河南省林州一中2017-2018学年高二上学期开学考试物理
河南省林州市2017-2018学年高二物理上学期开学检测试题
河南省林州市2017-2018学年高二物理上学期开学检测试题一、选择题(1-8题单选,9-12题多选,每题4分,共48分)1.如图所示，水平桌面上叠放着A、B两物体均与桌面相对静止不动，则B物体受力个数为( )A． 3个B． 4个C． 6个D． 5个2.将一只皮球竖直向上抛出，皮球运动时受到空气阻力的大小与速度的大小成正比，下列描述皮球在上升过程中加速度大小a与时间t关系的图象，可能正确的是( )A．B．C．D．3.在“验证机械能守恒定律”的实验中，由于打点计时器两限位孔不在同一竖直线上，使纸带通过时受到较大阻力，这样会导致实验结果( )A．mgh>mv2 B．mgh<mv2 C．mgh＝mv2 D．以上均有可能4.如图所示，重物A、B由刚性绳拴接，跨过定滑轮处于图中实际位置，此时绳恰好拉紧，重物静止在水平面上，用外力水平向左推A，当A的水平速度为v A时，如图中虚线所示，则此时B的速度为（）A．v A B．C．D．5.如图所示，一物体自倾角为θ的固定斜面顶端沿水平方向抛出后落在斜面上．物体与斜面接触时速度与水平方向的夹角φ满足 ( )A． tanφ＝sinθB． tanφ＝cosθC． tanφ＝tanθD． tanφ＝2tanθ6.使物体脱离星球的引力束缚，不再绕星球运行，从星球表面发射所需的最小速度称为第二宇宙速度，星球的第二宇宙速度v2与第一宇宙速度v1的关系是v2＝v1.已知某星球的半径为地球半径4倍，质量为地球质量的2倍，地球半径为R，地球表面重力加速度为g.不计其他星球的影响，则该星球的第二宇宙速度为( )A．B．C．D．7.孤立的两颗星球A、B构成双星系统，已知A、B质量之比mA：mB＝1∶3，那么它们的线速度之比v A：v B为( )A． 1∶1 B． 3∶1 C． 1∶9 D． 9∶18.质量为m的小球被系在轻绳的一端，在竖直平面内做半径为R的圆周运动，如图所示，运动过程中小球受到空气阻力的作用．设某一时刻小球通过轨道的最低点，此时绳子所受拉力为7mg，此后小球继续做圆周运动，经过半个圆周恰能通过最高点，则在此过程中小球克服空气阻力所做的功为( )A．B．C．D．mgR9.(多选)如图所示，相同材料的A、B两物块置于绕竖直轴匀速转动的水平圆盘上，B的质量是A的质量的2倍，A与转动轴的距离等于B与转动轴距离的2倍，两物块相对于圆盘静止，则两物块( )A．角速度相同B．线速度相同C．向心加速度相同D．若转动的角速度增大，A先滑动10.(多选)飞船B与空间站A交会对接前绕地球做匀速圆周运动的位置如图所示，虚线为各自的轨道，则( )A．A的周期大于B的周期B．A的加速度大于B的加速度C．A的运行速度大于B的运行速度D．A、B的运行速度小于第一宇宙速度11.(多选)如图所示，MNP为竖直面内一固定轨道，其圆弧段MN与水平段NP相切于N，P端固定一竖直挡板，NP长度为2 m，圆弧半径为1 m．一个可视为质点的物块自M端从静止开始沿轨道下滑，与挡板发生碰撞(机械能不损失)后，最终停止在水平轨道上某处．已知物块在MN段的摩擦可忽略不计，与NP段轨道间的动摩擦因数为0.2.则物块( )A．运动过程中与挡板发生1次碰撞B．返回圆弧轨道的最大高度为0.6 mC．在NP间往返一次克服摩擦力做功8 JD．第一次与第二次经过圆弧轨道上N点时对轨道的压力之比为15∶712.(多选)质量为m1、m2的两物体，静止在光滑的水平面上，质量为m的人站在m1上用恒力F拉绳子，经过一段时间后，两物体的速度大小分别为v1和v2，位移分别为s1和s2，如图所示．则这段时间内此人所做的功的大小等于( )A．Fs2 B．F(s1＋s2) C．m2v＋(m＋m1)v D．m2v二、实验题(每空3分,共12分)13.在验证机械能守恒定律的实验中，质量为m＝1.00 kg的重锤拖着纸带下落，在此过程中，打点计时器在纸带上打出一系列的点，在纸带上选取五个连续的点A、B、C、D和E，如图所示．其中O为重锤开始下落时记录的点，各点到O点的距离分别是31.4 mm、49.0 mm、70.5 mm、95.9 mm、124.8mm.当地重力加速度g＝9.8 m/s2.本实验所用电源的频率f＝50 Hz.(结果保留三位有效数字)(1)打点计时器打下点B时，重锤下落的速度v B＝__________________m/s，打点计时器打下点D时，重锤下落的速度vD＝________ m/s.(2)从打下点B到打下点D的过程中，重锤重力势能减小量ΔE p＝________ J，重锤动能增加量为ΔE k＝________________________ J.三、计算题(共3小题,共40分)14.(10分).宇宙中相距较近、仅在彼此的万有引力作用下运行的两颗行星称为双星．已知某双星系统中两颗星的总质量为m的恒星围绕他们连线上某一固定点分别作匀速圆周运动，周期为T，万有引力常量为G.求这两颗恒星之间的距离．15.(14分)如图所示，质量m＝2.0×104kg的汽车以不变的速率先后驶过凹形桥面和凸形桥面，两桥面的圆弧半径均为20 m．如果桥面承受的压力不得超过3.0×105N，则：(1)汽车允许的最大速度是多少？(2)若以所求速度行驶，汽车对桥面的最小压力是多少？(g取10 m/s2)16.(16分)如图所示，在光滑的水平面上，静止的物体B侧面固定一个轻弹簧，物体A以速度v0沿水平方向向右运动，通过弹簧与物体B发生作用，两物体的质量均为m.(1)求它们相互作用过程中弹簧获得的最大弹性势能E p；(2)若B的质量变为2m，再使物体A以同样的速度通过弹簧与静止的物体B发生作用，求当弹簧获得的弹性势能也为E p时，物体A的速度大小．林州一中高二分校开学检测物理答案1.【答案】D【解析】先对物体A受力分析，受拉力、重力、支持力和向左的静摩擦力；再对物体B受力分析，受A对其向右的静摩擦力、重力、支持力、压力、地面对B向左的静摩擦力，共5个力，故选D.2.【答案】C【解析】对皮球进行受力分析，皮球受到竖直向下的重力和竖直向下的阻力作用，且阻力大小F f＝kv，根据牛顿第二定律可知，皮球在上升过程中的加速度大小a＝＝，因为皮球上升过程中速度v减小，加速度a减小，所以皮球的速度减小得越来越慢，加速度a也减小得越来越慢，当速度v＝0时，加速度a＝g，故选项C正确．3.【答案】A【解析】由于阻力的存在，物体下落时克服阻力做功，机械能部分转化为内能，导致机械能减小，选项A正确．4.【答案】A【解析】两物体沿绳子方向上的分速度相等，沿绳子方向上的分速度为：v A1=v B1=v A cos 30°=．则解得：v B==v A．故选A．5.【答案】D【解析】竖直速度与水平速度之比为：tanφ＝，竖直位移与水平位移之比为：tan θ＝，故tanφ＝2tanθ，D正确．6.【答案】C【解析】某星球的质量为M，半径为r，绕其飞行的卫星质量为m，由万有引力提供向心力得：＝，解得v1＝，代入GM＝gR2得地球的第一宇宙速度为v1＝①又某星球的半径为地球半径4倍，质量为地球质量的2倍，地球半径为R，所以＝×＝②第二宇宙速度v2与第一宇宙速度v1的关系是v2＝v1③①②③联立得该星球的第二宇宙速度为v2′＝，故A、B、D错误，C正确．7.【答案】B【解析】双星绕连线上某点做匀速圆周运动，万有引力提供圆周运动向心力，两星的周期和角速度相同则有：G＝mArAω2＝mBrBω2 可得＝＝据v＝rω可得：＝＝.8.【答案】C【解析】小球在最低点有7mg－mg＝，在最高点有mg＝，由最低点到最高点的过程，根据动能定理得－2mgR－W f＝mv－mv联立解得W f＝mgR，故C正确．9.【答案】AD【解析】圆盘上各点绕轴心转动的角速度均相同，故A项正确；由匀速圆周运动线速度与角速度的关系v＝ωr可知，A的线速度是B的2倍，故B项错误；由向心加速度a＝ω2r 可知A的向心加速度是B的2倍，故C项错误；由于两物块相对于圆盘静止时，最大向心加速度大小为μg，由前项知A的向心加速度速度是B的2倍，故A先滑动，D项正确．10.【答案】AD【解析】飞船B与空间站A绕地球做匀速圆周运动其向心力由万有引力提供，有：G＝ma＝m＝mr，得a＝G，T＝2π，v＝，因rA大于rB，A的加速度小于B的加速度，B错，A的周期大于B的周期，A对，A的速度小于B的速度，C错，第一宇宙速度是绕地球做圆周运动的最大环绕速度，所以A，B的运行速度小于第一宇宙速度，故D 正确，所以本题选择AD.11.【答案】AD【解析】根据动能定理：mgR－μmgx＝0可得物块在水平轨道上运动的路程x＝5 m，因此物块与挡板仅发生一次碰撞，A正确；根据动能定理mgR－μmg×2L－mgh＝0，可求出返回圆弧轨道的最大高度为h＝0.2 m，B错误；在NP间往返一次克服摩擦力做的功W＝μmg×2L＝0.8mg，C错误；第一次经过圆弧轨道上N点时，mgR＝mv，F N1－mg＝，第二次经过N点时，mgR－μmg×2L＝mv，F N2－mg＝，整理得＝，D正确．12.【答案】BC【解析】人做的功等于绳子对m1、m2做的功之和，即W＝Fs1＋Fs2＝F(s1＋s2)，A错，B 对；根据动能定理知，人做的功等于m1、m2、m动能的增加量，所以W＝(m1＋m)v＋m2v，C对，D错．13.【答案】(1)0.978 1.36 (2)0.460 0.447【解析】(1)v B＝＝m/s＝0.978 m/sv D＝＝m/s＝1.36 m/s(2)ΔE p＝mghBD＝1×9.8×(95.9－49.0)×10－3J＝0.460 JΔE k＝m(v－v)＝×1×(1.362－0.9782) J＝0.447 J.14.【答案】【解析】设两颗恒星的质量分别为m1、m2，做圆周运动的半径分别为r1、r2.根据题意有r1＋r2＝L，m1＋m2＝m根据万有引力定律和牛顿第二定律，有＝m1r1，＝m2r2，联立以上各式解得L＝.15.【答案】(1)10 m/s (2)1×105N【解析】(1)汽车在凹形桥最低点时存在最大允许速度，由牛顿第二定律得：F N－mg＝m代入数据解得v＝10 m/s(2)汽车在凸形桥最高点时对桥面有最小压力，由牛顿第二定律得：mg－F N1＝，代入数据解得F N1＝1×105N.由牛顿第三定律知汽车对桥面的最小压力等于1×105N.16.【答案】(1)mv(2)v0或0【解析】(1)设A、B质量为m，当A、B速度相同时，弹簧的弹性势能最大．则mv0＝2mvmv＝·2mv2＋E p解得E p＝mv(2)当B的质量为2m时，设A、B的速度分别为v1、v2，有mv0＝mv1＋2mv2mv＝mv＋·2mv＋E p解得v1＝v0或v1＝0.。
河南省林州市第一中学2017-2018学年高二物理上学期期末考试试题(火箭班,含解析)
河南省林州市第一中学2017-2018学年高二上学期末期考试（火箭班）物理试题一．选择题：1. 下列器件应用光传感器的是A. 话筒B. 火灾报警器C. 测温仪D. 电子秤【答案】B【解析】A、话筒能将声音信号转化为电信号，属于声音传感器，故A错误；B、火灾报警器是应用了光传感器，故B正确；C、测温器是热敏电阻，是应用热传感器的，故C错误；D、电子称的主要部件是压力传感器，电子秤是把力转换为电压这个电学量，故D错误。
点睛：传感器作为一种将其它形式的信号与电信号之间的转换装置，在我们的日常生活中得到了广泛应用，不同传感器所转换的信号对象不同，我们应就它的具体原理进行分析。
2. 关于饱和汽和相对湿度，下列说法错误的是A. 相同温度下，不同液体的饱和汽压一般是不同的B. 空气的相对湿度越大，空气中水蒸气的压强越接近饱和汽压C. 温度一定时，饱和汽的密度为一定值，温度升高，饱和汽的密度增大D. 空气的相对湿度定义为水的饱和汽压与相同温度时空气中所含水蒸气的压强之比【答案】D【解析】A、在同一温度下，不同液体的饱和汽压一般不同，挥发性大的液体饱和汽压大；同一种液体的饱和汽压随温度的升高而迅速增大，故A正确；B、根据相对湿度的特点可知，空气的相对湿度越大，空气中水蒸气的压强越接近饱和汽压，故B正确；C、饱和汽压是物质的一个重要性质，它的大小取决于物质的本性和温度，故一定温度下的饱和汽的分子数密度是一定值，温度升高，饱和汽的密度增大，故C正确；D、相对湿度是指水蒸汽的实际压强与该温度下水蒸汽的饱和压强之比．故D错误。
点睛：解决本题只要知道饱和汽压、绝对湿度和相对湿度的定义，对于热学基本内容一定要加强记忆，并能准确应用，3. 关于原子核、原子核衰变、核能，下列说法正确的是A. 原子核的结合能越大，原子核越稳定B. 任何两个原子核都可以发生核聚变86D. 发生衰变时，新核与原来的原子核相比，中子数减少了2【答案】D【解析】原子核的比结合能越大，原子核越稳定，选项A错误；只有较小的原子核才会发生聚变，故Bα衰变一次质量数减少4个，次数β衰变的次数为n=88×2+82-92=6要经过8次α衰变和6次β衰变，故C 错误；α粒子为氦核，由两个质子和两种中子组成，所以发生α衰变时，新核与原来的原子核相比，中子数减少了2，故D正确；故选D.4. 某种金属逸出光电子的最大初动能E km与入射光频率v的关系如图所示，已知该金属的逸出功为W0，普朗克常量为h。
河南省安阳市林州一中2017-2018学年高三上学期开学考试物理试卷 Word版含解析
