2012届高考物理一轮复习滚动训练(十四)(大纲版)

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高考物理一轮基础复习套卷(大纲版,十四)参考答案

2013届高考物理冲刺套卷（大纲版，十四）参考答案（本答案仅供参考）23、（1）、（3分）（不用逐差法可酌情给分）（2）、（3分）（3）、（3分）（3分）24、（16分）解：（1）小滑块离开轨道后做平抛运动，设运动时间为t ，初速度为v ，则x vt =…（2分）212h gt =……（2分）解得： 2.0m/s v = ……（2分）（2）小滑块到达轨道最低点时，受重力和轨道对它的弹力为N ，根据牛顿第二定律2v N mg m R-= …（3分）解得： 2.0N N =…（1分）根据牛顿第三定律，轨道受到的压力大小' 2.0N N N ==………（1分）（3）在滑块从轨道的最高点到最低点的过程中，根据动能定理：2102f mgR W mv +=- ……（3分） 0.2Jf W =-… （1分）所以小滑块克服摩擦力做功为0.2J 。

………（1分）25．（18分）（1）2m 0.1===mqE m F a………（2分）方向：水平向左（1分）（2）设球到桌面右边的距离为x 1，球离开桌面后作平抛运动的水平距离为x 221x x x +=总………（2分）由12022ax v v -=-………（2分）代入得 v=1121x ⨯⨯-=121x -………（2分）设平抛运动的时间为t221gt h =………（2分）代入得s 5.0=t ………（1分） 12215.0x vt x -== 故 11215.0x x x -+=总………（2分）令121x y -=则 212yy x +-=总当21=y 即m 831=x 时，（2分）水平距离最大最大值为：m 85=m x ………（2分）距桌面右端3/8m 处放入，有最大水平距离为5/8m 。

26.（20分）解：（1）设当v 0= v 1时粒子恰好打不到荧光屏上，则这时粒子从磁场的最高点a 竖直向上射出磁场，如图所示。

由图可知，粒子在磁场中的轨道半径为 r 1=R ①又由洛伦兹力充当向心力得 211v qvB m r = ②由①②式解得 61 1.510qBRv m m==⨯ ③ 由题意分析可知，当01v v ＞时，即60 1.510v m ⨯＞时粒子能打在荧光屏上。

2012年全国统一高考物理试卷(大纲版)(含解析版)

2012年全国统一高考物理试卷（大纲版）一、选择题：本题共8题．在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项符合题目要求，有的有多个选项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但选不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）下列关于布朗运动的说法，正确的是（）A．布朗运动是液体分子的无规则运动B．液体温度越高，悬浮粒子越小，布朗运动越剧烈C．布朗运动是由于液体各部分的温度不同而引起的D．布朗运动是由液体分子从各个方向对悬浮粒子撞击作用的不平衡引起的2．（6分）U经过m次α衰变和n次β衰变Pb，则（）A．m=7，n=3B．m=7，n=4C．m=14，n=9D．m=14，n=18 3．（6分）在双缝干涉实验中，某同学用黄光作为入射光，为了增大干涉条纹的间距，该同学可以采用的方法有（）A．改用红光作为入射光B．改用蓝光作为入射光C．增大双缝到屏的距离D．增大双缝之间的距离4．（6分）质量分别为m1和m2、电荷量分别为q1和q2的两粒子在同一匀强磁场中做匀速圆周运动，已知两粒子的动量大小相等．下列说法正确的是（）A．若q1=q2，则它们作圆周运动的半径一定相等B．若m1=m2，则它们作圆周运动的半径一定相等C．若q1≠q2，则它们作圆周运动的周期一定不相等D．若m1≠m2，则它们作圆周运动的周期一定不相等5．（6分）如图，两根互相平行的长直导线过纸面上的M、N两点，且与纸面垂直，导线中通有大小相等、方向相反的电流。

a、o、b在M、N的连线上，o为MN的中点，c、d位于MN的中垂线上，且a、b、c、d到o点的距离均相等。

关于以上几点处的磁场，下列说法正确的是（）A．o点处的磁感应强度为零B．a、b两点处的磁感应强度大小相等，方向相反C．c、d两点处的磁感应强度大小相等，方向相同D．a、c两点处磁感应强度的方向不同6．（6分）一台电风扇的额定电压为交流220V．在其正常工作过程中，用交流电流表测得某一段时间内的工作电流I随时间t的变化如图所示．这段时间内电风扇的用电量为（）A．3.9×10﹢4度B．5.5×10﹢2度C．7.8×10﹢2度D．11.0×10﹢2度7．（6分）一列简谐横波沿x轴正方向传播，图（a）是t=0时刻的波形图，图（b）和图（c）分别是x轴上某两处质点的振动图象．由此可知，这两质点平衡位置之间的距离可能是（）A．m B．m C．1m D．m8．（6分）如图，大小相同的摆球a和b的质量分别为m和3m，摆长相同，并排悬挂，平衡时两球刚好接触，现将摆球a向左边拉开一小角度后释放，若两球的碰撞是弹性的，下列判断正确的是（）A．第一次碰撞后的瞬间，两球的速度大小相等B．第一次碰撞后的瞬间，两球的动量大小相等C．第一次碰撞后，两球的最大摆角不相同D．发生第二次碰撞时，两球在各自的平衡位置二、解答题9．（6分）在黑箱内有一由四个阻值相同的电阻构成的串并联电路，黑箱面板上有三个接线柱1、2、3．用欧姆表测得1、2接线柱之间的电阻为1Ω，2、3接线柱之间的电阻为1.5Ω，1、3接线柱之间的电阻为2.5Ω．（1）在虚线框中画出黑箱中的电阻连接方式；（2）如果将1、3接线柱用导线连接起来，1、2接线柱之间的电阻为 Ω．10．（17分）图1为验证牛顿第二定律的实验装置示意图。

