纺织厂空调复习资料课后习题答案（精编）

纺织厂空气调节课后习题答案
第二章（P50）
2 解：①空气加热前：解：①空气加热前：P P 1V 1=m 1RT 1 ； 空气加热后：空气加热后：P P 2V 2=m 2RT 2
已知m 1=m 2，P 1=P 2,T 1=20+273.15=293.15K
T 2=130+273.15=403.15K 由由
{
EMBED
Equation.KSEE3
\*
MERGEFORMAT
|3112221212475180015
.29315.403m V T T V T T V V =´=´=Þ= ②由附表②由附表1可知当t=20t=20℃时，干空气的密度为℃时，干空气的密度为1.205kg/m 3， 又，则P q =B-P g =101325-101216.5=108.5Pa P q V q =m q R q T q1m q =1.44kg =1.44kg 同理可得同理可得m g =2165.5kg
3 解：已知t=24t=24℃、℃、φ=60%=60%、、B=101325Pa 由附表由附表1可查出当t=24t=24℃时，℃时，℃时，P P q ，b =2977Pa ∴∴
在i-d 图上可以得出露点温度t l =15.7=15.7℃℃
4 解：已知：解：已知：t t 1=11=11℃、℃、φ1=70%=70%、、G=10000kg/h G=10000kg/h、、t 2=20=20℃、℃、℃、B=101325Pa B=101325Pa
在在i-d 图上可得出状态1的点，即：i 1=25.5kj/kg =25.5kj/kg、、d 1=5.6g/kg =5.6g/kg、、P q1=920Pa
i 2=35kj/kg =35kj/kg、、P q2=920Pa
由焓的定义可知由焓的定义可知由焓的定义可知::加热量Q=G(i 2-i 1）=10000=10000×（×（×（35-25.535-25.535-25.5））=9.5=9.5××104kj
在附表在附表1可查出当t 2=20=20℃时，℃时，℃时，P P q ，b2=2331Pa
i 3=1.01t 3+（2500+1.84t 3)d 3×10-3
=1.01=1.01××90+90+（（2500+1.842500+1.84××9090）×）×）×5.65.65.6××10-3 =105.8kj/kg
Δi=i 3-i 1
=105.8-25.5=80.3kj/kg
5 解：已知t 1=29=29℃、℃、φ1=60%=60%、、B=101325Pa 在在i-d 图上可知d 1=15.2g/kg =15.2g/kg，，i 1=68kj/kg
即在状态即在状态1下，内含1kg 干空气的湿空气中含有15.2g 水蒸气，则内含水蒸气，则内含 100kg 干空气的湿空气中含有1.52kg 水蒸气，加入1kg 水蒸气后，则状则状 态态2中有2.52kg 水蒸气，由定义可知，d 2=25.2g/kg =25.2g/kg。

由题意可知此处理过程为等温加湿过程，即温度不变，由题意可知此处理过程为等温加湿过程，即温度不变，由题意可知此处理过程为等温加湿过程，即温度不变，t t 1=t 2=29=29℃℃
在附表1可查出当t=29t=29℃时，℃时，℃时，P P q ，b =3995Pa
∵∵ ∴∴ 6 解：解：
1、64.5 13.4 2150
2、81 29.8 3150
3、-3 100 1120
4、63.5 26 2330
5、99.65 27.2 100
6、55.5 60
7、-9 1.2 1500
8 8 解解:在i-d 图上图上,,可得出在含湿量为20g/kg 状态状态,t ,t l 为2525℃℃,即该车间围护结构内表面的温度最低应为2525℃℃.
9 9 解解:(1) :(1) 由图可知此过程是增焓、减湿、增温的过程。

由图可知此过程是增焓、减湿、增温的过程。

由图可知此过程是增焓、减湿、增温的过程。

（（2）在i-d 图上连接状态1点和状态2点，平移，与其连线平行的热湿比显示其值ε≈9000kj/kg 。

（3）在附表1可查出当t 1=24=24℃时，℃时，P q ，b1=2977Pa =2977Pa；；当t 2=30=30℃时，℃时，P q ，b2=4232Pa
同理可得同理可得d 2=17.9g/kg =17.9g/kg，，i 2=76kj/kg ∴∴
11 11 解：解：(1)(1)由题意知：由题意知：t 1=5=5℃，℃，φ1=60%=60%，，气体1加热时d 1=d 2=d 3值不变，则由i-d 图知状态图知状态1、2、3连接成一直线，则：①；连接成一直线，则：①；G G 1+G 2=120=120②②
由式①②解出G 1=G 热=102.13kg/min,G 2=G 未=17.87kg/min =17.87kg/min。

