湖北省荆州中学2017-2018学年高二上学期期末考试 物理答案
2017-2018学年度高二上期期末物理试题及答案
2017-2018学年度高二上期期末物理试题及答案A. 电的电容增大B. 电的电容减小C. 电的电容不变A. 垂直纸面向里B. 垂直纸面向外C. 水平向左A. BAB. ELC. ELcosαD. ELsinαA. 沿磁感线方向，磁场逐渐减弱B. 放在匀强磁场中的通电导线一定受到安培力C. 磁场的方向就是通电导体所受安培力的方向A. EA=EBB. EA<EBC. φA=φBA. 粒子经偏转一定能回到原点OB. 粒子完成一次周期性运动的时间为2πm/qBC. 粒子在x轴上方和下方两磁场中运动的半径之比为2:1A. A灯变暗，B灯变亮B. 内阻r消耗的热功率减小C. 微粒m所受电场强度增大A. 电容增大B. 电容减小C. 电容不变A. 垂直纸面向里B. 垂直纸面向外C. 水平向左A. BAB. ELC. ELcosαD. ELsinαA. 沿磁感线方向，磁场逐渐减弱B. 放在匀强磁场中的通电导线一定受到安培力C. 磁场的方向就是通电导体所受安培力的方向A. EA=EBB. EA<EBC. φA=φBA. 粒子经偏转一定能回到原点OB. 粒子完成一次周期性运动的时间为2πm/qBC. 粒子在x轴上方和下方两磁场中运动的半径之比为2:1A. A灯变暗，B灯变亮B. 内阻r消耗的热功率减小C. 微粒m所受电场强度增大D. 电C的电容增大C. 带电微粒m将加速向上运动。
通过滑动变阻器R的电流增大，如图6所示，实线表示电场线，虚线表示等势面，相邻两个等势面之间的电势差相等。
有一个运动的正电荷在等势面L3上某点的动能为20 J，运动至等势面L1上的某点时动能变为8 J。
若取L2为零等势面，则此电荷的电势能为2 J时，其动能为18 J。
点电荷在电场中只受电场力的作用，从a点运动到b点的过程中，点电荷的电势能改变量为零，则下列说法正确的是：a点的电势一定等于b点的电势。
如图7所示，实线是匀强电场的电场线，电场方向水平向右，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹。
湖北高二高中物理期末考试带答案解析
湖北高二高中物理期末考试班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.在物理学发展过程中，许多科学家做出了贡献，下列说法正确的是（）A．法拉第发现了电磁感应定律并找到了判断感应电动势方向的楞次定律B．库仑用他发明的扭秤研究带电体间的相互作用，提出了库仑定律C．楞次发现了电流热效应的规律D．奥斯特发现了电流的磁效应，总结出了电磁感应定律2.在如图所示的四个电场中，均有相互对称分布的a、b两点，其中a、b两点电势和场强都相同的是（）A．B．C．D．3.如图所示，在边界PQ上方有垂直纸面向里的匀强磁场，一对正、负电子同时从边界上的O点沿与PQ成θ角的方向以相同的速度v射入磁场中，则关于正、负电子，下列说法不正确的是（）A．在磁场中的运动时间相同B．在磁场中运动的轨道半径相同C．出边界时两者的速度相同D．出边界点到O点处的距离相等4.关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，下列说法正确的是（）A．安培力的方向可以不垂直于直导线B．安培力的方向总是垂直于磁场的方向C．安培力的大小与通电导线和磁场方向的夹角无关D．将直导线从中折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半5.如图所示，为穿过1匝闭合线圈的磁通量随时间变化的关系，下列判断正确的是（）A．0﹣2s内线圈中产生的感应电动势为5VB．2s﹣4s内线圈中产生的感应电动势大于4s﹣5s内线圈中产生的感应电动势C．2s﹣5s内线圈中产生感应电流方向不变D．0﹣2s内和5s﹣10s内线圈中产生感应电流方向相反6.如图所示，平行金属板A、B水平正对放置，分别带等量异号电荷，一带电微粒水平射入板间，在重力和电场力共同作用下运动，轨迹如图中虚线所示，那么（）A．若微粒带正电荷，则A板一定带正电荷B．微粒从M点运动到N点电势能一定增加C．微粒从M点运动到N点动能一定增加D．微粒从M点运动到N点机械能一定增加7.如图所示，有一等腰直角三角形的区域，其斜边长为2L，高为L．在该区域内分布着如图所示的磁场，左侧磁场方向垂直纸面向外，右侧磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度大小均为B．一边长为L、总电阻为R的正方形导线框abcd，从图示位置开始沿x轴正方向以速度v匀速穿过磁场区域．取沿顺时针的感应电流方向为正，由图中表示线框中电流i随bc边的位置坐标x变化的图象正确的是（）A． B． C． D．二、填空题用如图甲所示的电路做“测定电池的电动势和内电阻”的实验，根据测得的数据做出了如图乙所示的U﹣I图象，由图可知测得的电池的电动势为 V，内电阻为Ω．三、实验题某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下：（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图1，由图可知其长度为 mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图2，由图可知其直径为 mm；（3）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图3，则该电阻的阻值约为Ω．（4）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R直流电源E（电动势4V，内阻不计）电流表A 1（量程0～4mA ，内阻约50Ω） 电流表A 2（量程0～10mA ，内阻约30Ω）电压表V 1（量程0～3V ，内阻约10kΩ） 电压表V 2（量程0～15V ，内阻约25kΩ）滑动变阻器R 1（阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流2.0A ）滑动变阻器R 2（阻值范围0～2kΩ，允许通过的最大电流0.5A ）开关S 导线若干为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，请在图4中画出测量的电路图，并标明所用器材的代号．四、计算题1.如图所示，质量为m ，电荷量为e 的粒子从A 点以v 0的速度沿垂直电场线方向的直线AO 方向射入匀强电场，由B 点飞出电场是速度方向与AO 方向成45°，已知AO 的水平距离为d ．（不计重力）求：（1）从A 点到B 点用的时间；（2）匀强电场的电场强度大小；（3）AB 两点间电势差．2.一带电量大小为q ，质量为m 的小球，从水平面上a 点以初速度v 0竖直向上射入如图所示的水平方向匀强磁场中，磁场的磁感应强度为B ，当地的重力加速度为g ．求：（1）小球带正电还是负电；（2）小球运动到离水平面竖直高度为h 的b 点时的速度大小；（3）小球运动到离水平面竖直高度为h 的b 点时，小球所受的磁场力大小．3.如图所示，M 、N 、P 为很长的平行边界面，M 、N 与M 、P 间距分别为l 1、l 2，其间分别有磁感应强度为B 1和B 2的匀强磁场区，Ⅰ和Ⅱ磁场方向垂直纸面向里，B 1≠B 2，有一带正电粒子的电量为q ，质量为m ，以某一初速度垂直边界N 及磁场方向射入MN 间的磁场区域．不计粒子的重力．求：（1）要使粒子能穿过Ⅰ磁场进入Ⅱ磁场，粒子的初速度v 0至少应为多少？（2）若粒子进入磁场的初速度v 1=，则粒子第一次穿过Ⅰ磁场的时间t 1是多少？（3）粒子初速度v 为多少时，才可恰好穿过两个磁场区域．湖北高二高中物理期末考试答案及解析一、选择题1.在物理学发展过程中，许多科学家做出了贡献，下列说法正确的是（）A．法拉第发现了电磁感应定律并找到了判断感应电动势方向的楞次定律B．库仑用他发明的扭秤研究带电体间的相互作用，提出了库仑定律C．楞次发现了电流热效应的规律D．