同济大学普通物理活页作业问题详解
普通物理学习题问题详解全
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第七章 电磁感应 电磁场理论
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第一章 力和运动
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1-14 题解:
a(t
)
10
2t 5(t
5)
0 t 5 且 v(0) 0,
5 t 7
x(0) 0
t
t2
0 t 5
v(t) v(0)
第五章 静止电荷的电场 ................. - 25 -
5-1................................................................. - 25 5-5................................................................. - 26 5-7................................................................. - 26 5-13................................................................ - 27 5-15................................................................ - 28 5-17................................................................ - 30 5-26................................................................ - 31 5-29................................................................ - 32 5-30................................................................ - 33 5-31................................................................ - 33 -
大学物理活页作业问题详解(全套)
1.质点运动学单元练习(一)答案1.B 2.D 3.D 4.B5.3.0m ;5.0m (提示:首先分析质点的运动规律,在t <2.0s 时质点沿x 轴正方向运动;在t =2.0s 时质点的速率为零;,在t >2.0s 时质点沿x 轴反方向运动;由位移和路程的定义可以求得答案。
)6.135m (提示:质点作变加速运动,可由加速度对时间t 的两次积分求得质点运动方程。
)7.解:(1))()2(22SI jt i t r -+=)(21m ji r+= )(242m ji r-=)(3212m ji r r r-=-=∆)/(32s m ji t r v -=∆∆=(2))(22SI j t i dtrd v -== )(2SI j dt vd a -==)/(422s m j i v-=)/(222--=s m ja8.解:t A tdt A adt v totoωω-=ωω-==⎰⎰sin cos 2t A tdt A A vdt A x totoω=ωω-=+=⎰⎰cos sin9.解:(1)设太阳光线对地转动的角速度为ωs rad /1027.73600*62/5-⨯=π=ωs m th dt ds v /1094.1cos 32-⨯=ωω==(2)当旗杆与投影等长时,4/π=ωth s t 0.31008.144=⨯=ωπ=10.解: ky yv v t y y v t dv a -====d d d d d d d -k =y v d v / d y⎰⎰+=-=-C v ky v v y ky 222121,d d 已知y =y o ,v =v o 则20202121ky v C --= )(2222y y k v v o o -+=2.质点运动学单元练习(二)答案1.D 2.A 3.B 4.C5.14-⋅==s m t dt ds v ;24-⋅==s m dtdva t ;2228-⋅==s m t Rv a n ;2284-⋅+=s m e t e a nt6.s rad o /0.2=ω;s rad /0.4=α;2/8.0s rad r a t =α=;22/20s m r a n =ω=7.解:(1)由速度和加速度的定义)(22SI ji t dt rd v +==;)(2SI idtvd a ==(2)由切向加速度和法向加速度的定义)(124422SI t t t dt d a t +=+=)(12222SI t a a a t n +=-=(3)())(122/322SI t a v n+==ρ8.解:火箭竖直向上的速度为gt v v o y -︒=45sin 火箭达到最高点时垂直方向速度为零,解得s m gtv o /8345sin =︒=9.解:s m uv /6.3430tan =︒=10.解:l h v u ≤;u hl v ≥3.牛顿定律单元练习答案1.C 2.C 3.A 4.kg Mg T 5.36721==;2/98.02.0s m MT a == 5.x k v x 22=;x x xv k dtdxk dt dv v 222== 221mk dt dv mf x x == 6.解:(1)ma F F N T =θ-θsin cosmg F F N T =θ+θcos sinθ-θ=θ+θ=sin cos ;cos sin ma mg F ma mg F N T(2)F N =0时;a =g cot θ7.解:mg R m o ≥ωμ2Rg o μ≥ω 8.解:由牛顿运动定律可得dtdv t 1040120=+ 分离变量积分()⎰⎰+=tovdt t dv 4120.6 )/(6462s m t t v ++=()⎰⎰++=t oxdt t tdx 6462.5 )(562223m t t t x +++=9.解:由牛顿运动定律可得dtdv mmg kv =+- 分离变量积分⎰⎰-=+t o vv o dt m k mg kv kdv ot m kmg kv mg o -=⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛+ln ⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛+=⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛+-=mg kv k m mg kv mg k m t o o 1ln ln10.解:设f 沿半径指向外为正,则对小珠可列方程 a v m f mg 2cos =-θ,tvm mg d d sin =θ,以及 ta v d d θ=,θd d v at =,积分并代入初条件得 )cos 1(22θ-=ag v ,)2cos 3(cos 2-=-=θθmg av m mg f .4.动量守恒和能量守恒定律单元练习(一)答案1.A ; 2.A ; 3.B ; 4.C ; 5.相同 6.2111m m t F v +∆=;2212m t F v v ∆+=7.解:(1)t dt dxv x 10==;10==dtdv a x x N ma F 20==;m x x x 4013=-=∆J x F W 800=∆=(2)s N Fdt I ⋅==⎰40318.解:()1'v m m mv +=()221221'2121o kx v m m mv ++= ()''m m k mm vx +=9.解: 物体m 落下h 后的速度为 gh v 2=当绳子完全拉直时,有 ()'2v M m gh m +=gh mM m v 2'+=gh mM mMMv I I T 22'22+===10.解:设船移动距离x ,人、船系统总动量不变为零0=+mv Mu等式乘以d t 后积分,得0=+⎰⎰totomvdt Mudt0)(=-+l x m Mx m mM mlx 47.0=+=5.动量守恒和能量守恒定律单元练习(二)答案1.C 2.D 3.D 4.C 5.18J ;6m/s 6.5/37.解:摩擦力mg f μ=由功能原理 2121210)(kx x x f -=+- 解得 )(22121x x mg kx +=μ.8.解:根据牛顿运动定律 Rv m F mg N 2cos =-θ由能量守恒定律mgh mv =221质点脱离球面时 RhR F N -=θ=cos ;0 解得:3R h =9.解:(1)在碰撞过程中,两球速度相等时两小球间距离最小 v v v )(212211m m m m +=+ ①212211m m v m v m v ++=(2) 两球速度相等时两小球间距离最小,形变最大,最大形变势能等于总动能之差22122221)(212121v v v m m m m E p +-+=② 联立①、②得 )/()(212122121m m m m E p +-=v v10.解:(1)由题给条件m 、M 系统水平方向动量守恒,m 、M 、地系统机械能守恒.0)(=--MV V u m ①mgR MV V u m =+-2221)(21 ② 解得: )(2m M M gRmV +=;MgRm M u )(2+=(2) 当m 到达B 点时,M 以V 运动,且对地加速度为零,可看成惯性系,以M 为参考系 R mu mg N /2=-M mg m M mg R mu mg N /)(2/2++=+=mg MmM M mg m M Mmg N 23)(2+=++=6.刚体转动单元练习(一)答案1.B 2.C 3.C 4.C5.v = 1.23 m/s ;a n = 9.6 m/s 2;α = –0.545 rad/ s 2;N = 9.73转。
