计算机专业(基础综合)模拟试卷176(题后含答案及解析)

计算机专业（基础综合）模拟试卷176(题后含答案及解析)
题型有：1. 单项选择题 2. 综合应用题
单项选择题1-40小题，每小题2分，共80分。

下列每题给出的四个选项中，只有一个选项是最符合题目要求的。

1．下列关于外部排序说法正确的是( )。

A．内存与外设交换信息的时间只是外排序总时间的一小部分
B．外部排序就是在外存上进行排序，无需内存参与
C．败者树是一棵完全二叉树
D．置换一选择排序得到的初始归并段长度一定相等
正确答案：C
解析：A：影响外排序时间的主要因素就是内存与外设交换信息的总次数，所以A错误。

B：外部排序也是在内存上进行排序，只不过需要分为多步而已，所以B错误。

C：从败者树的构建方式可知，败者树是一棵完全二叉树，所以C正确。

补充知识点：败者树和堆有什么区别? 提示：外排序中败者树和堆排序的区别在于：(1)败者树是在双亲结点中记下刚进行完的这场比赛的败者，而让胜者去参加更加高一层的比赛，便可得到一棵败者树。

而堆排序可看做一种胜者树，即双亲结点表示其左右孩子中的胜者。

(2)在败者树中，参加比较的n个关键字全部为叶子结点，双亲即为其左、右子女的败者，败者树中结点总数为2n一1，加上冠军结点恰好为2n。

而堆是由n个关键字组成的完全二叉树，每个关键字作为树中的一个结点，根是n个关键字中的胜者，树中结点总数为n。

D：使用置换-选择排序得到的初始归并段长度不一定相等，从最佳归并树构造赫夫曼树的过程也可以得到答案，所以D错误。

外排序的基本过程：基于磁盘进行的排序多使用归并排序方法。

其排序过程主要分为以下两个阶段：(1)建立用于外排序的内存缓冲区。

根据它们的大小将输入文件划分为若干段，用某种内排序方法对各段进行排序。

经过排序的段叫做初始归并段。

当它们生成后就被写到外存中。

(2)按归并树模式，把(1)生成的初始归并段加以归并，一趟趟扩大归并段和减少归并段数，直到最后归并成一个大归并段为止。

例如：设有一个包含4500个记录的输入文件，现用一台其内存至多可容纳750个记录的计算机对该文件进行排序。

输入文件放在磁盘上，磁盘每个页块可容纳250个记录，这样全部记录可存储在4500／250=18个块中。

输出文件也放在磁盘上，用以存放归并结果。

由于内存中可用于排序的存储区域能容纳750个记录，所以内存中恰好能存3个块的记录。

在外排序一开始，把18块记录每3块一组读入内存。

利用某种内排序方法进行内排序，形成初始归并段，再写回外存。

总共可得到6个初始归并段，然后一趟一趟进行归并排序，如图1-9所示。

2．虚拟存储器由两级存储器组成，它们是( )。

A．主存一辅存
B．Cache一主存
C．Cache一辅存
D．通用寄存器一辅存
正确答案：A
解析：虚拟存储器的两级存储结构即主存一辅存结构，Cache一主存系统是解决存储系统速度问题的。

3．下图中计算机硬件系统基本组成部件①、②、③、④和⑤的名称是( )。

A．①控制器、②运算器、③存储器、④输入设备、⑤输出设备
B．①运算器、②控制器、③存储器、④输入设备、⑤输出设备
C．①运算器、②存储器、③控制器、④输入设备、⑤输出设备
D．①运算器、②控制器、③存储器、④输出设备、⑤输入设备
正确答案：B
解析：本题图中所示为冯.诺依曼计算机硬件系统的五大基本部件，包括运算器、控制器、存储器、输入设备和输出设备五大基本部件。

[归纳总结]运算器用来进行各种运算和数据转换；控制器则为计算机的工作提供统一的时钟和各种命令，协调计算机的各部件自动地工作；存储器用来存放程序、数据；输入设备和输出设备用来接收用户提供的外部信息或向用户提供输出信息。

[解题技巧]图中虚线框内是CPU部分，CPU包括运算器和控制器，据此可排除选项C；②与其他4个部件均有联系，可以确定②是控制器，据此可排除选项A；最后根据信息的传送方向可确定④为输入设备，⑤为输出设备。

