辽宁省朝阳市2019-2020学年中考第四次模拟物理试题含解析

辽宁省朝阳市2019-2020学年中考第四次模拟物理试题
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1．图所示的四个示意图中，用来研究电磁感应现象的是
A．B．
C．D．
B
【解析】
【详解】
A是通电导体在磁场中受到力的作用，是电动机的原理；B是闭合电路的一部分导体在磁场中受到力的作用，用来研究电磁感应现象，B正确；C是奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场；D是通电后，导体棒在磁场中发生运动，是研究通电导线在磁场中受磁场力的．
2．如图所示，电源电压保持不变，R1为定值电阻．闭合开关S，当滑动变阻器的滑片向右移动的过程中，下列判断正确的是（）
A．电流表A的示数变大，电压表V1的示数变小
B．电流表A的示数变小，电压表V2的示数变小
C．电压表V1的示数与电流表A的示数的比值变大
D．电压表V2的示数与电流表A的示数的比值变小
D
【解析】
试题分析：由图示电路图可知，两电阻串联，电流表测电路电流，电压表V1测电阻R1两端电压，电压表V2测滑动变阻器两端电压；由图示电路图可知，滑片向右移动过程中，滑动变阻器接入电路的阻值减小，电路总电阻减小，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流变大，电流表示数变大，滑动变阻器接入电路的阻值减小，滑动变阻器分压减小，电压表V2示数减小，灯泡两端电压变大，电压表V1示数变大，故AB错误；电压表V1的示数与电流表A的示数的比值等于定值电阻R1的阻值，定值电阻阻值不变，电压表V1的示数与电流表A的示数的比值保持不变，故C错误；由A可知，电压表V2 的示数变小，电流表A的示数变大，则电压表V2的示数与电流表A的示数的比值变小，故D正确．
考点：电路的动态分析
3．如图所示，大烧杯中加入足量的水放在水平桌面上，小烧杯漂浮在水面上，让小烧杯倾斜进水后沉入水底，关于这一情景，下列分析正确的是
A．小烧杯能沉入水底后大烧杯对桌面的压强不变
B．小烧杯漂浮时受到的浮力大于它的重力
C．小烧杯浸没时和漂浮时所受的浮力相等
D．小烧杯浸没后大烧杯底部受到水的压强变大了
A
【解析】
【分析】
【详解】
A．小烧杯沉入水底后，大烧杯对桌面的压力不变，压强不变，故A选项正确；
B．小烧杯漂浮时受到的浮力等于它的重力，故B选项错误；
C．因为小烧杯浸没时受到的浮力小于重力，而小烧杯漂浮时受到的浮力等于重力，所以小烧杯浸没时受到的浮力小于漂浮时所受到的浮力，故C选项错误；
D．因为小烧杯浸没后小烧杯受到的浮力变小，所以小烧杯排开水的体积变小，所以小烧杯浸没后，水面下降，所以根据液体压强公式可知，小烧杯浸没后大烧杯底部受到水的压强变小了，故D选项错误．4．下列关于一名普通中学生的数据，其中合理的是
A．心脏跳动一次时间约为2s B．正常步行速度约为5m/s
C．人体密度约为1×103g/cm3D．体重约为500N
D
【解析】
【详解】
A、正常情况下，人的心脏1min跳动的次数在75次左右，跳动一次的时间接近1s，故A错误；
B、中学生正常步行的速度在4km/h=4×
1
3.6
m/s≈1.1m/s左右，故B错误；
C、水的密度是1.0×103kg/m3，人体密度与水的密度差不多，在1.0×103kg/m3左右，故C错误；
D、中学生的质量在50kg左右，受到的重力大约为G=mg=50kg×10N/kg=500N左右，故D正确。

