2020高考物理大二轮复习考前基础回扣练4牛顿运动定律及其应用

回扣练4：牛顿运动定律及其应用1．如图所示，光滑的水平面上有一小车，以向右的加速度a 做匀加速运动，车内两物体A 、B 质量之比为2∶1，A 、B 间用弹簧相连并放在光滑桌面上，B 通过质量不计的轻绳与车相连，剪断轻绳的瞬间，A 、B 的加速度大小分别为( )A ．a 、0B ．a 、aC ．a 、2aD ．0、2a解析：选C.令物体B 的质量为m ，剪断轻绳前，弹簧弹力大小为F ，绳子拉力大小为T ，将A 、B 及弹簧看作整体，则有T ＝3ma ；隔离物体A 为研究对象，则有F ＝2ma .剪断轻绳后，绳中拉力消失，弹簧弹力不变，所以物体A 受力不变，加速度大小仍为a ，而物体B 所受合力为F ＝ma B ，即a B ＝2a .2．光滑水平地面上有两个叠放在一起的斜面体A 、B ，两斜面体形状大小完全相同，质量分别为M 、m .如图甲、乙所示，对上面或下面的斜面体施加水平方向的恒力F 1、F 2均可使两斜面体相对静止地做匀加速直线运动，已知两斜面体间的摩擦力为零，则F 1与F 2之比为( )A ．M ∶mB ．m ∶MC ．m ∶(M ＋m )D ．M ∶(M ＋m )解析：选A.F 1作用于A 时，设A 和B 之间的弹力为N ，对A 有：N cos θ＝Mg ，对B 有：N sin θ＝ma ，对A 和B 组成的整体有：F 1＝(M ＋m )a ＝（M ＋m ）M mg tan θ；F 2作用于A 时，对B 有：mg tan θ＝ma ′，对A 和B 组成的整体有：F 2＝(M ＋m )a ′＝(M ＋m )·g tan θ，F 1F 2＝Mm.3．在倾角为30°的光滑斜面上，有一个箱子，箱内有一个斜面，在斜面上放置一个重60 N 的球，如图所示，当箱子在斜面上下滑时，球对箱子后壁和箱内斜面的压力分别是( )A ．40 N ，30 NB ．30 N ，50 NC ．40 3 N ，50 3 ND ．50 3 N ，60 3 N解析：选C.对箱子和球整体分析，根据牛顿第二定律，有： (M ＋m )g sin 30°＝(M ＋m )a 解得：a ＝g sin 30°＝5 m/s 2再隔离球受力分析，如图所示：在平行斜面方向，有：mg sin 30°＋N 1－N 2sin 53°＝ma在垂直斜面方向，有：mg cos 30°－N2cos 53°＝0联立解得：N1＝40 3 N、N2＝50 3 N根据牛顿第三定律，球对箱子后壁的压力为40 3 N，对箱内斜面的压力为50 3 N，故C项正确．4．如图所示，足够长的木板B放置在水平地面上，大小可忽略的铁块A静止放在木板B的最左端．从t＝0时刻起对A施加一个水平向右的力F，且力F的大小随时间t成正比增加，已知铁块A的加速度a A随时间t变化的图象如图乙所示，则木板B的加速度大小a B随时间t的a B­t图象是下列图中的( )解析：选C.F的大小与时间t成正比，由图乙看出前2 s铁块的加速度为零，这说明水平地面不光滑，t＝6 s前后铁块的加速度a A随时间t变化的图线斜率不同，这说明2～6 s内A、B以共同的加速度运动，t＝6 s后，A与B发生相对滑动，木板B的加速度不再变化．5．如图甲所示，一水平传送带沿顺时针方向旋转，在传送带左端A处轻放一可视为质点的小物块，小物块从A端到B端的速度—时间变化规律如图乙所示，t＝6 s时恰好到B点，则( )A．物块与传送带之间动摩擦因数为μ＝0.1B．AB间距离为24 m，小物块在传送带上留下的痕迹是8 mC．若物块质量m＝1 kg，物块对传送带做的功为8 JD．若物块速度刚好到4 m/s时，传送带速度立刻变为零，物块不能到达B端解析：选A.由图乙可知，物块先加速后匀速，且由图乙可知，加速过程的加速度为a ＝44 m/s 2＝1 m/s 2，根据牛顿第二定律可知：a ＝F m ＝μmgm＝μg ，由以上两式解得：μ＝0.1，故A 正确；AB 间距离即为物块在6 s 内发生的位移，即图乙的面积：S ＝2＋62×4 m＝16 m ，故B 错误；物块对传送带只在加速过程中做功，根据公式W＝－fs ，其中f ＝μmg ＝0.1×1×10 N＝1 N ，s ＝4×4 m＝16 m ，代入公式中可解得W ＝－16 J ，故C 错误；物块速度刚好到4 m/s 时，传送带速度立刻变为零，物块由于惯性向前做匀减速直线运动，减速的加速度为a ＝－μg ＝－1 m/s 2，物块从开始到速度为4 m/s 时发生的位移为x ＝4×42 m ＝8 m ，所以物块减速到零发生的位移为v22a＝422×1m ＝8 m ，所以物块刚好到达B 端，故D 错误． 6．如图甲所示，在某部电梯的顶部安装一个能够显示拉力大小的传感器，传感器下方挂上一轻质弹簧，弹簧下端挂一质量为m 的小球．