2019年上海市中考物理模拟试卷(二)(解析版)

2019年上海市中考物理模拟试卷（二）
一、选择题
1．人的正常体温约为（）
A．30℃B．33℃C．37℃D．39℃
2．原子中不带电的是（）
A．中子B．核子C．电子D．质子
3．两个物体中，惯性较小的物体一定具有较小的（）
A．密度B．体积C．质量D．速度
4．当光从空气射到水面时，光线与水面夹角为25°，则反射角大小为（）A．25°B．35°C．65°D．75°
5．把一个小球竖直向上抛出，小球在空中受到重力和空气阻力的作用。

小球在上升和下降过程中所
受合力分别为F
上升、F
下降
，则（）
A．F
上升小于F
下降
B．F
上升
等于F
下降
C．两个合力的方向相同D．两个合力的方向相反
6．如图所示，小磁针甲、乙处于静止状态。

根据标出的磁感线方向，可以判断出（）
A．螺线管的右端为N极B．电源的左端为负极
C．小磁针甲的右端为N极D．小磁针乙的左端为N极
7．如图所示的电路中，电源电压恒定，闭合电键S，电路正常工作，一段时间后三个电表中一个电表的示数变小，一个电表的示数变大，若导线完好，则下列判断中正确的是（）
A．电流表A示数一定变大，灯L可能熄灭
B．电流表A示数可能变大，灯L一定熄灭
C．电压表V2示数一定变小，灯L一定熄灭
D．电压表V2示数可能变小，灯L可能熄灭
8．如图所示，甲、乙为两个实心均匀正方体，它们对水平地面的压强相等。

若在两个正方体的上部，沿水平方向分别截去相同高度的部分，并将截去部分叠放在对方剩余部分上，它们对地面的压强为p 甲和p 乙，下列判断正确的是（ ）
A ．p 甲可能小于p 乙
B ．p 甲一定小于p 乙
C ．p 甲可能大于p 乙
D ．p 甲一定大于p 乙
二、填空题
9．如图所示，重0.06牛的羽毛球竖直上升，则羽毛球相对于地面是 的（选填“静止”或“运动”），羽毛球运动越来越慢，这说明力能 ；此过程中球的重力势能将 （选填“变大”、“变大”或“不变”），若羽毛球上升时受到的空气阻力为0.15牛，则羽毛球所受合力的大小为 牛。

10．如图所示，一束光从空气斜射入水中，此时入射角为 度，折射角 入射角（选填“大于”、“等于”或“小于”）；增大入射角时，折射角 （选填“增大”、“不变”或“减小”）。

11．某导体两端电压为6伏，通过的电流为0.2安，则在10秒内通过该导体横截面的电荷量为 库，这段时间电流做的功为 焦，导体的电阻为 欧；若减小导体两端的电压，该导体的电阻值将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。

12．某豆浆机铭牌上的部分技术参数如表。

①该豆浆机可直接接入上海地区家庭电路中使用，它的额定电压为 伏。

②豆浆机的机头主要由一个电热器（电热丝）和一个电动机带动的打浆器构成。

制作豆浆的过程是先加热，再打浆，再加热煮熟，即加热和打浆是交替进行的。

由此可知，豆浆机中的电动机和电热器的连接方式是 。

③当豆浆打好后，就能闻到豆浆的香味。

这一现象可以说明：分子在不停地做 运动。

④豆浆机在额定电压下加热0.1小时，需耗电 度。

13．体积为1×10﹣3米3的金属块浸没在水中，受到浮力的大小为 牛。

2千克的水温度降低5℃．放出的热量为 焦。

水的比热容较大，相同质量的水和其他物质吸收相同的热量，水的温度升高较
（选填“多”或“少”），适合做冷却剂。

[c 水＝4.2×103焦/（千克•℃）]。

14．在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合电键，滑动变阻器的滑片P 向右移动时，灯的亮度将 ，电路中示数不变的电表是 。

