广西省北海市2025年高三第三次教学质量检测试题考试物理试题理试题含解析

广西省北海市2025年高三第三次教学质量检测试题考试物理试题理试题
注意事项
1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．
2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．
3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．
4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

、、、是波上的四个1、一列简谐横波沿x轴正方向传播，速度为0.5m/s，周期为4s。

t=1s时波形如图甲所示，a b c d
质点。

如图乙所示是波上某一质点的振动图像。

下列说法正确的是（）
A．这列波的波长为1 m
B．t=0s时质点a的速度与质点b的速度相等
C．t=1s质点a的加速度大小比质点b的加速度大
D．如图乙表示的是质点b的振动图像
2、某同学在测量电阻x R实验时，按图所示连接好实验电路。

闭合开关后发现：电流表示数很小、电压表示数接近于电源电压，移动滑动变阻器滑片时两电表示数几乎不变化，电表及其量程的选择均无问题。

请你分析造成上述结果的原因可能是（）
A．电流表断路
B．滑动变阻器滑片接触不良
C．开关接触部位由于氧化，使得接触电阻太大
D．待测电阻和接线柱接触位置由于氧化，使得接触电阻很大
3、2020年初，在抗击2019-nCoV，红外线体温计发挥了重要作用。

下列关于红外线的说法中正确的是（）A．红外线的波长比红光短
B．利用红外线的热效应可以加热物体
C．红外遥感是利用红外线的穿透能力强
D．高温物体辐射红外线，低温物体不辐射红外线
4、几位同学利用课余时间测一干涸的半球形蓄水池的直径。

身高为1.80m的小张同学站在池边从头顶高处水平向池中投掷小石子，石子刚好落到池底的正中央，小李同学用手机的秒表记录的小石子运动时间为1.6s。

不计空气阻力，重力加速度取10m/s2。

可知水池的直径为（）
A．3.6m B．11m C．12.8m D．22m
5、如图所示，一理想变压器原线圈匝数n1＝1000匝，副线圈匝数n2＝200匝，原线圈中接一交变电源，交变电源电压u＝2202sin 100πt(V)．副线圈中接一电动机，电阻为11Ω，电流表2示数为1A．电表对电路的影响忽略不计，则()
A．此交流电的频率为100Hz
B．电压表示数为2V
C．电流表1示数为5A
D．此电动机输出功率为33W
6、如图，长为L、倾角30
θ=的传送带始终以2.5m/s的速率顺时针方向运行，小物块以4.5m/s的速度从传送带底端
A沿传送带上滑，恰能到达传送带顶端B 32
10m/s
g=，最大静摩擦力与
滑动摩擦力大小相等，则下列图像中能正确反映物块在传送带上运动的速度v随时间t变化规律的是（）
A ．
B ．
C ．
D ．
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。

在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、关于物体的内能，下列说法正确的是______
A ．物体吸收热量，内能可能减少
B ．10g100℃水的内能等于10g100℃水蒸气的内能
C ．物体中所有分子的热运动的动能与分子势能的总和叫作物体的内能
D ．电阻通电时发热，其内能是通过“热传递”方式增加的
E.气体向真空的自由膨胀是不可逆的
8、图示是由质量相等的三颗星组成的三星系统，其他星体对它们的引力作用可忽略。

设每颗星体的质量均为m ，三颗星分别位于边长为r 的等边三角形的三个顶点上，它们绕某一共同的圆心O 在三角形所在的平面内以相同的角速度做匀速圆周运动。

已知引力常量为G ，下列说法正确的是（ ）
A ．每颗星体受到的向心力大小为2
2m G r B 223m G r
C ．每颗星体运行的周期均为3
23r Gm πD ．每颗星体运行的周期均为332r Gm
9、在粗糙水平桌面上，长为l=0.2m 的细绳一端系一质量为m=2kg 的小球，手握住细绳另一端O 点在水平面上做匀速圆周运动，小球也随手的运动做匀速圆周运动。

细绳始终与桌面保持水平，O 点做圆周运动的半径为r=0.15m ，小球与桌面的动摩擦因数为=0.6μ，210m/s g =。

当细绳与O 点做圆周运动的轨迹相切时，则下列说法正确的是（ ）
A ．小球做圆周运动的向心力大小为6N
B ．O 点做圆周运动的角速度为42rad/s
C ．小球做圆周运动的线速度为2m/s
D ．手在运动一周的过程中做的功为6πJ
10、下列说法正确的是 。

