广西省崇左市2019-2020学年中考物理模拟试题(1)含解析

广西省崇左市2019-2020学年中考物理模拟试题（1）
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1．小明同学静立在磅秤上，下列属于平衡力的是
A．人的重力与磅秤对人的支持力
B．人对磅秤的压力与磅秤对人的支持力
C．磅秤的重力与磅秤对人的支持力
D．磅秤的重力与人的重力
A
【解析】
【分析】
（1）物体静止时或做匀速直线匀速时处于平衡状态，受到的力为平衡力；
（2）二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，四个条件缺一不可．
【详解】
A. 人的重力与磅秤对人的支持力，两个力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，符合二力平衡的条件，是一道平衡力，故A正确；
B. 人对磅秤的压力作用在磅秤上，磅秤对人的支持力作用在人上，作用在两个物体上，不符合二力平衡的条件，故B不正确；
C. 磅秤的重力作用在磅秤上，磅秤对人的支持力作用在人上，且两个力的大小不一定相等，不符合二力平衡条件，故C不正确；
D. 磅秤的重力作用在磅秤上，人的重力作用在人上，且两个力的方向相同，大小不一定相等，不符合二力平衡条件，故D不正确．
故选A.
2．如图所示，用滑轮组把重为200N的货物在10s内匀速提高到9m高的楼上，所用拉力为80N，则总功和滑轮组的机械效率分别是（）
A．1800J 83.3%
B．2160J 80%
C．2160J 83.3%
D．1800J 80%
C
【解析】
【详解】
有用功：W有用=Gh=200N×9m=1800J，由图可知，n=3，则绳端移动的距离：s=nh=3×9m=27m，拉力做的总
功：W总=Fs=80N×27m=2160J，滑轮组的机械效率：
1800J
100%100%83.3%
2160J
W
W
η=⨯=⨯≈
有用
总
．故选C．3．如图所示电路中，电源电压不变．闭合电键S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，则
A．A表示数与A1表示数的差值变大B．A表示数与A1表示数的比值变大
C．V表示数与A表示数的比值变大D．V表示数与A1表示数的乘积变大
D
【解析】
【详解】
由电路图可知，R1和R2并联，电压表测量并联支路（电源电压）电压，电流表A1测R2支路的电流，A 测干路电流；∵电源的电压不变，∴电压表的示数不变；∵并联电路中各支路独立工作、互不影响，∴滑
片移动时，通过R1的电路不变，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变小，∵I=U
R
，
且并联电路中各支路两端的电压相等，∴通过滑动变阻器R2支路的电流变大，即电流表A1的示数变大，∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和，∴干路电流变大，即电流表A的示数变大；
A．由上面分析知A表变化值等于A1表变化值，即A表示数与A1表的示数的差值不变，故A错误；B．A表增加的数值等于A1表增加的数值，即A表示数与A1表示数的比值变小，故B错误；
C．电压表示数不变，A表示数增大，所以V表示数与A表示数的比值变小，故C错误；
D．因为V表示数不变，A1表示数增大，所以V表示数与A1表示数的乘积变大，故D正确。

4．如图所示，电路中电源两端电压不变，R为定值电阻。

将滑动变阻器的滑片P置于中点，闭合开关S 后，各电表均有示数。

现将滑动变阻器的滑片P由中点向左移动，则
A．电流表的示数变大
B．电压表1V的示数变小
C．电压表2V的示数变大
D．电压表2V示数与电流表示数的比值不变
D
【解析】
【详解】
由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表V1测变阻器两端的电压，电压表V2测R两端的电压，电流表测电路中的电流。