2012届高考物理第一轮专题复习题2

2012届高考一轮物理复习（人教版）课时训练第五章机械能守恒定律第4讲实验五探究动能定理1．如图5－4－7所示，是某研究性学习小组做探究“橡皮筋做的功和物体速度变化的关系”的实验，图中是小车在一条橡皮筋作用下弹出，沿木板滑行的情形，这时，橡皮筋对小车做的功记为W.当我们用2条、3条……完全相同的橡皮筋并在一起进行第2次、第3次……实验时，每次橡皮筋都拉伸到同一位置释放．小车每次实验中获得的速度由打点计时器所打的纸带测出．图5－4－7除了图中的已给出的实验器材外，还需要的器材有() A．交流电源B．天平C．秒表D．刻度尺答案：AD2．在“探究动能定理”的实验中，某同学是用下面的方法和器材进行实验的：放在长木板上的小车，由静止开始在几条完全相同的橡皮筋的作用下沿木板运动，小车拉动固定在它上面的纸带，纸带穿过打点计时器．关于这一实验，下列说法中正确的是() A．长木板要适当倾斜，以平衡小车运动中受到的阻力B．重复实验时，虽然用到橡皮筋的条数不同，但每次应使橡皮筋拉伸的长度相同C．利用纸带上的点计算小车的速度时，应选用纸带上打点最密集的部分进行计算D．利用纸带上的点计算小车的速度时，应选用纸带上打点最均匀的部分进行计算解析：在本题的实验中，由于小车在运动中受到阻力(摩擦力和纸带的阻力)，所以要使长木板适当倾斜，以平衡小车运动过程中受到的阻力，重复实验时，为了使橡皮筋对小车所做的功与它的条数成正比，所以用到橡皮筋的条数虽然不同，但每次应使橡皮筋拉伸的长度相同，利用纸带上的点计算小车的速度时，由于要计算的是小车脱离橡皮筋后匀速运动的速度，所以应选用纸带上打点最均匀的部分进行计算，故A，B，D选项是正确的．答案：ABD3．探究力对原来静止的物体做的功与物体获得的速度的关系，实验装置如图5－4－8所示，实验主要过程如下：图5－4－8(1)设法让橡皮筋对小车做的功分别为W、2W、3W、…；(2)分析打点计时器打出的纸带，求出小车的速度v1、v2、v3…；(3)作出W－v草图；(4)分析W－v图象．如果W－v图象是一条直线，表明W∝v；如果不是直线，可考虑是否存在W∝v2、W∝v3、W∝v等关系．以下关于该实验的说法中正确的是________．A．本实验设法让橡皮筋对小车做的功分别为W、2W、3W、….所采用的方法是选用同样的橡皮筋，并在每次实验中使橡皮筋拉伸的长度保持一致．当用1条橡皮筋进行实验时，橡皮筋对小车做的功为W，用2条、3条、…橡皮筋并在一起进行第2次、第3次、…实验时，橡皮筋对小车做的功分别是2W、3W、….B．小车运动中会受到阻力，用补偿的方法，可以使木板适当倾斜．C．某同学在一次实验中，得到一条记录纸带．纸带上打出的点，两端密、中间疏．出现这种情况的原因，可能是没有使木板倾斜或倾角太小．D．根据记录纸带上打出的点，求小车获得的速度的方法，是以纸带上第一点到最后一点的距离来进行计算解析：由于选用同样的橡皮筋，并且每次实验中橡皮筋拉伸的长度相同，因此每条橡皮筋对小车做的功都相同，故A正确；小车在运动中受到的阻力，采取平衡摩擦力的方法补偿，让木板固定在有打点计时器的一端适当抬高，使重力的下滑分力与摩擦力平衡，故B正确；纸带上的点两端密、中间疏，说明小车先在橡皮筋拉力作用下加速，后在阻力作用下减速，故C正确；由于橡皮筋松弛后，小车做匀速运动，此时的速度是橡皮筋对小车做功后的最大速度，故求速度应用匀速的那一段的数据，而不应该使用从第一点到最后一点的数据来计算，故D项错，A、B、C正确．答案：ABC4．用图5－4－9甲所示的装置进行探究动能定理的实验，实验时测得小车的质量为m，木板的倾角为θ.实验过程中，选出一条比较清晰的纸带，用直尺测得各点与A点间的距离如图5－4－9乙所示．已知打点计时器打点的周期为T，重力加速度为g，小车与斜面间摩擦可忽略不计．图5－4－9若取BD 段研究小车的动能变化，求动能的变化正确的表达式是 ( )A ．mg (d 3－d 1)sin θB ．mg (d 3－d 1)C.12m ⎝⎛⎭⎫d 4－d 22T 2 D ．md 4(d 4－2d 2)/8T 2 答案：D5.探究能力是进行物理学研究的重要能力之一．物体因绕轴转动而具有的动能叫转动动能，转动动能的大小与物体转动的角速度有关．为了研究某一砂轮的转动动能E k 与角速度ω的关系，某同学采用了下述实验方法进行探索：如图5－4－10所示，先让砂轮由动力带动匀速旋转，测得其角速度ω，然后让砂轮脱离动力，由于克服转轴间图5－4－10 摩擦力做功，砂轮最后停下，测出砂轮脱离动力到停止转动的圈数n ，通过分析实验数据，得出结论．经实验测得的几组ω和n 如下表所示：另外已测试砂轮转轴的直径为1 cm ，转轴间的摩擦力为10πN. (1)计算出砂轮每次脱离动力的转动动能，并填入上表中．(2)由上述数据推导出该砂轮的转动动能E k 与角速度ω的关系式为________________．解析：(1)从脱离动力到最后停止转动，由动能定理得－F f ·n ·πD ＝0－E k0，即E k0＝nF f πD ＝0.1n 将n 的不同数值代入可得到相应的转动动能如下表：答案：(1)(2)E k ＝2ω26．某实验小组采用如图5－4－11所示的装置探究“动能定理”，图中小车中可放置砝码．实验中，小车碰到制动装置时，钩码尚未到达地面．打点计时器工作频率为50 Hz.图5－4－11(1)实验的部分步骤如下：①在小车中放入砝码，把纸带穿过打点计时器，连在小车后端，用细线连接小车和钩码； ②将小车停在打点计时器附近，________，________，小车拖动纸带，打点计时器在纸带上打下一列点，________；③改变钩码或小车中砝码的数量，更换纸带，重复②的操作．(2)图5－4－12是钩码质量为0.03 kg ，砝码质量为0.02 kg 时得到的一条纸带，在纸带上选择起始点O 及A 、B 、C 、D 和E 五个计数点，可获得各计数点到O 的距离x 及对应时刻小车的瞬时速度v，请将C点的测量结果填在表1中的相应位置．图5－4－12图5－4－13(3)在小车的运动过程中，对于钩码、砝码和小车组成的系统，________做正功，________ 做负功．(4)实验小组根据实验数据绘出了图中的图线(其中Δv2＝v2－v20)．根据图线5－4－13可获得的结论是______________________________________________________________．要验证“动能定理”，还需测量的物理量是摩擦力和________．答案：(1)②接通打点计时器电源，释放小车，关闭打点计时器电源(2)5.05～5.100.48～0.50(3)重力(钩码的重力)摩擦力(阻力)(4)Δv2∝x(速度平方的变化与位移成正比)小车的质量。

2012年高考第一轮复习(共218页)

2012年高考第一轮复习（共218页）2012年高考第一轮复习之一-------力物体的平衡复习要点1．力的概念及其基本特性2．常见力的产生条件，方向特征及大小确定3．受力分析方法4．力的合成与分解5．平衡概念及平衡条件6．平衡条件的应用方法二、难点剖析1．关于力的基本特性力是物体对物体的作用。

力作用于物体可以使受力物体形状发生改变；可以使受力物体运动状态（速度）发生改变。

影响力的“使物体变形”和“使物体变速”效果的因素有：力的大小、力的方向和力的作用点，我们反影响力的作用效果的上述三个因素称为“力的三要素”。

对于抽象的力概念，通常可以用图示的方法使之形象化：以有向线段表示抽象的力。

在研究与力相关的物理现象时，应该把握住力概念的如下基本特性。

（1）物质性：由于力是物体对物体的作用，所以力概念是不能脱离物体而独立存在的，任意一个力必然与两个物体密切相关，一个是其施力物体，另一个是其受力物体。

把握住力的物质性特征，就可以通过对形象的物体的研究而达到了解抽象的力的概念之目的。

（2）矢量性：作为量化力的概念的物理量，力不仅有大小，而且有方向，在相关的运算中所遵从的是平行四边形定则，也就是说，力是矢量。

把握住力的矢量性特征，就应该在定量研究力时特别注意到力的方向所产生的影响，就能够自觉地运用相应的处理矢量的“几何方法”。

（3）瞬时性：力作用于物体必将产生一定的效果，物理学之所以十分注重对力的概念的研究，从某种意义上说就是由于物理学十分关注力的作用效果。

而所谓的力的瞬时性特征，指的是力与其作用效果是在同一瞬间产生的。

把握住力的瞬时性特性，应可以在对力概念的研究中，把力与其作用效果建立起联系，在通常情况下，了解表现强烈的“力的作用效果”往往要比直接了解抽象的力更为容易。

（4）独立性：力的作用效果是表现在受力物体上的，“形状变化”或“速度变化”。

而对于某一个确定的受力物体而言，它除了受到某个力的作用外，可能还会受到其它力的作用，力的独立性特征指的是某个力的作用效果与其它力是否存在毫无关系，只由该力的三要素来决定。

2012届高考物理一轮复习滚动训练(二)(大纲版)