4．在操作系统层次结构中，( )是操作系统的核心部分，它位于最内层。

A．存储管理
B．处理器管理
C．设备管理
D．作业管理
正确答案：B
解析：处理器管理主要有两项工作：中断处理和处理器调度。

处理器管理是操作系统的核心部分。

5．TCP协议规定HTTP端口号为80的进程是( )。

A．客户
B．分布
C．服务器
D．主机
正确答案：C
解析：本题考查网络应用模式，HTTP协议是万维网所应用的协议，万维网是以客户服务器方式工作。

这里浏览器就是在用户计算机上的万维网客户程序。

万维网文档所驻留的计算机则运行服务器程序，因此这个计算机也称为万维网服务器。

客户程序向服务器程序发出请求，服务器程序向客户程序送回客户所要的
万维网文档，而80端口是服务器侦听的端口号，因此答案为C。

6．下列部件中属于控制部件的是( )。

Ⅰ．指令寄存器Ⅱ．操作控制器Ⅲ．程序计数器Ⅳ．状态条件寄存器
A．仅Ⅰ、Ⅲ、Ⅳ
B．仅Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ
C．仅Ⅰ、Ⅱ、Ⅳ
D．Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ和Ⅳ
正确答案：B
解析：CPU控制器主要由3个部件组成：指令寄存器、程序计数器和操作控制器。

状态条件寄存器通常属于运算器的部件，保存由算术指令和逻辑指令运行或测试的结果建立的各种条件码内容，如运算结果进位标志(C)、运算结果溢出标志(V)、运算结果为零标志(Z)、运算结果为负标志(N)、中断标志(I)、方向标志(D)和单步标识等。

注意：存储器、运算器、外部设备等都属于执行部件。

知识点扩展：操作控制器总结。

操作控制器(OC)的功能就是根据指令操作码和时序信号，产生各种操作控制信号，以便正确地建立数据通路，从而完成取指令和执行指令的控制。

CPU内的每个功能部件都完成一定的特定功能。

然而信息怎样才能在各部件之间传送呢?也就是说，数据的流动是由什么部件控制的呢?通常把许多数字部件之间传送信息的通路称为“数据通路”。

信息从什么地方开始，中间经过哪个寄存器或多路开关，最后传到哪个寄存器，都要加以控制。

在各寄存器之间建立数据通路的任务是由称为“操作控制器”的部件来完成的。

操作控制器中主要有节拍脉冲发生器、控制矩阵、时钟脉冲发生器、复位电路和启停电路等控制逻辑。

这几个部件对微处理器设计人员来说很关键，但微处理器用户却可以不必过多关心。

7．TCP是互联网中的传输层协议，TCP协议进行流量控制的方式是( )，当TCP实体发出连接请求（SYN）后，等待对方的( )。

A．使用停止，等待ARQ协议，RST
B．使用后退N帧ARQ协议，FIN、ACK
C．使用固定大小的滑动窗口协议，SYN
D．使用可变大小的滑动窗口协议，SYN、ACK
正确答案：D
解析：在TCP协议流量控制中，发送方和接收方的窗口的大小是可变的，流量控制就是控制发送方发送的速率，为的是让接收方来得及接收，发送方根据接收方的窗口的大小来调整自己窗口的大小，因此采用的是可变大小的滑动窗口协议；在TCP三次握手的第一阶段，连接请求方发出连接请求( SYN=1)，并给出自己的序号seq=x，接受方发出SYN=1和ACK=1表示连接确认，并请求与对方连接。

8．把程序地址空间中使用的逻辑地址变成内存中物理地址称为( )。

A．加载
B．物理化
C．重定位
D．逻辑化
正确答案：C
9．关于FTt’的工作过程，下面说法错误的是( )。

A．在传输数据前，FTP服务器用TCP 21端口与客户端建立连接
B．建立连接后，FTP服务器用TCP 20端口传输数据
C．数据传输结束后，FTP服务器同时释放21和20端口
D．FTP客户端的端口是动态分配的
正确答案：C
解析：本题考查FTP的工作原理，FTP使用两条TCP连接完成文件传输，一条是控制连接，另一条是数据连接。

