2025届贵州省六盘水市六枝特区七中下学期高三物理试题4月份月考考试试卷

2025届贵州省六盘水市六枝特区七中下学期高三物理试题4月份月考考试试卷 注意事项
1．考生要认真填写考场号和座位序号。

2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。

第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。

3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、超导电磁船是一种不需要螺旋桨推进的低噪音新型船，如图是电磁船的简化原理图，AB 和CD 是与电源相连的导体板，AB 与CD 之间部分区域浸没在海水中并有垂直纸面向内的匀强磁场(磁场由固定在船上的超导线圈产生，其独立电路部分未画出)，以下说法正确的是
A ．使船前进的力，是磁场对海水中电流的安培力
B ．要使船前进，海水中的电流方向从CD 板指向AB 板
C ．同时改变磁场的方向和电源正负极，推进力方向将与原方向相反
D ．若接入电路的海水电阻为R ，其两端的电压为U ，则船在海水中前进时，AB 与CD 间海水中的电流强度小于U R
2、氢原子的能级图如图所示，已知可见光的光子能量范围是1.63eV ~3.10eV 。

则大量氢原子从高能级向低能级跃迁时可产生不同能量的可见光光子的种类有（ ）
A ．1种
B ．2种
C ．3种
D ．4种
3、阴雨天里积雨云会产生电荷，云层底面产生负电荷，在地面感应出正电荷，电场强度达到一定值时大气将被击穿，发生闪电。

若将云层底面和地面看作平行板电容器的两个极板，板间距离记为300m ，电压为7210V ⨯，积雨云底面面积约为82110m ⨯。

若已知静电力常量与空气的介电常数，由以上条件是否能估算出以下物理量（ ）
①云层底面与地面间的电场强度
②云层底面与地面构成的电容器的电容
③云层底面所带电量
A ．只能估算出①
B ．只能估算出①和②
C ．只能估算出②和③
D ．①②③均能估算出
4、下列说法正确的是（ ）
A ．核反应前后质量并不守恒
B ．爱因斯坦在研究光电效应现象时提出了能量子假说
C ．用一束绿光照射某金属，能产生光电效应，现把这束绿光的强度减为原来的一半，则没有光电子飞出
D ．在光电效应现象中，光电子的最大初动能与入射光的频率成正比
5、如图所示，现有六条完全相同的垂直于纸面的长直导线，横截面分别位于一正六边形abcdef 的六个顶点上，穿过a 、b 、c 、e 四点的直导线通有方向垂直于纸面向里、大小为b a e c I I I I I ====的恒定电流，穿过d 、f 两点的直导线通有方向垂直纸面向外、大小为2d f I I I ==的恒定电流，已知通电长直导线周围距离为r 处磁场的磁感应强度大小为I B k r
=，式中常量0k >，I 为电流大小，忽略电流间的相互作用，若电流a I 在正六边形的中心处产生的磁感应强度大小为B ，则O 点处实际的磁感应强度的大小、方向分别是（ ）
A ．33
B ，方向由O 点指向b 点
B ．3B ，方向由O 点指向cd 中点
C ．33B ，方向由O 点指向e 点
D ．3B ，方向由O 点指向af 中点
6、如图所示，足够长的直线ab 靠近通电螺线管的一端，且与螺线管垂直。

用磁传感器测量ab 上各点沿ab 方向上的磁感应强度分量．．B x 的大小，在计算机屏幕上显示的图像大致是 （ ）
A．B．
C．D．
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。

在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图所示，玩具飞机以恒定的仰角斜向上做匀速直线运动，上升至距离地面某高度时，从玩具飞机上掉下一个小零件，零件掉下后，玩具飞机飞行速度保持不变，零件运动过程中受到的空气阻力不计，则零件落地时
A．速度比玩具飞机的速度大
B．和玩具飞机的速度大小可能相等
C．在玩具飞机的正下方
D．在玩具飞机正下方的后侧
8、有一堆砂子在水平面上堆成圆锥形，稳定时底角为α，如图所示．如果视每粒砂子完全相同，砂子与砂子之间，砂子与地面之间的动摩擦因数均为μ，砂子之间的最大静摩擦力可近似认为与滑动摩擦力相等，以下说法正确的是（）
A．砂堆稳定时，砂堆底面受到地面的摩擦力一定为零
B．砂堆稳定时，只有形成严格规则的圆锥，底面受到地面的摩擦力才为零
C．砂堆稳定时形成的圆锥的底角最大值满足tan αmax＝μ
D．砂堆稳定时形成的圆锥的底角最大值满足cos αmax＝μ
9、下列图中线圈按图示方向运动时（图示磁场均为匀强磁场，除B项外，其余选项中的磁场范围均足够大）能产生感应电流的是（）
A ．
B ．
C ．
D ．
10、如图所示，质量为1kg 的物体放在倾角为30°的粗糙斜面上，一根劲度系数为100N/m 的轻弹簧一端固定在斜面顶端，另一端连接物体，弹簧处于原长，物体恰好静止。