滚动训练二一、选择题1． 2011·哈尔滨测试如右图所示，一箱苹果沿着倾角为θ的斜面，以速度v匀速下滑．在箱子的中央有一个质量为m的苹果，它受到周围苹果对它作用力的方向A．沿斜面向上B．沿斜面向下 C．竖直向上 D．垂直斜面向上2.如右图所示是一种汽车安全带控制装置的示意图，当汽车处于静止或匀速直线运动时，摆锤竖直悬挂，锁棒水平，棘轮可以自由转动，安全带能被拉动．当汽车突然刹车时，摆锤由于惯性绕轴摆动，使得锁棒锁定棘轮的转动，安全带不能被拉动．若摆锤从图中实线位置摆到虚线位置，汽车的可能运动方向和运动状态是A．向左行驶、突然刹车 B．向右行驶、突然刹车C．向左行驶、匀速直线运动 D．向右行驶、匀速直线运动3． 2011·天津河西区一个沿竖直方向运动的物体，其速度图象如右图所示，设向上为正方向．则可知A．这是竖直下抛运动B．这是竖直上抛又落回原地的过程C．这是从高台上竖直上抛又落回地面的过程D．抛出后2 s物体又落回抛出点4.2011·东北三省四市联考如右图所示，在光滑的斜面上放置3个相同的小球可视为质点，小球1、2、3距斜面底端A点的距离分别为s1、s2、s3，现将它们分别从静止释放，到达A点的时间分别为t1、t2、t3，斜面的倾角为θ.则下列说法正确的是5．如下图所示，物体A、B用细绳连接后跨过定滑轮．A静止在倾角为30°的斜面上，B被悬挂着．已知质量mA＝2mB，不计滑轮摩擦，现将斜面倾角由30°增大到50°，但物体仍保持静止，那么下列说法中正确的是A．绳子的张力将增大B．物体A对斜面的压力将减小C．物体A受到的静摩擦力将先增大后减小D．滑轮受到的绳的作用力不变6． 2010·福建卷物体A、B在同一直线上做匀变速直线运动，它们的v－t图象如下图所示，则A．物体A、B运动方向一定相反B．物体A、B在0～4 s内的位移相同C．物体A、B在t＝4 s时的速度相同D．物体A的加速度比物体B的加速度大7.细绳拴一个质量为m的小球，小球用固定在墙上的水平弹簧支撑，小球与弹簧不粘连．平衡时细绳与竖直方向的夹角为53°，如右图所示．已知cos 53°＝0.6，sin 53°＝0.8 以下说法正确的是A ．小球静止时弹簧的弹力大小为53mgB ．小球静止时细绳的拉力大小为53mgC ．细线烧断瞬间小球的加速度立即为gD ．细线烧断瞬间小球的加速度立即为35g8.如右图所示，ACB 是一光滑的、足够长的、固定在竖直平面内的“∧”形框架，其中CA 、CB 边与竖直方向的夹角均为θ.P 、Q 两个轻质小环分别套在CA 、CB 上，两根细绳的一端分别系在P 、Q 环上，另一端和一绳套系在一起，结点为O.将质量为m 的钩码挂在绳套上，OP 、OQ 两根细绳拉直后的长度分别用l1、l2表示，若l1∶l2＝2∶3，则两绳受到的拉力之比F1∶F2等于A ．1∶1B ．2∶3C ．3∶2D ．4∶99．如图甲所示，物体原来静止在水平面上，用一水平力F 拉物体，在F 从0开始逐渐增大的过程中，物体先静止后又做变加速运动，其加速度a 随外力F 变化的图象如图乙所示．根据图乙中所标出的数据可计算出A ．物体的质量为1 kgB ．物体的质量为2 kgC ．物体与水平面间的动摩擦因数为0.3D ．物体与水平面间的动摩擦因数为0.510． 2011·河北唐山一模如下图所示，两个完全相同的小车质量为M ，放在光滑的水平面上，小车横梁上用细线各悬挂一质量为m的小球，若分别施加水平恒力F1、F2，整个装置分别以加速度a1、a2做匀加速运动，但两条细线与竖直方向夹角均为θ，则下列判断正确的是A．两细线的拉力大小相同B．地面对两个小车的支持力相同C．水平恒力F1＝F2D．两个小车的加速度a1＝a2二、非选择题11．在美国盐湖城举行的第19届冬季奥运会上，中国滑冰运动员杨扬顽强拼搏，夺得了两块金牌，实现了我国冬奥会金牌零的突破．滑冰过程中，滑冰运动员双脚交替蹬冰滑行，蹬冰过程中加速度为2 m/s2，每次蹬冰的时间为1 s，双脚交替时，中间有0.5 s不蹬冰，不计运动员在滑行中受到的阻力，设运动员从静止开始滑行，求：1 15 s末运动员前进的速度是多少？并作出他的v－t图象．2 15 s内运动员的位移是多少？12．如下图所示为某钢铁厂的钢锭传送装置，斜坡长为L＝20 m，高为h＝2 m，斜坡上紧排着一排滚筒．长为l＝8 m、质量为m＝1×103 kg的钢锭ab放在滚筒上，钢锭与滚筒间的动摩擦因数为μ＝0.3，工作时由电动机带动所有滚筒顺时针匀速转动，使钢锭沿斜坡向上移动，滚筒边缘的线速度均为v＝4 m/s.假设关闭电动机的瞬时所有滚筒立即停止转动，钢锭对滚筒的总压力近似等于钢锭的重力．取当地的重力加速度g＝10 m/s2.试求：1 钢锭从坡底如上图示位置由静止开始运动，直到b端到达坡顶所需的最短时间；2 钢锭从坡底如上图示位置由静止开始运动，直到b端到达坡顶的过程中电动机至少要工作多长时间？答案与解析1．答案： C2．解析：简化模型如右图所示，当小球在虚线位置时，小球、车具有向左的加速度，车的运动情况可能为：向左加速行驶或向右减速行驶，A错误，B正确；当车匀速运动时，无论向哪个方向，小球均处于竖直位置不摆动．C、D错误．答案： B3．解析：由v－t图象可知，速度先正后负，物体先向上后向下，A错误；图线与横轴所夹面积先有正面积，后有负面积，到2 s时正负面积相等，回到原地，D正确；到3 s末，负面积比正面积大，物体的最终位置在抛出点的下方，C正确，B错误．答案：CD4．答案：BC5．解析：由于B物体的质量保持不变，且B物体静止，所以绳的张力保持不变，A项错误；以A物体为研究对象，在垂直于斜面的方向上有mAgcos θ＝FN，沿斜面方向有2mBgsin θ－mBg＝Ff，当斜面的倾角为30°时，摩擦力恰好为0，当斜面的倾角增大时，支持力减小，静摩擦力增大，B项正确，C项错误；在斜面倾角增大的过程中，绳子的张力不变，但是夹角减小，所以合力增大，因此D项错误．答案： B6．解析：本题考查匀变速直线运动、v －t 图象．两物体的速度都为正，因此运动方向相同，A 项错误；图线与横轴所围的面积即为位移，可以看出0～4 s 内B 物体的位移大于A 物体的位移，B 项错误；两物体在t ＝4 s 时的速度相同，C 项正确；从0～4 s 内看，B 的速度变化量大于A 的速度变化量，因此B 的加速度大于A 的加速度，D 项错误．答案： C7．解析：细绳烧断前对小球进行受力分析，小球受到三个力的作用：重力mg ，竖直向下；弹簧的弹力F1，水平向右；细绳的拉力F2，沿细绳斜向上，如右图所示，由平衡条件得： F2cos 53°＝mg ，F2sin 53°＝F1细线烧断瞬间，细绳的拉力突然变为零，而弹簧的弹力不变，此时小球所受的合力与F2等大反向，所以小球的加速度立即变为a ＝35g.答案： D8．解析：由于P 、Q 小环重力不计，小环P 、Q 平衡时合力为零，杆对小环的弹力垂直于杆，则绳对小环的拉力也垂直于杆．则由几何关系可知，两绳与竖直方向的夹角相等，两绳的拉力相等，故F1∶F2＝1∶1. 答案： A9．解析：设物体质量为m ，物体与水平面间的动摩擦因数为μ，由图乙可看出，当物体所受水平拉力F1＝7 N 时，其加速度a1＝0.5 m/s2，由牛顿第二定律得F1－μmg ＝ma1，当物体所受水平拉力F2＝14 N 时，其加速度a2＝4 m/s2，由牛顿第二定律得F2－μmg ＝ma2，联立解得m ＝2 kg ，μ＝0.3，所以正确选项为B 、C. 答案： BC10．解析：以整体为研究对象，地面对两个小车的支持力FN1＝FN2＝ M ＋m g ，故B 对．水平恒力F1＝ M ＋m a1，F2＝ M ＋m a2.以两个小球为研究对象，受力分析如图：竖直方向：FT1cos θ＝mg ，FT2cos θ＝mg ，故FT1＝FT2，A 对．水平方向：FT1sin θ＝ma1以右边小车为研究对象，T2sin θ＝Ma2因为FT1＝FT2，则当M ＞m 时a2＜a1，当M ＝m 时a2＝a1，当M ＜m 时a2＞a1，故C 、D 错．答案： AB11．解析： 1 根据题意知，每1.5 s 速度增量Δv ＝a Δt ＝2×1 m/s＝2 m/s运动员运动的v －t 图象如图所示.15 s 末运动员的速度为v ＝10·Δv ＝20 m/s. 2 由图象知：第一个1.5 s 内的位移s1＝1 m ＋2×0.5 m＝2 m另外，由图象可看出，以后每一个1.5 s 的位移都比前一个1.5 s 内的位移多3 m ，所以每一个1.5 s 内的位移s1，s2，s3…，sn 是一个等差数列，则s ＝s1＋s2＋…＋s10＝ns1＋2)1( n n d ＝155 m.答案： 1 20 m/s 图象如解析图所示 2 155 m 12．解析： 1 钢锭开始受到的滑动摩擦力为Ff ＝μmg ＝3×103 N由牛顿第二定律有Ff －mgsin α＝ma1 解得a1＝2 m/s2钢锭做匀加速运动的时间t1＝1a v ＝2 s 位移s1＝21121t a ＝4 m要使b 端到达坡顶所需要的时间最短，需要电动机一直工作，钢锭先做匀加速直线运动，当它的速度等于滚筒边缘的线速度后，做匀速直线运动．钢锭做匀速直线运动的位移s2＝L －l －s1＝8 m做匀速直线运动的时间t2＝a s 2＝2 s所需最短时间t ＝t1＋t2＝4 s.2 要使电动机工作的时间最短，钢锭的最后一段运动要关闭电动机，钢锭匀减速上升，b端到达坡顶时速度刚好为零．匀减速上升时Ff＋mgsin α＝ma2解得a2＝4 m/s2答案： 1 4 s 2 3.5 s。

