高二物理下学期期末考试(第八次月考)试题(含解析)(2021年整理)

试题（含解析）
编辑整理：
尊敬的读者朋友们：
这里是精品文档编辑中心，本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的，发布之前我们对文中内容进行仔细校对，但是难免会有疏漏的地方，但是任然希望（西藏自治区拉萨市2016-2017学年高二物理下学期期末考试（第八次月考）试题（含解析））的内容能够给您的工作和学习带来便利。

同时也真诚的希望收到您的建议和反馈，这将是我们进步的源泉，前进的动力。

本文可编辑可修改，如果觉得对您有帮助请收藏以便随时查阅，最后祝您生活愉快业绩进步，以下为西藏自治区拉萨市2016-2017学年高二物理下学期期末考试（第八次月考）试题（含解析）的全部内容。

物理试题
一、选择题（每题5分,共45分，21-25单选,26-29多选)
1. 下列说法正确的是
A. 氡的半衰期为3。

8天,若取4个氡原子核，经7.6天后就一定剩下1个原子核了
B. 原子核内的中子转化成一个质子和一个电子，这种转化产生的电子发射到核外，就是β粒子，这就是β衰变的实质
C. 光子的能量由光的强度所决定
D. 只要有核反应发生，就一定会释放出核能
【答案】B
2。

下列说法正确的是
A。

卢瑟福通过实验发现了质子的核反应方程为
B. 太阳源源不断的释放出巨大的能量，其能量的来源就是太阳本身的核裂变
C. 现在的很多手表指针上涂有一种新型发光材料，白天吸收光子外层电子跃迁到高能轨道，晚上向低能级跃迁放出光子，其发光的波长一定跟吸收的光的波长完全一致
D。

只要光足够强，一定能发生光电效应
【答案】A
【解析】卢瑟福通过实验发现了质子的核反应方程为，选项A正确；太阳源源不断的释放出巨大的能量，其能量的来源就是太阳本身的核聚变,选项B错误；由高能轨
道向低能级辐射光子时，不止放出一种波长的光子，所以不是跟吸收的光的波长完全一致,故C 错误．根据光电效应的规律可知，只要光的频率足够大，才能发生光电效应，选项D错误;故选A。

3. 如图所示，在光滑的水平面上放有一物体M，物体上有一光滑的半圆弧轨道，轨道半径为R，最低点为C，两端A、B等高，现让小滑块m从A点静止下滑，在此后的过程中,则
A. M和m组成的系统机械能守恒，动量守恒
B。

M和m组成的系统机械能守恒，动量不守恒
C. m从A到C的过程中M向左运动，m从C到B的过程中M向右运动
D。

m从A到B的过程中，M运动的位移为
【答案】B
【解析】试题分析：M和m组成的系统机械能守恒,总动量不守恒,但水平方向动量守恒，A错误，B正确；m从A到C过程中，M向左加速运动，当m到达C处时，M向左速度最大，m从C 到B过程中，M向左减速运动，C错误；当m从A到C过程中，又Mx M=mx m,x M+x m=R，得x M=mR/（m+M），D错误。

考点:本题考查动量守恒与机械能守恒定律的综合应用。

4。

用均匀导线做成的单匝正方形线框，每边长为0。

2米,正方形的一半放在和纸面垂直向里的匀强磁场中，如图示，当磁场以20T/s的变化率增强时，线框中点a、b两点电势差是：（ )
A. U ab＝0。

2V
B. U ab＝－0.2V
C. U ab＝0.4V D。

U ab＝－0.4V
【答案】B
考点：本题考查法拉第电磁感应定律。

5。

如图所示，两个线圈绕在同一根软铁棒上,当导体棒A运动时，发现有感应电流从a向b 流过灯，则下列关于A的运动情况的判断正确的是（）
A。

向左匀速运动 B. 向右匀速运动
C. 向左加速运动 D。

向右加速运动
【答案】C
【解析】试题分析：如果A棒是匀速运动,由于切割磁感线运动,所以会在上面的线圈中产生一个感应电流，从而产生一个感应磁场(这个可由右手螺旋定则来判断）,但由于是匀速运动，因而产生的电动势恒定不变，所以电流也是恒定不变的，所以上面线圈产生的磁场也是恒定不变
的，这样对下面那个线圈是没有影响的，因为由楞次定律可知，要使下面的线圈中产生感应电流，必须是有变化的磁场才行，现在磁场不变的，所以下面的线圈是没有感应电流的，AB错误；如果A向左加速运动，则产生的感应电流增大，根据右手定则可得上面的线圈产生的磁场是向下的，由于是加速运动，所以最终导致磁场变大，由楞次定律判断出下面线圈的感应电流方向是从a流向b的。