河南省安阳市林州一中2017-2018学年高三上学期开学物理试卷一、选择题（每题6分）1．以下说法不正确是( )A．在伽利略之前的学者们总是通过思辩性的论战决定谁是谁非，是他首先采用了以实验检验猜想和假设的科学方法B．在公式I=电压U 和电流I 具有因果关系、公式E=n中△Φ和E具有因果关系、同理在a=中△V 和a 具有因果关系C．超高压带电作业的工作服是用包含金属丝的织物制成的，这是为了屏蔽电场D．电磁感应原理的广泛应用，人们制成了用于加热物品的电磁炉考点：静电场中的导体；电磁感应现象的发现过程．分析：在伽利略之前的学者们总是通过思辩性的论战决定谁是谁非，是他首先采用了以实验检验猜想和假设的科学方法．探究加速度与力、质量三个物理量之间的定量关系，采用控制变量的研究方法．电流与电压有因果关系，超高压带电作业的工人穿戴的工作服是用包含金属丝的织物制成的，这是利用了静电屏蔽的作用．解答：解：A、在伽利略之前的学者们总是通过思辩性的论战决定谁是谁非，而伽利略开创了以实验检验猜想和假设的科学方法．故A正确．B、在公式I=电压U和电流I具有因果关系、公式E=n中△Φ和E没有因果关系，在a=中△V和a没有因果关系，故B错误．C、超高压带电作业的工人穿戴的工作服是用包含金属丝的织物制成的，这是利用了静电屏蔽的作用．故C正确；D、利用电磁感应现象与涡流的热效应，人们制成了用于加热物品的电磁炉；故D正确．本题选错误的，故选：B点评：物理学常用研究的方法有：假设法、归纳法、控制变量法、实验模拟法等等，我们不仅要学习知识，还要学习科学研究的方法．2．质点做直线运动的速度﹣时间图象如图所示，该质点( )A．在第1秒末速度方向发生了改变B．在第2秒末加速度方向发生了改变C．在前2秒内发生的位移为零D．第3秒末和第5秒末的位置相同考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：速度图象与时间轴围成的面积等于物体在该段时间内通过的位移，速度的正负表示速度的方向，只要图象在时间轴同一侧物体运动的方向就没有改变；只要总面积仍大于0，位移方向就仍沿正方向；解答：解：A、0﹣2s内速度图象在时间轴的上方，都为正，速度方向没有改变．故A错误；B、速度时间图象的斜率表示加速度，由图可知1﹣3s图象斜率不变，加速度不变，方向没有发生改变，故B错误；C、根据“面积”表示位移可知，0﹣2s内的位移为：x1=×2×2m=2m．故C错误；D、根据“面积”表示位移可知，0﹣3s内的位移为：x1=×2×2﹣m=1m，0﹣5s内的位移为：x2=×2×1m=1m，所以第3秒末和第5秒末的位置相同．故D正确．故选：D．点评：深刻理解某一段时间内的位移就等于在该段时间内速度图象与时间轴围成的面积是解决此类题目的突破口．3．如图为湖边一倾角为30°的大坝的横截面示意图，水面与大坝的交点为O．一人站在A 点处以速度v0沿水平方向扔小石子，已知AO=40m，g取10m/s2．下列说法正确的是( )A．若v0=18m/s，则石块可以落入水中B．若石块能落入水中，则v0越大，落水时速度方向与水平面的夹角越大C．若石块不能落入水中，则v0越大，落到斜面上时速度方向与斜面的夹角越大D．若石块不能落入水中，则v0越大，落到斜面上时速度方向与斜面的夹角越小考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度求出运动的时间，结合水平位移求出石块落在水中的最小速度．石块能落在水中，则下落的高度一定，竖直分速度一定，结合平行四边形定则判断速度方向与水平面夹角与初速度的大小关系．石块不能落在水中，石块竖直位移与水平位移的比值是定值，结合平抛运动的规律分析落在斜面上的速度方向与斜面倾角与什么因素有关．解答：解：A、根据h=得，t=．则石块落入水中的最小初速度．可知v0=18m/s，则石块可以落入水中．故A正确．B、若石块能落入水中，则下落的高度一定，可知竖直分速度一定，根据知，初速度越大，则落水时速度方向与水平面的夹角越小．故B错误．C、若石块不能落入水中，速度方向与水平方向的夹角的正切值，位移方向与水平方向夹角的正切值，可知tanα=2tanθ，因为θ一定，则速度与水平方向的夹角一定，可知石块落到斜面时速度方向与斜面的夹角一定，与初速度无关．故C、D 错误．故选：A．点评：解决本题的关键掌握平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式和推论灵活求解．4．一个质量为m的小铁块沿半径为R的固定半圆轨道上边缘由静止滑下，到半圆底部时，小铁块所受向心力为铁块重力的1.5倍，则此过程中铁块损失的机械能为( )A．mgR B．mgR C．D．考点：动能定理的应用；牛顿第二定律；向心力．专题：动能定理的应用专题．分析：当滑到半球底部时，半圆轨道底部所受压力为铁块重力的1.5倍，根据牛顿第二定律可以求出铁块的速度；铁块下滑过程中，只有重力和摩擦力做功，重力做功不影响机械能的减小，损失的机械能等于克服摩擦力做的功，根据动能定理可以求出铁块克服摩擦力做的功．解答：解：铁块滑到半球底部时，小铁块所受向心力为铁块重力的1.5倍，由牛顿第二定律得：1.5mg=m对铁块的下滑过程运用动能定理得：mgR﹣W=mv2，解得：W=mgR；故选：B．点评：根据向心力公式求出末速度，再根据动能定理求出克服摩擦力做的功即可．5．如图所示，一圆环上均匀分布着负电荷，x轴垂直于环面且过圆心O．下列关于x 轴上的电场强度和电势的说法中正确的是( )A．O点的电场强度为零，电势最高B．O点的电场强度为零，电势最低C．从O点沿x轴正方向，电场强度减小，电势升高D．从O点沿x轴正方向，电场强度增大，电势降低考点：电势；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：圆环上均匀分布着负电荷，根据电场的叠加和对称性，分析O点的场强．根据电场的叠加原理分析x轴上电场强度的方向，即可判断电势的高低．解答：解：AB、圆环上均匀分布着负电荷，根据对称性可知，圆环上各电荷在O点产生的场强抵消，合场强为零．圆环上各电荷产生的电场强度在x轴有向右的分量，根据电场的叠加原理可知，x轴上电场强度方向向左，根据顺着电场线方向电势降低，可知在x轴上O 点的电势最低，故A错误，B正确；CD、O点的场强为零，无穷远处场强也为零，所以从O点沿x轴正方向，场强应先增大后减小．x轴上电场强度方向向左，电势升高，故C错误，D错误．故选：B．点评：解决本题的关键有两点：一是掌握电场的叠加原理，并能灵活运用；二是运用极限法场强的变化．6．我国于2013 年12 月发射了“嫦娥三号”卫星，该卫星在距月球表面高度为h的轨道上做匀速圆周运动，其运行的周期为T；卫星还在月球上软着陆．若以R表示月球的半径，忽略月球自转及地球对卫星的影响．则( )A．月球的第一宇宙速度为B．“嫦娥三号”绕月运行时的向心加速度为C．物体在月球表面自由下落的加速度大小为D．由于月球表面是真空，“嫦娥三号”降落月球时，无法使用降落伞减速考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据万有引力提供向心力=ma解答，注意r=R+h．解答：解：A、根据公式：，此时r=R，解得第一宇宙速度为：，故A正确；B、根据知“嫦娥三号”绕月运行时的向心加速度为，故B错误；C、根据公式：和月球表面：，得：．故C正确；D、降落伞只能在有空气时才能产生阻力，由于月球表面是真空，“嫦娥三号”降落月球时，无法使用降落伞减速．故D正确．故选：ACD点评：本题关键抓住万有引力提供向心力，列式求解出线速度、角速度、周期和向心力的表达式，再进行讨论．7．如图所示，理想变压器输入端接在电动势随时间变化、内阻为r的交流电源上，输出端接理想电流表及阻值为R的负载，变压器原、副线圈匝数的比值为：．如果要求负载消耗达到最大功率，则下列说法正确的是( )A．交流电源的效率为50%B．电流表的读数为C．负载上消耗的热功率为D．该交流电源电动势的瞬时值表达式为e=E m sin（100π）考点：变压器的构造和原理；电功、电功率；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．专题：交流电专题．分析：由图可读出最大值，周期，求得ϖ，得出表达式，求得电压有效值可得输出功率，由输出功率与电功率求得效率，解答：解：A、C把变压器和R看做一个整体，等效电阻为R′，则当R′=r时，总功率为P==负载功率为P负载=，则其效率为50%．则A正确，C错误；总B、电流表的读数为有副线圈电流的有效值：原线圈电流有效值为I1=，则：=，故B正确；D、由图知周期为0.04S，则其ω=，则瞬时值表达式为e=E m sin（50π），故D错误；故选：AB．点评：本题巧妙应用当R′=r时，输出功率最大，结合闭合电路欧姆定律解决问题，难度较大．8．如图所示，平行金属轨道宽度为d，一部分轨道水平，左端接电阻R，倾斜部分与水平面夹θ角，且置于垂直斜面向上的匀强磁场中，磁感应强度为B．现将一质量为m长度也为d的导体棒从导轨顶端由静止释放，直至滑到水平部分（导体棒下滑到水平部分之前已经匀速，滑动过程与导轨保持良好接触，重力加速度为g）．不计一切摩擦阻力，导体棒接入回路电阻为r，则整个下滑过程中( )A．导体棒匀速运动是速度大小为B．匀速运动时导体棒两端电压为C．导体棒下滑距离为S时，通过R的总电荷量为D．重力和安培力对导体棒所做的功大于导体棒获得的动能考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：由E=BLv求出感应电动势，由欧姆定律求出电流，由安培力公式求出安培力，由平衡条件求出速度，根据求解电荷量．解答：解：A：导体棒ab达最大速度时做匀速直线运动，处于平衡状态，由平衡条件得：mgsinθ=BI m d，感应电流：I m=，感应电动势：E m=Bdv m，解得：v m=sinθ=sinθ，故A正确；B：感应电动势：E=BdV=sinθ，根据欧姆定律得：U棒==，故B 错误；C：有感应电动势：E=和，及电量，得：=，故C正确；D：导体棒运动过程中受重力和安培力，根据动能定理：W合=△E K，得；W G+W安=△E K，故D错误；故选：AC点评：本题是电磁感应与电路、力学相结合的综合题，应用E=BLv、欧姆定律、安培力公式、功能关系即可正确解题．三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第18题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．某实验小组用图甲所示装置“探究功与物体速度变化的关系”．（1）为平衡小车运动过程中受到的阻力，应该采用下面所述方法中的C（填入选项前的字母代号）．A．逐步调节木板的倾斜程度，让小车能够自由下滑B．逐步调节木板的倾斜程度，让小车在橡皮条作用下开始运动C．逐步调节木板的倾斜程度，给小车一初速度，让拖着纸带的小车匀速下滑D．逐步调节木板的倾斜程度，让拖着纸带的小车自由下滑（2）图乙是该实验小组在实验过程中打出的一条纸带，已知打点计时器连接的电源的频率为50Hz，则橡皮筋恢复原长时小车的速度为1.40m/s（结果保留3位有效数字）．考点：探究功与速度变化的关系．专题：实验题；动能定理的应用专题．分析：该实验中为了确保橡皮筋拉力为小车的外力，需要进行平衡摩擦力的操作，小车的整个运动过程是，小车在橡皮条的拉力作用下先加速运动，当橡皮条恢复原长时，小车由于惯性继续前进，做匀速运动，明确实验原理即可正确解答本题．解答：解：（1）为了平衡摩擦力的影响，在实验中可以将木板一端垫高，则小车受到的重力的分力可以与摩擦力平衡；则小车做匀速运动时，则摩擦力的影响可以取消，此时，小车后面的纸带上的点应为均匀分布的，因此不能拖着纸带，也不能有橡皮条作用，故C正确，ABD错误；（2）由图可知，A点2.1cm，B点4.6cm，C点7.4cm，D点10.2cm，E点13.0cm；橡皮筋恢复原长时小车做匀速运动，根据纸带可知匀速运动时两个点之间的位移为：x=13.0﹣10.2=10.2﹣7.4=7.4﹣4.6=2.8cm=0.028m，所以v==m/s=1.40m/s故答案为：（1）C；（2）1.40．点评：明确实验原理是解决本题的关键，因此要分析清楚小车的运动，小车先加速后匀速，同时加强基础物理知识在实验中的应用，注意平衡摩擦力时，小车不能有橡皮条作用，也不能拖着纸带．10．电池的内阻很小，不便于直接测量．某探究小组的同学将一只2.5Ω的保护电阻R0与电池串联后再用电流表和电压表测电池的电动势和内阻，实验电路如图1所示．①按电路原理图把图2实物电路补画完整；②实验中测定出了下列数据：I/A 0.10 0.15 0.17 0.23 0.25 0.30U/V 1.20 1.10 1.00 0.80 1.00 0.60请根据数据在图3中坐标图上画出I﹣U 图象．连线时，有一组数据是弃之不用的，原因是U﹣I 图象如图所示，数据存在严重错误③由I﹣U图象得出电池的电动势为1.50V，内阻为0.50Ω．考点：测定电源的电动势和内阻．专题：实验题．分析：R0为保护电阻，同时可以起到增大内阻的作用，使外电路中的电压及电流变化明显；由描点法得出U﹣I图象，而图象与纵坐标的交点为电动势；图象的斜率表示电源的内电阻．解答：解：①对照电路图连线即可，要注意电表的极性；实物图连线如图②根据描点法作出I﹣U图象，有一组数据是弃之不用的，原因是数据存在严重错误③U﹣I图象的纵轴截距表示电源的电动势，故E=1.50V内阻和定值电阻之和等于图线的斜率，故r+R0==3.0Ω所以r=3﹣2.5=0.50Ω故答案为：①实物电路图连接如图所示；②U﹣I 图象如图所示，数据存在严重错误③1.50，0.50点评：测定电源的电动势和内电阻是高中阶段电学实验考查的重点，是近几年各地2016届高考题目的出题热点，本题突出了对于实验原理、仪器选择及U﹣I图象处理等多方面内容的考查，题目层次源于课本，凸显能力，体现创新意识，侧重于对实验能力的考查．11．2012年11月23日上午，由来自东海舰队“海空雄鹰团”的飞行员戴明盟驾驶的中国航母舰载机歼﹣15降落在“辽宁舰”甲板上，首降成功，随后舰载机通过滑跃式起飞成功．滑跃起飞有点象高山滑雪，主要靠甲板前端的上翘来帮助战斗机起飞，其示意图如图所示，设某航母起飞跑道主要由长度为L1=160m 的水平跑道和长度为L2=20m的倾斜跑道两部分组成，水平跑道与倾斜跑道末端的高度差h=4.0m．一架质量为M=2.0×104kg的飞机，其喷气发动机的推力大小恒为F=1.2×105N，方向与速度方向相同，在运动过程中飞机受到的平均阻力大小为飞机重力的0.1倍，假设航母处于静止状态，飞机质量视为不变并可看成质点，倾斜跑道看作斜面，不计拐角处的影响．取g=10m/s2．（1）求飞机在水平跑道运动的时间．（2）求飞机到达倾斜跑道末端时的速度大小．（3）如果此航母去掉倾斜跑道，保持水平跑道长度不变，现在跑道上安装飞机弹射器，此弹射器弹射距离为84m，要使飞机在水平跑道的末端速度达到100m/s，则弹射器的平均作用力多大？（已知弹射过程中发动机照常工作）考点：动能定理；牛顿第二定律．专题：动能定理的应用专题．分析：（1）根据牛顿第二定律求出飞机的加速度，结合位移时间时间公式求出飞机在水平跑道上运动的时间．（2）根据速度时间公式求出飞机在倾斜轨道上的初速度，再根据牛顿第二定律求出飞机在倾斜轨道上的加速度，根据速度位移公式求出飞机到达倾斜跑道末端时的速度大小．（3）对全过程运用动能定理，根据动能定理求出弹射器的平均作用力．解答：解：（1）设飞机在水平跑道上的加速度为a1，阻力为f，由牛顿第二定律得，F﹣f=ma1，，代入数据解得t1=8s．（2）设飞机在水平跑道末端速度为v1，倾斜跑道末端速度为v2，加速度为a2，水平跑道上：v1=a1t1，倾斜跑道上，由牛顿第二定律，，代入数据解得m/s．（3）设弹射器弹力为F1，弹射距离为x，飞机在跑道末端的速度为v3，由动能定理得，，代入数据解得．答：（1）飞机在水平跑道运动的时间为8s．（2）飞机到达倾斜跑道末端时的速度大小为m/s．（3）弹射器的平均作用力为106N．点评：本题考查了牛顿第二定律、运动学公式和动能定理的基本运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．12．（18分）如图a所示，水平直线MN下方有竖直向上的匀强电场，现将一重力不计，比荷=1×106C/kg的正电荷置于电场中的O点由静止释放，经过×10﹣5s后，电荷以v0=1.5×104m/s的速度通过MN进入其上方的匀强磁场，磁场与纸面垂直，磁感应强度B按图b所示规律周期性变化（图b中磁场方向以垂直纸面向外为正方向，以电荷第一次通过MN时为t=0时刻）．计算结果可用π表示，求：（1）O点与直线MN之间的电势差；（2）t=×10﹣5s时刻电荷与O点的水平距离（3）如果在O点右方d=67.5cm处有一垂直于MN的足够大的挡板，求电荷从O点出发运动到挡板所需要的时间．考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：（1）根据动能定理求出O点与直线MN之间的电势差．（2）电荷进入磁场后做匀速圆周运动，分别求出电荷在磁场中运动的半径和周期，画出轨迹，由几何关系求出t=×10﹣5s时刻电荷与O点的水平距离．