2012届高三物理一轮复习名校试题汇编：运动学和力学实验

45678高三物理模拟（力学实验专题）72．（贵州省遵义四中2012届高三月考理综卷）用螺旋测微器测圆柱体的直径时，示数如图甲所示，此示数为 mm ，用游标卡尺测量某物体的厚度时，示数如图乙所示，此示数为 cm ．2. 8.470 mm （8.468～8. 472都给分） 2.060cm (每空3分)3.（山东省曲阜一中2012届高三摸底考试）某同学用游标为20分度的卡尺测量一薄金属圆板的直径D ，用螺旋测微器测量其厚度d ，示数如图所示。

由图可读出D =________mm ，d =________mm 。

3．50.80；3.774~3.7784.在“探究速度随时间变化的规律”实验中，小车做匀变速直线运动，记录小车运动的纸带如图所示．某同学在纸带上共选择7个计数点A 、B 、C 、D 、E 、F 、G ，相邻两个计数点之间还有４个点没有画出．他量得各点到A 点的距离如图所示，根据纸带算出小车的加速度为1 .0m/s 2．则：①本实验中所使用的交流电源的频率为 Hz ；②打B 点时小车的速度v B ＝ m/s ，BE 间的平均速度BE v ＝ m/s. （保留两位有效数字）①50 ②0.25 0.406.在做“验证力的平行四边形定则”实验时，橡皮条的一端固定在木板上，用两个弹簧测力计把橡皮条的另一端拉到某一确定的O 点，以下操作正确的。

A ．同一次实验过程中，O 点位置允许变动B ．实验中，弹簧测力计必须保持与木板平行，读数时视线要正对弹簧测力计的刻度C ．实验中，先将其中一个弹簧测力计沿某一方向拉到最大量程，然后只需调节另一个弹簧测力计拉力的大小和方向，把橡皮条另一端拉到O 点D ．实验中，把橡皮条的另一端拉到O 点时，两个弹簧测力计之间的夹角应取90°，以便于算出合力的大小6．B7.为了测量某一弹簧的劲度系数，将该弹簧竖直悬挂起来，在自由端挂上不同质量的砝码。