15．如图所示，某小组同学在塑料小桶中，分别装满密度已知的四种不同液体，用弹簧测力计依次测出它们的重力，记录数据如表所示。

①当小桶中盛满密度未知的某种液体时，弹簧测力计的示数为2.4牛。

根据表中数据分析可知，此液体的密度为 克/厘米3。

②若把弹簧测力计和小桶改装为液体密度秤，该秤的“0刻度”线对应弹簧测力计上的刻度值为 牛。

若要增大该称的称量范围，可换用以下两种规格的塑料小桶，符合要求的是 。

（填写序号）
A ．容积相同，质量更小的小桶
B ．质量相同，容积更小的小桶。

三、作图题
16．根据平面镜成像的特点，在图中画出物体AB在平面镜MM′中的像A′B′。

17．重2牛的课本平放在水平桌面上，请用力的图示法在图中作出课本受到桌面的支持力F
支。

18．在如图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上，补上后要求：（1）L1与L2并联；
（2）电流表测L1的电流，电键控制L2。

四、计算题
19．质量为1千克的铝块温度升高了20℃，求铝块吸收的热量Q
吸．[c
铝
＝0.9×103焦/（千克•℃）]。

20．杠杆平衡时，动力臂l1为0.3米，阻力臂l2为1.5米，阻力F2为5N，求动力F1的大小。

21．如图所示，放在水平桌面上的薄壁圆柱形容器A、B，底面积分别为0.03米2和0.02米2，高均
为0.3米，分别盛有0.1米高的酒精和水（已知ρ
酒
＝0.8×103千克/米3）。

甲是质量为5千克的实心柱体，底面积为0.01米2．求：
（1）水对容器底的压强。

（2）甲对桌面的压强。

（3）若将甲物体分别竖直放入两容器内的液体中，均能浸没，并使酒精对容器底的压力小于水
对容器底的压力，求甲物体的体积范围。

22．在图（a）所示的电路中，电源电压为6伏且不变，将定值电阻R1接入M、N接线柱，闭合电键S后电流表A的示数为0.4安。

①求电阻R1的阻值。

②现有滑动变阻器R2，其规格为”5Ω3A”、“10Ω1A”或“20Ω2A”中的一个将R1与R2以
不同的连接方式接入M、N接线柱，闭合电键S，移动变阻器R2的滑片，都能使电流表的指针达到图（b）所示位置。

（a）请通过计算判断所用变阻器R2的规格。

（b）在电路元件安全工作的条件下，移动变阻器R2滑片，使电流表示数的变化量△I最大。

求不同连接方式中较大的△I。

最大
五、实验题
23．实验室中，常用来测量物体的质量，测量前应将置于标尺左端零刻度处。

在“探究二力平衡的条件”实验中，如图所示，当甲物体处于状态时（选填“静止”或“向右加速运动”），记录物体受到的力，此时测力计的示数为牛。

24．“验证凸透镜成像规律”的实验中，将蜡烛的焰心、凸透镜的中心和光屏的中心调到大致在同一。

现有两个焦距分别为5厘米、20厘米的凸透镜，选择其中的一个放置于光具座的A 点，如图16所示。

将蜡烛置于B点，此时成正立的像，观察者应在凸透镜的侧（选填“左”
或“右”）进行观察。

若保持蜡烛的位置不变，更换另一凸透镜置于A点，可成倒立（选填“缩小”或“放大”）的实像，再将蜡烛从B点移至C点所成的像会（选填“变小”、“不变”或“变大”）。

25．某小组同学研究“使用动滑轮匀速提起物体时，所用竖直向上拉力F 的大小与哪些因素有关”。

他按图所示方式用两个重力不同的滑轮连行实验，并将相应的滑轮重G 滑、物体重G 物和拉力F 的大小记录在表一、二中。

为了进一步研究，他们计算了每次实验中物体所受重力的变化量△G
物
与所用拉力的变化量△F ，并将结果记录在表一、二的后两列中。

表一：G 滑＝2牛 表二：G 滑＝4牛
①分析比较表一或表二中F 与G 物的数据及相关条件，可得出的初步结论是：使用动滑轮匀速提起物体， 。

②分析比较实验序号 的数据及相关条件，可得出的初步结论是：使用动滑轮匀速提起物体，当G 物相等时，G 滑越大，F 越大。

③根据表一、二中前三列的数据及条件，请判断：按图14所示方式使用动滑轮匀速提起物体，若要省力，需满足的条件是 。

④进一步分析比较表一、二中△F 与△G
物
的数据及相关条件，可发现其满足的数学关系式
为 ，由此可得出的初步结论是：使用功滑轮匀速提起物体， 成正比。

26．在“测定小灯泡电功率”的实验中，实验室给每个小组提供的器材有电压表、电流表、标有“0.2A”
字样的小灯泡若干（额定功率在0.4瓦～0.75瓦之间）、不同规格的滑动变阻器、每个小组只有3节新干电池、电键以及导线若干。