现将物体沿斜面向下移动12cm 后由静止释放、水平地面上的斜面始终保持静止，物体与斜面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，弹簧始终处于弹性限度内，取210m /s g ，下列说法正确的是（ ）
A ．物体与斜面间的动摩擦因数为33
B ．物体释放后在斜面上运动时，斜面对地面的压力保持不变
C ．物体释放瞬间斜面对地面的摩擦力大小为3N ，方向水平向左
D ．物体释放瞬间的加速度大小为27m /s ，方向沿斜面向上
三、实验题：本题共2小题，共18分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11．（6分）电阻率是用来表示各种物质电阻特性的物理量。

某同学在实验室测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率。

(1)用螺旋测微器测量其横截面直径如图甲所示，由图可知其直径为______mm ，如图乙所示，用游标卡尺测其长度为_____cm ，如图丙所示，用多用电表×1Ω挡粗测其电阻为_____Ω。

(2)为了减小实验误差，需进一步测量圆柱体的电阻，除待测圆柱体R 外，实验室还备有的。

实验器材如下，要求待测电阻两端的电压调节范围尽量大，则电压表应选______，电流表应选_________，滑动变阻器应选_________。

（均填器材前的字母代号）
A ．电压表V 1（量程3V ，内阻约为15kΩ）；
B ．电压表V 2（量程15V ，内阻约为75kΩ）；
C ．电流表A 1（量程1．6A ，内阻约为1Ω）；
D．电流表A2（量程3A，内阻约为1.2Ω）；
E．滑动变阻器R1（阻值范围1~5Ω，1.1A）；
F．滑动变阻器R2（阻值范围1~2111Ω，1.1A）；
G．直流电源E（电动势为3V，内阻不计）
H．开关S，导线若干。

(3)请设计合理的实验电路，并将电路图画在虚线框中_______________。

(4)若流经圆柱体的电流为I，圆柱体两端的电压为U，圆柱体横截面的直径和长度分别用D、L表示，则用D、L、I、U表示该圆柱体电阻率的关系式为ρ=___________。

12．（12分）在“测定金属电阻率”的实验中，需要用螺旋测微器测量金属丝的直径，其结果如图甲所示，其读数为
______mm；
测量电阻时，先用多用电表粗测金属丝的电阻阻值约为5Ω，再采用“伏安法”精确测量金属丝的电阻，实验室能够提供的实验器材有：
R=Ω
A．电流表G，量程为0~300μA，内阻100
g
r=Ω
B．电流表A1，量程为0~0.6A，内阻10.1
r=Ω
C．电流表A2，量程为0~3A，内阻20.02
D．电阻箱1R，阻值范围0~999.9Ω
E.电阻箱2R，阻值范围0~9999.9Ω
F.滑动变阻器3R ，最大阻值为10Ω
G .电源3V E =，内阻约为0.5r =Ω
H.开关一只，导线若干
回答下列问题：
（2）正确选择实验器材，电流表应选择________和__________，电阻箱应选_______；（填写元器件前的字母代号） （3）画出电阻测量的实验电路图_______；
（4）使用正确电路，分别测量多组实验数据，并记录在如图乙G I I -坐标系中，将2R 调节到9900Ω，根据记录的实验数据做出金属丝的G I I -图线________，并算出金属丝的电阻x R =___________。

（计算结果保留两位有效数字）
四、计算题：本题共2小题，共26分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13．（10分）如图所示，一定质量的理想气体从状态A 开始经过状态B 变化到状态C ，己知气体在状态C 时压强为0P ，内能为0U ，该理想气体的内能与热力学温度成正比。