大学物理活页作业答案(全套)马文蔚
⼤学物理活页作业答案(全套)马⽂蔚1.质点运动学单元练习(⼀)答案1.B 2.D 3.D 4.B5.3.0m ;5.0m (提⽰:⾸先分析质点的运动规律,在t <2.0s 时质点沿x 轴正⽅向运动;在t =2.0s 时质点的速率为零;,在t >2.0s 时质点沿x 轴反⽅向运动;由位移和路程的定义可以求得答案。
)6.135m (提⽰:质点作变加速运动,可由加速度对时间t 的两次积分求得质点运动⽅程。
)7.解:(1))()2(22SI jt i t r -+=)(21m ji r+= )(242m ji r-=)(3212m ji r r r-=-=?)/(32s m ji t r v -=??=(2))(22SI j t i dtrd v -== )(2SI jdt vd a -==)/(422s m j i v-=)/(222--=s m ja8.解:t A tdt A adt v totoωω-=ωω-==sin cos 2t A tdt A A vdt A x totoω=ωω-=+=??cos sin9.解:(1)设太阳光线对地转动的⾓速度为ωs rad /1027.73600*62/5-?=π=ωs m th dt ds v /1094.1cos 32-?=ωω==(2)当旗杆与投影等长时,4/π=ωth s t 0.31008.144=?=ωπ=10.解: ky yv v t y y v t dv a -====d d d d d d d -k =y v d v / d y+=-=-C v ky v v y ky 222121,d d 已知y =y o ,v =v o 则20202121ky v C --= )(2222y y k v v o o -+=2.质点运动学单元练习(⼆)答案1.D 2.A 3.B 4.C5.14-?==s m t dt ds v ;24-?==s m dtdva t ;2228-?==s m t Rv a n ;2284-?+=s m e t e a nt6.s rad o /0.2=ω;s rad /0.4=α;2/8.0s rad r a t =α=;22/20s m r a n =ω=7.解:(1)由速度和加速度的定义)(22SI ji t dt rd v +==;)(2SI idtvd a ==(2)由切向加速度和法向加速度的定义)(124422SI t t t dt d a t +=+=)(12222SI t a a a t n +=-=(3)())(122/322SI t a v n+==ρ8.解:⽕箭竖直向上的速度为gt v v o y -?=45sin ⽕箭达到最⾼点时垂直⽅向速度为零,解得s m gtv o /8345sin =?=3.⽜顿定律单元练习答案1.C 2.C 3.A 4.kg Mg T 5.36721==;2/98.02.0s m MT a == 5.x k v x 22=;x x xv k dtdxk dt dv v 222== 221mk dt dv mf x x == 6.解:(1)ma F F N T =θ-θsin cosmg F F N T =θ+θcos sinθ-θ=θ+θ=sin cos ;cos sin ma mg F ma mg F N T(2)F N =0时;a =g cot θ7.解:mg R m o ≥ωµ2Rg o µ≥ω 8.解:由⽜顿运动定律可得dtdv t 1040120=+ 分离变量积分()??+=tovdt t dv 4120.6 )/(6462s m t t v ++=()++=t oxdt t tdx 6462.5 )(562223m t t t x +++=9.解:由⽜顿运动定律可得dtdv mmg kv =+- 分离变量积分-=+t o vv o dt m k mg kv kdv ot m kmg kv mg o -=+ln+=???? ??+-=mg kv k m mg kv mg k m t o o 1ln ln10.解:设f 沿半径指向外为正,则对⼩珠可列⽅程 a v m f mg 2 cos =-θ,t vm mg d d sin =θ,以及 ta v d d θ=,θd d v a t =,积分并代⼊初条件得 )cos 1(22θ-=ag v ,)2cos 3(cos 2-=-=θθmg av m mg f .4.动量守恒和能量守恒定律单元练习(⼀)答案1.A ; 2.A ; 3.B ; 4.C ; 5.相同 6.2111m m t F v +?=;2212m t F v v ?+=7.解:(1)t dt dxv x 10==;10==dtdv a x x N ma F 20==;m x x x 4013=-=?J x F W 800=?=(2)s N Fdt I ?==40318.解:()1'v m m mv +=()221221'2121o kx v m m mv ++= ()''m m k mm vx +=9.解:物体m 落下h 后的速度为 gh v 2=当绳⼦完全拉直时,有 ()'2v M m gh m +=gh mM m v 2'+=gh mM mMMv I I T 22'22+===10.解:设船移动距离x ,⼈、船系统总动量不变为零0=+mv Mu等式乘以d t 后积分,得0=+??totomvdt Mudt0)(=-+l x m Mx m mM mlx 47.0=+=5.动量守恒和能量守恒定律单元练习(⼆)答案1.C 2.D 3.D 4.C 5.18J ;6m/s 6.5/37.解:摩擦⼒mg f µ=由功能原理 2121210)(kx x x f -=+- 解得 )(22121x x mg kx +=µ.8.解:根据⽜顿运动定律 Rv m F mg N 2cos =-θ由能量守恒定律mgh mv =221质点脱离球⾯时 RhR F N -=θ=cos ;0 解得:3R h =9.解:(1)在碰撞过程中,两球速度相等时两⼩球间距离最⼩ v v v )(212211m m m m +=+ ①212211m m v m v m v ++=(2) 两球速度相等时两⼩球间距离最⼩,形变最⼤,最⼤形变势能等于总动能之差22122221)(212121v v v m m m m E p +-+=②联⽴①、②得 )/()(212122121m m m m E p +-=v v10.解:(1)由题给条件m 、M 系统⽔平⽅向动量守恒,m 、M 、地系统机械能守恒.0)(=--MV V u m ① mgR MV V u m =+-2221)(21 ②解得: )(2m M M gRmV +=;MgRm M u )(2+=(2) 当m 到达B 点时,M 以V 运动,且对地加速度为零,可看成惯性系,以M 为参考系 R mu mg N /2 =-M mg m M mg R mu mg N /)(2/2++=+= mg MmM M mg m M Mmg N 23)(2+=++=6.刚体转动单元练习(⼀)答案1.B 2.C 3.C 4.C5.v = 1.23 m/s ;a n = 9.6 m/s 2;α = –0.545 rad/ s 2;N = 9.73转。
大学物理活页作业答案(全套)
1.质点运动学单元练习(一)答案1.B 2.D 3.D 4.B5.3.0m ;5.0m (提示:首先分析质点的运动规律,在t <2.0s 时质点沿x 轴正方向运动;在t =2.0s 时质点的速率为零;,在t >2.0s 时质点沿x 轴反方向运动;由位移和路程的定义可以求得答案。
)6.135m (提示:质点作变加速运动,可由加速度对时间t 的两次积分求得质点运动方程。