（3）电荷在周期性变化的磁场中运动，根据周期性分析电荷到达档板前运动的完整周期数，即可求出荷沿ON运动的距离．根据电荷挡板前的运动轨迹，求出其运动时间，即得总时间．解答：解：（1）电荷在电场中做匀加速直线运动，由动能定理得：，解得？：V．（2）当磁场垂直纸面向外时，设电荷运动的半径为r1，则，解得：，周期为：．当磁场垂直纸面向里时，电荷运动的半径为：=0.03m=3cm．周期为：．电荷从t=0时刻开始做周期性运动，其运动轨迹如图甲所示，t=时刻电荷与O点的水平距离为：△d=2（r1﹣r2）=4cm．（3）电荷从第一次通过MN开始，其运动的周期T=，根据电荷的运动情况可知，电荷到达挡板前运动的完整周期数为15个，此时电荷沿MN运动的距离：15△d=60cm．则最后7.5cm的运动轨迹如乙图所示，有：r1+r1cosα=7.5cm．解得cosα=0.5，则α=60°，故电荷运动的总时间为：s．答：（1）O点与直线MN之间的电势差为1.125×102V；（2）t=×10﹣5s时刻电荷与O点的水平距离为4cm．（3）电荷从O点出发运动到挡板所需要的时间为．点评：本题是带电粒子在电场和磁场中运动的问题，电荷在电场中运动时，由牛顿第二定律和运动学公式结合研究是最常用的方法，也可以由动量定理处理．电荷在周期性磁场中运动时，要抓住周期性即重复性进行分析，根据轨迹求解时间．(二）选考题，请考生从以下三个模块中任选一模块作答【物理--选修3-3】13．关于一定量的理想气体，下列说法正确的是( )A．气体分子的体积是指每个气体分子平均所占有的空间体积B．只要能增加气体分子热运动的剧烈程度，气体的温度就可以升高C．在完全失重的情况下，气体对容器壁的压强为零D．气体从外界吸收热量，其内能不一定增加E．气体在等压膨胀过程中温度一定升高考点：理想气体的状态方程；热力学第一定律．专题：理想气体状态方程专题．分析：根据气体分子间空隙很大，分析气体的体积与所有气体分子的体积之和的关系．根据温度的微观含义、压强产生的微观机理分析．根据热力学第一定律分析气体内能变化，根据等压变化分析温度变化．解答：解：A、气体粒子之间的距离远远大于粒子本身的直径，所以气体分子的体积小于每个气体分子平均所占有的空间体积，故A错误；B、温度是分子平均动能得标志，增加气体分子热运动的剧烈程度，气体的温度就可以升高，故B正确；C、气体对容器壁的压强是气体分子不断撞击器壁产生的，与超失重无关，故C错误；D、改变内能的方式有做功和热传递，当气体从外界吸收热量同时气体对外做功，则内能可能会减小，故D正确；E、等压变化过程，体积与热力学温度成正比，体积膨胀，温度升高，故E正确；故选：BDE．点评：解答本题的关键熟悉理想气体模型、气压的微观解释，及内能的决定因素，基础题．14．拔火罐”是一种中医疗法，为了探究“火罐”的“吸力”，某人设计了如图实验．圆柱状气缸（横截面积为S）被固定在铁架台上，轻质活塞通过细线与重物m相连，将一团燃烧的轻质酒精棉球从缸底的开关K处扔到气缸内，酒精棉球熄灭时（设此时缸内温度为t℃）密闭开关K，此时活塞下的细线刚好拉直且拉力为零，而这时活塞距缸底为L．由于气缸传热良好，重物被吸起，最后重物稳定在距地面处．已知环境温度为27℃不变，与大气压强相当，气缸内的气体可看做理想气体，求t值．考点：理想气体的状态方程．专题：理想气体状态方程专题．分析：酒精棉球熄灭后，以活塞为研究对象可求出封闭气体初末状态压强，利用理想气体状态方程列式即可求解．解答：解：酒精棉球熄灭时，封闭气体向下得压力，大气压向上的支持力，由平衡得：P1S=P0S解得：P1=P0此时体积为：V1=LS，温度为：T1=273+t重物被吸起稳定后，活塞受绳子得拉力，封闭气体向下得压力和大气压向上得支持力，由平衡得：P2S+mg=P0S解得：此时体积为：，温度为T2=273+27K=300K有理想气体状态方程得：解得：t=127℃答：此种情况下的温度为127℃点评：本题得关键是以活塞为研究对象，受力分析利用平衡求出初末状态压强，然后利用理想气体状态方程列式即可求解．【物理--选修3-4】15．如图所示，实线与虚线分别表示振幅（A）、频率（f）均相同的两列波的波峰和波谷．此刻，M是波峰与波峰相遇点，下列说法中正确的是( )A．P、N两质点始终处在平衡位置B．该时刻质点O正处于平衡位置C．随着时间韵推移，质点M将向O点处移动D．从该时刻起，经过四分之一周期，质点M到达平衡位置，此时位移为零E．OM连线中点是振动加强的点，其振幅为2A考点：波的叠加．分析：由图知P、N是振动减弱的点，M、O都处于振动加强的点，MO连线上各点的振动也加强．在波的传播过程中，质点不会向前移动，振幅为质点离开平衡的位置的最大位移．解答：解：A、P、N两点是波谷和波峰叠加，由于两列波的振幅相等，P、N的位移始终为零，即始终处于平衡位置，故A正确；B、由图知O点是波谷和波谷叠加的位置，是振动加强点，该时刻O点位于波谷，故B错误；C、振动的质点只是在各自的平衡位置附近振动，不会“随波逐流”，则质点M不会向O点处移动，故C错误；D、该时刻M点位于波峰，从该时刻起，经过四分之一周期，质点M到达平衡位置，此时位移为零，故D正确；E、OM连线中点，也是振动加强的点，其振幅与O或M点一样，为2A，故E正确；故选：ADE点评：介质中同时存在几列波时，每列波能保持各自的传播规律而不互相干扰．在波的重叠区域里各点的振动的物理量等于各列波在该点引起的物理量的矢量和．16．如图甲所示，在平静的水面下深d处有一个点光源s，它发出的是两种不同颜色的a光和b光，在水面上形成了一个被照亮的圆形区域，该区域的中间为由ab两种单色光所构成的复色光的圆形区域，其半径为R．周边为环状区域，其宽度为△L且为a光的颜色（见图乙）则：两种色光的折射率n a、n b分别是多少？考点：光的折射定律．。
河南省安阳市林州一中2017-2018学年高二上学期开学物理试卷含解析
2017-2018学年河南省安阳市林州一中高二（上）开学物理试卷一、选择题1．质点由静止开始做直线运动,加速度与时间关系如图所示,t2=2t1，则（）A．质点一直沿正向运动B．质点在某个位置附近来回运动C．在0~t2时间段内，质点在t1时刻的速度最大D．在0～t2时间段内，质点在t2时刻的速度最大2．如图，在倾角为α的固定光滑斜面上，有一用绳子栓着的长木板，木板上站着一只猫．已知木板的质量是猫的质量的2 倍．当绳子突然断开时，猫立即沿着板向上跑,以保持其相对斜面的位置不变．则此时木板沿斜面下滑的加速度为( ）A．1。
5gsinα B．sinαC．gsinαD．2gsinα3．人在距地面高h、离靶面距离L处，将质量m的飞镖以速度v0水平投出，落在靶心正下方，如图所示．只改变h、L、m、v0四个量中的一个,可使飞镖投中靶心的是（）A．适当减小v0 B．适当提高h C．适当减小m D．适当减小L 4．如图所示的直角三角板紧贴在固定的刻度尺上方，现假使三角板沿刻度尺水平向右匀速运动的同时，一支铅笔从三角板直角边的最下端，由静止开始沿此边向上做匀加速直线运动，下列关于铅笔尖的运动及其留下的痕迹的判断中，正确的有（）A．笔尖留下的痕迹是一条倾斜的直线B．笔尖留下的痕迹是一条抛物线C．在运动过程中，笔尖运动的速度方向始终保持不变D．在运动过程中，笔尖运动的加速度方向始终保持不变5．冥王星绕太阳的公转轨道是个椭圆，公转周期为T0，其近日点到太阳的距离为a,远日点到太阳的距离为b，半短轴的长度为c,如图所示．若太阳的质量为M,万有引力常量为G，忽略其他行星对它的影响，则（)A．冥王星从A→B→C的过程中,机械能逐渐增大B．冥王星从A→B所用的时间等于C．冥王星从B→C→D的过程中，万有引力对它先做正功后做负功D．冥王星在B点的加速度为6．运动员从悬停在空中的直升机上跳伞，伞打开前可看做是自由落体运动,打开伞后减速下降，最后匀速下落．如果用h表示下落高度，t表示下落的时间，F表示人受到的合力，E表示人的机械能，E p 表示人的重力势能，v表示人下落的速度，在整个过程中，如果打开伞后空气阻力与速度平方成正比，则下列图象可能符合事实的是（）A．B． C． D．7．游乐场中的一种滑梯如图所示．小朋友从轨道顶端由静止开始下滑,沿水平轨道滑动了一段距离后停下来，则（)A．下滑过程中支持力对小朋友做功B．下滑过程中小朋友的重力势能增加C．整个运动过程中小朋友的机械能守恒D．在水平面滑动过程中摩擦力对小朋友做负功8．如图所示，光滑水平面上，质量为m的小球A和质量为m的小球B通过轻质弹簧相连并处于静止状态，弹簧处于自由伸长状态；质量为m的小球C以初速度v0沿AB连线向右匀速运动，并与小球A发生弹性正碰．在小球B的右侧某位置固定一块弹性挡板（图中未画出），当小球B与挡板发生正碰后立刻将挡板撤走，不计所有碰撞过程中的机械能损失,弹簧始终处于弹性限度以内,小球B与固定挡板的碰撞时间极短，碰后小球B的速度大小不变,但方向相反，则B与挡板碰后弹簧弹性势能的最大值E m可能是( ）A．mv02B． C．D．二、非选择题9．利用如图1实验装置探究重锤下落过程中重力势能与动能的转化问题．①图2为一条符合实验要求的纸带，O点为打点计时器打下的第一点．分别测出若干连续点A、B、C…与O点之间的距离h1、h2、h3…．已知打点计时器的打点周期为T，重锤质量为m，重力加速度为g，可得重锤下落到B点时的速度大小为．②取打下O点时重锤的重力势能为零,计算出该重锤下落不同高度h 时所对应的动能E k和重力势能E p．建立坐标系，横轴表示h，纵轴表示E k和E p，根据以上数据在图3中绘出图线Ⅰ和图线Ⅱ．已求得图线Ⅰ斜率的绝对值k1=2.94J/m,请计算图线Ⅱ的斜率k2= J/m（保留3位有效数字)．重锤和纸带在下落过程中所受平均阻力与重锤所受重力的比值为（用k1和k2表示）．10．如图所示，跳台滑雪运动员经过一段加速滑行后从O点水平飞出，从水平飞出时开始计时，经t=3.0s落到斜坡上的A点．已知O 点是斜坡的起点，斜坡与水平面的夹角θ=37°，运动员的质量m=50kg，不计空气阻力．取重力加速度g=10m/s2，sin37°=0。
【月考试卷】河南省林州市第一中学2017-2018学年高二上学期12月月考物理试题(解析版)Word版含解析
河南省林州市第一中学2017-2018学年高二12月月考物理试题一、1——8为单选题，9——15为多选题，每题3分，多选题少选给2分。
1. 两个绝缘导体环AA′、BB′大小相同，环面垂直，环中通有相同大小的恒定电流，如图所示，则圆心O处磁感应强度的方向为(AA′面水平，BB′面垂直纸面)( )A. 指向右上方B. 指向左上方C. 竖直向上D. 水平向右【答案】B【解析】试题分析：圆心O处磁感应强度是由两个导体环产生的磁场的叠加，根据安培定则分别判断两个环在O处产生的磁场方向，再按平行四边形定则合成．根据安培定则可知：导体环在O处产生的磁场方向为竖直向上，导体环在O处产生的磁场方向为水平向左，按平行四边形定则可知，O处磁感应强度的方向为指向左上方，B 正确．2. 如图所示,一束质量、速度和电荷量不同的正离子垂直地射入匀强磁场和匀强电场正交的区域里,结果发现有些离子保持原来的运动方向,有些未发生任何偏转.如果让这些不偏转的离子进入另一匀强磁场中,发现这些离子又分裂成几束,对这些进入另一磁场的离子,可得出结论（）A. 它们的动能一定各不相同B. 它们的电荷量一定各不相同C. 它们的质量一定各不相同D. 它们的电荷量与质量之比一定各不相同【答案】D【解析】试题分析：一束质量、速度和电荷量不同的正离子垂直地射入匀强磁场和匀强电场正交的区域里，结果发现有些离子保持原来的运动方向，未发生任何偏转。
则可以说明:这些正离子：所以:.这些不偏转的离子进入另一个匀强磁场中，发现这些离子又分裂成几束。
则说明这些离子在落伦次力f作用下做圆周运动的半径R不相等.由于,把代入上式,可得,可知道,R不同,则电荷量与质量之比一定各不相同.D正确，考点：考查了粒子在磁场中的运动点评：做此类型的题目需要根据粒子的受力情况，判断粒子的运动性质，特别是注意粒子运动的一些临界条件，结合牛顿运动定律分析解题3. 如图所示，竖直线MN∥PQ，MN与PQ间距离为a，其间存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，O是MN上一点，O处有一粒子源，某时刻放出大量速率均为v(方向均垂直磁场方向)、比荷一定的带负电粒子(粒子重力及粒子间的相互作用力不计)，已知沿图中与MN成θ=60°角射出的粒子恰好垂直PQ射出磁场，则粒子在磁场中运动的最长时间为：A. B. C. D.【答案】C【解析】当速度方向与MN夹角θ=60°时，粒子恰好垂直PQ方向射出磁场，所以，粒子运动的半径由粒子在磁场中运动，洛伦兹力作向心力可得，解得①；当θ=0°时，如图所示，可知粒子打在PQ上的位置为O点水平线上方处；当θ增大时，粒子打在PQ上的位置下移，知道粒子的运动轨迹与PQ相切时，如图所示，可知粒子打在PQ上的位置为O点水平线下方处；当θ继续增大直到180°，粒子的运动轨迹与PQ不相交，直接从MN上射出，且在MN上的出射点不断上移直到O点，所以，若只改变粒子速度方向，使θ角能在0°至180°间不断变化，则PQ边界上有粒子射出的区间长度为；若只改变粒子速度方向，使θ角能在0°至180°间不断变化，则粒子运动半径不变，那么粒子运动周期不变，所以，粒子在磁场中运动的轨迹所对应的弦长越长，则粒子在磁场中运动的越长，由D的分析可知，当粒子的出射点在PQ上时，粒子的弦长可取a，2a]的任意值；当粒子的出射点在MN上时，粒子的弦长可取的任意值；所以，粒子运动轨迹的弦长最大可取，此时对应的中心角φ=120°，所以联立①式子可知，粒子在磁场中运动的最长时间，故C正确．4. 如图所示，两平行的粗糙金属导轨水平固定在匀强磁场中，磁感应强度为B，导轨宽度为L，一端与电源连接。
河南省安阳市林州一中2017-2018学年高二上学期期中物理试卷 Word版含解析