小徐这组选用的滑动变阻器规格为“10Ω 2A”，小汇这组选用的滑动变阻器规格为“5Ω3A”。

他们正确连接电路，实验步骤正确，闭合电键后，移动变阻器滑片，发现小灯汇正常发光时，滑片恰在中点位置。

他们分别测出小灯泡的额定功率。

（1）请在方框中画出实验电路图。

（2）在分析实验数据时，小徐和小汇发现，他们测出的小灯泡电功率值不相等。

请你通过计算分析他们所测的小灯泡电功率是否相等。

2019年上海市中考物理模拟试卷（二）
参考答案与试题解析
一、选择题
1．人的正常体温约为（）
A．30℃B．33℃C．37℃D．39℃
【分析】根据人的正常体温即可做出选择。

【解答】解：人的正常体温约为37℃。

故选：C。

【点评】本题考查人的正常体温，属于识记性内容，比较简单。

2．原子中不带电的是（）
A．中子B．核子C．电子D．质子
【分析】根据对原子结构知识的掌握分析答题：
原子由位于原子中心的原子核与核外带负电的电子组成；原子核由带正电的质子与不带电的中子组成。

【解答】解：卢瑟福原子核式结构理论认为：原子由位于原子中心的原子核与核外带负电的电子组成；原子核由带正电的质子与不带电的中子组成。

故选：A。

【点评】本题是一道基础题，掌握基础知识即可正确解题。

3．两个物体中，惯性较小的物体一定具有较小的（）
A．密度B．体积C．质量D．速度
【分析】惯性是物体的固有属性，一切物体都具有惯性，惯性的大小只与物体的质量有关，质量大的物体惯性就大，质量小的物体惯性就小。

【解答】解：惯性是物体的固有属性，一切物体都具有惯性，惯性的大小只与物体的质量有关，质量小的物体惯性就小。

故选：C。

【点评】惯性是物体的固有属性，一切物体都具有惯性，惯性的大小只与物体的质量有关。

4．当光从空气射到水面时，光线与水面夹角为25°，则反射角大小为（）A．25°B．35°C．65°D．75°
【分析】（1）光的反射定律的内容：反射光线、入射光线与法线在同一平面内；反射光线和入射光线分别位于法线两侧；反射角等于入射角。

（2）并且要掌握入射角和反射角的概念：入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与法线的夹角。

【解答】解：当光从空气射到水面时，光线与水面夹角为25°时，入射角为90°﹣25°＝65°；
当入射角为65°，根据光的反射定律可知：反射角也为65°；
故选：C。

【点评】此题主要考查了光的反射定律和折射规律的内容，特别是反射角与入射角的关系，其中必须搞清入射角与反射角的概念。

5．把一个小球竖直向上抛出，小球在空中受到重力和空气阻力的作用。

小球在上升和下降过程中所
受合力分别为F
上升、F
下降
，则（）
A．F
上升小于F
下降
B．F
上升
等于F
下降
C．两个合力的方向相同D．两个合力的方向相反
【分析】同一直线上方向相同的两个力的合力等于这两个力的大小之和，合力方向与两力方向相同；方向相反的两个力合力的大小等于这两个力的大小之差，合力方向与大力相同。

【解答】解：小球在上升过程中重力方向向下，阻力方向也向下，故所受的合力的大小F
上升
＝G+f，合力与G和f相同，竖直向下；
小球在下降过程中重力方向向下，阻力的方向是向上，故所受的合力的大小F
下降
＝G﹣f，合力方向与G的方向相同，竖直向下；
由此可知：F
上升＞F
下降
故选：C。

【点评】本题主要考查学生对同一直线上二力的合成的认识和了解，是一道基础题。

6．如图所示，小磁针甲、乙处于静止状态。

根据标出的磁感线方向，可以判断出（）
A．螺线管的右端为N极B．电源的左端为负极
C．小磁针甲的右端为N极D．小磁针乙的左端为N极
【分析】根据磁感线的方向，可以确定螺线管的NS极；
利用螺线管的N、S极，可以确定小磁针的N、S极；
利用螺线管的N、S极和线圈的绕向，利用安培定则可以确定线圈中电流方向，进而确定电源的正负极；
位于磁场中小磁针静止时，N极的指向跟通过该点的磁感线方向一致，S极跟通过该点的磁感线方向相反。