)7.解:(1))()2(22SI jt i t r -+=)(21m ji r+= )(242m ji r-=)(3212m ji r r r-=-=∆)/(32s m ji t r v -=∆∆=(2))(22SI j t i dtrd v -== )(2SI jdtvd a -==)/(422s m j i v-= )/(222--=s m ja8.解:t A tdt A adt v tot oωω-=ωω-==⎰⎰sin cos 2t A tdt A A vdt A x tot oω=ωω-=+=⎰⎰cos sin9.解:(1)设太阳光线对地转动的角速度为ωs rad /1027.73600*62/5-⨯=π=ωs m th dt ds v /1094.1cos 32-⨯=ωω==(2)当旗杆与投影等长时,4/π=ωth s t 0.31008.144=⨯=ωπ=10.解: ky yv v t y y v t dv a -====d d d d d d d -k =y v d v / d y⎰⎰+=-=-C v ky v v y ky 222121,d d 已知y =y o ,v =v o 则20202121ky v C --= )(2222y y k v v o o -+=ωths2.质点运动学单元练习(二)答案1.D 2.A 3.B 4.C5.14-⋅==s m t dt ds v ;24-⋅==s m dtdva t ;2228-⋅==s m t Rv a n ;2284-⋅+=s m e t e a nt6.s rad o /0.2=ω;s rad /0.4=α;2/8.0s rad r a t =α=;22/20s m r a n =ω=7.解:(1)由速度和加速度的定义)(22SI ji t dt rd v +==;)(2SI idtvd a ==(2)由切向加速度和法向加速度的定义)(124422SI t t t dt d a t +=+=)(12222SI t a a a t n +=-=(3)())(122/322SI t a v n+==ρ8.解:火箭竖直向上的速度为gt v v o y -︒=45sin 火箭达到最高点时垂直方向速度为零,解得s m gtv o /8345sin =︒=9.解:s m uv /6.3430tan =︒=10.解:l h v u ≤;u hl v ≥3.牛顿定律单元练习答案1.C 2.C 3.A 4.kg Mg T 5.36721==;2/98.02.0s m MT a == 5.x k v x 22=;x x xv k dtdxk dt dv v 222== 221mk dt dv mf x x == 6.解:(1)ma F F N T =θ-θsin cosmg F F N T =θ+θcos sinθ-θ=θ+θ=sin cos ;cos sin ma mg F ma mg F N T(2)F N =0时;a =g cot θ7.解:mg R m o ≥ωμ2 Rgo μ≥ω 8.解:由牛顿运动定律可得dtdv t 1040120=+ 分离变量积分()⎰⎰+=tovdt t dv 4120.6 )/(6462s m t t v ++=()⎰⎰++=toxdt t t dx 64620.5 )(562223m t t t x +++=9.解:由牛顿运动定律可得dtdv mmg kv =+- 分离变量积分⎰⎰-=+t o vv o dt m k mg kv kdv o t m k mg kv mg o -=⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛+ln ⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛+=⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛+-=mg kv k m mg kv mgk m t o o 1ln ln10.解:设f 沿半径指向外为正,则对小珠可列方程 a v m f mg 2cos =-θ,t vm mg d d sin =θ,以及 ta v d d θ=,θd d v a t =,积分并代入初条件得 )cos 1(22θ-=ag v ,)2cos 3(cos 2-=-=θθmg av m mg f .4.动量守恒和能量守恒定律单元练习(一)答案1.A ; 2.A ; 3.B ; 4.C ; 5.相同 6.2111m m t F v +∆=;2212m t F v v ∆+=7.解:(1)t dt dxv x 10==;10==dtdv a x x N ma F 20==;m x x x 4013=-=∆J x F W 800=∆=(2)s N Fdt I ⋅==⎰40318.解:()1'v m m mv +=()221221'2121o kx v m m mv ++= ()''m m k mm vx +=9.解: 物体m 落下h 后的速度为 gh v 2=当绳子完全拉直时,有 ()'2v M m gh m +=gh mM m v 2'+=gh mM mMMv I I T 22'22+===10.解:设船移动距离x ,人、船系统总动量不变为零0=+mv Mu等式乘以d t 后积分,得0=+⎰⎰totomvdt Mudt0)(=-+l x m Mx m mM mlx 47.0=+=5.动量守恒和能量守恒定律单元练习(二)答案1.C 2.D 3.D 4.C 5.18J ;6m/s 6.5/37.解:摩擦力mg f μ=由功能原理 2121210)(kx x x f -=+- 解得 )(22121x x mg kx +=μ.8.解:根据牛顿运动定律 Rv m F mg N 2cos =-θ由能量守恒定律mgh mv =221质点脱离球面时 RhR F N -=θ=cos ;0 解得:3R h =9.解:(1)在碰撞过程中,两球速度相等时两小球间距离最小 v v v )(212211m m m m +=+ ①212211m m v m v m v ++=(2) 两球速度相等时两小球间距离最小,形变最大,最大形变势能等于总动能之差22122221)(212121v v v m m m m E p +-+=② 联立①、②得 )/()(212122121m m m m E p +-=v v10.解:(1)由题给条件m 、M 系统水平方向动量守恒,m 、M 、地系统机械能守恒.0)(=--MV V u m ①mgR MV V u m =+-2221)(21 ② 解得: )(2m M M gRmV +=;MgRm M u )(2+=(2) 当m 到达B 点时,M 以V 运动,且对地加速度为零,可看成惯性系,以M 为参考系 R mu mg N /2=-M mg m M mg R mu mg N /)(2/2++=+= mg MmM M mg m M Mmg N 23)(2+=++=6.刚体转动单元练习(一)答案1.B 2.C 3.C 4.C5.v = 1.23 m/s ;a n = 9.6 m/s 2;α = –0.545 rad/ s 2;N = 9.73转。
大学物理活页作业答案(全套)
1.质点运动学单元练习(一)答案1.B 2.D 3.D 4.B5.3.0m ;5.0m (提示:首先分析质点的运动规律,在t <2.0s 时质点沿x 轴正方向运动;在t =2.0s 时质点的速率为零;,在t >2.0s 时质点沿x 轴反方向运动;由位移和路程的定义可以求得答案。
)6.135m (提示:质点作变加速运动,可由加速度对时间t 的两次积分求得质点运动方程。
)7.解:(1))()2(22SI jt i t r)(21m ji r)(242m ji r)(3212m ji r r r)/(32s m ji t r v(2))(22SI j t i dtrd v )(2SI jdt vd a)/(422s m j i v)/(222 s m ja8.解:t A tdt A adt v totosin cos 2t A tdt A A vdt A x totocos sin9.解:(1)设太阳光线对地转动的角速度为ωs rad /1027.73600*62/5s m th dt ds v /1094.1cos 32(2)当旗杆与投影等长时,4/ th s t 0.31008.14410.解: ky yv v t y y v t dv ad d d d d d d -k y v d v / d yC v ky v v y ky 222121,d d 已知y =y o ,v =v o 则20202121ky v C )(2222y y k v v o o2.质点运动学单元练习(二)答案1.D 2.A 3.B 4.C5.14 s m t dt ds v ;24s m dtdva t ;2228 s m t Rv a n ;2284 s m e t e a nt6.s rad o /0.2 ;s rad /0.4 ;2/8.0s rad r a t ;22/20s m r a n7.解:(1)由速度和加速度的定义)(22SI ji t dt rd v ;)(2SI idtv d a(2)由切向加速度和法向加速度的定义)(124422SI t t t dt d a t)(12222SI t a a a t n(3))(122/322SI t a v n8.