最新人教版九年级物理第二十章电与磁定向测试试题(含答案及详细解析)

人教版九年级物理第二十章电与磁定向测试
考试时间：90分钟；命题人：教研组
考生注意：
1、本卷分第I卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，满分100分，考试时间90分钟
2、答卷前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、班级填写在试卷规定位置上
3、答案必须写在试卷各个题目指定区域内相应的位置，如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用涂改液、胶带纸、修正带，不按以上要求作答的答案无效。

第I卷（选择题 30分）
一、单选题（10小题，每小题3分，共计30分）
1、发现电流周围存在磁场的物理学家是（）
A．法拉第B．安培C．奥斯特D．牛顿
2、根据生活中的现象进行推论是常用的科学思维方法。

下列根据现象作出的推论中（）
A．根据两灯各自的两端电压相等推论两灯是并联
B．根据电路中的灯泡不发光推论电路中没有电流
C．根据两手搓动手会发热推论机械能转化为内能
D．根据直导体下磁针没有旋转推论导体中无电流
3、如图是一个老式手摇式发电机，其发电电压最高可达30V。

该发电机的原理可用下面的哪个实验解释（）
A．B．
C．D．
4、如图所示，在蹄形磁体的磁场中放置一根与螺线管连接的导体棒ab，当ab棒水平向右运动时，小磁针N极转至右边，可使如图所示位置的小磁针N极仍然转至右边的操作是下列选项中的（）
A．ab水平向左运动B．ab竖直向下运动
C．ab竖直向上运动D．ab水平向左运动
5、有位意大利物理学家通过反复实验，发现了摆的等时性原理，这位物理学家是（）
A．牛顿B．伽利略C．法拉第D．奥斯特
6、巨磁电阻效应是指某些材料的电阻在磁场中急剧减小的现象，如图是说明巨磁电特性原理的示意图，图中GMR是巨磁电阻，当GMR巨磁电阻旁磁场增大时其电阻值减小。

闭合S1、S2后，下列说法正确的是（）
A．电磁铁的右端是S极
B．滑片P向右滑动时电磁铁的磁性增大
C．滑片P向左滑动时指示灯变亮
D．滑片P向左滑动时电流表的示数变大
7、如图所示，是电学中常见的电路图，在A、B两点间分别接入下列选项中加点字的元件并进行以下对应实验，对滑动变阻器在此实验中的作用描述正确的是（）
①探究电流与电阻的关系时是为了调节电阻
．．两端电压成倍数变化
②用“伏安法”测电阻时是为了改变定值电阻
．．两端电压，测量对应电流
③研究影响电阻大小因素时是为了更换不同电阻丝
．．．，保持电流不变，测量对应电压值
④研究电磁铁磁性强弱与线圈匝数关系时是为了更换匝数不同电磁铁
．．．．．．．，保持电流不变
A．①②B．②③C．③④D．②④
8、电梯为居民上下楼带来很大的便利，出于安全考虑，电梯设置了超载自动报警系统，其工作原理如图所示。

电梯厢底层装有压敏电阻R1，R2为保护电阻，K为动触点，A、B为静触点，当出现超载情况时，电铃将发出报警声，电梯停止运行。

则下列说法中正确的是（）
A．电磁铁磁性的强弱与电流的方向有关
B．电磁铁是根据电磁感应原理工作的
C．电梯超载时动触点K与静触点B接触
D．电梯超载时报警，说明压敏电阻的阻值随压力的增大而增大
9、下列机器中，不属于热机的是（）
A．洗衣机B．柴油机C．火箭D．蒸汽轮机
10、下面所做探究实验与得出结论相匹配的是（）
A．托里拆利实验可以得出液体内部存在压强
B．奥斯特实验可以得出通电导体周围存在磁场
C．用小磁针探究磁体周围磁场的实验可以得出磁感线是真实存在的
D．探究带电体间的相互作用的实验可以得出同种电荷相互吸引，异种电荷相互排斥
第Ⅱ卷（非选择题 70分）
二、填空题（5小题，每小题4分，共计20分）
1、物理学发展过程中，有三位里程碑式的巨人为同学们指明了学习的方向。

