2019年高中一轮复习物理通用版讲义：第十单元+电磁感应

教材回顾(一)电磁感应现象__楞次定律
一、磁通量
1．磁通量
(1)概念：闭合电路的面积S与垂直穿过它的磁感应强度B的乘积。

(2)公式：Φ＝BS。

(3)单位：1 Wb＝1_T·m2。

(4)公式的适用条件
①匀强磁场。

②磁感线的方向与平面垂直，即B⊥S。

(5)是标量，但有方向。

(6)磁通量的变化量ΔΦ＝Φ2－Φ1，注意正方向的选取。

2．磁通量发生变化的三种常见情况
(1)磁场强弱不变，回路面积改变。

(2)回路面积不变，磁场强弱改变。

(3)回路面积和磁场强弱均不变，但磁场方向与回路平面的夹角发生改变。

[小题速验]
如图所示，穿过线圈a、b的磁通量Φa、Φb大小关系如何？
答案：Φa>Φb
二、电磁感应
1．定义
当穿过闭合电路的磁通量发生变化时，电路中就有电流产生，这种现象叫做电磁感应。

在电磁感应现象中产生的电流叫做感应电流。

2．产生感应电流的条件
(1)电路闭合。

(2)穿过闭合电路的磁通量发生变化。

注意：无论回路是否闭合，只要穿过回路的磁通量发生变化，回路中就有感应电动势产生。

[小题速验]
[多选]彼此绝缘、相互垂直的两根通电直导线与闭合线圈共面，当两导线中的电流均增大时，下图中闭合线圈一定产生感应电流的是()
答案：CD
三、感应电流的方向
1．楞次定律
(1)内容：感应电流具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化。

(2)适用范围：一切电磁感应现象。

[深化理解]
楞次定律中“阻碍”的含义
2．右手定则
(1)内容：伸开右手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一个平面内，让磁感线从掌心进入，并使拇指指向导线运动的方向，这时四指所指的方向就是感应电流的方向。

(2)适用范围：导体切割磁感线产生感应电流的情况。

[小题速验](判断正误)
1．由楞次定律知，感应电流的磁场一定与引起感应电流的磁场方向相反。

() 2．回路不闭合，穿过回路的磁通量变化时，也会产生“阻碍”作用。

()
3．感应电流的磁场一定阻碍引起感应电流的磁场的磁通量的变化。

()
4．感应电流的方向可能与B的方向平行，但一定与v的方向垂直。

()
答案：1.× 2.× 3.√ 4.×
考点一感应电流的产生条件及应用
1.[考查感应电流的产生条件]在法拉第时代，下列验证“由磁产生电”设想的实验中，能观察到感应电流的是()
A．将绕在磁铁上的线圈与电流表组成一闭合回路，然后观察电流表的变化
B．在一通电线圈旁放置一连有电流表的闭合线圈，然后观察电流表的变化
C．将一房间内的线圈两端与相邻房间的电流表连接，往线圈中插入条形磁铁后，再到相邻房间去观察电流表的变化
D．绕在同一铁环上的两个线圈，分别接电源和电流表，在给线圈通电或断电的瞬间，观察电流表的变化
解析：选D产生感应电流必须满足的条件：①电路闭合；②穿过闭合电路的磁通量发生变化。

选项A、B电路闭合，但磁通量不变，不能产生感应电流，故选项A、B不能观察到电流表的变化；选项C满足产生感应电流的条件，也能产生感应电流，但等观察者从一个房间到另一个房间观察时，电流表中已没有电流，故选项C也不能观察到电流表的变化；选项D满足产生感应电流的条件，能产生感应电流，可以观察到电流表的变化，所以选项D正确。

2.[考查感应电流的产生及应用·多选]如图所示，一根长导线弯曲成“”形，通以直流电I，正中间用绝缘线悬挂一金属环C，环与导线处于同一竖直平面内。

在电流I增大的过程中，下列判断正确的是()
A．金属环中无感应电流产生
B．金属环中有逆时针方向的感应电流
C．悬挂金属环C的竖直线的拉力大于环的重力
D．悬挂金属环C的竖直线的拉力小于环的重力
解析：选BC 根据安培定则知，弯曲成“”导线中电流的磁场方向为：垂直纸面向里，且大小增加。

