青海省果洛市2024年高三5月综合练习物理试题试卷

青海省果洛市2024年高三5月综合练习物理试题试卷
注意事项
1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．
2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．
3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．
4．作答选择题，必须用2B 铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．
5．如需作图，须用2B 铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、水平面上有质量相等的a 、b 两个物体，水平推力F 1、F 2分别作用在a 、b 上，一段时间后撤去推力，物体继续运动一段距离后停下，两物体的v t -图象如图所示，图中AB //CD .则整个过程中
A ．F 1的冲量等于F 2的冲量
B ．F 1的冲量大于F 2的冲量
C ．摩擦力对a 物体的冲量等于摩擦力对b 物体的冲量
D ．合外力对a 物体的冲量等于合外力对b 物体的冲量
2、如图所示，理想变压器原副线圈匝数之比为10︰1，原线圈两端连接正弦交流电源u =311sin 314t (V)，副线圈接电阻R ，同时接有理想电压表和理想电流表。

下列判断正确的是（ ）
A ．电压表读数约为31.1V
B ．若仅将副线圈匝数增加到原来的2倍，则电流表的读数增大到原来的2倍
C ．若仅将R 的阻值增加到原来的2倍，则输入功率也增加到原来的2倍
D ．若R 的阻值和副线圈匝数同时增加到原来的2倍，则输出功率增加到原来的4倍
3、正在海上行驶的--艘帆船，行驶方向如图所示，海风吹来的方向与船行驶的方向夹角为53︒，升起风帆，调整风帆的角度，使海风垂直吹在帆面上，若海风吹在帆面上的风力大小为500 N ，则沿船行驶方向获得的推力大小为()
sin530.8,cos530.6︒︒==
A．300 N
B．375 N
C．400 N
D．450 N
4、如图所示为某齿轮传动装置中的A、B、C三个齿轮，三个齿轮的齿数分别为32、12、20，当齿轮绕各自的轴匀速转动时，A、B、C三个齿轮转动的角速度之比为
A．8:3:5 B．5:3:8
C．15:40:24 D．24:40:15
5、下列说法中正确的是
A．α粒子散射实验发现了质子
B．玻尔理论不仅能解释氢的原子光谱，也能解释氦的原子光谱
C．热核反应的燃料是氢的同位素，裂变反应的燃料是铀
D．中子与质子结合成氘核的过程中需要吸收能量
6、如图所示，电荷量相等的两个电荷Q1和Q2，两者连线及中垂线上分别有A点和B点，则下列说法正确的是（）
A．若两者是同种电荷，则A点的电势一定高于B点的电势
B．若两者是同种电荷，则A点的场强一定大于B点的场强
C．若两者是异种电荷，则A点的电势一定高于B点的电势
D．若两者是异种电荷，则A点的场强一定大于B点的场强
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。

在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、一列简谐横波沿x 轴正方向传播，在12m x =处的质元的振动图线如图1所示，在18m x =处的质元的振动图线如图2所示。

下列说法正确的是（ ）
A ．该波的周期为12s
B ．12m x =处的质元在平衡位置向上振动时，18m x =处的质元在波峰
C ．在04s ~内12m x =处和18m x =处的质元通过的路程均为6cm
D ．该波的波长不可能为8m
8、下列说法中不符合实际的是_______
A ．单晶体并不是在各种物理性质上都表现出各向异性
B ．液体的表面张力使液体表面具有扩张的趋势
C ．气体的压强是由于气体分子间相互排斥而产生的
D ．分子间同时存在引力和斥力，且这两种力同时增大，同时减小
E.热量能自发地从内能大的物体向内能小的物体进行传递
9、下列说法正确的是（ ）
A ．悬浮颗粒的无规则运动并不是分子的运动，但能间接地反映液体分子运动的无规则性
B ．一种物质温度升高时，所有分子热运动的动能都要增加
C ．液体能够流动说明液体分子间的相互作用力比固体分子间的作用力要小
D ．一定质量的物质，汽化时吸收的热量与液化时放出的热量相等
E.一切自然过程总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行
10、真空中质量为m 的带正电小球由A 点无初速自由下落t 秒，在t 秒末加上竖直向上、范围足够大的匀强电场，再经过t 秒小球又回到A 点。