请你写出一位物理学家的名字：___________；他在物理学中的主要成就是：___________。

2、如图所示为“智能照明灯”电路。

闭合开关S，光照弱时电灯L自动发光，光照强时电灯L自动熄灭。

电磁继电器利用电流的______效应工作；电源电压恒定，控制电路中光敏电阻R2的阻值随光照强度的增加而______，相同条件下，若将定值电阻R1换成阻值稍大的电阻，将会______（选填“增加”
或“减少”）电灯L的发光时间。

3、做图示实验时的观察对象是______（小磁针/小灯泡），为了使实验现象明显，导线应______（东西/南北/任意方向）放置，利用此实验的结论制造出了______（电磁铁/电动机/发电机）。

4、法国科学家阿尔贝•费尔和德国科学家彼得•格林贝尔由于发现巨磁电阻（GMR）效应，荣获了 2007 年诺贝尔物理学奖。

这一发现大大提高了磁、电之间信号转换的灵敏度。

如图是说明巨磁电阻特性原理的示意图：
（1）闭合开关S2，指示灯不亮，再闭合开关S1，指示灯发光，由此可知：巨磁电阻的大小与
___________有关；
（2）若滑片P向左移动，电磁铁的磁场___________（填“增强”、“减弱”）。

（3）若滑片P向左移动，观察到指示灯变得更亮，由此实验可得出结论：___________ 。

5、在都江堰研学活动中，小罗用名为指南针的手机APP指引方向，如图甲所示，当“小磁针”静止时，其上部指向南方，说明“小磁针”的上部是 _______极；小罗将这个APP打开后，放在如图乙所示的电磁体左方，仍呈现如图甲所示的指向，则电源的下部为 _______极。

三、计算题（5小题，每小题10分，共计50分）
1、小明家的饮水机具有自动加水和加热两种功能，烧水时，先按一下加水按钮，自吸泵把水从水桶抽到壶内，当壶内水位达到规定容量时，自吸泵自动停止抽水；再按一下加热按钮，加热装置将对壶内的水加热．如图所示．“控制电路”中的热敏电阻R1的阻值随温度变化的曲线如图所示．电磁铁线圈电阻可忽略不计，“饮水机”共安装有2根加热电热丝和一根保温电热丝，当电磁铁线圈中电流大于或等于50mA时，继电器的衔铁被吸合，使加热电路断开，保温电路工作．当线圈中的电流小于或等于40mA时，继电器的衔铁被释放，使加热电路闭合．电磁继电器的电源两端电压U=6V，饮水机的参数如表所示已知水的比热容c水=4.2×103 J/（kg· ℃），水的密度ρ水=1.0×103 kg/m3，g取10 N/kg，电热水机的铭牌数据如表.
（1）电磁继电器的接线柱 ________ （M/N）应与家庭电路的火线相连．
（2）如果自吸泵抽水效率为60%，求自吸泵将1.2 L水提升0.5 m消耗的电能 _____ .
（3）加热电路中2根“220V 600W”电热丝的合理连接方式是 ___________ （并联/串联）
（4）为了实现温度控制，饮水机加热电热丝（图中未画出）应该选择接在以下的 ____ ．
A．AD端 B．BC端 C．AB端 D．CD端
（5）假设饮水机内水温达到90℃时，温控电路就将电路切换到保温状态，此时滑动变阻器的阻值为__________ Ω．
（6）现将滑动变阻器R2的阻值适当调小，则该饮水机的保温范围将比原来 ____ （大/小）.
2、物体被照明的程度可用照度表示，单位是lx．某光敏电阻的阻值随照度变化的关系如图所示，如图是一种灯光和电铃的控制电路图，要求当开关S闭合时，光敏电阻上的照度小于0.9lx只有灯L1亮，照度大于等于0.91x时，灯L2亮、电铃响．已知控制电路的电源电压是220V，电磁继电器的线圈电阻可以忽略不计，其中电流达到20mA时才能把金属片吸下．试通过计算说明在虚线框内并联接入一个多大的电阻才能使控制电路正常工作．
3、物理学中常用磁感应强度（用字母B表示）来描述磁场的强弱,它的国际单位是特斯拉（符号是
T），为了研究“电磁铁产生的磁场强弱与什么因素有关”设计了如甲所示的电路，R2的阻值为10Ω，R为磁敏电阻．其阻值随磁感应强度B变化的图像如图乙．
（1）当S1断开，S2闭合时，电压表的示数为3V，则此时电流表的示数为多少A？
（2）再闭合S1，移动滑动变阻器R1的滑片，当电流表示数为0.2A时，求该磁敏电阻所在位置的磁感应强度？
（3）保持R1的滑片位置不变，换线圈匝数更多的电磁铁，放在同一位置，电流表示数变小，就得到结论：线圈匝数越多，电磁铁磁性越强．对吗？为什么？
4、如图甲所示的恒温箱，由工作电路和控制电路组成，其简化电路如图乙所示，其中控制电路是由线圈电阻、热敏电阻R、滑动变阻器R'串联组成，电源两端电压恒为6V，线圈的阻值为150Ω，热敏电阻的R t-图像如图丙所示；R'的阻值为100Ω时，恒温箱可以实现100℃的恒温控制；当线圈的电流达到0.02A时衔铁被吸合；其中加热器的额定电压为220V，额定功率为500W。