平时FTP服务器总在端口21上等待客户的连接请求，当用户需要传输文件时，FTP客户与FTP服务器的端口21建立一个控制连接，用来传送客户的命令和服务器的响应。

当客户在控制连接上发出数据传输命令时，服务器在另一个端口上主动与客户建立一条数据连接，然后在数据连接上传输文件。

当一个文件传输结束时，关闭数据连接。

如果用户请求另一个文件的传输，则服务器和客户再建立一个数据连接，用于传输新的文件。

虽然数据连接频繁地建立和释放，但控制连接在整个会话期间一直保持，直到客户与服务器通信结束为止，因此答案为C。

10．下面是有关DRAM和SRAM存储器芯片的叙述：I．DRAM芯片的集成度比SRAM高Ⅱ．DRAM芯片的成本比SRAM高Ⅲ．DRAM芯片的速度比SRAM快Ⅳ．DRAM芯片工作时需要刷新，SRAM芯片工作时不需要刷新通常情况下，错误的是( )。

A．I和Ⅱ
B．Ⅱ和Ⅲ
C．Ⅲ和Ⅳ
D．I和Ⅳ
正确答案：B
解析：DRAM的集成度高于SRAM，SRAM的速度高于DRAM，可以推出DRAM的成本低于SRAM，SRAM 芯片工作时不需要刷新，DRAM芯片工作时需要刷新。

随机存储器RAM又可分为静态RAM(SRAM)和动态RAM(DRAM)两种。

SRAM由6个MOS管组成一个记忆单元，它的存取速度快，但集成度低，功耗也较大；DRAM由4个MOS管或单个MOS管组成一个记忆单元，它的集成度高，功耗小，但存取速度慢。

DRAM是靠MOS电路中的栅极电容来存储信息的，栅极电容上的电荷数目会随着时间推移逐步泄漏，因此每隔一定的时间必须向栅极电容补充一次电荷，这个过程称为“刷新”。

11．在进程通信中，消息的一般形式为四个部分组成。

是( )。

A．发送进程名、接收进程名、消息标示符、消息正文
B．发送进程名、消息标示符、消息长度、消息正文
C．发送进程名、接收进程名、消息长度、消息当前状态
D．发送进程名、接收进程名、消息长度、消息正文
正确答案：D
解析：在消息传递系统中，进程间的数据交换是以消息(在计算机网络中又称为报文)为单位的。

消息的一般结构形式有发送进程名、接收进程名、消息长度、消息正文。

故正确答案为选项D。

12．若用100个双字(字长32位)组成的位示图管理内存，假定用户归还一个块号为240的内存块时，它对应的位示图的位置是( )。

A．字号为6，位号为16
B．字号为7，位号为16
C．字号为6，位号为14
D．字号为7，位号为14
正确答案：B
解析：位示图也称为示位图，是利用二进制的一位来表示内存或磁盘中一个存储块的使用情况。

当其值为“0”时，表示对应的块空闲；为“1”时，表示已分配。

反之亦然。

内存或磁盘上的所有块都有一个二进制位与之对应，这样，由所有块所对应的位构成一个集合，称为位示图。

计算方法：字号i＝INT(240／32)＝7 字内位置j＝MOD(240／32)＝16
13．CPU输出数据的速度远远高于打印机的打印速度，为解决这一矛盾，可采用的技术是( )。

A．并行技术
B．通道技术
C．缓冲技术
D．虚存技术
正确答案：C
解析：缓冲技术的引入主要解决CPU速度和外设速度不匹配的问题，它同时减少了通道数量上的占用，提高了CPU、IO和通道的并发性，减少了中断的次数，放宽了CPU对中断响应的时间要求，例如打印、文件访问，网络收发等场合，均要用到缓冲技术。

14．下列程序段的时间复杂度是( )。

int i，j；for(i=m+l；i<=m+n；i++){ A[0]=A[i]；for(j=i-1；A[j]>A[i]；j--){ A[j+1]=A[j]；} } A．O(m2)
B．O(n2)
C．O(m*n)
D．O(m+n)
正确答案：C
解析：时间复杂度由m，n共同决定，最坏情况F的时间复杂度为O(mn)。

