【高考全真模拟】【(新课标Ⅲ)】2018年高考全真模拟试卷理科综合能力测试试题(3)(解析版)

绝密★启用前
（考试时间：150分钟试卷满分：300分）
注意事项：
1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

写在本试卷上无效。

3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。

写在本试卷上无效。

4．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

可能用到的相对原子质量：H 1 Li 7 B 11 C 12 N 14 O 16 Na 23 Mg 24 P 31 Cl 35.5 Ga 70 As 75
第Ⅰ卷
一、选择题：本题共13个小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1．下列生物学实验操作能达到较理想实验效果的是
A．探究温度影响酶的活性实验中，可选择H2O2作为底物
B．用苏丹Ⅲ染液对花生子叶薄片染色后，用体积分数50%的酒精洗去浮色
C．水浴加热条件下，可选择蔗糖与斐林试剂发生作用生成砖红色沉淀
D．鉴定组织样液是否含有蛋白质，应先后加入等量的双缩脲试剂A液和B液
【答案】B
2．囊泡运输在细胞的生命活动中非常重要，下列相关叙述中错误的是
A．囊泡膜的化学成分主要是磷脂和蛋白质
B．生物膜的更新可通过囊泡运输实现
C．只有大分子物质才通过囊泡运输
D．囊泡运输需要消耗能量
【答案】C
【解析】囊泡膜属于生物膜的一部分，其化学成分主要是磷脂与蛋白质，A正确；内质网膜可以通过囊泡与高尔基体膜间接相连，高尔基体膜同样也可以通过囊泡和细胞膜发生融合，从而实现膜成分的更新，B正确；神经递质也是通过囊泡进行运输，但是神经递质不是大分子，C错误；囊泡运输依赖膜的流动性且要消耗能量，D正确。

3．如图所示为某种单基因遗传病的遗传系谱图，巳知Ⅰ1不含该遗传病的致病基因。

下列叙述正确的是
A．该致病基因是位于X染色体上的隐性基因
B．Ⅲ2与正常男性婚配，子女患病的概率为0
C．在自然人群中，该遗传病的男性患者少于女性患者
D．该遗传系谱图中所有的患者均为杂合子
【答案】B
【解析】Ⅰ1不含该遗传病的致病基因，其女儿一定含有其包括X染色体在内的23条染色体，其女儿为患者，据此可知该病为显性遗传病，；根据II2为患者，其女儿Ⅲ2正常，可排除伴X显性遗传病，该病应为常染色体显性遗传病，A项错误；Ⅲ2正常，与正常男性婚配，子女患病的概率为0，B项正确；
常染色体遗传病发病率与性别无关，C项错误；图中患者Ⅰ2可能为纯合子，D项错误。

4．某种南瓜矮生突变体可分为两类:激素合成缺陷型突变体和激素不敏感型突变体。

为研究某种矮生南瓜的矮生突变体属于哪种类型，研究者应用赤霉素和生长素溶液进行了相关实验，结果如图所示。

下列相关分析正确的是
A．由图可看出，赤霉素能促迸正常植株茎的伸长，生长素对正常植株的作用具有两重性
B．由图可以判断,该矮生南瓜突变体是生长素和赤霉素不敏感型突变体
C．若两种南瓜内生长素和赤霉素的含量都很接近,则可以判断该矮生南瓜突变体是激素合成缺陷型D．正常南瓜茎的伸长对赤霉素的作用更敏感
【答案】B
【解析】分析图b可推知，生长素促进了正常南瓜茎的生长，与对照组相比没有体现抑制作用，因此不能体现生长素作用的两重性，A错误；由图a、b可知，喷施赤霉素或生长素不能使矮生南瓜的茎恢复至正常，说明矮生南瓜突变体是生长素和赤霉素不敏感型突变体，B正确；根据以上分析可知，两种激素对矮生南瓜的茎不起作用，说明该矮生南瓜不属于激素合成缺陷型突变体，C错误；据图分析，随着赤霉素浓度的增加，对南瓜茎伸长的促进作用越来越强，而随着生长素浓度的增加，对南瓜茎伸长的促进作用先增加后减弱，说明正常南瓜茎的伸长对生长素的作用更敏感，D错误。

