2019年黑龙江哈尔滨市中考物理答案答案

2019年黑龙江省哈尔滨市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共12小题，每小题3分，满分36分）1．（3分）A、刻度尺是测量长度的工具，故A不符合题意；B、电压的测量仪器电压表，故B不符合题意；C、停表是测量时间的仪表，故C不符合题意；D、电阻用电流表和电压表测，不能用电能表测，故D符合题意。

故选：D。

2．（3分）【分析】熔化是指物质从固态变为液态的过程，它需要吸热；液化是指物质从气态变为液态的过程，它需要放热；凝华是指物质从气态直接变为固态的过程，它需要放热；凝固是指物质从液态变为固态的过程，它需要放热。

【解答】解：A、春天，冰雪消融，它是物质从固态变为液态的过程，是熔化现象，故A 符合题意；B、夏天，露珠晶莹，露珠是液体，它是由空气中的水蒸气放热液化后形成的，故B不符合题意。

C、秋天，雾淞是固体，它是由空气中的水蒸气放热凝华后形成的，故C不符合题意。

D、冬天，松花江水变成剔透的冰，冰是固体，它是由液态的水放热凝固后形成的，故D不符合题意。

故选：A。

3．（3分）（1）漫反射和镜面反射都遵循光的反射定律。

（2）从鱼身上反射出的光线由水中进入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，就会觉得鱼变浅了。

（3）太阳光经过三棱镜折射后可以分散成七种颜色的光，分别是红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫，这就是光的色散现象。

（4）近视眼是晶状体会聚能力增强，像呈在视网膜的前方，应佩戴凹透镜矫正；远视眼是晶状体会聚能力减弱，像呈在视网膜的后方，应佩戴凸透镜矫正。

【解答】解：A、漫反射和镜面反射都遵循光的反射定律。

故A错误；B、水中鱼反射出的光，在水面处发生了折射，光由水斜射入空气时发生折射，折射角大于入射角，人认为光是沿直线传播的，所以逆着折射光线看上去，看到的是变浅的鱼的虚像。

故B错误；C、棱镜对不同色光的偏折程度不同，其中对红光的偏折程度最小，对紫光的偏折程度最大；所以白光经三棱镜后，光屏上自上而下出现了红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫的色带，红光在最上面，紫光在最下方，故C正确；D、由题干图可知：像呈在视网膜的前方，所以该模型是近视眼，近视眼是由于晶状体曲度变大，会聚能力增强，即折光能力增强，应佩戴具有发散作用的凹透镜，使光线推迟会聚。

故D错误。

故选：C。

4．（3分）【解答】解：A、晃动试管，沙子与试管之间发生摩擦，克服摩擦做功，沙子的内能变大，故A错误；B、烧水使水变热是通过热传递改变了物体的内能，故B正确；C、气缸内气体被压缩，机械能转化为气体的内能，故C错误。

D、摩擦笔杆，克服摩擦做功，笔杆变热，是通过做功改变了物体的内能，故D错误。

故选：B。

5．（3分）A、物体间力的作用是相互的，一对相互作用力间的大小相等，所以手对钢片的力等于钢片对手的力，故A错误；B、重力方向始终竖直向下，故B正确；C、公共汽车紧急刹车时，乘客会向前倾倒，这是由于乘客具有惯性，故C正确；D、磁悬浮列车利用了磁极间的相互作用使接触面分离来减小摩擦力，但列车仍然受到阻力作用，故D正确。

故选：A。

6．（3分）【解答】解：A、撬棒在使用时，动力臂大于阻力臂，可以省力，故A正确；B、定滑轮实质是等臂杠杆，不能省力，也不省距离，故B正确；C、利用斜面可以省力，但费距离，但不能省功，故C错；D、使用滑轮组既可以省力，又可以改变力的方向，故D正确。

故选：C。

7．（3分）（4）磁体周围空间存在磁场，磁体间的相互作用是通过磁场发生的。

A、由P＝UI可得，电视机正常工作的电流：I＝＝≈0.64A，故A错误；B、由P＝可得，电水壶的电阻为R＝＝＝48.4Ω，故B错误；C、由图知，两个小球都带正电，彼此远离，说明同种电荷互相排斥，故C正确；D、磁极间没有直接接触，通过周围的磁场也可以发生相互作用，故D错误。

故选：C。

8．（3分）【分析】（1）在探究压力的作用效果时，通过海绵的凹陷程度来表现压力作用效果，这叫做转换法；（2）压强计的工作原理是；橡皮膜受到压力时，U形管内两边液面出现高度差，两边高度差表示压强的大小，压强越大，液面高度差也越大；（3）托里拆利实验最早测出了大气压的值；（4）连通器的结构特征是上端开口、底部连通，判断是不是连通器要根据这两个特征。

【解答】解：A、在压力作用下，海绵发生形变，故我们可以通过观察实验时海绵的凹陷程度来显示压力的作用效果。

故A正确；B、压强计的工作原理是；橡皮膜受到压强时，U形管内两边液面出现高度差，两侧液面高度差反映了探头受到的压强大小，采用的是转换法；液体压强越大，两侧液面高度差也越大。

故用微小压强计可以研究液体压强。

故B正确；C、托里拆利最早精确地测出了大气压的值，故C正确；D、船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器，下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器，故D错误。