实验测出了砝码的质量m 与弹簧长度l 的相应数据，其对应点已在图上标出。

2012高考物理一轮复习试题13

一、选择题 (此题共 10 小题，每题7 分，共 70 分，每题至少有一个选项正确，把正确选项前的字母填在题后的括号内)1．运发动跳伞将经历加速下降和减速下降两个过程，将人和伞看成一个系统，在这两个过程中，以下说法正确的选项是()A．阻力对系统始终做负功B．系统受到的合外力始终向下C．重力做功使系统的重力势能增加D．任意相等的时间内重力做的功相等解析：阻力对系统始终做负功，A 对；加速下降时，合外力向下，减速下降时，合外力向上， B 错；重力做正功，重力势能减小， C 错；任意相等的时间内位移不同，重力做的功也不同， D 错．答案： A2．(2021年高考XX卷 )水平地面上有一木箱，木箱与地面之间的动摩擦因数为μ(0＜μ＜ 1)．现对木箱施加一拉力 F，使木箱做匀速直线运动．设 F 的方向与水平面夹角为θ，如图，在θ从 0 逐渐增大到 90°的过程中，木箱的速度保持不变，那么()A ． F C． F 先减小后增大的功率减小B．F 一直增大D．F 的功率不变μ mg条件可知Fcos θ＝μ(mg－Fsin θ)，所以 F＝，当μ cos θ＋μsin θ＝tan θ时 F 最小，所以θ由 0°逐渐增大到 90°的过程中， F 先减小后增大， A 正确； F 的功率为 P＝Fvcos θ＝μmgvcosθ＝μ mgv，所以随着θ的增大F的功cos θ＋μsin θ 1＋μtan θ率逐渐减小， C 正确．答案： AC3．静止在粗糙水平面上的物体 A 受方向始终水平向右、大小先后为 F1、F2、 F3的拉力作用做直线运动， t＝4 s 时停下，其速度－时间图象如下图，物体A 与水平面间的动摩擦因数处处一样，以下判断正确的选项是()A ．全过程中拉力做的功等于物体克制摩擦力做的功B ．全过程拉力做的功等于零C ．一定有 F 1＋F 3＝2F 2D ．可能有 F 1＋F 3>2F 2解析：根据动能定理：W F －W f ＝0，即 W F ＝W f ，A 正确，B 错误；第 1 s 内， F 1－μmg ＝ ma 1，第 1 s 末到第 3 s 末，F 2－μmg ＝0；第 4 s 内，μmg －F 3＝ ma 2，因为 a 1＝ a 2，所以 F 1＋ F 3＝2F 2，C 正确，D 错误．答案： AC4．汽车在水平路面上从静止开场做匀加速直线运动，t 1 s 末关闭发动机，做匀减速直线运动， t 2 s 末静止，其 v－t 图象如下图，图中α<β，假设汽车牵引力做功为 W 、平均功率为 P ，汽车加速和减速过程中克制摩擦力做功分别为 W 1和 W 2、平均功率分别为 P 1和 P 2，那么 ()1＋W 2B ． 12[来源: ] A ．W ＝WW >WC ．P ＝P 1D ．P 1＝P 2解析：整个过程动能变化量为零，所以合力的功为零，A 项正确．摩擦力大小相等，第一段位移大，所以B 项正确．第一段是加速的，牵引力大于摩擦力，所以 P>P 1，C 项错．加速段和减速段平均速度相等，所以摩擦力的功率相等，D项正确．答案： ABD5.起重机的钢索将重物由地面吊到空中某个高度，其速度图象如下图，那么钢索拉力的功率随时间变化的图象可能是以下图中的()解析：从图中可以看出，在0～t1时间内，重物做匀加速运动，钢索对物体的拉力为恒力，且F1＞G，由P1＝Fv 知，拉力的功率随速度的增大而增大；t1～t2时间内，物体做匀速运动， F2＝G，所以 t1时刻功率发生了突变，且在 t1～ t2时间内功率恒定并小于 t1时刻的功率； t2～t3时间内物体做匀减速运动，拉力恒定 F3＜G，所以 t2时刻功率也发生了突变， t2～t3时间内功率逐渐减小，且小于 t2时刻的功率．综上所述， B 正确． [来源 :学|科|网 Z|X|X|K]答案： B6．(2021年XX模拟 )如下图，一物块在t＝0 时刻，以初速度v0从足够长的粗糙斜面底端向上滑行，物块速度随时间变化的图象如下图，t0时刻物块到达最高点， 3t0时刻物块又返回底端．由此可以确定()[ 来源 :学_科_网 Z_X_X_K]A．物块返回底端时的速度B．物块所受摩擦力大小C．斜面倾角θD． 3t0时间内物块克制摩擦力所做的功v0解析：物块沿斜面向上运动时，有gsin θ＋μg cos θ＝t0；向下运动时，有gsinθ－μg cos θ＝v0而向上滑行与向下滑行时路程一样，即v00＝v02t.s＝2·t2·2t.由以上三式可求斜面倾角θ及物块返回底端时的速度， AC 正确．由于物体质量未知，所以不能确定物块所受摩擦力大小，不能求3t0时间内物块克制摩擦力所做的功，BD 错误．[来源: ]答案： AC7．(思维拓展 )如下图为水平面上的物体在水平拉力 F 作用下的 v－ t 图象和拉力 F 的功率—时间图象，那么物体跟水平面间的动摩擦因数为 (g＝ 10m/s2)()A ． 1/10 B．3/20[来源 :Zxxk]C． 5/27 D．5/18解析：设物体与水平面间的动摩擦因数为μ，前 2 s内：F1－μmg＝ma，v1＝ at12s 末： P1＝F1v1，由以上三式可得： 5－μmg＝3m2s～6 s 内， P2＝μmg·v1，5代入数值得：μmg＝3 N，可求出：μ＝203，故 B 正确．答案： B8．(2021年XX模拟 )如图是一汽车在平直路面上启动的速度－时间图象，从t1时刻起汽车的功率保持不变，由图象可知 ()A ． 0～ t1时间内，汽车的牵引力增大，加速度增大，功率不变B． 0～ t1时间内，汽车的牵引力不变，加速度不变，功率增大C． t1～ t2时间内，汽车的牵引力减小，加速度减小D． t1～ t2时间内，汽车的牵引力不变，加速度不变解析： 0～t1时间内， v－ t 图象是一条倾斜的直线，说明汽车的加速度不变，F－f P/v－f由汽车启动时的加速度a＝m＝m可知，汽车的牵引力不变，速度增大，功率增大， A 项错、 B 项对； t1～ t2时间内， v－ t 图象是一条曲线，斜率逐渐减小，F－f说明加速度减小，由a＝m知，此过程牵引力减小，C 项对、 D 项错．答案： BC9．(探究创新 )如下图在倾角为θ的光滑斜面上，木板与滑块质量相等，均为m，木板长为 l，一根不计质量的轻绳通过定滑轮分别与木板、滑块相连，滑块与木板间的动摩擦因数为μ，开场时，滑块静止在木板的上端，现用与斜面平行的未知力缓慢拉至木板的下端，拉力做功为()A ．μ mglcos θB．2μ mglF，将滑块C． 2μ mglcos θ1D.2μ mgl解析：对滑块、木板受力分析分别如图甲、乙所示，在拉力F 的作用下，滑块和木板缓慢移动，由滑块的受力平衡知F＋mgsin θ＝T＋μ mgcos θ.对木板受力平衡得T＝mgsin θ＋μmgcos θ解以上两式得F＝ 2μmgcos θ.l又因 F 作用点的位移s＝2.所以 W F＝Fs＝μmglcos θ.应选 A.答案： A10．(2021年XX模拟 )如下图为牵引力 F 和车速倒数 1/v 的关系图象．假设一汽车质量为2×103，kg 它由静止开场沿平直公路行驶，且行驶中阻力恒定，设其中最大车速为30 m/s，那么()A ．汽车所受阻力为 2×103 NB．汽车在车速为 15 m/s 时，功率为 6×104 WC．汽车匀加速运动的加速度为 3 m/s2D．汽车匀加速所需时间为 5 s解析：由题图可知，汽车到达最大速度v＝30 m/s 时对应的牵引力等于阻力，为 2×103N ，A正确；在v<10 m/s的过程中，汽车匀加速运动的加速度a＝F－ f＝m6× 103－ 2× 10322v 102×103m/s ＝ 2 m/s ，匀加速运动的时间为 t＝a＝2 s＝5 s，D 正确， C1错误；在速度由 10 m/s 增至 30 m/s 的过程中， F＝k v，可知 P＝ Fv＝k，斜率不变，所以汽车速度为 15 m/s 时的功率与速度为 10 m/s 时的功率相等， P＝ Fv ＝6×103×10 W＝6×104 W，B 正确．答案： ABD二、非选择题 (此题共 2 小题，共 30 分，解答时应写出必要的文字说明、方程式和演算步骤，有数值计算的要注明单位)11．(15 分)如下图，将质量为 m 的小球以初速度 v0从 A 点水平抛出，正好垂直于斜面落在斜面上 B 点．斜面的倾角为α.(1)小球落到斜面上B 点时重力做功的瞬时功率是多少？(2)小球从 A 到 B 过程中重力做功的平均功率是多少？解析： [ 来源 :学,科 ,网 Z,X,X,K](1)将小球落在斜面上时的速度进展正交分解，如下图．小球在竖直方向上的分速度为v y ＝v 0cot α，所以，小球落到斜面上 B 点时重力做功的瞬时功率为： P ＝mgv y ＝mgv 0cot α.[来源 :学,科,网](2)小球从 A 到 B 过程中重力做功的平均功率为：＝ y ＝mg ×1＋ y ＝ 1αPmg v2(0v ) 2mgv cot .答案： (1) mgv 0cot α1(2)2mgv cot α12．(15 分)如下图，倾角为 30°、长度为 10 m 的光滑斜面，一质量为 1.2 kg 的物体从斜面顶端由静止开场下滑， g 取 10 m/s 2，求： [ 来源 :学* 科* 网 Z*X*X*K](1)物体滑到斜面底端时重力做功的瞬时功率是多少？(2)整个过程中重力做功的平均功率是多少？解析：求瞬时功率时要注意到重力的方向与物体速度的方向不在一条直线上．求重力的平均功率可依据功率的定义式来求，也可先求出物体的平均速度，再来求平均功率．(1)物体下滑时做匀加速直线运动，受力情况如下图．[来源 :学§科§网 Z §X §X §K]由牛顿第二定律F ＝ma 得物体的加速度＝ Gsin θ＝°10×0.5 m/s 2＝5 m/s 2＝ gsin 30am下滑到底端时的速度v＝2as＝2×5×10 m/ s＝ 10 m/s此时重力的瞬时功率 [ 来源 :学& 科& 网 Z&X&X&K] P＝mgvcos 60 ＝°1.2×10× 10×0.5 W＝ 60 W.(2)物体下滑过程中重力做的总功W＝ mgscos 60 ＝°1.2×10× 10×0.5 J＝60 J 物体下滑的时间v 10t＝a＝ 5s＝ 2 s重力做功的平均功率P ＝W60 t＝ 2W＝30 W.答案： (1)60 W(2)30 W。

2012届高三物理一轮复习：全程综合训练(大纲版)