同理可判断出D项中,电流是从b流向a的。

故选C
考点：考查了楞次定律的应用
点评：关键是能根据A的运动判断上面的线圈的磁通量变化情况，然后根据楞次定律判断下面线圈的感应电流方向
6. 如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为3∶1，L1、L2、L3为三只规格均为“9V 6W"的相同灯泡，各电表均为理想交流电表,输入端接入如图乙所示的交变电压，则以下说法中正确的是:（）
A. 电流表的示数为2A
B. 电压表的示数为V
C。

副线圈两端接入耐压值为9V的电容器能正常工作
D. 变压器副线圈中交变电流的频率为50Hz
【答案】AD
【解析】试题分析：变压器初级电压有效值为：,故电压表的示数为27V，选
项B错误；变压器次级电压为,故三盏灯都能正常发光，次级电流为,选项A 正确；由于次级电压有效值为9 V,最大值为V，故副线圈两端接入耐压值为9V的电容器不能正常工作，选项C 错误；变压器副线圈中交变电流的频率为，选项D 正确。

考点：变压器的原理；交流电的最大值、有效值的计算。

7。

如图甲所示，在匀强磁场中，一矩形金属线圈两次分别以不同的转速，绕与磁感线垂直的轴匀速转动，产生的交变电动势图象如图乙中曲线a、b所示，则
A。

两次t＝0时刻线圈平面均与中性面垂直
B. 曲线a、b对应的线圈转速之比为3∶2
C。

曲线a表示的交变电动势频率为25 Hz
D。

曲线b表示的交变电动势为10 V
【答案】AC
【解析】试题分析：由图可知，当两次t＝0时刻，感应电动势为0，则说明线圈平面与磁场垂直，故此时的磁通量均最大，选项A错误；由图可知，两次的周期之比为T a：T b=4：6=2：3,因为转速等于周期的倒数，故转速之比为3：2，选项B错误;曲线a的周期为T a=4×10—2s，故曲线a表示的交变电动势频率为f=1/T a=”25" Hz，选项C正确；因为曲线a的最大值为15V,即15V=BSωa，而对于曲线b而言，E b=BSωb,由于ωa：ωb=3：2，故Eb=10V，故它的有效值为10/V，选项D错误。

考点：交流电的周期与频率、有效值.
8。

下列说法中正确的是（）
A。

有规则外形的物体是晶体，没有确定的几何外形的物体是非晶体
B。

0 ℃的铁和0 ℃的冰，它们的分子平均动能相同
C。

扩散现象和布朗运动都与温度有关，所以扩散现象和布朗运动都是分子的热运动
D. 两分子从无限远处逐渐靠近，直到不能再靠近为止的过程中,分子间相互作用的合力先变大，后变小，再变大
【答案】BD
【解析】有规则外形的物体是单晶体，没有确定的几何外形的物体是多晶体或者非晶体，选项A错误;温度是分子平均动能的标志，则0 ℃的铁和0 ℃的冰，它们的分子平均动能相同，选项B正确；扩散现象和布朗运动都与温度有关，扩散现象是分子的热运动,而布朗运动是固体小颗粒的运动,不是分子运动,选项C错误；根据分子力随距离变化规律，两分子从无限远处逐渐靠近，直到不能再靠近为止的过程中，分子间相互作用的合力先变大，后变小，再变大，选项D正确;故选BD。