若该电梯在竖直方向行驶时突然停止，传感器显示弹簧弹力大小F 随时间t 变化的图象如图乙所示，g 为重力加速度，则( )A ．电梯突然停止前可能在加速上升B ．电梯停止后小球向下运动，加速度小于gC ．电梯停止后小球向上运动，加速度小于gD ．0～t 1时间内小球处于失重状态，t 1～t 2时间内小球处于超重状态解析：选C.从t ＝0时刻传感器示数为mg 可知，电梯突然停止前做匀速运动，选项A 错误．电梯停止前，弹簧处于伸长状态且弹力大小等于重力，电梯停止后，弹簧拉力小于mg ，说明小球向上运动，小球受到弹簧拉力和重力，加速度小于g ，选项B 错误、C 正确．在0～t 1时间内，弹簧弹力由mg 减小为0，说明小球处于失重状态；t 1～t 2时间内，弹簧弹力由0逐渐增大到mg ，说明小球仍处于失重状态，选项D 错误．7．(多选)甲、乙两车在同一平直公路上同向运动，甲做匀加速直线运动，乙做匀速直线运动．甲、乙两车的位置x 随时间t 的变化如图所示．下列说法正确的是( )A ．在t 1时刻两车速度相等B ．从0到t 1时间内，两车走过的路程相等C ．从t 1到t 2时间内，两车走过的路程相等D ．在t 1到t 2时间内的某时刻，两车速度相等解析：选CD.x ­t 图象斜率表示两车速度，则可知t 1时刻乙车速度大于甲车速度，A 错．由两图线的从截距知，出发时甲在乙前面，t 1时刻图线相交表示两车相遇，可得0到t 1时间内乙车比甲车多走了一段距离，B 错．t 1和t2两时刻图象相交，表明两车均在同一位置，从t1到t2时间内，两车走过的路程相等；在t1到t2时间内，两图线有斜率相等的一个时刻，即该时刻两车速度相等．8．(多选)如图所示，一只猫在桌边猛地将桌布从鱼缸下拉出，鱼缸最终没有滑出桌面．若鱼缸、桌布、桌面两两之间的动摩擦因数均相等，则在上述过程中( )A．桌布对鱼缸摩擦力的方向向左B．鱼缸在桌布上的滑动时间和在桌面上的相等C．若猫增大拉力，鱼缸受到的摩擦力将增大D．若猫减小拉力，鱼缸有可能滑出桌面解析：选BD.鱼缸向右加速运动，桌布对鱼缸摩擦力的方向向右，选项A错误；鱼缸在桌布上加速运动，脱离桌布后在桌面上做减速运动，加速度大小相等，且加速运动的末速度等于减速运动的初速度，故可知鱼缸在桌布上的滑动时间和在桌面上的相等，选项B正确；若猫减小拉力，若鱼缸能与桌布保持相对静止，故鱼缸能滑出桌面，选项D正确；鱼缸受的摩擦力只与鱼缸的重力和摩擦因数有关，故若猫增大拉力，鱼缸受到的摩擦力将不变，选项C错误；故选BD.9．(多选)如图所示，长为L＝6 m、质量为m＝10 kg的木板放在水平地面上，木板与地面间的动摩擦因数为μ＝0.2，一个质量为M＝50 kg的人从木板的左端开始向右加速跑动，从人开始跑到人离开木板的过程中，以下v­t图象可能正确的是(g取10 m/s2，a为人的v­t图象，b为木板的v­t图象)( )解析：选ABC.人在木板上加速，受到木板向右的摩擦力，f＝Ma1，木板与地面之间的最大静摩擦力f m＝μ(M＋m )g ＝120 N ；A 中人的加速度a 1＝1 m/s 2，f ＝Ma 1＝50 N ＜120 N ，木板静止不动，t ＝2 3 s 内人的位移x ＝6 m ，A 正确；同理B 正确；C 中人的加速度a 1＝3 m/s 2，f ＝Ma 1＝150 N ＞120 N ，木板向左加速，f －μ(M ＋m )g ＝ma 2，a 2＝3 m/s 2，t ＝ 2 s 内人的位移大小x 1＝3 m ，木板的位移大小x 2＝3 m ，C 正确；D 中木板的位移为负，应在时间轴的下方，因此D 错误．10．(多选)如图所示，一水平传送带以v 0的速度顺时针传送，其右端与一倾角为θ的光滑斜面平滑相连，一个可视为质点的物块轻放在传送带最左端，已知物块的质量为m ，若物块经传送带与斜面的连接处无能量损失，则( )A ．物块在第一次冲上斜面前，一定一直做加速运动B ．物块不可能从传送带的左端滑落C ．物块不可能回到出发点D ．物块的机械能最大增量不可能大于12mv 2解析：选BD.设传送带的长度为L ，物块运动的过程中，物块匀加速运动的位移：x ＝v 202a，若x ≥L ，则物块在第一次冲上斜面前，一定一直做加速运动；若x <L ，则物块先加速后匀速．故A 错误；若物块在传送带上一直做加速运动，则返回的过程中物块一直做减速运动，由于两个运动的加速度的大小是相等的，可知物块将能够恰好返回出发点，但不可能从传送带的左端滑落．故B 正确，C 错误；物块在传送带上运动的过程中，传送带的摩擦力对物块做功，所以物块的速度不可能大于v 0，物块在斜面上运动的过程中只有重力做功，机械能不增加．所以滑块的机械能最大增量不可能大于12mv 20.故D 正确．故选B 、D.。