5．PM2.5是指大气中直径小于或等于2.5微米的颗粒物，富含大量的有毒、有害物质，易通过肺部进入血液，是空气污染指数的重要指标。

下列有关PM2.5的推测不合理的是
A．PM2.5进入人体的鼻腔中时还没有进入人体的内环境
B．PM2.5可能成为过敏原，其诱发的过敏反应会引起机体功能紊乱
C．颗粒物进入呼吸道引起咳嗽属于非条件反射，其中枢不在大脑皮层
D．颗粒物中的一些酸性物质进入人体血液一定会导致血浆呈酸性
【答案】D
【解析】人体的鼻腔属于外部环境，PM2.5进入人体的鼻腔中时还没有进入人体的内环境，A正确；过敏原具有异物性，过敏反应是机体免疫系统功能过强引起的免疫失调病，PM2.5是指大气中直径小于或等于2.5微米的颗粒物，有的颗粒物可能成为过敏原，其诱发的过敏反应会引起机体功能紊乱，B正确；
颗粒物进入呼吸道引起咳嗽属于非条件反射，非条件反射的神经中枢在大脑皮层以下部位，C正确；血浆中存在的缓冲物质能够维持血浆的酸碱平衡，颗粒物中的一些酸性物质进入人体血液后，可以和缓冲物质发生反应，反应产物可以通过肺或肾脏排出体外，从而使血浆的酸碱度保持相对稳定，D错误。

6．在若干年期间，研究人员对生长在山区中的某二倍体植物种群进行了两次调查，结果见下表。

已知控制植株红花、黄花和白花性状的基因依次为R、r+和r，且R对r+、r为显性，r+对r为显性。

下列叙述错误的是
红花植株白花植株黄花植株
初次调查64% 36% 0
二次调查36% 25% 39%
B．该种植物所有个体的全部基因共同构成该种群的基因库
C．初次调查时种群中R的频率为40%，二次调查时为20%
D．r+的产生与遗传为该植物遗传多样性的形成奠定了基础
【答案】C
【解析】基因突变的结果是形成等位基因，基因突变是该植物花色基因频率变化的原因之一，A项正确；
一个种群中全部个体所含有的全部基因，叫做这个种群的基因库，B项正确；两次调查时，由于不知道
红花植株中RR、Rr和Rr+各基因型的具体比例，所以不能确定种群中R基因的频率，C项错误；r+的产生与遗传为该植物遗传多样性的形成奠定了基础，D项正确。

7．化学与生活密切相关，下列说法正确的是
A. 防腐剂是一种影响化学反应速率的食品添加剂
B. 高锰酸钾溶液、酒精、双氧水能杀菌消毒是利用了它们的强氧化性
C. 小苏打做糕点的膨松剂是由于NaHCO3能与碱反应
D. 维生素C对人体有益且人体不能合成，长期、大量服用有利于健康
【答案】A
【解析】A，防腐剂能减缓细菌和真菌的滋生速率、减慢食品的氧化速率，抑制各种微生物的繁殖、延长食品的储存时间，防腐剂是一种影响化学反应速率的食品添加剂，A项正确；B，高锰酸钾溶液、双氧水能杀菌消毒利用了它们的强氧化性，酒精能杀菌消毒利用了酒精能使蛋白质变性，B项错误；C，小苏打做糕点的膨松剂是NaHCO3受热分解产生大量气体，C项错误；D，维生素C对人体有益且人体不能合成，维生素C在人体内有重要功能，中学生每天要补充大约60mg维生素C，长期、大量服用维生素C可导致形成泌尿系结石、形成血栓等，不能长期、大量服用维生素C，D项错误；答案选A。

8．N A表示阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是
A. 10L pH =1的硫酸溶液中含有的H+离子数为2N A
B. 盛有SO2的密闭容器中含有N A个氧原子，则SO2的物质的量为0.5mol
C. 标准状况下.2.24LC12溶于水，转移6.02×1022个电子
D. 常温常压下，4.0g氢氧化钠溶于1L水所得溶液c(NaOH)=0.10mol/L
【答案】B
9．下列关于正丁烷（b）、2-甲基丙烷（d）、甲苯（p）的说法中正确的是
A. b与d互为同系物
B. b、d、p的一氯代物种数分别为2、3、4
C. b、d、p均不能使酸性高锰酸钾溶液褪色
D. b、d、p中只有d的所有碳原子不能处于同一平面
【答案】D
【解析】A. b与d的分子组成相同，结构不同，互为同分异构体，不互为同系物，故A错误；B. b、d、p 的一氯代物种数分别为2、2、4，故B错误；C. p能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故C错误；D. b、d、p 中只有d的所有碳原子不能处于同一平面，故D正确。