由楞次定律可知，感应电流的方向为逆时针，根据左手定则可知，安培
力的方向指向圆心，由于是弯曲成“”导线，所以金属环上边14
圆弧受到的安培力更大，因此导致悬挂金属环的竖直线的拉力增大，但环仍处于静止状态，故选项B 、C 正确，选项
A 、D 错误。

[通关锦囊]
判断有无感应电流的思路
1．确定研究的回路。

2．弄清楚回路内的磁场分布，并确定该回路的磁通量Φ。

3.⎩⎪⎨⎪⎧ Φ变化→⎩⎪⎨⎪⎧ 回路闭合，有感应电流不闭合，有感应电动势，但没有感应电流Φ不变→没有感应电动势，也没有感应电流
考点二 感应电流方向的判断
1．[考查楞次定律]如图，一圆形金属环与两固定的平行长直导线在同一竖直平面内，环的圆心与两导线距离相等，环的直径小于两导线间距。

两导线中通有大小相等、方向向下的恒定电流。

若(2016·海南高考)( )
A ．金属环向上运动，则环上的感应电流方向为顺时针方向
B ．金属环向下运动，则环上的感应电流方向为顺时针方向
C ．金属环向左侧直导线靠近，则环上的感应电流方向为逆时针方向
D ．金属环向右侧直导线靠近，则环上的感应电流方向为逆时针方向
解析：选D 当金属环上下运动时，穿过环的磁通量不发生变化，根据楞次定律，没有感应电流产生，选项A 、B 错误；当金属环向左移动时，穿过环的合磁通量垂直纸面向外且增强，根据楞次定律可知，环上产生顺时针方向的感应电流，故选项C 错误；当金属环向右移动时，穿过环的合磁通量垂直纸面向里且增强，根据楞次定律可知，环上产生逆时针方向的感应电流，故选项D 正确。

2.[考查右手定则]如图，在方向垂直于纸面向里的匀强磁场中有一U 形金属导轨，导轨平面与磁场垂直。

金属杆PQ 置于导轨上并与导轨形成闭合回路PQRS ，一圆环形金属线框T 位于回路围成的区域内，线框与导轨共面。

现让金属杆PQ 突然向右运动，在运动开始的
瞬间，关于感应电流的方向，下列说法正确的是(2017·全国卷Ⅲ)()
A．PQRS中沿顺时针方向，T中沿逆时针方向
B．PQRS中沿顺时针方向，T中沿顺时针方向
C．PQRS中沿逆时针方向，T中沿逆时针方向
D．PQRS中沿逆时针方向，T中沿顺时针方向
解析：选D金属杆PQ向右切割磁感线，根据右手定则可知PQRS中感应电流沿逆时针方向；原来T中的磁场方向垂直于纸面向里，闭合回路PQRS中的感应电流产生的磁场方向垂直于纸面向外，使得穿过T的磁通量减小，根据楞次定律可知T中产生顺时针方向的感应电流，综上所述，可知A、B、C项错误，D项正确。

[通关锦囊]
判断感应电流方向的两种方法
1．方法一用楞次定律判断
2.方法二用右手定则判断,该方法适用于导体切割磁感线产生的感应电流。

判断时注意掌心、拇指、四指的方向：
(1)掌心——磁感线垂直穿入。

(2)拇指——指向导体运动的方向。

(3)四指——指向感应电流的方向。

考点三利用楞次定律的推论快速解题
1．[考查“来拒去留”]很多相同的绝缘铜圆环沿竖直方向叠放，形成一很长的竖直圆筒。

一条形磁铁沿圆筒的中心轴竖直放置，其下端与圆筒上端开口平齐。

让条形磁铁从静止开始下落。

条形磁铁在圆筒中的运动速率()
A．均匀增大B．先增大，后减小
C．逐渐增大，趋于不变D．先增大，再减小，最后不变
解析：选C沿竖直方向叠放的圆筒相当于闭合电路，磁铁穿过闭合电路，产生感应电流，根据楞次定律，磁铁受到向上阻碍磁铁运动的安培力，开始时磁铁的速度小，产生的感应电流也小，安培力也小，磁铁做加速运动，随着速度的增大，其加速度变小，产生
的感应电流增大，安培力也增大，直到安培力大小趋近于磁铁重力的时候，磁铁趋近于做匀速运动，C正确。