15．设指令中的地址码为A，变址寄存器为X，程序计数器为PC，则变址间接寻址方式的操作数有效地址EA是( )。

A．((PC)+A)
B．((X)+A)
C．(X)+(A)
D．(X)+A
正确答案：B
解析：变址间接寻址方式就是先变址后间接寻址。

在4个选项中，选项A：((PC)+A)为相对寻址；选项B：((X)+A)变址间接寻址；选项C：(X)+(A)为间接变址寻址；选项D：(X)+A为变址寻址。

16．下列可用于表示有向图的存储结构有( )。

Ⅰ．邻接矩阵Ⅱ．邻接表Ⅲ．十字链表Ⅳ．邻接多重表
A．Ⅰ和Ⅱ
B．Ⅱ和Ⅳ
C．Ⅰ、Ⅱ和Ⅲ
D．Ⅰ、Ⅱ和Ⅳ
正确答案：C
解析：考查图的存储结构。

邻接矩阵和邻接表既能存储有向图，也能存储无向图，邻接多重表只能存储有向图，十字链表只能存储无向图，Ⅰ、Ⅱ和Ⅲ符合题意，选C。

17．假设某硬盘由5个盘片构成(共有8个记录面)，盘面有效记录区域的外直径为30厘米，内直径为10厘米，记录位密度为250位／毫米，磁道密度为。

16道／毫米，每磁道分16个扇区，每扇区512字节，则该硬盘的格式化容量约是( )。

A．
B．
C．
D．
正确答案：D
解析：格式化容量计算中根据扇区数和扇区容量计算出每条磁道上的信息量，然后再乘以总磁道数。

而总磁道数计算时，首先求出每面磁道数(柱面数)，再乘以记录面数。

18．假设某硬盘由5个盘片构成(共有8个记录面)，盘面有效记录区域的外直径为30cm，内直径为10cm，记录位密度为250位／mm，磁道密度为16
道／mm，每磁道分16个扇区，每扇区512字节，则该硬盘的格式化容量约是( )。

A．
B．
C．
D．
正确答案：B
解析：格式化容量计算中根据扇区数和扇区容量计算出每条磁道上的信息量，然后再乘以总磁道数。

而总磁道数计算时，首先求出每面磁道数(柱面数)，再乘以记录面数。

磁盘的容量有格式化容量与非格式化容量之分，磁盘上标称的容量为格式化容量。

计算磁盘容量公式中的总磁道数是指记录面数与圆柱面数的乘积。

其中柱面数的计算公式为：柱面数=(外半径-内半径)×道密度格式化容量是磁盘实际可以使用的容量。

新的磁盘在使用之前需要先进行格式化，格式化实际上就是在磁盘上划分记录区，写入各种标志信息和地址信息。

这些信息占用了磁盘的存储空间，故格式化之后的有效存储容量要小于非格式化容量。

它的计算公式为：格式化容量=每道扇区数×扇区容量×总磁道数
19．下列说法正确的是( )。

A．计算机中一个汉字内码在主存中占有4个字节
B．输出的字型码16×16点阵在缓冲存储器中占有32个字节
C．输出的字型码16×16点阵在缓冲存储器中占有16个字节
D．以上说法都不对
正确答案：B
解析：16×16点阵的汉字共计有256个点，相当于32个字节。

20．指令流水线将一条指令的执行过程分为4步，其中第1、2和4步的执行时间为△t，如图4-2所示。

若该流水线顺序执行50条指令共用了203△t(无需考虑相关问题)，则该流水线的第3步的执行时间是( )。

A．3△t
B．4△t
C．5△t
D．6△t
正确答案：B
解析：根据题意可以看到，在此流水线中顺序执行50条指令用了203△t(正常情况下如果第3步的执行时间为△t，则执行50条指令只需要4+(50-1)×△t=53△t)，所以流水线的瓶颈必定是第3步。

21．以下关于二叉排序树的说法正确的是( )。

I．在二叉排序树中，
每个结点的关键字都比左孩子关键字大，比右孩子关键字小Ⅱ．每个结点的关键字都比左孩子关键字大，比右孩子关键字小，这样的二叉树都是二叉排序树Ⅲ．在二叉排序树中，新插入的关键字总是处于最底层Ⅳ．在二叉排序树中，新结点总是作为叶子结点来插入的V．二叉排序树的查找效率和二叉排序树的高度有关
A．I、Ⅱ、Ⅳ、V
B．Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ
C．I、Ⅲ、V
D．I、Ⅳ、V
正确答案：D
解析：对于二叉排序树，左子树上所有记录的关键字均小于根记录的关键字；右子树上所有记录的关键字均大于根记录的关键字。