现将滑动变阻器的滑片P由中点向左移动，变阻器接入电路中的电阻变大，电路的总电阻变大。

A.由I=U
R
可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小。

故A错误。

B.C.变阻器接入电路中的电阻变大，由串联电路分压规律可知，变阻器两端的电压变大，定值电阻R两端电压变小，即电压表V1的示数变大，V2的示数变小。

故B、C错误。

D.电压表V2示数与电流表示数的比值等于定值电阻R的阻值，定值电阻的阻值不变，所以V2示数与电流表示数的比值不变。

故D正确。

5．下列实例中，为了减小摩擦的是（）
A．足球守门员戴有防滑手套B．骑自行车刹车时用力捏闸
C．运动鞋的底部制有凹凸不平的花纹D．给自行车的车轴加润滑油
D
【解析】A. 足球守门员戴有防滑手套，是在压力一定时，通过增大接触面粗糙程度的方法增大摩擦的；
B. 骑自行车刹车时用力捏闸，是在接触面一定时，通过增大压力的方法增大摩擦的；
C. 运动鞋的底部制有凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面粗糙程度的方法增大摩擦的；
D. 给自行车的车轴加润滑油，可以将接触面分离，用光滑的油膜代替接触面，减小摩擦力；
故D是为了减小摩擦，符合题意。

点睛：重点是增大和减小摩擦力的方法，牢记影响滑动摩擦力的两个因素，即压力和接触面的粗糙程度，可以通过增大压力或增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，反之减小摩擦力，另外用滚动代替滑动可以大大减小摩擦力。

6．质量相等、初温相同的水和酒精，分别用两个相同的加热器加热，不计热量损失．加热过程中，温度随时间变化的图像如图所示．关于a、b两种液体的鉴别结论正确的是
A．a的比热大，是水B．a的比热大，是酒精
C．b的比热大，是水D．b的比热大，是酒精
C
【解析】
如图所示，在某一定时间时，a的温度的变化量比b的温度变化量大；利用热量的计算公式Q="cm△t" 分析，a的比热容小，是酒精；b的比热容大，是水．故选C．
思路分析：如图所示，可以采用控制变量法分析，具体做法在时间一定时，比较温度的变化量；然后再利用热量的计算公式分析即可．
试题点评：本题采用了控制变量法，这是一种常用的一种分析问题和探究物理问题的方法．学生要熟知其道理．
7．生活中用“低声细语”来形容声音，这里的“低”描述的是声音的
A．音调B．响度C．音色D．频率
B
【解析】
【详解】
声音的特征有音调、响度、音色，三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个特征的因素各不相同．音调与声音振动的频率有关，响度与振动的幅度和距声源的距离有关，音色取决于发声体的形状、材料和结构．“低声细语”中的“低”是指声音的响度小．故B正确．
8．如图所示，电源电压保持不变，R1为定值电阻．闭合开关S，当滑动变阻器的滑片向右移动的过程中，下列判断正确的是（）
A．电流表A的示数变大，电压表V1的示数变小
B．电流表A的示数变小，电压表V2的示数变小
C．电压表V1的示数与电流表A的示数的比值变大
D．电压表V2的示数与电流表A的示数的比值变小
D
【解析】
试题分析：由图示电路图可知，两电阻串联，电流表测电路电流，电压表V1测电阻R1两端电压，电压表V2测滑动变阻器两端电压；由图示电路图可知，滑片向右移动过程中，滑动变阻器接入电路的阻值减小，电路总电阻减小，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流变大，电流表示数变大，滑动变阻器接入电路的阻值减小，滑动变阻器分压减小，电压表V2示数减小，灯泡两端电压变大，电压表V1示数变大，故AB错误；电压表V1的示数与电流表A的示数的比值等于定值电阻R1的阻值，定值电阻阻值不变，电压表V1的示数与电流表A的示数的比值保持不变，故C错误；由A可知，电压表V2 的示数变小，电流表A的示数变大，则电压表V2的示数与电流表A的示数的比值变小，故D正确．
考点：电路的动态分析
9．如图所示电路，闭合开关，甲、乙两灯泡均发光，过一会儿，其中一个灯泡突然熄灭，但两电表指针仍明显偏转．造成此现象的原因可能是
A．甲灯泡短路B．乙灯泡短路C．甲灯泡断路D．乙灯泡断路
C
【解析】
【分析】
【详解】
由图可知，该电路为并联电路，电流表测量乙的电流，电压表测量电源电压；甲、乙两灯泡均发光，过一会儿，其中一个灯泡突然熄灭，但两电表指数仍明显偏转，这说明电路不是短路，而是一个支路断开；电流表有示数，说明乙正常，故故障是甲断路．
故选C．
10．如图所示，将平面镜和铅笔竖直放置在水平桌面上，下列说法正确的是
A．铅笔水平向右移动时，它的像将变小
B．平面镜竖直向上移动时，铅笔的像也将向上移动
C．若改用一块较小的平面镜，铅笔的像将变小
D．若铅笔按图示箭头方向转过45°，铅笔将与它的像垂直
D
【解析】
【详解】
A．平面镜中所成的像与物大小相等，铅笔水平向右移动时，它的像大小将不变，故A错误．
B．平面镜中所成的像与物关于镜面对称，所以平面镜竖直向上移动时，铅笔的像将不动，故B错误．C．平面镜所成的像与物体大小相等，若改用一块较小的平面镜，铅笔的像大小不变，故C错误．D．若铅笔按图示箭头方向转过45°，铅笔与平面镜成45°角，根据平面镜成像的特点，像与物关于平面镜对称，像与镜面也成45°角，所以铅笔将与它的像垂直，故D正确为答案．
二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11．1800年，意大利科学家伏打在实验中发现，在一个装有硫酸溶液烧杯中，把一个铜板和一个锌板作为电极插入硫酸溶液中，在铜板和锌板之间接入一个小灯泡，小灯泡发光．此装置就是一个电池，叫做伏打电池．用电压表可以测出伏打电池的电压，如图所示．关于伏打电池，下列所提出的问题中属于可探究的科学问题的是
A．伏打电池的电压与电极的材料有关
B．伏打电池与现在电池无关
C．改变电极间的距离，电池的电压会改变
D．伏打电池就是现代使用的蓄电池
AC
【解析】
【分析】
科学问题是指能够通过收集数据而回答的问题．一般而言，可以探究的科学问题描述的是两个或多个变量之间的关系．
【详解】
在关于伏打电池中，可探究的是电压与电极的材料、电压的大小、改变电极间的距离、硫酸溶液的浓度等因素是否有关．
故选AC．
【点睛】
从实际的角度能选出可探究的科学问题是解决该题的关键．
12．下列关于家庭电路及安全用电的说法正确的是
A．只要人体与大地绝缘，即使同时接触火线和零线也不会发生触电事故
B．低压电对人体才是安全的
C ．在检查家庭电路中故障时，用试电笔接触插座某孔，试电笔发光，说明接触的是插座右孔
D ．三脚插头上标有“L”的线是连接电路中火线的
CD
【解析】
【详解】
A ．站在绝缘体上的人一只手接触火线另一只手同时接触零线会形成双线触电。