解:火箭竖直向上的速度为gt v v o y 45sin 火箭达到最高点时垂直方向速度为零,解得s m gtv o /8345sin9.解:s m uv /6.3430tan10.解:l h v u ;u hl v3.牛顿定律单元练习答案1.C 2.C 3.A 4.kg Mg T 5.36721;2/98.02.0s m MT a 5.x k v x 22 ;x x xv k dtdxk dt dv v 222 221mk dt dv mf x x 6.解:(1)ma F F N T sin cosmg F F N T cos sinsin cos ;cos sin ma mg F ma mg F N T(2)F N =0时;a =g cot θ7.解:mg R m o 2Rg o8.解:由牛顿运动定律可得dtdv t 1040120 分离变量积分tovdt t dv 4120.6 )/(6462s m t t vt oxdt t tdx 6462.5 )(562223m t t t x9.解:由牛顿运动定律可得dtdv mmg kv 分离变量积分t o vv o dt m k mg kv kdv ot m kmg kv mg olnmg kv k m mg kv mg k m t o o 1ln ln10.解:设f 沿半径指向外为正,则对小珠可列方程 a v m f mg 2cos ,t vm mg d d sin ,以及 ta v d d, d d v a t ,积分并代入初条件得 )cos 1(22 ag v ,)2cos 3(cos 2mg av m mg f .4.动量守恒和能量守恒定律单元练习(一)答案1.A ; 2.A ; 3.B ; 4.C ; 5.相同 6.2111m m t F v;2212m t F v v7.解:(1)t dt dxv x 10;10 dtdv a x x N ma F 20 ;m x x x 4013J x F W 800(2)s N Fdt I40318.解: 1'v m m mv221221'2121o kx v m m mv''m m k mm vx9.解: 物体m 落下h 后的速度为 gh v 2当绳子完全拉直时,有 '2v M m gh mgh mM m v 2'gh mM mMMv I I T 22'2210.解:设船移动距离x ,人、船系统总动量不变为零0 mv Mu等式乘以d t 后积分,得totomvdt Mudt0)( l x m Mx m mM mlx 47.05.动量守恒和能量守恒定律单元练习(二)答案1.C 2.D 3.D 4.C 5.18J ;6m/s 6.5/37.解:摩擦力mg f由功能原理 2121210)(kx x x f 解得 )(22121x x mg kx .8.解:根据牛顿运动定律 Rv m F mg N 2cos由能量守恒定律mgh mv 221质点脱离球面时 RhR F Ncos ;0 解得:3R h9.解:(1)在碰撞过程中,两球速度相等时两小球间距离最小 v v v )(212211m m m m ①212211m m v m v m v(2) 两球速度相等时两小球间距离最小,形变最大,最大形变势能等于总动能之差22122221)(212121v v v m m m m E p② 联立①、②得 )/()(212122121m m m m E pv v10.解:(1)由题给条件m 、M 系统水平方向动量守恒,m 、M 、地系统机械能守恒.0)( MV V u m ①mgR MV V u m 2221)(21 ② 解得: )(2m M M gRmV ;MgRm M u )(2(2) 当m 到达B 点时,M 以V 运动,且对地加速度为零,可看成惯性系,以M 为参考系 R mu mg N /2M mg m M mg R mu mg N /)(2/2mg MmM M mg m M Mmg N 23)(26.刚体转动单元练习(一)答案1.B 2.C 3.C 4.C5.v = 1.23 m/s ;a n = 9.6 m/s 2;α = –0.545 rad/ s 2;N = 9.73转。
物理学活页作业答案
物理学活页作业答案13.静电场(二)答案1. C 2. D 3. B 4. C 5.224141041r QR Q R Q o o o πεπεπε;;; 6. >7. 解:假设阴极A 与阳极B 单位长度带电分别为–λ与λ,由高斯定律求电场分布,并进一步求出阴极与阳极间的电势差U ,由已知量求电场强度并由阴极表面的电场强度求电子刚从阴极射出时所受的电场力12ln 22R R U rE o o πελ=πελ=12lnR R r U E =N R R R eU eE F 141211034.4ln-⨯===8.解:(1)方法一:取同心球面为高斯面,利用高斯定理求电场强度的分布再求电势分布;)(011R r E <=)(4421212122R r R e rQ E Qr E ro o<<πε=ε=π)(44222132123R r e r Q Q E Q Q r E ro o>πε+=ε+=π2212213344R r r Q Q l d e rQ Q l d E V o rr o r>πε+=⋅πε+=⋅=⎰⎰∞∞⎰⎰⎰⎰∞∞⋅πε++⋅πε=⋅+⋅=22222212132244R r o R rr o R R rl d e rQ Q l d e r Q l d E l d E V21221244R r R R Q r Q V o o <<πε+πε=⎰⎰⎰⎰⎰∞∞⋅πε++⋅πε=⋅+⋅+⋅=221221122121321144R r o R R r o R R R R rl d e r Q Q l d e r Q l d E l d E l d E V12211144R r R Q R Q V o o <πε+πε=方法二:带电量为Q ,半径为R 的带电球面对电势的贡献球面内电势:R Q V o πε=4 球面外电势:rQV o πε=4有电势的叠加求电势分布;结果与方法一一致。
大学物理活页答案(振动和波)
大学物理活页答案(振动和波部分)第一节 简谐振动1. D2.D3.B4.B5.B6.A7. X=0.02cos (52π−π2) 8. 2:1 9. 0.05m -37° 10. π or 3π 11. 012.解: 周期 3/2/2=ω=πT s , 振幅 A = 0.1 m , 初相 φ= 2π/3, v max = A = 0.3π m/s ,a max = 2A = 0.9π2 m/s 2 .13.提示:旋转矢量法(1)x =0.1cos (πt −π2)(2)x =0.1cos (πt +π3) (3)x =0.1cos (πt +π)14. (1)x =0.08cos (π2t +π3)t=1 x=-0.069m F=-kx=−m ω2x =2.7×10−4(2)π3=π2t t=0.67s第二节 振动能量和振动的合成1. D2.D3.D4.B5.B6. )(212121k k m k k +=νπ 提示:弹簧串联公式等效于电阻并联 7. 0.02m 8. π 0 提示:两个旋转矢量反向9. 402hz10. A=0.1m 位相等于113° 提示:两个旋转矢量垂直。
11. mv 0=(m +M)v ′ 12kA 2=1(m+M)v ′22 A=0.025m ω=√k m+M =40 x=0.025cos (40t −π/2)12. x=0.02cos (4t +π/3)x (m) ω π/3 π/3 t = 0 0.04 0.08 -0.04 -0.08 O A A机械波第一节 简谐波1. B2. A3.D4.C5.A (注意图缺:振幅A=0.01m )6.B7. 503.2 8. a 向下 b 向上 c 向上 d 向下 (追赶前方质元)9. π 10. 4π 或011.解:(1) )1024cos(1.0x t y π-π=)201(4cos 1.0x t -π= (SI) (2) t 1 = T /4 = (1 /8) s ,x 1 = λ /4 = (10 /4) m 处质点的位移)80/4/(4cos 1.01λ-π=T y m 1.0)818/1(4cos 1.0=-π= (3) 振速 )20/(4sin 4.0x t ty -ππ-=∂∂=v . )4/1(212==T t s ,在 x 1 = λ /4 = (10 /4) m 处质点的振速 26.1)21sin(4.02-=π-ππ-=v m/s 12.λ=0.4m u =0.05 k =ωu =2πλ=5π ω=π4 ϕ0=π2−2πT ∙T 2=−π2 y (x,t )=0.06cos (π4t −5πx −π2) y (0.2,t )=0.06cos (π4t −3π2)13. 