┃精选3套试卷┃2018年宜兴市某知名实验中学中考二轮总复习物理能力测试题

中考物理模拟试卷
一、选择题
1．某水电站的年发电量在8亿千瓦时以上，“千瓦时”是下列哪个物理量的单位 A ．电能 B ．电功率
C ．电压
D ．电流
【答案】A
【解析】“千瓦时”可根据W
Pt =得到，当功率单位为千瓦，时间的单位为小时，此时可得单位千瓦时，
是电功的单位，也是电能的单位． 选A ．
2．已知水的比热容为44.210J/(kg )⨯⋅℃，则质量为2kg 的水，温度由25℃降低到20℃放出的热量是（ ）
A ．44.210J ⨯
B ．52.110J ⨯
C ．51.6810J ⨯
D ．53.7810J ⨯
【答案】A
【解析】根据比热容的定义，释放能量Q cm Δt =，34.210J/(kg C)c =⨯⋅︒，25205C t ∆=-=︒，
2kg m =，带入数据计算A 对．
3．调节收音机的音量，是为了改变声音的（ ） A ．音调 B ．响度
C ．音色
D ．频率
【答案】B
【解析】响度表示音量的大小，音调与频率有关；音色指声音的感觉特性，我们就可以通过音色的不同去分辨不同的人的说话声．所以改变音量就是改变响度的大小． 4．关于声现象，下列说法正确的是（ ） A ．只要物体振动，人们就能听到声音
B ．人们能分辨蛙声和蝉鸣，是因为它们的音调不同
C ．学校周边“禁止鸣笛”，是在声源处控制噪声
D ．人们利用超声检测锅炉是否有裂纹，说明声音可以传递能量 【答案】C
【解析】A. 声音由物体的振动产生，但物体振动时，其频率可能不在人的听觉范围内，所以人们可能是听不到此声音的，故A 错误；
B. 音色是发声体特有的特征，可以用来区分声源，所以人们能分辨蛙声和蝉鸣，是因为它们的音色不同，故B 错误；
C. 学校周边“禁止鸣笛”，是在声源处控制噪声，故C 正确；
D. 人们利用超声检测锅炉是否有裂纹，说明声音可以传递信息，故D 错误； 故选C ．
点睛：注意能正确区分声音的三个特征，即音调、响度、音色，其中音色是发声体特有的特征，由声源振
动的材料、方式等决定，可以用来区分声源．
5．如图甲所示，电源电压恒为12V ，闭合开关S ，当滑片P 在a 端时，电流表示数为0.1A ，R 2消耗的电功率为1W ；图乙、丙分别是变阻器滑片P 从a 端滑到b 端的过程中两组物理量的关系图象，则
A ．滑片P 在 a 端时，R 1的阻值为 20Ω、消耗的电功率为2W
B ．滑片P 在b 端时，电路消耗的总功率为1.2W
C ．图乙反映的是电压表与电流表示数的关系
D ．图丙反映的 R 2 与 R 1 的电功率比值 k 与 R 2 的关系 【答案】D
【解析】由电路图知道，两电阻串联，电压表测R 2的电压，电流表测电路中的电流，当滑片P 在a 端时，
电流表示数为0.1A ，R 2消耗的电功率是1W ，由串联电路电流的规律及P ＝I 2
R 知道，故R 滑大＝()
221W 0.1A P I =＝100Ω；
AC 、P 在a 端时，变阻器连入电路中的电阻最大，由分压原理，R 2的电压最大，即电压表示数最大，电路中的电流最小；P 滑到b 端时，变阻器连入电路中的电阻为0，R 2的电压为0，电路中的电流最大，故乙图反映的是变阻器的电流随电压的变化关系，即电流表与电压表示数的关系，C 选项中，由于关系搞反了，故C 错误；
当 P 在a 端时，由图乙知道，电压表示数为10V ，由串联电路电压的规律知道，R 1的电压是：U 1＝12V ﹣10V ＝2V ，由分压原理知道，
112R U R U =滑大大，所以，R 1＝12U
U 大R 滑大＝2V 10V
×100Ω＝20Ω；R 1消耗的电功率是：P 1＝()2
2112V 20Ω
U R =
＝0.2W ，故A 错误； B 、滑片P 在b 端时，电路中的电流为0.6A ，电路消耗的总功率是：P ＝UI ＝12V×0.6A ＝7.2W ，故B 错误；
D 、由串联电路电流的规律及P ＝I 2R 知道，R 2 与 R 1 的电功率比值是：k ＝2
22211
I R R
I R R =，将R 1＝20Ω代入
解得：k ＝
2
20Ω
R ，即k 与R 2成正比，为过原点的直线，当R 2＝100Ω时，k ＝5，即图丙反映的是R 2与R 1
的电功率比值k 与R 2的关系，故D 正确． 6．下列关于粒子和宇宙的说法，正确的是（ ） A ．太阳是宇宙的中心
B．原子核是由质子和中子组成的
C．固体的分子是静止不动的
D．分子间只存在吸引力
【答案】B
【解析】A、太阳是太阳系的中心，其他八个行星绕着太阳转，故A错误；
B、原子是由原子核和核外电子组成，原子核由带正电的质子和不带电的中子组成的．故B正确；
C、分子总是不停地做无规则运动，构成固体的分子也是不断运动的．故C错误；
D、由分子动理论知道，分子间同时存在相互的引力和斥力。