小球电荷量不变且小球从未落地，重力加速度为g 。

则
A ．整个过程中小球电势能变化了222mg t
B ．整个过程中小球速度增量的大小为2gt
C ．从加电场开始到小球运动到最低点时小球动能变化了22mg t
D ．从A 点到最低点小球重力势能变化了22
1
3mg t
三、实验题：本题共2小题，共18分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11．（6分）某同学欲将电流表改装为两用电表，即中央刻度为15的“×1”挡的欧姆表及量程为0~15V的电压表，实验室可提供的器材有
A．一节全新的5号干电池E（内阻不计）
B．电流表A1（量程0~10mA，内阻为25Ω）
C．电流表A2（量程0~100mA，内阻为2.5Ω）
D．滑动变阻器R1（0~30Ω） E.滑动变阻器R2（0~3Ω）
F.定值电阻R3（117.5Ω）
G.定值电阻R4（120Ω）
H.定值电阻R5（147.5Ω）L.单刀双掷开关S，一对表笔及若干导线
(1)图中a应接电流表的______（选填“+”或“－”）接线柱，测量电压时应将开关S扳向_______（选填“1”或“2”）；
(2)图中电流表应选用________（选填“B”或“C”），滑动变阻器应选用________（选填“D”或“E”），定值电阻R0应选________（选填“F"“G"或“H”）；
(3)在正确选用器材的情况下，正确连接好实验电路若电流表满偏电流为I g，则电阻刻度盘上指针指在3
4
I g处应标上
_______。

（填写具体数值）
12．（12分）某同学用如图甲所示的装置对轻质弹簧的弹性势能进行探究：轻质弹簧水平放置在光滑水平面上，左端固定，右端与一小球接触而不固连。

弹簧处于原长时，小球在A点，向左推小球压缩弹簧至C点，由静止释放。

用频闪照相机得到小球从C点到B点的照片如图乙所示。

已知频闪照相机频闪时间间隔为T，重力加速度大小为g。

回答下列问题：
(1)本实验中可认为，弹簧被压缩后的弹性势能p E与小球离开弹簧时的动能k E相等。

为测得k E，除已知物理量外，至少还需测量下列物理量中的____________（填正确答案标号）。

A．小球的质量m B．C、A间距离CA
s
C ．C 、B 间距离CB s
D ．A 、B 间距离AB s
E.弹簧的压缩量x ∆
F.弹簧原长0l
(2)用所选取的测量量和已知量表示k E ，得k E =___________。

(3)由于水平面不是绝对光滑，测得的弹性势能p E 与真实值相比___________（填“偏大”“偏小”或“相等”）。

四、计算题：本题共2小题，共26分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13．（10分）如图所示，在y >0的区域存在方向沿y 轴负方向的匀强电场，场强大小为E ；在y <0的区域存在方向垂
直于xOy 平面向外的匀强磁场。

一个氕核1
1H 从y 轴上y h =点射出，速度方向沿x 轴正方向。

已知11H 进入磁场时，
速度方向与x 轴正方向的夹角为60︒，并从坐标原点O 处第一次射出磁场。

1
1H 的质量为
m ，电荷量为q 。

不计重力。

求：
(1)1
1H 第一次进入磁场的位置到原点O 的距离；
(2)磁场的磁感应强度大小；
(3)氕核从y 轴射入电场到从O 点射出磁场运动的时间。

14．（16分）如图甲所示，足够宽水槽下面有一平面镜，一束单色光以入射角i 射入水面，经平面镜反射后的光线恰好沿水平方向射出．已知水对该单色光的折射率为n ＝.
①若平面镜与水平方向的夹角为θ＝30°，求该单色光在水面入射角的正弦值sini ；
②使该单色光从水槽左壁水平向右射出，在平面镜上反射后恰好在水面上发生全反射，如图乙所示，求平面镜与水平方向的夹角α.
15．（12分）一半径为R =10cm 的半圆形玻璃砖放置在竖直平面上，其截面如图所示。

