受4个力；A．a一定受到6个力，与分析不符，故A错误；B．b一定受到3个力，与分析相符，故B正确；C．a与b之间不一定有摩擦力，与分析不符，故C错误；D．a与墙壁之间一定有弹力和摩擦力，与分析不符，故D错误；故选：B。

7.如图所示为某静电场中x轴上各点电势分布图，一个带电粒子在坐标原点O由静止释放，仅在电场力作用下沿x轴正向运动，则下列说法正确的是（）A. 粒子一定带正电B. 粒子运动到坐标轴上2x处速度最小C. 粒子从坐标轴上1x处运动到3x处，电场力的冲量为零D. 粒子从坐标轴上1x处运动到3x处，加速度先增大后减小【答案】C【详解】A．带电粒子在坐标原点O由静止释放，仅在电场力作用下沿x轴正向运动，电场力做正功，导致其电势能减小，由于从x1处运动到x2处，电势升高，因此粒子带负电，故A错误；B．由题目图可知，从开始运动到x2，电场力做正功，往后电场力做负功，故到x2时速度最大，故B错误；C．由题目图可知粒子在坐标轴上x1与x3处电势相等，故粒子从坐标轴上x1处运动到x3处电场力做功为零，即两处速度相同，故该过程动量变化量为零，根据动量定理可知，电场力的冲量为零，故C正确；D．图象的斜率大小等于电场强度可知，粒子从坐标轴上x1处运动到x3处的斜率先减小后增大，故电场强度先减小后增大，电场力先减小后增大，故加速度也先减小后增大，故D 错误。

故选：C。

8.如图所示为一种环保灯——重力灯，重力灯是利用重力做功发电的装置。

重物下落时拉动灯中心的绳子，从而带动发电机供电。

让质量为10kg的物体缓慢下落2m，则灯亮度相当于12W日光灯的亮度。

若每过40min重置一次重物，就能持续发光。

重力加速度g取210m/s，则以下说法正确的是（）A. 重力灯实际功率可能为0.068WB. 每个40min 内产生的电能为28800JC. 每次下落过程中发电机输出电能200JD. 无需消耗其他能量就能获得源源不断的电能【答案】A【详解】A ． 物体下降的过程中重力做功：W =mgh =10×10×2J=200J所以重力做功的功率： 2001W W 0.083W 406012g W P t ===≈⨯ 由于发电的过程中，以及电路中都存在一定的损耗，所以该灯的实际功率一定小于0.083W ，有可能是0.068W ，故A 正确；B ．由A 的分析可知，每个40min 内产生的电能一定小于200J ，故B 错误；C ．由于发电的过程中存在一定的损耗，所以下落过程中发电机输出电能都小于200J ，故C 错误；D ．该发电的过程中重置一次重物时要消耗其他的能量，故D 错误；故选：A 。

9.给墙壁粉刷涂料用的“涂料滚”如图所示。

使用时，用撑杆推着粘有涂料的涂料滚，沿墙壁上下缓缓滚动，把涂料均匀地粉刷到墙上。

若撑杆的重力和涂料滚对墙壁的摩擦均不计，并且撑杆足够长，粉刷工人站在离墙壁一定距高处用沿杆方向的力缓慢地上推涂料滚，该过程中撑杆对涂料滚的推力为1F ，涂料滚对墙壁的压力为2F ，以下说法正确的是（ ）A. 1F 增大B. 1F 减小C. 2F 增大D. 2F 减小【答案】BD 【详解】以涂料滚为研究对象，分析受力情况，作出力图。

设撑杆与墙壁间的夹角为α，根据平衡条件得1cos G F α=，F 2=G tan α 由题，撑杆与墙壁间的夹角α减小，cos α增大，tan α减小，则 F 1、F 2均减小。

A ． 1F 增大，与分析不符，故A 错误；B ． 1F 减小，与分析相符，故B 正确；C ． 2F 增大，与分析不符，故C 错误；D ． 2F 减小，与分析相符，故D 正确；故选：BD 。

10.如图所示，倾角为30°的光滑斜面固定在水平面上，两个物体A 、B 通过细绳及轻弹簧连接于光滑定滑轮两侧，斜面底端有一与斜面垂直的挡板。

开始时用手按住质量为m 的物体A ，此时A 与挡板的距离为s ，滑轮两侧的细绳恰好伸直，且弹簧处于原长状态。

松开手后，A 在斜面上运动的过程中，弹簧形变不超过其弹性限度，B 始终静止在水平面上。

重力加速度为g ，空气阻力不计。

则下列说法正确的是（ ）A. A 和B 组成的系统机械能守恒B. 若A 恰好能到达挡板处，此时A 的加速度为零C. 若A 恰好能到达挡板处，此时弹簧的弹性势能P 0.5E mgs =D. 若A 恰好能到达挡板处，当A 的速度最大时，弹簧的弹力0.5F mg =【答案】CD【详解】A ．对于A 和B 组成的系统，由于弹簧对系统要做功，所以系统的机械能不守恒，故A 错误。

B ．当A 的速度最大时，A 的加速度为零，合力为零，此后A 继续下滑，弹簧的弹力继续增大，可知，若A 恰好能到达挡板处，此时A 的合力不为零，加速度不为零，故B 错误。

C ．若A 恰好能到达挡板处，根据A 、B 和弹簧组成的系统机械能守恒得：此时弹簧的弹性势能等于A 重力势能的减少量，即为：E P =mgs •sin30°=0.5mgs故C 正确。

D ．若A 恰好能到达挡板处，当A 的速度最大时，合力为零，则弹簧的弹力为： F =mg sin30°=0.5mg故D 正确。

故选：CD 。

11.2019年5月17日23时48分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号丙运载火箭成功发射了第四十五颗北斗导航卫星。