故选：D。

9．（3分）9.解：A、磁场对电流作用是电动机的原理，消耗电能，得到机械能，是电能转化为机械能，故A符合题意。

B、通电导体具有磁性属于电流的磁效应，即消耗电能产生磁能，故B不符合题意。

C、把声音信息转换成电信息，消耗机械能，得到电能，即将机械能转化为电能，是电磁感应现象，故C不符合题意；D、电磁感应现象将机械能转化为电能，故D不符合题意。

故选：A。

10．（3分）A、发生触电事故时，必须先切断电源，然后再救人，否则会因电源不断开而发生触电事故，故A符合用电原则；B、使用测电笔检验插座的相线时，手要接触笔尾金属体，故B符合用电原则；C、带保险丝的一端与火线连接，中间一条与零线连接，接电水壶外壳的一条与地线连接，故C符合用电原则；D、灯泡的正确接法：火线先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关时能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故；图中开关接在零线上，是错误接法，需要改正，故D不符合用电原则。

故选：D。

11．（3分）【解答】解：AC、由图知动力和阻力使得杠杆转动的方向相同，故AC错误；B、左边悬挂2个钩码时，若一个钩码重0.5N，杠杆上一格长L，弹簧秤的示数为1.5N，0.5N×2×4L≠1.5N×5L，故杠杆不平衡，故C错误；D、由边悬挂2个钩码时，若一个钩码重0.5N，杠杆上一格长L，弹簧秤的示数为2N，0.5N×2×6L＝2N×3L，故杠杆平衡，故D正确。

故选：D。

12．（3分）由电路图可知，定值电阻R1和滑动变阻器R P串联，电流表测电路中的电流，电压表测R1两端的电压。

（1）当滑片位于左端时，接入电路中的电阻为0，此时电流表和电压表的示数最大，由图乙可知，电源的电压U＝3V，电路中的电流I＝0.6A，由I＝可得，R1的阻值：R1＝＝＝5Ω，故A错误；（2）当滑片位于右端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，电压表的示数最小，由图乙可知，电路中的最小电流I′＝0.2A，R1两端的电压U1＝1V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压：U P＝U﹣U1＝3V﹣1V＝2V，则滑动变阻器的最大阻值：R P＝＝＝10Ω，电路消耗的最小功率：P小＝UI′＝3V×0.2A＝0.6W，故B错误；（3）因串联电路中各处的电流相等，所以，当R p总阻值的接入电路时，R p与定值电阻消耗的功率：＝＝＝＝＝，故C正确；（4）当电流为0.4A时，电路的总电阻：R总＝＝＝7.5Ω，R p连入电路的阻值：R P″＝R总﹣R1＝7.5Ω﹣5Ω＝2.5Ω，所以，R1与R p连入电路的阻值之比R1：R P″＝5Ω：2.5Ω＝2：1，故D错误。

故选：C。

二、填空题（共12小题，每小题2分，满分24分）13．（2分）故答案为：能量守恒；机械（或可再生、一次）。

14．（2分）【解答】解：（1）“固体熔化的规律”和“液体沸腾的规律”的实验都要用到温度计和停表；（2）晶体熔化和液体沸腾过程中的共同点是吸收热量，温度不变。

故答案为：温度计；吸收热量，温度不变。

15．（2分）故答案为：信息；电磁波可以在真空中传播。

16．（2分）【解答】解：（1）由图知n＝2，不计绳重与摩擦，则动滑轮的机械效率：η＝＝＝＝＝×100%＝87.5%；（2）若物体重力变大，根据W＝Gh知，有用功增加，额外功不变，根据η＝＝＝可知，滑轮组的机械效率变大。

故答案为：87.5%；变大。

17．（2分）【解答】解：（1）水吸收的热量：Q吸＝cm△t＝4.2×103 J/（kg•℃）×2kg×（75℃﹣25℃）＝4.2×105J；（2）由题知，Q吸＝Q放，则由Q放＝qV可得需要天然气的体积：V＝＝＝0.01m3。

故答案为：4.2×105；0.01。

18．（2分）故答案为：力的作用效果；将以v0的速度永远运动下去。

19．（2分）【解答】解：由公式Q＝I2Rt知，要探究电流热效应与电流的关系，需要控制的条件是电阻和通电时间，改变的是电流大小；由图知，R1、R2串联，所以I1＝I2，t1＝t2，由公式Q＝I2Rt知通电10s电流通过R1、R2产生热量之比：＝＝＝＝。

故答案为：电阻和通电时间；1：2。

20．（2分）【解答】解：（1）海水在此深度处产生的压强p＝ρgh＝1.03×103kg/m3×10N/kg×40m＝4.12×105Pa。

（2）汽车对桥面压强p'＝＝。

故答案为：4.12×105Pa，。

21．（2分）【解答】解：（1）将小灯泡L1和L2串联在电路中工作时，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过两灯的电流之比为1：1；（2）将L1和L2并联在另一电源下工作时，因并联电路中各支路两端的电压相等，且U1＝2.5V，U2＝3.0V，所以，电路两端的最大电压U＝U1＝2.5V，此时小灯泡L1正常发光，通过的电流I1＝0.3A，由I＝可得，小灯泡L2的电阻：R2＝＝＝10Ω，则通过灯泡L2电流：I2′＝＝＝0.25A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路中的电流：I＝I1+I2′＝0.3A+0.25A＝0.55A，则L1和L2能消耗的总功率最大值：P＝UI＝2.5V×0.55A＝1.375W。

故答案为：1：1； 1.375。

【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意两灯泡并联时电路的最大电压为两灯泡额定电压中较小的。

22．（2分）【分析】（1）由阿基米德原理知，物体受到的浮力等于它排开液体所受的重力；（2）石块静止时，由称重法求测力计示数。

【解答】解：（1）石块缓慢浸没在水中，V排＝V＝100cm3＝1×10﹣4m3，石块受到的浮力：F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1×10﹣4m3＝1N，根据阿基米德原理知，桶中水重（排开水的重）：G排＝F浮＝1N。