图中O 为圆心，MN 为竖直方向的直径。

有一束细光线自O 点沿水平方向射入玻璃砖，可以观测到有光线自玻璃砖右侧射出，现将入射光线缓慢平
行下移，当入射光线与O 点的距离为h =6cm 时，从玻璃砖右侧射出的光线刚好消失。

已知光在真空中的传播速度为c =3⨯108 m/s ，则：
(1)此玻璃的折射率为多少；
(2)若h =52cm ，求光在玻璃砖中传播的时间。

参考答案
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、D
【解题分析】
C ．由图，AB 与C
D 平行，说明推力撤去后两物体的加速度相同，而撤去推力后物体的合力等于摩擦力，根据牛顿第二定律可知，两物体受到的摩擦力大小相等。

但a 的运动总时间小于b 的时间，根据I=ft 可知，摩擦力对a 物体的冲量小于摩擦力对b 物体的冲量，故C 错误。

AB ．根据动量定理，对整个过程研究得
F 1t 1-ft OB =0
F 2t 2-ft OD =0
由图看出，t OB ＜t OD ，则有
F 1t 1＜F 2t 2
即F 1的冲量小于F 2的冲量。

故AB 错误。

D ．根据动量定理可知，合外力的冲量等于物体动量的变化量，ab 两个物体动量的变化量都为零，所以相等，故D 正确；
2、B
【解题分析】
根据2sin314t(V)可知，原线圈的电压有效值为1220U V =，电压表的读数为变压器的输出电压的有效值，由
1122U n U n =得，电压表读数为222U V =，故A 错误；若仅将副线圈匝数增加到原来的2倍，根据1122
U n U n =可知，U 2增大到原来的2倍，由22U I R
=
可知，电流表的读数增大到原来的2倍，故B 正确；输入电压和匝数比不变，则输出电压2U 不变，仅将R 的阻值增加到原来的2倍，由22U I R =可知，电流变为原来的一半，输入功率变为原来的一半，故C 错误；若副线圈匝数增加到原来的2倍，则U 2增加到原来的2倍，同时R 的阻值也增加到原来的2倍，故输出
功率222U P R
=变为原来的2倍，故D 错误。

3、A
【解题分析】
对垂直作用于帆面上的风力进行分解，分解成沿船行驶方向和垂直于行驶方向的力，沿行驶方向的分力
1cos53300N F F ︒==。

A. 300 N 与上述计算结果1300N F =相符，故A 正确；
B. 375 N 与上述计算结果1300N F =不相符，故B 错误；
C. 400 N 与上述计算结果1300N F =不相符，故C 错误；
D. 450 N 与上述计算结果1300N F =不相符，故D 错误；
4、C
【解题分析】
三个齿轮同缘转动，所以三个齿轮边缘的线速度相等，即为：
v A =v B =v C
三个齿轮的齿数分别为32、12、20，根据
v r
ω=
得A 、B 、C 三个齿轮转动的角速度之比为
111::15:40:24321220
A. 8:3:5与计算结果不符，故A 错误。

B. 5:3:8与计算结果不符，故B 错误。

C. 15:40:24与计算结果相符，故C 正确。

D. 24:40:15与计算结果不符，故D 错误。

5、C
【解题分析】
试题分析：卢瑟福通过α粒子散射实验否定了汤姆生的枣糕模型，从而提出了原子核式结构模型，质子的发现是卢瑟福通过α粒子轰击氮核而发现质子，选项A 错．波尔理论把原子能级量子化，目的是解释原子辐射的线状谱，但是波尔理论只能很好的解释氢原子的线状谱，在解释氦的原子光谱和其他原子光谱时并不能完全吻合，选项B 错．热核反应主要是氘核氚核在高温高压下发生的聚变反应，氘核和氚核都是氢的同位素，裂变主要是铀核裂变，选项C 对．中子和质子结合成氘核是聚变反应，该过程释放能量，选项D 错．
考点：原子 原子核
6、D
【解题分析】
设两个点电荷1Q 和2Q 连线的中点为O ．若两电荷是同种电荷，且都是正电荷，则A 点的电势高于O 点电势，O 点电
势高于B 点电势，则A 点的电势高于B 点的电势．若两个点电荷都带负电，则A 点的电势低于B 点的电势，A 错误．若
两者是同种电荷，B 点处电场线分布情况不能确定，所以不能确定两点场强的大小，B 错误．若两者是异种电荷，且1
Q 为正电荷，则A 点的电势高于B 点的电势．若1Q 为负电荷，则A 点的电势低于B 点的电势，C 错误．若两者是异种电荷，A 处电场线比B 处电场线密，则A 点的场强一定大于B 点的场强，D 正确．选D ．
【题目点拨】若两电荷是同种电荷，根据电场的对称性分析电场强度的关系，电场线越密，场强越大．若两电荷是异种电荷，根据顺着电场线方向降低，分析电势的高低；在两电荷的连线上，O 点场强最小，在连线的中垂线上O 点的场强最大．
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。