210)cos sin 3(21-⨯-=t t y P ωω 210)]cos()21cos(3(21-⨯π++π-=t t ωω )3/4cos(1012π+⨯=-t ω (SI). 波的表达式为:]2/234cos[1012λλω-π-π+⨯=-x t y )312cos(1012π+π-⨯=-λωx t (SI) 第二节 波的干涉 驻波 电磁波1.D2.C3. D4.B5.B6.A7.C8. y =−2Acos (ωt ) ðy ðt =2Aωsin (ωt)9. 2A (提示:两振动同相)10. 0.5m 11. Acos2π(t T −x λ) A12. > 70.8hz 13. 7.96×10-2 W/m 214.解:(1) 反射点是固定端,所以反射有相位突变π,且反射波振幅为A ,因此反 射波的表达式为 ])//(2cos[2π+-π=T t x A y λ(2) 驻波的表达式是 21y y y += )21/2cos()21/2cos(2π-ππ+π=T t x A λ (3) 波腹位置: π=π+πn x 21/2λ, λ)21(21-=n x , n = 1, 2, 3, 4,… 波节位置: π+π=π+π2121/2n x λ λn x 21= , n = 1, 2, 3, 4,…15.解:(1) 与波动的标准表达式 )/(2cos λνx t A y -π= 对比可得: ν = 4 Hz , λ = 1.50 m , 波速 u = λν = 6.00 m/s(2) 节点位置 )21(3/4π+π±=πn x )21(3+±=n x m , n = 0,1,2,3, …(3) 波腹位置 π±=πn x 3/44/3n x ±= m , n = 0,1,2,3, …。
大学物理上活页作业答案
Part
04
结论
总结答案解析
答案A解析
此答案详细解释了问题中涉及的 物理原理和公式,并给出了正确 的计算过程和结论。
答案D解析
此答案提供了与问题相关的实际 应用案例,帮助学生更好地理解 物理原理和概念。
答案B解析
此答案提供了另一种解题思路, 通过不同的公式和计算方法得出 了正确的答案。
答案C解析
总结词
分析物理过程,选择合适的物理模型
详细描述
对于涉及多个物理过程的问题,需要仔细分析每个过程的物理特点和相互关系。根据分析结果,选择 合适的物理模型进行描述和计算。在选择物理模型时,要注意模型的适用条件和局限性,确保其能够
正确反映物理过程。同时,要注意不同物理过程之间的联系和影响,以便更好地理解和解决问题。
作业目的
加深学生对物理学基本概 念和原理的理解,提高其 理论水平。
训练学生运用物理学知识解 决实际问题的能力,培养其 科学素养和实践能力。
通过习题的求解过程,培养 学生的逻辑思维和创造性思 维,提高其综合素质。
Part
02
作业题目及答案
题目一答案
总结词
理解基本概念
描述1
理解了牛顿第二定律的基本概念和应 用,能够正确分析物体的受力情况和 运动状态。
大学物理上活页作业 答案
• 引言 • 作业题目及答案 • 解题思路及解析 • 结论
目录
Part
01
引言
作业背景
大学物理是理工科专业的一门必修基础课程,旨在培养学生掌握物理学的基本原理、概 念和实验技能,为后续的专业课程学习打下基础。
活页作业是大学物理教学过程中的一个重要环节,旨在通过习题练习帮助学生巩固所学 知识,提高解题能力和思维水平。
同济大学物理大作业解答4至6章答案
第四章(一) 振动学基础解答一、选择题1.D 2.B 3.C 4.C 5.B 6.B 7.D 8.B二、填空题1.振动系统自身的性质;π2秒内的的振动次数;振动系统运动的初始条件;表示振动的幅度或振动的强度;表征计时零点的振动状态。
2.;cm 2 ;4s ;1-s 2π ;π23 )232cos(02.0ππ+t ;m )232s i n (01.0πππ+-t -1s m ⋅;)232cos(201.02πππ+-t -2s m ⋅; ππ或33.0.158 m ; 0.5 s ; 2π4.)41cos(02.0ππ+t m ; )43c o s (02.0ππ+t m5.π326.8T , T 83 7.ππ232或-8.合力的大小与位移成正比,方向与位移方向相反; 0d d 222=+x tx ω三、计算题1.解:(1) s 638.084.922,s84.9258.0251-======πωπωT mk(2) m/s 17.03sin02.084.9sin ,30-=⨯⨯-=-==πϕωπϕA v (3) )384.9cos(02.0)cos(πϕω+=+=t t A x m2.解:(1))32cos(3πππϕ-=-=t T A x (2)0=a ϕ,2πϕ=b(3)作振幅矢量图,得到: 6233T Tt a ===ππωπ125223T Tt b =⎪⎭⎫⎝⎛=πππ+3.解:木块下移时,恢复力 )1(22xgL gxLf -=-=水ρmk =ω , 由(1)式知 2gL k =所以,木块做简谐运动。
在水中的木块未受压而处于平衡时 a gL mg 2水ρ= ,于是可求得ag aL gLm k ===22水ρω ga T πωπ22==振幅:a b A -=4.解:(1)两个同方向、同频率简谐运动的合振动仍为简谐运动,且合振动的频率与分振动的频率相同,即121s 3-===ωωω合振动振幅A 和初相0ϕ为 ()cm 52cos 43243cos 22221212221=⨯⨯++=++=πϕϕ-A A A A A︒==+︒+︒=++=--13.5334tg 24cos 3cos024sin 3sin0tgcos cos sin sin tg11-2211221110ππϕϕϕϕϕA A A A即0ϕ在第一象限内。
普通物理_同济大学中国大学mooc课后章节答案期末考试题库2023年
普通物理_同济大学中国大学mooc课后章节答案期末考试题库2023年1.对一运动质点施加以恒力, 质点的运动会发生什么变化?参考答案:质点仍表现出惯性2.质量比为 1 : 2 : 3 的三个小车沿着水平直线轨道滑行后停下来.若三个小车的初始动能相等, 它们与轨道间的摩擦系数相同, 则它们的滑行距离比为参考答案:6 : 3 : 23.已知两个物体【图片】和【图片】的质量以及它们的速率都不相同, 若物体【图片】的动量在数值上比物体【图片】的动量大, 则物体【图片】的动能【图片】与物体【图片】的动能【图片】之间的关系为参考答案:不能判定哪个大4.戴维孙----革末实验中, 用电子射向晶体镍的表面, 该实验用来参考答案:表明电子的波动性5.【图片】【图片】参考答案:(2.85,2.95)6.一轮船作匀变速航行时所受阻力与速率平方成正比.当轮船的速率加倍时,轮船发动机的功率是原来的参考答案:8倍7.用单色光照射光栅,屏幕上能出现的衍射条纹最高级次是有限的.为了得到更高衍射级次的条纹,应采用的方法是:参考答案:将单色光斜入射8.两根相同的磁铁分别用相同的速度同时插进两个尺寸完全相同的木环和铜环内,在同一时刻,通过两环包围面积的磁通量参考答案:相同9.在有磁场变化着的空间里没有实体物质,则此空间中没有参考答案:感生电流10.一衍射光栅由宽 300 nm、中心间距为 900 nm的缝构成, 当波长为 600 nm的光垂直照射时, 屏幕上最多能观察到的亮条纹数为:参考答案:3条11.设氢原子被激发后电子处在第四轨道(n = 4)上运动.则观测时间内最多能看到谱线的条数为参考答案:6条12.决定长直螺线管中磁感应强度大小的因素是参考答案:通入导线中的电流强度13.空间某点磁感应强度的方向, 在下列所述定义中错误的是参考答案:电流元在该点不受力的方向14.现有两条气体分子速率分布曲线A和B,如图所示。
若两条曲线分别表示同一种温度下氢气和氧气的速率分布,则曲线表示氧气的速率分布。
大学物理活页作业答案(全套)
大学物理活页作业答案(全套)-CAL-FENGHAI-(2020YEAR-YICAI)_JINGBIAN2 1.质点运动学单元练习(一)答案1.B2.D3.D4.B5.3.0m ;5.0m (提示:首先分析质点的运动规律,在t <2.0s 时质点沿x 轴正方向运动;在t =2.0s 时质点的速率为零;,在t >2.0s 时质点沿x 轴反方向运动;由位移和路程的定义可以求得答案。
)6.135m (提示:质点作变加速运动,可由加速度对时间t 的两次积分求得质点运动方程。