故D错误。

7．如图所示，木块置于小车上，在水平拉力F作用下，小车和木块一起以速度v沿水平地面向右做匀速直线运动（不计空气阻力）．以下三组力属于平衡力的是
①地面对小车的支持力与小车受到的重力
②小车对木块的摩擦力与木块受到的水平拉力
③地面对小车的摩擦力与木块对小车的摩擦力．
A．仅①B．②③C．仅②D．①②③
【答案】B
【解析】二力平衡的条件是：二力大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一个物体上．
①地面对小车的支持力为小车与物体的重之和，与小车受到的重力不相等，不是平衡力；
②小车对木块的摩擦力与运动方向相反是向左的，遭遇木块受到的水平拉力向右，二力大小相等、方向相反、作用在一条直线上、都作用于木块，是平衡力；
③地面对小车的摩擦力与运动方向相反方向向左，木块对小车的摩擦力使小车向右运动，所以方向向右，二力大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一个物体上．是平衡力．
故选B．
8．物理学中，一些物理量间的变化关系，常用图象来表示，下列图象表示正确的是（）
A．汽车做匀速直线运动时其速度与运动时间之间的关系
B．通过恒定电阻的电流与其两端电压之间的关系
C．同种液体内部的压强与其深度之间的关系
D．凸透镜成实像时像距v随物距u变化的关系
【答案】C
【解析】试题分析：A. 汽车做匀速直线运动时，速度保持不变，速度的大小与时间无关，在v-t图象上是一条平行于时间轴的直线，故A错误．
B．在电阻一定时，导体的电流与电压成正比，，U-I图象是一条过原点的直线，故B错误．
C．同种液体内部的压强与其深度成正比，深度越深，压强越大，故C正确，符合题意为答案．
D．凸透镜成实像时，物距变大，像距变小，故D错误．
考点：匀速直线运动液体压强的特点电流与电压的关系凸透镜成像规律
9．如图所示，中国科技馆的“探索与发现A厅”中有一个“电磁感应摆”，甲、乙两线圈分别被悬挂在两个蹄形磁体的磁场中，两线圈通过导线连接在一起并构成一个闭合的回路，用手使甲线圈在磁场中摆动时，乙线圈也会随之摆动起来．关于此现象，下列说法中正确的是（）
A．根据甲线圈摆动的原理可以制成电动机
B．乙线圈摆动的过程中电能转化为机械能
C．甲线圈相当于用电器，乙线圈相当于电源
D．若使乙线圈摆动，则甲线圈中不会有电流
【答案】B
【解析】A. 由题意知，甲线圈摆动的过程做切割磁感线运动，闭合的回路中有感应电流产生，所以是机械能转化为电能，故根据甲线圈摆动的原理可以制成发电机，故A错误；
B. 乙线圈摆动的原理是通电导体在磁场中受力，是电动机的原理，所以乙线圈摆动的过程中电能转化为机械能，故B正确；
C. 由题目分析可知，甲线圈中产生了感应电流，则甲线圈相当于电源，乙线圈相当于用电器，故C错误；
D. 若使乙线圈摆动，则乙线圈相当于电源，甲线圈相当于电动机，所以甲线圈中会有电流，故D错误．10．视力检测时要求被测的人与视力表的距离为5m．如图所示，视力表与平面镜的距离是3m．为满足测量要求，人与平面镜的距离应为（）
A．1m B．1.5m C．2m D．2.5m
【答案】C
【解析】已知视力检测时要求被测的人与视力表的距离为5m ，但房间空间太小， 可利用平面镜成像特点，人与视力表的像的距离为5m ，如图所示：
因为视力表距平面镜3m
所以视力表在平面镜中所成的像距离平面镜为3m ， 所以人距平面镜应为5m ﹣3m=2m ． 故选C ． 二、填空题
11．“破镜重圆”从物理知识的角度来说________(填“能够”或“不能够”)实现．因为破镜断裂处绝大多数分子距离______，分子间的作用力非常______． 【答案】不能够 大 小
【解析】物质是由分子构成的，构成物质的分子间存在着相互作用的引力和斥力，引力和斥力需要一定的分子间距内才能起作用，镜子破了以后，断口处分子间的距离远远大于分子间作用力起作用的距离，所以破镜是不能够重圆的．
12．在“探究凸透镜成像的规律”时，将点燃的蜡烛放在距凸透镜30cm 处，在透镜另一侧距离透镜16cm 处的光屏上得到烛焰清晰的_______立的像。