奥斯特发现了电流的磁效应，总结出了电磁感应定律【答案】B【解析】此题考查物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．解：A、法拉第发现了电磁感应现象，是楞次找到了判断感应电动势方向的楞次定律．故A错误．B、库仑通过他发明的扭秤研究带电体间的相互作用，提出了库仑定律．故B正确．C、焦耳发现了电流热效应的规律．故C错误．D、奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第总结出了电磁感应定律．故D错误．故选：B【点评】对于物理学史这部分知识的学习，主要是靠平时的记忆与积累，同时通过学习物理学史培训科学素质和学习兴趣．2.在如图所示的四个电场中，均有相互对称分布的a、b两点，其中a、b两点电势和场强都相同的是（）A．B．C．D．【答案】C【解析】电场强度是矢量，既有大小又有方向，只有当大小均相同时，场强才相同．电势是标量，真空中点电荷电场的等势线是以点电荷为球心的球面．解：A、ab两点电势相同，电场强度方向不同，场强不同．故A错误．B、a点电场强度是由匀强电场与点电荷电场场强的合成，a点场强斜向右上方，b点场强斜向右下方，则两点场强不同．故B错误．C、根据对称性，ab两点场强相同，ab在同一等势面上，电势相同．故C正确．D、a点场强方向向上，b点场强方向向下，场强不同．故D错误．故选C【点评】矢量要相同，只有大小和方向都相同才相同，相反当大小或方向之一变化时，矢量就变化．3.如图所示，在边界PQ上方有垂直纸面向里的匀强磁场，一对正、负电子同时从边界上的O点沿与PQ成θ角的方向以相同的速度v射入磁场中，则关于正、负电子，下列说法不正确的是（）A．在磁场中的运动时间相同B．在磁场中运动的轨道半径相同C．出边界时两者的速度相同D．出边界点到O点处的距离相等【答案】A【解析】由题正负离子的质量与电量相同，进入同一磁场做匀速圆周运动的周期相同，根据偏向角的大小分析运动时间的长短．由牛顿第二定律研究轨道半径．根据圆的对称性，分析离子重新回到边界时速度方向关系和与O 点距离．解：A 、粒子在磁场中运动周期为T=，则知两个离子圆周运动的周期相等．根据左手定则分析可知，正离子逆时针偏转，负离子顺时针偏转，重新回到边界时正离子的速度偏向角为2π﹣2θ，轨迹的圆心角也为2π﹣2θ，运动时间t 1=T ；同理，负离子运动时间t 2=T ，显示时间不相等．故A 错误； B 、由qvB=m 得：r=，由题q 、v 、B 大小均相同，则r 相同，故B 正确；C 、正负离子在磁场中均做匀速圆周运动，速度沿轨迹的切线方向，根据圆的对称性可知，重新回到边界时速度大小与方向相同．故C 正确；D 、根据几何知识可得，重新回到边界的位置与O 点距离S=2rsinθ，r 、θ相同，则S 相同，故D 正确；本题选择不正确的，故选：A ．【点评】带电粒子垂直射入单边界的匀强磁场中，可分两类模型分析：一为同方向射入的不同粒子；二为同种粒子以相同的速率沿不同方向射入．无论哪类模型，都遵守以下规律：（1）轨迹的圆心在入射方向的垂直线上，常可通过此垂线的交点确定圆心的位置．（2）粒子射出方向与边界的夹角等于射入方向与边界的夹角．4.关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，下列说法正确的是（ ）A ．安培力的方向可以不垂直于直导线B ．安培力的方向总是垂直于磁场的方向C ．安培力的大小与通电导线和磁场方向的夹角无关D ．将直导线从中折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半【答案】B【解析】本题考查了产生条件、大小与方向，当电流方向与磁场平行时不受安培力，根据左手定则可知安培力的方向与磁场垂直．引用公式F=BIL 时，注意要求磁场与电流垂直，若不垂直应当将导线沿磁场与垂直于磁场分解，因此垂直时安培力最大，最大为F=BIL ．解：A 、B 、根据左手定则可知，安培力方向与磁场和电流组成的平面垂直，即与电流和磁场方向都垂直，故A 错误，B 正确；C 、磁场与电流不垂直时，安培力的大小为F=BILsinθ，则安培力的大小与通电导线和磁场方向的夹角有关，故C 错误；D 、当电流方向与磁场的方向平行，所受安培力为0，将直导线从中折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半；将直导线在垂直于磁场的方向的平面内从中折成直角，安培力的大小一定变为原来的，故D 错误．故选：B ．【点评】解决本题的关键是知道当导线的方向与磁场的方向平行，所受安培力为0，最小．当导线的方向与磁场方向垂直时，安培力最大，为F=BIL ．5.如图所示，为穿过1匝闭合线圈的磁通量随时间变化的关系，下列判断正确的是（ ）A ．0﹣2s 内线圈中产生的感应电动势为5VB ．2s ﹣4s 内线圈中产生的感应电动势大于4s ﹣5s 内线圈中产生的感应电动势C ．2s ﹣5s 内线圈中产生感应电流方向不变D．0﹣2s内和5s﹣10s内线圈中产生感应电流方向相反【答案】C【解析】根据法拉第电磁感应定律，通过磁通量变化率的大小判断哪段产生的感应电动势大小，并由楞次定律来确定感应电流的方向，从而即可求解．解：根据E=n得，感应电动势与磁通量的变化率成正比．Φ﹣t图线的斜率表示磁通量的变化率，也可表示感应电动势的大小，A、0﹣2s内线圈中产生的感应电动势为E==2.5V，故A错误；B、因2s﹣4s与4s﹣5s内的斜率相同，则2s﹣4s内线圈中产生的感应电动势等于4s﹣5s内线圈中产生的感应电动势，故B错误；C、根据楞次定律可知在，2s﹣5s内线圈中产生感应电流方向不变，故C正确；D、0﹣2s内和5 s～10 s内磁场的方向相反，由楞次定律可知，产生感应电流方向相同．故D错误．故选：C．【点评】解决本题的关键掌握法拉第电磁感应定律，知道电动势的大小与磁通量的变化率成正比，注意掌握楞次定律的应用．6.如图所示，平行金属板A、B水平正对放置，分别带等量异号电荷，一带电微粒水平射入板间，在重力和电场力共同作用下运动，轨迹如图中虚线所示，那么（）A．若微粒带正电荷，则A板一定带正电荷B．微粒从M点运动到N点电势能一定增加C．微粒从M点运动到N点动能一定增加D．微粒从M点运动到N点机械能一定增加【答案】C【解析】微粒在平行金属板间受到重力与电场力的作用，根据微粒运动轨迹与微粒受到的重力与电场力间的关系分析答题．解：微粒在极板间受到竖直向下的重力作用与电场力作用，由图示微粒运动轨迹可知，微粒向下运动，说明微粒受到的合力竖直向下，重力与电场力的合力竖直向下；A、如果微粒带正电，A板带正电荷，微粒受到的合力向下，微粒运动轨迹向下，A板带负电，但如果电场力小于重力，微粒受到的合力向下，微粒运动轨迹向下，则A板既可以带正电，也可能带负电，故A错误；B、如果微粒受到的电场力向下，微粒从M点运动到N点过程中电场力做正功，微粒电势能减小，如果微粒受到的电场力向上，则电势能增加，故B错误；C、微粒受到的合力向下，微粒从M点运动到N点过程中合外力做正功，微粒的动能增加，故C正确；D、微粒从M点运动到N点过程动能增加，重力势能减小，机械能不一定增加，故D错误．故选：C．【点评】根据微粒的运动轨迹判断出微粒受到的合外力，然后根据微粒的受力情况分析答题；电场力做正功，电势能增加，电场力做负功，电势能减小．7.如图所示，有一等腰直角三角形的区域，其斜边长为2L，高为L．在该区域内分布着如图所示的磁场，左侧磁场方向垂直纸面向外，右侧磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度大小均为B．一边长为L、总电阻为R的正方形导线框abcd，从图示位置开始沿x轴正方向以速度v匀速穿过磁场区域．取沿顺时针的感应电流方向为正，由图中表示线框中电流i随bc边的位置坐标x变化的图象正确的是（）A． B． C． D．【答案】A【解析】首先根据楞次定律判断出感应电流的方向．再分段确定线框有效的切割长度，分析线框中感应电动势的大小与位置坐标的关系．线框的电阻一定，感应电流与感应电动势成正比．解：bc边的位置坐标x在L﹣2L过程，线框bc边有效切线长度为l=x﹣L，感应电动势为E=Blv=B（x﹣L）v，感应电流i==，根据楞次定律判断出来感应电流方向沿a→b→c→d→a，为正值．