故选D。

10．右表为元素周期表中短周期的一部分，Y元素最高正价与最低负价的代数和为4，下列叙述正确的是
A. 原子半径: W
B. 元素的非金属性:X>Y>Z
C. 氢化物的热稳定性：W>X
D. 氧化物对应水化物的酸性: Y
【答案】C
【解析】Y元素最高正价与最低负价的代数和为4，Y是硫，对应W、X、Z分别是氮、氧、氯。

A.同周期元素原子半径随着核电荷数增大而减小，所以原子半径：W>X，故A错误；B. 同周期元素从左到右非金属性增强，元素的非金属性：Z>Y，故B错误；C. .同周期元素非金属性随着核电荷数增大而增强，非金属性：W<X，所以氢化物的热稳定性：W<X ，故C正确；D. 不是最高价氧化物对应水化物的酸性，无法作比较，故D错误。

故选C。

点睛：解答本题的基础是判断得出W、X、Y、Z对应的元素，而判断元素的突破口是Y，已知Y元素最高正价与最低负价的代数和为4，我们还了解主族元素最高正价与最低负价的绝对值和一般为8，得出Y 的最高正价是6，因此，Y是硫。

11．下列实验方案能达到实验目的的是
选项实验目的实验方案
A 证明Mg(OH)2沉淀可以转化为
Fe(OH)3
向2mL1mol/LNaOH溶液中先加入3滴1mol/L
MgCl2溶液，再加入3滴1mol/LFeCl3
B 比较氯和碳的非金属性强弱将盐酸滴入碳酸氢钠溶液中
C 配制100mL1.0mol/LCuSO4溶液将25gCuSO4·5H2O溶于100mL蒸馏水中
D 验证氧化性:Fe3+>I2将KI和FeCl3溶液在试管中混合后，加入CCL4，振荡，静置，观察下层液体是否变成紫色
【解析】A、向2mL1mol/LNaOH溶液中先加3滴1mol/L MgCl2溶液，产生白色沉淀，由于NaOH过量，再加入FeCl3时，FeCl3直接与NaOH反应，不能证明沉淀的转化，故A错误；B、将盐酸滴入碳酸氢钠溶液中，产生气泡，证明盐酸酸性强于碳酸，而比较元素的非金属性强弱，要通过比较元素最高价氧化物的水化物的酸性强弱来进行判断，若要比较Cl和C的非金属性强弱，则应比较HClO4与H2CO3的酸性强弱，故B错误；C、将25gCuSO4·5H2O溶于100mL蒸馏水中，溶质CuSO4的物质的量为1mol，而溶液的体积不是100mL，所配溶液的浓度不是1mol/L，故C错误；D、将KI和FeCl3溶液在试管中混合后，加入CCl4，振荡，静置，下层液体变成紫色，则证明产生了I2，说明Fe3+将I-氧化为I2，氧化性Fe3+＞I2，故D正确。

故选D。

12．某研究小组设计如下装置处理pH为5-6的污水。

下列说法正确的是
A. 阳极的电极反应式为： Fe-3e-=Fe3+
B. 正极的电极反应式为： O2+2H2O+4e-=4OH-
C. 若阴极转移2mol电子，则负极消耗5.6LCH4
D. 污水中最终会产生Fe(OH)3，吸附污物而形成沉淀
【答案】D
【解析】A. Fe作为电解池的阳极时，发生如下反应， Fe-2e-=Fe2+，A错误；B. 燃料电池中，正极反应为O2得到电子，由电池的电解质环境为熔融碳酸盐，所以正极反应为：O2+2CO2+4e-=2CO32-，B错误；
C. 转移2mol电子，消耗氧气0.5mol，参与反应CH4物质的量为0.25mol，标准状况下，消耗CH4体积
为5.6L，但C中没有明确气体状态，所以C错误；D. 二价铁能被氧气氧化成正三价，生成Fe(OH)3胶体，可以吸附污物而形成沉淀，D正确。