5．下列现象属于扩散现象的是
A．春天，柳絮飞扬B．夏天，荷花飘香
C．秋天，浓雾漫天D．冬天，pm2.5超标
【分析】
不同的物质在相互接触时，物质的分子互相进入对方的现象就叫扩散现象；扩散现象表明分子不停地进行无规则运动．
【详解】
A、柳絮飞扬，属于机械运动，不是分子运动，故A不符合题意；
B、荷花飘香，荷花中具有香味的物质的分子不断运动，属于分子运动的结果，属于扩散现象，故B符合题意；
C、浓雾漫天，属于机械运动，不是分子运动，故C不符合题意；
D、冬天，pm2.5超标，属于固体颗粒的运动，不是分子运动的结果，故D不符合题意．
故选B．
6．下列现象中，能用光的反射解释的是（）
A．树荫下圆形光斑B．海市蜃楼
C．露珠下的叶脉D．水中“倒影”
D
【解析】
【分析】
【详解】
A．树荫下的光斑是太阳光通过树叶间的缝隙照射到地面形成的，是小孔成像现象；故A错误；
B．海市蜃楼是由于光线透过密度不均匀的空气产生折射而形成的；故B错误；
C．露珠下的叶脉看起来又大又清晰，是因为露珠和凸透镜的形状相似，起到了放大的作用，也是由于光的折射造成的；故C错误；
D．平静的湖面相当于一面平面镜，水中的“倒影”和平面镜成像一样，属于光的反射形成的；故D正确．7．关于电流、电压和电阻的关系，下列说法正确的是
A．导体电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比
B．有电流通过这段导体，这段导体两端一定有电压
C．通过导体的电流越大，这段导体的电阻一定越小
D．两个电阻中的电流相等，则两电阻一定是串联
A. 电阻是导体本身的一种性质，与电压、电流无关，A错误.
B. 电压时形成电流的原因，由电流一定有电压，B正确.
C. 导体电阻与流过导体的电流无关，导体电阻取决于导体本身的性质， C错误.
D. 当并联两个用电器的规格相同时，其电流也会相等，D错误.
故选B.
点睛：本题考查了对欧姆定律的理解以及串并联电路电流规律的掌握，要知道导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与导体两端的电压与流过导体的电流无关.
8．在国际单位制中，电阻的基本单位是
A．W B．V C．A D．Ω
D
【解析】
【详解】
A．W是电功率的国际单位，故错误；
B．V是电压的国际单位，故错误；
C．A是电流的国际单位，故错误；
D．Ω是电阻的国际单位，故正确；
9．如图所示的电路，闭合开关，观察发现灯泡L1亮、L2不亮．调节变阻器滑片P，灯泡L1的亮度发生变化，但灯泡L2始终不亮．出现这一现象的原因可能是（）
A．灯泡L2灯丝断了
B．滑动变阻器短路了
C．灯泡L2短路了
D．滑动变阻器接触不良
C
【解析】
【详解】
分析实物图，看出灯泡L1和L2是串联连接，闭合开关，观察发现灯泡L1亮，说明电路不是断路，AD错误；L2不亮有可能是L2这里发生了短路故障，正确选C．
10．下列关于力与运动的关系说法正确的是（）
A．自行车从斜坡冲下来时不容易停下来，说明速度越大惯性越大
B．物体不受力的情况下也能运动
C．做曲线运动的物体，受到的力也可能是平衡力
D．只受一对平衡力匀速运动的物体，若去掉其中一个力，则物体的运动速度一定增大
B
【解析】
【分析】
（1）惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质，惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大．
（2）根据牛顿第一定律可知，当物体不受任何外力的情况下，总保持静止状态或匀速直线运动状态．（3）物体运动轨迹是曲线的运动，称为“曲线运动”．当物体所受的合外力和它速度方向不在同一直线上，物体就是在做曲线运动．
（4）力可以改变物体的运动状态．
【详解】