x 在2L ﹣3L 过程，ad 边和bc 边都切割磁感线，产生感应电动势，穿过线框的磁通量增大，总的磁感线方向向里，根据楞次定律判断出来感应电流方向沿a→d→c→b→a ，为负值，线框ad 边有效切线长度为l=L ，感应电动势为E=Blv=BLv ，感应电流i=﹣．x 在3L ﹣4L 过程，线框ad 边有效切线长度为l=L ﹣（x ﹣3L ）=2L ﹣x ，感应电动势为E=Blv=B （2L ﹣x ）v ，感应电流i=，根据楞次定律判断出来感应电流方向沿a→b→c→d→a ，为正值．由图示图象可知，A 正确； 故选：A ．【点评】本题关键确定线框有效的切割长度与x 的关系，再结合数学知识选择图象．二、填空题用如图甲所示的电路做“测定电池的电动势和内电阻”的实验，根据测得的数据做出了如图乙所示的U ﹣I 图象，由图可知测得的电池的电动势为 V ，内电阻为 Ω．【答案】1.40，1.0【解析】在U ﹣I 图象中纵坐标的截距代表的是电源的电动势，直线的斜率代表的是电源的内阻的大小．解：在U ﹣I 图象中图象与纵坐标的交点等于电源的电动势，所以由图可以读出电源的电动势为1.40V ，图象中的斜率表示电源的内阻，所以电源的内阻为r=Ω=1.0Ω．故答案为：1.40，1.0．【点评】本题考查测定电动势和内电阻的数据处理，要求能根据公式得出图象中斜率及截距的含义．在计算电源的内阻的时候，一定要注意纵坐标的数值是不是从0开始的．三、实验题某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下：（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图1，由图可知其长度为 mm ；（2）用螺旋测微器测量其直径如图2，由图可知其直径为 mm ；（3）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图3，则该电阻的阻值约为 Ω．（4）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R ，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R直流电源E （电动势4V ，内阻不计）电流表A 1（量程0～4mA ，内阻约50Ω） 电流表A 2（量程0～10mA ，内阻约30Ω）电压表V 1（量程0～3V ，内阻约10kΩ） 电压表V 2（量程0～15V ，内阻约25kΩ）滑动变阻器R（阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流2.0A）1滑动变阻器R（阻值范围0～2kΩ，允许通过的最大电流0.5A）2开关S 导线若干为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，请在图4中画出测量的电路图，并标明所用器材的代号．【答案】（1）50.20（2）4.700（3）220（4）如图【解析】（1）游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读；（2）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；（3）欧姆表读数时要注意乘以倍率；（4）根据提供的电源选择电压表；根据电路中的电流选择电流表；根据实验器材确定滑动变阻器接法，根据待测电阻阻值与电表内阻关系确定电流表接法，作出电路图．解：（1）20分度的游标卡尺最小分度是0.05mm，主尺读数是5.0cm=50mm；游标读数是0.05×4=0.20mm；总读数是：50mm+0.20mm=50.20mm（2）由图示螺旋测微器可知，螺旋测微器固定刻度示数为4.5mm，可动刻度示数为20.0×0.01mm=0.200mm，螺旋测微器示数为4.5mm+0.200m=4.700mm；（3）欧姆表读数：22×10=220Ω；（4）电源的电动势是4V，所以要选择量程是3V的电压表V1．电路中的电流约为：．所以要选择量程是10mA的电流表A2．题目要求测得多组数据进行分析，所以需要采用分压式接法，滑动变阻器选择电阻值比较小的R1由于，所以采用电流表外接法．电路图如图：故答案为：（1）50.20；（2）4.700；（3）220；（4）如图【点评】本题考查了电阻定律的应用、游标卡尺与螺旋测微器的读数，应用电阻定律即可求出电阻率的表达式；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数，螺旋测微器需要估读．四、计算题1.如图所示，质量为m，电荷量为e的粒子从A点以v的速度沿垂直电场线方向的直线AO方向射入匀强电场，由B点飞出电场是速度方向与AO方向成45°，已知AO的水平距离为d．（不计重力）求：（1）从A点到B点用的时间；（2）匀强电场的电场强度大小；（3）AB两点间电势差．【答案】（1）（2）；（3）．【解析】（1）粒子从A点以v的速度沿垂直电场线方向射入电场，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，由水平距离d 和初速度v 0可求出时间．（2）将粒子射出电场的速度进行分解，求出竖直方向分速度v y ，由牛顿第二定律和v y =at 结合求出电场强度E ．（3）由动能定理可求解AB 两点间电势差．解：（1）粒子从A 点以v 0的速度沿垂直电场线方向射入电场，水平方向做匀速直线运动，则有：t=．（2）由牛顿第二定律得：a=． 将粒子射出电场的速度v 进行分解，则有 v y =v 0tan45°=v 0，又v y =at ，得：v 0=•=，解得：E=（3）由动能定理得：eU AB =﹣ 解得：U AB =答：（1）从A 点到B 点用的时间为；（2）匀强电场的电场强度大小为； （3）AB 两点间电势差为．【点评】本题运用运动的分解法研究类平抛运动，关键将速度进行分解，由牛顿第二定律和运动学公式相结合进行研究．2.一带电量大小为q ，质量为m 的小球，从水平面上a 点以初速度v 0竖直向上射入如图所示的水平方向匀强磁场中，磁场的磁感应强度为B ，当地的重力加速度为g ．求：（1）小球带正电还是负电；（2）小球运动到离水平面竖直高度为h 的b 点时的速度大小；（3）小球运动到离水平面竖直高度为h 的b 点时，小球所受的磁场力大小．【答案】（1）小球带正电；（2）； （3）．【解析】（1）由左手定则根据磁场方向和运动偏转方向可知小球带正电； （2）a 到b ，洛伦兹力不做功，只有重力做功，由动能定律得求得b 的速度． （3）由洛伦兹力公式F=qvB 解得F 大小．解：（1）由左手定则根据磁场方向和运动偏转方向可知小球带正电（2）a 到b ，由动能定律得解得b 点速度（3）由洛伦兹力公式F=qvB答：（1）小球带正电；（2）小球运动到离水平面竖直高度为h 的b 点时的速度大小； （3）小球运动到离水平面竖直高度为h 的b 点时，小球所受的磁场力大小 ． 【点评】此题要求同学们会用左手定则判定受力方向，注意四指指正电荷运动的方向；能根据洛伦兹力充当向心力列式求解．3.如图所示，M 、N 、P 为很长的平行边界面，M 、N 与M 、P 间距分别为l 1、l 2，其间分别有磁感应强度为B 1和B 2的匀强磁场区，Ⅰ和Ⅱ磁场方向垂直纸面向里，B 1≠B 2，有一带正电粒子的电量为q ，质量为m ，以某一初速度垂直边界N 及磁场方向射入MN 间的磁场区域．不计粒子的重力．求：（1）要使粒子能穿过Ⅰ磁场进入Ⅱ磁场，粒子的初速度v 0至少应为多少？（2）若粒子进入磁场的初速度v 1=，则粒子第一次穿过Ⅰ磁场的时间t 1是多少？（3）粒子初速度v 为多少时，才可恰好穿过两个磁场区域．【答案】（1）（2） （3）【解析】（1）粒子的初速度为v 0时恰好能进入Ⅱ磁场，则进入Ⅱ磁场时速度恰好沿M 边界，根据洛伦兹力提供向心力公式即可求解；（2）先求出运动的半径，再求出粒子在Ⅰ磁场中作匀速圆周对应的圆心角为α，结合周期公式即可求解；（3）设粒子速度为v 时，粒子在B 2磁场中的轨迹恰好与P 边界相切，画出粒子运动的轨迹图，根据半径公式结合几何关系即可求解．解：（1）粒子的初速度为v 0时恰好能进入Ⅱ磁场，则进入Ⅱ磁场时速度恰好沿M 边界，所以半径为r=l 1，则 B 1qv 0=解得：（2）粒子在磁场中运动，B 1q解得：r 1=2l 1粒子在Ⅰ磁场中作匀速圆周对应的圆心角为α，sinα==所以：α=所以第一次穿过Ⅰ磁场的时间为：=（3）设粒子速度为v时，粒子在B2磁场中的轨迹恰好与P边界相切，轨迹如图所示，由Bqv=可得：，sinθ==粒子在B2中运动有：R2﹣R2sinθ=l2解得：v=答：（1）要使粒子能穿过Ⅰ磁场进入Ⅱ磁场，粒子的初速度v至少应为；（2）若粒子进入磁场的初速度，则粒子第一次穿过Ⅰ磁场的时间t1是；（3）粒子初速度v为时，才可恰好穿过两个磁场区域．【点评】本题是带电粒子在磁场中运动的问题，在磁场中做匀速圆周运动，要求同学们能画出粒子运动的轨迹，结合几何关系求解，知道半径公式及周期公式，难度适中．。