A ．失重条件下充入金属液体的气体气泡不能无限地膨胀是因为液体表面张力的约束
B ．阳光下看到细小的尘埃飞扬，是固体颗粒在空气中做布朗运动
C ．由阿伏加德罗常数、气体的摩尔质量和气体的密度，可以估算出理想气体分子间的平均距离
D ．分子势能随着分子间距离的增大，可能先减小后增大
E.热量一定由高温物体向低温物体传递
三、实验题：本题共2小题，共18分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11．（6分）某同学用如图甲所示的装置做“探究合力做的功与动能改变量之间的关系”的实验，他们将光电门固定在水平轨道上的B 点，并用重物通过细线拉带有遮光条的小车，然后保持小车和重物的质量不变，通过改变小车释放点到光电门的距离（s ）进行多次实验，实验时要求小车每次都从静止释放。

（1）用螺旋测微器测量遮光条的宽度，其示数如图乙所示，则遮光条的宽度d =________mm 。

（2）为了减小误差，实验时需要进行的操作是________。

A ．将水平轨道上的A 端垫高适当的高度，以平衡摩擦力
B ．使重物的质量m 远大于小车及遮光条的总质量M
C ．调节水平轨道左端滑轮的高度
（3）某次实验中，测得小车及遮光条的质量M =1kg ，光电门记录小车通过的时间0.002s t ∆=，则在此次实验中小车及遮光条增加的动能为________J （结果保留到小数点后两位）。

（4）实验中利用________计算拉力对小车做的功W 在方格纸上做出k E W -图像（k E 是小车和重物动能之和），如图所示。

由图像可以看出k E ∆总是略大于W ，造成这种现象的原因是________________________。

12．（12分）如图所示，梁老师在课堂做“验证力的平行四边形定则”实验时，橡皮条的一端固定在黑板上方的A点，另一端被两个弹簧测力计拉到O点。

(1)下列原因可能会导致实验结果不准确的是________
A．弹簧测力计在实验前没有调零
B．弹簧测力计必须保持与木板平行，读数时视线要正对弹簧侧力计刻度
C．弹簧测力计自身的重力对拉力大小有影响
D．拉橡皮条的细绳套粗一些且短一些，实验效果较好
(2)为了提高实验的准确性，减少误差，请提出合理的解决办法(一条即可)_________
(3)两弹簧测力计的读数分别为F1和F2，两细绳的方向分别与橡皮条延长线的夹角为α1和α2，如图所示，以下说法正确的是______.
A．为了验证力的平行四边形定则，只需作力的图示来表示分力与合力
B．实验中用平行四边形定则求得的合力F一定与OA在一条直线上
C．若保持O点的位置和夹角α1不变，夹角α2可变，若F1增大，则F2可能减小
D．两弹簧测力计间的夹角α1和α2之和必须取90°
四、计算题：本题共2小题，共26分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13．（10分）如图所示，绝缘轨道CDGH位于竖直平面内，圆弧段DG的圆心角为θ=37°，DG与水平段CD、倾斜段GH分别相切于D点和G点，CD段粗糙，DGH段光滑，在H处固定一垂直于轨道的绝缘挡板，整个轨道处于场强为E=1×104N/C、水平向右的匀强电场中。

一质量m=4×10-3kg、带电量q=+3×10-6C的小滑块在C处由静止释放，经挡板
碰撞后滑回到CD 段的中点P 处时速度恰好为零。

已知CD 段长度L =0.8m ，圆弧DG 的半径r =0.2m ；不计滑块与挡板碰撞时的动能损失，滑块可视为质点。

求：
（1）滑块在GH 段上的加速度；
（2）滑块与CD 段之间的动摩擦因数µ；
（3）滑块在CD 段上运动的总路程。

某同学认为：由于仅在CD 段上有摩擦损耗，所以，滑块到达P 点速度减为零后将不再运动，在CD 段上运动的总路程为L +12
L =1.2m 。

你认为该同学解法是否合理？请说明理由，如果错误，请给出正确解答。

14．（16分）如图所示，倾角为37︒的斜面体固定在水平面上，斜面上,A B 两个位置之间的距离为2 m ，第一次用沿斜面向上、大小为6N F =的力把质量为0.5kg 的物体由静止从A 处拉到B 处，所用时间为1s;第二次用水平向右、大小为10N F '=的力作用在物体上，物体仍由A 处从静止沿斜面向上运动，一段时间后撤去外力，物体运动到B 处时
速度刚好减为零。