2.[考查“增缩减扩”]如图所示，光滑平行导轨M、N固定在同一水平面上，两根导体棒P、Q平行放置在导轨上，形成一个闭合回路，当一条形磁铁从高处下落接近回路时()
A．P、Q将互相靠拢
B．P、Q将互相远离
C．磁铁的加速度仍为g
D．磁铁的加速度大于g
解析：选A设磁铁下端为N极，根据楞次定律可判断出P、Q中的感应电流方向，如图所示，根据左手定则可判断P、Q所受安培力的方向，可见，P、Q将互相靠拢。

由于回路所受安培力的合力向下，由牛顿第三定律知，磁铁将受到向上的反作用力，从而加速度小于g。

当磁铁下端为S极时，根据类似的分析可得到相同的结论，选项A正确。

[通关锦囊]
楞次定律的推论及应用
电磁感应现象中因果相对的关系恰好反映了自然界的对立统一规律，对楞次定律中“阻碍”的含义可以推广为感应电流的“效果”总是阻碍产生感应电流的原因，可由以下四种方式呈现：
1．阻碍原磁通量的变化，即“增反减同”。

2．阻碍相对运动，即“来拒去留”。

3．使线圈面积有扩大或缩小的趋势，即“增缩减扩”。

4．阻碍原电流的变化(自感现象)，即“增反减同”。

考点四一定律、三定则的综合应用
1．[考查楞次定律与安培定则的应用]电阻R、电容器C与一线圈连成闭合电路，条形磁铁位于线圈的正上方，N极朝下，如图所示。

现使磁铁N极远离线圈上端的过程中，流
过R 的电流方向和电容器极板的带电情况是( )
A ．从b 到a ，下极板带正电
B ．从a 到b ，下极板带正电
C ．从b 到a ，上极板带正电
D ．从a 到b ，上极板带正电
解析：选D 当磁铁N 极向上运动时，向下穿过线圈的磁通量变小，由楞次定律可得，感应磁场方向与原磁场方向相同，即向下，再由安培定则可得感应电流方向沿线圈盘旋而上，由于线圈相当于电源，则流过R 的电流方向是从a 到b ，电容器上极板带正电。

故选D 。

2．[考查一定律与三定则的综合应用·多选]如图所示，水平放置的两条光滑金属轨道上有可自由移动的金属棒PQ 、MN ，MN 的左边有一闭合电路，当PQ 在外力的作用下运动时，MN 向右运动，则PQ 所做的运动可能是( )
A ．向右加速运动
B ．向左加速运动
C ．向右减速运动
D ．向左减速运动
解析：选BC MN 向右运动，说明MN 受到向右的安培力，因为ab 在MN 处的磁场垂直纸面向里――→左手定则 MN 中的感应电流由M →N ――→安培定则 L 1中感应电流的磁场方向向上――→楞次定律 ⎩⎪⎨⎪⎧
L 2中磁场向上减弱L 2中磁场向下增强；若L 2中磁场向上减弱――→安培定则 PQ 中电流为Q →P 且减小――→右手定则 向右减速运动；若L 2中磁场向下增强――→安培定则 PQ 中电流为P →Q 且增大――→右手定则
向左加速运动。

B 、C 正确
3．[考查楞次定律与法拉第电磁感应定律、欧姆定律的综合应用]如图所示，两根平行金属导轨置于水平面内，导轨之间接有电阻R 。

金属棒ab 与两导轨垂直并保持良好接触，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面向下。

现使磁感应强度随时间均匀减小，ab 始终保持静止，下列说法正确的是(2017·天津高考)( )
A ．ab 中的感应电流方向由b 到a
B ．ab 中的感应电流逐渐减小
C ．ab 所受的安培力保持不变
D．ab所受的静摩擦力逐渐减小
解析：选D根据楞次定律，可判断ab中感应电流方向从a到b，A错误；磁场变化是均匀的，根据法拉第电磁感应定律，感应电动势恒定不变，感应电流I恒定不变，B错误；安培力F＝BIL，由于I、L不变，B减小，所以ab所受的安培力逐渐减小，根据力的平衡条件，静摩擦力逐渐减小，C错误，D正确。

