2020届河北衡中同卷新高考冲刺押题模拟(二十四)物理试卷

2020届河北衡中同卷新高考冲刺押题模拟（二十四）高三物理★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。

2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。

3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。

4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。

5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。

答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。

6、保持卡面清洁，不折叠，不破损。

7、本科目考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。

一、单选题1.如图电路中，电源有内阻，当滑动变阻器的滑片P向上端a滑动过程中，两表的示数情况为A. 电压表示数增大，电流表示数减少B. 电压表示数减少，电流表示数增大C. 两电表示数都增大D. 两电表示数都减少【答案】A【解析】【分析】由题中“当滑动变阻器的滑片P向上端a滑动过程中”可知，本题考查电路变化，根据闭合电路欧姆定律可分析本题。

【详解】当滑动变阻器的滑片P向上滑动时，接入电路的电阻增大，与R2并联的电阻增大，外电路总电阻R总增大，总电流I减小，路端电压–U E Ir =增大，电压表读数增大，并联部分的电阻增大，分担的电压增大，U 2增大，流过R 2的电流I 2增大，电流表的读数2–A I I I =则减小，故A 正确。

2.放在粗糙水平面上的物体受到水平拉力的作用，在0～6s 内其速度与时间图象和该拉力的功率与时间图象分别如图所示，下列说法正确的是（ ）A. 0～6s 内物体位移大小为36mB. 0～6 s 内拉力做的功为30JC. 合外力在0～6s 内做的功与0～2s 内做的功相等D. 滑动摩擦力大小为5N 【答案】C 【解析】【详解】A ．0～6 s 内物体的位移大小为466m 30m 2+⨯=，A 错误； BD ．由P ＝Fv ，对应v －t 图象和P －t 图象可得F ＝5N ，5N 3f F =；0～6s 内拉力做功：1270J f W Fx F x =+=BD 错误；C ．0～6 s 内与0～2 s 内动能变化相同，由动能定理可知，合外力做功相同，故C 正确； 故选C 。

3.如图电路中，电源电动势为E 、内阻为r ，R 0为定值电阻，电容器的电容为C ，R 为光敏电阻，其阻值的大小随照射光强度的增强而减小．闭合开关S 后，将照射光强度增强，电压表示数的变化量为△U ，电流表示数的变化量为△I ，，则在此过程中A. △U 和△I 的比值增大B. 电压表示数U 和电流表示数I 比值不变C. 电阻R 0两端电压增大，增加量为△UD. 电容器的带电量减小，减小量为C △U 【答案】D 【解析】【详解】A.根据电路结构可知()0U E I R r =-+，所以0UR r I=+V V ， A 错误；B. 电压表示数U 和电流表示数I 比值等于R 的电阻，会减小，B 错误；C. 电阻R 0两端电压为00U IR =，增加量为△IR 不等于△U ，C 错误；D. 闭合开关S 后，将照射光强度增强，光敏电阻的阻值减小，电路中电流0EI r R R=++增大，电压表示数即光敏电阻或电容器两端电压为001E EU R r R r R R R==++++减小，电容器电荷量Q CU =减小量为C △U ,D 正确．故选D4.无缝钢管的制作原理如图所示，竖直平面内，管状模型置于两个支承轮上，支承轮转动时通过摩擦力带动管状模型转动，铁水注入管状模型后，由于离心作用，紧紧地覆盖在模型的内壁上，冷却后就得到无缝纲管。

已知管状模型内壁半径R ，则下列说法正确的是A. 铁水是由于受到离心力的作用才覆盖在模型内壁上B. 模型各个方向上受到的铁水的作用力相同C. 若最上部的铁水恰好不离开模型内壁，此时仅重力提供向心力D. 管状模型转动的角速度ω 【答案】C 【解析】【详解】A ．离心力不是真实存在的力，故A 错；B ．模型最下部受到铁水的作用力最大，最上方受到的作用力最小，B 错误；CD ．最上部的铁水如果恰好不离开模型内壁，则重力提供向心力，由mg ＝mω2R 可得：w =故管状模型转动的角速度ωC 正确，D 错误； 故选C 。