点睛：本题重点掌握什么是热运动,特别注意布朗运动是固体颗粒的运动，它不是分子的运动，只是分子无规则运动的具体反映，而扩散运动是分子运动．
9。

如图所示是一定质量的理想气体的状态变化过程的P—T图线，在AB、BC、CA三个阶段中，放热过程有（）
A。

AB B. BC C。

CA D. 以上全错
【答案】AC
【解析】由图示可知，AB过程，气体压强与热力学温度成正比，则气体发生等容变化,气体体积不变，外界对气体不做功，气体温度降低，内能减小，由热力学第一定律可知，气体要放出
热量；
由图示图象可知，BC过程气体发生等压变化,气体温度升高，气体内能增大，由盖吕萨克定律可知，气体体积增大,气体对外做功,由热力学第一定律△U=Q+W可知，气体要吸热；
由图象可知，CA过程气体温度不变而压强增大，内能不变,由玻意耳定律可知,气体体积减小，外界对气体做功，W＞0,气体内能不变，△U=0，由热力学第一定律可知，气体要放出热量；由以上分析可知,放出热量的过程是：AB与CA，故AC正确，BD错误；故选AC．
点睛:本题考查气体的状态方程中对应的图象，要抓住在P—T图象中等压线为过原点的直线．解决此类题目得会从图象中获取有用信息,判断出气体情况,内能变化情况，然后利用热力学第一定律即可做出正确得分析．
二、实验题（每题8分，共16分）
10. 在用电火花计时器“研究匀变速直线运动”的实验中，如图所示是一次记录小车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E为相邻的计数点,相邻计数点间还有四个点未画出．(电源频率为50 Hz)
(1）根据运动学有关公式可求得v B＝1.38 m/s，v C＝________m/s，v D＝3.90 m/s.
（2）利用纸带上的数据求出小车运动的加速度a＝________m/s2.
（3）若利用求得的数值作出小车的v－t图线(以打A点时开始计时）,将图线延长与纵轴相交，交点的纵坐标是0.12 m/s，此速度的物理意义是_______________
【答案】 (1）。

2.64m/s （2). 12。

6m/s2（3)。

小车初速度A点的速度，是0.1m/s 【解析】试题分析：（1）据题意，C点速度等于BD段平均速度,而相邻两点的时间间隔为：,即：;(2）小车初速度A点的速度，是0。

1m/s.
考点：本题考查小车加速度的测量。

11. 某同学用如图甲所示装置，通过半径相同的A、B两球的碰撞来探究碰撞过程中的不变量，图中PQ是斜槽,QR为水平槽，实验时先使A球从斜槽上某一固定位置G由静止开始滚下，落到位于水平地面的记录纸上，留下痕迹．重复上述操作10次，得到10个落点痕迹，再把B球放在水平槽上靠近槽末端的地方，让A球仍从位置G由静止开始滚下，和B球碰撞后，A、B球分别在记录纸上留下各自的落点痕迹,重复这种操作10次．图中O点是水平槽末端R在记录纸上的竖直投影点，B球落点痕迹如图乙所示，其中米尺水平放置，且在G、R、O所在的平面内，米尺的零点与O点对齐。

(1）碰撞后B球的水平射程应取为________cm。

（2)在以下选项中，本次实验必须进行的测量是________．
A．水平槽上未放B球时，测量A球落点位置到O点的距离
B．测量A球与B球碰撞后，A球落点位置到O点的距离
C．测量A球与B球的质量
D．测量G点相对于水平槽面的高度
（3）某同学用一把有50个小等分刻度的游标卡尺测量小球的直径，由于遮挡，只能看见游标尺的后半部分，如图所示，小球的直径D＝________mm.
（4)常用的测量仪器还有螺旋测微器，若某次测量示数如图，则待测长度为________mm。

【答案】 (1)。

（1）64.8（64.0～65。

0 cm均可) (2). （2）ABC (3)。

(3) 16.96 mm (4）。

（4)6。

125 mm（6。

123~6。

127 mm均可）
【解析】（1)碰撞后b球的水平射程落点如图乙所示，取所有落点中靠近中间的点读数，即可取一个最小的圆的圆心,约为64.8cm；
（2)根据实验原理可得m a v0=m b v1+m b v2，由已测量的物理量m a、m b、OB、OA、OC．
又因下落时间相同，即可求得：m a OB=m a OA+m b OC，所以不需要测量水平槽面离地面的高度或小球在空中飞行时间,需要测量A球和B球的质量以及A球两次落地时的水平距离和B球落地时的水平距离；故D错误,ABC正确;故选ABC.
(3）从图中可知,游标尺上的第48个刻度与主尺上的6。