凸透镜焦距范围是______________。

【答案】倒 8cm-15cm
【解析】由题意知，成像时物距大于像距，成倒立缩小的实像，此时物距大于二倍焦距即30cm 2f ＞ ①，
像距在一倍焦距到二倍焦距之间即16cm 2f f ＜
＜ ②，由①②两式可得焦距的范围为8cm-15cm 。

13．生活中所用“220V100W ”和“220V60W ”的甲、乙两盏白炽灯相比较，灯丝较粗的是_____灯；若将两盏灯串联接在照明电路工作时，较亮的是_____灯（均选填“甲”或“乙”）；若“220V100W ”的甲灯正常工作_____h 消耗1kW •h 电能。

【答案】甲 乙 10
【解析】根据P ＝2
U R
可知：电压相同时，电功率大的电阻小，由题知，甲灯泡的额定功率比乙灯泡的额
定功率大，所以甲灯泡的电阻较小，根据影响电阻大小的因素可知：在电阻丝材料、长度、温度相同时，电阻小的横截面积大，即甲灯灯丝较粗，乙灯灯丝较细；当两灯串联时，通过两灯的电流相等，由P ＝I 2R 可知，电流相等时，电阻大的灯泡实际功率大，灯泡就亮，则乙灯的灯丝电阻大，此时乙灯较亮；因为W
＝Pt，所以消耗1kW•h电能时甲灯正常工作的时间：t＝
1
W
P＝
1kW?h
0.1kW
＝10h。

14．用滑轮组提起重900N的物体，绳子自由端拉力F为400N，重物在20s内匀速上升了10m。

那么物体上升的速度为_____，提起物体所做的有用功为_____，滑轮组的机械效率为_____。

【答案】0.5m/s 9×103J 75%
【解析】由于重物在20s内匀速上升了10m，所以，物体上升的速度是：v＝=＝0.5m/s，提起物体所做的有用功是：W有用＝Gh＝900N×10m＝9×103J；由图知道，承担物重的绳子的股数是n=3，所以，绳端移动的距离是：s＝3h＝3×10m＝30m，提起物体所做的总功是：W总＝Fs＝400N×30m＝1.2×104J，所以，滑轮组的机械效率是：η＝×100%＝×100%＝75%。