5.假设某次罚点球直接射门时，球恰好从横梁下边缘踢进，此时的速度为v .横梁下边缘离地面的高度为h ，足球质量为m ，运动员对足球做的功为W 1，足球运动过程中克服空气阻力做的功为W 2，选地面为零势能面，下列说法正确的是( )A. 运动员对足球做的功为W 1＝mgh ＋12mv 2B. 足球机械能的变化量为W 1－W 2C. 足球克服空气阻力做的功为W 2＝mgh ＋12mv 2－W 1 D. 运动员刚踢完球的瞬间，足球的动能为mgh ＋12mv 2【答案】B 【解析】A 、对运动员踢球到球恰好从横梁下边缘踢进这一过程，由动能定理：21212W mgh W mv --=，即21212W mgh mv W =++，故A 错误；B 、足球机械能的变化量等于重力以外的其他力做的功，即12E W W ∆=-，故B 正确；C 、由21212W mgh W mv --=，可得22112W W mgh mv =--，故C 错误； D 、设刚踢完球瞬间足球的动能为E k ，由动能定理：2212k mgh W mv E --=-，2212k E mv mgh W =++，故D 错误；故选B ．【点睛】动能的变化量等于合外力做的功；机械能的变化量等于除重力以外的力做功之和；重力势能的增量等于克服重力所做的功；运动员踢球过程中只有运动员对球做功，由动能定理得出踢完瞬间足球的动能．二、多选题6.如图所示，灯泡L 标有“3V 、3W ”字样，其电阻不变，R 1＝5Ω，R 2阻值未知，R 3是最大电阻为6Ω的滑动变阻器，P 为滑动片，电流表内阻不计。

当P 滑到A 端时，灯泡L 正常发光；当P 滑到B 端时，电源的输出功率为20W 。

则A. 可求得电源电动势为3VB. 当P 滑到变阻器中点G 时，电源内电路损耗功率为2.56WC. 当P 由A 滑到B 时电流表示数增大D. 当P 由A 滑到B 时灯泡L 变亮 【答案】BC 【解析】【详解】A ．电灯电阻23Ω==LL LU R RP 在A 端时，R L 与R 3的并联值为R ′=2Ω，外电路总电阻17Ω=+'=总R R R干路电流3 1.5A =+=总L R I I I则由全电路欧姆定律得：=+总总总E I R I rP 在B 端时，外电路总电阻15Ω'==总R R由21=总P I R 得干路电流2A '=总I ，由全电路欧姆定律可得：1='+总E I R Ir由以上式子可得：E =12V ，r =1Ω故A 错误；B ．P 在中点时， 6.5Ω 1.6A "==外总，R I ，所以电源内阻损耗的功率：22.56W "==内总P I r故B 正确；C ．根据上述分析可知，当P 由A 滑到B 时，电流表示数在增大，故C 正确；D ．P 在A 端时，R L 与R 3的并联，再与R 1串联接入电源，当P 在B 端时，灯泡被短路，不亮，故D 错误。

故选BC 。

7.如图所示，直线I 、II 分别是电源1与电源2的路端电压随输出电流的变化的特性图线，曲线Ⅲ是一个小灯泡的伏安特性曲线，如果把该小灯泡分别与电源1、电源2单独连接，则下列说法正确的是A. 电源1与电源2的内阻之比是11∶7B. 电源1与电源2的电动势之比是1∶1C. 在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是1∶2D. 在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是1∶2 【答案】ABC 【解析】【详解】A ．根据电源的路端电压随输出电流的变化的特性图线斜率的绝对值表示电源内阻可知，电源1与电源2的内阻之比是11∶7，选项A 正确；B ．根据电源的路端电压随输出电流的变化的特性图线在纵轴的截距表示电源电动势可知，电源1与电源2的电动势之比是1∶1，选项B 正确；C ．根据曲线交点表示工作点，交点的纵、横坐标的乘积表示电源输出功率，在这两种连接状态下，由P UI =可知，小灯泡消耗的功率之比是1∶2，选项C 正确；D ．根据曲线交点的纵、横坐标的比值表示小灯泡电阻，在这两种连接状态下，由UR I=可知，小灯泡的电阻之比是18∶25，选项D 错误；故选ABC。

8.物体在合外力作用下做直线运动的v－t图象如图所示。

下列表述正确的是A. 在0～2s内，合外力总是做负功B. 在1～2s内，合外力不做功C. 在0～3s内，合外力做功为零D. 在0～1s内比1～3s内合外力做功快【答案】CD【解析】【详解】A．由物体的速度图象，在0～2s内物体先加速后减速，根据动能定理可知，合外力先做正功后做负功，A错误；BC．根据动能定理得0～3s内合外力做功为零，1～2s内合外力做负功，B错误，C正确；D．在0～1 s内比1～3 s内合外力做功大小相等，但是前者用时较小，由WPt可知，0～1s内做功快，故D正确；故选CD。