在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、AB
【解题分析】
A ．由图可知，该波的周期为12s 。

故A 正确；
B ．由图可知，t =3s 时刻，x =12m 处的质元在平衡位置向上振动时，x =18m 处的质元在波峰，故B 正确；
C ．由图可知，该波的振幅为4cm ，圆频率
22rad/s 126
T πππω＝＝＝ 由图1可知，在t =0时刻x =12m 处的质点在-4cm 处，则其振动方程
12()64sin cm 2
x t ππ
-+＝ 4s 时刻质元的位置 124(44sin 2cm 62
)x ππ--⋅+＝＝ 所以x =12m 处的质元通过的路程
s 12=4cm+2cm=6cm
据图2知t =0s 时，在x =18m 处的质元的位移为0cm ，正通过平衡位置向上运动，其振动方程为
184sin()6
cm x t π
＝ 在t =4s 时刻，在x =18m 处的质元的位移
1844sin 6
x π⨯＝＝ 所以在0～4s 内x =18m 处的质元通过的路程
x 18＝＜6cm
故C 错误；
D ．由两图比较可知，x =12m 处比x =18m 处的质元可能早振动34
T ，所以两点之间的距离为 x ＝(n +
34
)λ（n =0、1、2、3…） 所以 446m 4343
x n n λ⨯++＝
＝ （n =0、1、2、3…） n =0时，波长最大，为46=m 8m 3λ⨯＝ 故D 错误；
故选AB 。

8、BCE
【解题分析】
A ．由于单晶体在不同方向上物质微粒的排列情况不同，即为各向异性，则为单晶体具有各向异性，但并不是所有物理性质都是各向异性的，选项A 正确，不符合题意；
B ．液体的表面张力使液体表面具有收缩的趋势，选项B 错误，符合题意；
C ．气体的压强是由于大量的气体分子频繁的对器壁碰撞产生的，并不是由于气体分子间相互排斥而产生的，选项C 错误，符合题意；
D ．分子间同时存在引力和斥力，且这两种力同时增大，同时减小，选项D 正确，不符合题意；
E ．热量能自发地从温度高的物体向温度低的物体进行传递，选项E 错误，符合题意；
故选BCE.
9、AE
【解题分析】
A ．布朗运动是悬浮颗粒的无规则运动并不是分子的运动，但能间接地反映液体分子运动的无规则性，A 正确；
B ．一种物质温度升高时，分子的平均动能增加，这是一种统计规律，可能有的分子热运动的动能要增加，有的反而要减少，B 错误；
C ．液体能够流动与液体分子间作用力无必然联系，固体有固定形状也与固体间分子作用力无必然联系，C 错误；
D ．一定质量的物质，在一定的温度和压强下，汽化时吸收的热量与液化时放出的热量相等，D 错误；
E ．一切自然过程总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行，E 正确。

故选AE 。

10、AB
【解题分析】
小球先做自由落体运动，后做匀减速运动，两个过程的位移大小相等、方向相反。

设电场强度大小为E ，加电场后小
球的加速度大小为a ，取竖直向下方向为正方向，则由2212 2
1
gt vt at =--（），又v=gt ，解得 a=3g ，则小球回到A 点时的速度为v ′=v-at =-2g t ；整个过程中小球速度增量的大小为△v =v ′=-2gt ，速度增量的大小为2g t 。

由牛顿第二定律得
qE mg a m -=
，联立解得，qE =4m g ，222122
qE gt mg t ε∆=⋅=，故A 正确；从加电场开始到小球运动到最低点时小球动能减少了212
k E m gt =()，故C 错误。