故选择D。

点睛：燃料电池的反应应明确，可燃气体在负极失去电子，而氧气在正极得到电子；而电解池中的电极为阳极和阴极。

13．已知298K时，K sp(NiS)＝1.0×10-21，K sp(NiCO3)＝1.0×10-7 ；p(Ni)＝－lg c(Ni2+)，p(B)＝－lg c(S2-)或－lg c(CO32-)。

在含物质的量浓度相同的Na2S和Na2CO3的混合溶液中滴加Ni(NO3)2溶液产生两种沉淀，溶液中阳离子、阴离子浓度关系如图所示。

下列说法错误的是
A. 常温下NiCO3的溶解度大于NiS的溶解度
B. 向d点对应的溶液中加入对应阴离子的钠盐，d点向b点移动
C. 对于曲线I，在b点加热，b点向c点移动
D. P为3.5且对应的阴离子是CO32-
【答案】C
【解析】A，常温下K sp（NiS）<K sp（NiCO3），NiS、NiCO3属于同种类型，常温下NiCO3的溶解度大于NiS，A项正确；B，K sp（NiS）<K sp（NiCO3），则曲线I代表NiS，曲线II代表NiCO3，在d点溶液中存在溶解平衡NiS（s）Ni2+（aq）+S2-（aq），加入Na2S，S2-浓度增大，平衡逆向移动，Ni2+减
小，d点向b点移动，B项正确；C，对曲线I在b点加热，NiS的溶解度增大，Ni2+、S2-浓度增大，b 点向a点方向移动，C项错误；D，曲线II代表NiCO3，a点c（Ni2+）=c（CO32-），K sp（NiCO3）= c （Ni2+）·c（CO32-）=1⨯10-7，c（Ni2+）=c（CO32-）=1⨯10-3.5，pNi=pB=3.5且对应的阴离子为CO32-，D项正确；答案选C。

点睛：本题考查与沉淀溶解平衡有关的曲线分析，注意图像中pNi、pB越大，Ni2+、B2-浓度越小是解题的关键。

注意溶度积与溶解度的关系，当难溶电解质类型相同时，溶度积大的溶解度大；当难溶电解质类型不同时，溶度积大的溶解度不一定大。

二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。

14．如图所示，a、b分别是甲、乙两辆车从同一地点沿同一直线同时运动的速度图象，由图象可以判断
A．2 s后甲、乙两车的加速度大小相等
B．两车在t＝8 s时相遇
t时刻速率相等
C．两车只有
D．在0～8 s内两车最远相距148m
【答案】D
【解析】A项：2s后甲图线的斜率大于乙图线的斜率，则2s后甲的加速度大于乙的加速度，故A错误；B 项：相遇要求在同一时刻到达同一位置，ab从同一地点沿同一直线同时运动，要相遇，位移必须相同，由图象法可知：8s内，a的位移s a=80-80m=0，s b=-40-30+30=-40m，不相等，故B错误；C项：速率是指速度的大小，由图看出，在2s末ab速率都等于20m/s，速率也相等．故C错误；D项：当甲乙两车速度相等时相距最远，根据ab两条直线的解析式，运用数学知识算出交点的横坐4.4，由图象法可知此时ab的距离为148m，故D正确。

15．如图所示，质量为M的小英坐在质量为m的雪橇上，狗拉着雪橇沿水平地面从静止开始向左移动了一段距离，假定狗对雪橇的拉力恒为F且与水平方向成θ角。

已知雪橇与雪地间的动摩擦因数为μ，则下列说法正确的是
A ．雪橇对小英的作用力大小大于Mg
B ．雪橇受到的滑动摩擦力大小为()M m g μ+
C ．雪橇受到的滑动摩擦力大小为cos F θ
D ．地面对雪橇的支持力大小为sin mg F θ-
【答案】A
【解析】A 、对小英受力分析，受到重力、雪橇对小英的支持力和摩擦力，在竖直方向上N F Mg =，水平方向上f Ma =，雪橇对小英的作用力大小()()2222N F F f Mg ma Mg =+=+>，故A 正确； BCD 、对雪橇和小英受力分析，受到四个力作用：竖直向下的重力(m+M)g 、斜向上37度的拉力F 、水平向后的摩擦力uN 、竖直向上的支持力N ，
在竖直方向上Fsin N Mg mg θ+=+，地面对雪橇的支持力大小为-N Mg mg Fsin θ=+，雪橇受到的滑动摩擦力大小为-Mg mg Fsin μθ+（）
，水平方向有()cos F f m M a θ-=+，所以雪橇受到的滑动摩擦力大小小于cos F θ，故BCD 错误；故选A 。