已知sin 370.6,cos370.8︒︒
==，不计物体大小，重力加速度210m /s g =。

求: （1）物体与斜面间的动摩擦因数;
（2）物体第二次从A 运动到B 的过程，水平力F'的作用时间。

(结果可保留根式)
15．（12分）如图所示，质量为m 、直径为d 的小球，拴在长为l 的细绳一端一组成一单摆。

将球偏开一小角度α使之做简谐运动，求小球从左侧最大偏角摆至最低点的过程中，绳子拉力产生的冲量大小。

（重力加速度g 已知）
参考答案
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C
【解析】
A ．由题可知，速度为0.5m/s ，周期为4s ，则波长
0.542vT λ==⨯=m
A 错误；
B ．t =0s 时质点a 在波峰处，速度为零，质点b 在平衡位置，速度最大，B 错误；
C ．因为周期T =4s ，所以当t =1s 时经历了
4
T ，此时质点a 在平衡位置，位移为零，加速度为零，质点b 在波峰处，位移最大，加速度最大，C 正确；
D ．由乙图可知，当t =1s 时该质点在波谷处，与此相符合的质点是质点c ，D 错误。

故选C 。

2、D
【解析】
AB ．电流表断路或者滑动变阻器滑片接触不良，都会造成整个电路是断路情况，即电表示数为零，AB 错误； C ．开关接触部位由于氧化，使得接触电阻太大，则电路电阻过大，电流很小，流过被测电阻的电流也很小，所以其两端电压很小，不会几乎等于电源电压，C 错误；
D ．待测电阻和接线柱接触位置由于氧化，使得接触电阻很大，相当于当被测电阻太大，远大于和其串联的其他仪器的电阻，所以电路电流很小，其分压接近电源电压，D 正确。

故选D 。

3、B
【解析】
A ．红外线的波长比红光的波长更长，故A 错误；
B ．红外线是一种看不见的光，通过红外线的照射，可以使物体的温度升高，故B 正确；
C ．人们利用红外线来实行遥控和遥感，是因为红外线波长长，更容易发生衍射，故C 错误；
D ．一切物体都向外辐射红外线，故D 错误。

故选B 。

4、D
【解析】
设水池的半径为R ，人身高为h ，根据平抛运动的规律，在竖直方向，有
212
h R gt += 代入数据解得R =11m ，则直径为22m ，故ABC 错误，D 正确。

故选D 。

5、D
【解析】
A 、由表达式可知，交流电源的频率为50 Hz ，变压器不改变交变电流的频率， A 错误；
B 、
交变电源电压u πt V =（），而电压表读数为有效值，
即电压表的示数是U 220V =
==， B 错误；
C 、电流表A 2示数为1A ，由电流与匝数成反比得通过电流表A 1的电流为0.2A ，， C 错误；
D 、通过电阻R 的电流是1A ，电动机两端的电压等于变压器的输出电压，由1122
U n U n =得，变压器的输出电压为：2211
44n U U V n ==，此电动机输出功率为：222I 14411133P U I r W =-=⨯-⨯=出， D 正确； 故选D ．
6、B
【解析】
ABCD ．开始阶段，物块的速度比传送带的大，相对于传送带向上运动，受到的滑动摩擦力沿传送带向下，根据牛顿第二定律得
1sin30cos30mg mg ma μ︒+︒=
解得
21 8.75m/s a =
方向沿传送带向下，当物块与传送带共速时，因
sin30cos30mg mg μ︒<︒
所以物块与传送带不能保持相对静止，根据牛顿第二定律得
2 sin30cos30mg mg ma μ︒-︒=
解得
22 1.25m/s a =
方向沿传送带向下，所以物块继续做加速度较小的匀减速运动，直到速度为零，ACD 错误B 正确。