（1）请简述恒温箱的工作原理；
（2）当恒温箱实现100℃恒温控制时，热敏电阻R消耗的功率是多少？
（3）如果要使恒温箱能够设置50℃至150℃之间的温度，那么可变电阻R'的阻值范围为多少？
（4）由于输电导线上有电阻，当某次加热器的实际功率为405W时，工作电路的实际电压为多少？
5、硫化镉（CdS）是一种光敏材料，其电阻值R随光照强度E（E越大表示光照越强，其国际单位为cd）的变化如图2所示．某展览厅（如图1所示）为保护展品．采用这种材料设置了调光天窗．当外界光照较强时，启动电动卷帘适时调整进光量；当外界光照较弱时，自动启动节能灯给予补光．调光天窗的电路原理如图3所示，R0为定值电阻，R为CdS电阻，P为电磁铁，其线圈电阻R P为10Ω，当电流达到0.06A时能吸合衔铁．已知电源电压U1＝12V，U2＝220V，则：
（1）图2中R随光照强度E变大而_____（选填“增大”或“减小”）．
（2）图3中的L代表的是并联安装在展厅内的10盏“220V 10W”节能灯，这些节能灯同时正常工作4小时，共消耗电能_____kW•h．
（3）若要缩短节能灯点亮的时间，可换用阻值较_____（选填“大”或“小”）的R0．
（4）当外界光照强度达到1cd时，电动卷帘便开始工作，求R0的阻值___．
---------参考答案-----------
一、单选题
1、C
【解析】
【详解】
A．法拉第在1831年发现了电磁感应现象，故A不符合题意；
B．安培建立了安培定则，用于判断通电螺线管的磁极，故B不符合题意；
C．奥斯特发现了通电导体周围存在磁场，是第一个发现电现象与磁现象之间有联系的人，故C符合题意；
D．牛顿是经典力学的奠基人，在物理学方面的主要贡献是牛顿三大力学定律及万有引力定律，故D不符合题意。

故选C。

2、C
【解析】
【详解】
A．两灯各自的电压相等，不一定是并联，因为两个规格相同的灯串联时，两端的电压也相等，故A不符合题意；
B．灯的亮度取决于灯的实际功率，灯的实际功率太小，此时电路中有电流，灯也不会亮，故B不符合题意；
C．两手互相搓动，克服摩擦做功，使手的内能增加，温度升高，属于做功改变物体的内能，是机械能转化为内能，故C符合题意；
D．当通电直导体下磁针的位置的磁场方向与磁针指向一致时，磁针不会旋转，故D不符合题意。