故A 错误。

B ．经验证明，只有不高于36V 的电压，对人体才是安全的。

故B 错误。

C ．家庭电路插座的接法是“左零右火上接地”，试电笔发光，表明接触的是火线，即接触的是插座右孔。

故C 正确。

D ．三脚插头的
E 号脚与用电器外壳相连，当插头插入插座时，E 号脚与三孔插座的E 号相连，使金属外壳与大地相连，即E 号脚为接地线；L 脚连接电路的火线；N 脚连接电路的零线。

故D 正确。

13．如图所示，电源电压不变，闭合开关S ，将滑动变阻器的滑片P 向右移动的过程中，电压表V 1、V 2的示数变化量分别△U 1、△U 2，电流表示数的变化量为△I 。

（灯丝电阻不变）下列说法正确的是
A ．△U 1/△I 增大，△U 2/△I 不变
B ．电压表V 2示数与电流表示数比值变小
C ．电压表V 1与V 2示数之和变小
D ．灯泡变亮，电路的总功率变大
BD
【解析】
【详解】
A ．由电路图可知，L 、R 1、R 2串联，电流表A 测总电流，电压表V 1测L 、R 1的电压，电压表V 2测R 2的电压，滑动变阻器的滑片P 向右移动的过程中，电压表V 1与V 2示数都变化，根据串联电路特点，△U 1=△U 2，所以121L U U R R I I
==+V V V V ，不变，故A 错误； B ．滑动变阻器的滑片P 向右移动的过程中，滑动变阻器的电阻变小，根据欧姆定律，电压表V 2示数与电流表示数比值变小，故B 正确
C ．由电路图可知，电压表V 1与V 2示数之和等于电源电压，不变，故C 错误；
D ．滑动变阻器的滑片P 向右移动的过程中，总电阻减小，所以总电流变大，由欧姆定律可得，灯泡的功率变大，灯泡变亮，电路的总功率变大，故D 正确。