湖北省荆州中学2017-2018学年高二上学期第二次质量检测物理试题 Word版含答案
荆州中学2017-2018学年高二年级第二次质量检测考试物理卷一．选择题(每小题5分，共50分，其中1~6题为单选；7~10题为多选，漏选得3分，错选得0分。
)1．如图所示，带电粒子以速度v进入磁感应强度为B的匀强磁场，下列各图所标的带电粒子＋q所受洛伦兹力F的方向中，正确的是( )2．在如图所示电路中，电池均相同，当开关S分别置于a、b两处时，导线MM'与NN' 之间的安培力的大小为F a、F b，判断这两段导线( )A．相互吸引，F a＞F b B．相互排斥，F a＞F bC．相互吸引，F a＜F b D．相互排斥，F a＜F bq2，质3．如图所示，两个带同种电荷的小球（可看作点电荷），电荷量分别为q量分别为m1和m2，当两球处于同一水平面保持静止时，α＞β，则造成α＞β的可能原因是( )A．m1＞m2B．m1＜m2C．q1＞q2D． q1＜q24.用电压表检查如图所示电路中的故障，闭合开关S后测得U ad=5.0V，U cd=0V，U bc=0V，U ab=5.0V，则此电路故障可能是( )A.L断路B.R断路C.R′ 断路D.S断路5．如图所示，两个半径相同的半圆形轨道分别竖直放在匀强电场和匀强磁场中，轨道端在同一高度上，轨道是光滑的，两个相同的带正电小球同时从两轨道最高点由静止释放，M、N为轨道的最低点，则( )A．两小球到过轨道最低点的速度V M > V NB．两小球到过轨道最低点时对轨道的压力相等C．两球同时到达最低点D ．两小球均能到达轨道右侧的等高点6.空间有一圆柱形匀强磁场区域，该区域的横截面的半径为R ，磁场方向垂直横截面。
一质量为m 、电荷量为q （q ＞0）的粒子以速率v 0沿横截面的某直径射入磁场，离开磁场时速度方向偏离入射方向60°。
不计重力，该磁场的磁感应强度大小为( )00003..3mv mv A B C D qRqRqRqR7．一个带正电的小球以速度v 0沿光滑的水平绝缘桌面运动(方向如图)，飞离桌子边缘后，通过匀强磁场区域，落在地板上，磁场方向于纸面向里，其水平射程为S1，落地速度v 1，撤去磁场后，其他条件不变，水平射程为S 2，落地速度为v 2，则( ) A ．S 1＝S 2 B ．S 1>S 2 C ．V 1=V 2D ．V 1>V 28.通常一次闪电过程历时约0.2～0.3s ，它由若干个相继发生的闪击构成。
湖北省荆州中学高二上学期期末考试_物理_word版有答案-精华版
荆州中学2017～2018学年度上学期期 末 考 试 卷年级：高二 科目：物理一、选择题(本题共10小题，每小题5分。
其中第1~7题只有一项符合题目要求，第8~10题有多项符合题目要求。
全部选对得5分，选对但不全的得3分，选错的得0分。
） 1．下列说法正确的是（ ） A. 楞次最先发现了电流的磁效应B. 库仑提出了库仑定律，并最早用实验测得元电荷e 的数值C. 法拉第发现了电磁感应现象，并制作了世界上第一台发电机D. 电动机是利用电磁感应原理将机械能转化为电能2．如图所示，虚线A 、B 、C 为某电场中的三条等势线，其电势分别为3 V 、5 V 、7 V ，实线为带电粒子在电场中运动时的轨迹，P 、Q 为轨迹与等势线A 、C 的交点，带电粒子只受电场力的作用，则下列说法不正．．确．的是( ) A. 粒子带正电B. 粒子在P 点的动能小于在Q 点动能C. 粒子在P 点电势能小于粒子在Q 点电势能D. 粒子在P 点的加速度小于在Q 点的加速度6．如图所示，固定的水平长直导线中通有向左的恒定电流I ，矩形闭合导线框与导线在同一竖直平面内，且一边与导线平行。
将线框由静止释放，不计空气阻力，则在线框下落过程中（ ）A. 穿过线框的磁通量保持不变B. 线框中感应电流的方向为逆时针C. 线框所受安培力的合力竖直向上D. 线框的机械能不断增大4．图甲所示的电路中，电流表1A 指针指满刻度，电流表2A 指针指满刻度的23处；图乙中， 2A 指针指满刻度，1A 指针指满刻度的13处．已知1A 的内阻为0.45Ω，则2A 的内阻为( )A. 0.1ΩB. 0.15ΩC. 0.3ΩD. 0.6Ω5．在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为E 、内电阻为r ，R 1、R 2为定值电阻，R 3为滑动变阻器，C 为电容器，A 、V 为理想电流表和电压表。
在滑动变阻器的滑动触头P 自a 端向b 端滑动的过程中（ ） A. 电压表示数变小 B. 电流表示数变小 C. 电容器C 所带电荷量增多 D. a 点的电势降低6．如图一根不可伸长的绝缘细线一端固定于O 点，另一端系一带电小球，置于水平向右的匀强电场中，现把细线水平拉直，小球从A 点静止释放，经最低点B 后，小球摆到C 点时速度为0，则（ ） A. 小球在B 点时的速度最大B. 小球在B 点时的绳子拉力最大C. 小球从A 到C 的过程中，机械能先减少后增大D. 从A 到C 的过程中小球的电势能一直增大7．如图所示，闭合导线框向右匀速穿过垂直纸面向里的匀强磁场区域，磁场区域宽度大于线框尺寸，规定线框中逆时针方向的电流为正，则线框中电流i 随时间t 变化的图象可能正确的是（ ）A. B. C. D.8．如图是质谱仪的工作原理示意图，电荷量相同的带电粒子被加速电场加速后，进入速度选择器。
XX省荆州中学学年高中高二物理上学期期末考试试卷习题含解析
12018-2019学年湖北省荆州中学高二上学期期末考试物理试题注意事项：1．答题前，先将自己的姓名、准考据号填写在试题卷和答题卡上，并将准考据号条形码粘贴在答题卡上的指定地点。
2．选择题的作答：每题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、底稿纸和答题卡上的非答题地区均无效。
3．非选择题的作答：用署名笔挺接答在答题卡上对应的答题地区内。
写在试题卷、底稿纸和答题卡上的非答题地区均无效。
4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。
第I 卷（选择题)一、单项选择题1．电磁感觉知识及其应用的以下说法错误的选项是（）A ．楞次定律告诉我们，感觉电流的效（结）果老是要抗争惹起感觉电流的原由B ．磁电式电流表、电压表中线圈要绕在铝框上一个重要原由是利用电磁阻尼C ．在电磁炉上加热食品须使用金属器皿，是因金属在交变磁场中产生涡流发热D ．关于同一线圈，当电流变化越大时，线圈中产生的自感电动势必定越大2．设每个通电的圆环在圆心处产生的磁场的磁感觉强度都为B 0。
如图，两个互相绝缘的都通有电流的圆环互相垂直搁置，则这两个圆环中心处的磁场磁感觉强度为（）A.A ．B 0方向斜向右上方B ．B 0方向斜向后上方C ．B 0方向斜向左上方D ．2B 0方向斜向后下方 3．以下图，A 、B 、C 是一条电场线上的三个点，电场线的方向由A 指向C ，A 、B 之间的距离等于B 、C 之间的距离．A 、B 、C 三点的电场强度的大小和电势分别用E A 、E B 、E C 和φA 、φB 、φC 表示，则（）A ．E A =EB =EC B ．E A ＞E B ＞E C C ．φA ＞φB ＞φCD ．φA -φB =φB -φC此卷只装订不密封 班级姓名准考据号考场号座位号4．我们位于地球的北半球，以前在教室的天花板上装有吊扇。
