2024届辽宁省沈阳市重点联合体物理高一上期中预测试题含解析

2024届辽宁省沈阳市重点联合体物理高一上期中预测试题
考生须知：
1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。

选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。

2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。

3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）
1、甲物体的质量是乙物体质量的3倍，它们在同一高度处同时自由下落，下列说法正确的是（不计空气阻力（）A．甲比乙先着地B．甲的加速度比乙的大
C．甲、乙同时着地D．着地时甲的速度比乙的大
2、从同一位置出发，向同一方向做匀加速直线运动的甲、乙两物体的速度图象如图所示，两条线与v轴的夹角均为 ，下列说法中正确的是
A．甲、乙两物体的初速度和加速度都相同
B．运动过程中甲、乙两物体间的距离保持不变
C．运动过程中甲、乙两物体间的距离随时间均匀增大
D．运动过程中甲、乙两物体速度之差随时间均匀增大
3、钓鱼岛自古就是我国固有的领土，它到温州的距离为356 km.若某天我国海监船为维护我国对钓鱼岛的主权，早上8：00从温州出发去钓鱼岛巡航，航行了480 km，历时8时20分到达钓鱼岛．下列说法中正确的是( )
A．8：00是指时间间隔。

B．8时20分是指时刻。

C．该海监船位移大小为480 km，路程为356 km。

D．尽管海监船比较大，但在研究从温州出发去钓鱼岛巡航的位移时，可以将它看成质点。

4、关于位移和路程，下列说法错误的是（）
A．位移与运动路径无关，仅由初末位置决定
B．在任何情况下位移的大小都不等于路程
C ．路程是标量，位移是矢量，位移的运算不遵循算术相加法则
D ．位移是由初位置指向末位置的有向线段，路程是物体运动轨迹的长度
5、如图所示，一只气球在风中处于静止状态，风对气球的作用力水平向右．细绳与竖直方向的夹角为α，绳的拉力为T ，则风对气球作用力的大小为
A ．sin T α
B ．cos T α
C ．T sin α
D ．T cos α
6、下列说法正确的是（ ）
A ．形状规则的物体的重心，一定在物体的几何中心上
B ．物体的重心一定在其内部
C ．地球对物体的吸引力，就是物体的重力
D ．重力是由于地球对物体的吸引而产生的
7、关于摩擦力，以下说法中正确的是
A ．运动物体可能受到静摩擦力作用，但静止物体不可能受到滑动摩擦力作用
B ．静止物体可能受到滑动摩擦力作用，但运动物体不可能受到静摩擦力作用
C ．正压力越大，摩擦力可能越大，也可能不变
D ．摩擦力的方向可能与物体的运动方向不在同一直线上
8、如图所示，为一物体做匀变速直线运动的速度——时间图线，根据图线作出的以下几个判断，正确的是（）
A ．物体始终沿正方向运动
B ．在t =2s 前，物体位于出发点负方向上，在t =2s 后物体位于出发点正方向上
C ．物体先沿负方向运动，在t =2s 后，开始沿正方向运动
D ．前4s 内，当t =2s 时，物体距出发点最远
9、亚里士多德、伽利略和牛顿对力和运动的认识与研究，符合历史事实的是（ ）
A．亚里士多德认为在同一地点重的物体和轻的物体下落一样快
B．伽利略通过实验，物体的加速度与所受的力成正比，与它的质量成反比
C．牛顿通过实验发现，物体不受任何力的作用时，物体将静止或匀速直线运动
D．伽利略先是通过研究小球在斜面上的运动，然后外推到竖直情景，发现自由落体运动规律
10、有两个共点力，大小分别是3N和5N，则它们的合力大小
A．最大值为8N
B．可能为10N
C．最小值为2N
D．可能为1N
11、物体沿一条东西方向的水平线做直线运动，取向东为运动的正方向，其速度—时间图象如图所示，下列说法中正确的是
A．在4s末，物体速度的方向向西
B．4～6s内和6～7s内的加速度大小相等，方向相反
C．0～12s内，物体运动的位移为27m
D．0～12s内，物体运动的路程为81m
12、如图所示，高处有一竖直的空管，N端距离地面64m高，管长为14m，M、N为空管的上、下两端，空管以a=1m/s1，由静止开始竖直向下做匀加速运动，同时在M处一个大小不计的小球沿管的轴线以初速度v0竖直上抛，不计一切阻力，取g=10m/s1．小球的初速度v0大小为多少时可以满足在空管到达地面时小球在管内（）
A．30m/s B．18m/s C．31m/s D．33m/s
二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）
13、（6分）在利用重锤自由下落测量重力加速度的实验中：
若实验中打下的纸带如下图所示，相邻计数点时间间隔为0.02s，由纸带测量的数据可得相邻相等时间内的位移差
-=_________，可得出的结论是自由落体运动是__________运动，并测得其自由落BC AB
-=_________，CD BC
体运动的加速度为__________（结果保留两位有效数字）。