设从A 点到最低点的高度为h ，根据动能定理得21 02mgh qE h gt --=（）解得，223h gt =，从A 点到最低点小球重力势能减少了2223p E mgh mg t ==．D 错误。

三、实验题：本题共2小题，共18分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、+ 1 C D H 5Ω
【解题分析】
(1)[1]欧姆表内置电源正极与黑表笔相连，则左边电笔为红表笔，所以图中a 应接电流表的“+”；
[2]电流表与分压电阻串联可以改装成电压表，由图示电路图可知，测量电压时应将开关S 扳向1；
(2)[3]中央刻度为15的“×1”挡的欧姆表中值电阻为15Ω，欧姆表内阻等于中值电阻，欧姆调零时电路电流
1.5==0.1A 100mA 15
E I R ==内 故电流表应选择C ；
[4]当改装成欧姆表时，接入一个调零电阻，由题意由于欧姆表的内阻为15Ω，则
=152
g g E R R I -=Ω滑
故滑动变阻器选D ；
[5]当改装为量程为0－15V 的电压表时，应串联一个阻值为 0150.1 2.5147.50.1
g g
g U I R R I --⨯==Ω=Ω 故定值电阻选H ；
(3)[6]若电阻值指在34
g I ,即此时电流为 3=75mA 4
g I I = 所以待测电阻
31.5=(15)Ω5Ω7510
E R R I Ω--=-=⨯ 12、AD 2218AB ms T
偏小 【解题分析】
(1)[1]小球的动能2k 12
E mv =，因此需要测量小球的质量m ，小球离开弹簧时的速度大小v 可以通过测得A 、B 间的距离AB s 结合经过该段的时间求出，所以AD 项的物理量需要测量，故选AD 。

(2)[2]小球的动能为
2k 12
E mv = 由桌面光滑，则小球从A 到B 做匀速直线运动，则离开弹簧时的速度大小
3AB s v T
= 联立解得动能的表达式
2k 2
18AB ms E T = (3)[3]由于水平面不是绝对光滑，小球在过程中克服摩擦力做功转化为内能，导致弹簧减少的弹性势能没有全部转化为
小球的动能，所以测得的弹性势能小于其真实值。

四、计算题：本题共2小题，共26分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13、 (1) x 233=h ；(2)6mE B qh =；(3)26(2)9mh Eq π+ 【解题分析】
(1)1
1H 在电场中做类平抛运动，水平方向 11x v t =
竖直方向
h 21112
a t = 粒子进入磁场时竖直分速度
111tan60y v a t v ︒==
解得
x 233
=h (2)1
1H 在电场中的加速度
qE a m =
1
1H 进入磁场时的速度
()22111v v a t =+
1
1H 在磁场中做圆周运动，运动轨迹如图所示
由几何知识得
2sin60x r ︒=
在磁场中做匀速圆运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得
2v qvB m r = 解得
6mE B qh
= (3)粒子在磁场中转过的角度为
4π3α=
圆周运动的周期2m T qB
π=，在磁场中运动时间 24π2π36mh t T Eq
α
== 总时间
1226(2π9mh t t t Eq
=+=+） 14、 (1) (2) 15°
【解题分析】
解：（i ）由折射定律有
由几何关系可知γ＋2θ＝90°
可解得：sini ＝nsin γ＝
（ii ）光在水面上发生全反射，有
由几何关系可知C ＋2α＝90°
联立可解得平面镜与水平方向的夹角为α＝15°
15、 (1)53
；8210s - 【解题分析】
设此光线的临界角为C 。

(1) 根据题意可知，当入射光线与O 点的距离为h 时，从玻璃砖射出的光线刚好消失，光线恰好在MN 圆弧面上发生了全反射，作出光路图，如图
根据几何知识得
sin h C R = 又 1sin C n
=
解得 53
R n h == (2)若h =52cm ，光在MN 圆弧面上的入射角 45C θ=︒>
光在MN 圆弧面上发生全反射，光路如图
光在玻璃砖中传播的时间
4h t v
=
又 c v n =
解得
8210s 9t -=。