山东省东营市垦利实验中学2020年高二物理月考试卷带解析

山东省东营市垦利实验中学2020年高二物理月考试卷含解析
一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意
1. （多选）在图甲、乙电路中，灯泡的电阻RA=R，电感线圈L的电阻很小但L很大。

接通S，使电路达到稳定，灯泡A发光，则( )
A．在电路甲中，断开S，A将渐渐变暗
B．在电路甲中，断开S，A将先变得更亮，然后渐渐变暗
C．在电路乙中，断开S，A将渐渐变暗
D．在电路乙中，断开S，A将先变得更亮，然后渐渐变暗
参考答案：
AD
2. “嫦娥一号”和“嫦娥二号”月球探测卫星的圆形绕月轨道距月球表面分别约为200 km和100 km．当它们在绕月轨道上运行时，两者相比，“嫦娥二号”的A
A．周期较小 B．线速度较小
C．角速度较小 D．向心加速度较小
参考答案：
A
3. 直流电源的电压与交流电压的有效值相同，自感线圈的直流电阻不计，则灯泡发光最亮的图是()
参考答案：
D
4. （单选）两个弹簧振子，甲的固有频率为100Hz，乙的固有频率为400Hz，若它们均在频率为300Hz的相同的驱动力作用下振动，则
A．甲的振幅较大，振动频率是100Hz
B．乙的振幅较大，振动频率是300Hz
C．甲的振幅较大，振动频率是300Hz
D．乙的振幅较大，振动频率是400Hz
参考答案：
B
5. 图甲为斯密特触发器，当加在它的输入端A的电压逐渐上升到某个值（1.6V）时，输出端Y会突然从高电平跳到低电平（0.25V），而当输入端A的电压下降到另一个值的时候
（0.8V），Y会从低电平跳到高电平（3.4V）。

图乙为一光控电路，用发光二极管LED模仿路灯，R G为光敏电阻。

关于斯密特触发器和光控电路的下列说法中正确的是
A．斯密特触发器是具有特殊功能的与门电路
B．斯密特触发器的作用是将模拟信号转换为数字信号
C．调节R1和R2的阻值都不影响光线对二极管发光的控制
D．要使二极管在天更暗时才会点亮，应该调小R1
参考答案：
B
二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分
6. 原子从a能级状态跃迁到b能级状态时发射波长为λ1的光子；原子从b能级状态跃迁到c 能级状态时吸收波长为λ2的光子，已知λ1>λ2．原子从a能级状态跃迁到c能级状态时
________（填“吸收”或“辐射”）波长为_________的光子．
参考答案：
吸收；
7. 如图所示，竖直平面内有两个水平固定的等量同种正点电荷，AOB在两电荷连线的中垂线上，O为两电荷连线中点，AO=OB=L，一质量为m、电荷量为q的负点电荷若由静止从A点释放则向上最远运动至O点．现若以某一初速度向上通过A点，则向上最远运动至B点，重力加速度为g．该负电荷A 点运动到B点的过程中电势能的变化情况是；经过O点时速度大小为
参考答案：
先减小后增大,
由题意知从A到O，电场力做正功，电势能减小，从O到B，电场力做负功，电势能增加，故电荷电势能的变化情况为先减小后增大；
设O点速度为V，由动能定理：-mgL+qUOA=0
8. 如图所示，长为L的金属杆OA绕过O点的轴在垂直于纸面向里的匀强磁场中沿顺时针方向匀速转动，角速度为ω，磁感应强度为B，磁场范围足够大，则OA杆产生感应电动势的大小为______ ，O、A两点电势高低关系为φA_____φO．（填“>”或“<”）
参考答案：
; φA>φO
U=E-Ir=0.12V (5分)(2)R1的热功率P=0.0072W
9. 两导体导电时的I-U图线如图11 所示，则电阻R1:R2= ；若两个导体中的电流强度相等(不为0)时，导体两端电压之比U1:U2= 。

参考答案：
10. 照图甲连接电路。

电源用直流8V左右，电容器可选几十微法的电解电容器。

先使开关S 与1端相连，电源向电容器充电，然后把开关S掷向2端，电容器通过电阻R放电，传感器将电流信息传入计算机，屏幕上显示出电流随时间变化的I-t曲线。

一位同学测得I-t图像如图乙所示，他的电源电压时8V。

（1）在图中画出一个竖立的狭长矩形（在图乙最左边），它的面积的
物理意义是什么？▲
（2）根据图乙估算电容器在全部放电过程中释放的电荷量？试着算一算。

▲ C
（3）根据以上数据估算的电容是多少？▲ F
参考答案：
1）电容器在此0.1s内所放电荷量
（2）3.44×10-3 ~3.68×10-3 C
（3）4.3×10-4 ~4.6×10-4 F
11. 某气体在、两种不同温度下的分子速率分布图象如图所示，纵坐标
表示各速率
区间的分子数占总分子数的百分比，横坐标表示分子的速率．可见，
（选填
“＞”或“＜”），温度升高，分子的平均速率 （选填“增大”或 “减小”）．
参考答案： ＜ 、 增大
气体的分子的运动的统计规律：中间多，两头少； 温度高，最可几速率向速度较大的方向移动；故T 1＜T 2； 温度升高，分子热运动的平均动能增加，故平均速率增加。