故选C。

3、A
【解析】
【详解】
老式手摇式发电机的原理是电磁感应现象；
A．由图可知，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，灵敏电流计的指针会发生偏转，这说明产生的感应电流，这是电磁感应现象，故A符合题意；
B．该图是电流的磁效应，不是发电机的工作原理，故B不符合题意；
C．通电导体ab在磁场中受到力的作用，是电动机的工作原理，故C不符合题意；
D．该图是探究影响电磁铁磁性大小因素的实验，电磁铁的原理是电流的磁效应，故D不符合题意。

故选A。

4、D
【解析】
【详解】
A．ab水平向左运动切割磁感线，蹄形磁体的磁场方向不变，导体棒运动方向相反，产生的感应电流反向，螺线管产生的磁场方向反向，小磁针N极转至左边，故A错误，故A不符合题意；
BC．ab竖直向上或向下运动，导体棒ab不切割磁感线，不产生感应电流，小磁针不偏转，故BC错误，故BC不符合题意；
D．由图可知，蹄形磁体的磁场方向反向，导体棒ab的运动方向反向，导体棒切割磁感线产生的电流方向不变，小磁针的偏转方向不变，小磁针N极仍然转至右边，故D正确，故D符合题意。

故选D。

5、B
【解析】
【详解】
A．牛顿在伽利略笛卡儿、开普勒等人研究的基础上，采用归纳与演绎综合与分析的方法，总结出了普遍适用的力学运动规律，故A不符合题意；
B．伽利略是杰出的意大利科学家，年轻时，他通过观察教堂里吊灯的来回摆动，进而反复进行实验，发现了摆的等时性原理，故B符合题意；
C．法拉第发现了电磁感应现象，故C不符合题意；
D．丹麦的物理学家奥斯特通过实验最早发现了电流周围存在磁场，揭示了电与磁之间的联系，故D不符合题意。

故选B。

6、D
【解析】
【详解】
A．由图知，电流从螺线管的右侧流入，利用安培定则，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向电磁铁的右端为N极，故A错误；
B．滑片P向右滑动过程中，滑动变阻器连入电路中的电阻变大，则电路中的电流变小，通电螺线管的磁性减弱。

故B错误；
CD．由左图可知，滑动变阻器的滑片P向左滑动过程中接入电路中电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大。

电磁铁磁性的强弱与线圈匝数和通过的电流有关，且匝数不变，通过的电流越大，磁性越强。

则此时电磁铁的磁性变强。

由右图可知，巨磁电阻处于磁场越强的位置其电阻越小，那么此时巨磁电阻的阻值变小，巨磁电阻和灯泡并联，所以灯泡的亮度不变。

根据欧姆定律可知，通过巨磁电阻所在电路的电流变大，灯泡所在支路的电流不变，那么干路中的电流变大，而电流表测干路的电流，所以电流表的示数变大。

故C错误，D正确。

故选D。

7、D
【解析】
【详解】
①探究电流与电阻的关系时滑动变阻器是为了保护电路和控制电阻两端的电压不变；
②用“伏安法”测电阻时，滑动变阻器是为了改变定值电阻两端电压，测量对应电流，进行多次实验测量求平均值，减小误差；
③研究影响电阻大小因素时滑动变阻器是是为了保护电路和更换不同电阻丝，保持电压不变，测量对应电流值，
④研究电磁铁磁性强弱与线圈匝数关系时要控制电路电流不变，为了让匝数不同电磁铁通过的电流相
等，通过调节滑动变阻器保持电流不变，故ABC错误，D正确。