2017-2018学年河南省安阳市林州一中高二（上）期中物理试卷一.选择题1．一个验电器带有正电，它的箔片张开某一角度，用另一个有绝缘手柄的导体靠近验电器的金属球，发现验电器的箔片的张角减小，关于导体的带电情况，下面的说法正确的是（）A．只可能带负电 B．只可能带正电C．可能带负电或不带电D．以上说法都不正确2．三个相同的金属小球1、2、3分别置于绝缘支架上，各球之间的距离远大于小球的直径．球1的带电量为q，球2的带电量为nq，球3不带电且离球1和球2很远，此时球1、2之间作用力的大小为F．现使球3先与球2接触，再与球1接触，然后将球3移至远处，此时1、2之间作用力的大小仍为F，方向不变．由此可知（）A．n=3 B．n=4 C．n=5 D．n=63．在电场中的某点A放一试探电荷+q，它所受到的电场力大小为F，方向水平向右，则A 点的场强大小E A=，方向水平向右，下列说法中正确的是（）A．在A点放一个负试探电荷，A点的场强方向变为水平向左B．在A点放一个负试探电荷，它所受的电场力方向水平向左C．在A点放置一个电荷量为2q的试探电荷，则A点的场强变为2E AD．在A点放置一个电荷量为2q的试探电荷，则它所受的电场力变为4F4．如图所示的电场中，AB=BC，U AB、U BC分别表示A、B两点间和B、C两点间的电势差，则两者的关系正确的是（）A．U AB=U BC B．U AB＞U BCC．U AB＜U BC D．以上结论都有可能5．如图所示，A、B两导体板平行放置，在t=0时将电子从A板附近由静止释放（电子的重力忽略不计）．分别在A、B两板间加四种电压，它们的U AB﹣t图线如下列四图所示．其中可能使电子到不了B板的是（）A．B．C．D．6．为维护消费者权益，某技术监督部门对市场上的电线产品进行抽查，发现有一个品牌的铜芯电线不符合规格：电线直径明显比说明书上标有的直径要小，引起这种电线不符合规格的主要原因是（）A．电线的长度引起电阻偏大B．电线的横截面积引起电阻偏大C．电线的材料引起电阻偏大D．电线的温度引起电阻偏大7．如图所示，一根横截面积为S的均匀长直橡胶棒上均匀带有负电荷，每米电荷量为q，当此棒沿轴线方向做速率为v的匀速直线运动时，由于棒运动而形成的等效电流大小为（）A．vq B．C．qvS D．8．在竖直向上的匀强电场中，有两个质量相等、带异种电荷的小球A、B（均可视为质点）处在同一水平面上，现将两球以相同的水平速度v0向右抛出，最后落在水平地面上，运动轨迹如图所示，两球之间的静电力和空气阻力均不考虑，则（）A．A球带负电，B球带正电B．B球比A球先落地C．在下落过程中，A球的电势能减少，B球的电势能增加D．若球从抛出到各自落地的过程中，A球的速率变化比B球的小9．如图击剑比赛中，甲的剑击中乙的导电服，乙头顶上的指示灯就会亮；乙的剑击中甲的导电服，甲头顶上的指示灯就会亮．这里剑相当于“开关”，选项中能反映上述比赛原理的电路图是（）A．B．C．D．10．如图是一火警报警电路的示意图．其中R3为高分子材料制成的PTC热敏电阻，其阻值随着温度的升高而增大．值班室的显示器为电路中的电流表，电源两极之间接一报警器，P点接地．当R3处出现火情时，显示器的电流I、报警器两端的电压U和Q点电势的变化情况是（）A．I变大，U变小B．I变大，U变大C．Q点电势变小 D．Q点电势不变二、解答题（共7小题，满分60分）11．如图所示是一个匀强电场的等势面，每两个相邻等势面相距2cm，由此可以确定电场强度的方向是，电场强度的大小为E=V/m．12．如图所示静止在绝缘水平面上的滑块质量m=1.0×10﹣3kg，带电荷量+q=1.0×10﹣5C，若在AB的左侧加一个场强大小为E=1.0×103V/m，方向水平向右的匀强电场，滑块在电场力的作用下开始向右运动，已知滑块与水平面间的动摩擦因数为μ=0.1，滑块与AB之间的距离为d=0.2cm，重力加速度为g=10m/s2，则滑块在电场中运动时加速度的大小为α=m/s2，滑块停止时与AB间的距离x=m．13．现有器材：理想电流表一个，两个定值电阻R1、R2，单刀单掷开关两个，导线若干，要求利用这些器材较精确地测量一节干电池的电动势（电动势约1.5V）．（1）在虚线方框内画出实验电路图；（2）用已知量和测得量表示待测电动势的数学表达式E=．14．如图所示，在竖直平面内，光滑绝缘直杆AC与半径为R的圆周交于B、C两点，在圆心处有一固定的正点电荷，B为AC的中点，C点位于圆周的最低点．现有一质量为m、电荷量为q、套在直杆上的带负电小球从A点由静止开始沿杆下滑．已知重力加速度为g，A点距过C点的水平面的竖直高度为3R，小球滑到B点时的速度大小为2．（1）求小球滑至C点时的速度大小；（2）求A、B两点间的电势差U AB；（3）若以C点为零电势点，试确定A点的电势．15．如图所示，虚线PQ、MN间存在水平匀强电场，一带电粒子质量为m=2.0×10﹣11kg、电荷量为q=+1.0×10﹣5C，从a点由静止开始经电压为U=100V的电场加速后，垂直于匀强电场进入匀强电场中，从虚线MN的某点b（图中未画出）离开匀强电场时速度与电场方向成30°角．已知PQ、MN间距为20cm，带电粒子的重力忽略不计．求：（1）带电粒子刚进入匀强电场时的速率v1（2）匀强电场的场强大小（3）ab两点间的电势差．16．2018年9月9日，深圳国际小电机及制造技术与应用展览会在深圳会展中心举办．展览会上演示利用小电动机通过如图所示的电路提升重物，电源电动势E=6V，电源内阻r=1Ω，电阻R=3Ω，重物质量m=0.10kg，当将重物固定时，电压表的示数为5V，当重物不固定，且电动机最后以稳定的速度匀速提升重物时，电压表的示数为5.5V，求重物匀速上升时的速度大小（不计摩擦，g取10m/s2）．17．如图甲所示为一灯泡两端的电压与通过它的电流的变化关系曲线．由图可知，两者不成线性关系，这是由于焦耳热使灯丝的温度发生了变化的缘故，参考这条曲线回答下列问题：（不计电流表和电源的内阻）（1）若把三个这样的灯泡串联后，接到电动势为12V的电源上，求流过灯泡的电流和每个灯泡的电阻．（2）如图乙所示，将两个这样的灯泡并联后再与10Ω的定值电阻R0串联，接在电动势为8V的电源上，求通过电流表的电流值以及每个灯泡的实际功率．2017-2018学年河南省安阳市林州一中高二（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一.选择题1．一个验电器带有正电，它的箔片张开某一角度，用另一个有绝缘手柄的导体靠近验电器的金属球，发现验电器的箔片的张角减小，关于导体的带电情况，下面的说法正确的是（）A．只可能带负电 B．只可能带正电C．可能带负电或不带电D．以上说法都不正确【考点】静电现象的解释；电荷守恒定律．【分析】验电器是利用同种电荷相互排斥的原理制成的，其金属箔片的张角减小，说明其带的电荷量减少，由此入手来解决此题．【解答】解：验电器原来带正电，张角减小，说明其带的正电荷减少，由此可知正负电荷是发生了中和现象，即导体上的电子中和了验电器上的正电荷．当导体带负电时可以发生这种现象；当导体不带电时，验电器上的正电荷照样可以吸引导体上的电子而发生中和现象，导体由于少了负电荷而带正电．综上分析故C正确，ABD错误；故选：C．2．三个相同的金属小球1、2、3分别置于绝缘支架上，各球之间的距离远大于小球的直径．球1的带电量为q，球2的带电量为nq，球3不带电且离球1和球2很远，此时球1、2之间作用力的大小为F．现使球3先与球2接触，再与球1接触，然后将球3移至远处，此时1、2之间作用力的大小仍为F，方向不变．由此可知（）A．n=3 B．n=4 C．n=5 D．n=6【考点】库仑定律．【分析】当两个完全相同的带同种电荷的小球接触后，它们的总电荷量将平分；如果两个完全相同的小球带的是异种电荷，那么当它们接触后，它们带的电荷将先中和，之后再将剩余的电荷量平分．找到小球带的电量的关系之后，根据库仑力的公式就可以求得作用力的大小，从而可以求得n的数值．【解答】解：设1、2距离为R，则球1、2之间作用力为：F=k，3与2接触后，它们带的电的电量平分，均为：，再3与1接触后，它们带的电的总电量平分，均为，将球3移至远处后，球1、2之间作用力为F=k，有上两式解得：n=6，故选D．3．在电场中的某点A放一试探电荷+q，它所受到的电场力大小为F，方向水平向右，则A 点的场强大小E A=，方向水平向右，下列说法中正确的是（）A．在A点放一个负试探电荷，A点的场强方向变为水平向左B．在A点放一个负试探电荷，它所受的电场力方向水平向左C．在A点放置一个电荷量为2q的试探电荷，则A点的场强变为2E AD．在A点放置一个电荷量为2q的试探电荷，则它所受的电场力变为4F【考点】电场强度．【分析】电场强度反映电场本身的性质，与试探电荷的正负和电荷量无关；电场力的大小计算遵循F=Eq，负电荷所受的电场力方向与场强方向相反．【解答】解：A、电场强度由电场本身决定，与试探电荷无关，当在A点放一个负试探电荷，A点的场强方向不变，仍水平向右．故A错误．B、负试探电荷所受的电场力与场强方向相反，所以在A点放一个负试探电荷，它所受的电场力方向水平向左，故B正确．C、在A点放置一个电荷量为2q的试探电荷，则A点的场强不变，仍为E A．故C错误．D、在A点放置一个电荷量为2q的试探电荷，场强不变，由F=Eq知，它所受的电场力变为2F，故D错误．故选：B4．如图所示的电场中，AB=BC，U AB、U BC分别表示A、B两点间和B、C两点间的电势差，则两者的关系正确的是（）A．U AB=U BC B．U AB＞U BCC．U AB＜U BC D．以上结论都有可能【考点】电场线．【分析】电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，据此分析AB和BC间平均电场强度大小，再根据可正确解答本题．【解答】解：电场线密的地方电场强度大，电场线稀的地方电场强度小，故E A＜E B＜E C，则，根据得：U AB＜U BC ，故C正确；故选：C．5．如图所示，A、B两导体板平行放置，在t=0时将电子从A板附近由静止释放（电子的重力忽略不计）．分别在A、B两板间加四种电压，它们的U AB﹣t图线如下列四图所示．其中可能使电子到不了B板的是（）A．B．C．D．【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】首先分析电子在四种图象下分别做什么运动，必要的情况下，作出一个周期的v﹣t图象进行分析．【解答】解：A．加A图电压，电子从A板开始向B板做匀加速直线运动一定能到达B板．故A错误．B．加B图电压，开始向B板匀加速，再做相同大小加速度的匀减速，但时间是2倍，然后为相同加速度大小的匀加速，做出一个周期的v﹣t图，可知有可能到不了B板．故B 正确．C．加C图电压，由v﹣t图，电子一直向前运动，可知一定能到达B板．故C错误．D．加D图电压，可以知道电子在一个周期内速度的方向不变，一直向前运动，一定能到达能到达．故D错误．故选B．6．为维护消费者权益，某技术监督部门对市场上的电线产品进行抽查，发现有一个品牌的铜芯电线不符合规格：电线直径明显比说明书上标有的直径要小，引起这种电线不符合规格的主要原因是（）A．电线的长度引起电阻偏大B．电线的横截面积引起电阻偏大C．电线的材料引起电阻偏大D．电线的温度引起电阻偏大【考点】电阻定律．【分析】根据影响电阻大小的因素来判断．即影响电阻大小的因素共有：材料、长度、横截面积、温度．【解答】解：在实际输电中长度、材料及温度可以看作是不变的；故当导体的长度、材料、温度不变时，横截面积越小，电阻越大．本题中的条件即为直径小，截面积大；故导致电阻偏大．故选：B．7．如图所示，一根横截面积为S的均匀长直橡胶棒上均匀带有负电荷，每米电荷量为q，当此棒沿轴线方向做速率为v的匀速直线运动时，由于棒运动而形成的等效电流大小为（）A．vq B．C．qvS D．【考点】电流、电压概念．【分析】棒沿轴线方向以速度v做匀速直线运动时，每秒通过的距离为v米，则每秒v米长的橡胶棒上电荷都通过直棒的横截面，由电流的定义式I=求解等效电流．【解答】解：棒沿轴线方向以速度v做匀速直线运动时，每秒通过的距离为v米，每秒v米长的橡胶棒上电荷都通过直棒的横截面，每秒内通过横截面的电量Q=q•v，根据电流的定义式I=，t=1s，得到等效电流为I=qv．故选：A8．在竖直向上的匀强电场中，有两个质量相等、带异种电荷的小球A、B（均可视为质点）处在同一水平面上，现将两球以相同的水平速度v0向右抛出，最后落在水平地面上，运动轨迹如图所示，两球之间的静电力和空气阻力均不考虑，则（）A．A球带负电，B球带正电B．B球比A球先落地C．在下落过程中，A球的电势能减少，B球的电势能增加D．若球从抛出到各自落地的过程中，A球的速率变化比B球的小【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】在水平方向AB做匀速运动，初速度相同，水平位移越大，运动时间越长．根据h=可分析A、B的加速度大小，判断出AB的电性．由电场力的做功判断电势能的变化．【解答】解：A、两球在水平方向都做匀速直线运动，由x=v0t知，v0相同，则A运动的时间比B的长，竖直方向上，由h=，h相等，可知，A的合力比B的小，所以A的电场力向上，带正电，B的电场力向下，带负电，故A错误．B、A运动的时间比B的长，则B球比A球先落地，故B正确．C、A的电场力向上，电场力对A球做负功，A球的电势能增加．B的电场力向下，电场力对B球做正功，B球的电势能减小，故C错误．D、A的合力比B的小，则A的合力做功较多，由动能定理知A球的动能变化大，速率变化大，故D错误．故选：B9．如图击剑比赛中，甲的剑击中乙的导电服，乙头顶上的指示灯就会亮；乙的剑击中甲的导电服，甲头顶上的指示灯就会亮．这里剑相当于“开关”，选项中能反映上述比赛原理的电路图是（）A．B．C．D．【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】当甲的剑击中乙的导电服，乙头顶上的指示灯就会亮，乙灯的电路接通，乙的剑击中甲的导电服，甲头顶上的指示灯就会亮．甲灯的电路接通，两个电路互不干扰，应为并联．【解答】解：因为甲和乙的指示灯能单独工作，并且互不影响，所以甲、乙指示灯应并联，根据题图知，B图中，甲方的开关控制乙方指示灯，乙方的开关控制甲方指示灯，符合要求，故B正确．故选：B10．如图是一火警报警电路的示意图．其中R3为高分子材料制成的PTC热敏电阻，其阻值随着温度的升高而增大．值班室的显示器为电路中的电流表，电源两极之间接一报警器，P点接地．当R3处出现火情时，显示器的电流I、报警器两端的电压U和Q点电势的变化情况是（）A．I变大，U变小B．I变大，U变大C．Q点电势变小 D．Q点电势不变【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】当传感器R3所在处出现火情时，R3的电阻增大，外电路总电阻增大，根据欧姆定律分析干路电流与路端电压的变化．报警器两端的电压U等于路端电压．根据干路电流的变化，分析并联电路电压的变化．当并联电路的电压增大时，电流表的读数也增大．【解答】解：A、B、当传感器R3所在处出现火情时，R3的电阻增大，外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I减小，路端电压变大，即报警器两端的电压U变大．传感器R3与电阻R2并联部分的电压U并=E﹣I（r+R1），I减小，U并变大，电流表的读数变大．故A错误，B正确；C、D、当传感器R3所在处出现火情时，R3的电阻增大，外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I减小，故电阻R1两端电压减小；由于U R1=φP﹣φQ，p点接地，电势为零，故φQ=﹣U R1；故Q点电势升高，故C错误，D错误；故选：B．二、解答题（共7小题，满分60分）11．如图所示是一个匀强电场的等势面，每两个相邻等势面相距2cm，由此可以确定电场强度的方向是向右，电场强度的大小为E=100V/m．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】根据电场线与等势面相互垂直且由高电势指向低电势，可以判定电场线的方向水平向左；根据在匀强电场中E=可以求出电场强度的大小．【解答】解：由于电场线与等势面相互垂直且由高电势指向低电势，故电场线的方向水平向左，而电场线的方向即为场强的方向，所以电场强度的方向向左；由于匀强电场的每两个相邻等势面相距2cm，故电场强度大小为E===100V/m；故答案为：向右；100．12．