16．2013年12月2日1时30分，嫦娥三号探测器由长征三号乙运载火箭从西昌卫星发射中心发射，首次
实现月球软着陆和月面巡视勘察。

嫦娥三号的部分飞行轨道示意图如图所示。

假设嫦娥三号在圆轨道和椭圆轨道上运动时，只受到月球的万有引力。

下列说法中正确的是（ ）
A ．嫦娥三号沿椭圆轨道从P 点运动到Q 点的过程中，速度逐渐变小
B ．嫦娥三号沿椭圆轨道从P 点运动到Q 点的过程中，月球的引力对其做负功
C ．若已知嫦娥三号在圆轨道上运行的半径、周期和引力常量，则可计算出月球的密度
D ．嫦娥三号在椭圆轨道经过P 点时和在圆形轨道经过P 点时的加速度相等
【答案】D
17．如图甲，理想变压器的原线圈接入图乙所示的正弦交流电，两个阻值均为10Ω的定值电阻R 串联接在
副线圈两端，理想交流电压表示数为5.0 V 。

则
A ．变压器的输入功率为110 W
B ．原副线圈匝数比为12:22:1n n =
C ．原线圈中交流电的频率为100 Hz
D ．原线圈电压1u 瞬时值表达式为()1311sin50u t V π=
【答案】B
【解析】A 、副线圈的输出电压2210U U V ==，变压器的输入功率等于输出功率222100.55P U I W W ==⨯=，故A 错误；B 、由图可知，原线圈输入电压的有效值为
220V，原副线圈匝数比
故B正确；C、原线圈中交流电的频
率
C错误；D ，由图可知，原线圈电压
1
u瞬时
值表达式为()
1
311sin100
u t V
π
=，故D错误；故选B。

【点睛】根据图象可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，需要掌握变压器的电压之比和匝数比之间的关系。

18．如图所示，在真空中有两个固定的等量异种点电荷+Q和-Q。

直线MN是两点电荷连线的中垂线，O是两点电荷连线与直线MN的交点。

a、b是两点电荷连线上关于O的对称点，c、d是直线MN上的两个点。

下列说法中正确的是
A．a点的场强大于b点的场强；将一检验电荷沿MN由c移动到d，所受电场力先增大后减小
B．a点的场强小于b点的场强；将一检验电荷沿MN由c移动到d，所受电场力先减小后增大
C．a点的场强等于b点的场强；将一检验电荷沿MN由c移动到d，所受电场力先增大后减小
D．a点的场强等于b点的场强；将一检验电荷沿MN由c移动到d，所受电场力先减小后增大
【答案】C
【解析】试题分析：根据等量异种电荷周围的电场分布，a、b两点的电场强度的大小相等，方向相同．MN 为一条等势线，它上面的场强O点最大，向两边逐渐减小，所以检验电荷在O点受到的电场力最大．一检验电荷沿MN由c移动到d，所受电场力先增大后减小．故选项C正确，选项A、B、D错误．故选：C．
考点：电势能；电场线．
19．图甲中，两滑块A和B叠放在光滑水平地面上，A的质量为1m，B的质量为2m．设A、B间的动摩擦因数为μ，作用在A上的水平拉力为F，最大静摩擦力等于滑动摩擦力．图乙为F与μ的关系图
）
A ．μ和F 的值位于a 区域时， A 、
B 相对滑动
B ．μ和F 的值位于a 区域时， A 、B 相对静止
C ．μ和F 的值位于b 区域时， A 、B 相对滑动
D ．μ和F 的值位于b 区域时， A 、B 相对静止
【答案】AD 【解析】由牛顿第二定律得12m g m a μ=12m g
a m μ=()()112122m m m g F m m a m μ+=+=
μ和F 的值位于a 区域时，即有()1122m m m g F m μ+>，可得()1122m m m g
F m +>； μ、A 、B 相对滑动； μ和F 的值位于b 区域时，即有()1122m m m g F m μ+<，
可得， ()1122m m m g
F m +< μ， A 、B 相对静止，故AD 正确，BC 错误．故选AD ．
20．如图所示，三小球a 、b 、c 的质量都是m ，都放于光滑的水平面上，小球b 、c 与轻弹簧相连且静止，
小球a 以速度v 0冲向小球b
，碰后与小球b 黏在一起运动．在整个运动过程中，下列说法中正确的是
A ．三球与弹簧组成的系统总动量不守恒，总机械能不守恒
B ．三球与弹簧组成的系统总动量守恒，总机械能也守恒
C ．当小球b 、c 速度相等时，弹簧弹性势能最大
D ．当弹簧第一次恢复原长时，小球c 的动能一定最大，小球b 的动能一定不为零
【答案】CD
【解析】AB 、在整个运动过程中，系统的合外力为零，系统的动量守恒，小球a 与b 碰撞后粘在一起，动
能减小，机械能减小，故A B 错误；C 、a 与b 碰撞后，弹簧被压缩，弹簧对b 产生向左的弹力，对c 产生向右的弹力，ab 做减速运动，c 做加速运动，当c 的速度大于ab 的速度后，弹簧压缩量减小，则当小球b 、c 速度相等时，弹簧压缩量，弹性势能最大，故C 正确；D 、当弹簧恢复原长时，小球c 的动能一定最大，根据动量守恒和机械能守恒分析可知，小球b 的动能不为零，故D 正确；故选CD 。