)7.解:(1))()2(22SI jt i t r -+= )(21m j i r += )(242m ji r -= )(3212m ji r r r -=-=∆ )/(32s m j i tr v -=∆∆= (2))(22SI j t i dtr d v -== )(2SI j dt v d a -== )/(422s m ji v -= )/(222--=s m j a8.解:t A tdt A adt v t oto ωω-=ωω-==⎰⎰sin cos 2 t A tdt A A vdt A x to t o ω=ωω-=+=⎰⎰cos sin3 9.解:(1)设太阳光线对地转动的角速度为ωs rad /1027.73600*62/5-⨯=π=ωs m t h dt dsv /1094.1cos 32-⨯=ωω==(2)当旗杆与投影等长时,4/π=ωth s t 0.31008.144=⨯=ωπ=10.解: ky y vv t y y v t dv a -====d dd d d d d-k =y v d v / d y⎰⎰+=-=-Cv ky v v y ky 222121, d d已知y =y o ,v =v o 则20202121ky v C --=)(2222y y k v v o o -+=4 2.质点运动学单元练习(二)答案1.D2.A3.B4.C5.14-⋅==s m t dt ds v ;24-⋅==s m dt dva t ;2228-⋅==s m t R v a n ;2284-⋅+=s m e t e a n t6.s rad o /0.2=ω;s rad /0.4=α;2/8.0s rad r a t =α=;22/20s m r a n =ω=7.解:(1)由速度和加速度的定义)(22SI j i t dt r d v+==;)(2SI i dt v d a==(2)由切向加速度和法向加速度的定义)(124422SI t tt dt d a t +=+=)(12222SI t a a a t n +=-=(3)())(122/322SI t a v n+==ρ58.解:火箭竖直向上的速度为gt v v o y -︒=45sin火箭达到最高点时垂直方向速度为零,解得s m gt v o /8345sin =︒= 9.解:s m u v /6.3430tan =︒=10.解:l h v u ≤;u hl v ≥63.牛顿定律单元练习答案1.C2.C3.A4.kg Mg T 5.36721==;2/98.02.0s m MT a == 5.x k v x 22=;x x x v k dt dx k dt dv v 222== 221mk dt dv m f x x == 6.解:(1)ma F F N T =θ-θsin cosmg F F N T =θ+θcos sinθ-θ=θ+θ=sin cos ;cos sin ma mg F ma mg F N T(2)F N =0时;a =g cot θ7.解:mg R m o ≥ωμ2 Rg o μ≥ω 8.解:由牛顿运动定律可得dt dv t 1040120=+7分离变量积分()⎰⎰+=t o v dt t dv 4120.6 )/(6462s m t t v ++= ()⎰⎰++=t o x dt t t dx 64620.5 )(562223m t t t x +++= 9.解:由牛顿运动定律可得dtdv m mg kv =+- 分离变量积分⎰⎰-=+t o vv o dt m k mg kv kdv o t m k mg kv mg o -=⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛+ln ⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛+=⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛+-=mg kv k m mg kv mg k m t o o 1ln ln10.解:设f 沿半径指向外为正,则对小珠可列方程av m f mg 2cos =-θ, tv m mg d d sin =θ, 以及 ta v d d θ=,θd d v a t =, 积分并代入初条件得 )cos 1(22θ-=ag v ,)2cos 3(cos 2-=-=θθmg av m mg f .84.动量守恒和能量守恒定律单元练习(一)答案1.A ;2.A ;3.B ;4.C ;5.相同6.2111m m t F v +∆=;2212m t F v v ∆+= 7.解:(1)t dt dx v x 10==;10==dtdv a x x N ma F 20==;m x x x 4013=-=∆J x F W 800=∆=(2)s N Fdt I ⋅==⎰40318.解:()1'v m m mv +=()221221'2121o kx v m m mv ++=9 ()''m m k mm v x += 9.解: 物体m 落下h 后的速度为 gh v 2=当绳子完全拉直时,有 ()'2v M m gh m +=gh m M mv 2'+=gh mM mM Mv I I T 22'22+=== 10.解:设船移动距离x ,人、船系统总动量不变为零0=+mv Mu等式乘以d t 后积分,得0=+⎰⎰to t o mvdt Mudt 0)(=-+l x m Mx m mM ml x 47.0=+=105.动量守恒和能量守恒定律单元练习(二)答案1.C2.D3.D4.C5.18J ;6m/s6.5/37.解:摩擦力mg f μ=由功能原理 2121210)(kx x x f -=+-解得 )(22121x x mg kx +=μ. 8.解:根据牛顿运动定律 Rv m F mg N 2cos =-θ由能量守恒定律 mgh mv =221质点脱离球面时 RhR F N -=θ=cos ;0 解得:3R h =9.解:(1)在碰撞过程中,两球速度相等时两小球间距离最小 v v v )(212211m m m m +=+ ①212211m m v m v m v ++=(2) 两球速度相等时两小球间距离最小,形变最大,最大形变势能等于总动能之差22122221)(212121v v v m m m m E p +-+=② 联立①、②得 )/()(212122121m m m m E p +-=v v10.解:(1)由题给条件m 、M 系统水平方向动量守恒,m 、M 、地系统机械能守恒.0)(=--MV V u m ① mgR MV V u m =+-2221)(21 ②解得: )(2m M M gRmV +=;MgRm M u )(2+=(2) 当m 到达B 点时,M 以V 运动,且对地加速度为零,可看成惯性系,以M 为参考系 R mu mg N /2=-M mg m M mg R mu mg N /)(2/2++=+= mg MmM M mg m M Mmg N 23)(2+=++=6.刚体转动单元练习(一)答案1.B 2.C 3.C 4.C5.v = 1.23 m/s ;a n = 9.6 m/s 2;α = –0.545 rad/ s 2;N = 9.73转。
同济大学大学物理活页作业答案.
大学物理活页作业答案全套
1.质点运动学单元练习(一)答案1.B 2.D 3.D 4.B5.;(提示:首先分析质点的运动规律,在t <时质点沿x 轴正方向运动;在t =时质点的速率为零;,在t >时质点沿x 轴反方向运动;由位移和路程的定义可以求得答案。
)6.135m (提示:质点作变加速运动,可由加速度对时间t 的两次积分求得质点运动方程。
)7.解:(1))()2(22SI jt i t r -+=)(21m ji r+= )(242m ji r-=)(3212m ji r r r-=-=∆)/(32s m ji t r v -=∆∆=(2))(22SI j t i dtrd v -== )(2SI jdt vd a -==)/(422s m j i v-=)/(222--=s m ja8.解:t A tdt A adt v totoωω-=ωω-==⎰⎰sin cos 2t A tdt A A vdt A x totoω=ωω-=+=⎰⎰cos sin9.解:(1)设太阳光线对地转动的角速度为ωs rad /1027.73600*62/5-⨯=π=ωs m th dt ds v /1094.1cos 32-⨯=ωω==(2)当旗杆与投影等长时,4/π=ωth s t 0.31008.144=⨯=ωπ=10.解: ky yv v t y y v t dv a -====d d d d d d d -k =y v d v / d y⎰⎰+=-=-C v ky v v y ky 222121,d d 已知y =y o ,v =v o 则20202121ky v C --= )(2222y y k v v o o -+=ωths2.质点运动学单元练习(二)答案1.D 2.A 3.B 4.C5.14-⋅==s m t dt ds v ;24-⋅==s m dtdva t ;2228-⋅==s m t Rv a n ;2284-⋅+=s m e t e a nt6.s rad o /0.2=ω;s rad /0.4=α;2/8.0s rad r a t =α=;22/20s m r a n =ω=7.解:(1)由速度和加速度的定义)(22SI ji t dt rd v +==;)(2SI idtvd a ==(2)由切向加速度和法向加速度的定义)(124422SI t t t dt d a t +=+=)(12222SI t a a a t n +=-=(3)())(122/322SI t a v n+==ρ8.