三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14．如图所示，虚线框内有两个阻值分别为5Ω、10Ω的电阻，小明同学想了解其连接方式，于是用3V 的电源，电流表和开关进行了检测，闭合开关后，测得电流表的示数为0.2A ，则两个电阻的连接方式是________________,若要增大电流表的示数，可采取的措施有________________________．
串联 增大电压或只接一个电阻或将两电阻并联
【解析】
【详解】
用3V 的电源，电流表和开关进行了检测，闭合开关后，测得电流表的示数为0.2A ，则两个电阻的连接方式是串联,若要增大电流表的示数，可采取的措施有将两个电阻改为并联．
15．如图所示，斜面长S=10m ，高h=4m ．用沿斜面方向的推力F ，将一个重为150N 的物体由斜面底端A 匀速推到顶端B ．运动过程中物体克服摩擦力做了200J 的功．求：
（1）运动过程中克服物体的重力做的功W=_____J ；
（2）斜面的机械效率η=_____；
（3）推力F 的大小F=_____N ．
600 75% 80
【解析】
【详解】
克服重力做功：mgh=G W =600J ；机械效率：600==100%=800
W W 有用
总η⨯75%；推力做功800F W J =,F=F W S
=80N. 16．如图所示，让一条形磁铁由静止释放，当磁铁穿过线圈时，线圈中有电流产生，不计空气阻力，则条形磁铁在下落过程中机械能_____（选填“减小”、“不变”或“增加”）
减小
【解析】
磁铁下落过程中受到线圈的阻力作用，有机械能转化为电能，机械能减小．
点睛：条形磁铁在下落过程中穿过闭合线圈，线圈中产生电流，该过程是电磁感应现象，即将机械能转化为电能，也是克服阻力做功的过程．
17．电影、幻灯银幕是用粗糙的白布做成，其优点在于：—是利用______使剧场里各处的观众均能看到画面；二是白布能反射__________颜色的光，使观众能看到色彩正常的画面．
漫反射各种
【解析】
【详解】
放映电影、幻灯的银幕常用粗糙的白布做成，粗糙的银幕凹凸不平，光在白布上发生漫反射，使反射光线射向各个方向，使各处的观众都能看到画面；并且白布能反射所有色光，使观众能看到色彩正常的画面．【点睛】
解答此题要明确以下两点：光滑的表面会发生镜面发射，粗糙的表面会发生漫反射，二者都遵循光的反射定律；根据白色等反射所有的色光，黑色吸收所有的色光来解答此题．
18．放在水平桌面上的物理课本重为3N，现用1N的水平拉力，在水平面内沿直线匀速拉动课本0.5m．则课本的重力做功______J，水平拉力做功______J．
0 0.5
【解析】
试题分析：：①重为3N的物理课本，在水平面上匀速拉动0.5m，虽然有力，也有距离，距离不是在重力的方向上通过的距离，所以没做功．
②课本水平拉力为1N，并在水平面上匀速前进0.5m，具备做功的两个条件，所以拉力做了功，
∴W=Fs=1N×0.5m=0.5J，
考点：功的计算
四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19．甲醛对人体的危害非常严重，因此装修房屋时检测甲醛污染指数非常重要。

小明同学设计了移动甲醛检测设备，原理如图甲所示。

电源由三节新干电池串联组成，R0是标有“20Ω 1A”字样的滑动变阻器，R 为可以感知甲醛污染指数的可变电阻。

（1）当R0的滑片滑到中点时，它两端的电压为1.5V，此时污染指数是多少？
（2）当R0的滑片滑到中点，污染指数为50时，电路中的电流是多少？
（3）显示器由0～3V的电压表改装而成，移动滑片位置，使其最大显示污染指数为250，此时电路消耗
的总功率是多少？
（4）不增加其它元件的前提下，提出两种增大量程的方法。