【点睛】含有弹簧的问题，难点是对物体运动过程的分析，得到弹簧势能最大的临界条件；本题根据动量
守恒和机械能守恒分析求得。

21．如图所示，两根相距L=0.8m 、电阻不计的平行光滑金属导轨水平放置，一端与阻值R=0.3Ω的电阻相
连，导轨x>0一侧存在沿x 方向均匀增大的的稳恒磁场，其方向与导轨平面垂直，变化率k=0.5T/m ，x=0处磁场的磁感应强度B0=0.5T ．一根质量m=0.2kg 、电阻r=0.1Ω的金属棒置于导轨上，并与导轨垂直．棒在外力作用下从x=0处以初速度v0=4m/s 沿导轨向右运动，运动过程中电阻消耗的功率不变．则（ ）
A ．金属棒从x=0运动到x=3m 过程中安培力保持不变
B ．金属棒从x=0运动到x=3m 过程中速度一直减小
C ．金属棒从x=0运动到x=3m 过程中安培力做功的大小为12J
D ．金属棒从x=0运动到x=3m 过程中外力的平均功率为5.6W
【答案】BCD
【解析】A ．金属棒运动过程中电阻消耗的功率不变，则金属棒产生的感应电动势不变，电路电流不变，根
据F=BIL ，B 增大，安培力增大，故A 错误；B ．金属棒克服安培力做功，动能转化为内能， 速度一直减小，故B 正确；C ．x=0处。

金属棒切割产生感应电动势为：E=B 0Lv 0=0.5×0.8×4=1.6V ，由闭合电路欧姆定律，电路中的电流为： 1.640.30.1
E I A A R r ===++由题意可知，在x=3m 处，B=B 0+kx=0.5+0.5×3=2T ，当x=0m 时有：
F 0=B 0IL=0.5×4×0.8=1.6N ，x=3m 时，有：F=BIL=2×4×0.8=6.4N ，金属棒从x=0运动到x=3m 过程中安培力做功的大小，有： 0 1.6 6.431222F F W x J J ++=
⨯=⨯=，故C 正确；D ．由动能定理： 2201122
Pt W mv mv -=
-，代入数据解得：P=5.6W ，故D 正确；故选：BCD ． 第Ⅱ卷
三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。