15．如图所示的电路，当开关
S闭合后，若电阻R1、R2并联且能正常工作，则甲表是______表（填“电流”或“电压”），乙表测的是________的_________（填“电流”或“电压”）．
【答案】电压表R2电流
【解析】试题分析：在分析电路连接情况时，电压表的内阻很大，相当于开路；电流表的内阻很小，相当于短路．题中当开关S闭合后，若电阻R1、R2并联且能正常工作，则甲表是电压表，乙是电流表，电流表与所测电路串联，故所测的是电阻R2的电流．
【考点定位】电路的连接方式及电压表、电流表的使用．
16．中国改装的“瓦良格”
号航空母舰出海试航，当航母在平静的水面航行时，它所受的浮力__它的总重力（选填“大于”、“等于”或“小于”）．当航空母舰上舰载飞机起飞后，它排开水的体积__（选填“增大”、“减小”或“不变”）．
【答案】等于减小
【解析】（1）因为航母漂浮，所以它受到的浮力等于总重力；
（2）战机从航母上起飞后，航母的总重力减小，根据漂浮物体的重力等于自身重力，所以浮力将减小，由阿基米德原理可知排开水的体积会减小．
17．如图所示是学校走廊灯的自动控制电路，走廊入口上方安装有反射式光电传感器，当人靠近到一定距离时，从光电传感器上发射的红外线经人体反射后被接收器接收，接收器中的光敏电阻R0的阻值减小，通过定值电阻R的电流________（选填“变大”、“变小”或“不变”），同时电磁铁的磁性________（选填“变强”、“变弱”或“不变”），工作电路接通，灯泡L发光．
【答案】变大变强
【解析】由图可知，自动控制电路中光敏电阻R0与定值电阻R串联；由题知，当人靠近到一定距离时，从光电传感器上发射的红外线经人体反射后被接收器接收，接收器中的光敏电阻R0阻值减小，控制电路的总电阻减小，电源电压不变，由欧姆定律可知，控制电路中电流变大，即通过定值电阻R的电流变大，则电磁铁的磁性变强，衔铁被吸下，路灯电路接通，路灯发光．
18．小明利用玻璃瓶、细管和带颜色的水自制了一个气压计，如图所示。

他拿着自制气压计上楼过程中，细管中的水柱会______；如果再用一个细玻璃管在图中细管口上方水平吹气，管中水柱会______。

（均选填“上升”或“下降”）
【答案】上升上升
【解析】根据题图“自制气压计”，本题考查了大气压与高度的关系，以及流体压强与流速的关系，大气压和高度有关，大气压随高度的增加而减小；根玻璃管内的水柱的变化可判断大气压的变化；流体压强与流速有关，流速越大的位置，压强越小。

在细管口上方水平吹气，流速大，压强小，从而判断管中水柱的变化。

【详解】大气压随高度的增加而减小，拿着自制气压计上楼，由于外界的大气压减小，所以玻璃管内的水柱在内部气压的作用下会上升；
流体压强与流速有关，流速越大的位置，压强越小。

因此，若在玻璃管的上方沿水平方向吹气，则上方空气流速快，压强小，玻璃管内的水柱在内部较大气压的作用下会逐渐上升；
19．如图所示，利用滑轮分别拉同一物体沿同一水平地面做匀速直线运动，其中属于定滑轮的装置是图________；属于省距离的装置是图__________．
【答案】甲丙
【解析】甲图中，滑轮的轴的位置固定不动，甲图的滑轮为定滑轮，使用甲滑轮可以改变力的方向，但不能省力，也不能省距离；乙、丙图中的滑轮都随物体一起运动，都是动滑轮，其中乙图中，拉力作用在轮上，省力、费距离；丙图中，拉力作用在轴上，费力、省距离，所以属于省距离的是丙图中的动滑轮．三、作图题
20．如图所示，质量为0.5kg的小球静止在水平面上，请在图中画出小球受力的示意图。