A、惯性大小只与物体的质量有关，质量越大，惯性越大，与其他因素无关，故A错误；
B、牛顿第一定律告诉我们，当物体不受任何外力的情况下，总保持静止状态或匀速直线运动状态，故B 正确；
C、既然是曲线运动，它的速度的方向必定是改变的，所以曲线运动一定是变速运动，不可能是受到平衡力的作用，故C错误；
D、只受一对平衡力匀速运动的物体，若去掉其中一个力，如果撤去的这个力是物体运动的动力，则物体将会做减速运动，故D错误．
故选B．
二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11．在测里未知电阻R x的实验中，提供的实验器材有：电源（电源两端电压不变且未知）、电流表、电压表、滑动变阻器、阻值己知的定值电阻R0等．同学们设计了图所示的几种测量电路，在不拆改电路的前提下，能够测量出待测电阻R x阻值的是
A．B．
C．D．
ABD
【解析】【分析】【详解】
A．两电阻串联,电压表测Rx两端的电压U,电流表测电路电流I,根据,欧姆定律求出Rx
U
I
＝的阻值；
B．当只闭合开关S时，R0与R X串联，电压表测R X两端电压U X，当S、S1同时闭合时，电路中只有R X
的简单电路，电压表测电源电压U，根据串联电路中，电阻与电压关系得出
X X
X
U R
U U R
-
＝,求出R
X＝0
X
X
U R
U U
-的阻值；
C．无论开关S、S1 的通断，电流表只能测出通过R0的电流I，从而可以知道电源电压U＝IR0但R X的电流不知道就无法求出R X的电阻值；
D．当S、S1同时闭合时，电路中只有R0，电流表示数为I0，由此可以求出电源电压U＝I0R0 ，当只闭合开关S时，R0与R X串联，电流表示数I，串联电路总电阻R总＝R0+R X，则R X＝R总-R0 即R X＝
00
O
I R
U
R R
I I
--
＝可以求出R X的阻值．
【点睛】
要测量电阻阻值，需要测出电阻两端电压与通过电阻的电流，然后应用欧姆定律求出电阻阻值；分析图示
电路图，应用串并联电路特点与欧姆定律分析答题．
12．如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器R的滑片P从中点向b端滑动的过程中
A．电压表示数变小B．电流表A1示数变大
C．灯泡亮度不变D．电流表A2示数变小
CD
【解析】
【详解】
A.由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电流表A1测R支路的电流，电流表A2测干路电流，电压表测电源的电压；因为电源的电压不变，所以滑片移动时，电压表的示数不变，故不正确；
B.当滑动变阻器R的滑片P从中点向b端滑动的过程中，接入电路中的电阻变大，由
U
I
R
=可知，该支路的电流变小，即电流表A1的示数变小，故不正确；
C.因为并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以灯泡两端的电压和通过的电流不变，实际功率不变，
亮度不变，故正确；
D.因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流变小，即电流表A2示数变小，故正确．故选CD
【点睛】
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电流表A1测R支路的电流，电流表A2测干路电流，电压表测电源的电压；根据电源的电压可知电压表示数的变化，根据滑片的移动可知该支路接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知该支路电流的变化，根据并联电路各支路独立工作可知通过灯泡的电流，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化．