第22~32题为必考题，每个试题考生都必须作答。

第33~38题为选考题，考生根据要求作答。

（一）必考题（共129分）
22．（6分）由于外力的作用而使材料电阻发生变化的现象称为“压阻效应”．某同学想设计一实验电路研究
某薄固体电阻R x (阻值变化范围为几欧到几十欧)的压阻效应，他从实验室中选择了如图甲所示的器材进行测量：
(1)为了较准确的测量，电流表的量程应选择________A．（选填“0.6A”或者“3A”）
(2)为保护电表，定值电阻R0的阻值应该选用________(填写字母)．
A．1Ω B．5Ω C．10Ω D．20Ω
(3)请在图甲上用笔画线代替导线将电路连接完整_________．
(4)该同学用砝码改变薄固体电阻R x受到的压力，将双刀开关合到左侧，读出此时的电流表示数为I，
又将双刀开关合到右侧，调节变阻箱到图乙数值时，电流表的示数也为I，则该压力下R x阻值为________Ω.
【答案】0.6 B 29.9
【解析】(1)由图可知，电源的电动势为3v，电阻在几欧到几十欧，所以电流表应选0.6A的量程；
(2) 整个回路总电流不能大于0.6A，而电动势为3V，因此总电阻略大于5欧姆，而电源内阻为1Ω，因
此定值电阻R0的阻值应选5欧姆，即可保证电流不超过量程，也保证电流不太小；
(3)根据原理图从电源的正极开始沿电流方向进行连线，如图：
(4)根据闭合电路欧姆定律：
E
I
R r
=
+
，由于电流表示数相等，即电阻箱的阻值与电阻R x阻值相等，
由图乙可知电阻为29.9Ω。

23.（9分）用图示装置测量重锤的质量，在定滑轮两侧分别挂上重锤和n块质量均为m0的铁片，重锤下端
贴一遮光片，铁架台上安装有光电门．调整重锤的高度，使其从适当的位置由静止开始下落，读出遮
光片通过光电门的挡光时间t 0；从定滑轮左侧依次取下1块铁片放到右侧重锤上，让重锤每次都从同一位置由静止开始下落，计时器记录的挡光时间分别为t 1、t 2…，计算出t 02、t 12…．
（1）挡光时间为t 0时，重锤的加速度为a 0．从左侧取下i 块铁片置于右侧重锤上时，对应的挡光时间
为t i ，重锤的加速度为a i ．则0
i a a =_____．（结果用t 0和t i 表示） （2）作出0
i a a ﹣i 的图线是一条直线，直线的斜率为k ，则重锤的质量M=_____． （3）若重锤的质量约为300g ，为使实验测量数据合理，铁片质量m 0比较恰当的取值是_____．
A ．1g
B ．3g
C ．40g
D ．300g ．
【答案】 （1）202i
t t ； （2）()02nk m k + ； （3）C ． 【解析】(1)设挡光板的宽度为d ，重锤与光电门的高度差为h 。

则重锤到达光电门时的速度d v t = 重锤下落时做匀加速直线运动，则22v ah =，解得： 2
22d a ht
= 则2020i i
a t a t = (2) 定滑轮两侧分别挂上重锤M 和n 块质量均为m 0的铁片时，设绳上拉力为0T ，
对重锤M 受力分析，由牛顿第二定律得： 00Mg T Ma -=
对n 块质量均为m 0的铁片受力分析，由牛顿第二定律得： 0000T nm g nm a -= 解得： 000
M nm a g M nm -=+ 从左侧取下i 块铁片置于右侧重锤上时，设绳上拉力为i T ，
对重锤M 和i 块铁片受力分析，由牛顿第二定律得： ()()000i M im g T M im a +-=+
对n-i 块质量均为m 0的铁片受力分析，由牛顿第二定律得： ()()000i T n i m g n i m a --=-
24.（14分）如图所示，两同心圆半径分别为r 1=R 和r 2= ()
21R +．环形区域内存在垂直于圆面的匀强磁场．一质量为m 、电荷量为q 的带电粒子从圆心处以速率v 出发沿圆面向各个方向运动且恰好不能穿越大圆所包围的区域，不计重力．则
（1）环形区域内匀强磁场的磁感应强度是多大？
（2）该粒子的运动周期是多大？
【答案】（1）mv B qR = （2）86R R T v
π+= 【解析】（1）如图所示，粒子从圆心出发后先在小圆内做匀速直线运动，射入磁场做匀速圆周运动后再次
射入小圆做匀速直线运动，据对称性可知，粒子必然会再次回到小圆的圆心处．运动轨迹如图所示．
设粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径为r ，环形区域内匀强磁场的磁感应强度是B ，据牛顿第二定律。