（_____）
【答案】
【解析】小球重力G＝mg＝0.5kg×9.8N/kg＝4.9N，小球受竖直向下的重力G＝4.9N，竖直向上的支持力F，它们是一对平衡力，F＝G＝4.9N，从小球的重心沿力的作用线，作出重力G与支持力F示意图，如下图所示：
21．如图所示，根据小磁针静止时的指向标出电源的正、负极．
【答案】
【解析】图中小磁针N极向右，据磁体间的作用规律可知，此时螺线管的左端是S极，右端是N极，故由安培定则可知电流由左侧流入，即电源左侧为正极；如图所示：
四、实验题
22．某物理社团的同学们做了如图所示实验来探究影响浮力大小的因素．
从图中的A 、B 、C 、D 四幅图可
得:浮力的大小与深度有关,有时又与深度无关,对此确的解释是浮力的大小与__________有关从图中的A 、C 、E 幅图可得:浮力的大小与________有关之后他们讨论既然物体在不同液体中所受的浮力不同,可以用这套装置来测量烧杯中液体的密度．于是对弹簧测力计进行重新标度,将如图D 所示的装置改成个密度秤．用它测量时,待测液体密度应不超过____g/cm 3 通过分析可知,该密度秤的刻度是_______(选填“均匀”或“不均匀”)的．
【答案】物体排开液体的体积 液体密度 4g/cm 3 均匀
【解析】（1）由图BC 知道，物体在水中的深度变大时，弹簧测力计的示数变小，根据F 浮=G-F 知道，物体受到的浮力变大；物体在水中的深度变大的同时，排开液体的体积变大，则说明了物体排开液体的体积越大，受到的浮力越大；由于没有控制排开液体的体积相等，所以不能得出浮力大小与深度有关的结论； 由图CD 知道，物体浸没后，物体排开液体的体积不变，弹簧测力计的示数相同，物体受到浮力大小相同，则说明浸没在液体中的物体浮力大小与物体的深度无关；综上所述，物体受到浮力的大小与物体排开的液体体积有关；
（2）比较CE 两图知道，物体排开液体的体积相同，液体的密度不同，由于F 浮水=1N ＞F 浮酒=0.8N ，所以，比较ACE 三幅图知道，浸没在液体中的物体所受浮力的大小与液体的密度有关，且当物体排开液体体积相同时，液体密度越大，浮力越大；
（3）当密度为零时，物块受到的浮力为零，根据F 浮=G-F ，弹簧测力计的示数等于物体重力，所以它的零刻度应标在4N 处；
物体的重力是4N ，所以液态对物块产生的浮力最大不能超过4N ，物块受到的浮力是：F 浮 =G-F=4N-3N=1N ；根据阿基米德原理G 排=F 浮=1N 知道，排开液体的质量0.1kg 100g G m g
=
==排
排开液体的体积是：3100g 1g /cm
m
V V ρ
==
=
排物=100cm 3
，
由F 浮=ρ液 gV 排知道，4310N /kg 4N =
110m
F gV ρ-⨯⨯=浮浮排 =4×10kg/m 3 =4g/cm 3；
（4）该密度秤是通过拉力大小显示液体密度大小，测力计的拉力为：F示=G-F浮=G-ρ液gV排，物体完全浸没在液体中，排开液体体积V排一定，G、g也是定值，所以F示和ρ液是一次函数关系，即密度秤的刻度是均匀的．
23．小明想测量标有“3.8V”字样的小灯泡的额定电功率，于是连接了如图所示的实验电路．电源电压6伏恒定不变，滑动变阻器规格为“50Ω 1A”．
（1）用笔画线代替导线，将电路连接完整．
（______）
（2）正确连接电路，闭合开关，发现小灯泡不亮．小明观察到两电表的示数情况是_____，由此判断故障是小灯泡断路．
（3）排除故障后，小明进行了正确操作，观察到的现象和测得的数据如下：
实验次数 1 2 3 4 5
发光情况很暗较暗较亮亮很亮
电压U/V 1 2 3 3.8 4.5
电流I/A 0.20 0.22 0.25 0.30 0.34
由表中数据可得，小灯泡的额定功率是_____W；根据表格中的数据你还可得出的结论是_____（写出一点）．（4）小明根据表中数据，计算了各次实验的灯丝电阻，分析后认为，闭合开关前灯丝的阻值小于5欧姆，小明的理由是_____．
【答案】电流表无示数，电压表示数接近电源电压1.14灯的实际功
率越大，灯越亮在第1次实验中，灯丝电阻为5Ω，没用通电时，温度更低，所以电阻会更小
【解析】（1）将开关与小灯泡右接线柱相连，如图所示：
（2）由题意可知，正确连接电路，闭合开关，发现小灯泡不亮，判断故障是小灯泡断路，电流表无示数，则电压表串联在电路中测电源电压，电压表示数接近电源电压；
（3）由图表可知，小灯泡的额定电压U ＝3.8V ，额定电流I ＝0.30A ，
小灯泡的额定功率：P L ＝U L I L ＝3.8V ×0.3A ＝1.14W ；
根据P ＝UI ，灯的实际功率分别为：0.20W 、0.44W 、0.75W 、1.14W 、1.53W ，根据对应的发光情况，可得出的结论是：灯的实际功率越大，灯越亮；
（4）在第1次实验中，由欧姆定律，灯丝电阻：R L ＝L L U I =1V 0.2A
＝5Ω，没通电时，温度更低，因小灯泡灯丝电阻随着温度降低而减小，所以电阻会更小，故闭合开关前灯丝的阻值小于5Ω．
五、计算题
24．【答案】
中考物理模拟试卷
一、选择题
1．下列物理知识正确的是
A．南极空气很湿润是因为南极的冰雪不断发生升华变为水蒸气
B．减慢水分蒸发是盆栽花卉管理的关键，剪枝是通过降低温度从而减慢蒸发
C．海水太阳能净水器先利用海水液化成水蒸气，水蒸气再气化成小水滴达到净化目的
D．春天屋檐下的冰锥是雪先凝固成水，水再熔化成冰
【答案】A
【解析】A．南极空气很湿润是因为固态冰直接变为气态的水蒸气，是升华现象，故A正确；
B．减慢水分蒸发是盆栽花卉管理的关键，剪枝是通过减小液体的表面积从而减慢蒸发，故B错误；C．海水太阳能净水器先利用海水汽化成水蒸气，水蒸气遇冷又液化成小水滴，达到净化目的，故C错误；D．物质由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固，春天屋檐下的冰锥是雪先熔化成水，水再凝固成冰，故D错误．
2．小明在做测量滑轮组的机械效率的实验中，用同一滑轮组进行了3次实验，如图所示，实验数据记录如表。