（1）150；（2）0.075A；（3）0.675W；（4）不增加其它元件的前提下，增大量程的方法是利用两节干电池串联作为电源；将电压表与可变电阻并联使用。

【解析】
【详解】
电源电压为3×1.5V＝4.5V，
（1）由图知两电阻串联，当R0的滑片滑到中点时，滑动变阻器的电阻为＝10Ω，它两端的电压为1.5V，
因串联电路中电流处处相等，则电路的电流为：I＝I0＝＝＝0.15A，
可变电阻两端的电压：U R＝U﹣U0＝4.5V﹣1.5V＝3V，
可变电阻R的阻值：R＝＝＝20Ω，
由图乙知当可变电阻的阻值为20Ω时，污染指数为150；
（2）由图乙知污染指数为50时，可变电阻R′＝50Ω，此时R0的滑片滑到中点，
电路中的电流：I′＝＝＝0.075A；
（3）由图乙知，使其最大显示污染指数为250时，可变电阻R的阻值为10Ω，此时电压表的示数最大为3V，
因串联电路中总电压等于各分电阻两端的电压之和，
所以可变电阻两端的电压：U R′＝U﹣U0＝4.5V﹣3V＝1.5V，
则此时电路中的电流为I′＝＝＝0.15A，
此时电路消耗的总功率：P′＝UI′＝4.5V×0.15A＝0.675W；
（4）由于电压表的量程最大为3V，所以可以减小电源电压，即可利用两节干电池串联作为电源；从而提高污染指数的测量范围；
由于可变电阻的阻值随甲醛污染指数的变大而减小，所以当污染指数变大时可变电阻的阻值减小，根据串联电路的分压特点可知可变电阻两端的电压变小，所以可以将电压表与可变电阻并联；
20．为了节约水资源，公厕用的定时定量冲水装置主要部件如图所示．浮筒底面积为S1=100cm2且足够高，略大于出水口的圆形阀门（厚度不计）的表面积为S2=20cm2，浮筒与阀门用细杆相连，不计浮筒、阀门、轻杆的重量．通常情况下，水龙头以滴漏形式向储水桶供水，当储水罐水位上升到20cm时，浮筒即将通
过轻杆将阀门拉起冲水，问即将开始冲水时（g=10N/Kg ，ρ水=1.0×103kg/m 3）：阀门所受水的压强p 为多少？浮筒对阀门的拉力为多大？浮筒浸入水中部分的深度H 为多少？
（1）2000Pa ；（2）4N ；（3）0.04m 【解析】 【详解】
解：（1）由题可知，当h=20cm 时，阀门受到水的压强为： p=ρgh=1.0×103kg/m 3×10N/kg×0.2m=2000Pa ；
（2）阀门受到水向下的压力和浮筒向上的拉力，刚被拉起时，因为不计重力，两个力大小相等，则拉力 F 拉=F 压=pS=2000Pa×2×10﹣3m 2=4N ；
（3）因为不计重力，浮筒在竖直方向只受到竖直向上的浮力和细杆向下的拉力F ’，F ’和F 拉是相互作用力，即F′=F 拉=4N ，
根据力的平衡得 F′=F 浮=ρ水gV 排 可得：4333
44101.010/10/F N
V m g kg m N kg
浮排水ρ-=
==⨯⨯⨯， 浮筒浸入水中部分的深度H 为43
42
410H 0.0410010V m m S m
--⨯===⨯排． 答：（1）阀门所受水的压强p 为2000Pa ； （2）浮筒对阀门的拉力为4N ；
（3）浮筒浸入水中部分的深度H 为0.04m ． 【点睛】
21．如图甲所示的电热水瓶是指一种加热、保温除氯等多功能电加热器其铭牌如图乙所示，简化的工作电路如图丙所示，其中R 1、R 2为定值电阻某次该热水瓶装满初温为20℃的水，接在家庭电路中，通电15min 恰好将一壶水烧开(外界大气压为1个标准大气压)．求：
（1）当开关S 、S 1均闭合时，电热水瓶处于什么状态?此时电阻R 1的阻值是多少? （2）保温时通过电热水瓶插头的电流为多少?(保留1位小数)
（3）傍晚用电高峰期，若实际电压只有200V 时，电热水瓶保温状态下的实际功率是多少?(保留整数) （4）电热水瓶通电15min 恰好将一壶水烧开，则加热时电热水瓶的热效率是多少?[水的比热容是4.2×103J/(kg·℃)]
（1）加热；24.2Ω；（2）1.8A ；（3）331W ；（4）93.3% 【解析】 【详解】
（1）由图丙电路图可以知道，当开关S 、S 1均闭合时均闭合时，电阻R 2被短路，只有电阻R 1接入电路，
此时电路总电阻最小，由2U P R
=可以知道，电路总功率最大，电热水瓶处于加热状态；由图乙可知，加
热时电热水瓶的功率P 加热=2000W ，电阻R 1的阻值：R 1=
22
(220V)==2000W
U P 加热24.2Ω； （2）由图乙可知，保温时的功率P 保温=400W ，保温时电流：I=
400W
=
220V
P U 保温≈1.8A ； （3）当开关S 闭合、S 1断开时，R 1、R 2串联，电热水瓶处于保温状态，电路中的总电阻为：R 总
22
(220V)==400W
U P =保温121Ω； 当实际电压只有200V 时，电热水瓶保温状态下的实际功率为：P 实22
(200V)=121Ω
U R =实
总≈331W ； （4）水的质量为：m=ρV=1.0×103kg/m 3×
0.5×10-3m 3=5kg ， 1个标准大气圧水的沸点是100℃，水吸收的热量：Q 吸
=cm Δt=4.2×103J/(kg·℃)×5kg ×(100℃-20℃)=1.68×106J ， 由图乙可知，加热时电热水瓶的功率P 加热=2000W ，
则15min 电热水瓶消耗的电能カ：W=P 加热t=2000W×
15×60s=1.8×106J ， 电热水瓶效率为：661.6810J
=1.810J
Q Q η⨯=
⨯吸=93.3%． 答：（1）当开关S 、S 1均闭合时，电热水瓶处于加热状态，此时电阻R 1的阻值是24.2Ω； （2）保温时通过电热水瓶插头的电流为1.8A ；
（3）傍晚用电高峰期，若实际电压只有200V 时，电热水瓶保温状态下的实际功率是331W ； （4）电热水瓶通电15min 恰好将一壶水烧开，则加热时电热水瓶的热效率是93.3%． 五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．如图所示，一木块静止在斜面上，请画出木块所受重力的示意图．
【解析】试题分析：从木块的重心开始，向竖直向下方向画一条有向线段，用G表示物体所受重力，如上图所示。