假定吊扇的各叶片水平，只考虑该处地磁场的竖直重量，设地磁场磁感觉强度的竖直重量的大小为B，叶片的长度为L，中间圆盘半径为R。
湖北省荆门市2017-2018学年高二上学期期末考试物理试题(解析版)
荆门市2017—2018学年上学期期末质量检测高二物理一、选择题(本题有10小题，共40分。
1-7题只有一个选项符合题意，每题4分；8-10题至少有一个选项符合题意，每题4分，全部选对得4分，选对但不全得3分，有错选或不选得0分)1. 物理学中通常运用大量的科学方法建立概念，如“理想模型”、“等效替代法”、“控制变量法”等等，下列选项中均用到“等效替代”方法的是A. 合力与分力、质点、电场强度B. 磁通量、平均速度、点电荷C. 合力与分力、交流电有效值、总电阻D. 点电荷、总电阻、电场强度【答案】C【解析】A、“合力与分力”采用等效替代的方法，“质点”采用理想化模型的方法，“电场强度”采用比值定义法．故A错误；B、“点电荷”采用理想化模型的方法，“平均速度”采用比值定义法，“磁通量”采用定义法，故B错误；C、“合力与分力”、“交流电有效值”、“总电阻”采用等效替代的方法，故C正确；D、“点电荷”采用理想化模型的方法，“总电阻”采用等效替代的方法，“电场强度”采用比值定义法．故D错误；故选C。
【点睛】对于物理学上常用的科学研究方法：等效替代法、理想化模型法、比值定义法等等要理解并掌握，并进行归纳总结，对学习物理量的意义有很大的帮助。
2. 竖直放置的两块足够长的平行金属板间有匀强电场，其极板带电量为Q，在两极板之间，用轻质绝缘丝线悬挂质量为m，电量为q的带电小球(可看成点电荷)，丝线跟竖直方向成θ角时小球恰好平衡，此时小球离右板距离为b，离左板的距离为2b，如图所示，则A. 小球带正电，极板之间的电场强度大小为B. 小球受到电场力为C. 若将小球移到悬点下方竖直位置，小球的电势能减小D. 若将细绳剪断，小球经时间到达负极【答案】D【解析】由题意可知，小球带正电，匀强电场方向向右，小球受竖直向下的重力mg、水平向右的电场力qE、沿细线斜向上的拉力F作用，处于平衡状态.受力如图所示.由平衡条件可得，，可得，故A错误；B、小球受到电场力为，故B错误；C、将小球移到悬点下方竖直位置，电场力水平向右，运动方向向左，电场力做负功，小球的电势能增大，故C错误；D、剪断细线后，小球将沿电场力qE和重力mg的合力方向做初速度为零的匀加速直线运动.此运动可看作是水平方向的初速度为零、加速度的匀加速直线运动和竖直方向的自由落体运动的合运动，设小球碰到金属板所需要的时间为t,由,得，故D正确；故选D。
湖北省荆州市中学高二物理期末试卷带解析
湖北省荆州市中学高二物理期末试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. (单选题)如图所示，一通电直导线竖直放置，A、B两点的磁感应强度分别为B A、B B，则A．B A>B B，方向均垂直纸面向里B．B A<B B，方向均垂直纸面向里C．B A >B B，方向均垂直纸面向外D．B A<B B，方向均垂直纸面向外参考答案：A2. 如图所示，将一个矩形的小线圈放在一个匀强磁场中，若线圈平面平行磁感线，则下列运动中能使线圈产生感应电流的是A、矩形线圈做平行磁感线方向的平移运动B、矩形线圈做垂直于磁感线方向的平移运动C、矩形线圈绕ab边转动D、矩形线圈绕bc边转动参考答案：C3. 如图所示，初速为零的电子经电压加速后，垂直进入偏转电场偏转，离开偏转电场时侧向位移是.偏转板间距离为，偏转电压为，板长为.为了提高偏转灵敏度(每单位偏转电压引起的侧向位移)，可采用下面哪个办法（）A.增大偏转电压B.减小板长C.减小板间距离D.增大加速电压参考答案：C4. 如图所示，a为带正电的小物块，b是一不带电的绝缘物块，a、b叠放于粗糙的水平地面上，地面上方有垂直纸面向里的匀强磁场，现用水平恒力F拉b物块，使a、b一起无相对滑动地向左加速运动，在加速运动阶段A、a、b一起运动的加速度减小。
B、a、b一起运动的加速度增大。
C、a、b物块间的摩擦力减小。
D、a、b物块间的摩擦力增大。
参考答案：AC5. 在垂直于纸面匀强磁场中，有一原来静止的原子核，该核衰变后，放出的带电粒子和反冲核的运动轨迹分别如图中a、b所示，由图可以判定( )A. 该核发生的是α衰变B. 该核发生的是β衰变C. 磁场方向一定垂直纸面向里D. 磁场方向一定垂直纸面向外参考答案：B【详解】放射性元素放出α粒子时，α粒子与反冲核的速度相反，而电性相同，则两个粒子受到的洛伦兹力方向相反，两个粒子的轨迹应为外切圆。
2017-2018高二上学期物理答案
2017—2018学年上学期期末考试 模拟卷（1）高二物理·参考答案1 2 3 4 5 67 8 9 10 11 12 DDCCBCCBADACBCABC13．（1）实物图如图所示（3分） （2）左（1分） （3）1.5 1.0（各1分）14．（1）5.015（1分） （2）4.700（1分） （3）22（1分） （4）V 1 A 2 R 1 （每空1分）（5）如图所示（3分）15．（1）电动机消耗的电功率为 5.0110W 550W P UI ==⨯=电（3分）（2）细绳对重物做功的机械功率为45100.70W 315W P mgv ==⨯⨯=机（3分） （3）电动机输出的电功率为315W 450W 0.7P P η===机输出（1分） 电动机线圈的电阻R 的发热功率为100W P P P =-=热电输出（1分） 再由R I P 2=热得电动机线圈的电阻2100425P R I ==Ω=Ω热（1分） 16．（1）金属棒匀速运动时，沿导轨方向金属棒受力平衡得mg sin θ=f+F （2分）金属棒受的安培力为F =B 0IL （1分） f=μF N =μmg cos θ（1分） 解得I =0.2 A （1分）（2）由欧姆定律得I=E/R （1分） 由电磁感应定律得E=B 0Lv （2分） 解得v =2 m/s （1分）（3）金属棒滑行至cd 处时，由能量守恒定律得21sin cos 2mgs mv Q mg s θμθ⋅=++⋅（2分）解得Q =0.1 J （1分）17．（1）设加速电压为U ，正离子初速度为零，经过加速电场加速，根据动能定理得212qU mv =（2分） 正离子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，2mv qvB R=（1分）联立解得2mqUR qB=（1分） 当加速电压较小时，离子在磁场中做匀速圆周运动的半径较小，当离子恰好打到金属板下端点N 时，圆周运动的半径最小为min R ，如图1所示图1 图2根据几何知识可以判断min R d =，故22min2qB d U m=（2分）当加速电压较大时，离子在磁场中做匀速圆周运动的半径较大，当离子恰好打到金属板上端点M 时，圆周运动的半径最大为max R ，如图2所示 根据几何知识判断()222max max 2R d d R =+-（1分）解得max 54R d =（1分）所以22max2532qB d U m=（1分）所以离子能全部打在金属板上，加速电压的取值范围为222225232qB d qB d U m m≤≤（1分） （2）设离子在磁场中做匀速圆周运动的周期为T ，根据圆周运动规律得2πRT v=又2v qvB m R=联立解得2πmT qB=（1分） 离子在磁场中做匀速圆周运动的周期与加速电压无关 离子在图1所示的轨迹中运动时间最短为min 14t T =（1分） 离子在图2所示的轨迹中运动时间最长为max 90360t T θ︒+=︒（1分） 根据几何知识，max 4cos 5d R θ==，则37θ=︒（2分） 所以minmax90127t t =（1分）。
2017-2018年湖北省荆州市沙市中学高二(上)期末物理试卷含参考答案
两端接入如图乙所示的正弦交流电，副线圈通过电流表与负载电阻 R 相连。 若交流电压表和交流电流表都是理想电表，则下列说法中正确的是（ ）