【解答】解：A、在磁体的周围，磁感线从磁体的N极流出，回到S极，所以利用磁感线的方向，可以确定螺线管的左端为N极，右端为S极。

故A错误。

B、根据螺线管的左端为N极结合图示的线圈绕向，利用安培定则可以确定电流从螺线管的右端
流入左端流出。

所以电源的右端为正极，左端为负极。

故B正确；
C、根据异名磁极相互吸引的理论可以确定小磁针甲右端为S极；故C错误；
D、小磁针静止时，N极的指向跟通过该点的磁感线方向一致，S极跟通过该点的磁感线方向相
反，所以乙的左端为S极，故D错误。

故选：B。

【点评】本题考查了磁极间的相互作用规律和右手螺旋定则的使用；解决此题的突破口是图示的磁感线方向。

7．如图所示的电路中，电源电压恒定，闭合电键S，电路正常工作，一段时间后三个电表中一个电表的示数变小，一个电表的示数变大，若导线完好，则下列判断中正确的是（）
A．电流表A示数一定变大，灯L可能熄灭
B．电流表A示数可能变大，灯L一定熄灭
C．电压表V2示数一定变小，灯L一定熄灭
D．电压表V2示数可能变小，灯L可能熄灭
【分析】闭合开关，电路正常工作，过一段时间，灯泡熄灭，说明电路发生了断路或短路，具体的故障可以将每个选项代入题干，根据相应的现象一一排除，最终确定正确答案。

【解答】解：由图知，灯泡与电阻串联，电压表V1测量电路中的总电压，V1的示数一定不变；
电流表测量电路中的电流，V2与灯泡并联，测量灯泡L两端的电压；
A、由于是串联电路，所以若电路发生断路，电流表的示数变小，A说法错误；
B、若电流表的示数变大，则电路中的总电阻变小，说明电路发生短路现象，根据题意，由于V1
的示数不变，只能是V 2的示数变小，则与V 2并联的灯泡短路，此时灯L 一定熄灭，B 正确； C 、若灯泡断路，则电流表示数变小，V 2示数变大，所以电压表V 2示数变小说法是错误的，C 错误；
D 、一个电表的示数变小，一个电表的示数变大，所以若电压表V 2示数变小，又V 1的示数不变，只能是电流表示数变大，则与V 2并联的灯泡短路，此时灯泡一定熄灭，D 错误。

故选：B 。

【点评】电路故障问题，是电学实验经常出现的问题，也是物理试题考查的热点、难点。

解决此类问题的关键是采用“排除法”，在不能直接确定答案时，将每个选项依次代入题干，一一排除，最终确定正确选项。

8．如图所示，甲、乙为两个实心均匀正方体，它们对水平地面的压强相等。

若在两个正方体的上部，沿水平方向分别截去相同高度的部分，并将截去部分叠放在对方剩余部分上，它们对地面的压强为p 甲和p 乙，下列判断正确的是（ ）
A ．p 甲可能小于p 乙
B ．p 甲一定小于p 乙
C ．p 甲可能大于p 乙
D ．p 甲一定大于p 乙
【分析】要解决此题，需掌握压强公式p ＝，物体对地面的压力等于其重力；
根据压强相等利用柱体压强公式p ＝＝＝
＝ρgh 列出相应的关系式，判断出截去相同高
度的部分的重力大小；
则后来物体的对地面的压力等于自身剩余重力加对方切去部分的重力，根据压强公式比较压强大小便可。

【解答】解：把甲、乙均分为两部分，
甲最初对地面的压强p 甲1＝﹣﹣﹣①
乙最初对地面的压强p 乙1＝﹣﹣﹣②
由于它们均为实心正方体，且对地面的压强相等，设它们的边长分别为a 、b 。

可得ρ甲ga ＝ρ乙gb
甲切去部分的重G 甲切＝ρ甲gV 甲切＝ρ甲ga 2h ﹣﹣﹣③
同理乙切去部分的重G 乙切＝ρ
乙gb 2h ﹣﹣﹣④
③：④有＝＝＞1
可得G 甲切＞G 乙切﹣﹣﹣﹣⑤
将切去部分放置在对方剩余部分的上表面，
则此时甲的整体产生的压强p 甲＝﹣﹣﹣⑥
此时乙的整体产生的压强p 乙＝
﹣﹣﹣⑦
由①⑤⑥可知，p 甲＜p 甲1﹣﹣﹣⑧
由②⑤⑦可知，p 乙＞p 乙1﹣﹣﹣⑨ 而最初甲乙对地面压强相等，结合⑧⑨可知，p 甲＜p 乙。