故选D。

8、C
【解析】
【详解】
AB．电磁铁是根据电流的磁效应制成的，电磁铁磁性的强弱与电流的大小和线圈的匝数的多少有关，与电流的方向无关，故AB错误；
C．出现超载情况时，电梯停止运行，即K与A是分开的，K被电磁铁吸下，与B接触，从而使电铃发出声音，故C正确；
D．超载时，压力增大，电磁铁的磁性变大，能把衔铁吸下，说明电路中的电流是变大的，即总电阻是减小的，所以压敏电阻的阻值随压力的增大而减小，故D错误。

故选C。

9、A
【解析】
【详解】
A．洗衣机是利用电动机工作的，将电能转化为机械能，不属于热机，故A符合题意；
BCD．柴油机、火箭和蒸汽轮机工作时，将内能转化为机械能，属于热机，故BCD不符合题意。

故选A。

10、B
【解析】
【分析】
【详解】
A．托里拆利最早精确地测出了大气压的值，不是液体的压强，故A不符合题意；
B．奥斯特实验说明通电导体周围存在磁场，故B符合题意；
C．磁感线是理想化的物理模型，磁感线实际上并不存在，故C不符合题意；
D．根据带电体间的相互作用的实验可以得出同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，故D不符合题意。

故选B。

二、填空题
1、法拉第发现了电磁感应现象
【详解】
[1][2]法拉第发现了电磁感应现象或牛顿总结了牛顿第一运动定律；焦耳发现了焦耳定律；奥斯特发现了通电导线周围有磁场等。

2、磁减小增加
【详解】
[1]电磁继电器是利用其中的电磁铁磁性的强弱变化来控制触点的断开和闭合，从而控制电路，所以它是利用电流的磁效应原理工作的。

[2]光照弱时电灯L自动发光，光照强时电灯L自动熄灭；说明光照弱时电路中电流小，电磁铁磁性弱，衔铁不能被吸下，开关闭合，光照强时电路中电流大，电磁铁磁性强，衔铁被吸下，开关断开；所以，光照弱时，光敏电阻R2的阻值较大，光照强时，光敏电阻R2的阻值较小，即敏电阻R2的阻值随光照强度的增加而减小。

[3]若将定值电阻R1换成阻值稍大的电阻，则光敏电阻R2阻值更小时，才能使电磁铁具有足够强磁性将衔铁吸下，即需要光照更强时，才能使灯熄灭，所以会增加电灯L的发光时间。

3、小磁针南北电磁铁
【详解】
[1]从图中可以看到，闭合开关后，电路中有电流，小磁针会转动起来，这是因为通电导线周围存在磁场，这是验证奥斯特实验，而小灯泡的发光，不能得知相应结论，所以做图示实验时的观察对象是小磁针。

[2]因为小磁针受到地磁场的作用，会指南北方向，为了让这个偏转现象更加明显，应使电流产生的磁
场方向是东西方向，这样只有通电导线南北放置，才能做到。

[3]这个实验是电流的磁效应，利用这个实验的结论制造了电磁铁。

4、磁场强弱增强磁场越强巨磁电阻阻值越小
【详解】
（1）[1]闭合开关S2，指示灯不亮，说明巨磁电阻阻值很大，再闭合开关S1，指示灯发光，说明巨磁电阻变小，由此可知，巨磁电阻的大小与磁场强弱有关。

（2）[2]若滑片P向左移动，电路中的电流增大，电磁铁的磁性增强，观察到指示灯变得更亮，说明电路中的电流明显增强。

（3）[3]由欧姆定律知道，电路中GMR的阻值显著减小。

由此实验可得出结论：磁场越强巨磁电阻的阻值越小。

5、S 正
【详解】
[1]地磁场的N极在地理南极附近，其S极在地理北极附近，小磁针的N极指向地磁场的S极，小磁针的S极指向地磁场的N极，所以“小磁针”的上部是S极。