三、实验题9.某同学用图（a）所示的装置测量木块与木板之间的动摩擦因数．跨过光滑定滑轮的细线两端分别与木块和弹簧测力计相连，滑轮和木块间的细线保持水平，在木块上方放置砝码缓慢向左拉动水平放置的木板，当木块和砝码相对桌面静止且木板仍在继续滑动时，弹簧测力计的示数即为木块受到的滑动摩擦力的大小．某次实验所得数据已在下表中给出，其中4f的值可从图（b）中弹簧测力计的示数读出．砝码的质量/ m kg0.05 0.10 0.15 0.20 0.25 滑动摩擦力/f N 2.15 2.36 2.55 4f 2.93回答下列问题：（1）4f =__________N ：（2）在图（c ）的坐标纸上补齐未画出的数据点并绘出f m -图线____________；（3）f 与m 、木块质量M 、木板与木块之间的动摩擦因数μ及重力加速度大小g 之间的关系式为f =__________，f m -图线（直线）的斜率的表达式为k =__________．（4）取2m9.80s g =，由绘出的f m -图线求得μ=_____．（保留2位有效数字）【答案】 (1). 2.75 (2). (3).()M m g μ+(4).g μ (5). 0.40【解析】【详解】（1）由图（b ）可读出弹簧测力计的示数4 2.75N f = （2）f m -图线如图所示．（3）摩擦力表达式()f M m g μ=+，其斜率k g μ=． （4）图线的斜率 2.93 2.153.90.250.05f k m ∆-===∆-，解得0.40μ≈． 10.一课外实验小组用如图所示的电路测量某待测电阻R x 的阻值，图中R 0为标准定值电阻（R 0=20.0 Ω）；V 可视为理想电压表．S 1为单刀开关，S 2位单刀双掷开关，E 为电源，R 为滑动变阻器．采用如下步骤完成实验：（1）按照实验原理线路图（a ），将图（b ）中实物连线_____________；（2）将滑动变阻器滑动端置于适当位置，闭合S 1；（3）将开关S 2掷于1端，改变滑动变阻器动端的位置，记下此时电压表V 的示数U 1；然后将S 2掷于2端，记下此时电压表V 的示数U 2；（4）待测电阻阻值的表达式R x =_____________（用R 0、U 1、U 2表示）； （5）重复步骤（3），得到如下数据：1 23 4 5 U 1/V 0.25 0.30 0.36 0.40 0.44 U 2/V0.861.031.221.361.4921U U 3.44 3.43 3.39 3.40 3.39（6）利用上述5次测量所得21U U 的平均值，求得R x =__________Ω．（保留1位小数） 【答案】 (1). 如图所示：(2). 2011U R U ⎛⎫- ⎪⎝⎭(3). 48.2 【解析】【详解】（1）实物图连接如下：（4）开关S 2掷于1端，由欧姆定律可得通过R x 的电流I =U 1/R 0，将开关S 2掷于2端，R 0和R x 串联电路电压为U 2，R x 两端电压为U =U 2-U 1，由欧姆定律可得待测电阻阻值R x =U/I =211U U U -R 0=（21U U -1）R 0． （6）5次测量所得21U U 的平均值,15（3.44+3.43+3.39+3.40+3.39）=3.41，代入R x =（21U U -1）R 0=（3.41-1）×20.0Ω=48.2Ω．四、计算题11.质量M ＝3 kg 的长木板放在光滑的水平面上．在水平拉力F ＝11 N 作用下由静止开始向右运动．如图9所示，当速度达到1 m/s 时，将质量m ＝4 kg 的物块轻轻放到木板的右端．已知物块与木板间动摩擦因数μ＝0.2，物块可视为质点．(g ＝10 m/s 2)求：(1)物块刚放置在木板上时，物块和木板的加速度分别为多大；(2)木板至少多长物块才能与木板最终保持相对静止；(3)物块与木板相对静止后物块受到的摩擦力大小？【答案】（1）2m/s 2；1m/s 2（2）0.5m ；（3）6.29N【解析】【详解】试题分析：(1)放上物块后，物体加速度212/mg a g m s m μμ=== 板的加速度221/F mg a m s Mμ-== (2)当两物体达速度相等后保持相对静止，故12a t v a t =+∴t=1秒1秒内木板位移21011 1.52x v t a t m =+= 物块位移222112x a t m == 所以板长L=x 1-x 2=0.5m（3）相对静止后，对整体F M m a =+()对物块f=ma∴f=6.29N12.在如图所示的竖直平面内,水平轨道CD 和倾斜轨道GH 与半径r=944m 的光滑圆弧轨道分别相切于D 点和G 点,GH 与水平面的夹角θ=37°．过G 点、垂直于纸面的竖直平面左侧有匀强磁场,磁场方向垂直于纸面向里,磁感应强度B=1.25T;过D 点、垂直于纸面的竖直平面右侧有匀强电场,电场方向水平向右,电场强度E=1×104N/C ．