【考点定位】重力示意图
23．小球正从光滑斜面上滚下，在图中画出小球所受力的示意图．
【解析】
由于光滑斜面没有摩擦力，则此时小球受重力和支持力作用；过球心分别沿竖直向下的方向和垂直于斜面向上的方向画一条带箭头的线段，用符号G表示重力，用符号F表示支持力；如图所示：
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．图甲是探究“水沸腾时温度变化的特点”的实验装置：
如图乙所示，某时刻温度计的示数是
________________℃.图丙是根据实验数据绘制的温度—时间图像.由图像可知：水的沸点是________℃，分析图像还可以发现水降温时温度变化的规律是________________________________.结合图像提供的信
息，在同样的环境下，给大半杯滚烫的热水降温，现有两种方法供你选择：
①先让滚烫的热水冷却5min，然后加入冷水至满杯；
②先在滚烫的热水中加入冷水至满杯，然后冷却5min.
你认为冷却效果较好的是_____________（选填“方法①”或“方法②”）.
68100先快后慢方法①
【解析】
【详解】
（1）由图乙可知，温度计的分度值为1℃，液柱在0摄氏度以上，其示数为68℃；
（2）水沸腾时吸热，但温度不变，由图丙可知水的沸点是100℃，由图丙可知水降温时先快后慢；
（3）结合图象提供的信息，发现液体降温时先快后慢，在同样环境条件下，给一大碗滚烫的热水降温，故两种方法选择方法①。