14、（10分）研究匀变速直线运动的实验中，如图所示为一次用电火花打点计时器记录小车运动情况的纸带，图中
A、B、C、D、E、F、G为相邻的计数点，相邻计数点间有4个点没画出，测得AB、AC、AD、AE、AF、AG的位移大小分别为S1=1.30cm，S2=3.10cm，S3=5.38cm，S4=8.16cm，S5=11.45cm，S6=15.26cm
打D点时（1）小车的瞬时速度大小为______m/s（以上结果均保留2位有效数字）．
（2）若电源频率高于50H z，若仍按照50H z计算，则速度大小的测量值比真实值______ （填“偏大”或“偏小”）．
三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）
15、（12分）物体做匀加速直线运动，初速度v0=10m/s，加速度a=2m/s2。

(1)求第5秒末的速度v的大小；
(2)求前5秒内的位移x的大小。

16、（12分）滑雪运动员由A点沿斜面顶端开始滑下做匀加速运动，加速度大小为a1=4m/s2，经B点后滑上水平面（经过B点时速度大小不变），开始以大小为a2=2m/s2的加速度做匀减速运动，运动了140m到达C点时的速度为4 m/s，问：
(1)斜面的长度是多少?
(2)运动员由A 经B 到达C 点所用的时间?
17、（12分）从同一抛点以30m/s 初速度先后竖直上抛两物体,抛出时刻相差2s,不计空气阻力,取g=10m/s 2
,两个物体何时何处相遇?
参考答案
一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）
1、C
【解题分析】
AC 、两物体做自由落体运动，加速度相同，都为g ．根据212
h gt ，高度相同，落地时间相同．故A 错误、C 正确； BD 、两者的加速度都是得重力加速度相同，根据v =gt 知，两物体着地的速度相同．故BD 错误．
【题目点拨】
该题比较简单，关键知道自由落体运动是初速度为0，加速度为g 的匀加速直线运动，自由下落的时间、速度与质量无关，只与高度有关．
2、C
【解题分析】
A.由图看出甲的初速度大于乙的初速度。

两图线平行，说明加速度相同.故A 错误.
BC.根据速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移，可知甲乙两物体间的距离等于两图线之间平行四边形的面积大小，可见，随着时间的延长，它们之间的距离均匀增大.故B 错误，C 正确.
D.两物体速度之差等于同一时刻纵坐标之差，可知两物体速度之差不变.故D 错误.
3、D
【解题分析】
时间是指时间的长度，在时间轴上对应时间段，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点。

位移是从初位置到末位置的有向线段，路程为轨迹的实际长度。

【题目详解】
8：00是指时刻，选项A 错误；8时20分是指时间间隔，选项B 错误；该海监船位移大小为356 km ，路程为480 km ，选项C 错误。

尽管海监船比较大，但在研究从温州出发去钓鱼岛巡航的位移时，船的大小可忽略不计，可以将它看成质点，选项D 正确；故选D 。

【解题分析】
试题分析：位移与运动的路径无关，是矢量，仅由初末位置决定，故A 说法正确；当物体做单方向直线运 动时，位移的大小等于路程，在其它情况下，路程大于位移的大小，故B 说法错误；路程是标量，位移是 矢量，矢量的运算遵循平行四边形定则，不遵循算术相加法则，故C 说法正确；位移是由初位置指向末位 置的有向线段，路程是物体运动轨迹的长度，故D 说法正确．所以B 说法错误，ACD 说法正确．
考点：路程和位移的概念
【名师点睛】本题主要考查了路程和位移的概念．位移是矢量，大小等于首末位置的距离，路程是标量， 大小等于运动轨迹的长度，矢量的运算遵循平行四边形定则．当物体做单向直线运动时，位移的大小等于 路程，在其它情况下，路程大于位移的大小．
5、C
【解题分析】
对气球受力分析，由水平方向平衡条件可得：sin F T 风α=，故C 正确．
6、D
【解题分析】
A ．物体的重心位置与物体的质量分布、物体的形状两个因素有关，形状规则、质量均匀分布的物体的重心，才在物体的几何中心上，故A 错误；
B ．物体的重心不一定在物体上，也可以在物体之外，比如均匀的圆环，重心在圆环之外，故B 错误；
CD ．物体的重力，是由于地球对物体的吸引而产生的，是地球对物体的万有引力的一部分，除地球的两极之外，万有引力大于物体的重力，故C 错误，D 正确。

故选D 。

7、CD
【解题分析】
AB. 静摩擦力存在于相对静止的两物体之间，滑动摩擦力存在于相对运动的两物体之间，则运动物体可能受到静摩擦力作用，静止物体也可能受到滑动摩擦力作用。