（1）求出状态^时气体的压强A P 和温度A T ；
（2）从状态A 经过状态B 到状态C 的过程中，气体是吸热还是放热？求出气体吸收或放出的热量。

14．（16分）如图所示为一种研究高能粒子在不同位置对撞的装置。

在关于y 轴对称间距为2d 的MN 、PQ 边界之间存在两个有界匀强磁场，其中K （K 在x 轴上方）下方I 区域磁场垂直纸面向外，JK 上方Ⅱ区域磁场垂直纸面向里，其磁感应强度均为B ．直线加速器1与直线加速器2关于O 点轴对称，其中心轴在位于x 轴上，且末端刚好与MN 、PQ 的边界对齐；质量为m 、电荷量为e 的正、负电子通过直线加速器加速后同时以相同速率垂直MN 、PQ 边界进入磁场。

为实现正、负电子在Ⅱ区域的y 轴上实现对心碰撞（速度方向刚好相反），根据入射速度的变化，可调节边界与x 轴之间的距离h ，不计粒子间的相互作用，不计正、负电子的重力，求：
（1）哪个直线加速器加速的是正电子；
（2）正、负电子同时以相同速度ν1进入磁场，仅经过边界一次，然后在Ⅱ区域发生对心碰撞，试通过计算求出v1的最小值。

（3）正、负电子同时以v2
2
2
eBd
m
速度进入磁场，求正、负电子在Ⅱ区域y轴上发生对心碰撞的位置离O点的距离。

15．（12分）如图所示，质量m1=0.3kg的小车静止在光滑的水平面上，车长L=2.0m，现有质量m2=0.2kg可视为质点的物块，以水平向右的速度v0=2m/s从左端滑上小车，最后在车面上某处与小车保持相对静止。

物块与车面间的动摩擦因数μ=0.5，取g=10m/s2，求
（1）物块在车面上滑行的时间t；
（2）要使物块不从小车右端滑出，物块滑上小车左端的速度v不超过多少？
（3）物块仍以水平向右的速度v0=2m/s从左端滑上小车，要使物块从小车右端滑出，则物块刚滑上小车左端时需加一个至少多大的水平恒力F?
参考答案
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、D
【解题分析】
A、B项：当CD接直流电源的负极时，海水中电流方向由AB指向CD，是海水受到的安培力向左，根据牛顿第三定
律可知，船体受到向右的作用力，故使船体向前运动，故A 、B 错误；
C 项：同时改变磁场的方向和电源正负极，磁场方向反向，电流方向反向，所以推进力方向将与原方向相同，故C 错误；
D 项：因船在海水中前进时，AB 与CD 间海水切割磁感线产生电流，使接入电路的海水两端电压小于U ，所以电流强度小于U R
，故D 正确． 点晴：利用左手定则判断出海水受到的安培力，根据牛顿第三定律即可判断出船体的受力，即可判断运动方向，注意与右手定则的区别．
2、D
【解题分析】
大量氢原子从高能级向1n =能级跃迁时，辐射的光子能量都大于10.2eV ，不在1.63eV ~3.10eV 范围之内，发出的光都是不可见光；大量氢原子从高能级向3n =能级跃迁时，辐射的光子能量都小于1.51eV ，不在1.63eV ~3.10eV 范围之内，发出的光都是不可见光；3n =能级向2n =能级跃迁时，辐射的光子能量为1.89eV ，属于可见光；4n =能级向2n =能级跃迁时，辐射的光子能量为2.55eV ，属于可见光；5n =能级向2n =能级跃迁时，辐射的光子能量为
2.86eV ，属于可见光；6n =能级向2n =能级跃迁时，辐射的光子能量为
3.02eV ，属于可见光；7n =能级向2n =能级跃迁时，辐射的光子能量为3.12eV ，属于不可见光；可知只有4种可见光，故ABC 错误，D 正确。

故选D 。

3、D
【解题分析】
①两极板间的电压已知，两极板间的距离已知，根据U Ed =可知云层底面与地面间的电场强度；
②已知积雨云底面面积约为82110m S =⨯，板间距离为300m d =、而静电力常量与空气的介电常数，根据电容器的决定式4S C kd
επ=可以估算电容器的电容； ③根据Q CU =可以估算云层底面所带电量，
故ABC 错误，D 正确。

故选D 。

4、A
【解题分析】
A ．由于存在质量亏损，所以核反应前后质量并不守恒，A 正确；
B ．普朗克在研究黑体辐射问题时提出了能量子假说，B 错误；
C ．用一束绿光照射某金属，现把这束绿光的强度减为原来的一半，因为频率不变，所以仍能发生光电效应有光电子飞出，C 错误；
D ．在光电效应现象中，根据光电效应方程
0km E h W ν=-
可知光电子的最大初动能随入射光频率的增大而增大，但非成正比关系，D 错误。