故选：B 。

【点评】本题主要考查了压强大小的判断，关键要掌握压强的计算公式，特别是柱体物体对支持面的压强公式应用，在分析过程中要注意改变的量和相等的量，要细心分析。

二、填空题
9．如图所示，重0.06牛的羽毛球竖直上升，则羽毛球相对于地面是 运动 的（选填“静止”或“运动”），羽毛球运动越来越慢，这说明力能 改变物体的运动状态 ；此过程中球的重力势能将 变大 （选填“变大”、“变大”或“不变”），若羽毛球上升时受到的空气阻力为0.15牛，则羽毛球所受合力的大小为 0.21 牛。

【分析】（1）研究物体的运动情况时，首先要选取一个物体作为标准，这个被选作标准的物体叫做参照物，研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化；
（2）力能改变物体的运动状态，还能改变物体的形状；
（3）重力势能的大小取决于物体的质量和被举高的高度；
（4）作用在同一直线上的两个力，如果方向相同，则合力的大小等于二力之和，方向与这两个
力方向相同；作用在同一直线上的两个力，如果方向相反，则合力的大小等于二力之差，方向与较大的力方向相同。

【解答】解：（1）羽毛球竖直上升过程中，相对于地面的位置不断发生变化，因此羽毛球相对于地面是运动的；
（2）羽毛球运动越来越慢，是由于受到向下的重力的作用，说明力能改变物体的运动状态；
（3）羽毛球竖直上升过程中，质量不变，高度变大，重力势能变大；
（4）羽毛球所受0.06牛的重力方向是竖直向下的；因为羽毛球竖直上升，所以0.15牛的阻力方向也是竖直向下的，两个力作用在同一直线上，方向是相同的，
F
＝0.15N+0.06N＝0.21N。

合
故答案为：运动；改变物体的运动状态；变大；0.21。

【点评】本题主要考查了物体运动状态的判断、力的作用效果、重力势能的影响因素、合力的计算，是一道综合题。

10．如图所示，一束光从空气斜射入水中，此时入射角为30度，折射角小于入射角（选填“大于”、“等于”或“小于”）；增大入射角时，折射角增大（选填“增大”、“不变”
或“减小”）。

【分析】折射规律：入射光线、法线、折射光线在同一平面内，折射光线和入射光线分别位于法线两侧，当光线从空气斜射入其它透明介质时，折射角小于入射角；并且折射角随着入射角的增大而增大，但折射角总小于入射角。

【解答】解：入射角是入射光线与法线的夹角，由图可知入射角为30°，当光线从空气斜射入其它透明介质时，折射角小于入射角；
折射现象中折射角随着入射角的增大而增大。

故答案为：30；小于；增大。

【点评】此题主要考查了光的折射定律的应用，特别要搞清折射角与入射角的概念；牢固掌握光的折射定律是关键。

11．某导体两端电压为6伏，通过的电流为0.2安，则在10秒内通过该导体横截面的电荷量为2库，这段时间电流做的功为12焦，导体的电阻为30欧；若减小导体两端的电压，该导体
的电阻值将不变（选填“变大”、“变小”或“不变”）。

【分析】（1）已知电压和电流，根据欧姆定律可求出电阻；又知时间，根据Q＝It可求出电荷量；根据W＝UIt可求出电流做的功；
（2）导体电阻是导体本身的性质与电压电流无关。

【解答】解：10秒内通过该导体横截面的电荷量：
Q＝It＝0.2A×10s＝2C；
电流做功：
W＝UIt＝6V×0.2A×10s＝12J；
由欧姆定律得导体的电阻：
R
＝＝＝30Ω；
因为，导体电阻是导体本身的性质与电压电流无关，所以，若导体两端的电压减小时，该导体的电阻不变，仍为30Ω。