故AB 错误。

C.滑动摩擦力大小一定与压力成正比，正压力越大，滑动摩擦力越大。

而静摩擦力大小与压力没有直接关系，正压力越大，静摩擦力可能不变。

故C 正确。

D. 摩擦力的方向可能与物体运动方向不在同一直线上，如放在水平转盘上随转盘匀速转动的物体所受的静摩擦力指向圆心，与物体的运动方向垂直，故D 正确。

【解题分析】
AC ．物体在前2s 内沿负方向运动，后2s 内沿正方向运动，速度方向相反，故A 错误，C 正确；
BD ．根据速度图象与时间轴所围的“面积”表示位移，图线在横轴上方，位移为正值，在横轴下方位移为负值，则知在t =4s 时，物体离出发点的位移为零，物体返回到原出发点，所以物体4s 内始终位于出发点负方向上，故B 错误，D 正确。

9、AD
【解题分析】A 项，亚里士多德认为重的物体要比轻的物体下落的快，故A 项正确。

B 项，牛顿通过实验，物体的加速度与所受的力成正比，与它的质量成反比，故B 项错误
C 项，伽利略通过理想斜面实验，推理物体不受任何力的作用时，物体将静止或匀速直线运动，故C 项错误。

D 项，在研究自由落体运动时伽利略先是通过研究小球在斜面上的运动，然后外推到竖直情景，发现自由落体运动规律，故D 项正确。

综上所述，本题正确答案为AD
10、AC 【解题分析】两力合成时，合力范围为：1212F F F F F +≥≥-，82N F N ≥≥，故AC 正确，BD 错误。

点睛：两力合成时，遵循平行四边形定则，合力随两个力间的夹角的增加而减小，当两个力同向时，夹角最小，合力最大，反向时夹角最大，合力最小，合力范围为：1212F F F F F +≥≥-。

11、CD
【解题分析】
A ．在4s 末，物体速度为正，则方向向东，选项A 错误；
B ．因v-t 线的斜率等于加速度，可知4～6s 内和6～7s 内的加速度大小相等，方向相同，选项B 错误；
C ．因v-t 图像与坐标轴围成的面积等于位移，则0～12s 内，物体运动的位移为
111(612)2(24)12(36)627m 222
+⨯++⨯-⨯+⨯= 选项C 正确；
D ．0～12s 内，物体运动的路程为
111(612)2(24)12(36)681m 222
+⨯++⨯+⨯+⨯= 选项D 正确。

12、AC
【解题分析】
设小球初速度v 0，空管经t '时间到达地面，则有：
21'2
H at = 解得：
'8s t == 小球在t '时间下落高度为：
201''2
h v t gt =-+ 小球落入管内的条件是：
64m≤h ≤88m
解得：
19m/s≤v 0≤31m/s
A. 30m/s 与分析相符，故A 正确。

B. 18m/s 与分析不符，故B 错误。

C. 31m/s 与分析相符，故C 正确。

D. 33m/s 与分析不符，故D 错误。

二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）
13、3.89mm 3.87mm 匀加速直线 9.7m/s 2
【解题分析】
本题主要考察自由落体的规律。

【题目详解】
[1][2]由图得
=46.9429.2517.69mm BC OC OB -=-=
29.2515.4513.8mm AB OB OA =-=-=
所以
3.89mm BC AB -=
[3]因为
=68.5046.9421.56mm CD OD OC -=-=
所以
3.87mm CD BC -=
两位移差相差在误差范围内，所以可近似看做相同，即相邻的时间段内的位移差相同。

所以是匀加速直线运动；
[4]加速度
229.7m s x a T
∆== 14、0.25 偏小
【解题分析】
①中间时刻的瞬时速度等于平均速度，则：420.25/2D s s v m s T
-==； ②频率越高对应的时间越短，真实的位移除以长的时间，测量值偏小．
三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）
15、（1）20m/s （2）75m
【解题分析】
(1)由速度公式可得
v =v 0+at =(10 +2×5)m/s=20m/s
(2)由位移公式可得，前5s 内的位移为
x =v 0t +12at 2=10×5+12
×2×(5)2=75m 16、 (1)72m(2)16s
【解题分析】
（1）根据BC 段做匀减速运动求解B 点速度，然后根据AB 加速运动求解斜面长度；
（2）根据速度与时间的关系求解时间；
【题目详解】
（1）设B 点速度为，由于BC 段做匀减速运动，根据速度与位移关系可以得到：
，代入数据可以得到：
从A 到B 加速运动，则；
（2）在BC 段做匀减速运动，根据速度与时间的关系可以得到：
在AB 段加速运动的时间为：
则运动员由A 经B 到达C 点所用的时间为：。

【题目点拨】
解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，注意加速运动和减速运动时加速度的矢量性的问题。

17、后抛出物体运动2s 后两物体在离抛出点40m 处相遇。

【解题分析】
设后抛出的物体运动时间t 后两物体相遇，
先抛物体运动的位移为：
后抛物体运动的位移为：
由两物体相遇，则有：，其中由以上各式解得：，
所以
即两物体在离抛出点40m处相遇。