[通关锦囊]
1．一定律、三定则的比较
2.相互联系
(1)应用楞次定律，一般要用到安培定则。

(2)研究感应电流受到的安培力，一般先用右手定则确定电流方向，再用左手定则确定安培力的方向，有时也可以直接应用楞次定律的推论确定。

[A级——保分练]
1．(2018·广州联考)如图所示，闭合线圈abcd水平放置，其面积为S，匝数为n，线圈与匀强磁场B夹角为θ＝45°。

现将线圈以ab边为轴顺时针转动90°，则线圈在初、末位置磁通量的改变量的大小为()
A．0 B.2BS
C.2nBS D．无法计算
解析：选B设初位置时穿过线圈的磁通量为正，则初位置时：Φ1＝BS sin θ＝
2
2BS，
末位置时：Φ2＝－BS cos θ＝－
2
2BS，则初、末位置磁通量的改变量的大小为：ΔΦ＝|Φ2
－Φ1|＝2BS，故B正确。

2.如图所示，上下开口、内壁光滑的铜管P和塑料管Q竖直放置。

小磁块先后在两管中从相同高度处由静止释放，并落至底部。

则小磁块()
A．在P和Q中都做自由落体运动
B．在两个下落过程中的机械能都守恒
C．在P中的下落时间比在Q中的长
D．落至底部时在P中的速度比在Q中的大
解析：选C小磁块从铜管P中下落时，P中的磁通量发生变化，P中产生感应电流，小磁块受到向上的磁场力，阻碍小磁块向下运动，因此小磁块在P中不是做自由落体运动，而在塑料管Q中不会产生电磁感应现象，因此在Q中小磁块只受重力，所以在Q中做自由落体运动，A项错误；P中的小磁块下落时受到的磁场力对小磁块做负功，机械能不守恒，B项错误；由于在P中小磁块下落的加速度小于g，而Q中小磁块做自由落体运动，因此从静止开始下落相同高度，在P中下落的时间比在Q中下落的时间长，C项正确；根据动能定理可知，小磁块落到底部时在P中的速度比在Q中的速度小，D项错误。

3．[多选]某一金属圆环处于匀强磁场中，环面垂直于磁场，如图甲所示。

磁感应强度随时间按正弦规律变化，如图乙所示。

取磁场垂直于环面向里为正方向，则下列说法正确的是()
A．0～t2时间内，环中感应电动势先减小后增大
B．t1～t3时间内，环中感应电流方向先沿顺时针后沿逆时针
C．0～t4时间内，金属环一共出现两次收缩趋势，两次扩张趋势
D．t2～t4时间内，环上某一段受到的安培力先变大后变小
解析：选AC0～t2时间内，磁感应强度的变化率先变小后变大，根据法拉第电磁感应定律可知，环中的感应电动势先减小后增大，故A正确；根据楞次定律，t1～t3时间内，环中感应电流方向一直沿顺时针方向，故B错误；当磁感应强度增大时，根据楞次定律可知，金属环有收缩的趋势，当磁感应强度减小时，金属环有扩张趋势，从图像可以看出，0～t4时间内，金属环出现两次收缩趋势，两次扩张趋势，故C正确；由于t2、t4两个时刻，磁感应强度为零，因此环上某一段受到的安培力为零，在t3时刻，感应电动势为零，感应电
流为零，因此环上某一段受到的安培力也为零，因此t2～t4时间内，环上某一段受到的安培力先变大后变小，再变大然后再变小，故D错误。

4.如图所示，两个闭合正方形线框A、B的中心重合，放在同一水平面内。

当小线框A 中通有不断增大的顺时针方向的电流时，对于线框B，下列说法中正确的是()
A．有顺时针方向的电流且有收缩的趋势
B．有顺时针方向的电流且有扩张的趋势
C．有逆时针方向的电流且有收缩的趋势
D．有逆时针方向的电流且有扩张的趋势
解析：选D根据右手定则可得，线框A中电流的磁场向里且逐渐增大，根据楞次定律可得，线框B中感应电流的磁场的方向向外，感应电流的方向为逆时针方向，线框A外侧与线框B内侧处产生的磁场方向向外，由楞次定律的推论可知线框B有扩张的趋势，故D正确。