故选A 。

5、D
【解题分析】
电流b I 、e I 在O 点处产生的磁感应强度大小相等、方向相反，其矢量和为零；电流a I 、d I 在O 点处产生的磁感应强度大小分别为B 、2B ，方向均由O 点指向ef 中点，可得电流a I 、d I 在O 点处总的磁感应强度大小为3B ，方向由O 点指向ef 中点；同理，电流c I 、f I 在O 点处总的磁感应强度大小为3B 。

方向由O 点指向ab 中点，根据平行四边形定则，容易得到O 点处实际的磁感应强度的大小为3B ，方向由O 点指向af 中点。

A ． ，方向由O 点指向b 点，与分析不符，故A 错误；
B ． 3B ，方向由O 点指向cd 中点，与分析不符，故B 错误；
C ． ，方向由O 点指向e 点，与分析不符，故C 错误；
D ． 3B ，方向由O 点指向af 中点，与分析相符，故D 正确；
故选：D 。

6、C
【解题分析】
通电螺线管的磁场分布相当于条形磁铁，因此根据磁感线的分布，再由磁感线的疏密程度来确定磁感应强度的大小，如图所示：那么各点沿ab 方向上的磁感应强度分量B x 的大小从a 向b 先增大，后减小到零，再反向增大，最后减小，故C 正确。

故选C 。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。

在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、AC
【解题分析】
AB.零件掉下的一瞬间速度与玩具飞机的速度相同，根据机械能守恒可知，落地时的速度大于玩具飞机的速度，故A 正确B 错误；
CD. 由于零件在运动过程中水平方向的分速度与玩具飞机的水平分速度相同，因此落地时在玩具飞机的正下方，故C 正确D 错误；
8、AC
【解题分析】
AB 、把所有沙子看成一个整体，对整体受力分析，由水平方向合力为零可得，砂子稳定时，砂堆底面受到地面的摩擦力一定为零，与形状无关，故A 正确，B 错误；
C 、取斜面上的一粒质量为m 的沙子，若沙子恰好平衡，倾角最大，沙子受力平衡，对沙子受力分析，根据平衡条件得：
mgsinα=μmgcosα
解得：tanα=μ
所以αmax =arctanμ，故C 正确，D 错误．
故选AC ．
9、BC
【解题分析】
A 中线圈运动过程中磁通量不变化，不能产生感应电流；D 中线圈在运动的过程中穿过线圈的磁通量始终是零，不能产生感应电流；
B 、
C 两种情况下线圈运动过程中磁通量发生了变化，故能产生感应电流；
故选BC 。

10、AC
【解题分析】
A ．弹簧原长时，物体恰好静止，则：
cos30sin 305N f mg mg μ︒︒===，
解得：
μ= 故A 正确；
D ．弹簧拉长后释放瞬间，则有：
sin 30k x f mg ma ︒∆--=，
解得：
22m /s a =，
故D 错误；
BC ．物体释放后沿斜面运动时，斜面体对地面的压力增加：
sin 301N ma ︒=，
斜面体对地面的摩擦力大小为：
cos303N ma ︒=， 方向水平向左，故B 错误、C 正确。

故选AC 。

三、实验题：本题共2小题，共18分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、1.844（1.842~1.846均可） 4.241 6 A C E 24D U
IL πρ=
【解题分析】
(1)[1]螺旋测微器的读数为固定刻度读数+可动刻度读数+估读，由题图甲知，圆柱体的直径为刻度读数十估读，由题图甲知，圆柱体的直径为
1.5mm+34.4×1.11mm=1.844mm
由于误差则1.842mm~1.846mm 均可
[2]游标卡尺读数为主尺读数+游标尺读数×精度，由题图乙知，长度为
42mm+8×1.15 mm=42.41mm=4.241cm
[3]多用电表的读数为电阻的粗测值，其电阻为6Ω
(2)[4][5][6]待测电阻大约6Ω，若用滑动变阻器R 2（阻值范围0~2000Ω，0.1A ）调节非常不方便，且额定电流太小，所以应用滑动变阻器R 1（阻值范围0~5Ω，1.1A ），电源电动势为3V ，所以电压表应选3V 量程的
为了测多组实验数据，滑动变阻器应用分压接法，电压表内电阻较大，待测圆柱体的电阻较小，故采用电流表外接法误差较小；电路中的电流约为
0.5A U I R
== 所以电流表量程应选1.6A 量程的。