如图所示静止在绝缘水平面上的滑块质量m=1.0×10﹣3kg，带电荷量+q=1.0×10﹣5C，若在AB的左侧加一个场强大小为E=1.0×103V/m，方向水平向右的匀强电场，滑块在电场力的作用下开始向右运动，已知滑块与水平面间的动摩擦因数为μ=0.1，滑块与AB之间的距离为d=0.2cm，重力加速度为g=10m/s2，则滑块在电场中运动时加速度的大小为α=9m/s2，滑块停止时与AB间的距离x= 1.8m．【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】分析滑块的受力情况，分对别竖直方向和水平方向分析，根据牛顿第二定律即可求得加速度的大小；再对滑块运动的整过程分析，根据动能定理即可求得滑块停止时与AB 间的距离．【解答】解：滑块在MN左侧水平方向受电场力与摩擦力的作用；由牛顿第二定律可知：qE﹣f=ma竖直方向受重力和支持力作用；mg=N；而摩擦力f=μN联立解得：a=9m/s2；滑块在整个运动过程中，只有电场力和摩擦力做功，设停止时与AB间的距离为x，根据动能定理可得：（qE﹣μmg）d﹣μmgx=0代入数据解得：x=1.8m；故答案为：9；1.8．13．现有器材：理想电流表一个，两个定值电阻R1、R2，单刀单掷开关两个，导线若干，要求利用这些器材较精确地测量一节干电池的电动势（电动势约1.5V）．（1）在虚线方框内画出实验电路图；（2）用已知量和测得量表示待测电动势的数学表达式E=．【考点】测定电源的电动势和内阻．【分析】根据由于干电池电动势和内阻两个物理量未知，需要根据闭合电路欧姆定律列出两个方程，运用开关S1、S2，分别闭合可以解决，根据闭合电路欧姆定律列出两个方程求解干电池的电动势．【解答】解：（1）由于干电池电动势和内阻两个物理量未知，所以需要根据闭合电路欧姆定律列出两个方程，运用开关S1、S2，分别闭合可以解决，如图：（2）根据闭合电路欧姆定律，列出两个方程，即：E=I1（R1+r），E=I2（R1+R2+r）解得：E=故答案为：（1）如图；（2）．14．如图所示，在竖直平面内，光滑绝缘直杆AC与半径为R的圆周交于B、C两点，在圆心处有一固定的正点电荷，B为AC的中点，C点位于圆周的最低点．现有一质量为m、电荷量为q、套在直杆上的带负电小球从A点由静止开始沿杆下滑．已知重力加速度为g，A点距过C点的水平面的竖直高度为3R，小球滑到B点时的速度大小为2．（1）求小球滑至C点时的速度大小；（2）求A、B两点间的电势差U AB；（3）若以C点为零电势点，试确定A点的电势．【考点】动能定理的应用；电势能．【分析】（1）B为AC的中点，故BC、AB间的高度差均为1.5R，对B到C过程运用动能定理列式求解C点的速度；（2）对A到B过程运用动能定理列式求解A、B两点的电势差U AB；（3）B、C两点在同一个等势面上，故电势相等，故B点电势也为零，根据U AB=φA﹣φB 求解A点的电势．【解答】解：（1）小球由A到B过程，由动能定理得，①小球由A到C过程，由动能定理得mg3R+qU AC=②其中，U AB=U AC ③由①②③式可得小球滑至C点时的速度大小为v C=．（2）由①式可得A、B两点间的电势差U AB=﹣（3）B、C两点在同一个等势面上，故电势相等，故B点电势也为零，根据U AB=φA﹣φB φA=．答：（1）小球滑至C点时的速度大小是；（2）A、B两点间的电势差为﹣；（3）A点的电势为．15．如图所示，虚线PQ、MN间存在水平匀强电场，一带电粒子质量为m=2.0×10﹣11kg、电荷量为q=+1.0×10﹣5C，从a点由静止开始经电压为U=100V的电场加速后，垂直于匀强电场进入匀强电场中，从虚线MN的某点b（图中未画出）离开匀强电场时速度与电场方向成30°角．已知PQ、MN间距为20cm，带电粒子的重力忽略不计．求：（1）带电粒子刚进入匀强电场时的速率v1（2）匀强电场的场强大小（3）ab两点间的电势差．【考点】动能定理的应用；带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】（1）带电粒子在加速电场中，电场力做正功为qU，运用动能定理求解速率v1．（2）粒子进入匀强电场中做类平抛运动，竖直方向上做匀速直线运动，水平方向做匀加速直线运动，将粒子在b的速度进行分解，运用运动学公式和牛顿第二定律求解场强的大小．（3）对于粒子在匀强电场的过程，运用动能定理列式求解ab两点间的电势差．【解答】解：（1）粒子在加速电场中运动的过程，由动能定理得：qU=代入数据解得：v1==m/s=104m/s（2）粒子进入匀强电场中做类平抛运动，沿初速度方向做匀速运动，则有：d=v1t，粒子沿电场方向做匀加速运动，则有：v y=at由题意得：tan30°=由牛顿第二定律得：qE=ma，联立以上相关各式并代入数据得：E=×103N/C=1.732×103N/C（3）对整个过程，由动能定理得：qU ab==（+）联立以上相关各式并代入数据得：U ab=400V答：（1）带电粒子刚进入匀强电场时的速率v1为104m/s．（2）匀强电场的场强大小为1.732×103N/C．（3）ab两点间的电势差为400V．16．2018年9月9日，深圳国际小电机及制造技术与应用展览会在深圳会展中心举办．展览会上演示利用小电动机通过如图所示的电路提升重物，电源电动势E=6V，电源内阻r=1Ω，电阻R=3Ω，重物质量m=0.10kg，当将重物固定时，电压表的示数为5V，当重物不固定，且电动机最后以稳定的速度匀速提升重物时，电压表的示数为5.5V，求重物匀速上升时的速度大小（不计摩擦，g取10m/s2）．【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【分析】根据闭合电路欧姆定律求出电路中的电流和电动机输入电压．电动机消耗的电功率等于输出的机械功率和发热功率之和，根据能量转化和守恒定律列方程求解重物匀速上升时的速度大小．【解答】解：（1）由题，电源电动势E=6V，电源内阻r=1Ω，当将重物固定时，电压表的示数为5V，则根据闭合电路欧姆定律得电路中电流为：I==A=1A；电动机的电阻为：R M==Ω=2Ω当重物匀速上升时，电压表的示数为：U=5.5V，电路中电流为：I′==0.5A电动机两端的电压为：U M=E﹣I′（R+r）=6﹣0.5×（3+1）V=4V根据能量转化和守恒定律得：U M I′=mgv+I′2R代入数据解得：v=1.5m/s答：重物匀速上升时的速度大小为1.5m/s．17．如图甲所示为一灯泡两端的电压与通过它的电流的变化关系曲线．由图可知，两者不成线性关系，这是由于焦耳热使灯丝的温度发生了变化的缘故，参考这条曲线回答下列问题：（不计电流表和电源的内阻）（1）若把三个这样的灯泡串联后，接到电动势为12V的电源上，求流过灯泡的电流和每个灯泡的电阻．（2）如图乙所示，将两个这样的灯泡并联后再与10Ω的定值电阻R0串联，接在电动势为8V的电源上，求通过电流表的电流值以及每个灯泡的实际功率．【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【分析】（1）三个电灯串联后，每只电灯的电压为4V，再由甲图读出电灯的工作电流，由公式R=求出电阻．（2）根据闭合电路欧姆定律，得到电灯的实际电压与电流的关系式，在甲图上作出图象，此图象与电灯的伏安特性曲线的交点，表示电灯实际工作状态，读出交点的电压和电流，求出电灯的实际功率．【解答】解：（1）把三个这样的灯泡串联后，接到电动势为12V的电源上，每个灯泡得到的实际电压为V=4V，在图甲上可以查到每个灯泡加上4V实际电压时的工作电流为：I=0.4A．由此可以求出此时每个灯泡的实际电阻为：。
河南省林州市第一中学2017-2018学年高二10月月考物理
一、选择题：每小题4分，共60分，下列每小题所给选项至少有一项符合题意，全部选对得4分，有漏选的得2分，有错选的得0分1．下列说法正确的是A ．安培力对通电导线做功，但洛伦兹力对运动电荷不做功B ．运动电荷在某处不受洛伦兹力的作用，则该处的磁感应强度一定为零C ．把一小段通电导线放在磁场中某点，磁场对导线的磁场力F 与导线长度L 和电流强度I 乘积的比值，叫做该点的磁感强度D ．把一检验电荷放在电场中某点，电场对电荷的电场力F 与电荷电量q 的比值，叫做该点的电场强度2．分别置于a 、b 两处的长直导线垂直纸面放置，通有大小相等的恒定电流，方向如图所示，a 、b 、c 、d 在一条直线上，且ac=cb=bd ．已知c 点的磁感应强度大小为B 1，d 点的磁感应强度大小为B 2．若将b 处导线的电流切断，则A ．c 点磁感应强度大小变为112B ，d 点的磁感应强度大小变为1212B B - B ．c 点磁感应强度大小变为112B ，d 点的磁感应强度大小变为2112B B -C ．c 点磁感应强度大小变为12B B -，d 点的磁感应强度大小变为1212B B - D ．c 点磁感应强度大小变为12B B -，d 点的磁感应强度大小变为2112B B - 3．如图所示，A 为通电线圈，电流方向如图，B 、C 为与A 在同一平面内的两同心圆，B C ΦΦ、分别为通过两圆面的磁通量的大小，下列判断中正确的是A ．穿过两圆面的磁通量是垂直纸面向外的B ．穿过两圆面的磁通量是垂直纸面向里的C ．B C Φ>ΦD ．B C Φ<Φ4．如图所示，A 为一水平旋转的橡胶盘，带有大量均匀分布的负电荷，在圆盘正上方水平放置一通电直导线，电流方向如图，当圆盘绕中心轴'OO 转动时，通电直导线所受磁场力的方向是A ．水平向里B ．水平向外C ．竖直向上D ．竖直向下5．图中装置可演示磁场对通电导线的作用．电磁铁上下两磁极之间某一水平面内固定两条平行金属导轨，L 是置于导轨上并与导轨垂直的金属杆．当电磁铁线圈两端a 、b ，导轨两端e 、f ，分别接到两个不同的直流电源上时，L 便在导轨上滑动．下列说法正确的是A ．若a 接正极，b 接负极，e 接正极，f 接负极，则L 向右滑动B ．若a 接正极，b 接负极，e 接负极，f 接正极，则L 向右滑动C ．若a 接负极，b 接正极，e 接正极，f 接负极，则L 向左滑动D ．若a 接负极，b 接正极，e 接负极，f 接正极，则L 向左滑动6．如图，三根相互平行的固定长直导线12L L 、和3L 两两等距，均通有电流I ，1L 中电流方向与2L 中的相同，与3L 中的相反，下列说法正确的是A ．1L 所受磁场作用力的方向与23L L 、所在平面垂直B ．3L 所受磁场作用力的方向与12L L 、所在平面垂直C ．12L L 、和3L 单位长度所受的磁场作用力大小之比为D ．12L L 、和3L7．两个初速度大小相同的同种粒子a 和b （不计重力），从O 点沿垂直磁场方向进入匀强磁场，最后打到屏P 上，不计重力，下列说法正确的有A ．a 、b 均带正电B ．a 在磁场中飞行的时间比b 的短C ．a 在磁场中飞行的路程比b 的短D ．a 在P 上的落点与O 点的距离比b 的近8．如图所示，在屏MN 的上方有磁感应强度为B 的匀强磁场，磁场的方向垂直纸面向里，P 为屏上的一个小孔，PC 与MN 垂直，一群质量为m 、带电量为q 的粒子（不计重力），以相同的速率v ，从P 处沿垂直于磁场的方向射入磁场区域．粒子入射方向在与磁场B 垂直的平面内，且散开在与PC 夹角为 的范围内，则在屏MN 上被粒子打中区域的长度为A ．2(1sin )mv Bq θ-B ．2(1cos )mv Bq θ-C ．2cos mv Bq θD ．2mv Bq9．在输液时，药液有时会从针口流出体外，为了及时发现，设计了一种报警装置．电路如图所示，M 是贴在针口处的传感器，接触到药液时其电阻M R 会发生变化，导致S 两端的电压U 增大而报警．此时A ．M R 变小，且R 越小，U 增大越明显B ．M R 变小，且R 越大，U 增大越明显C ．M R 变大，且R 越大，U 增大越明显D ．M R 变大，且R 越小，U 增大越明显10．如图所示，图线a 是某一电源的U-I 曲线，图线b 是一定值电阻的U-I 曲线．若将该电源与该定值电阻连成闭合电路（已知该电源的内阻r=2.0Ω），则说法错误的是A ．该定值电阻为6ΩB ．该电源的电动势为20VC ．将2只这种电阻串联作为外电阻，电源输出功率最大D ．将3只这种电阻并联作为外电阻，电源输出功率最大11．四盏灯连接如图所示，灯12L L 、标有“110V 、100W ”，灯34L L 、标有“110V 、40W ”，当在A 、B 两点加上220V 电压时，在这四盏灯中实际消耗功率最小和最大的灯泡分别是A ．1L 和2LB ．1L 和3LC ．3L 和4LD ．2L 和4L12．如图所示，将两个相同的电流表分别改装成1A （0~3A ）和2A （0~0.6A ）的电流表，把两个电流表并联接入电路测量电流强度，则说法正确的是A ．1A 的指针半偏时，2A 的指针还没半偏B ．1A 的指针半偏时，2A 的指针已超过半偏C ．1A 的读数为1A 时，2A 的读数为0.6AD ．1A 的读数为1A 时，干路的电流为1.2A13．如图所示，图中的四个电表均为理想电表，当滑动变阻器滑片P 向右端移动时，下面说法中正确的是A ．电压表的读数1V 减小，电流表1A 的读数增大B ．电压表2V 的读数减小，电流表2A 的读数减小C ．电压表1V 的读数的变化量与1A 的读数变化量之比不变D ．电压表1V 的读数与2A 的读数之比减小14．如图所示，电源电动势E=12V ，内阻r=3Ω，甲图中0R =1Ω，乙图中直流电动机内阻0'1R =Ω，当调节滑动变阻器1R 时可使甲电路输出功率最大，同样，调节2R 时可使乙电路输出功率最大，且此时电动机刚好正常工作（额定输出功率为02P W =），则1R 和2R 的值为A ．2Ω，2ΩB ．1Ω，1.5ΩC ．1.5Ω，1.5ΩD ．1.5Ω，2Ω15．在如图（a ）所示的电路中，12L L 、为规格相同的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图（b ）所示，C 是电容为100μF 的电容器，R 是阻值为8Ω的定值电阻，电源E 的内阻为1Ω，电路稳定后，通过1L 的电流为0.2A ，下列结果正确的是A ．1L 的电功率为0.16WB ．2L 的电阻为4ΩC ．电源的效率为60％D ．电容器的带电量为42.410C -⨯二、填空题16．有一特殊电池，它的电动势约为9V ，内阻约为40Ω，已知该电池允许输出的最大电流为50mA ，为了测定这个电池的电动势和内阻，某同学利用如图甲所示电路进行实验，图中电流表的内阻R A =5Ω，R 为电阻箱，阻值范围0～999.9Ω，R 0为定值电阻，对电源起保护作用．①本实验中的R0应选_______（填写字母代号）A．10ΩB．50ΩC．150ΩD．500Ω②该同学接入符合要求的R0后，闭合开关S，调整电阻箱的阻值，读取电流表的示数，记录多组数据，作出了如图乙所示的图线，则根据图线可求得该电池的电动势为E=______V，内阻r=______Ω．17．某物理兴趣小组设计了如图a所示的欧姆表电路，通过控制电键S和调节电阻箱，可使欧姆表具有“×1”和“×10”两种倍率．所用器材如下：A．干电池：电动势E=l.5V，内阻r=0.5ΩB．电流表G：满偏电流I g=1mA，内阻R g=150ΩC．定值电阻R1=1200ΩD．电阻箱R2和R3：最大阻值都为999.9ΩE．电阻箱R4：最大阻值9999ΩF．电键一个，红、黑表笔各1支，导线若干（1）该实验小组按图a正确连接好电路．当电键S断开时，将红、黑表笔短接，调节电阻箱R2=_____Ω，使电流表达到满偏，此时闭合电路的总电阻叫做欧姆表的内阻R内，则R内=____Ω，欧姆表的倍率是____（选填“×1”、“×10”）．（2）闭合电键S ：第一步：调节电阻箱R 2和R 3，当R 2=_____Ω且R 3=_____Ω时，将红、黑表笔短接，电流表再次满偏；第二步：在红、黑表笔间接入电阻箱4R ，调节4R ，当电流表指针指向图b 所示的位置时，对应的欧姆表的刻度值应为______Ω。