A．变压器输入电压的最大值是 220V B．若电流表的示数为 0.50A，变压器的输入功率是 12W C．原线圈输入的正弦交变电流的频率是 50Hz D．电压表的示数是 24 V
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A．
B．
C．
D．
7． （4 分）如图甲所示，两个闭合圆形线圈 A、B 的圆心重合，放在同一水平面 内，线圈 A 中通以如图乙所示的变化电流，t=t2 时电流的方向为顺时针（如图 中箭头所示） ，在 t1～t2 时间内，对于线圈 B，下列说法中正确的是（ ）
A．线圈 B 内有顺时针方向的电流，线圈有扩张的趋势 B．线圈 B 内有顺时针方向的电流，线圈有收缩的趋势 C．线圈 B 内有逆时针方向的电流，线圈有扩张的趋势 D．线圈 B 内有逆时针方向的电流，线圈有收缩的趋势 8． （4 分）电源、开关 S、定值电阻 R1、灯泡 L、光敏电阻 R2 和电容器连接成如 图所示的电路，电容器的两平行板水平放置。当开关 S 闭合，并且无光照射 光敏电阻 R2 时，一带电液滴恰好静止在电容器两板间的 M 点。当用强光照射 时，光敏电阻的阻值变小，则（ ）
A．粒子的电势能先增大后减小 B．粒子的动能先增大后减小 C．粒子运动的加速度先增大后减小 D．粒子受到的电场力一直沿 x 轴正方向 6． （4 分）如图所示，有一个等腰直角三角形的匀强磁场区域，其直角边长为 L， 磁场方向垂直纸面向外， 磁感应强度大小为 B． 一边长为 L 总电阻为 R 的正方 形导线框 abcd，从图示位置开始沿 x 轴正方向以速度 v 匀速穿过磁 场区域。 取沿 a→b→c→d→a 的感应电流为正，则表示线框中电流 i 随 bC 边的位置坐 标 x 变化的图象正确的是（ ）
2017-2018学年湖北省荆州中学高二上学期第一次月考物理试题 解析版
荆州中学高二年级2017～2018学年上学期阶段性考试（一）一、选择题（5×12=60，1～7为单选，8～12为多选）1. 下列说法不正确的是（）A. 电场力做正功时电荷的电势能减小，电场力做负功时电荷的电势能增大B. 电场中某点的电势，在数值上等于单位正电荷由该点移动到参考点（零电势点）时电场力所做的功C. 电场线跟等势面垂直，并且由电势较高的等势面指向电势较低的等势面D. 某电容器所带电荷量增加4.0×10-6C，两极板间电势差增大4.0V，则该电容器的电容为1.0μF【答案】B【解析】电场力做正功，电势能转化为其他形式的能，电势能减少，电场力做负功，其他形式的能转化为电势能，电势能增加，A正确；根据电场中某点的电势，在数值上等于单位“正”电荷由该点移动到参考点（零电势点）时电场力所做的功，B正确；电场线与等势线垂直，并且由电势较高的等势面指向电势较低的等势面，C正确；根据可得，D正确．2. 真空中点电荷形成的电场，我们取无限远处作零电势点，无限远处电场强度也为零，那么( )A. 电势为零的点，电场强度一定为零，反之亦然B. 电势为零的点，电场强度不一定为零，但电场强度为零的点，电势一定为零C. 电场强度为零的点，电势不一定为零；电势为零的点，场强不一定为零D. 场强为零的点，电势不一定为零，电势为零的一点，电场强度一定为零【答案】C【解析】3. 如图所示，孤立点电荷+Q固定在正方体的一个顶点上，与+Q相邻的三个顶点分别是A、B、C，下列说法正确的是（）A. ABC三点的场强相同B. ABC三点的电势相等C. ABC三点所在的平面为一等势面D. 将一电荷量为+q的检验电荷由A点沿直线移动到B点的过程中电势能始终保持不变【答案】B............考点：电场强度；电势能【名师点睛】解答本题的关键要掌握孤立+Q点电荷电场线和等势面的分布，知道离正电荷距离越近的位置电势越高，正电荷在电势高的位置电势能大。
【期末试卷】湖北省2017-2018学年高二上学期期末联考物理试卷Word版含答案
2017--2018学年度第一学期期末联考试题高二物理本卷分为第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，满分110分．考试时间90分钟．注意事项：1．答题前，考生务必将自己的学校、姓名、班级、考号填写在答题卡上。
2．请将答案写在答题卡相应的位置上，考试结束后只交答题卡。
第Ⅰ卷(选择题共48分)一、选择题(本题共12小题，每小题4分，共48分．l～8题为单项选择题，所列的四个选项中，只有一项符合题意；9一12题为多项选择题，所列四个选项中至少有二项符合题意，漏选得2分，错选或不选不得分)1．存电场中的某点放一检验电荷，其电荷量为q(q＞0)，检验电荷受到的电场力为F，则该点的电场强度E=F/q，下列说法正确的是A．若移去检验电荷，则该点的电场强度为0B．若榆验电荷的电荷量变为4q，则该点的场强变为4EC．若放置到该点的检验电荷变为-2q，则场中该点的场强大小、方向均不变D．若放置到该点的检验电荷变为-2q，则场中该点的场强大小不变，但方向相反2．如图所示电路中，当变阻器R3的滑动头P向b端移动过程中A．电压农示数变大，电流表示数变大B．电压表示数变小，电流表示数变大C．电压表示数变大，电流表示数变小D．电压表示数变小，电流表示数变小3．如图所示，实线是一簇未标明方向的匀强电场的电场线，虚线是一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点。
若带电粒子在运动中只受电场力作用，则根据此图可以判断出A．带电粒子一定带正电B．a点的电势一定高于b点的电势C．带电粒子在a点的速度一定大于在b点的速度D．带电粒子在a点的电势能一定大于在b点的电势能4．如图所示，水平桌面上放置一根条形磁铁，磁铁中央正上方用绝缘弹簧悬挂一水平直导线，并与磁铁垂直。
当直导线中通入图中所示方向的电流时，和未通电相比较，可以判断出A．弹簧的拉力减小，条形磁铁对桌面的压力增大B．弹簧的拉力减小，条形磁铁对桌面的压力减小C．弹簧的拉力增大，条形磁铁对桌面的压力增大D．弹簧的拉力增大，条形磁铁对桌面的压力减小5．如图所示，用粗细相同的铜丝做成边长分别为L和2L的两只单匝闭合线框a和b，以相同的水平速度从磁感应强度为B的匀强磁场区域中匀速地拉到磁场外，则在此过程中A．线框a、b中电流大小之比I a:I b=1：1B．线a、b中电流大小之比I a：I b=1：2C．线框a、b中焦耳热之比Q a：Q b=1：2D．线框a、b中焦耳热之比Q a：Q b=1：86．如图所示，存水平面内固定有两平行金属导轨，导轨间距为L，两导轨间整个区域内分布有磁感应强度为B的匀强磁场，磁场方向与导轨平面成扫角并与金属杆曲垂直，垂直于两导轨放置的金属杆a6重力为G．通过的电流为，，处于静止平衡状态，则A．金属杆ab所受的支持力等于G+BILB．金属杆ab所受的支持力等于G+BILcosθC．金属杆ab所受的摩擦力大小为BILcosθD．盒属杆ab所受的安倍力大小为BIL7．如图所示中两条平行虚线之间存在匀强磁场，虚线间的距离为上，磁场方向垂直纸面向里，abc是位于纸面内的等腰直角三角形闭合线圈，ac边平行于磁场的虚线边界，bc边长也为L，现令线圈以恒定的速度ν沿垂直于磁场区域边界的方向穿过磁场区域，从b点进入磁场区域作为计时起点，取沿a→b→c的感应电流为正，则在线圈穿越磁场区域的过程中，感应电流i随时间t(L／v)变化的图线可能是8．如图所示，一圆盘均匀分布着电荷量为Q的电荷，在垂直于圆盘且过圆心c的轴线上有a、b、c三个点，a和b、b和c、c和d间的距离均为R，在a点处有一电荷量为q(q>0) 的固定点电荷。
2017-2018学年度第一学期期末高二物理(选修)答案
2017~2018学年度第一学期期末抽测高二物理（选修）参考答案及评分标准一、单项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分．每小题只有一个．．．．选项符合题意． 1．C 2．A 3．B 4．D 5．D二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分．每小题有多个选项．．．．符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选、多选或不答的得0分． 6． AD 7．AC 8．CD 9．BC三、简答题：本题共4小题，共37分。