12. 将带电量为6×10-6C 的负电荷从电场中的A 点移到B 点，电场力做了3×10-5J 的功，再从B 移到C ，克服电场力做了1.2×10-5J 的功，则电荷从A 移到B ，再从B 移到C 的过程中电势能共 （填增大或减少）了 J 。

如果规定A 点的电势能为零，则该电荷在B 点和C 点的电势能分别为 J 和 J ，A 与B 间的电势差是―――――。

三、论述·计算题(共5小题，共40分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数 参考答案：
13. 电场中有两点a ，b ，将一个电荷为5×10-8C 的正电荷从a 点移到b 点，电场力做功为8×10-6J ，则a ，b 两点的电势差为_________ V ；若将电荷量为2×10-7C 的负电荷从a 点移到b 点，电场力做功为_________ J 。

参考答案：
1.6×
， -3.2×
三、 简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分
14. （6分）图所示是电场中某区域的电场线分布图，P 、Q 是电场中的两点。

（1）请比较P 、Q 两点中电场强度的强弱并说明理由。

（2）把电荷量为
=3.0×
C 的正点电荷放在电场中的P 点，正电荷
受到的电场力
大小为F =6.0N ；如果把移去，把电荷量为=6.0×10C 的负点电荷放在P 点，求负荷
电荷
受到的电场力F 的大小方向。

参考答案：
(1)Q 点电场强度较强(1分)。

因为Q 点处电场线分布较P 点密(1分)。

(2)P 点电场强度E=F /q =6/(3×10)×10（N/C ）（2分） 方向向左(或与电场强度方向相反) (1分)
15. （12分）如图所示，有两个带正电的粒子P 和Q 同时从匀强磁场的边界上的M 点分别以30°和60°（与边界的交角）射入磁场，又同时从磁场边界上的同一点N 飞出，设边界上方的磁场范围足够大，不计粒子所受的重力影响，则两粒子在磁场中的半径之比
r p :r Q =____________，假设P 粒子是粒子（），则Q 粒子可能是________，理由是
_______________________________。

参考答案：
(1) 两粒子在磁场中的半径之比：（5分）（2）可能是质子（3分），质量数与电荷数之比为1:1（4分）
四、计算题：本题共3小题，共计47分
16. 光滑斜面AB与一粗糙水平面BC连接，斜面倾角为，质量的物体置于水平面上的D点，DB间距，物体与水平面间的动摩擦因数，将一水平向左的恒力作用在该物体上，后撤去该力，不考虑物体经过B点时的碰撞损失，重力加速度取，求撤去拉力后，经过多长时间物体经过B点?
参考答案：
在的作用下物体运动的加速度，
由牛顿运动定律得，……………………………①（2分）作用后的速度和位移分别为：，
…………………………………………………………………②（4分）撤去后,物体运动的加速度为，则，
解得：………………………………………………………………③（2分）第一次到达B点所用时间,则，
解得………………………………………………………………………④（2分）此时物体的速度………………………………………⑤（2分）
当物体由斜面重回B点时,经过时间,物体在斜面上运动的加速度为,
则……………………………………………………………⑥（1分）
………………………………………………………………⑦（1分）第二次经过B点时间为…………………………………⑧（1分）
所以撤去后,分别经过和物体经过B点………………………⑨（1分）
17. 如图所示，在水平面内固定一光滑“U”型导轨，导轨间距L=1m，整个装置处在竖直向下的匀强磁场中，磁感强度B=0.5T．一导体棒以v0=2m/s的速度向右切割匀强磁场，导体棒在回路中的电阻
r=0.3Ω，定值电阻R=0.2Ω，其余电阻忽略不计．求：
（1）回路中产生的感应电动势；
（2）R上消耗的电功率；
（3）若在导体棒上施加一外力F，使导体棒保持匀速直线运动，求力F的大小和方向．
参考答案：
解析：（1）回路中产生的感应电动势（3分）代入数据解得
（2分）（2）电路中的电流
（2分）
R上消耗的电功率
（3分）
（3）使导线保持匀速直线运动，外力F应等于导体棒所受的安培力。

（2分）
力F的大小（2分）
力F的大小的方向水平向右。

18. 如图所示,一平行板电容器水平放置,板间距离为d,上极板开有一小孔，三个质量均为m 、带电荷量均为+q的带电小球,其间用长为L的绝缘轻轩相连,处于竖直状态,已知 d =3L今使下端小球恰好位于小孔中,且由静止释放,让三球竖直下落．当下端小球到达下极板时,速度恰好为零．试求：
(1)两极板间的电压
(2)小球运动的最大速度
参考答案：
（１）从开始到下端小球到达下极板，应用动能定理得：
3mgd-Eqd-Eq(d-L)-Eq(d-2L)=0----------(1)
d=3L ------------(2)
E=u/d------------(3)
联立解得：U=9mgL/2q
(2)当合力为零时速度最大，即：3mg=EQ
再联立（２）、（３）解得Q=2q
所以第二个小球刚进入时最大，根据动能定理得：3mg-qEl=3mV2/2
解得：V=。