13．关于电和磁，下列说法中正确的是
A．通电线圈在磁场中受到磁场力的作用而转动时，把机械能转化为电能
B．通电导体产生磁场的方向与该导体中的电流方向有关
C．只要闭合回路的一部分导体在磁场中运动，回路中就一定会产生电流
D．地球是一个巨大的磁体，地磁的N极在地理南极附近
BD
【解析】
【详解】
A. 通电线圈在磁场中受到磁场力的作用而转动时，把电能转化为机械能，故A错误；
B. 通电导体产生磁场的方向与该导体中的电流方向有关，故B正确；
C. 闭合回路的一部分导体在磁场中做切割磁感线的运动，回路中就会产生感应电流，这是电磁感应现象，故C错误；
D. 地球是一个巨大的磁体，地磁的N极在地理南极附近，地磁的S极在地理北极附近，故D正确．
故选BD．
【点睛】
根据对简单磁现象的基础知识、电磁感应现象、磁场对通电导线的作用等知识的理解对下面的各个选项依次判断即可．
三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14．现用如图甲所示的装置来探究滑轮组的机械效率η与所挂物重G物的关系，改变G物，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，计算并绘出η与G物关系如图乙所示，若不计绳重和摩擦，则：
动滑轮自重是______N；当G物=4N时，重物以v=2m/s速度匀速上升，拉力
F做功的功率是_______W；图乙中的曲线表明，同一滑轮组的机械效率η随所挂物重G物的增大而增大，最终______（会/不会）达到100%；仅改变图甲中的绕绳方式、重复上述实验，所得到的η-G物图线与图乙所示曲线_____（相同/不同）.
2N 12W 不会 相同
【解析】
【详解】
(1)滑轮组的效率： η=100%W W 有用总⨯=100%G G h G h ⨯+物物动（）=100%G G G ⨯+物物动
由图像可知当G 物=8N 时，η=80%，则
G 动=2N ，
（2）拉力
F=13（G 物G +动）=13
（4N +2N ）=2N, 绳端速度
v=3v 物=3⨯2m/s=6m/s
拉力F 做功的功率：
P=Fv=2N ⨯6m/s=12W,
(3)同一滑轮组的机械效率η随所挂物重G 物的增大而增大，但由于额外功不可能为0，最终机械效率小于100%，仅改变图甲中的绕绳方式、重复上述实验，不计绳重和摩擦，动滑轮重力不变，机械效率随所挂物重G 物的变化相同，故所得到的η-G 物图线与图乙所示曲线相同．
15．如图所示，是奥斯特实验的示意图．实验结论是：通电导线周围存在_____，支持此结论的现象是_______．如果移走小磁针，该结论_____（选填“成立”或“不成立”）．
磁场 闭合开关，小磁针偏转 成立
【解析】
试题分析：当将通电导体放在小磁针上方时，小磁针会发生偏转，说明了通电导线周围存在磁场，该磁场与小磁针的有无无关，故移走小磁针后，该结论仍成立．
考点：通电直导线周围的磁场
16．用5N 的水平拉力拉者重l0N 的长方体木块在水平桌面上做匀速直线运动，木块受到桌面的摩擦力是_______N ．将木块的三分之一切下后叠放在一起（不考虑质量损失），并拉着木块在同一桌面上做匀速直线运动，木块受到桌面的摩擦力_______（选填“增大”、“减小”、“不变”）．
5 不变．
【解析】
试题分析：木块在水平桌面上做匀速直线运动时，水平方向上受到拉力和滑动摩擦力作用，滑动摩擦力和
拉力是一对平衡力，拉力是5N ，所以滑动摩擦力大小为5N ；将木块的三分之一切下后叠放在一起（不考
虑质量损失），此时压力大小和接触面粗糙程度不变，则滑动摩擦力大小保持5N 不变．故答案为5；不变．
【考点定位】二力平衡条件的应用
17．如图所示对杠杆分别施加F １、F ２、F ３的力都可使杠杆平衡，那么最小的力是____。