5．[多选]如图所示，A、B是两根互相平行、固定的长直通电导线，二者电流大小和方向都相同。

一个矩形闭合金属线圈abcd与A、B在同一平面内，并且ab边保持与通电导线平行。

线圈从图中的位置1匀速向左移动，经过位置2，最后到位置3，其中位置2恰在A、B的正中间。

下列说法中正确的是()
A．在位置2这一时刻，穿过线圈的磁通量为零
B．在位置2这一时刻，穿过线圈的磁通量的变化率为零
C．在位置1到位置3的整个过程中，线圈内感应电流的方向发生了变化
D．在位置1到位置3的整个过程中，线圈受到的磁场力的方向保持不变
解析：选AD通电导线A在其右侧产生垂直纸面向里的磁场，通电导线B在其左侧产生垂直纸面向外的磁场，根据叠加原理可知：导线A到A、B的中心线之间区域合磁场方向垂直纸面向里，导线B到A、B的中心线之间区域合磁场方向垂直纸面向外，又因位置2恰在A、B的正中间，所以在位置2，穿过线圈的合磁通量为0，但磁通量的变化率不为0，故A正确，B错误；从位置1到位置2，向外的磁通量减小，感应电流为逆时针，从位置2到位置3，向里的磁通量增加，感应电流仍为逆时针，故C错误；由楞次定律知，线圈所受磁场力总是阻碍线圈与导线的相对运动，方向总是向右，故D正确。

6.(2018·嘉兴测试)如图所示为安检门原理图，左边门框中有一通电线圈，右边门框中有
一接收线圈。

工作过程中，某段时间通电线圈中存在顺时针方向均匀增大的电流，则()
A．无金属片通过时，接收线圈中的感应电流方向为顺时针
B．无金属片通过时，接收线圈中的感应电流增大
C．有金属片通过时，接收线圈中的感应电流方向为顺时针
D．有金属片通过时，接收线圈中的感应电流大小发生变化
解析：选D当通电线圈中存在顺时针方向均匀增大的电流，则通过接收线圈的磁通量增大，根据楞次定律可以知道，接收线圈产生的感应电流为逆时针，由于磁通量均匀增大，则产生的感应电流不变，故选项A、B错误；当有金属片通过时，接收线圈中磁通量仍然增大，故产生的感应电流仍然为逆时针，但是由于金属片中也要产生感应电流，所以接收线圈中的感应电流大小发生变化，故选项C错误，选项D正确。

[B级——拔高练]
7.[多选](2018·蚌埠模拟)如图是生产中常用的一种延时继电器的示意图，铁芯上有两个线圈A和B(构成电磁铁)，线圈A跟电源连接，线圈B的两端接在一起，构成一个闭合回路。

下列说法正确的是()
A．闭合开关S时，B中产生与图示方向相同的感应电流
B．闭合开关S时，B中产生与图示方向相反的感应电流
C．断开开关S时，电磁铁会继续吸住衔铁D一小段时间
D．断开开关S时，弹簧K立即将衔铁D拉起
解析：选BC由题意可知，闭合S后，线圈A中产生磁场，穿过线圈B的磁通量要增加，根据楞次定律推论“增反减同”：结合右手螺旋定则可知，B中产生与图示方向相反的感应电流，故A错误，B正确；断开S，回路电流减小，铁芯中磁场减小，由楞次定律，线圈B产生图示方向的电流，减缓磁场减小的趋势，电磁铁会继续吸住衔铁D一小段时间，故C正确，D错误。

8.[多选]如图，一均匀金属圆盘绕通过其圆心且与盘面垂直的轴逆时针匀速转动。

现施加一垂直穿过圆盘的有界匀强磁场，圆盘开始减速。

在圆盘减速过程中，以下说法正确的是()
A．处于磁场中的圆盘部分，靠近圆心处电势高
B．所加磁场越强越易使圆盘停止转动
C．若所加磁场反向，圆盘将加速转动
D．若所加磁场穿过整个圆盘，圆盘将匀速转动
解析：选ABD根据右手定则可判断靠近圆心处电势高，选项A正确；圆盘处在磁场中的部分转动时切割磁感线，相当于电源，其他部分相当于外电路，根据左手定则，圆盘所受安培力与运动方向相反，磁场越强，安培力越大，故所加磁场越强越易使圆盘停止转动，选项B正确；磁场反向，安培力仍阻碍圆盘转动，选项C错误；若所加磁场穿过整个圆盘，整个圆盘相当于电源，不存在外电路，没有电流，所以圆盘不受安培力将匀速转动，选项D正确。

9.(2017·重庆一中模拟)如图所示，质量为m的铜质小闭合线圈静置于粗糙水平桌面上。

当一个竖直放置的条形磁铁贴近线圈，沿线圈中线由左至右从线圈正上方等高、匀速经过时，线圈始终保持不动。

则关于线圈在此过程中受到的支持力F N和摩擦力F f的情况，以下判断正确的是()
A．F N先大于mg，后小于mg
B．F N一直大于mg
C．F f先向左，后向右
D．线圈中的电流方向始终不变
解析：选A当磁铁靠近线圈时，穿过线圈的磁通量增加，线圈中产生感应电流，线圈受到磁铁的安培力作用，根据楞次定律可知，线圈受到的安培力斜向右下方，则线圈对桌面的压力增大，即F N大于mg，线圈相对桌面有向右运动趋势，受到桌面向左的静摩擦力。