小物体P 1质量m=2×10-3kg 、电荷量q=+8×10-6C,受到水平向右的推力F=9.98×10-3N 的作用,沿CD 向右做匀速直线运动,到达D 点后撤去推力．当P 1到达倾斜轨道底端G 点时,不带电的小物体P 2在GH 顶端静止释放,经过时间t=0.1s 与P 1相遇．P 1和P 2与轨道CD 、GH 间的动摩擦因数均为μ=0.5,取g=10m/s 2,sin37°=0.6,cos37°=0.8,物体电荷量保持不变,不计空气阻力．求:(1)小物体P 1在水平轨道CD 上运动速度v 的大小;(2)倾斜轨道GH 的长度s ．【答案】（1）4m/s （2）0.56m【解析】【详解】（1）设小物体P 1在匀强磁场中运动的速度为v ，受到水平外力F ，重力mg ，支持力N ，竖直向上的洛伦兹力F 1，滑动摩擦力f则F 1=qvB①N mg qvB =-，f N μ=②匀速直线运动，物体处于平衡状态；0F f -=③解得4v =m/s④说明：①③各1分，②④各2分(2)设物体P 1在G 点的速度为1v ，由于洛伦兹力不做功 由动能定理知22111sin 37(1cos37)22qEr mgr mv mv ︒--︒=-⑤ 解得速度15v =m/s小物体P 1在GH 上运动受到水平向右的电场力qE ，重力mg ，垂直斜面支持力N 1，沿斜面向下的滑动摩擦力f 1设加速度为1a由牛顿第二定律有1cos37cos37N mg qE =︒+︒，11f N μ= 11sin 37qE mg f ma -︒-=，⑥解得110a =m/s 2小物体P 1在GH 上匀加速向上运动=0.55m⑦小物体P 2在GH 上运动受到重力m 2g ，垂直斜面支持力N 2，沿斜面向上的滑动摩擦力f 2，加速度为2a 则2222sin 37cos37m g m g m a μ︒-︒=⑧解得22a =m/s 2小物体P 2在GH 上匀加速向下运动22212s a t ==0.01m⑨ 故轨道长12s s s =+⑩所以s=0.56m ⑾13.如图，一定质量的理想气体从状态a 开始，经历过程①、②、③、④到达状态e ．对此气体，下列说法正确的是（ ）A. 过程①中气体的压强逐渐减小B. 过程②中气体对外界做正功C. 过程④中气体从外界吸收了热量D. 状态c 、d 的内能相等E. 状态d 的压强比状态b 的压强小【答案】BDE【解析】【详解】A 、过程①中气体作等容变化，温度升高，根据查理定律p c T=知气体的压强逐渐增大，故A 错误． B 、过程②中气体的体积增大，气体对外界做正功，故B 正确．C 、过程④中气体作等容变化，气体不做功，温度降低，气体的内能减少，根据热力学第一定律△U ＝W +Q 知气体向外界放出了热量，故C 错误．D 、状态c 、d 的温度相等，根据一定质量的理想气体的内能只跟温度有关，可知，状态c 、d 的内能相等．故D 正确．E 、连接bO 和dO ，根据数学知识可知，状态d 的V T 值大于状态b 的V T 值，根据气态方程PV C T知状态d 的压强比状态b 的压强小，故E 正确．14.如图，容积为V 的汽缸由导热材料制成，面积为S 的活塞将汽缸分成容积相等的上下两部分，汽缸上部通过细管与装有某种液体的容器相连，细管上有一阀门K.开始时，K 关闭，汽缸内上下两部分气体的压强均为p 0.现将K 打开，容器内的液体缓慢地流入汽缸，当流入的液体体积为8V 时，将K 关闭，活塞平衡时其下方气体的体积减小了6V .不计活塞的质量和体积，外界温度保持不变，重力加速度大小为g .求流入汽缸内液体的质量.【答案】01526p S g【解析】【详解】设活塞再次平衡后，活塞上方气体的体积为V 1，压强为p 1，下方气体的体积为V 2，压强为p 2.在活塞下移的过程中，活塞上、下方气体的温度均保持不变，由玻意耳定律得p 0·2V＝p 1V 1p 0·2V ＝p 2V 2 由已知条件得V 1＝2V ＋6V －8V ＝1324V V 2＝2V －6V ＝3V 设活塞上方液体的质量为m ，由力的平衡条件得p 2S ＝p 1S ＋mg联立以上各式得：m＝0 1526p Sg.15.如图，△ABC为一玻璃三棱镜的横截面，∠A=30°，一束红光垂直AB边射入，从AC边上的D点射出，其折射角为60°，则玻璃对红光的折射率为_____．若改用蓝光沿同一路径入射，则光线在D点射出时的折射射角______（“小于”“等于”或“大于”）60°．【答案】(1). 3(2). 大于【解析】【详解】根据题述和图示可知，i=60°，r=30°，由折射定律，玻璃对红光的折射率n=sinsinir=3．若改用蓝光沿同一路径入射，由于玻璃对蓝光的折射率大于玻璃对红光的折射率，则光线在D点射出时的折射角大于60°．16.一列简谐横波在t＝13s时的波形图如图(a)所示，P、Q是介质中的两个质点．图(b)是质点Q的振动图象。