（（2）在i-d 图上可查出图上可查出 i i 1=10.7kj/kg =10.7kj/kg、、i 2=41kj/kg ∴∴Q=G 热（i 2-i 1）t=102.13t=102.13×（×（×（41-10.741-10.741-10.7）×）×）×60=185.67kj 60=185.67kj
12 12 解：解：（1）在i-d 图上可查出状态1的露点温度为19.519.5℃，而冷表面的温度℃，而冷表面的温度1818℃低于其露点温度，故（℃低于其露点温度，故（℃低于其露点温度，故（11）会出现结露现象。

）会出现结露现象。

（（2）在i-d 图上可查出状态1的露点温度为14.514.5℃，℃，而冷表面的温度1818℃℃高于其露点温度，故（高于其露点温度，故（22）不会出现结露现象。

）不会出现结露现象。

14 14 解：解：在附表1可查出当t g =25=25℃时，℃时，P g ，b =3160Pa =3160Pa；；当t s =21=21℃时，℃时，P s ，b =2480Pa =2480Pa。

已知已知::υ=0.5m/s,B=101325Pa
41085.7)5.075
.665(00001.0)75
.665(00001.0-´=+
´=+
=u
A
%4.683160
101325
)2125(1085.72480%100)(4,,=´-´´-=´--=
-b g s g b s P B t t A P j
由i-d 图可知露点温度为19.419.4℃℃ 15 15 解：由公式：解：由公式：解：由公式：
（（1）∵）∵t t s1=t s2、υ1>υ2∴t g1=t g2，P sb1=P sb2，B 1=B 2 又又 υ1>υ2∴A 1<A 2φ1>φ
2
（（2）υ1=υ2A 1=A 2;t s1>t s2P sb1>P sb2 ; P gb1=P gb2，B 1=B 2
∴φ1>φ
2
第三章（P65）
1 1 解：解：
（1） (2)Q=KF(t w -t n ）=0.455=0.455××400400×（×（×（30+2030+2030+20））=9100w=32760kj/h (3)Q 吸=αw F （t w -τw ）①；）①；Q Q 导=②；②； Q 散=αn F(τn -t n ）③）③
已知Q 吸=Q 导=Q 散，F=400m 2，αn =8.7W/(m 2·K)K)，，αw =23.3W/(m 2·K)K)，，
代入式①②③，得τn =-11.1=-11.1℃℃ τw =26.67=26.67℃℃
4 4 由由i-d 图查得当t=25t=25℃，℃，φ=60%=60%的空气露点温度的空气露点温度t l =17=17℃，取℃，取a=1a=1，则，则，则
第四章（P104）
3 3 解：室外空气状态解：室外空气状态H ，室内空气状态B ，混合后空气状态C 。

混合空气在喷水室与水接触后，空气状态由C 变化至K'K'，其中取，其中取Δd=0.5g/kg d=0.5g/kg。

在i-d 图上可知i B =72kj/kg,t B =30=30℃℃,φB =60%,d B =18.6g/kg; i H =86kj/kg,t H =34=34℃℃,φH =60%,d H =22.9g/kg; i K'=70kj/kg,t K'=24=24℃℃,φK'=95%,d K'=18.1g/kg =18.1g/kg。

设被处理的空气量为W,W,不用回风所需制冷量不用回风所需制冷量Q=W Q=W（（i B -i H ）=14W
采用80%80%回风时在回风时在i-d 图上可得C1点，即i C1=83.2kj/kg,Q 1=W =W（（i C1-i K'）=13.2W; 采用60%60%回风时在回风时在i-d 图上可得C2点，即i C2=83.2kj/kg,Q 2=W =W（（i C2-i K'）=10.4W; 采用40%40%回风时在回风时在i-d 图上可得C3点，即i C3=83.2kj/kg,Q 3=W =W（（i C3-i K'）=7.6W =7.6W。

由上可知Q>Q 1>Q 2>Q 3，即不用回风和用80%80%、、60%60%、、40%40%回风这四种空调过程所需回风这四种空调过程所需制冷量逐渐减少。

制冷量逐渐减少。

5解：（1）已知t 1=0=0℃℃,φ1=45%=45%；；t 2=11=11℃℃,φ2=90%=90%可在可在i-d 图上查得i 1=4kj/kg,d 1=1.6g/kg;i 2=30kj/kg,d 2=7.4g/kg =7.4g/kg。