4cm,即64mm处对齐，
根据游标尺的构造可知，50分度的游标尺，游标尺上的50刻度的总长是49mm，
因此最终读数为：64mm-48×mm=64-47。

04mm=16.96mm，
螺旋测微器的固定刻度为6.0mm,可动刻度为：12.5×0.01mm=0。

125mm,
所以最终读数为：6。

0mm+0。

125mm=6.125mm．
点睛：本题考查验证动量守恒定律的实验；掌握两球平抛的水平射程和水平速度之间的关系，是解决本题的关键，注意理解动量守恒定律的条件．同时还要掌握基本测量仪器的读数方法，明确螺旋测微器需要估读．
三、计算题（共39分）
12. 如图所示,用不计重力的轻质活塞在气缸内封闭一定质量理想气体，活塞与气缸壁间摩擦忽略不计，开始时活塞距气缸底高度h1 = 0。

50 m．给气缸加热,活塞缓慢上升到距离气缸底
h2 = 0.80 m处，同时缸内气体吸收Q = 450 J的热量．已知活塞横截面积S = 5.0×10-3 m2，大气压强p0 = 1。

0×105 Pa．求：
①缸内气体对活塞所做的功W;
②此过程中缸内气体增加的内能ΔU 。

【答案】①150J；②300J
【解析】试题分析：①活塞缓慢上升为等压过程,由功的表达式求解即可．
②由热力学第一定律△u=W+Q可求．
解:①活塞缓慢上升，视为等压过程，则气体对活塞做功W=F△h=p0S△h=150J
②根据热力学定律△U=W+Q=﹣150+450=300J
答：①缸内气体对活塞所做的功为150J。

②此过程中缸内气体增加的内能△U=300J
点评：基本公式的应用,明确做功与热量的正负的确定是解题的关键．
13。

如图所示,金属导轨MN、PQ之间的距离L=0。

2m，导轨左端所接的电阻R=1，金属棒ab 可沿导轨滑动，匀强磁场的磁感应强度为B=0。

5T, ab在外力作用下以V=5m/s的速度向右匀速滑动，求金属棒所受安培力的大小。

【答案】0.05N
【解析】试题分析：导体棒ab垂直切割磁感线
考点:考查了导体切割磁感线运动
点评：当金属棒在导轨上以某一速度向右做匀速滑动时，切割磁感线产生感应电动势，相当于电源，
14。

如图所示，水平地面和半圆轨道面均光滑，质量M＝1kg的小车静止在地面上，小车上表面与R=0。

24m的半圆轨道最低点P的切线相平。

现有一质量m＝2kg的滑块（可视为质点)以v0=6m/s的初速度滑上小车左端，二者共速时小车还未与墙壁碰撞，当小车与墙壁碰撞时即被粘在墙壁上，已知滑块与小车表面的滑动摩擦因数μ＝0。

2,g取10m/s2，求：
(1）滑块与小车共速时的速度及小车的最小长度；
（2）滑块m恰好从Q点离开圆弧轨道时小车的长度；
(3）讨论小车的长度L在什么范围,滑块能滑上P点且在圆轨道运动时不脱离圆轨道？
【答案】（1)L1=3m（2） 4m（3）2.8m
【解析】（1）由动量守恒知，，
得v1=4m/s(4分）设小车的最小长度为L1
由能量守恒知,得L1=3m（4分）
（2）m恰能滑过圆弧的最高点，(2分）
小车粘在墙壁后,滑块在车上滑动,运动到最高点Q，
在这个过程对滑块由动能定理:（2分）
解得：
所以小车长度（2分)
（3）由（2）可知，滑块要想运动到Q点，小车的长度L必须满足：
若滑块恰好滑至圆弧到达T点时就停止，则滑块也能沿圆轨道运动而不脱离圆轨道。

小车粘在墙壁后,滑块在车上滑动,运动到T点，在这个过程对滑块由动能定
理:(2分）
解得（2分）
本题考查的是动量守恒和动能定理的应用.。