解:火箭竖直向上的速度为gt v v o y -︒=45sin 火箭达到最高点时垂直方向速度为零,解得s m gtv o /8345sin =︒=9.解:s m uv /6.3430tan =︒=10.解:l h v u ≤;u hl v ≥3.牛顿定律单元练习答案1.C 2.C 3.A 4.kg Mg T 5.36721==;2/98.02.0s m MT a == 5.x k v x 22=;x x xv k dtdxk dt dv v 222== 221mk dt dv mf x x == 6.解:(1)ma F F N T =θ-θsin cosmg F F N T =θ+θcos sinθ-θ=θ+θ=sin cos ;cos sin ma mg F ma mg F N T(2)F N =0时;a =g cot θ7.解:mg R m o ≥ωμ2Rg o μ≥ω 8.解:由牛顿运动定律可得dtdv t 1040120=+ 分离变量积分()⎰⎰+=tovdt t dv 4120.6 )/(6462s m t t v ++=()⎰⎰++=t oxdt t tdx 6462.5 )(562223m t t t x +++=9.解:由牛顿运动定律可得dtdv mmg kv =+- 分离变量积分⎰⎰-=+t o vv o dt m k mg kv kdv ot m kmg kv mg o -=⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛+ln ⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛+=⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛+-=mg kv k m mg kv mg k m t o o 1ln ln10.解:设f 沿半径指向外为正,则对小珠可列方程 a v m f mg 2cos =-θ,t vm mg d d sin =θ,以及 ta v d d θ=,θd d v a t =,积分并代入初条件得 )cos 1(22θ-=ag v ,)2cos 3(cos 2-=-=θθmg av m mg f .4.动量守恒和能量守恒定律单元练习(一)答案1.A ; 2.A ; 3.B ; 4.C ; 5.相同 6.2111m m t F v +∆=;2212m t F v v ∆+=7.解:(1)t dt dxv x 10==;10==dtdv a x x N ma F 20==;m x x x 4013=-=∆J x F W 800=∆=(2)s N Fdt I ⋅==⎰40318.解:()1'v m m mv +=()221221'2121o kx v m m mv ++= ()''m m k mm vx +=9.解: 物体m 落下h 后的速度为 gh v 2=当绳子完全拉直时,有 ()'2v M m gh m +=gh mM m v 2'+=gh mM mMMv I I T 22'22+===10.解:设船移动距离x ,人、船系统总动量不变为零0=+mv Mu等式乘以d t 后积分,得0=+⎰⎰totomvdt Mudt0)(=-+l x m Mx m mM mlx 47.0=+=5.动量守恒和能量守恒定律单元练习(二)答案1.C 2.D 3.D 4.C 5.18J ;6m/s 6.5/37.解:摩擦力mg f μ=由功能原理 2121210)(kx x x f -=+- 解得 )(22121x x mg kx +=μ.8.解:根据牛顿运动定律 Rv m F mg N 2cos =-θ由能量守恒定律mgh mv =221质点脱离球面时 RhR F N -=θ=cos ;0 解得:3R h =9.解:(1)在碰撞过程中,两球速度相等时两小球间距离最小 v v v )(212211m m m m +=+ ①212211m m v m v m v ++=(2) 两球速度相等时两小球间距离最小,形变最大,最大形变势能等于总动能之差22122221)(212121v v v m m m m E p +-+=② 联立①、②得 )/()(212122121m m m m E p +-=v v10.解:(1)由题给条件m 、M 系统水平方向动量守恒,m 、M 、地系统机械能守恒.0)(=--MV V u m ①mgR MV V u m =+-2221)(21 ② 解得: )(2m M M gRmV +=;MgRm M u )(2+=(2) 当m 到达B 点时,M 以V 运动,且对地加速度为零,可看成惯性系,以M 为参考系 R mu mg N /2=-M mg m M mg R mu mg N /)(2/2++=+= mg MmM M mg m M Mmg N 23)(2+=++=6.刚体转动单元练习(一)答案1.B2.C3.C4.C5.v = m/s ;a n = m/s 2;α = – rad/ s 2;N = 转。
同济大学习题答案 静电场中的导体和电介质(1)
1
2
2
2
视为两个带电平面
E 2 0 2 0 0
静电平衡后的电荷分布见图.
Q q
R2
q
R1
Or
q
U0
q
4 π 0r
q
4π 0R1
Q q
4π 0R2
U Ed d
D
D1
1U
d
,
E1
U d
D2
2U
d
,
E2
dr
q
q
q
4π1r 4π1R 4π2R
W0
1q q
2 4π0r
1q q
2 4π0r
q2
4 π 0r
q1 q2
4π 0r1 4π 0r2
q1 q2 q
q1
1q 5
q2
4q 5
W
1 2
q1
q2
4 π 0r
1 2
q2
q1
4 π 0r
q1q2
4π 0r
0 rS
d AB
2.14 107 5 8.85 1012
4.0 103 200 104
V
9.7 102
V
解:(1)设点电荷+q在O点产生的场强为E1,
+ -
球面上感应电荷在O点产生的场强为E2, O点的总场强为E,有
+
-
+
E E1 E2 0
《普通物理作业解答》课件
常见考点
牛顿定律
掌握牛顿定律的应用,如施加力、物体受力和加速度。
电路分析
了解电路元件的特性,并能进行电流和电阻计算。
光学现象
理解光的传播、折射和反射,并能应用光学定律解答问题。
结语
通过本课件,你了解了普通物理作业解答悉了解答示例、 注意事项、常见错误和常见考点。实践和反复训练将使你在物理作业中得心应手。继续努力,加油!
《普通物理作业解答》 PPT课件
在本课件中,我们将探索普通物理作业的解答。我们将带你深入研究问题解 读、解题思路和解答示例,同时介绍注意事项、常见错误和常见考点。让我 们着手开始吧!
问题解读
理解问题
彻底理解所提供的物理问题, 包括问题的关键词和要求。
发现问题的本质
辨别问题背后的关键物理概 念和原理。
分析问题结构
确定问题的结构和可能的解 决方法。
解题思路
创造性思维
运用创造性思维,发现不同角度 解决问题的途径。
分析思维
运用逻辑和推理,分析问题并找 出解决方案。
解决问题的方法
运用问题解决方法,如公式、示 意图等。
解答示例
1
示例一
使用质点动力学解答落体运动问题。
2
示例二
利用电路分析法解答电流与电阻问题。
3
示例三
通过向量叠加法解答平面力矢量问题。
注意事项
1 单位的使用
始终使用正确的单位和符号。
2 数值计算
在计算过程中小心精度和四舍五入误差。
3 语言表达
清晰、准确地表达你的解答步骤和结果。
常见错误
忽略摩擦力
在某些情况下,忽视摩擦力会导 致错误的解答。
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中,始终保持它离地面的高度不变,此时直杆下落的加速度应为
M
(A) g ;
(B) m g ; M
(C) M m g ;
(D) M m g ;
m
M
M m
(E) M m g 。 M
选择题 6 图
( C)
7.水平地面上放一物体 A,它与地面间的滑动摩擦系数为 。现
加一恒力 F,如图所示。欲使物体 A 有最大加速度,则恒力 F 与
(C) 必须等于 2gR ;
(D) 还应由汽车的质量 M 决定。
( B)
五、 填空题
1.一质量为 2 kg 的质点在力 F 20t 8 N 的作用下,沿 Ox 轴作直线运动。在 t 0 时, 质点的速度为 3m·s-1。质点在任意时刻的速度为 v 5t 2 4t 3。
2.质量为 M 的小艇在靠岸时关闭发动机,此刻的船速为 v0 ,设水对小艇的阻力 f 正比于船
速 v ,即
f
kv ( k 为比例系数)。小艇在关闭发动机后还能行驶 x
Mv0 k
的距离。
3.一气球的总质量为 m,以大小为 a 的加速度铅直下降,今欲使它以大小为 a 的加速度铅
直上升,则应从气球中抛掉压舱沙袋的质量为
2ma ag
。(忽略空气阻力)
4.如图所示,质量为 m 的物体 A 用平行于斜面的细线
大高度?