故选B。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。

在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、ACE
【解析】
A．如果物体对外做的功大于吸收的热量，物体内能减少，A正确；
B．10g100℃的水变成10g100℃水蒸气的过程中，分子间距离变大，要克服分子间的引力做功，分子势能增大，所以10g100℃水的内能小于10g100℃水蒸气的内能，B错误；
C．物体中所有分子的热运动的动能与分子势能的总和叫作物体的内能，C正确；
D．通电的电阻丝发热，是通过电流做功的方式增加内能，D错误；
E．根据熵和熵增加的原理可知，气体向真空的自由膨胀是不可逆的，E正确。

故选ACE。

8、BC
【解析】
AB．任意两颗星体间的万有引力
2
02
m
F G
r
=，每颗星体受到其他两颗星体的引力的合力
2
02
2cos30
m F F
r
︒
==
故A错误，B正确；CD．根据牛顿第二定律
2
2π
F m r
T
⎛⎫'
= ⎪
⎝⎭
其中
2
cos30
r
r
︒
'==
解得
2
T=
故C正确，D错误。

故选BC。

9、BCD
【解析】
A ．由几何关系可知小球做圆周运动的轨道半径
220.25m R r l =+=
小球做圆周运动，根据牛顿第二定律
n cos F T θ=
sin T mg θμ=
其中
0.153tan 0.24
r l θ=
== 解得 n 16N F =
选项A 错误；
B ．由于
2n F mR ω=
解得
42rad /s ω=
O 点做圆周运动的角速度和小球一样，所以选项B 正确；
C ．由于
2
n v F m R
= 解得
2m/s v =
选项C 正确；
D ．手在运动一周的过程中做的功等于小球克服摩擦力做的功，故
26J W mg R =⋅=μππ
选项D 正确。

故选BCD 。

10、ACD
【解析】
A ．失重条件下液态金属呈球状是由于液体表面分子间存在表面张力的结果，故金属液体的气体气泡不能无限地膨胀，A 正确；
B ．阳光下看到细小的尘埃飞扬，是固体颗粒随空气流动而形成的，并不是布朗运动，B 错误；
C ．由气体的摩尔质量和气体的密度之比可求出气体的摩尔体积，摩尔体积与阿伏加德罗常数之比等于每个气体分子占据的空间大小，由此可以估算出理想气体分子间的平均距离，C 正确；
D ．由于分子之间的距离比较大时，分子之间的作用力为引力，而分子之间的距离比较小时，分子之间的作用力为斥力，所以分子势能随着分子间距离的增大，可能先减小后增大，D 正确；
E ．热量可以在一定的条件下从低温物体传递到高温物体，E 错误。

故选ACD 。

三、实验题：本题共2小题，共18分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、4.700 AC 2.76 W mgs = 平衡摩擦力过度
【解析】
（1）[1]螺旋测微器的精确度为0.01mm ，主尺的读书为4.5mm ，读数为
4.5mm 20.00.01mm=4.700mm +⨯。

（2）[2]AB ．本实验研究小车受到的合力对小车所做的功与小车动能的改变量之间的关系，可认为小车受到的合力与重物的重力大小相等，故需要平衡摩擦力，且满足重物的质量远小于小车和遮光条的总质量，B 错误A 正确； C ．需调节水平轨道左端滑轮的高度，使连接光电门的细线与轨道平行，C 正确。