F 2
【解析】
【详解】
O 为支点，分别作F 1、F 2、F 3的力臂，如图所示：
F 1、F 3对应的力臂都小于F 2对应的动力臂L 2（OA ）
，所以OA 是最长的动力臂；由杠杆平衡条件F 1L 1=F 2L 2可知，在阻力和阻力臂都一定的情况下，动力臂越长则动力越小；因为F 2对应的动力臂最长，所以F 2最小。

18．如图所示，建筑工人用滑轮组提升重为240 N 的泥桶，动滑轮重为30 N ，不计滑轮与轴之间的摩擦及绳重。

若工人在10 s 内将绳子匀速向上拉9m ，则泥桶上升______m ，手拉绳子的力为______N ，拉力的功率为______W ，滑轮组的机械效率为______。

3m 90N 81W 88.9％
【解析】
【详解】
（1）如图，泥桶由3股绳子承担，n=3，∵s=3h ，s=9m ，∴泥桶上升的高度：h=3m ．
（2）不计滑轮与轴之间的摩擦及绳重，拉力大小：
3
G G F +=动物=13（30N+240N ）=90N ；
（3）拉力做功：
W 总=Fs=90N×9m=810J ，
拉力的功率：
810J 81W 10s
W P t ===； （4）提升泥桶中的泥沙做的有用功：
W 有=G 泥h=240N×3m=720J ，
滑轮组的机械效率：
720J 100%100%88.9%810J
W W =⨯=⨯=有用
总η． 四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19．体重为400N 的小明骑自行车上学，在水平路面上匀速行驶，在0.5h 内，行驶了9km ．其它的有关数据如下表所示．试求：
（1）小明骑车的速度是多少？
（2）这段路程内小明克服阻力做了多少功？
（3）行驶过程中，车轮对地面的压强是多大？
（1）5m/s ；（2）2.7×105J ；（3）1.2×105Pa.
【解析】
【详解】 （1）小明骑车的速度：v=s t =3910m 0.53600s
⨯⨯=5m/s ； （2）匀速行驶过程中的总阻力：f=0.05G 总=0.05×
(G 车+G 人)=0.05×(200N+400N)=30N ，这段路程内小明克服阻力做的功：W=fs=30N×
9×103m=2.7×105J ； （3）行驶过程中，车轮对地面的压力：F=G 总=200N+400N=600N ，车轮对地面的压强：
p=F S =42600N 5010m
-⨯=1.2×105Pa. 20．2018年初,一场寒潮席卷河南,某学校实验小组的学生对智能供暖展开了探究,设计了一个智能供暖器,
电路如图所示,电源两端的电压为220V ,R 1和R 2是两个供热电阻丝,S 1、S 2是温控开关,工作过程如下:当气温低于25℃时,S 1、S 2都闭合当气温等于或高于25℃时,S 2断开,此时电流表的示数为1A,电阻丝R 1的电功率为20W(忽略温度对电阻丝的影响)．求:
(1)电阻丝R 2的阻值是多少?
(2)当气温低于25℃时,电路工作0.5h 消耗的电能是多少千瓦时?
见解析所示
【解析】
试题分析： （1）S 2断开，此时R 1和R 2是串联的，U=220V ，电流表的示数为I=lA ，电阻丝R 1的电功率为P 1=20W ，则R=U/I=220V/1A=220Ω，，R 2=R －R 1=220Ω－20Ω=200Ω．（2）当气温低于25℃时，S 1、S 2都闭合，R 1=20Ω接入电路，时间t=1.5h ，则
，
W=Pt=2.42kW×1.5h=3.63kW·h ．
【考点定位】电路的综合计算．
21．随着生活水平的改善，农村家庭也用上了电热水器，如图是一款某型号的热水器。

试计算： 注满水的电热水器，在额定电压下连续加热40min ，热水器上的温度示数
由15℃上升到35℃，水吸收的热量是多少？（已知水的比热容为()3
4.210J/kg?⨯℃）电热水器的加热效率是多少？
（1）4.2×106J （2）83.3%
【解析】
【分析】
根据题中“电热水器铭牌及求水吸收的热量和电加热器的加热效率”可知，本题考查热量的计算和加热的效率。

根据密度公式求出水箱中水的质量，根据Q 吸＝cm （t ﹣t 0）求出水吸收的热量；额定电压下电热水器
加热时的功率和额定功率相等，根据W ＝Pt 求出消耗的电能，利用100%Q W 吸η=⨯求出此过程中电热水器的热效率。

【详解】
（1）电热水器的容积V ＝50L=50dm 3＝0.05m 3，
由m V
ρ=得水的质量： m ＝ρV ＝1.0×103kg/m 3×0.05m 3＝50kg ，
水吸收的热量：
Q 吸＝cm （t ﹣t 0）＝4.2×103J/（kg•℃）×50kg×（35℃﹣15℃）＝4.2×
106J 。

（2）加热时间t ＝40min ＝2400s ，
由W P t
=得，电热水器消耗的电能： W ＝P 额t ＝2100W×2400s ＝5.04×106J ，
则此过程中电热水器的热效率：664.210J 100%100%83.3%5.0410J
Q W η⨯=⨯=⨯≈⨯吸 答：（1）水吸收的热量是4.2×106J ；（2）此电热水器的加热效率是83.3%。