Q=G Q=G（（i 2-i 1）=L ρ（i 2-i 1）=25000=25000××1.21.2××(30-4)=780000kw （2）Δd=d 2-d 1=7.4-1.6=5.8g/kg 即处理后空气的含湿量增加了5.8g/kg 5.8g/kg。

8解：已知t 1=30=30℃℃,φ1=70%=70%；；t 2=17=17℃℃,φ2=67.5%=67.5%；；t 3=21.5=21.5℃℃,φ3=90%=90%可在可在i-d 图上查得：图上查得：
i 1=78kj/kg,d 1=18.6g/kg;i 2=37kj/kg,d 2=8g/kg =8g/kg；；i 3=59kj/kg,d 3=14.5g/kg =14.5g/kg。

（1）设两种空气混合的空气状态为0：
因为喷水室采用循环水处理，所以焓值不变，即i 0=i 3 ∴L 1i 1+L 2i 2=（L 1+L 2）i 0=（L 1+L 2）i 3
7878××10000+37L 2=（10000+L 2）×）×59L 59L 2=8683m 33
/h
（2）由含湿量的定义可知：）由含湿量的定义可知：
状态1中干空气量为，状态2中干空气量为中干空气量为
状态1中干空气量为W 0=W 1+W 2=22062kg/h ∴
ΔW=W 0（d 3-d 0）=17649.6g 即喷水室内蒸发掉17649.6g
10解：在i-d 图上可知i B =60kj/kg,t B =24=24℃℃,φB =75%,d B =14g/kg; i H =-2.5kj/kg,t H =-4=-4℃℃,φH =60%,d H =1.4g/kg; i K =57kj/kg,t K =21=21℃℃,φK =90%,d K =14g/kg =14g/kg；； i C =57kj/kg,t C =22.2=22.2℃℃,d C =13.2g/kg =13.2g/kg。

（1）验算新空气量的比例：）验算新空气量的比例：<10% <10%
则利用预热器加热，令MB=10BC MB=10BC，，i B -i M =10(i B -i C ）i M =30kj/kg 在在i-d 图上可得d M =8g/kg =8g/kg，，t M =9.6=9.6℃℃
验证换气次数验证换气次数<5 <5
∴调整通风量L'=5v=150000m 33
/h
G G’’=L'ρ=180000kg/h=50kg/s G 新= G = G’×’×’×10%=5kg/s 10%=5kg/s 10%=5kg/s；；G 回= G = G’×’×’×90%=45kg/s 90%=45kg/s （2）
（3） 又
在i-d 图上可得t K ’=23=23℃℃ （4）喷水量所需要的接触系数）喷水量所需要的接触系数
从表4-3可查得等焓加湿过程η2的实验公式的实验公式 将η2=0.5=0.5，，υρ=3kg/m 2·s ，得μ=0.14 ∴W=L'ρμ=150000=150000××1.21.2××0.14=25200kg/h
喷水温度t s =t sz =19.2=19.2℃（℃（℃（CK CK 与φ=100%=100%的交点即可确定喷水温度）的交点即可确定喷水温度）的交点即可确定喷水温度） （5）图）图
第七章（P193）
1 1 解：在解：在2020℃时，水的℃时，水的℃时，水的=1.01=1.01=1.01××10-6m 2/s （1）当流速υ=0.1m/s 时，时，<2320 <2320 ∴液体属于层流流动。

∴液体属于层流流动。

（2）当流速υ=2m/s 时，时，>2320 >2320 ∴液体属于湍流流动。

∴液体属于湍流流动。

4 4 解解:由附录表31编号22查得局部阻力系数查得局部阻力系数 已知已知
5 5 解：根据，在解：根据，在α=30=30°的条件下，查附录表°的条件下，查附录表31编号38得，，则，则 直管局部阻力直管局部阻力 支管局部阻力支管局部阻力
6 6 解：解：解：
（1）理论汇流速度：）理论汇流速度：
<
（2）由（）由（11）知即采用等速管道内）知即采用等速管道内
即
8 8 解：因条缝风口射出气流属扁平气流，故用扁平发射口算式：解：因条缝风口射出气流属扁平气流，故用扁平发射口算式：解：因条缝风口射出气流属扁平气流，故用扁平发射口算式： <<2.3m
故采用主体段公式计算：故采用主体段公式计算：
9 9 解：解：解：
由题意知：由题意知：
10解：（1）
（2）
（3）。