而不是仅仅与左、右孩子的关键字进行比较。

在二叉排序树中，新插入的关键字总是作为叶子结点来插入的，但是叶子结点不一定总是处于最底层。

对于每一棵特定的二叉排序树，均可按照平均查找长度的定义来求它的ASL值，显然，由值相同的n个关键字，构造所得的不同形态的各棵二叉排序树的平均查找长度的值不同，甚至可能差别很大。

最好的情况是二叉排序树的形态和折半查找的判定树相同，其平均查找长度和logn成正比。

22．设无向图G=(V，E)和G’=(V’，E’)，如果G’是G的生成树，则下面说法中错误的是( )。

A．G’是G的子图
B．G’是G的连通分量
C．G’是G的极小连通子图且V=V’
D．G’是G的一个无环子图
正确答案：B
解析：选项B错误，因为连通分量是无向图的极大连通子图，其中极大的含义是将依附于连通分量中顶点的所有边都加上，所以，连通分量中可能存在回路。

23．下列文件物理结构中，适合随机访问且易于文件扩展的是( )。

A．连续结构
B．索引结构
C．链式结构且磁盘块定长
D．链式结构且磁盘块变长
正确答案：B
解析：索引结构适合随机访问且易于文件扩展。

24．在平衡二叉树中，下面叙述正确的是( )。

A．任意结点的左、右子树结点数目相同
B．任意结点的左、右子树高度相同
C．任意结点的左、右子树高度之差的绝对值不大于1
D．不存在度为1的结点
正确答案：C
解析：平衡二叉树又称A VL。

它或者是一棵空树，或者是具有下列性质的二叉树：(1)左子树和右子树都是平衡二叉树；(2)左子树和右子树的深度之差的绝对值不超过1。

二叉树上结点的平衡因子定义为该结点的左子树的深度减去它的右子树的深度。

可见，平衡二叉树上所有结点的平衡因子只可能是一1，0，1。

只要二叉树上有一个结点的平衡因子的绝对值大于1，则该二叉树就是不平衡的。

25．采用段式存储管理时，一个程序分段的时机是( )。

A．程序编译时
B．用户编程时
C．程序装入时
D．程序执行时
正确答案：A
解析：本题考查段式存储管理的段的确定形式。

分段是信息单位，当用户在编写程序时并不分段，一旦编译时，编译系统会将指令代码和数据归类分开存放，为将来的运行做好前期工作。

运行时，操作系统将编译好的代码和数据按段申请内存，并将对应的段装入内存。

至于段的类型和大小在编译完以后就已经确定了，链接过程中只是将系统提供的系统调用或API的代码按段的种类链接到程序中，运行时操作系统不再调整或改变。

26．TCP为了实现可靠的服务，采用超时重传、确认捎带技术。

其中，在确认信息中捎带( )的序号以减少通信量。

A．上一个已接收的报文
B．下一个希望接收的报文
C．正在发送的报文
D．下一个将要发送的报文
正确答案：B
解析：TCP字段中规定接收方在收到正确的TCP段后给发送方发送确认的信息，确认信息的TCP段的确认号字段中填写希望收到发送方发送的下一个报文段的数据的第一个字节序号，同时也标志着这个报文段之前的所有报文段都正确接收到了。

27．在一个采用请求式调页的虚拟存储系统中，存放在外存上的程序代码调入内存的时机是( )。

A．在进程创建填写进程表时
B．在进程创建分配内存时
C．在进程被调度占用处理机执行时
D．在每次产生缺页中断时
正确答案：D
解析：本题考查虚拟存储系统中程序调入内存的时刻。

在一个采用请求式调页的虚拟存储系统中，当一个程序需要执行时，首先由进程创建模块为新进程找到一张空白的进程表，将该进程的基本信息填入这张表，例如进程号，父进程，进程组，优先级，状态字等，然后分配该进程虚拟内存空间(此时不做任何实际的分配)，打开文件获得句柄，链接到用户活动文件数据表中，分配设备等，做完这些工作，进程表将被放入就绪队列(假设所有资源均可用，只等CPU调度)，等待操作系统的调度模块调度。