25．“探究凸透镜成像的规律”实验中，固定凸透镜位置不动（图中C处）．
（1）当把蜡烛移动到图中B处，光屏移动到D处时，观察到光屏上呈现清晰的像，此时像和物大小相等，则该凸透镜的焦距为___cm．
（2）把蜡烛移动到A处，光屏上的像变得模糊，要使像变清晰，光屏应向___（选填“左”或“右”）适当移动，此时光屏上的像应该是倒立、__（选填“放大”或“缩小”）的实像．
（3）实验时，光屏上得到了烛焰清晰的像，一同学不小心在凸透镜上溅了一个小泥点，则光屏上_______（选填“有”或“没有”）小泥点的像或影子．
（4）当把蜡烛移到光具座上“45cm”处时，无论怎样调节光屏，光屏上始终接收不到像．要想看到这个像，眼睛应从图中的______（选填“①”或“②”）箭头所示的方向去观察．这种成像情况在生活中的应用是________．
10左缩小没有②放大镜
【解析】
【分析】
【详解】
(1)由图知，u=v=20.0cm，则可知20.0cm=2f，f=10.0cm；
(2)把蜡烛移动到A处，物距变大，像距变小，所以应将光屏靠近透镜，向左移动；
此时物距u=43cm>2f，成倒立、缩小的实像；
(3)不小心在凸透镜上溅了一个小泥点，，由于凸透镜的其他部分仍能会聚光线而成像，所以光屏上呈现的
仍然是烛焰完整的像，没有泥点的像；
(4)当蜡烛移到光具座上“45cm”处时，物距小于一倍焦距，在蜡烛同侧成正立放大的虚像，这是放大镜的原理，要想看到这个像，眼睛应从图中的②所示的方向去观察．
26．在探究热现象的实验中，小明将质量相等的冰和石蜡分别装在两个相同的试管中，并放在一个装有水的大烧杯中进行加热，如图甲所示，根据实验数据绘制的温度随时间变化的图象，如图乙所示，请回答下列问题：
将两试管放在同一个装有水的大烧杯中进行加热，目的是_____．由
图乙可知，_____（选填“A”或“B”）是冰，该物质在第4分钟时的状态为_____，冰在熔化过程中_____增大（选填“分子动能”成“分子势能”），当冰全部熔化后，继续加热使烧杯中的水沸腾并持续一段时间，发现试管中的水始终不会沸腾，其原因可能是_____．加热1分钟，冰、石蜡均为固态，由图乙可知，此时_____（选填“冰”或“石蜡”）的比热容较大．
使A、B受热均匀或AB吸热相同 A 固液共存态分子势能无法从烧杯的水中继续吸热
石蜡
【解析】
（1）将两试管放在同一个装有水的大烧杯中进行加热，目的有二，一是受热均匀，二是可以保证两种物质吸收的热量相等；
(2)由如图乙可知，A物质在0℃时，吸热温度不再升高，全部熔化为液体后，温度再升高，所以A为晶体，即A是冰；
该物质在第4分钟时，处在熔化过程中，有冰也有水，所以状态为固液共存的状态；
冰在熔化过程中，吸热温度不变，所以分子动能是不变的，但分子势能会增大；
当冰全部熔化后，继续加热使烧杯中的水沸腾并持续一段时间，发现试管中的水始终不会沸腾，是因为试管内外都为水，当外面的水沸腾时，温度不再升高，试管中的水温也能达到沸点，但到沸点后不能继续吸收热量，所以不会沸腾，即原因是：达到沸点，不能持续吸热；
（3）由图乙知，加热1分钟时，冰的温度升高得高，且两种物质的质量相等，即吸收相同的热量时，冰
的温度变化大，由
Q
c
m t
=
∆
可知，冰的比热容较小，石蜡的比热容较大．
点睛：注意理解，当试管的内外都为水时，试管中的水是不会沸腾的，因为温度虽然能达到沸点，但到了沸点后，内外的温度相同，不能继续吸热，所以不会沸腾．。