2012届高三物理一轮复习全程综合训练一､选择题1.在下面给出的方程中,括号中的a 、b 、c 、d 代表相同或不同的粒子,其中正确的说法是( ) 2382349412929042623514192123492563601123U Th a Be He C bU c Ba Kr n H H He d →++→++→+++→+①②③④A.a 、b 都是电子B.b 、c 、d 都是中子C.c 是中子,d 是α粒子D.a 是α粒子,d 是中子解析:考查核反应方程及其规律,在核反应过程中,遵从质量数守恒和核电荷数守恒,根据反应前后质量数守恒和核电荷数守恒可知:a 为α粒子､b 、c 、d 均为中子.所以B 、D 正确.答案:BD2.用轻弹簧竖直悬挂质量为m 的物体,静止时弹簧伸长量为L.现用该弹簧沿斜面方向拉住质量为2m 的物体,系统静止时弹簧的伸长量也为L,已知斜面的倾角为30°,则物体受到的摩擦力( )A.等于零B.大小为2mg ,方向沿斜面向下C.大小为2,方向沿斜面向上 D.大小为mg,方向沿斜面向上解析:考查胡克定律､共点力的平衡.当用弹簧竖直悬挂物体时:mg=kL,当物体在斜面上时:设摩擦力方向沿斜面方向向下,根据共点力的平衡条件:kL=2mgsin30°+f 得:f=0,A 正确.答案:A3.如图所示,固定在水平面上的导热气缸和光滑活塞间封闭有一定质量的理想气体(分子间无相互作用的斥力和引力),开始时活塞处于A处.由于环境温度升高,活塞由A缓慢地水平移动到B.已知活塞的横截面积为S,移动的距离为L,大气压强恒为p0,由此可以判断( )A.气体的体积增大,对外做功,气体的内能减少B.气体吸收热量,每个气体分子的速率都增大,气体的内能增大C.气体吸收热量,同时对外做功p0SL,气体内能增大D.由于活塞在A、B两处时都处于平衡,所以气体的内能不变解析:考查理想气体的压强和温度､体积的关系及热力学定律.根据pVT=常数得:V增大p不变时,T一定增大,所以理想气体的内能增大,A､D错;根据热力学第一定律Q+W=ΔE得,气体对外做功､内能增大时,一定从外界吸收热量,C对;气体温度升高,气体分子的平均动能增大,不是每个分子的动能都增大,B错.答案:C4.一束由红光和紫光组成的复色光斜射到厚平板玻璃的上表面,经两次折射后从玻璃板下表面射出,出射光线相对于入射光线侧移了一段距离,下列分析正确的是( )A.红光在玻璃中传播速度比紫光大Z|xx|kB.红光在玻璃中通过的路程比紫光小C.出射光线中红光的侧移距离比紫光大D.紫光的侧移距离在复色光以45°的入射角入射时比30°入射时大解析:考查光速､光的折射定律的应用.红光在玻璃中的折射率比紫光小,根据v=cn得A正确;根据光的折射定律,紫光在玻璃中的偏折比红光大,在相同入射角的情况下,通过玻璃的路程较短,出射光的侧移距离较大,B､C错;根据光的折射定律,对于同一种光,入射角越大,折射角越大,侧移距离越大,D正确.答案:AD5.一列简谐横波沿x轴传播,频率为5 Hz,某时刻的波形如图所示.介质中质点A的平衡位置在距原点8 cm处,质点B在距原点16 cm处,从图象对应时刻开始计时,质点B的运动状态与图示时刻质点A的运动状态相同所需的最短时间可能是( )A.0.08 sB.0.12 sC.0.14 sD.0.16 s 解析:考查波的图象及其对图象的理解和应用.由题意可知,周期T=1f=0.2 s,由图象可知该波的波长λ=0.2 m,所以波速v=Tλ=1 m/s.当波沿x 轴负方向传播时,最短距离s BA =0.08 m,所以最短时间t 1=BA s v =0.08 s,A 对;当波沿x 轴正方向传播时,最短距离s BA =0.12 m,所以最短时间t 2=BA s v =0.12 s,B 对;C ､D 均错. 答案:AB6.地球的半径为R,表面的大气压强为p 0、重力加速度为g 、标准状况下空气的密度为ρ,大气中空气分子的平均摩尔质量为M,阿伏加德罗常数为N A ,由此可估算出( )A.大气的总质量为343R πρ B.大气的总质量为343R πρ C.空气的总分子数为343R MπρN A D.空气的总分子数为204R p MgπN A 解析:考查阿伏加德罗常数的应用和有关分子的估算.大气压强是由于大气的重力产生的,p 0=2R 4mg π,所以大气的总质量m=204,R p g πB 对A 错;大气的摩尔数为,m M 所以空气的总分子数为20R 4A p N Mg π,C 错D 对.答案:BD7.示波器是一种多功能电学仪器.可以在荧光屏上显示出被检测的电压波形.它的工作原理等效成下列情况:如图甲所示,真空室中电极K 发出的电子(初速不计),经过电压为U 1的加速电场后,由小孔S 沿水平金属板A 、B 间的中心线射入两板间.在两极板右侧且与极板右端相距D 处有一个与两板中心线垂直的范围很大的荧光屏,中心线正好与屏上坐标原点相交(x 方向水平,y 方向竖直),电子通过极板间打到荧光屏上将出现亮点.若在A 、B 两板间加上如图乙所示的电压,则荧光屏上亮点的运动规律是()A.沿y 轴方向做匀速运动B.沿x 轴方向做匀速运动C.沿y 轴方向做匀加速运动D.沿x 轴方向做匀加速运动解析:考查带电粒子在匀强电场中加速和在电场中偏转规律. 设电子的电量为e,质量为m,则在加速电场中:U 1e=201,2mv 通过偏转电场:l=v 0t,y=2,2AB U et md 从偏转电场右端到荧光屏之间,2.2l D Y l y+=联立上式得:1(2)4l D l Y dU += U AB =1(2)4l D l dU +kt(k 为乙图图线斜率),所以Y 与t 成线性关系,A 正确. 答案:A8.如图是一个圆柱体棱镜的截面图,图中A 、B 、C 、D 、E 将半径OM 分成6等份,虚线AA 1、BB 1、CC 1、DD 1、EE 1平行于半径ON,ON 边可吸收到达其上的所有光线.已知该棱镜的折射率n=1.5,若平行光束垂直射入并覆盖OM,则光线( ) 学+科+网Z+X+X+K]A.不能从圆弧NC 1射出B.只能从圆弧ND 1射出C.能从圆弧D 1E 1射出D.能从圆弧E 1M 射出解析:考查光的全反射现象､临界角的计算.光在该棱镜中发生全反射的临界角为:sinC=123n =.当光沿DD ′方向入射时,刚好发生全反射,所以B 正确,A ､C ､D 错.答案:B9.如图所示,从O 点沿x 方向水平抛出的物体,抵达斜面上端的P 点时,其速度方向恰好与斜面平行,然后沿着斜面无摩擦滑下.从抛出点开始计时,下列描述该物体沿x 方向和y 方向运动的v-t 图象中,大致正确的是( )解析:考查平抛运动､v-t 图象､牛顿第二定律.根据平抛运动特点:v x =v 0,v y =gt;当物体在斜面上运动时,物体在水平方向匀加速运动的加速度a x =12N F sin m θ=gsin2θ,在竖直方向的加速度a y =gsin 2θ<g,所以C 对A ､B ､D 错.答案:C10.μ子与氢原子核(质子)构成的原子称为μ氢原子,它在原子核物理的研究中有重要作用,如图为μ氢原子的能级图.假定用动能为E的电子束照射容器中大量处于n=1能级的μ氢原子,μ氢原子吸收能量后,最多可发生6种不同频率的光,则关于E的取值正确的是( )A.E=158.1 eVB.E>2428.4 eVC.E<2371.5 eVD.2371.5 eV<E<2428.4 eV解析:考查氢原子的能级结构､光子的发射和吸收规律.根据题意吸收能量的原子最多可发出6种不同频率的光,由C^2_n=6得:4<n<5,所以(2529.6-158.1) eV<E<(2529.6-101.2) eV,D正确.答案:D11.在如图甲所示电路中,D为理想二极管(正向电阻为零,反向电阻为无穷大).R1=30 Ω,R2=60 Ω,R3=10 Ω.在MN间加上如图乙所示的交变电压时,R3两端电压表的读数大约是( )A.3 VB.3.5 VC.4 VD.5 V解析:考查交流电的有效值的概念和计算､二极管的特性.在0~0.01 s内,二极管导通,电压表读数为U 31=3312R R R +U m =3 V,在0.01~0.02 s 内,二极管截止,电压表读数U 32=331R R R +U m =4 V .根据交流电有效值的定义得:222313233322U U T T U R R R ⨯⨯+=×T,U=3.5 V ,B 正确. 答案:B12.如图,虚线范围内为两个磁感应强度大小相同,方向相反的匀强磁场区域.一闭合线框以恒定速度从图示位置匀速向右运动(所有尺寸见图),则线圈中感应电流随时间变化的关系图正确的是(取顺时针方向的电流为正)()解析:考查法拉第电磁感应定律､闭合电路欧姆定律､右手定则和电磁感应图象的综合应用.根据法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律,当线圈向右运动的过程中,线圈中感应电流I 1=Bdv R ;当线圈向右从 →l 的运动过程中,线圈中感应电流I 22Bdv R =,根据右手定则,I 1､I 2的方向逆时针,所以D 错;当线圈向右从l → l 的运动过程中,线圈中感应电流I 3=2,Bdv R 方向顺时针,A 错;当线圈向右从32l →2l 的运动过程中,线圈中感应电流I44,BdvR=方向顺时针,B对C错.答案:B二､实验题13.在用油膜法估测分子大小的实验中,已知所用油的摩尔质量为M,密度为ρ,油滴质量为m,油滴在液面上扩散后的最大面积为S,阿伏加德罗常数为N A.以上各量均采用国际单位,由此可知________.A.油分子直径d=MS ρB.油分子直径d=mSρC.油滴所含分子数n=Mm\5N AD.油滴所含分子数n=mM\5N A解析:油分子的体积V=mρ,所以油分子的直径d,V mS Sρ==A错B对;油滴的摩尔数mM,油滴所含分子数n=mMN A,C错D对.答案:BD14.某同学用如图所示装置来验证动量守恒定律,让质量为m1的小球从斜槽某处由静止开始滚下,与静止在斜槽末端质量为m2的小球发生碰撞.(1)实验中必须满足的条件是________.A.m1必须大于m2B.斜槽必须是光滑的C.斜槽末端的切线必须水平D.m1每次必须从同一高度由静止滚下(2)实验中必须测量的物理量是________.A.两小球的质量m1和m2B.两小球的直径d1和d2C.桌面离地面的高度HD.小球飞出的水平距离s(3)下列说法中有利于减小误差、提高实验结果准确程度的是________.A.两小球的质量差越大越好B.小球释放点离地面的高度越大越好C.调整斜槽,使m1、m2碰撞时球心在同一水平面上D.将小球重复10次的落点用半径尽量小的圆圈住,其圆心作为小球的落点位置解析:(1)为了防止碰后m1反弹而导致m1碰后速度的测量误差增大,必须m1>m2,A对;该实验是通过平抛运动规律来将速度转换成水平位移进行测量的,必须保证两球在碰撞前后水平抛出,所以斜槽末端的切线必须水平,C对;要保证m1碰前的速度相同,根据功能关系,m1每次必须从同一高度由静止滚下,D对;根据功能关系可知斜槽没有必要一定光滑,B错.(2)根据动量守恒定律,m1v1=m1v′1+m2v′2,本实验将其转换成m1s1=m1s′1+m2s′2进行验证,所以A､D 正确.(3)根据实验需要注意的事项和数据处理方法,C､D正确.答案:(1)ACD (2)AD (3)CD15.一直流电压表,内阻为R V,一直流电源(电动势未知,内阻可忽略不计),两个单刀开关S1、S2及若干导线.已知电压表的量程略大于电池组的电动势,现用这些器材测量一电阻值较大的定值电阻R x的值.(1)为达到上述目的,将题中右侧对应的图连成一个完整的实验电路图.(2)简述实验步骤和需要测量的数据(数据用文字和符号表示):________________________________________________________________________________(3)可以计算出R x=________.(用已知量和测得量表示)解析:因为只给了一只阻值已知的电压表,所以要利用串联电路的特点,即电压的分配与电阻成正比来进行测量.当S 1､S 2均闭合时,电源的电动势为U 1,当S 1闭合S 2断开时,根据串联电路的特点:212,V x R U U U R =-解得R x =122U U U -R V . 答案:(1)如图所示(2)闭合S 1､S 2,读出电压表读数U 1;保持S 1闭合,断后S 2,读出电压表读U 2; 学+科+ (3)122U U U - R V 三、计算题16.“10米折返跑”的成绩反应了人体的灵敏素质.如图所示,测定时,在平直的起点终点线与折返线间的跑道上,受试者站在起点终点线前,当听到“跑”的口令后,全力跑向正前方10米处的折返线,测试员同时开始计时.受试者到达折返线处时,用手触摸折返线处的木箱,再转身跑向起点终点线.当到达起点终点线时,测试员停表.所用时间即为一次“10米折返跑”的成绩.设受试者匀加速起跑的加速度为4 m/s 2,运动过程中的最大速度为4 m/s,到达折返线时需减速到零,匀减速过程中的加速度为8 m/s 2,返回的10 m 与前10 m 运动情况相同.求该受试者一次“10米折返跑”的成绩.解:受试者加速过程中s 1=21112a t v m =a 1t 1 匀速过程中s 2=v m t 2 减速过程中s 3=22312a t v m =a 2t 3 s=s 1+s 2+s 3t=t1+t2+t3受试者10 m折返跑的时间T=2t=6.5 s.17.如图所示,质量为m=10 kg的物体在F=200 N的水平推力作用下,从粗糙斜面的底端由静止开始沿斜面运动,斜面固定不动,与水平地面的夹角θ=37°.力F作用t1=2 s时撤去,物体在斜面上继续上滑了t2=1.25 s 后,速度减为零.求物体与斜面间的动摩擦因数.(已知sin37°=0.6,cos37°=0.8,g取10 m/s2)解:力F作用时Fcosθ-μF N-mgsinθ=ma1F N=Fsinθ+mgcosθ2 s末物体的速度v=a1t1撤去F到物体停止的过程中-μF′N-mgsinθ=ma2F′N=mgcosθv=-a2t2μ=0.25.18.电子自静止开始经M、N板间(两板间的电压为U)的电场加速后从A点垂直于磁场边界射入宽度为d有平行边界的匀强磁场中,电子离开磁场时的位置P偏离入射方向的距离为L,如图所示.求匀强磁场的磁感应强度.(已知电子的质量为m,电荷量为e)、解:电子经电场加速后mv2=eU电子进入磁场后R=mv eBR 2=d 2+(R-L)219.如图所示,在匀强磁场中竖直放置两条足够长的平行金属导轨,磁场方向与导轨所在平面垂直,磁感应强度大小为B 0.导轨上端连接一阻值为R 的电阻和开关K,导轨电阻不计,两金属棒a 和b 的电阻都为R,质量分别为m a =0.02 kg 和m b =0.01 kg,它们与导轨接触良好,并可沿导轨无摩擦地运动.若将b 棒固定,断开开关K,将一竖直向上的恒力作用于a,稳定时a 棒以v=10 m/s 的速度向上匀速运动,此时再释放b 棒,b 棒恰能保持静止,取g=10 m/s 2,求:(1)若将a 棒固定,开关K 闭合,让b 棒从静止开始自由下滑,求b 棒滑行的最大速度;(2)若将a 、b 棒都固定,断开开关K,使匀强磁场的磁感应强度在0.1 s 内从B 0随时间均匀增大到2B 0时,a 棒所受到的安培力恰好等于它的重力,求两棒间的距离.解:(1)a 棒向上运动时E 1=B 0lv,I 1=12E R ,F 1=B 0I 1l 对于b 棒F 1=m b gb 棒下滑到最大速度时E 2=B 0lv m ,I 2=232E R ,F 2=B 0I 2l 对于b 棒F 2=m b gv m =7.5 m/s.(2)在磁感应强度增大的过程中E 3=0B lh t t ∆Φ=∆∆I 3=32E R学*科*网Z*X*X*K] F 3=2B 0I 3lF 3=m a gh=1 m.20.北京时间2009年3月1日下午15时36分,在距月球表面100 km 的圆轨道上运行的质量为1.2×103 kg(连同燃料)的“嫦娥一号”卫星,在北京航天飞行控制中心科技人员的控制下发动机点火,在极短的时间内以4.92 km/s 的速度(相对月球表面)向前喷出质量为50 kg 的气体后,卫星减速,只在月球引力的作用下下落,最后成功撞击到月球东经52.36度、南纬1.50度的预定的丰富海区域,实现了预期目标,为中国探月一期工程画上一个圆满的句号.已知月球的半径R=1.7×103 km,月球表面的重力加速度g ′=1.8 m/s 2,求:(1)“嫦娥一号”在圆轨道上的运行速度;(2)若忽略卫星下落过程中重力加速度的变化,求“嫦娥一号”撞击到月球表面时的速度.解:(1)质量为m 0的物体在月球上时m 0g ′=G02m M R 卫星在高度为h 的轨道上运行时 22()mM v G m R h R h=++=1.7 km/s. (2)“嫦娥一号”喷出气体前后mv=(m-Δm)v 1+Δmv 2v 1=1.56 km/s“嫦娥一号”在下落过程中2212mg 1122h mv mv =+ v 2=1.67 km/s.21.在电场强度为E 的匀强电场中,有一条与电场线平行的几何线(如图甲中虚线所示),几何线上有两个静止的小球A 和B(均可视为质点),两小球的质量均为m,A 球带正电,电荷量为q(电荷量很小,对原电场的影响可忽略);B 球不带电,开始时两球相距为L.某时刻释放A 球,A 球在电场力的作用下开始沿直线运动,并与B 球发生正对碰撞.设碰撞中A 、B 两球的总动能无损失,且A 、B 两球间无电荷转移,不考虑重力及两球间的万有引力,不计碰撞时间:求:(1)从释放开始,A 球经过多长时间与B 球发生第一次碰撞?(2)第一次碰撞后又经多长时间A 球与B 球发生第二次碰撞?(3)在图乙给出的坐标系中,画出A 球运动的v-t 图象(从A 球开始运动起到A 、B 两球第三次碰撞时止). 解:(1)A 球与B 第一次碰撞前做匀加速直线运动qE=ma L=2112att 1=(2)A 与B 第一次碰撞时速度为v 0v 0=at 1A 与B 第一次碰撞后A 的速度为v 1,B 的速度为V 1 学.科.网Z.X.X.K]mv 0-mv 1+mV 1222011111222mv mv mV =+v 1=0,V 1=v 0 第一次碰撞后经过t 2时间A 、B 两球再次相碰v 0t 2=2212att 2=2 (3)A ､B 第二次碰撞后速度分别为v 2和V 2m(at 2)+mV 1=mv 2+mV 2222221221111()2222m at mV mv mV +=+v 2=v 0,V 2=2v 0 第二次碰撞后到第三次碰撞时 V 2t 3=v 2t 3+2312att 3=2A 球第三次与B 碰撞时v 3=v 2+at 3=3 图象如下图所示.。