解:取 Ox 向上为正方向,则火箭头部的加速度为 a (g 0.0005 v2 ) ,又 a dv v dv , dt dx
从而得
1
v dv (g 0.0005v2 ) dx
当火箭头部达到最大高度 hmax时, v 0 ,因此
dx hmax 0
0 150
g
v 0.0005
.解:
an R 2
a
R d dt
d dt
(1)t =2 s ,
v = 4.8 m s-1
a n= 230.4 m s-2 a t = 4.8 m s-2 a = 230.5 m s-2
(2) an2 a2 2a
t 0.66s
3.15rad
an a
t 0.55s
4.一颗子弹在一定高度以水平初速度 v0 射出,忽略空气阻力。取枪口为坐标原点,沿 v0 方
v
2
dv
解得 hmax 764 .52m
3. 一个质点沿半径为 0.10 m 的圆周运动,其角位置 2 4t 3 (SI),求
(1)在 t = 2 s 时,它的速度、加速度的大小各为多少?
(2)当切向加速度的大小恰好是总加速度大小的一半时, 值为多少?
(3)在什么时刻,切向加速度和法向加速度恰好大小相等?
不同的弦无摩擦下滑时,把到达各弦的下端所用的时间相比较是
(A)到 A 用的时间最短;
(B)到 B 用的时间最短;
(C)到 C 用的时间最短;
(D)所用时间都一样。
( D)
3.假设质量为 70kg 的飞机驾驶员由于动力俯冲得到 6 g 的净加速
度, 问作用于驾驶员上的力最接近于下列的哪一个值
(A) 10 N ;
(A) 2t 2i 2 j m ;
(C)
3
t
4i
2
t
3
j
m
;
43
(B)
2
t
3
i
2tj
m;
3
(D)不能确定。
5. 如图所示,一根轻绳跨过一个定滑轮,绳的两端各系一个重物,
( B)
它们的质量分别为 m1 和 m2 ,且 m1 > m2 (滑轮质量和一切摩擦均
不计),系统的加速度为 a 。今用一竖直向下的恒力 F m1g 代替
连结置于光滑的斜面上,若斜面向左方作加速运动,当
物体 A 刚好脱离斜面时,它的加速度的大小为
A
gcot 。
填空题 4 图
5. 已知水星的半径是地球半径的 0.4 倍,质量为地球 的 0.04 倍。设在地球上的重力加速度为 g,则水星表面上的重力加速度为 0.25 g。
1
6.如图所示,在一只半径为 R 的半球形碗,有一粒质量为 m 的钢
点的速度 v 0 = 5 m·s-1,则当 t 3s 时,质点的速度 v = 23 m·s-1 5.一个质点沿直线运动,其运动学方程为 x 6t t 2 (SI),则在 t 由 0 至 4s 的时间间隔,质
点的位移大小为 ___8m___,在 t 由 0 到 4s 的时间间隔质点走过的路程为____10m_
6.一质点沿半径为 R 的圆周运动,在 t = 0 时经过 P 点,此后它的速率 v A Bt (其中 A、
B 为正的已知常量)变化。则质点沿圆周运动一周后再经过 P 点时的切向加速度 at =
B
,法向加速度 an =
A2 R
4 B 。
1
7.飞轮作加速转动时,轮边缘上一点的运动学方程为 s 0.1t 3 (SI)。设飞轮半径为 2m。当 此点的速率 v 30 m∙ s-1 时,其切向加速度为 6 m·s-2,法向加速度为__450 m·s-2_。 8.一船以速度 v0 在静水湖中匀速直线航行,一位乘客以初速 v1 在船中竖直向上抛出一石 子,则站在岸上的观察者看石子运动的轨道是 抛物线 。取抛出点为坐标原点,Ox 轴沿 v0 方向,Oy 轴沿竖直向上方向,石子的轨道方程是 y v1x gx2 。
(B) 70 N ;
(C) 420 N ;
(D) 4100 N 。
(C )
P
O
A
B C
选择题 2 图
(D)
4.在平面直角坐标系 Oxy 中,质量为 0.25kg 的质点受到力 F t i N 的作用。t 0 时,该
质点以 v 2 j m s1 的速度通过坐标原点 O,则该质点在任意时刻的位置矢量是
向为 Ox 轴,铅直向下为 Oy 轴,并取发射时刻 t 0 ,试求:
(1)子弹在任一时刻 t 的位置坐标及轨道方程; (2)子弹在任一时刻 t 的速度,切向加速度和法向加速度。
解:(1)
x v0t ,
y 1 gt 2 2
v0
x
轨迹方程是:
y
1 2
x2g
/
v
2 0
(2) v x = v 0,v y = g t,速度大小为:
3.一个质点沿半径 R = 1 m 的圆周运动,已知走过的弧长 s 和时间 t 的关系为 s 2 2t 2 ,
那么当质点的总加速度 a 恰好与半径成 450 角时,质点所经过的路程 s = 2.5 m。
4.一个质点沿 Ox 方向运动,其加速度随时间变化关系为 a = 3+2 t (SI),如果初始时刻质
解:(1)
r
3t
5i
1 2
t2
3t
4
j
m
(2) x 3t 5
y 1 t 2 3t 4 两式消去 t 得质点的运动轨道 2
y 1 x2 4 x 7 11 18 9 18
(3) r1 8i 0.5 j m ; r2 11i 4 j m r 3i 4.5 j m
(4) vx
( D)
5. 如图所示,路灯距离地面高度为 H,行人身高为 h,如果人
以匀速 v 背向路灯行走,则人头的影子移动的速度为
(A) H h v ;
(B) H v ;
H
H h
H
(C) h v ;
(D) H v 。
H
h
(B )
6.一物体从某一确定高度以 v0 的速度水平抛出,已知它落地时
的速度为 v t ,那么它运动的时间是
F
水平方向夹角 应满足
(A) sin = ;
(B) cos = ;
A
(C) tan = ;
(D) cot = 。
(C )
选择题 7 图
8.一段水平的公路,转弯处轨道半径为 R,汽车轮胎与路面间的摩擦系数为 ,要使汽车
不致于发生侧向打滑,汽车在该处的行驶速率
(A) 不得小于 gR ;
(B) 不得大于 gR ;
dx dt
3m s1
vy
dy dt
(t
3)m s1
t 4s 时, vx 3m s1
v 3i 7 j m∙ s-1
vy
dy dt
7m s1
ax
dvx dt
0
ay
dv y dt
1m s2
a j m∙ s-2
2. 对一枚火箭的圆锥型头部进行试验。把它以初速度150 m s-1 铅直向上发射后,受空气 阻力而减速,其阻力所引起的加速度大小为 0.0005v2 (SI),求火箭头部所能达到的最
(A)
;
(B)
;
(C)
;
(D)
。
二、 填空题
(B)
1.一个质点沿 Ox 轴运动,其运动方程为 x 3t 2 2t 3 (SI)。当质点的加速度为零时,其
速度的大小 v = 1.5 m·s-1 。
2.一个质点在 Oxy 平面的运动方程为 x 6t, y 4t 2 8 (SI)。则 t = 1 s 时,质点的切向 加速度 a t = 6.4 ms-2 ,法向加速度 an = 4.8 ms-2 。
v
h
影 选择题 5 图
(A) vt v0 ; g
(B) vt v0 ; 2g
1
(C)
v
2 t
v
2 0
12
;
g
(D)
v
2 t
v02
12
。
2g
(C)
7.一个质点沿直线运动,其速度为 v v0ekt (式中 k、v0 为常量)。当 t 0 时,质点位于
坐标原点,则此质点的运动方程为: