河南省南阳市2019-2020学年高二下学期期中质量评估化学试题 Word版含解析

2020年春期高中二年级期中质量评估
化学试题
注意事项：
1.本试卷分第1卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，考试时间90分钟，总分100分答题前，务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡规定的位置上。

2.答选择题时、必须使用2B铅笔将答题卡上应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦擦干净后，再选涂其他答案标号。

3.答非选择题时，必须使用0.5毫米黑色签字笔将答案书写在答题卡规定的位置上。

4.所有题目必须在答题卡上作答，在试题卷上答题无效。

5.可能用到的部分原子量：H 1 C 12 O 16 N 14 Cl 35.5
第Ⅰ卷(选择题共48分)
一、选择题：本题共16小题，每小题3分，共48分。

每小题只有一个选项符合题意。

1.下列有关化学用语使用正确的是
A. CH4分子的比例模型
B. 乙醇的分子式：C2H5OH
C. 乙炔的结构式H-C≡C-H
D. 乙烯的结构简式：CH2CH2
【答案】C
【解析】
【详解】A.该模型为CH4分子的球棍模型，A错误；
B.乙醇的分子式为C2H6O，B错误；
C.乙炔中含碳碳叁键，结构式为H-C≡C-H，C正确；
D.乙烯中含碳碳双键，结构简式为CH2=CH2，D错误；
答案选C。

2.化学与生活密切相关，下列有关新型冠状病毒说法错误的是
A. 该病毒主要通过飞沫和接触传播
B. 为减少传染性，出门应戴好口罩、勤洗手
C. 生产口罩滤芯布所用的熔喷布是以聚丙烯为主要材料，聚丙烯的结构简式：
D. 该病毒可用“84消毒液”、75％乙醇溶液、过氧乙酸()等进行灭活
消毒 【答案】C 【解析】
【详解】A.新冠病毒主要通过飞沫和接触传播； B.出门应戴好口罩、勤洗手可以减少病毒的传染； C.聚丙烯的单体为CH 2=CH-CH 3，结构简式为；
D. “84消毒液”、75％乙醇溶液、过氧乙酸()等可用于新冠病毒的消毒；
答案选C 。

3.用N A 表示阿伏加德罗常数的值。

下列叙述正确的是 A. 标准状况下，22.4L 甲酸中含有的氧原子数为2.0N A B. 1mol 乙醇在O 2中完全燃烧，电子转移数目为6N A
C. 室温下，26.0g 乙炔和苯乙烯的混合物中含有的碳、氢原子数目的和为2N A
D. 常温下a g 某烷烃(C n H 2n ＋2)中含有共用电子对数目为a
(3n+1)14n+2
N A 【答案】D 【解析】
【详解】A.标准状况下甲酸为非气体状态，不能计算甲酸的物质的量，A 错误；
B.乙醇分子式为C 2H 6O ，在O 2中完全燃烧生成二氧化碳和水，碳元素由-2价变为+4价，1mol 乙醇在O 2中完全燃烧，电子转移数目为12N A ，B 错误；
C.乙炔和苯乙烯的分子最简式相同，选择一种计算即可，26.0g 乙炔的物质的量为1mol, 含有的碳、氢原子数目的和为4N A ，则26.0g 乙炔和苯乙烯的混合物中含有的碳、氢原子数目的和为4N A ，C 错误；
D. a g 某烷烃(C n H 2n ＋2)的物质的量为a
14n+2
，其中含有（n-1）个碳碳单键、（2n+2）个碳氢
键，则共用电子对数目为A a
(3n+1)N 14n+2
，D 正确；
答案选D 。

4.下列说法正确的是
A. 葡萄糖与果糖、淀粉与纤维素均互为同分异构体
B. 纤维素、蔗糖、葡萄糖和脂肪在一定条件下都可发生水解反应可室
C. 汽油、柴油的主要成分为烃类，而花生油、甘油的主要成分为酯类
D. 淀粉、纤维素、蛋白质都是天然高分子化合物
【答案】D
【解析】
【详解】A.淀粉和纤维素的分子式不同，两者不是同分异构体，A错误；
B.葡萄糖是单糖，不能发生水解反应，B错误；
C.甘油为丙三醇，属于醇类，C错误；
D.淀粉、纤维素、蛋白质均属于天然高分子化合物，D正确；
答案选D。

【点睛】淀粉与纤维素为高分子化合物，分子式为（C6H10O5）n，n值不同分子式不同。

5.有机物分子中原子间(或原子与原子团间)的相互影响会导致物质化学性质的不同。

下列事实不能说明上述观点的是
A. 苯酚能跟NaOH溶液反应，乙醇不能与NaOH溶液反应
B. 乙烯能发生加成反应，乙烷不能发生加成反应
C. 甲苯能使酸性高锰酸钾溶液褪色，苯不能使酸性高锰酸钾溶液褪色
D. 苯与浓硝酸、浓硫酸在加热时发生取代反应甲苯与浓硝酸、浓硫酸在常温下就能发生取代反应
【答案】B
【解析】
【详解】A.由于和羟基相连的基团不同，导致羟基上氢原子的活泼性不同，因而二者的性质不同，能说明观点，A错误；
B.乙烯含有碳碳双键，因而可以加成；乙烷属于饱和烷烃，不能加成只能取代，不能说明观点，B正确；
C.受苯环的影响，甲苯中甲基比较活泼，可被酸性高锰酸钾溶液氧化，能说明观点，C错误；
D.受甲基的影响，苯环上的氢更易发生取代反应，能说明观点，D错误；
答案选B。

6.下列有机物命名正确的是（）
A. 2－乙基丙烷
B. CH3CH2CH2CH2OH 1－丁醇
C. 间二甲苯
D. 2—甲基—2—丙烯【答案】B
【解析】 【详解】A ．
2-乙基丙烷，烷烃命名中出现2-乙基，说明选取的主链不是最长
的，主链应该为丁烷，正确命名为：2-甲基丁烷，故A 错误；
B ．CH 3CH 2CH 2CH 2OH 1-丁醇，醇的命名需要标出羟基的位置，该有机物中羟基在1号
C ，其命名符合有机物的命名原则，故B 正确； C ．间二甲苯，两个甲基分别在苯环的
对位，正确命名应该为：对二甲苯，故
C 错误；
D ． 2-甲基-2-丙烯，碳碳双键在1号C ，该有机物正确命名为：2-甲基-1-丙烯，
故D 错误； 故答案为B 。

7.下列各组混合物无论以何种比例混合，只要总的物质的量一定，完全燃烧时消耗氧气的量是定值的是
①CH 2O 、C 2H 4O 2、C 6H 1206 ②H 2、CO 、CH 3OH
③CH 2＝CH 2、C 2H 5OH 、HOCH 2CH 2COOH ④C 6H 6、 C 5H 10、C 7H 6O 2 A. ③④ B. ①②
C. ①④
D. ②③
【答案】A 【解析】
【详解】碳、氢元素完全燃烧分别生成二氧化碳、水。

将各物质组成通式写成C x H y O z ，各物质
的的y z (x+
-)42值相等，则符合题意。

①CH 2O 、C 2H 4O 2、C 6H 12O 6 的y z
(x+-)42
值分别为（1+0.5-0.5）=1、（2+1-1）=2、（6+3-3）=6，不符合；②H 2、CO 、CH 3OH 的y z
(x+-)42
值分别为0.5、（1-0.5）
=0.5、（1+1-0.5）=1.5，不符合；③CH 2＝CH 2、C 2H 5OH 、HOCH 2CH 2COOH 的y z
(x+-)42
值分别为（2+1）
=3、（2+1.5-0.5）=3、（3+1.5-1.5）=3，值相同，符合；④C 6H 6、 C 5H 10、C 7H 6O 2的y z
(x+-)42
值
分别为（6+1.5）=7.5、（5+2.5）=7.5、（7+1.5-1）=7.5，值相同，符合； 答案选A 。

【点睛】本题考查有机物的燃烧计算，将物质用通式表示，再燃烧通式判断耗氧量，注意规
律的理解掌握。

8.下列有关除杂质(括号中为杂质)的操作中，错误的是
A . 福尔马林(蚁酸)：加入足量饱和碳酸钠溶液充分振荡，蒸馏，收集馏出物 B. 乙醇(水)：加入足量生石灰，蒸馏，收集馏出物 C. 苯(苯酚)：加溴水，振荡，过滤除去沉淀
D. 乙酸乙酯(乙酸)：加饱和碳酸钠溶液，充分振荡，分液，弃水层 【答案】C 【解析】
【详解】A.福尔马林溶液主要成分为甲醛，蚁酸和碳酸钠反应生成蚁酸钠，而甲醛不反应； B
氧化钙与水反应生成氢氧化钙；乙醇易挥发，蒸馏，收集馏出物，可用蒸馏分离； C.苯酚溶于苯，加浓溴水后，生成的三溴苯也溶于苯，无法分离，应加NaOH 溶液； D.乙酸可以溶解在饱和碳酸钠溶液中并反应，而乙酸乙酯在饱和碳酸钠溶液中的溶解度小； 答案选C 。

【点睛】除杂质至少要满足两个条件：①加入的试剂只能与杂质反应，同时被提纯物质不得改变；②反应后不能引入新的杂质。

9.下列说法正确的是
A. A
B. B
C. C
D. D
【答案】D
【解析】
【详解】A. 2 mL 2％的CuSO4溶液中加入0.5mL1％的NaOH溶液，碱不足，不能检验醛基，A 错误；
B.苯酚与碳酸钠反应生成苯酚钠和碳酸氢钠，只能说明苯酚的酸性强于碳酸氢根离子，B错误；
C.卤代烃水解生成卤化钠，要在酸性条件下与硝酸银反应生成卤化银，利用沉淀颜色判断是否含有卤原子，C错误；
D.乙醇易挥发，乙烯、乙醇均能被酸性高锰酸钾氧化，使高锰酸钾褪色的不一定是乙烯，D正确；
答案选D。

【点睛】碳酸的酸性强于苯酚，苯酚的酸性强于碳酸氢根离子。

10.下列物质既能发生水解反应、消去反应，又能氧化成醛的是
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
A、分子中只有羟基，不能发生水解反应，且氧化产物不是醛，A错误；
B、含有羟基和溴原子，能发生水解反应和催化氧化，但不能发生消去反应，B错误；
C、含有羟基和溴原子，能发生水解反应和消去反应，不能发生催化氧化，C错误；
D、含有羟基和氯原子，既能发生水解反应、消去反应，又能氧化成醛，D正确，答案选D。

点睛：明确醇类、卤代烃的性质特点是解答的关键。

卤代烃发生消去反应的条件：①分子中碳原子数≥2；②与—X相连的碳原子的邻位碳上必须有氢原子。

与—Ｘ相连的碳原子的相邻碳原子上没有氢原子的卤代烃[如CH3X、(CH3)3C－CH2X等]不能发生消去反应。

醇分子中，连
有羟基（－OH）的碳原子必须有相邻的碳原子，并且此相邻的碳原子上必须连有氢原子时，才可发生消去反应，生成不饱和键。

醇的催化氧化的反应情况与跟羟基(—OH)相连的碳原子上的氢原子的个数有关。

11.满足下列条件的有机物的种类数正确的是
选项有机物条件种类数
在酸性条件下会水解生成甲和乙,且
4
A C5H10O2
甲、乙的相对分子质量相等
B C6H12O2能与 NaHCO3溶液反应 3
C C5H12O 含有2个甲基的醇 5
D 该有机物的一氯代物 4
A. A
B. B
C. C
D. D
【答案】D
【解析】
【详解】A.分子式为 C5H10O2的有机物在酸性条件下会水解生成甲和乙，且甲、乙的相对分子质量相等,说明该有机物为CH3COOC3H7，丙醇有两种结构，故该有机物有两种，A错误；
B.能与NaHCO3溶液反应说明有机物中含有羧基，C6H12O2可以看作C5H11COOH，-C5H11的结构有8种，故C5H11COOH有8种，B错误；
C.分子式为C5H12O 的含有两个甲基的醇可以看作C5H11OH，含有两个甲基的- C5H11有四种，故分子式为C5H12O 的含有两个甲基的醇有4种，C错误；
D.该有机物有4种氢原子，故该有机物的一氯代物有四种，D正确；
答案选D。

12.辣椒素是影响辣椒辣味的活性成分的统称，其中一种分子的结构如下图所示。

下列有关该
分子的说法不正确
．．．的是
A. 分子式为C18H27NO3
B. 含有氧原子的官能团有3种
C. 能发生加聚反应、水解反应
D. 该分子不存在顺反异构
【答案】D
【解析】
【详解】辣椒素的分子式为C18H27NO3；含有氧原子的官能团有醚键、羟基、肽键3种；辣椒素中含碳碳双键能发生加聚反应，含有肽键能发生水解反应；与辣椒素中碳碳双键两端的碳原子相连的除两个氢原子外，另外两个原子团分别为和，两个原子团不相同，则存在顺反异构，故ABC正确，D错误。

答案选D。

【点睛】该有机物含有酚羟基，可发生取代、氧化反应，含有肽键，可发生水解反应，含有碳碳双键，可发生加成、氧化反应，以此解答该题。

13.下列实验方案中，能达到相应实验目的的是
A. A
B. B
C. C
D. D
【答案】A
【解析】
A．通过比较钠与水、乙醇反应产生氢气速率大小，可确定乙醇分子中羟基氢原子和水分子中氢原子的活泼性大小，故A正确；B．乙烯与溴的四氯化碳溶液反应，故B错误；C．制银氨溶液是步骤是向2mL2%AgNO3溶液中滴加稀氨水至沉淀恰好消失为止，故C错误；D．碳酸钙与浓盐酸反应产生的二氧化碳气体中存在挥发出来的氯化氢气体，将此混合气体通入苯酚钠溶液，氯化氢、二氧化碳均与之反应，故不能说明它们酸性的相对强弱，故D错误。

故答案选A。

14.已知苯甲酸的酸性比碳酸强，苯酚的酸性比碳酸弱。

则可以将变为
的方法是
①与足量的NaOH溶液共热，再通入CO2
②与稀硫酸共热后，加入足量的NaOH溶液
③与稀H2SO4共热后，加入足量的 NaHCO3
④与稀H2SO4共热后，加入足量的Na2CO3
A. ①③
B. ①②
C. ①④
D. ②③
【答案】A
【解析】
【详解】①足量的NaOH溶液共热，羧基与NaOH反应，酯基水解生成苯酚结构与NaOH反应生成苯酚钠，因为苯酚的酸性比碳酸弱，再通入CO2，与苯酚钠结构反应生成产物，故①正确；
②与稀硫酸共热后，加入足量的NaOH溶液，苯酚结构能与NaOH反应，则不能得到产物，故
②错误；
③与稀H2SO4共热后，酯基水解生成苯酚结构，加入足量的NaHCO3，羧基与NaHCO3反应得到产物，故③正确；
④加热溶液，通入足量的Na2CO3，得到苯酚钠结构，故④错误；
答案选A。

15.扁桃酸衍生物是重要的医药中间体，结构如图所示，下列关于该衍生物的说法正确的是
A. 不能与浓溴水反应
B. 分子中至少有6个原子共平面
C. 与HCHO一定条件下可以发生缩聚反应
D. 1mol此衍生物最多与2 mol NaOH发生反应
【答案】C
【解析】
【详解】A.该有机物能与浓溴水反应，酚羟基的邻位氢原子被取代，A错误；
B.分子存在苯环结构，至少12个原子共平面，B错误；
C.酚能与甲醛发生缩聚反应，C正确；
D.酚羟基、酯基、溴原子都能与氢氧化钠反应，1mol此衍生物最多与3 mol NaOH发生反应，D错误；
答案选C。

16.化合物Y具有抗菌、消炎作用，可由X制得。

下列有关化合物X、Y的说法正确的是
A. X与NaOH溶液能反应，与Na2CO3溶液、 NaHCO3溶液均不反应
B. Y与乙醇发生酯化反应可得到X
C. X、Y均不能与酸性KMnO4溶液反应
D. 室温下X、Y分别与足量Br2加成的产物分子中手性碳原子数目相等
【答案】D
【解析】
【详解】A. X中含有羧基，与NaOH溶液、Na2CO3溶液、 NaHCO3溶液均反应，A错误；
B. 通过X、Y的结构简式可知，Y应与乙酸发生酯化反应可得到X ，B错误；
C. X、Y中均含有碳碳双键，能与酸性KMnO4溶液反应，C错误；
D. X与足量Br2加成的产物为，其中手性碳原子为3个，Y与足量Br2加成的产物为，其中手性碳原子为3个，D正确；
答案选D。

【点睛】手性碳原子是指连有四个不同原子或原子团的碳原子。

手性碳原子一定是饱和碳原子；手性碳原子所连接的四个基团要是不同的。

第Ⅱ卷(非选择题6个小题，共52分)
二、填空题
17.某烃A的相对分子质量为84。

回答下列问题：
(1)物质的量相同，下列物质充分燃烧与A充分燃烧消耗氧气的量不相等的是(填序
号)_______。

A. C7H12O2
B.C6H14
C.C6H14O
D. C7H14O3
(2)若烃A为链烃，分子中所有的碳原子在同一平面上，该分子的一氯取代物只有一种，则A 的结构简式为_____________。

(3)若链烃A的分子结构中有三种氢原子，个数比为3：2：1，则A的名称为________。

(4)若A不能使溴水褪色，且其一氯代物只有一种，则A结构简式为_______。

【答案】 (1). B (2). (3). 2-乙基-1-丁烯 (4).
【解析】
【分析】
设该烃的分子式为CxHy，相对分子质量为84，则12x+y=84，y小于等于（2x+2），可得该烃为C6H12。

【详解】（1）A．C7H12O2可改写为C6H12(CO2)，故和C6H12耗氧量相同；
B.C6H14和C6H12相差两个氢原子，耗氧量肯定不相同；
C.C6H14O可以改写成C6H12(H2O)，故和C6H12耗氧量相同；
D.C7H14O3可以改写成C6H12(CO2)(H2O)，故和C6H12耗氧量相同；
答案选B。

（2）若A为链烃，则含有一条双键，所有的碳原子在同一平面上，则碳碳双键上的碳相连的是四个碳原子，故为。

（3）若A为链烃，则为烯烃，写出烯烃的同分异构体，其中含有三种氢原子且这三种氢原子个数比为3:2:1的烯烃的名称为2-乙基-1-丁烯。

（4）A不能使溴水褪色，则为环烷烃，其一氯代物只有一种，故为环己烷，结构简式为。

18.通过对煤的综合利用，可以获得多种有机物。

化合物A含有碳、氢、氧3种元素，其质量比是12：3：8。

液态烃B是一种重要的化工原料，其摩尔质量为78 g•mol-1。

E是有芳香气味的酯。

它们之间的转化关系如下（含有相同官能团的有机物通常具有相似的化学性质）：
请回答：
(1)化合物A所含的官能团名称是_____________。

(2)B和CH2=CH2反应生成C的反应类型是_____________。

(3)E在氢氧化钠溶液中水解的化学方程式是_____________。

(4)下列说法正确的是_____________。

A.将铜丝在空气中灼烧后迅速插入A中，反应多次，可得到能发生银镜反应的物质
B.在一定条件下，C可通过取代反应转化为
C.苯甲酸钠（常用作防腐剂）可通过D和氢氧化钠反应得到
D.共a mol的B 和D混合物在氧气中完全燃烧，消耗氧气大于7.5a mol
【答案】(1). 羟基(2). 加成反应(3).
(4). ABC
【解析】
【详解】由化合物A含有碳、氢、氧三种元素，且质量之比是12：3：8知碳、氢、氧的个数之比为2：6：1，分子式为C2H6O；液态烃B是重要的化工原料，由煤焦油分馏得到且相对分子质量为78知B为，由B到C为加成反应，D为苯甲酸和A反应生成有芳香气味的酯得A为醇，（1）结合上述所知A为CH3CH2OH，A中官能团为羟基；
（2）B为苯，苯和CH2=CH2反应生成乙苯属于加成反应；
（3）E在氢氧化钠溶液中水解的反应方程式为；（4）A、乙醇在铜做催化剂的条件下氧化为乙醛，乙醛可以发生银镜反应，选项A正确；B、在一定条件下C与硝酸反应生成，选项B正确；C、苯甲酸钠与氢氧化钠反应生成苯甲酸钠和水，选项C正确；D、amol的B和D混合物在氧气中完全燃烧，消耗氧气的量等于7.5amol，选项D错误。

答案选ABC。

19.溴乙烷在不同溶剂中与NaOH可发生不同类型的反应，生成不同的反应产物。

某同学依据溴乙烷的性质，用如图实验装置(铁架台、酒精灯略)验证取代反应和消去反应的产物，请你一起参与探究。

实验操作I：在试管中加入5mL 1mol/L NaOH水溶液和5mL溴乙烷，将试管按如图固定后，加热。

(1)请写出该反应的化学方程式_______。

(2)观察到_____现象时，表明溴乙烷与NaOH溶液已完全反应。

(3)欲将生成的有机物从反应混合物中进行分离出来，最简单的操作是____(填操作名称)。

(4)请述如何检验溴乙烷中含有溴元素___________
实验操作Ⅱ：在试管中加入5 mL NaOH的乙醇溶液和5mL溴乙烷，将试管如图固定后，加热。

(5)请写出该反应的化学方程式_______。

(6)为证明溴乙烷在NaOH乙醇溶液中发生的是消去反应，在你设计的实验方案中，需要检验的是_______(写化学式)，检验的方法是_________(需说明：所用的试剂、简单的实验操作及预测产生的实验现象)
−−→CH3CH2OH + NaBr (2). 混合物不分层 (3). 蒸【答案】 (1). CH3CH2Br + NaOHΔ
馏 (4). 取试管中的溶液少许于另一支试管中,加入稀硝酸酸化,然后加入AgNO3溶液有浅
−−−−→CH2=CH2↑ + 黄色沉淀生成,说明溴乙烷中含有溴元素 (5). CH3CH2Br + NaOH乙醇
Δ
NaBr + H2O (6). CH2=CH2 (7). 将生成的气体通入溴水，溴水褪色
【解析】
【分析】
溴乙烷与氢氧化钠水溶液发生取代反应，与氢氧化钠的醇溶液发生消去反应。

【详解】（1）溴乙烷在氢氧化钠的水溶液中发生取代反应生成乙醇和溴化钠，化学方程式为−−→CH3CH2OH + NaBr。

CH3CH2Br + NaOHΔ
（2）生成的产物乙醇与水互溶，所以混合物不出现分层现象时，表明溴乙烷与NaOH溶液已完全反应。

（3）乙醇的沸点低，所以将乙醇从溶液中分离出来只能采用蒸馏的方法。

（4）检验溴乙烷中含有溴元素，需要硝酸银溶液，再加入硝酸银溶液前先加酸使溶液呈酸性，具体操作是取试管中的溶液少许于另一支试管中,加入稀硝酸酸化,然后加入AgNO3溶液有浅黄色沉淀生成,说明溴乙烷中含有溴元素。

（5）溴乙烷在氢氧化钠的醇溶液中发生消去反应生成乙烯和溴化钠、水，化学方程式为−−−−→CH2=CH2↑ + NaBr + H2O。

CH3CH2Br + NaOH乙醇
Δ
（6）无论溴乙烷发生取代还是消去反应共同产物是溴化钠，所以证明溴乙烷在NaOH乙醇溶液中发生的是消去反应，只能检验产物乙烯；检验的方法是将生成的气体通入稀溴水，溴水褪色；或通入酸性高锰酸钾溶液，紫色褪去。

20.某有机物M的球棍模型如图所示：
(1)请写出物质M 的分子式_______含氧官能团名称_________
(2)M 在一定条件下，可以发生水解反应，生成A 、B 两种物质(它们的相对分子质量关系A ＞
B)。

B 可以用以下方法制得：X HCl Ⅰ−−→Y Ⅱ−−→Z 氧化Ⅲ−−−→W 氧化
Ⅳ
−−−→B 。

其中W 能发生银镜反应。

则I 属于________反应(填反应类型)
(3)写出反应Ⅱ的化学方程式：_____。

反应Ⅲ的化学方程式：________。

(4)1molA 分别与Na 、NaOH 溶液反应，所用Na 、NaOH 物质的量的最大值之比是_______。

(5)A 有多种同分异构体，符合下列三个件的同分异构体有_______种，其中分子结构中只有六种氢原子的结构简式为__________
a.环上只有两个取代基
b.与FeCl 3溶液显紫色；
c.能发生银镜反应。

【答案】 (1). C 10H 10O 4 (2). 羟基,醛基,酯基 (3). 加成反应 (4). CH 3CH 2Cl +
NaOH 水Δ−−→CH 3CH 2OH+ NaCl (5). 2CH 3CH 2OH + O 2Cu Δ−−→2CH 3CHO + 2H 2O (6). 2：1 (7). 9 (8).
【解析】
【分析】 根据M 的球棍模型可知，该有机物为。

根据M 的结构在一定条件下，可以发生水解反应，生成A 、B 两种物质，它们的相对分子质量关系A ＞B ，则A 为，B 为CH 3COOH ，由流程知W 氧化生成B ，又能发生银镜反应，则W 为CH 3CHO ，Z 氧化生成W ，则Z 为CH 3CH 2OH ，所以反应Ⅰ为CH 2=CH 2与HCl 发生加成反应生成CH 3CH 2Cl ，反应Ⅱ为CH 3CH 2Cl 在氢氧化钠水溶液中发生水解反应生成CH 3CH 2OH ，所以X 为CH 2=CH 2，Y 为CH 3CH 2Cl 。

【详解】（1）由M的球棍模型可知，该有机物为，则分子式为C10H10O4，含氧官能团名称为羟基、醛基、酯基。

（2）根据以上分析，反应Ⅰ为CH2=CH2与HCl反应生成CH3CH2Cl，属于加成反应。

（3）反应Ⅱ为CH3CH2Cl在氢氧化钠水溶液中发生水解反应生成CH3CH2OH，反应方程式为−−→CH3CH2OH+ NaCl；反应Ⅲ乙醇催化氧化生成乙醛，化学方程式为2CH3CH2OH CH3CH2Cl + NaOH水
Δ
−−→2CH3CHO + 2H2O。

+ O2Cu
Δ
（4）A为含有酚羟基、醇羟基和醛基，酚羟基、醇羟基能与钠反应，酚羟基能与氢氧化钠反应，则1molA最大与2molNa、1molNaOH溶液反应，所以Na、NaOH物质的量的最大值之比是2：1。

（5）A的同分异构体与FeCl3溶液显紫色，说明含有酚羟基；能发生银镜反应，说明含有醛基，两个取代基分别为-OH与-CH(OH)CHO、-CH2OOCH、-OCH2CHO，两个取代基的位置为邻、间、对，同分异构体共9种；其中分子结构中只有六种氢原子的结构简式为。

21.如图所示，A、B、C、D、E、F、G均为有机物，它们之间有如下转化关系(部分产物和反应条件已略去)。

已知B分子中含有苯环，其蒸气密度是同温同压下H2密度的59倍，1molB最多可以和4molH2发生加成反应，B的苯环上的一个氢原子被硝基取代所得的产物有三种。

E和G 都能够发生银镜反应。

F分子中含有羟基和羧基，在一定条件下可以聚合生成高分子化合物。

请回答下列问题：
(1)A的结构简式____________。

(2)反应①的反应类型是________。

(3)E与银氨溶液反应的化学方程式为_______。

(4)等物质量的A与F发生酯化反应，所生成有机物的结构简式为________。

(5)A的一种同分异构体与浓H2SO4共热，也生成B和水，该同分异构体的结构简式为________。

(6)E有多种同分异构体，其中属于酯类且具有两个对位取代基的同分异构体共有_____种。

【答案】(1). (2). 消去反应(3).
−−→+2Ag+3NH3+H2O (4).
+2Ag(NH3)2OHΔ
(5). (6). 4
【解析】
【分析】
已知B分子中含有苯环，其蒸气密度是同温同压下H2密度的59倍，则B的相对分子质量为118，1molB最多可以和4molH2发生加成反应，说明B中含一个碳碳双键，不饱和度为5，则B的分子式为C9H10；B的苯环上的一个氢原子被硝基取代所得的产物有三种，苯环上只有一个取代基；B生成C为加成反应，C生成D为溴原子的取代反应，D中有两个羟基，D生成E为醇的催化氧化反应，E生成F为氧化反应，F分子中含有羟基和羧基，说明D中有一个羟基不能发生催化氧化，E和G都能够发生银镜反应，说明分子中含有醛基，则D中一个羟基催化氧化生成醛基，故B的结构简式为。

【详解】(1) G都能够发生银镜反应，说明分子中含有醛基，A生成G为醇的催化氧化反应，A生成B为醇的消去反应，B的结构简式为，推知A的结构简式。

(2) A的结构简式为，B的结构简式为，反应①的反应类型是消去反应。

(3) 综上分析，E的结构简式为，则E与银氨溶液反应的化学方程式为
−−→+2Ag+3NH3+H2O。

+2Ag(NH3)2OHΔ
(4)A的结构简式为，F的结构简式为，等物质的量的A与F发生酯化反应，所生成有机物的结构简式为。

(5)A的一种同分异构体与浓H2SO4共热，也生成B和水，该同分异构体也含有羟基能发生消去反应，则该同分异构体的结构简式为。

(6) E的结构简式为，其中属于酯类且具有两个对位取代基，两个对位取代基可能为HCOO-与-CH2CH3、CH3COO-与-CH3、-CH3与-CH2OOCH、-CH3与-COOCH3，共4种，则满足条件的同分异构体有4种。

22.巨豆三烯酮(F)是一种重要的香料，其合成路线如下：
（1）化合物F的分子式为_____________，1mol该物质完全燃烧需消耗________molO2。

（2）在上述转化过程中，反应②的目的是______________，写出反应②的化学方程式：
_______________。

（3）下列说法正确的是___________（填序号）。

A.化合物A~F均属于芳香烃的衍生物
B.反应①属于还原反应
C.1mol化合物D可以跟4molH2发生反应
D.化合物F中所含官能团的名称为碳碳双键、羰基
（4）符合下列条件的D的同分异构体有两种，其中一种同分异构体的结构简式如下图所示，请写出另一种同分异构体的结构简式：__________________。

a.属于芳香化合物
b.核磁共振氢谱显示，分子中有4种不同类型的氢原子
c. 1mol该物质最多可消耗2mol NaOH
d.能发生银镜反应
【答案】 (1). C13H18O (2). 17 (3). 保护羟基，防止其被CrO3氧化 (4).
+CH3COOH浓硫酸+H2O (5). BD (6).
【解析】
【分析】
分析题中的合成路线，可知：反应①为A发生加氢还原反应，官能团羰基()转化为羟基，生成有机物醇(B)，在反应②中该醇与CH3COOH在浓硫酸、加热条件下发生酯化反应生成酯(C)，分析C和D的结构简式的差别，可知反应③为C与CrO3反应转化为D，即在C分子中引入C=O。

反应④中酯在酸性条件下水解生成醇(E)，醇在浓硫酸加热条件下发生消去反应，脱去一个H2O，引入碳碳双键生成巨豆三烯酮(F)。

结合合成路线及反应条件进行分析。

【详解】（1）根据合成路线中F的结构简式可知F的分子式为C13H18O；1mol该物质完全燃烧
需消耗O2的物质的量=
181
(13+-)mol=17mol
42。

故答案为：C13H18O；17；
（2）分析转化路线可知，有机物B在反应②的过程中与CH3COOH发生酯化反应，B中的羟基转化为酯基，在反应④中酯基发生水解又转化为羟基，由此可知反应②的目的是保护羟基，防止其被CrO3氧化；反应②的反应方程式为：
+CH3COOH浓硫酸+H2O；答案为：保护羟基，防止其被CrO3氧化；
+CH3COOH浓硫酸+H2O；
（3）根据合成路线分析：
A．化合物A~F的分子中均不含苯环，不属于芳香烃的衍生物，A项错误；
B．反应①为酮在还原剂作用下转化为醇的反应，属于还原反应，B项正确；
C．化合物D分子中含有2个碳碳双键，1个羰基，故1molD可以跟3molH2发生加成反应；C 项错误；。