河南省安阳市林州一中2017-2018学年高二物理上学期开学试题(火箭班,含解析)
河南省安阳市林州一中火箭班2017-2018学年高二（上）开学物理试卷一、选择题（1-5为单选，6-10为多选，每小题4分）1. 汽车进站后开始刹车，做匀减速直线运动，开始刹车后的第1秒内的位移是8m，第3秒内的位移是0.5m，则下列说法中正确的是（）A. 0.5秒末的速度一定等于8m/sB. 汽车的加速度可能小于3.75m/s2C. 汽车的加速度一定等于3.75m/s2D. 2.5秒末的速度一定等于0.5m/s【答案】A【解析】2. 如图所示，一光滑的半圆形碗固定在水平面上，质量为m1的小球用轻绳跨过光滑碗连接质量分别为m2和m3的物体，平衡时小球恰好与碗之间没有弹力作用，两绳与水平方向夹角分别为60°、30°．则m1、m2、m3的比值为（）A. 1：2：3B.C. 2：1：1D.【答案】B【解析】对碗内的小球m1受力分析，受重力、两个细线的两个拉力，由于碗边缘光滑，故相当于动滑轮，故细线对物体m2的拉力等于m2g，细线对物体m1的拉力等于m1g，如图：根据共点力平衡条件，两个拉力的合力与重力等值、反向、共线，有G2=G1cos30°，G3=G1sin30°，故，故选B．【点睛】对碗内的小球受力分析，根据共点力平衡条件，运用合成法求解．3. 如图所示，光滑水平面上放置质量分别为m和2m的四个木块，其中两个质量为2m的木块间用一不可伸长的轻绳相连，木块间的最大静摩擦力是μmg．现用水平拉力F拉其中一个质量为2m的木块，使四个木块以同一加速度运动，则轻绳对2m的最大拉力为（）A. B. C. D. 3μmg【答案】D...............点睛：本题注意分析题目中的条件，明确哪个物体最先达到最大静摩擦力；再由整体法和隔离法求出拉力；同时还应注意本题要求的是绳子上的拉力，很多同学求成了F的最大值.4. 如图所示，具有圆锥形状的回转器（陀螺），半径为R，绕它的轴在光滑的桌面上以角速度ω快速旋转，同时以速度v向左运动，若回转器的轴一直保持竖直，为使回转器从左侧桌子边缘滑出时不会与桌子边缘发生碰撞，v至少应等于（）A. B. C. D.【答案】D【解析】试题分析：陀螺掉下后可视为自由落体，只要满足，则答案为D考点：平抛运动5. 如图所示，斜面的倾角为θ，质量为m的滑块距挡板P的距离为x0，滑块以初速度v0沿斜面上滑，滑块与斜面间的动摩擦因数为μ，滑块所受摩擦力小于重力沿斜面向下的分力．若滑块每次与挡板相碰均无机械能损失，滑块经过的总路程是（）A.B.C.D.【答案】A【解析】由题分析可知，滑块最终停在斜面底部，设滑块经过的总路程为s．根据能量守恒定律，滑块的机械能全部转化为内能，则有，解得：，故选A．【点睛】本题首先要通过分析判断出滑块最终停在斜面的底部；二要抓住滑动摩擦力做功与总路程有关，也可以应用动能定理求解。
河南省林州一中2017-2018学年高二上学期开学考试物理试题(火箭班)扫描版缺答案
林州一中高二火箭班开学检测物理试题一、选择题（1-5为单选，6-10为多选，每题4分）1.汽车进站后开始刹车，做匀减速克线运动•开始剧车后的第1抄内的位移是8 m ■第3秒内的位移是0. 5 m ■則下列说注中正确的悬 A. 0.5秒末的速度一定零于8 m/s a 汽车的加速度可絶小于3.75 m/?C.汽车的加連度一定尊于3. 75 m/十D. 2.5秒末的速度一定竽于0. 5 m/s 2.如图所示,一光滑的半圆形碗固定在水平面上•质爲为m 的小球用轻绳垮过光淸碗连接质址分别为加：和加，的物体•平衝时小球 恰好与碗之间没有弹力作用，两绳与水平方向夹角分别为60\30\则m 的比值为3・如图所示，光淆水平面上放置质厦为2加和加的g 个木块•其中两个质意为m 的木块间用一不可伸长的轻绳相连•木块间的最大 縻擦力是0g ・现用水平拉力F 拉其中一个质■为2m 的木块•使四个木块以同一加連度运动•则轻绳对m 的最大拉力为F JZt —4Z1 —2m 2M4.如图所示•具有圆隹形状的回转器（陀螺）•半径为R.虫它的轴在光滑的桌面上以角速度3快速炭转•同时以速度u 向 左运动•若回转器的紬一直保持竖宜•为便回转器从左侧泉子边缘滑岀时不会与桌子边嫌发生®«>V 至少应尊于 A. R 恵+返 BUR J 馮5•如图所示•斜面的倾角为0•质徽为加的滞块距挡板P 的距离为$。
■滑块以初速度s 沿斜面上構•滞块与斜 面间的隙擦因数为抄猜块所受摩療力小于虫力沿斜面向下的分力•若析块毎次与拌板相碰均无机械能损 失•滑块经过的总路程是几7 （乔陽+此tan Ma ?（乔鮎+山M6.（聂療扌交功能吳系）如图所示•匀强电场场强大小为艮方向与水平方向夹*为仇场中有一质債为"•电荷 ft 为g 的帝电小球•用长为L 的细线悬挂于O 点•当小球静止时•细线恰好水平•现用一外力将小球沿 慢拉到姿直方向量低点•小球电荷it 不变•则在此过程中A.外力所做的功为mgLcoxeR 外力所做的功为mgLtan 0C 带电小球的电帶能增加2mg/xot 0D.带电小球的电势能增加qEL^in 0+cos 0）7.如图所示•小球以初速度s 从光滞斜面底部向上滑•恰能到达最大高度为*的斜面頂部•选项中A 杲内紈半空大于人的光滑轨道・ B 是内轨半径小于A 的光滑轨ifi 、C 是内轨良径等于A 的光滑轨道、D 是长为寺人的轻棒•其下端固定一个可Sfi 代規O 点向上转动 的小球•小球在底端时的初速度都为s •则小球在以上四种情况中他到达高度h 的有A BD L 2« 1D ・3f^ng&如兵把水星和金星绕太阳的运动視为匀速圆周运动•从水星与金星在一条宜线上开始计时•若天文学家测得庄相同时间内水塑转过的角度为伪，金星转过的角度为G© 6均为悅角）•則由此条件可求得A.水星和金星绕太阳运动的冊期之比B水星和金星的密度之比C.水显和金星到太阳的距离之比D.水星和金星绕太阳运动的向心加速度大小之比9・如阳所示电路中电表都是理想电表•某同学按此电路进行实验•将变阻器的滑动触头P移到不何位贯•观察各电表的示数•记录下多姐数据.关于该实验•下•列说祛中正确的是凡通过实脸•能够测定R?和鸟的阴值•不能测定R的阻值a通过实脸•能够测定电源电动势E的大小•但不能测定电源内阻r的值U若调节滑动变阻◎ &时•电压表V,示数始终为零•其他三个电表读歎有变化•可能原因是R）发生断路故障D.若调节滑动变S1器时务电表示数均不变•可能原因是R z发生祈路故障运动.功能丸理右从仑力）舱缘水平面上固定一负点电荷Q•另一质童为加、电荷*为一g的滑块P（可君作点电荷）从a点以初速度S沿水平面离开Q运动•到达6点时連度减为零•已知a上间距离为叭滑块与水平面间的动廉擦因数为"•重力加速度为&以下判断正确的是A.情块在运动过程中所受Q的库仑力一宜大于滑动摩擦力a滑块在运动过程的中何时刻•速度的大小尊于萝C此过程中达到最大速度时・P到Q距离为「工勺需D・Q产生的电场中上、6两点间的电势差为口•■吐守型二、填空題（共15分）11. _________________________________________________________________ （6分•毎空1.5分）（"读出图中辭怀卡尺与煤旋测做器的渎fLt»标卡尺渎政为___________________________________________________ m m•螺旋閔徴器读效为_________ mm.（2）兴趣小組为测一遥控电动小车的额定功率，进行了如下实脸】A.用天平测出电动小车的质扯为0.4 kgia将电动小车、抵带和打点计时緡按如图甲所示安装）打戍计时0o/vC.歩通打点计时器（其打点周期为0.02 8）1D•便电动小车以额定功率加速运动•达到最大速度一段时间后关闭小车电源•持小车静止时再关闭打点计时器（设小车在確个过程中所受的阻力忸定）.图乙是小车达到最大速度后•打点计时器在抵带上所打的点迹•请你分析妖带数据•回答下列问题，①诙电动小车运动的最大速度为________ m/・②険电动小车的额定功率为________ W.12.（ 9分）某同学用如图所示的电路测虫两节干电池串联而成的电池组的电动芳E和内电阻r.R为电矶希•干电池的工作电流不宜超过0・5 A.实脸室提供的器材如下I血圧表（量程0〜3 V,内阻约3 kfl）•电阻筍（阻值范国0-999. 9 fl）,开关、导线若干・（1）请根据图甲的电路图•在图乙中画出连线，将器材连接成实验电路・（2分）（2〉实聆时•改变电阻箱R 的值•记录下电压表的示®[ U,得到如卜•表所示的若干组R.U的数据.12345678・910电阻R/a60.535.220.013.79.9 5.8 4.3 3.5 2.9 2.5电压u/v 2.58 2.43 2.222.00 1.78 1.40 1.18 1.050.930.85根据实验数据绘出如图所示的吉一^图线•由图线得岀电池组的电动妙4 _____________ V,内电阻宀__________ a （毎空1分）乙（3） ________________________________________________________________ 关于这个实验中存在的课差以及减小谋差的务种方法•下列说法正确的杲_______________________________ ・（2分）A.电生衷的分流作用引起的浜羞属于偶然谋差a该同学读电压衷读数引起的渓建属F系统谋差c本实骏用图像法处理数据町以减小偶然溟建D.如果将电压表的内阴计算在内就可以减小系统课差（4）若实验室没有电压表，只能用*程为100 pA的灵敏电械表和电矶新改装•先用如图所示的电路测量电流表的内阻:先闭合S •调节R•使电流表指针備转到满刻度）再闭合*毗叭使电流表指针偏转到廣刻度的寻族出此时R的飢值为2. oox 10> a则电流表内臥的褪敝值&■__________ a将该灵敏电痕表改装成命程为3 v的电压表•需___________ （填■申联"或“并联TR1值为Ro- ______ 0的电阻・（毎空1分）三、计算题（13题9分■ 14-16®各12分）13.如图所示•玄涼电动机和电炉并联后接在宜流电路中•电源的内阻r=l Q•电炉的电阻R -19 fl,电动机线圈的电阻R<=2 n.当开关S断开时，电源内部消耗的热功率p=25 W｛当S闭令时•干路中的电流/=12.6 A.求：（1）电源的电动勢匕（2〉S闭合后电动机的机械功率,（3〉若S闭合后■正倉转动的电动机的转子突然被R住而停止转动，则电源的总功率为多大？14.如图所示•半径为R的光滑半IB形轨道ABC在竖直半面内•与水平轨道CD相切于C点有一被锁定的轻质圧缩弹賛•萍贊左端连接在固定的档板上•弹簧右端Q到C点的距离为2R.质量为加，可視为质点的滑块从轨道上的F点由伶止淆下•刚好能运动到Q点•并能蝕发弹賛解除锁定.然后滑块被弹回，且刚好能通过半圆形轨遭的最高点A.巳知/POC=60・.求|(”滑块第一次柑至半Bi形轨道最低点C时对轨道的压力;(2：，滑块与水平轨ifi间的动摩擦因数少(3：，弹簧被镂定时具有的弹性势能.15.如图所示•光滑水平直轨道上两滑快A、B用棣皮筋连接• A的质捷为加•开始时橡皮筋松弛衿止•给A向左的初速度s•—風时间后・B与A同向运动发生碰憧并粘在-起・醒撞后的共同速度足碰娩前瞬间人的速度的两侪•也是碰撞前録间B的速度的一半•求，«i>B的质m< ii〉碰检过程中A、B系统机械能的拥失. SK一16.血图所示为某一•电场抛射装办■的示意图•相距为d的两正对平行金局板A、B竖直放監•两板间放雹一内整光滑的绝绒细克竇CD•维骨与水平面的夹角为37〔一质氓为加■帝电荷壘为g的帯电小球从ftUC处无初速度释放■经板何电场加速后从插一管口D射出•飞行一段距需恰好沿水平方向进入平台MN,其台面与C点的高度差也为d・l£力加速度为g,sin 37*^0. 6.cos 37°-O. 8.求：(】〉小球从管口D射岀运动到平台所用的时间:(2)小球从管口D射出时的速度大小)(3〉A3两板之间的电势菱・。
河南省林州市第一中学高二物理上学期开学考试试题
林州一中2017级高二开学检测物理试题一、单选题（共8小题,每小题4分, 共32分）1.从某高处落下一个鸡蛋，分别落到棉絮上和水泥地上，下面结论正确的是A．落到棉絮上的鸡蛋不易破碎，是因为它的动量变化小B．落到水泥地上的鸡蛋易碎，是因为它受到的冲量大C．落到棉絮上的鸡蛋不易破碎，是因为它的动量变化率大D．落到水泥地上的鸡蛋易碎，是因为它的动量变化快2.一物体由静止开始自由下落，一小段时间后突然受一恒定水平向右的风力的影响，但着地前一段时间内风突然停止，则其运动的轨迹可能是A． B． C． D．3.“神舟十号”飞船绕地球的运行可视为匀速圆周运动，其轨道高度距离地面约340 km，则关于飞船的运行，下列说法中正确的是A．飞船处于平衡状态B．地球对飞船的万有引力提供飞船运行的向心力C．飞船运行的速度大于近地卫星的速度D．飞船运行的加速度大于地球表面的重力加速度4.某人身系弹性绳自高空p点自由下落，如图所示，a点是弹性绳的原长位置，c点是人所到达的最低点，b点是人静止悬吊时的平衡位置．不计空气阻力，则下列说法中正确的是A．从p至c过程中重力的冲量大于弹性绳弹力的冲量B．从p至c过程中重力所做功等于人克服弹力所做的功C．从p至b过程中人的速度先增大后减小D．从a至c过程中加速度方向保持不变5.卫星电话在抢险救灾中能发挥重要作用．第一代、第二代海事卫星只使用静止轨道卫星，不能覆盖地球上的高纬度地区．而第三代海事卫星采用同步和中轨道卫星结合的方案，解决了覆盖全球的问题．它由4颗同步卫星与12颗中轨道卫星构成．中轨道卫星离地面的高度约为地球半径的2倍，分布在几个轨道平面上(与赤道平面有一定的夹角)．地球表面处的重力加速度为g，则由于地球的作用使中轨道卫星处的重力加速度约为A．B．C． 4g D． 9g6.如图所示，从同一水平线上的不同位置，沿水平方向抛出两小球A 、B ，不计空气阻力．要使两小球在空中相遇，则必须A ．先抛出A 球B ．先抛出B 球C ．同时抛出两球D ．两球质量相等7.一辆运输西瓜的小汽车(可视为质点)，以大小为v 的速度经过一座半径为R 的拱形桥.在桥的最高点，其中一个质量为m 的西瓜A 受到周围的西瓜对它的作用力的大小为A ．MgB ．R mv 2C ．mg － Rmv 2 D ．mg ＋R mv 28.在冬奥会短道速滑项目中，运动员绕周长仅111米的短道竞赛．运动员比赛过程中在通过弯道时如果不能很好地控制速度，将发生侧滑而摔离正常比赛路线．图中圆弧虚线Ob 代表弯道，即运动正常运动路线，Oa 为运动员在O 点时的速度方向(研究时可将运动员看作质点)．