[2]根据异名磁极相互吸引可知，电磁铁的上端为N极，下端为S极；根据安培定则可知，用右手握住螺线管，大拇指指向上方，四指环绕的方向就是电流方向，由此可知电流从下端流入，上端流出，则电源的下部为正极。

三、计算题
1、 M 10J 并联 C 70 小
【解析】
【详解】
（1）由于开关控制火线，而电磁继电器衔铁相当于开关，所以，电磁继电器的接线柱M应与家庭电路的火线相连；
（2）由m V
ρ=知道，1.2L 水的质量是：m =ρ水 V =1.0×103 kg/m 3 ×1.2×10-3m 3 =1.2kg ， 如果自吸泵抽水效率为60%，则η=W Gh mgh W W W ==有
总总总
， 所以，自吸泵将1.2L 水提升0.5m 消耗的电能是： 1.2kg 10N /kg 0.5m 60%mgh W η⨯⨯==
总=10J ； （3）根据题意知道，当继电器的衔铁被吸合，使加热电路断开，保温电路工作；当继电器的衔铁被释放，使加热电路闭合，所以，加热电路与保温电路是并联关系，而安装的2根加热电热丝工作时为了互不影响，也应是并联关系．
（4）当电磁铁线圈中电流大于或等于50mA 时，继电器的衔铁被吸合，使加热电路断开，保温电路工作，由图1知道CD 端接保温电热丝；当线圈中的电流小于或等于40mA 时，继电器的衔铁被释放，使加热电路闭合，由图1知道AB 端应接2根“220V 600W”的电热丝（表示其额定电压为220V ），又由表中数据知道，加热功率为1200W ，故每根电热丝正常工作的功率为600W ；
（5）由图2知道，当饮水机内水温达到90℃时，热敏电阻R 1 =50Ω，由于当电磁铁线圈中电流大于或等于50mA 时，继电器的衔铁被吸合，使加热电路断开，保温电路工作，由电阻的串联和欧姆定律知道，此时电路的电流是：1650ΩU V
I R R R 滑滑
==++=0.05A ，解得此时滑动变阻器的阻值是：R 滑 =70Ω；
（6）现将滑动变阻器R 2 的阻值适当调小，由于加热和保温切换时的电流大小均不变，由欧姆定律知道，总阻值R 不变，由串联电路的电阻规律知道，R =R 2 +R 1，所以，当R 2 增小时，加热和保温切换时的R 1均增大，但两状态之间R 1的变化量相等，由图2知道保温范围变小了．
2、在虚线框内并联接入一个24.4kΩ的电阻才能使控制电路正常工作．
【解析】
【详解】
由图1知道，当照度等于0.91x 时，电阻为20kΩ，则通过光敏电阻的电流是：I 光 =U/R 光
=220V/20×103Ω=0.011A；
根据并联电路电流的特点知道，通过并联电阻的电流是：I R =I-I 光=0.02A-0.011A=0.009A ； 所以，虚线框内需要并联的电阻的阻值是：R=U/I R =220V/0.009A≈24400Ω=24.4kΩ．
点睛：本题考查的是电磁继电器的组成、原理和特点，解题的关键是分析清楚电路结构、由图象获取
所需信息、应用并联电路特点与欧姆定律解题
3、 (1) 0.3A；(2) 0.4T；(3)不对，没有控制通过电磁铁的电流相等．
【解析】
【详解】
(1)由图象可知，当R没有磁性时，R=10Ω，根据欧姆定律得，电流表的示数为
I=
3V
10Ω
U
R
==0.3A；
(2)电源电压为：
U=I（R+R2）=0.3A×（10Ω+10Ω）=6V；当电流表示数为0.2A时，此时电路的总电阻为：
R'=
6V
0.2A
U
I
=
'
=30Ω；
则R的阻值为：
R=R'-R2=30Ω-10Ω=20Ω，
对照图象可知，此时的磁感应强度为0.4T；
(3)保持R1的滑片位置不变，换线圈匝数更多的电磁铁，由于电磁铁的阻值发生了变化，导致电流变化，没有控制电流相同，故无法完成实验．
答：(1)此时电流表的示数是0.3A；
(2)此时的磁感应强度为0.4T；
(3)不对，没有控制通过电磁铁的电流相等．
【点睛】
此题是一道电与磁知识综合应用的创新题，需要知道欧姆定律的公式，通电螺线管的磁场与电流的大小和线圈的匝数有关．
4、 (1)详见解析；(2)0.02W；(3)60~120Ω；(4)198V。