五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．声控开关在静音时处于断开状态，在接收到一定响度的声音时会自动闭合一段时间；某地下通道两端的入口处各装有一个声控开关来控制同一盏电灯，为确保行人不管从那端进入，电灯都能接通电源发光；请用笔画线代替导线，按题意要求将图中的电路连接完整．
（____）
【解析】
【分析】
【详解】
两个声控开关串联会相互影响，只有都闭合时灯才发光；两个声控开关并联会互不影响，可以独立控制灯的亮灭，根据“不管行人从哪端进入，电灯都能接通电源发光”，可知两开关应并联，另外注意开关控制火线，如下图所示：
23．利用一次性注射器、弹簧测力计等器材，对大气压的值进行测量．请在如图的相关器材上画出所测大气压力的示意图．
（____）
【解析】
活塞受弹簧测力计向左的拉力和大气压向右的压力，处于平衡状态，大气压力示意图如下：
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．用如图甲所示实验电路测量额定电压为2.5V小灯泡的额定功率．所用器材有：电压恒定为3V的稳压电源，额定电压为2.5V的小灯泡，以及符合实验要求的滑动变阻器、已调零的电流表和电压表、开关和导线若干．请按要求完成下列实验内容
（1）连接电路时，要断开开关，在闭合开关之前，变阻器的滑片P应置于最________端（选填“左”或“右”）．（2）闭合开关，发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片P，小灯泡始终不亮，电流表示数几乎为零，电压表的示数始终如图乙所示，则电路发生的故障可能是________．
（3）排除故障后，通过移动滑动变阻器滑片P，将电压表示数调至2.5V，此时电流表的示数如图丙所示，则小灯泡的额定功率是________W．
左小灯泡断路1
【解析】
【详解】
（1）为了保护电路，闭合开关前需要将滑动变阻器的滑片放在阻值最大处，即最左端；
（2）闭合开关，移动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，电流表无示数，说明电路为断路，电压表有示数且等于电源电压，说明在电压表两接线柱之间的电路是开路，小灯泡处开路；
（3）从图丙可知，电流表的量程为0﹣0.6A，分度值为0.02A，示数为0.4A，故小灯泡的额定功率：P＝UI＝2.5V×0.4A＝1W．
25．小华利用图示装置来研究凸透镜成像的规律．
（1）为使像成在光屏中央，应调整烛焰、透镜的中心和光屏的中心位于_______上．
（2）如图甲所示，光屏上能呈现清晰的像，此像的性质是倒立、________的实像．其实际应用是_______．（选填“放大镜”、“幻灯机”或“照相机”）
（3）她又利用该装置研究视力的矫正问题，将蜡烛放在离凸透镜较远的位置，如图乙所示，给凸透镜“戴”上近视眼镜，此时光屏上能成一清晰的像；若“取”下近视眼镜，为使光屏上的像再次清晰，在保持透镜位置不变的条件下，下列操作可行的是（______）．
①将光屏远离透镜；②将光屏靠近透镜；③将蜡烛远离透镜；④将蜡烛靠近透镜；
A．①③B．①④C．②③D．②④
同一高度放大幻灯机 D
【解析】
【分析】
【详解】
（1）在实验中，应使烛焰的中心、凸透镜的光心、光屏的中心的中心大致在同一高度，像才能成在光屏的中心；
（2）由图甲可知，物距小于像距，说明2f＞u＞f，此时成倒立、放大的实像，投影仪或幻灯机应用此原理制成的；
（3）近视眼是晶状体变厚，晶状体对光线的会聚能力增强，使像成在视网膜的前方，戴凹透镜使光线发散一些，使像呈在视网膜上；若“取”下近视眼镜（即取下凹透镜），又恢复到原来的状态，为使光屏上的像再次清晰，需减小像距或减小物距，所以需要光屏靠近透镜或蜡烛靠近透镜，故②和④符合题意．26．在研究阻力对物体运动的影响”的实验中，让小车从斜面同一高度由静止开始下滑，小车分别停在如图所示的位置．
①让小车从斜面同一高度滑下的目的是使小车到达斜面底端时的_____相同．
②结论：水平表面越光滑，小车受到的阻力越小，它运动的距离_____．
③推理：如果水平表面绝对光滑，小车受到的阻力为零，它将永远做_____．
④通过实验探究后，对牛顿第一定律的知识有更深层次的理解：力不是维持物体运动状态的原因，而是_____物体运动状态的原因．
速度越远匀速直线运动改变
【解析】
【详解】
①让小车从斜面同一高度滑下的目的是：使小车到达斜面底端时的速度相同，属控制变量法的要求；
②由实验现象可知：水平表面越光滑，小车受到的阻力越小，它运动的距离越远；
③进一步推理可得：如果水平表面绝对光滑，小车受到的阻力为零，它将永远做匀速直线运动；
④通过实验探究，对牛顿第一定律的理解可得出：力不是维持物体运动状态的原因，而是改变物体运动状态的原因．。