故答案为：2；12；30；不变。

【点评】本考查了电荷量的概念和计算，欧姆定律的应用及电功的计算，属于基本内容，比较简单。

12．某豆浆机铭牌上的部分技术参数如表。

①该豆浆机可直接接入上海地区家庭电路中使用，它的额定电压为220伏。

②豆浆机的机头主要由一个电热器（电热丝）和一个电动机带动的打浆器构成。

制作豆浆的过程
是先加热，再打浆，再加热煮熟，即加热和打浆是交替进行的。

由此可知，豆浆机中的电动机和电热器的连接方式是并联。

③当豆浆打好后，就能闻到豆浆的香味。

这一现象可以说明：分子在不停地做无规则运动。

④豆浆机在额定电压下加热0.1小时，需耗电0.085度。

【分析】（1）我国家庭电路的电压为220V；
（2）串联的各用电器相互影响，不能独立工作；并联的各用电器互不影响，能独立工作； （3）一切物质的分子都在不停地做无规则运动，且温度越高，分子运动越剧烈；
（4）额定电压下加热功率和额定功率相等，根据W ＝Pt 求出加热0.1小时消耗的电能。

【解答】解：①我国家庭电路的电压为220V ，该豆浆机可直接接入上海地区家庭电路中使用，说明它的额定电压为220V ；
②由题意知，加热和打浆是交替进行的，电动机与电热器能独立工作，互不影响，因此它们是并联的；
③当豆浆打好后，就能闻到豆浆的香味，这是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动；
④由P ＝可得，加热0.1小时消耗的电能：
W ＝Pt ＝850×10﹣3kW ×0.1h ＝0.085kW •h ＝0.085度。

故答案为：①220；②并联；③无规则；④0.085。

【点评】本题以豆浆机为背景考查了额定电压、串并联的辨别、扩散现象、电功公式的应用等，虽然难度不大，但综合性强，只要细心处理即可解答。

13．体积为1×10﹣3米3的金属块浸没在水中，受到浮力的大小为 9.8 牛。

2千克的水温度降低5℃．放出的热量为 4.2×104 焦。

水的比热容较大，相同质量的水和其他物质吸收相同的热量，
水的温度升高较 少 （选填“多”或“少”），适合做冷却剂。

[c 水＝4.2×103焦/（千克•℃）]。

【分析】已知金属块浸没水中，排开水的体积等于金属块的体积，利用阿基米德原理F 浮＝ρ水V 排g 求金属块受到的浮力；
已知水的质量是2kg ，水温度升高1℃，根据Q 吸＝cm △t 可求出水吸收的热量；
因为水的比热容大，根据Q ＝cm △t 变形可判断谁的温度变化较大。

【解答】解：金属块浸没水中，
所以V 排＝V 金＝1×10﹣3m 3，
F 浮＝ρ水V 排g ＝1.0×103kg/m 3×1×10﹣3m 3×9.8N/kg ＝9.8N 。

水放出的热量：
Q 放＝c 水m 水△t ＝4.2×103J/（kg •℃）×5kg ×2℃＝4.2×104J ；
由热量公式Q ＝cm △t 变形得△t ＝
，因为水的比热容较大，所以相同质量的水和其他物质吸
收相同的热量，水的温度升高较少。

故答案为：9.8；4.2×104；少。

【点评】本题综合考查了浮力和热量的计算，对公式的把握和运用是基础，只要读好题，总体来
说本题难度不大。

14．在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合电键，滑动变阻器的滑片P向右移动时，灯的亮度将不变，电路中示数不变的电表是电流表。

【分析】滑动变阻器的滑片移动时，改变的是与电压表并联的电阻大小，电路中的电阻并未发生变化，根据欧姆定律的知识分析即可。

【解答】解：由图知，电压表并联在电路中，测量滑片P、灯左端两点之间的电压，滑片移动时，
接入电路中的电阻大小并未发生变化，由I＝得，电流表的示数不变，灯泡的亮度不变；
与电压表并联的电阻变大，由U＝IR，电压表的示数变大。

故答案为：不变；电流表。

【点评】本题考查电表示数变化的分析，关键要知道此种情况，滑片的移动并不能引起接入电路中电阻大小的变化。

15．如图所示，某小组同学在塑料小桶中，分别装满密度已知的四种不同液体，用弹簧测力计依次测出它们的重力，记录数据如表所示。

①当小桶中盛满密度未知的某种液体时，弹簧测力计的示数为2.4牛。

根据表中数据分析可知，
此液体的密度为 1.6克/厘米3。

②若把弹簧测力计和小桶改装为液体密度秤，该秤的“0刻度”线对应弹簧测力计上的刻度值为
0.8牛。

若要增大该称的称量范围，可换用以下两种规格的塑料小桶，符合要求的是A、B。

（填写序号）
A．容积相同，质量更小的小桶B．质量相同，容积更小的小桶。