次数钩码重/N
购码上升距离
/cm 弹簧测力计示数
/N
弹簧测力计上升
距离/cm
机械效率
1 2 10 0.8 30 83.8%
2 4 10 1.5 30 ？
3 6 10 ？30 90.9%
(1)第2次实验中滑轮组的机械效率为_____(结果保留一位小数)。

(2)如图丙所示，第3次实验中弹簧测力计的示数为_____N。

(3)分析表格中的数据得出结论:同一滑轮组，_____。

(4)在第2次实验时，如果拉力方向与竖直方向有一定夹角，那么所测得的滑轮组的机械效率将会_____(填“变大”、“变小”或“不变” )。

【答案】88.9% 2.2 提升物体的重力越大，机械效率越高变小
【解析】(1)[1]第2次实验中滑轮组的机械效率为：
4N0.1m
88.9%
1.5N0.3m
W Gh
W Fs
η
⨯
===≈
⨯
有
总
(2)[2]如图丙所示，第3次实验中弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为2.2N；
(3)[3]纵向分析表格中的数据得出结论：同一滑轮组，提升物体的重力越大，机械效率越高；
(4)[4]弹簧测力计拉动方向偏离了竖直方向，拉力F变大，拉下的距离s不变，总功变大，有用功不变，则滑轮组效率变小。