故选AC 。

（3）[3]小车及遮光条经过光电门的速度
2.35m/s d v t
==∆ 增加的动能 2K 1 2.76J 2E Mv ∆=
=。

（4）[4]因为平衡摩擦力后，可将重物的重力视为小车受到的合力，所以用重力乘于小车释放点到光电门的距离s 计算拉力所做的功，即
W mgs =。

（4）[5]实验中，让重物的质量远小于小车及遮光条的总质量，则平衡摩擦力后，可将重物的重力视为小车受到的合力，∆总是略大于W是平衡摩擦力过度造成的。

则分析可知造成k E
12、AD 将竖直平面转到水平面 C
【解析】
(1)[1]A．弹簧测力计在实验前没有调零，弹簧测力计测力时会导致实验结果不准确，故A符合题意；
B．本实验是通过在白纸上作力的图示来验证平行四边定则，为了减小实验误差，弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行，否则，作出的是拉力在纸面上的分力，误差较大，读数时视线必须与刻度尺垂直，防止视觉误差，故B不符合题意；
C．弹簧测力计测的是拉力大小而不是重力大小，所以弹簧测力计自身的重力，不会导致实验结果不准确，故C不符合题意；
D．在实验中要减小拉力方向的误差，应让标记同一细绳方向的两点尽量远些，故细绳应该长一些；拉橡皮条的细绳套粗一些且短一些，会导致实验结果不准确，故D符合题意；
故选AD；
(2)[2]为了提高实验的准确性，减少误差要选用弹性小且适当长的细绳或将竖直平面转到水平面；
(3)[3]A．为了验证力的平行四边形定则，应采用作力的图示来表示分力与合力，但不是只需作力的图示来表示分力与合力，故A错误；
B．因实验中存在误差，故不可能严格使F与F'重合，所以实验中用平行四边形定则求得的合力F不一定沿OA直线方向，故B错误；
C．对点O受力分析，受到两个弹簧的拉力和橡皮条的拉力，保持O点的位置和夹角1α不变，即橡皮条长度不变，弹簧拉力1F方向不变，弹簧拉力2F方向和大小都改变，如图：
根据平行四边形定则可以看出1F的读数不断增大时，2F先变小后变大，所以若1F增大时，2F可能变小，故C正确；D．实验中，把橡皮筋的另一端拉到O点时，两个弹簧测力计之间的夹角不一定是取90︒，故D错误；
故选C。

四、计算题：本题共2小题，共26分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13、（1）0，（2）0.25，（3）2.4m 。

【解析】
（1）GH 段的倾角θ=37°，滑块受到的重力：
mg =0.04N
电场力：
qE =0.03N
qE cos θ=mg sin θ=0.024N
故加速度a =0；
（2）滑块由C 处释放，经挡板碰撞后第一次滑回P 点的过程中，由动能定理得：
()022
L L qE mg L μ-+= 解出：0.253qE mg
μ==； （3）该同学观点错误，滑块在CD 段上受到的滑动摩擦力：
F f =µmg =0.01N
小于0.03N 的电场力，故不可能停在CD 段；
滑块最终会在DGH 间来回往复运动，到达D 点的速度为0，全过程由动能定理得：
f ()00qE L F s ⋅+-⋅=-
解出：s =qE L mg
μ=3L =2.4m 。

14、（1）0.25（2）
【解析】 （1）设,A B 间的距离为L ，当拉力沿着斜面向上时，加速度为0a ，加速运动的时间为0t
根据运动学公式
20012
L a t = 沿斜面向上运动的加速度
2020
24m /s L a t ==
根据牛顿第二定律
0sin cos F mg mg ma θμθ--=
0sin 0.25cos F mg ma mg θμθ
--== （2）物体先加速运动，撤去外力后，减速运动，当运动到B 位置速度恰减为零时作用时间最短。

设加速运动时加速度大小为1a ，加速运动的时间为1t 沿着斜面方向
N 1cos sin F mg F ma θθμ'--=
垂直斜面方向
N sin cos 0F mg F θθ'+-=
联立解得215m /s a =
设减速运动时加速度大小为2a ，根据牛顿第二定律
2sin cos mg mg ma θμθ+=
解得228m /s a =
匀加速阶段的末速度即为匀减速阶段的初速度，设这一速度为
22
12
22v v L a a +=
解得/s v = 作用时间
11v t t a === 15
、【解析】
设合力冲量为I 合，绳子拉力产生的冲量为I ，由动量定理可知：
I 合=mv
摆球由最大偏角摆至平衡位置的过程中，由机械能守恒定律
21()(1cos )22
d mg l mv α+-=
2()(1cos )2
d v g l α=+- 所以：
2()(1cos )2α=+-合d I m g l 其中重力的冲量
242G d l T I mgt mg mg g π+===⋅
由于合力的冲量沿水平方向，所以由矢量合成的平行四边形定则可知： 由图可得：
222222()22()(1cos )()[2(1cos )]4224
ππαα+=+=++-=++-合G d m g l d d I I I m g l m g l。