下列论述正确的是A ．发生侧滑是因为运动员受到的合力方向背离圆心B ．发生侧滑是因为运动员受到的合力大于所需要的向心力C ．若在O 点发生侧滑，则滑动的方向在Oa 左侧D ．若在O 点发生侧滑，则滑动的方向在Oa 右侧与Ob 之间 二、多选题 （共4小题,每小题4分, 共16分）9.(多选)银河系处于本超星系团的边缘．已知银河系距离星系团中心约2亿光年，绕星系团中心运行的公转周期约1 000亿年，引力常量G ＝6.67×10－11N·m 2/kg 2，根据上述数据可估算 A ．银河系绕本超星系团中心运动的线速度 B ．银河系绕本超星系团中心运动的加速度C ．银河系的质量D ．银河系与本超星系团之间的万有引力10.（多选）如图所示，一个小环沿竖直放置的光滑圆环形轨道做圆周运动.小环从最高点A 滑到最低点B 的过程中，线速度大小的平方v 2随下落高度h 的变化图象可能是图中的A ．B ．C ．D ．11.(多选)如图所示，足够长传送带与水平方向的倾角为θ，物块a 通过平行于传送带的轻绳跨过光滑定滑轮与物块b 相连，b 的质量为m ，开始时a 、b 及传送带均静止，且a 不受传送带摩擦力作用．现让传送带逆时针匀速转动，则在b上升h高度(未与滑轮相碰)过程中，下列说法正确的是A．物块a重力势能减少2mghB．摩擦力对a做的功小于a机械能的增加C．摩擦力对a做的功等于物块a、b动能增加之和D．任意时刻，重力对a、b做功的瞬时功率大小相等12.(多选)如图所示，建筑工地上载人升降机用不计质量的细钢绳跨过定滑轮与一有内阻的电动机相连，通电后电动机带动升降机沿竖直方向先匀加速上升后匀速上升．摩擦及空气阻力均不计．则A．升降机匀加速上升过程中，升降机底板对人做的功等于人增加的动能B．升降机匀速上升过程中，升降机底板对人做的功等于人增加的机械能C．升降机上升的全过程中，电动机消耗的电能等于升降机增加的机械能D．升降机上升的全过程中，电动机消耗的电能大于升降机增加的机械能三、实验题（共2小题,共12分）13.利用如图所示实验装置来验证机械能守恒定律.通过电磁铁控制的小铁球从A点自由下落，下落过程中小铁球经过光电门B时，毫秒计时器(图中未画出)记录下小铁球的挡光时间t.实验前调整光电门位置，使小铁球下落过程中，小铁球球心垂直细激光束通过光电门，当地重力加速度为g.(1)为了验证小铁球下落过程中机械能是否守恒，还需要测量的物理量是________.A.A点距地面的高度HB.A、B之间的距离hC.小铁球从A到B的下落时间tABD.小铁球的直径d(2)小铁球通过光电门时的瞬时速度v＝____________；要验证小铁球下落过程中机械能是否守恒，只需验证等式________是否成立即可(用实验中测得物理量的符号表示).14.(1)在做“研究平抛运动”的实验时，让小球多次沿同一轨道运动，通过描点法画小球做平抛运动的轨迹．为了能较准确地描绘运动轨迹，下面列出了一些操作要求，将你认为正确的选项前面的字母填在横线上______．A．调节斜槽使其末端保持水平B．每次释放小球的位置可以不同C．每次必须由静止释放小球D．记录小球位置用的铅笔每次必须严格地等距离下降E．小球运动时不应与木板上的白纸相接触F．将球的位置记录在纸上后，取下纸，用直尺将点连成折线(2)一个同学在《研究平抛物体的运动》实验中，只画出了如图所示的一部分曲线，于是他在曲线上取水平距离相等的三点A、B、C，量得Δs＝0.2 m．又量出它们之间的竖直距离分别为h1＝0.1 m，h2＝0.2 m，利用这些数据，可求得：(g＝10 m/s2)①物体抛出时的初速度为_______m/s②物体经过B时速度为________m/s.四、计算题(共4小题,共40分)15.(8分)如图所示为一正在施工的塔式起重机．在起重机将质量m＝5×103kg的重物竖直吊起的过程中，重物由静止开始向上做匀加速直线运动，加速度a＝0.2 m/s2，当起重机输出功率达到其允许的最大值时，保持该功率直到重物做v m＝1.02 m/s的匀速运动．取g＝10 m/s2，不计额外功．求：(1)起重机允许输出的最大功率；(2)重物做匀加速运动所经历的时间和起重机在第2 s末的输出功率．16.(12分)如图所示，光滑水平面上有三个滑块A、B、C，质量关系是m A＝m C＝m、m B＝.开始时滑块B、C紧贴在一起，中间夹有少量炸药，处于静止状态，滑块A以速度v0正对B向右运动，在A未与B碰撞之前，引爆了B、C间的炸药爆炸后B与A迎面碰撞，最终A与B粘在一起，以速率v0向左运动．求：(1)炸药的爆炸过程中炸药对C的冲量？(2)炸药的化学能有多少转化为机械能？17.(8分)如图所示，2013年12月2日，搭载着“嫦娥三号”的长征三号乙运载火箭在西昌卫星发射中心发射升空，“嫦娥三号”经地月转移轨道，通过轨道修正，减速制动和绕月变轨进入距月球表面高度100 km环月轨道Ⅰ，然后在M点通过变轨进入近月点15 km的椭圆轨道Ⅱ，最后“嫦娥三号”将从高度15 km的近月点开始动力下降，最终“嫦娥三号”带着“玉兔”月球车于12月15日成功实现了在月球表面的软着陆．若月球表面的重力加速度取1.6 m/s2，月球半径取1 700 km.求：(1)“嫦娥三号”在环月圆轨道Ⅰ上的向心加速度(结果保留两位有效数字)；(2)“嫦娥三号”在轨道Ⅰ、Ⅱ上运动的周期之比．18.(12分)轻质弹簧原长为2l，将弹簧竖直放置在地面上，在其顶端将一质量为5m的物体由静止释放，当弹簧被压缩到最短时，弹簧长度为l.现将该弹簧水平放置，一端固定在A点，另一端与物块P接触但不连接．AB是长度为5l的水平轨道，B端与半径为l的光滑半圆轨道BCD相切，半圆轨道的直径BD竖直，如图所示．物块P与AB间的动摩擦因数μ＝0.5.用外力推动物块P，将弹簧压缩至长度l，然后放开，P开始沿轨道运动，重力加速度大小为g.(1)若P的质量为m，求P到达B点时速度的大小，以及它离开半圆轨道后落回到AB上的位置与B点之间的距离；(2)若P能滑上半圆轨道，且仍能沿半圆轨道滑下，求P的质量的取值范围．林州一中2017级高二开学检测物理答案1.【答案】D2.【答案】C【解析】物体自由下落到某处突然受一恒定水平向右的风力，则轨迹应向右弯曲，且弯点的切线方向应竖直向下，故A、B、D都错；撤去风力后，物体只受重力，即合外力向下，轨迹应向下弯曲，只有C符合，故C正确.3.【答案】B【解析】飞船绕地球做匀速圆周运动时并不处于平衡状态，因为其方向在改变，故A 不对；地球对飞船的万有引力提供飞船运行的向心力，B正确；由于飞船运行的半径比地球的半径大，故飞船运行的速度小于近地卫星的速度，C不对；飞船运行的加速度小于地球表面的重力加速度，故D是不对的．4.【答案】B【解析】人由p至c的全过程中，外力的总冲量为重力的冲量与弹性绳弹力的冲量的矢量和，根据动量定理，外力的总冲量应等于人的动量的增量．人在p至c过程中动量的增量为零，则重力的冲量与绳弹力的冲量大小相等，方向相反，总冲量为零，选项A错；根据动能定理，人由p至c的过程中，人的动能增量为零，则重力与绳弹力做的总功为零，重力所做的功等于克服弹力所做的功，选项B对；人由p至a自由下落，由a至b弹力逐渐增大，但合外力向下，人做加速度变小的加速运动，至b点加速度为零，速度最大，人过b点之后，弹力大于重力，合外力向上，加速度向上，速度变小，C、D错误．5.【答案】A6.【答案】C【解析】相遇时，两球下落的高度相同，根据t=知，两球运动的时间相等，则两球必须同时抛出．与质量无关．故C正确，A,B,D错误．故选：C．7.【答案】C【解析】西瓜和汽车一起做匀速圆周运动，竖直方向上的合力提供向心力，有：mg－F ＝m，解得F＝mg－，故C正确，A、B、D错误.8.【答案】D【解析】运动员发生侧滑是因为运动员受到的合力指向圆心且小于所需要的向心力，A、B错误；若在O点发生侧滑，若向心力突然消失，则沿切线Oa运动，而现在是由于提供的向心力小于所需要的向心力，因此在Oa与Ob之间，D正确．9.【答案】AB【解析】据题意可知银河系绕星系团做圆周运动，已知轨道半径r和周期T，则银河系运动的线速度v＝，加速度a＝，故A、B正确；银河系是环绕天体，无法计算其质量，故C错误；由于不知道银河系的质量，故无法求解银河系与本超星系团之间的万有引力，故D 错误．10.【答案】AB【解析】对小环由动能定理得mgh＝mv2－mv，则v2＝2gh＋v.当v0＝0时，B正确.当v0≠0时，A正确.11.【答案】CD【解析】开始时，a、b及传送带均静止且a不受传送带摩擦力作用，有mag sinθ＝，则ma＝，b上升h，则a下降h sinθ，则a重力势能的减小量为mag×h sinθ＝mgh，故A mbg错误；根据能量守恒得，系统机械能增加，摩擦力对a做的功等于a、b机械能的增量，所以摩擦力做功大于a的机械能增加，因为系统重力势能不变，所以摩擦力做功等于系统动能的增加，故B 错误，C正确；任意时刻a、b的速率相等，对b，克服重力的瞬时功率Pb＝mgv，对a有：Pa＝mag v sinθ＝mgv，所以重力对a、b做功的瞬时功率大小相等，故D正确．12.【答案】BD【解析】根据动能定理可知，合外力做物体做的功等于物体动能的变化量，所以升降机匀加速上升过程中，升降机底板对人做的功和重力做功之和等于人增加的动能，故A错误；升降机匀速上升过程中，根据功能关系可知：升降机底板对人做的功等于人增加的机械能，故B正确；根据功能关系可知，升降机上升的全过程中，电动机消耗的电能等于升降机增加的机械能和电动机消耗的内能之和，故C错误，D正确．13.【答案】(1)BD (2)＝h(或d2＝2ght2)【解析】(1)根据实验原理可知，需要测量的是A点到光电门B的距离，故A错误，B正确.利用小铁球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度，不需要测量下落时间，但需要知道挡光物体的尺寸，因此需要测量小铁球的直径，故C错误，D正确.(2)利用小铁球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度，故v＝；根据机械能守恒的表达式有mgh ＝mv2，可得＝h(或d2＝2ght2)，故只要验证＝h(或d2＝2ght2)即可.14.【答案】(1)ACE (2)2.0 2.5【解析】(1)A、为了保证小球的初速度水平，应调节斜槽的末端水平，故A正确．B、为了保证小球的初速度相等，每次从斜槽的同一位置由静止释放小球，故B错误，C正确．D、记录小球位置用的铅笔不需要严格地等距离下降，故D错误．E、小球在运动时不能与木板上的白纸接触，防止由于摩擦改变小球的运动轨迹，故E正确．F、将球的位置记录在纸上后，取下纸，用平滑的曲线连接，故F错误．故选：ACE.(2)在竖直方向上，根据h2－h1＝gT2得：T＝＝s＝0.1 s，则物体平抛运动的初速度为：v0＝＝m/s＝2.0 m/s.B点的竖直分速度为：v y B＝＝m/s＝1.5 m/s，根据平行四边形定则知，B点的速度为：v B＝＝m/s＝2.5 m/s.15.【答案】(1)5.1×104W (2)5 s 2.04×104W【解析】(1)设起重机允许输出的最大功率为P0，重物达到最大速度时，拉力F0等于重力，有P0＝F0v mF0＝mg代入数据得：P0＝5.1×104W(2)匀加速运动结束时，起重机达到允许输出的最大功率，设此时重物受到的拉力为F，速度为v1，匀加速运动经历时间为t1，有：P0＝Fv1F－mg＝mav1＝at1代入数据得：t1＝5 st＝2 s时，重物处于匀加速运动阶段，设此时速度为v2，输出功率为P，有v2＝atP＝Fv2代入数据得：P＝2.04×104W16.【答案】(1)mv0，向右 (2)mv02【解析】(1)全过程，A、B、C组成的系统动量守恒mA v0＝－(mA＋mB)v0＋mC v C炸药对C的冲量：I＝mC v C－0解得：I＝mv0，方向向右(2)炸药爆炸过程，B和C组成的系统动量守恒mC v C－mB v B＝0据能量关系：ΔE＝mB v B2＋mC v C2解得：ΔE＝mv02.17.【答案】(1)1.4 m/s2(2)720∶703.【解析】(1)“嫦娥三号”在环月圆轨道Ⅰ做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，G＝m a n，在月球表面有G＝mg，解得a n＝g＝×1.6≈1.4 m/s2.(2)“嫦娥三号”在变轨前绕月做圆周运动，半径R＝1 700＋100 km＝1 800 km，变轨后绕月做椭圆运动，半长轴a＝＝1 757.5 km，由开普勒第三定律可得：＝，则＝＝()＝().18.1.【答案】(1)2l(2)m≤M<m【解析】(1)依题意，当弹簧竖直放置，长度被压缩至l时，质量为5m的物体的动能为零，其重力势能转化为弹簧的弹性势能．由机械能守恒定律知，弹簧长度为l时的弹性势能为E p＝5mgl①设P到达B点时的速度大小为v B，由能量守恒定律得E p＝mv＋μmg(5l－l)②联立①②式，并代入题给数据得v B＝③若P能沿半圆轨道运动到D点，其到达D点时的向心力不能小于重力，即P此时的速度大小v D应满足－mg≥0④由机械能守恒定律得mv＝mv＋mg·2l⑤联立③⑤式得v D＝⑥v D满足④式要求，故P能运动到D点，并从D点以速度v D水平射出．设P落回到轨道AB所需的时间为t，由运动学公式得2l＝gt2⑦P落回到AB上的位置与B点之间的距离为s＝v D t⑧联立⑥⑦⑧式得s＝2l⑨(2)设P的质量为M，为使P能滑上半圆轨道，它到达B点时的速度不能小于零．由①②式可知5mgl>μMg·4l⑩要使P仍能沿半圆轨道滑回，则P在半圆轨道的上升高度不能超过半圆轨道的中点C.由机械能守恒定律有Mv B′2≤Mgl⑪E p＝Mv B′2＋μMg·4l⑫联立①⑩⑪⑫式得m≤M<m。
河南省林州市林州一中分校2017-2018学年高二物理12月份调研考试试卷及答案【word版】.doc
【推荐】河南省林州市林州一中分校2017-2018学年高二物理12月份调研考试试卷及答案一、选择题1. 如图所示，在匀强电场E中，一带电粒子(不计重力)－q的初速度v0恰与电场线方向相同，则带电粒子－q在开始运动后，将()A. 沿电场线方向做匀加速直线运动B. 沿电场线方向做变加速直线运动C. 沿电场线方向做匀减速直线运动D. 偏离电场线方向做曲线运动【答案】C【解析】试题分析：负电荷受到的电场力与电场方向相反，所以粒子受到水平向左的电场力，大小恒定，与运动方向相反，所以沿电场线方向做匀减速直线运动，ABD错误C正确；考点：考查了带电粒子在电场中的运动【名师点睛】电荷在电场中受到的电场力的方向与电场线的方向相反，结合速度的方向，判断出粒子运动的性质、2. 一个带正电的油滴从如图所示的匀强电场上方A点自由下落，油滴落入匀强电场后，能较准确地描述油滴运动轨迹的是图中的()A. B.C. D.【答案】B...............综上所述本题答案是：B3. 小灯泡的伏安特性曲线如图中的AB段(曲线)所示，由图可知，灯丝的电阻因温度的影响改变了()A. 5 ΩB. 10 ΩC. 1 ΩD. 6 Ω【答案】B【解析】根据电阻的定义式：可知，A点电阻；B点的电阻：，从而AB段电阻改变了40 Ω-30 Ω=10 Ω，故B正确，ACD错误。