3．关于温度、内能和热量，下列说法正确的是
A．物体的内能增加，一定要吸收热量B．物体的内能越多，放热一定越多
C．物体的温度升高，它的内能一定增加D．物体的温度越高，它含有的热量越多
【答案】C
【解析】A．物体内能增加，可能吸收了热量，也可能是对物体做了功，故A错误；
B．因为热传递的条件是有温度差，因此物体的内能越多，不一定就释放热量，也可能吸收热量，故B错误；
C．物同一物体质量不变，其温度升高，故其内能一定增大，故C正确；
D．热量是过程量，不能说含有热量，D错误；
4．如图所示，电源电压恒为15V，定值电阻R的阻值为20Ω，闭合开关后，使变阻器的阻值减小5Ω，电流表示数变化了0.1A，则下列说法正确的是（）
A．电流表示数减小了0.1A
B．电压表示数减小了0.5V
C．定值电阻的电功率增大了0.2W
D．电路总功率增大了1.5W
【答案】D
【解析】由图可知，变阻器R变与R串联在电路中，电压表测滑动变阻器两端电压，电流表测电路中电流；
A、使变阻器的阻值减小5Ω，根据串联电路的电阻特点可知总电阻变小，由于电源电压不变，根据I＝
U
R 可知电路中电流变大，所以电流表示数变化了0.1A，应是增大0.1A，故A错误；B、设原来变阻器接入电路的阻值为R变，变阻器的阻值减小5Ω后，此时变阻器接入电路的阻值为R变-5Ω，由题意可知：△I ＝I2-I1＝0.1A，即：5
U
R R
-
+-Ω
变
U
R R
变
+＝0.1A，所以：
15
205
V
R
-
Ω+-Ω
变
15
20
V
R
Ω+
变
＝0.1A，解得：
R 变＝10Ω，R 变＝-45Ω（舍去），所以，I 1＝152010U V R R +Ω+Ω
变＝＝0.5A ，I 2＝15520105U V R R +-ΩΩ+Ω-Ω
变＝＝0.6A ，则电压表示数变化量：△U 变＝I 2（R 变-5Ω）-I 1R 变＝0.6A×（10Ω-5Ω）-0.5A×10Ω＝-2V ，所以电压表示数减小了2V ；故B 错误；C 、定值电阻电功率的增大量：△P 1
＝I 22R-I 12R ＝（0.6A ）2×20Ω-（0.5A ）2×20Ω＝2.2W ，故C 错误；D 、总功率的增大量：△P ＝UI 2-UI 1＝15V×0.6A-15V×0.5A ＝1.5W ，故D 正确．故选D ．
点睛：（1）由图R 与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端电压，电流表测的电路中电流，根据欧姆定律判断电流表示数变化情况；（2）根据串联电路的特点和欧姆定律先求出变阻器连入电路的阻值，然后分别根据电功率公式求出功率．
5．如图，细线上端固定，下端拉着小球在竖直平面内摆动，A 、B 是球摆动过程中的最高点，C 是最低点，不计空气阻力则（ ）
A ．球在A 点时受力平衡
B ．球在
C 点时速度最大
C ．从B 到C ，球的动能减少
D ．从A 到C ，球的势能增加
【答案】B
【解析】A ．球在A 点时受绳子的拉力和本身的重力，这两个力没在同一直线上，不平衡，故A 错； B ．小球在C 点是重力势能最小，动能最大，故B 正确；
C ．从B 到C ，球的重力势能减小动能增加，故C 错；
D ．从A 到C ，球的重力势能减小动能增加，故D 错．
6．无线充电是一种增加手机续航时间的方式．无线充电的技术原理是电流流过送电线圈产生磁场，受电线圈靠近该磁场时就会产生电流，给智能手机充电，如图所示．受电线圈处用到了下图哪个实验的原理
A．B．
C．D．
【答案】C
【解析】从题意中知道，手机背面的线圈，能将底座产生的变化的磁场转化为电流给手机电池充电，是利用电磁感应原理工作的；
A．图中是奥斯特实验，说明通电直导线周围存在磁场，是电流的磁效应，不符合题意；
B．图中给磁场中的导体通电，导体会运动，说明通电导体受到磁场力的作用，不符合题意；
C．图中是闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动能够产生感应电流，是电磁感应现象，符合题意；D．图中给线圈通电，线圈会转动，说明通电导体受到磁场力的作用，不符合题意．
故选C．
7．某用电器正常工作时通过的电流大约为4A，该用电器可能是
A．节能灯B．电脑C．电饭锅D．手电筒
【答案】C
【解析】该用电器的功率：P=UI=220V×4A=880W。

A、节能灯的功率在20W左右。

故A不符合题意；
B、电脑的功率在100W左右。

故B不符合题意；
C、电饭锅的功率在1000W左右。

故C符合题意；
D、手电筒采用的是直流电，电流一般在0.2A左右。

故D不符合题意。

8．生物体内水的比例很高，有助于调节生物体自身的温度，以免温度变化太快对生物体造成损害。

这主要是因为水的
A．密度较小B．凝固点较低C．沸点较高D．比热容较大
【答案】D
【解析】因为水的比热容比较大，在吸收或放出相同的热量时，水的温度变化小，因此生物体内水的比例很高，有助于调节生物体自身的温度，以免温度变化太快对生物体造成损害。

故D正确。

9．如图，手用F1的力直接将物体A匀速提升h，F1做功为W1，功率为P1；若在相同时间内借助斜面把A 用力F2匀速提升相同高度h，F2做功为W2，功率为P2，斜面的机械效率是30%，则。