把答案填在答题卡相应的横线上或按题目要求作答。
10．正mBq(每空2分)11．（1）5.700 （2）T “×1” 16 (每空2分)12．(每空2分)（1）C A E（2）如右图（3）“减小”13. （每空2分）（1）如图（2）如图 1.46-1.50 0.6-0.8 （3）偏小四、计算题：本题共 3小题，共47分。
解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。
只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
14．解：（1）由BS =φ （3分）得：2BL =φ （2分）（2）由2m E nBL ω= （2分）Tπω2=（1分） 222sin e nBL t T T ππ=（2分） （3）2m E U =（3分）带入数值解得2U （2分） 15．解：（1）021sin 302a mgs mv =（3分） 2a v =m/s （2分）（2）由a E BLv = （2分） EI R r=+ （1分） F BIL = （1分）带入数据解得0.8F =N （1分） （3）从a 边界到b 边界由动能定理02211sin 3022b a mgd Q mv mv -=- （2分）从b 边界匀速穿出，有220sin 30bB L v mg R r=+ （1分）由Q R =34Q （1分） 得：Q R = 0.58J （1分）16.解:（1）对第二象限的小球受力分析：合外力一定沿PO 方向则：mg=Eq （3分） 即mgE q==2N/C （2分） （2）对第二象限的小球受力分析有：2F a m==合（1分） 由22op v aS =可得v == （1分）mv R Bq =，2m T Bqπ=（2分）画出轨迹图如图，由几何关系可求得：Q 点的纵坐标0.1m y === （（3）总时间分为三段时间之和：小球在第二象限时间：10.1vt a==S （1分） 小球在第一、四象限时间：233440t T π==S （2分） 小球回到第二象限和第三象限，落到挡板上做类平抛运动时间：30.1t === S （2分） 总时间：）π4032.0(321+=++=t t t t S （1分）。
湖北省荆州市物理高二上册期末达标测试试卷及答案
湖北省荆州市物理高二上册期末达标测试试卷班级：________________ 学号：________________ 姓名：______________一、单选题（每题3分）1.下列关于电场强度的说法正确的是（）A. 电场中某点的场强大小与放在该点的试探电荷所受电场力的大小成正比B. 电场中某点的场强方向与放在该点的试探电荷所受电场力的方向相同C. 电场中某点的场强方向就是放在该点的正电荷所受电场力的方向D. 电场中某点的场强方向就是放在该点的负电荷所受电场力的方向答案：C解析：电场强度是描述电场强弱的物理量，是由电场本身性质决定的，其大小与放入电场中的试探电荷无关，故A错误；电场强度的方向总是跟正电荷所受电场力的方向一致，与负电荷所受电场力的方向相反，故B错误，C正确，D错误。
2.下列说法正确的是（）A. 汤姆孙发现了电子，说明原子可以再分B. 汤姆孙发现了质子，并预言了原子的核式结构模型C. 卢瑟福通过原子核的人工转变发现了中子D. 玻尔原子理论能解释氢原子的光谱，也能解释氦原子的光谱答案：A解析：汤姆孙发现了电子，说明原子可以再分，故A正确；汤姆孙发现了电子，卢瑟福发现了质子，并预言了原子的核式结构模型，故B错误；查德威克通过原子核的人工转变发现了中子，故C错误；玻尔原子理论能解释氢原子的光谱，不能解释氦原子的光谱，故D错误。
3.下列关于电磁波的说法正确的是（）A. 电磁波在真空中不能传播B. 电磁波在真空中传播的速度与光速相同C. 电磁波在传播过程中能发生干涉、衍射，但不能发生偏振D. 电磁波可以由电磁振荡产生，电磁波不能在介质中传播答案：B解析：电磁波可以在真空中传播，故A错误；电磁波在真空中传播的速度与光速相同，故B正确；电磁波在传播过程中能发生干涉、衍射，也能发生偏振，故C错误；电磁波可以由电磁振荡产生，电磁波也能在介质中传播，故D错误。
4.下列说法正确的是（）A. 液晶像液体一样具有流动性，而其光学性质与某些晶体相似，具有各向异性B. 晶体熔化时吸收热量，分子平均动能一定增大C. 缝衣针浮在水面上不下沉是液体表面张力与重力平衡的结果D. 空气中水蒸气的压强与同一温度下水的饱和汽压的比值叫做空气的相对湿度答案：ACD解析：液晶是一类特殊的物质形态，它像液体一样具有流动性，而其光学性质与某些晶体相似具有各向异性，故A正确；晶体熔化时吸收热量，温度不变，则分子平均动能不变，故B错误；缝衣针可以浮在水面上是液体表面张力与重力平衡的结果，故C正确；根据相对湿度的特点可知，空气中水蒸气的压强与同一温度下水的饱和汽压的比值叫做空气的相对湿度，故D正确。
湖北省荆门市高二上学期期末考试物理试题
荆门市2017—2018学年度上学期期末质量检测高二物理参考答案一、选择题二、填空题11. 8.0 多用电表直接测量时，灯丝的温度较低，电阻值远小于正常发光时灯丝的电阻(每空3分) 12. （9分）（1）串 1R 并 2R （每空1分）（2）电路原理图如图所示（3分） （3）a 2 b （每空1分）三、计算题 13.（12分）解：（1）由于闭合开关S ，待电路稳定后21R R 、被短路，电容器支路断路，故由闭合电路欧姆定律得：A rR R Er R E I 6.043=++=+=干 ………………………………………6分 （2）由于闭合开关S ，待电路稳定后21R R 、中均无电流通过，即21R R 、两端的电压都为零，即：02121====IR IR U U ………………………………3分故电容器两端的电压V IR U U U 2.1332==+= ………………………………3分14．（12分）（1）设带电体在水平轨道上运动的加速度大小为a ，根据牛顿第二定律qE ma =解得 ：mqE a ==8m/s 2…………………………1分 设带电体运动到B 端的速度大小为B v ，则22B v as = …………………………1分解得 v B 22 = m/s …………………………2分（2）设带电体沿圆弧形轨道运动过程中摩擦力所做的功为W 摩，根据动能定理2102BW W mgR mv +-=-电摩 …………………………………3分因电场力做功与路径无关，所以带电体沿圆弧形轨道运动过程中，电场力所做的功W 电 ＝EqR=0.32 J …………………………………3分联立解得W 摩 =–0.72J …………………………………2分15.（12分）（1）正极． …………………………………4分 （2）由电磁感应定律得U ＝E ＝ΔΦΔt…………………………………2分ΔΦ＝12BR 2Δθ U ＝12B ωR 2 …………………………………3分v ＝r ω＝13ωR 所以v ＝2U3BR＝4 m/s. …………………………………3分16.（19分）（1)当U MN =0时粒子沿O 1`O 2方向射入磁场轨迹如图 圆O 3，设其半径为R 1由几何关系得R 1=R …………………………………………2分又Bqv=21v m R …………………………………………2分解得:0mv B qR=…………………………………………2分 （2）在t=0时刻入射粒子满足：2001()2222U q R L mR v =⨯⨯⨯ ………………………………3分解得22022mR v U qL = …………………………………3分（3）经分析可知所有粒子经电场后其速度仍为v 0，0(21)(0,1,2,3, (2)t k k v =+=时刻入射的粒子贴M 板平行射入磁场轨迹如圆O 4，偏转角为α. …………………………………1分由几何知识可知四边形QOPO 4为菱形，故α=120° …………………………………2分23Tt =L t k v = ( k= 0，1，2，3…）时刻入射的粒子贴N 板平行射入磁场轨迹如图O 5；偏转角为β由几何知识可知SOPO 5为菱形，故β=60° 1分26Tt =1分 又02R T v π= 1分故1203Rt t t v π∆=-=2分。