4. 如图所示，弹簧测力计下挂一铁球，将弹簧测力计自左向右从条形磁铁上方缓慢移动时，弹簧测力计的示数()A. 不变B. 逐渐减小C. 先减小后增大D. 先增大后减小【答案】C【解析】磁体上磁极的磁性最强，对铁球的吸引力最大，所以铁球自左向右移动时，所受磁体的引力先减小后增大，弹簧测力计的示数也随之先减小后增大，故C 对综上所述本题答案是：C.5. 科考队进去某一磁矿区域后，发现指南针原来指向正北的N极逆时针转过30°(如图所示)，设该位置地磁场磁感应强度水平分量为B，则磁矿所产生的磁感应强度水平分量最小时的值为()A. B. B C. 2B D.【答案】A【解析】由题磁矿所产生的磁场使原来指向正北的N极逆时针转过30°，根据三角形定则可知：磁矿所产生的磁感应强度水平分量最小时方向与图中虚线垂直，则大小为,故A对综上所述本题答案是:A6. 如图甲所示，一个条形磁铁P固定在水平桌面上，以P的右端点为原点，中轴线为x轴建立一维坐标系．一个灵敏的小磁针Q放置在x轴上不同位置，设Q与x轴之间的夹角为θ.实验测得sinθ与x之间的关系如图乙所示．已知该处地磁场方向水平，磁感应强度大小为B0.下列说法正确的是()A. P的右端为S极B. P的中轴线与地磁场方向平行C. P在x0处产生的磁感应强度大小为B0D. x0处合磁场的磁感应强度大小为2B0【答案】C【解析】试题分析：磁场是客观存在的特殊物质形态，我们感觉不到，但可通过小磁针来体现．小磁针N极的受力方向即为磁场方向，或磁感线该点的切线方向为磁场方向．当x趋向无穷大时，小磁针所指的方向为地球的磁场的方向，所以根据题图可知，x趋向无穷大时，趋向1，则趋向90°，即小磁针的方向与x的方向垂直，所以x的方向为向东．当x非常小时，小磁针的N极沿x方向，即向东。
河南省林州市第一中学2017-2018学年高二10月月考物理试题(普通班)含答案
2016级高二10月调研考试物理试题一、单选题(共10题;共40分）1、如图所示,虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab=U bc，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点．据此可知（)A、三个等势面中，a的电势最高B、带电质点通过P点时的电势能较Q点大C、带电质点通过P点时的动能较Q点大D、带电质点通过P点时的加速度较Q点大2、在光滑的绝缘水平面上,有一个正三角形abc，顶点a、b处分别固定一个正点电荷，c处固定一个负点电荷，它们的电荷量大小都相等,如图所示，D点为正三角形外界圆的圆心,E、G、H分别为ab、ac、bc的中点，E、F两点关于c点对称，下列说法中正确的是（)A、D点的场强为零,电势也为零B、G、H两点的场强相同C、E、F两点的电场强度大小相等、方向相反D、将一带正电的试探电荷有E点移动到D点的过程中，该电荷的电势能减小3、如图所示的两个平行板电容器水平放置，A板用导线与M板相连，B板和N板都接地．让A板带电后，在两个电容器间分别有P、Q两个带电油滴都处于静止状态．AB间电容为C1，电压为U1，带电量为Q1, MN间电容为C2, 电压为U2，带电量为Q2．若将B板稍向下移，下列说法正确的是（）A、P向下动，Q向下动B、U1减小，U2增大C、Q1减小，Q2增大D、C1减小，C2增大4、如图所示，A、B、C三个小球（可视为质点）的质量分别为m、2m、3m , B小球带负电，电荷量为q ，A、C两小球不带电（不考虑小球间的静电感应），不可伸长的绝缘细线将三个小球连接起来悬挂在O点,三个小球均处于竖直向上的匀强电场中，电场强度大小为E , 以下说法正确的是（）A、静止时，A、B两小球间细线的拉力为3mg+qEB、静止时，A、B两小球间细线的拉力为5mg—qEC、剪断O点与A小球间细线的瞬间，A、B两小球间细线的拉力为qED、剪断O点与A小球间细线的瞬间，A、B两小球间细线的拉力为qE5、（2015浙江）如图所示为静电力演示仪,两金属极板分别固定于绝缘支架上，且正对平行放置。
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林州一中高二开学检测物理试题一、选择题1. 质点由静止开始做直线运动，加速度与时间关系如图所示， t 2= 2 t1，则A. 质点一直沿正向运动B. 质点在某个位置附近来回运动C.在0～t2 时间段内，质点在t1时刻的速度最大D. 在0～t2时间段内，质点在t1时刻的速度最大2. 如图，在倾角为α的固定光滑斜面上，有一用绳子栓着的长木板，木板上站着一只猫．已知木板的质量是猫的质量的2倍．当绳子突然断开时，猫立即沿着板向上跑，以保持其相对斜面的位置不变．则此时木板沿斜面下滑的加速度为A. 1.5gsinαB. sinαC. gsinαD. 2gsinα3. 人在距地面高h、离靶面距离L处，将质量m的飞镖以速度v0水平投出，落在靶心正下方，如图所示．只改变h、L、m、v0四个量中的一个，可使飞镖投中靶心的是A. 适当减小v0B. 适当提高hC. 适当减小mD. 适当减小L4. 如图所示的直角三角板紧贴在固定的刻度尺上方，现假使三角板沿刻度尺水平向右匀速运动的同时，一支铅笔从三角板直角边的最下端，由静止开始沿此边向上做匀加速直线运动，下列关于铅笔尖的运动及其留下的痕迹的判断中，正确的有A. 笔尖留下的痕迹是一条倾斜的直线B. 笔尖留下的痕迹是一条抛物线C. 在运动过程中，笔尖运动的速度方向始终保持不变D. 在运动过程中，笔尖运动的加速度方向始终保持不变5. 冥王星绕太阳的公转轨道是个椭圆，公转周期为T0，其近日点到太阳的距离为a，远日点到太阳的距离为b，半短轴的长度为c，如图所示．若太阳的质量为M，万有引力常量为G，忽略其他行星对它的影响，则A. 冥王星从A→B→C的过程中，机械能逐渐增大B. 冥王星从A→B所用的时间等于C. 冥王星从B→C→D的过程中，万有引力对它先做正功后做负功D. 冥王星在B点的加速度为6. 运动员从悬停在空中的直升机上跳伞，伞打开前可看做是自由落体运动，打开伞后减速下降，最后匀速下落．如果用h表示下落高度，t表示下落的时间，F表示人受到的合力，E表示人的机械能，E p表示人的重力势能，v表示人下落的速度，在整个过程中，如果打开伞后空气阻力与速度平方成正比，则下列图象可能符合事实的是A. B. C. D.7. 游乐场中的一种滑梯如图所示．小朋友从轨道顶端由静止开始下滑，沿水平轨道滑动了一段距离后停下来，则A. 下滑过程中支持力对小朋友做功B. 下滑过程中小朋友的重力势能增加C. 整个运动过程中小朋友的机械能守恒D. 在水平面滑动过程中摩擦力对小朋友做负功8. 如图所示，光滑水平面上，质量为m的小球A和质量为m的小球B通过轻质弹簧相连并处于静止状态，弹簧处于自由伸长状态；质量为m的小球C以初速度v0沿AB连线向右匀速运动，并与小球A发生弹性正碰．在小球B的右侧某位置固定一块弹性挡板（图中未画出），当小球B与挡板发生正碰后立刻将挡板撤走，不计所有碰撞过程中的机械能损失，弹簧始终处于弹性限度以内，小球B与固定挡板的碰撞时间极短，碰后小球B的速度大小不变，但方向相反，则B与挡板碰后弹簧弹性势能的最大值E m可能是A. mv02B. mv02C. mv02D. mv02二、非选择题9. 利用如图1实验装置探究重锤下落过程中重力势能与动能的转化问题．①图2为一条符合实验要求的纸带，O点为打点计时器打下的第一点．分别测出若干连续点A、B、C…与O点之间的距离h1、h2、h3…．已知打点计时器的打点周期为T，重锤质量为m，重力加速度为g，可得重锤下落到B点时的速度大小为________．②取打下O点时重锤的重力势能为零，计算出该重锤下落不同高度h时所对应的动能E k和重力势能E p．建立坐标系，横轴表示h，纵轴表示E k和E p，根据以上数据在图3中绘出图线Ⅰ和图线Ⅱ．已求得图线Ⅰ斜率的绝对值k1=2.94J/m，请计算图线Ⅱ的斜率k2=/m（保留3位有效数字）．重锤和纸带在下落过程中所受平均阻力与重锤所受重力的比值为（用k1和k2表示）．10. 如图所示，跳台滑雪运动员经过一段加速滑行后从O点水平飞出，从水平飞出时开始计时，经t=3.0s落到斜坡上的A点．已知O点是斜坡的起点，斜坡与水平面的夹角θ=37°，运动员的质量m=50kg，不计空气阻力．取重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）A点与O点的距离L；（2）运动员离开O点时的速度v1和落到A点时的速度v2的大小．11. 滑板运动是一项惊险刺激的运动，深受青少年的喜爱．如图是滑板运动的轨道，AB和CD是一段圆弧形轨道，BC是一段长7m的水平轨道．一运动员从AB轨道上P点以6m/s 的速度下滑，经BC轨道后冲上CD轨道，到Q点时速度减为零．已知运动员的质量50kg．h=1.4m，H=1.8m，不计圆弧轨道上的摩擦．（g=10m/s2）求：（1）运动员第一次经过B点、C点时的速度各是多少？（2）运动员与BC轨道的动摩擦因数．（3）运动员最后停在BC轨道上距B为多少米处？12. 如图所示，粗糙弧形轨道和两个光滑半圆轨道组成翘尾巴的S形轨道．光滑半圆轨道半径为R，两个光滑半圆轨道连接处CD之间留有很小空隙，刚好能够使小球通过，CD之间距离可忽略．粗糙弧形轨道最高点A与水平面上B点之间的高度为h．从A点静止释放一个可视为质点的小球，小球沿翘尾巴的S形轨道运动后从E点水平飞出，落到水平地面上，落点到与E点在同一竖直线上B点的距离为s．已知小球质量m，不计空气阻力，求：（1）小球从E点水平飞出时的速度大小；（2）小球运动到半圆轨道的B点时对轨道的压力；（3）小球沿翘尾巴S形轨道运动时克服摩擦力做的功．林州一中高二开学检测物理试题参考答案1.【答案】AC【解析】试题分析：由图可知在t1时间内质点做初速度为零的匀加速运动，在t1～t2时间内做匀减速运动，且加速度大小相等，时间相等，故质点一直沿正向运动，故A正确，B 错误；由图可知在t1时间内质点做初速度为零的匀加速运动，在t1～t2时间内做匀减速运动，且加速度大小相等，时间相等，故t1时刻的速度最大，故C正确，D错误；故选AC。
考点：运动图像【名师点睛】考查了加速度的图象，会根据图象分析质点的运动情况；注意加速度改变方向时，速度方向不一定改变。
2. 【答案】A【解析】【试题分析】对猫和木板受力分析受力分析，可以根据各自的运动状态由牛顿第二定律分别列式来求解，把猫和木板当做一个整体的话计算比较简单．木板沿斜面加速下滑时，猫保持相对斜面的位置不变，即相对斜面静止，加速度为零．将木板和猫作为整体，由牛顿第二定律，受到的合力为F木板=2ma，猫受到的合力为F猫=0则整体受的合力等于木板受的合力：F合=F木板=2ma（a为木板的加速度），又整体受到的合力的大小为猫和木板沿斜面方向的分力的大小（垂直斜面分力为零）即F合=3mg sinα，解得a=1.5g sinα【点睛】本题应用整体法对猫和木板受力分析，根据牛顿第二定律来求解比较简单，当然也可以采用隔离法，分别对猫和木板受力分析列出方程组来求解．3. 【答案】BD4. 【答案】BD【解析】试题分析：在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做匀加速直线运动，合力沿竖直方向，轨迹为一条抛物线，A错误B正确；在运动过程中，由于做曲线运动，笔尖的速度方向时刻变化着，但是由于合力恒定，所以加速度恒定，方向不变，D正确；考点：考查了运动的合成5. 【答案】D【解析】试题分析：冥王星从A→B→C的过程中，万有引力做负功，速率逐渐变小，所以A错误；由于太阳在椭圆的焦点，不在椭圆中心，故冥王星从A→B所用的时间不等于，所以B错误；冥王星从B→C→D的过程中，万有引力对它做负功后做正功，所以C错误；根据几何关系可求B点到太阳的距离，冥王星受万有引力为，联立可求加速度，所以D正确。
考点：本题考查天体运动6. 【答案】AC【解析】【试题分析】运动员从直升机上跳伞，伞打开前可看作是自由落体运动，即空气阻力忽略不计，开伞后减速下降，空气阻力大于重力，故合力向上，当阻力减小到等于重力时，合力为零，做匀速直线运动．A、重力势能逐渐减小，E p=mgH=mg(H0-h)，即重力势能与高度是线性关系，故A正确；B、机械能的变化等于除重力外其余力做的功，故自由落体运动过程机械能守恒，故B错误；C、运动员从悬停在空中的直升机上跳伞，伞打开前可看作是自由落体运动，即空气阻力忽略不计，故只受重力；开伞后减速下降，空气阻力大于重力，故合力向上，当阻力减小到等于重力时，合力为零，做匀速直线运动；即合力先等于重力，然后突然反向变大，且逐渐减小到零，故C正确；D、运动员从悬停在空中的直升机上跳伞，伞打开前可看作是自由落体运动，开伞后后减速下降，由题意空气阻力与速度平方成正比，则空气阻力逐渐减小，根据牛顿第二定律f-mg=ma，f逐渐减小，则加速度a逐渐减小不是恒定不变，即D项中减速阶段的v-t图象不应该呈线性，故D错误；故选AC．【点睛】本题关键是结合运动员的运动情况分析其受到的阻力的变化情况，从而得到其合力和机械能的变化情况．7. 【答案】D【解析】下滑过程中小朋友在支持力方向没有发生位移，支持力不做功．故A错误．下滑过程中，小朋友高度下降，重力做正功，其重力势能减小．故B错误．整个运动过程中，摩擦力做功，小朋友的机械能减小，转化为内能．故C错误．在水平面滑动过程中，摩擦力方向与位移方向相反，摩擦力对小朋友做负功，故D正确．故选D.点睛：判断力是否做功，可根据做功的两个要素，也可根据动能定理．整个过程重力做正功，动能变化量为零，根据动能定理可判断出摩擦力做负功．8. 【答案】BC【解析】A、由题可知，系统的初动能为，而系统的机械能守恒，则弹簧的弹性势能不可能等于，故A错误；B、由于小球C与小球A质量相等，发生弹性正碰，则碰撞后交换速度，若在A与B速度动量相等时，B与挡板碰撞，B碰撞后速度与A大小相等、方向相反，当两者速度同时减至零时，弹簧的弹性最大，最大值为，故B正确；点睛：不计所有碰撞过程中的机械能损失，系统的机械能是守恒的．系统的合外力为零，总动量也守恒，根据两大守恒定律分析选择。
9. 【答案】(1). (2).【解析】试题分析：（1）某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，那么B点的瞬时速度（2）取打下O点时重物的重力势能为零，因为初位置的动能为零，则机械能为零，每个位置对应的重力势能和动能互为相反数，即重力势能的绝对值与动能相等，而图线的斜率不同，原因是重物和纸带下落过程中需要克服阻力做功．根据动能定理得，mgh-fh=mv2，则，图线斜率，图线斜率，知k1-f=k2，则阻力f=k1-k2．所以重物和纸带下落过程中所受平均阻力与重物所受重力的比值为．考点：验证机械能守恒定律【名师点睛】此题是验证机械能守恒定律的问题；解决本题的关键知道实验的原理，验证重力势能的减小量与动能的增加量是否相等．以及知道通过求某段时间内的平均速度表示瞬时速度；此题重点考查学生对物理实验的理解及分析能力.10. 【答案】（1）（2）【解析】（1）运动员从O到A，在竖直方向做自由落体运动，有：代入数据解得：；（2）运动员从O到A，在水平方向做匀速直线运动，有：代入数据，联解得：；运动员落到斜坡上的A点时，根据运动的分解有：根据平行四边形定则知，联解得：。