(3)[7]根据以上分析，设计的电路图如图所示
(4)[8]由U I R =，L R S ρ=及21π4
S D =得 2π4D U IL
ρ= 12、1.601mm A B E
5Ω
【解题分析】
（1）[1]螺旋测微器读数为
1.5mm 10.10.01mm 1.601mm +⨯=
（2）[2][3][4] 由所给实验器材可知，没有电压表，应该用电流表与电阻箱改装电压表。

因为流过电阻的电流最大约为 30.6A 5
E I R === 则电流表应选择B 。

电源电动势为3V ，改装的电压表量程应为3V ，应选用电流表A 与电阻箱改装成电压表
电阻箱的阻值
9900ΩV g g
U R R I =-= 电阻箱应选E 。

（3）[5]待测电阻阻值约为5Ω ，电流表内阻约为0.1Ω，电压表内阻为10kΩ，电流表应采用外接法，滑动变阻器最大阻值为10Ω，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，实验电路图如图所示
（4）[6][7]根据坐标系内描出的点作出图像如图所示
由图示图像可知，金属丝的电阻
()6210010(1009900)50.2
G g x I R R U R I I -+⨯⨯+====Ω
四、计算题：本题共2小题，共26分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13、（1）001122A A P P T T ==，；（2）吸热，0003142
Q U PV =+。

【解题分析】
（1）图线可知，状态A 到状态B 为等压变化，
A B P P =①
由盖-吕萨克定律可得:
000
2A V V T T =② 状态B 到状态C 为等容变化，由查理定律可得:
000
2B P P T T =③ 由①②③可得:
0011,22
A A P P T T == （2）从状态A 经过状态
B 到状态
C 的过程中，气体吸收热量 从状态A 到状态B 气体对外做功，从状态B 到状态C 气体不做功
0000011(2)22
A W P V P V V PV =-∆=--=-④ 从状态A 到状态C 气体内能増加
0001344
U U U U ∆=-=⑤ 由热力学第一定律可知
U Q W ∆=+⑥
由④⑤⑥可得：
0003142
Q U PV =+⑦ 14、（1）直线加速器2（2）2eBd m ；（3）△y ＝
2[2，n ＝1，3，5，7…2k ﹣1。

【解题分析】
（1）正负电子进入磁场后要在Ⅱ区域相遇，因此正负电子出加速器以后都向上偏转，根据左手定则可知直线加速器2加速得为正电子
（2）如图所示：d ＝2Rsinθ，R （1﹣cosθ）＝h 或直接得：()2
22d R h R ⎛⎫+-= ⎪⎝⎭
整理得：R 22282822d h d h d h d h d =+≥⋅= 即当282d h h d
=，即h 2d =时，R min 2d = 根据ev 1B ＝m 21v R
，求得：v 12eBd m = （3）当v 22eBd m =，则R 22
d =，距离总是满足：△y ＝2h 情况一：h ＞R ，只有一种情况h ＝R 22
R +，△y 2d d =+ 情况二：h ＜R ，()2222d R h R n ⎛⎫+-= ⎪⎝⎭，h ＝R 222d R n ⎛⎫-- ⎪⎝⎭
， 那么△y ＝2[2
22222d d d n ⎛⎫-- ⎪⎝⎭]，n ＝1，3，5，7…2k ﹣1
15、（1）0.24s ；（2103m/s 3
；（3）F ＞1.47N 【解题分析】 （1）设共速时速度为v 1 ，对物块与小车，由动量守恒得
()20121m v m m v =+
对小车，由动量定理得
211m gt m v μ=
解得：0.24s t =；
（2）物块不从小车右端滑出，则在末端共速，设共同速度为v 2，对物块与小车组成的系统，由动量守恒得
()2122m v m m v =+
再由能量守恒得：
()22212221122
m v m m v m gL μ=++
解得：v =，即物块划上小车左端的速度不能超过v =； （3）设恰好能使物块滑出小车的拉力为F ，由题意，物块应在小车末端共速 对物块，由牛顿第二定律得：
222F m g m a μ-=
对小车：由牛顿第二定律得：
212m g m a μ=
由运动学，共速有：
102a t v a t =+
由位移关系，得：
2202111
22v t a t a t L +-=
综上各式，解得：F=22/15≈1.47N
即当F ＞1.47N 时物块可以滑出小车。