湖北省荆州中学2018-2019学年高二上学期期末考试物理试题
荆州中学高二元月期末考物理试题一、选择题1.电磁感应知识及其应用的下列说法错误的是（）A. 楞次定律告诉我们，感应电流的效（结）果总是要反抗引起感应电流的原因B. 磁电式电流表、电压表中线圈要绕在铝框上一个重要原因是利用电磁阻尼C. 在电磁炉上加热食品须使用金属器皿，是因金属在交变磁场中产生涡流发热D. 对于同一线圈，当电流变化越大时，线圈中产生的自感电动势一定越大【答案】D【解析】【详解】楞次定律告诉我们，感应电流的效（结）果总是要反抗引起感应电流的原因，选项A 正确；磁电式电流表、电压表中线圈常用铝框做骨架，当线圈在磁场中转动时，导致铝框的磁通量变化，从而产生感应电流，出现安培阻力，使其很快停止摆动，利用电磁阻尼的作用，选项B正确；在电磁炉上加热食品须使用金属器皿，是因金属在交变磁场中产生涡流发热，选项C正确；对于同一线圈，当电流变化率越大时，线圈中产生的自感电动势一定越大，选项D错误；此题选择不正确的选项，故选D.2.设每个通电的圆环在圆心处产生的磁场的磁感应强度都为B0。
如图，两个相互绝缘的都通有电流的圆环相互垂直放置，则这两个圆环中心处的磁场磁感应强度为（）A.A. B0 方向斜向右上方B. B0 方向斜向后上方C. B0 方向斜向左上方D. 2 B0 方向斜向后下方【答案】B【解析】【分析】该题是关于磁场的叠加问题．首先用安培定则每个圆环在圆心O处产生的磁感应强度B0的方向，利用平行四边形定则进行矢量叠加，求出O处的磁感应强度大小．【详解】根据安培定则可知，竖直放置的通电圆环在圆心O处产生的磁感应强度方向垂直纸面向里，大小为B0，水平放置的通电圆环在圆心O处产生的磁感应强度方向竖直向上，大小为B0，两者相互垂直，根据平行四边形定则进行合成得知，O处的磁感应强度大小为B=B0，方向斜向后上方；故选B。
3.如图所示，A、B、C是一条电场线上的三个点，电场线的方向由A指向C，A、B之间的距离等于B、C之间的距离．A、B、C三点的电场强度的大小和电势分别用E A、E B、E C和φA、φB、φC表示，则（）A. E A=E B=E CB. E A＞E B＞E CC. φA＞φB＞φCD. φA-φB=φB-φC【答案】C【解析】【分析】顺着电场线方向，电势必定降低．根据电场线疏密判断电场强度的大小，电场线越密电场强度越大．匀强电场中沿电场线方向相等的距离，电势差相等．【详解】顺着电场线方向，电势必定降低，则有φA＞φB＞φC．故C正确。
【名师精选】湖北省荆州中学2017-2018学年高二上学期期末考试_物理_有答案
荆州中学2017～2018学年度上学期期 末 考 试 卷年级：高二 科目：物理一、选择题(本题共10小题，每小题5分。
其中第1~7题只有一项符合题目要求，第8~10题有多项符合题目要求。
全部选对得5分，选对但不全的得3分，选错的得0分。
）1．下列说法正确的是（ ）A. 楞次最先发现了电流的磁效应B. 库仑提出了库仑定律，并最早用实验测得元电荷e 的数值C. 法拉第发现了电磁感应现象，并制作了世界上第一台发电机D. 电动机是利用电磁感应原理将机械能转化为电能2．如图所示，虚线A 、B 、C 为某电场中的三条等势线，其电势分别为3 V 、5 V 、7 V ，实线为带电粒子在电场中运动时的轨迹，P 、Q 为轨迹与等势线A 、C 的交点，带电粒子只受电场力的作用，则下列说法不．正确．．的是( ) A. 粒子带正电B. 粒子在P 点的动能小于在Q 点动能C. 粒子在P 点电势能小于粒子在Q 点电势能D. 粒子在P 点的加速度小于在Q 点的加速度6．如图所示，固定的水平长直导线中通有向左的恒定电流I ，矩形闭合导线框与导线在同一竖直平面内，且一边与导线平行。
将线框由静止释放，不计空气阻力，则在线框下落过程中（ ）A. 穿过线框的磁通量保持不变B. 线框中感应电流的方向为逆时针C. 线框所受安培力的合力竖直向上D. 线框的机械能不断增大4．图甲所示的电路中，电流表1A 指针指满刻度，电流表2A 指针指满刻度的23处；图乙中， 2A 指针指满刻度，1A 指针指满刻度的13处．已知1A 的内阻为0.45Ω，则2A 的内阻为( ) A. 0.1Ω B. 0.15ΩC. 0.3ΩD. 0.6Ω5．在如图所示的电路中，电的负极接地，其电动势为E 、内电阻为r ，R 1、R 2为定值电阻，R 3为滑动变阻器，C 为电容器，A 、V 为理想电流表和电压表。
在滑动变阻器的滑动触头P 自a 端向b 端滑动的过程中（）A. 电压表示数变小B. 电流表示数变小C. 电容器C所带电荷量增多D. a点的电势降低6．如图一根不可伸长的绝缘细线一端固定于O点，另一端系一带电小球，置于水平向右的匀强电场中，现把细线水平拉直，小球从A点静止释放，经最低点B后，小球摆到C点时速度为0，则（）A. 小球在B点时的速度最大B. 小球在B点时的绳子拉力最大C. 小球从A到C的过程中，机械能先减少后增大D. 从A到C的过程中小球的电势能一直增大7．如图所示，闭合导线框向右匀速穿过垂直纸面向里的匀强磁场区域，磁场区域宽度大于线框尺寸，规定线框中逆时针方向的电流为正，则线框中电流i随时间t变化的图象可能正确的是（）A. B. C. D.8．如图是质谱仪的工作原理示意图，电荷量相同的带电粒子被加速电场加速后，进入速度选择器。
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高二期末物理答案
11.（1）1.846 （2分）4.240 （2分） （2）ρ=
πUD 24IL
（2分）
12.（1）电压表量程过大，会导致测量误差较大（2分） （2）R 3（2分）串（2分） （3）R 2（2分） （4）（2分） 13.（8分）
(1)据法拉第电磁感应定律：E =∆B ∆t l 22
得E=0.05V
电功率P =
E 2r
= 0.25W ………………………………（4分）
（2）根据闭合电路欧姆定律，则有：
； 在t=4s 时，磁场B=0.6T 由F 安=BIL ，
则安培力F 安=3N ；
则拉力F=mg-F 安=1.2N ………………………………（4分） 14.（10分）
(1)恰过最高点：mg −qvB =m v 2
R
得v =1m/s ………………………………（4分）
(2)由机械能守恒得：1
2
mv M 2
−12
mv 2=mg (2R )
得v M =3m /s
最低点:N −mg −q v M B =m
v M
2
R
得压力N ′=N =7×10−3N ………………………………（6分） 15．（12分） （1）滑块从A 到C
在C 联立解得：N=7.6N
得压力N ′=N =7.6N 方向竖直向下………………………………（7分） （2）滑块A→D ，由动能定理得： mg −qE Lsin θ+W f =0 解得：W f =−2.4J
既CD 段克服摩擦力做功2.4J ………………………………（5分）
16．（14分）
【解析】（1）粒子在Q点进入磁场时：v0=vcos30°，v y=vsin30°，
OP
OQ间的距离:x=v0t
解得x=OQ=3L………………………………（4分）
（2）粒子恰好能回到电场，即粒子在磁场中轨迹的左侧恰好与y轴相切，设半径为R
R+Rsin30°=3L…………得R=2L
v0=vcos30°…………得v=23
3
v0
由qvB=B=3mv0
3qL
．………………………………（4分）
（3）粒子在电场和磁场中做周期性运动，轨迹如图；
一个周期运动过程中，在x轴上发生的距离为△L=3L+3L-2Rsin30°=4L，P点到挡板的距离为10L，所以粒子能完成2个周期的运动，然后在电场中沿x轴运动2L时击中挡板．
在电场中的运动时间t1=14L
V0
在磁场中的运动周期T=2πR
v =23πL
V0
在磁场中的运动时间t2=2×5
6T=103πL
3V0
则粒子从P点进入到击中挡板的时间为t1+t2=14L
V0+103πL
3V0
…………………（6分）。