当磁铁远离线圈时，穿过线圈的磁通量减小，同理，根据楞次定律可知，线圈受到的安培力斜向右上方，则线圈对桌面的压力减小，即F N小于mg，线圈相对桌面有向右运动趋势，受到桌面向左的静摩擦力。

综上可知，F N先大于mg，后小于mg，F f始终向左，故B、C错误，A正确；当磁铁靠近线圈时，穿过线圈向下的磁通量增加，线圈中产生感应电流从上向下看是逆时针方向；当磁铁远离线圈时，穿过线圈向下的磁通量减小，线圈中产生感应电流从上向下看是顺时针方向，故D错误。

10.[多选]如图所示，空间存在着与圆台母线垂直向外的磁场，各处的磁感应强度大小
均为B ，圆台母线与竖直方向的夹角为θ，一个质量为m 、半径为r 的匀质金属圆环位于圆台底部。

环中维持恒定的电流I 不变，今圆环由静止向上运动，经过时间t 后撤去该恒定电流并保持圆环闭合，圆环全程上升的最大高度为H 。

已知重力加速度为g ，磁场的范围足够大。

在圆环向上运动的过程中，下列说法正确的是( )
A ．在时间t 内安培力对圆环做功为mgH
B ．圆环先做加速运动后做减速运动
C ．圆环运动的最大速度为2πBIrt cos θm
－gt D ．圆环先有扩张后有收缩的趋势
解析：选BC 圆环中通以恒定电流I 后，圆环所受安培力为BI ·2πr ，由左手定则可知电流方向为顺时针，则在竖直方向的分力为2πBIr cos θ，由牛顿第二定律，可得：BI ·2πr cos θ－mg ＝ma ，则圆环的加速度为a ＝2πBIr cos θm
－g ，方向竖直向上，在电流未撤去时，圆环将做匀加速直线运动，经过时间t ，速度会达到最大值，由v ＝at 得v ＝
2πBIrt cos θm －gt ，故C 正确；在时间t 内，上升的高度h ＝12
at 2，则安培力对圆环做功为W ＝Fh ＝πrBIt 2·cos θ⎝⎛⎭
⎫2πBIr cos θm －g ，故A 错误；电流撤去后，由于惯性，圆环先继续向上运动，在磁场中切割磁感线而做变减速运动，故B 正确；圆环通电流时，安培力水平分量指向圆心，圆环有收缩的趋势，撤去电流后，由右手定则知，圆环切割产生的感应电流为逆时针，则安培力水平分量背离圆心，则有扩张的趋势，故D 错误。

教材回顾(二)法拉第电磁感应定律__自感
一、法拉第电磁感应定律
[深化理解]
1．磁通量、磁通量的变化量和磁通量的变化率的比较
2．公式E ＝n ΔΦΔt
与E ＝Bl v 的区别与联系
1．线圈中磁通量越大，产生的感应电动势越大。

( )
2．线圈中磁通量变化越大，产生的感应电动势越大。

( )
3．线圈中磁通量变化越快，产生的感应电动势越大。

( )
4．线圈匝数越多，磁通量越大，产生的感应电动势越大。

( )
5．导体棒在磁场中运动速度越大，感应电动势越大。

( )
答案：1.× 2.× 3.√ 4.× 5.×
二、自感 涡流
1．自感现象
由于通过导体自身的电流发生变化而产生的电磁感应现象。

2．自感电动势
(1)定义：在自感现象中产生的感应电动势叫做自感电动势。

(2)方向：当原电流增大时，自感电动势的方向与原电流方向相反；当原电流减小时，自感电动势的方向与原电流方向相同。

(3)大小：自感电动势的大小与电流的变化率成正比，E ＝L ΔI Δt
，L 是自感系数。

3．自感系数L
(1)决定因素：与线圈的大小、形状、匝数以及线圈中是否有铁芯有关。

(2)国际单位：亨利，符号是H 。

更小的单位有毫亨(mH)、微亨(μH)，1 H ＝103 mH ＝106 μH 。

[深化理解]
通电自感和断电自感的比较。