调度模块按照规定的调度算法，从就绪队列中选择一个进程(对于单核处理机)，将运行状态赋予该进程，然后切换CPU，使得CPU的程序计数器指向该进程起首执行处，开始运行。

通常，新创建的进程是仅有虚拟地址空间的，所以，当第一次执行该进程时，代码不在物理内存，于是产生一次缺页中断。

缺页中断机构把对应的页面从外存调入内存，返回到中断点继续运行。

对于请求式调页，每次产生缺页中断一般仅调入相关的一页，若运行过程中所需的页面不在内存，那么随时可以产生缺页中断，调入内存。

若在进程运行过程中，所需的页面已经在内存了，那么就不需要再将代码调入内存。

因此，真正将程序代码和数据调入内存的是缺页中断处理过程，其它过程不会对内外存的活动进行操作。

28．顺序存储的某线性表共有123个元素，按分块查找的要求等分为3块。

若对索引表采用顺序查找方法来确定子块，且在确定的子块中也采用顺序查找方法，则在等概率的情况下，分块查找成功的平均查找长度为( )。

A．21
B．23
C．41
D．62
正确答案：B
解析：分块查找成功的平均查找长度为ASL＝(s2＋s＋n)／2s。

在本题中，n ＝123，s＝123／3＝41，故平均查找长度为23。

29．CPU响应中断时需要保护断点，断点指的是( )。

A．中断服务程序的入口地址
B．程序计数器(PC)的内容
C．CPU内各寄存器的内容
D．指令寄存器(IR)的内容
正确答案：B
解析：CPU在一条指令执行结束时响应中断，断点指的是程序计数器(PC)的内容，也就是现行程序下一条将要执行指令的地址。

30．设某赫夫曼树的高度为5，若已对两个字符编码为1和01，则最多还可以对( )个字符编码。

A．3
B．4
C．5
D．6
正确答案：B
解析：首先，赫夫曼编码遵循的原则为：一个编码不能是任何其他编码的前缀。

比如1和10就不行，因为1是10的前缀。

既然1和01已经使用了，所以1和01开头的码字不能再使用。

又由于赫夫曼树的高度为5，故赫夫曼编码的长度不能超过4，只剩下0000、0001、0010、0011等4种编码(这种编码方式可得到最多)，故选B选项。

31．在有一个CPU和两台外设D1和D2，且能够实现抢占式优先级调度算法的多道程序环境中，同时进入优先级由高到低的P1，P2，P3的3个作业，每个作业的处理程序和使用资源的时间如下：P1：D2(30ms)，CPU(10ms)，D1(30ms)，CPU(10ms)P2．D1(20ms)，CPU(20ms)，D2(40ms)P3：PU(30ms)，D1(20ms)假设对于其他辅助操作时间忽略不计，CPU的利用率是( )。

A．47．8％
B．57．8％
C．67．8％
D．77．8％
正确答案：D
解析：抢占式优先级调度算法，3个作业执行的顺序如图7-6所示。

(还可以有一种画法，即按照进程来考虑，纵坐标为P1、P2、P3。

) 每小格表示10ms，3个作业从进入系统到全部运行结束，时间为90ms。

CPU与外设都是独占设备，运行时间分别为各作业的使用时间之和：CPU运行时间为(10ms+10ms)+20ms+30ms=70ms。

故利用率为70／90=77．8％
32．设待传送数据总长度为L位，分组长度为P位，其中头部开销长度为H位，源节点到目的节点之间的链路数为h，每个链路上的延迟时间为D秒，数据传输率为B bps，电路交换建立连接的时间为S秒，则传送所有数据，电路交换需时间是( )。

A．hD＋L／B秒
B．S＋hD＋L／P秒
C．S＋hD＋L／B秒
D．S＋L／B秒
正确答案：C
解析：本题考查电路交换的原理，电路交换包括三个阶段：建立电路。

在传送数据之前，由发送方发出建立电路请求，交换机根据该请求，设法选择一条空闲的信道连接到接收方。

接收方收到该呼叫后，返回一应答信号确认本次电路连成，则本次连接成功。

传送数据。

建立电路连接后，发送方通过已建立的电路向接收方发送数据。

拆除电路。

数据传输完毕，发送方或接收方任一方发出拆线信号，终止电路连接，释放所占用的信道资源。

因此传送所有数据所需的时间是连。