【解析】
【分析】
【详解】
(1)衔铁未吸合时，加热器电阻丝工作，恒温箱温度升高，热敏电阻R 阻值减小；当线圈电流达到0.02A 时，衔铁被吸合，加热停止；
(2)恒温箱实现100℃恒温控制时，热敏电阻两端电压：
()006V 0.02A (150Ω100Ω)1V R U U U U U I R R ''=--=-+=-⨯+=，
热敏电阻消耗的功率：
1V 0.02A 0.02W R R P U I ==⨯=；
(3)根据题意可知，控制电路电源电压恒为6V ，当电路中的电流达到0.02A 时，衔铁被吸合，故无论怎样设定温度，电路中的总电阻都不变，100℃的恒温控制时
50R =Ω
电路中的总电阻
0150Ω50Ω100Ω300ΩR R R R '=++=++=总，
当恒温箱设置50℃时，由图丙可知
90ΩR =
变阻器接入电路中的电阻
0'300Ω150Ω90Ω60ΩR R R R =--=--=总，
当恒温箱设置150℃时，由图丙可知
30ΩR =，
变阻器接入电路中的电阻
0'300Ω150Ω30Ω120ΩR R R R =--=--=总，
要使恒温箱能够设置50℃至150℃之间的温度，可变电阻R '的阻值调节范围应该在60~120Ω；
(4)加热器的电阻：
2
2(220V)96.8Ω500W U R P =
==额额， 由2U P R =实实得
2405W 96.8ΩU P R ==⨯实
实， 198V U =实。

【点睛】
多以生活中的电热型家用电器为背景命题，涉及多挡位原理图、铭牌参数、图像等.考查的知识点有电功率、电能、电流、电阻、热量等相关计算，会涉及简答小问，涉及的公式有P UI =、W Pt =、U R l =、Q cm Δt =、Q W
η=等。

5、 减小 0.4 小 70Ω
【解析】
【分析】
（1）由图2可知，电阻值R 随光照强度E 的变化规律；
（2）先求出10盏节能灯的总功率，又知道正常工作时间，根据W ＝Pt 求出这些节能灯共消耗电能；
（3）为缩短路灯点亮时间，在设置时将光敏电阻的光照强度减小，结合图象和电磁铁能吸合衔铁的电流不变，利用欧姆定律判断即可；
（4）当外界光照强度达到1cd 时，根据图象可以看出R 的阻值，根据欧姆定律的变形公式求出总电阻，再利用串联电路电阻特点求出R 0的阻值．
【详解】
（1）由图2可知，R 随光照强度E 变大而减小．
（2）10盏节能灯的总功率：
P ＝10P 1＝10×10W＝100W ＝0.1kW ，
则这些节能灯同时正常工作4小时消耗的电能：
W ＝Pt ＝0.1kW×4h＝0.4kW•h．
（3）若要缩短节能灯点亮的时间，即当外界光照更弱时，电磁铁才能吸合衔铁，节能灯才能工作；由图2可知，当光照强度E 减小时，R 的阻值变大，而电磁铁能吸合衔铁的电流不变，电源电压不变，则电路总电阻不变，故应换用阻值较小的R 0．
（4）当外界光照强度达到1cd 时，由图2可知，R ＝120Ω，当电动卷帘便开始工作，电磁铁能吸合衔铁的电流I ＝0.06A ，由U I R
=得，电路总电阻： R 总＝112=0.06U V I A ＝200Ω，。