2012高考物理一轮复习试题7

2012高考物理一轮复习试题7一、选择题(本题共10小题，每小题7分，共70分，每小题至少有一个选项正确，把正确选项前的字母填在题后的括号内)1．下列说法中正确的是()A．物体在不受外力作用时，保持原有运动状态不变的性质叫惯性，故牛顿运动定律又叫惯性定律B．牛顿第一定律仅适用于宏观物体，只可用于解决物体的低速运动问题C．牛顿第一定律是牛顿第二定律在物体的加速度a＝0条件下的特例D．伽利略根据理想实验推出，如果没有摩擦，在水平面上的物体，一旦具有某一个速度，将保持这个速度继续运动下去解析：牛顿第一定律表明，物体在不受外力作用时，保持原有运动状态不变的性质叫惯性，故牛顿第一定律又叫惯性定律，A错误．牛顿运动定律都是在宏观、低速的情况下得出的结论，在微观、高速的情况下不成立，B正确．牛顿第一定律说明了两点含义，一是所有物体都有惯性，二是物体不受力时的运动状态是静止或匀速直线运动，牛顿第二定律并不能完全包含这两点意义，C错误．伽利略的理想实验是牛顿第一定律的基础，D正确．答案：BD2.物体静止在斜面上，如图所示，下列说法正确的是()A．物体对斜面的压力和斜面对物体的支持力是一对平衡力B．物体对斜面的摩擦力和斜面对物体的摩擦力是一对作用力和反作用力C．物体所受重力和斜面对物体的作用力是一对作用力和反作用力D．物体所受重力可以分解为沿斜面向下的力和对斜面的压力解析：物体对斜面的压力和斜面对物体的支持力及物体对斜面的摩擦力和斜面对物体的摩擦力同属物体和斜面间的相互作用力，分别作用在斜面和物体上，因此它们是作用力和反作用力，所以A错B对；物体所受的重力是地球施加的，其反作用力是物体对地球的吸引力，应作用在地球上，因此C错；物体所受重力，无论如何分解，各分力都应作用在物体上，而不能作用在斜面上形成对斜面的压力，所以D错．答案：B3．(2009年高考宁夏卷)在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献，关于科学家和他们的贡献，下列正确的是()[来源:学*科*网] A．伽利略发现了行星运动的规律B．卡文迪许通过实验测出了引力常量C．牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因D．笛卡儿对牛顿第一定律的建立做出了贡献解析：开普勒发现了行星运动的规律，即开普勒三定律，A错．伽利略利用斜面实验指出：力不是维持运动的原因，C错．卡文迪许设计了扭秤实验，测出了引力常量，B对．对牛顿第一定律的建立做出贡献的科学家很多，如伽利略、笛卡儿等，D对．答案：BD4．(探究创新)如图所示，甲、乙两节空车厢质量相等，两个同学玩捉迷藏游戏时，有一同学躲在某节车厢内，牵拉系在另一车厢上的绳子，使两车靠近．设绳子质量不计，两车厢与水平轨道之间的摩擦不计．站在地面上的同学若要判断哪节车厢里面有人，下列依据正确的是()A．根据绳子拉力大小，拉力大的一端车厢里面有人B．根据运动的先后，后运动的车厢里面有人C．根据同一时刻运动的快慢，运动慢的车厢里面有人D．根据同一时刻运动的快慢，运动快的车厢里面有人解析：绳子上的拉力大小是相等的，A错；两车同时开始运动，所以不能根据运动的先后判断哪个车厢里有人，B错；有人的车厢加速度小，所以在同一时刻其速度小，C正确，D错误．答案：C[来源:]5．下列关于惯性的各种说法中，你认为正确的是()A．抛出去的标枪、手榴弹等是靠惯性向远处运动的B．在完全失重的情况下，物体的惯性将消失C．把手中的球由静止释放后，球能竖直加速下落，说明力是改变物体惯性的原因D．材料不同的两个物体放在地面上，用一个相同的水平力分别推它们，则难A．人只有在静止的车厢内，竖直向上高高跳起后，才会落在车厢的原来位置B．人在沿直线匀速前进的车厢内，竖直向上高高跳起后，将落在原来位置C．人在沿直线加速前进的车厢内，竖直向上高高跳起后，将落在起跳点的后方D．人在沿直线减速前进的车厢内，竖直向上高高跳起后，将落在起跳点的后方解析：由于惯性，人竖直向上跳起后水平方向的速度与人跳起时车的速度相等，故车静止时或做匀速直线运动时，人均落在原来的位置，故A错误，B正确；当车加速前进时，人竖直跳起后，水平方向以此时该车的速度做匀速直线运动，而车做加速直线运动，故人将落在起跳点的后方，C正确；同样的道理，可分析D 错误．[来源:学科网ZXXK]答案：BC9．我国《道路交通安全法》中规定：各种小型车辆前排乘坐的人(包括司机)必须系好安全带，以下叙述正确的是()A．系好安全带可以减小惯性[来源:Z#xx#][来源:Z,xx,]B．是否系好安全带对人和车的惯性没有影响C．系好安全带可以防止因车的惯性而造成的伤害D．系好安全带可以防止因人的惯性而造成的伤害解析：安全带与人和车的惯性无关，A错、B对．系好安全带主要是防止因刹车时人具有向前的惯性而造成伤害事故，C错、D对．答案：BD10.如图所示是一种汽车安全带控制装置的示意图，当汽车处于静止或匀速直线运动时，摆锤竖直悬挂，锁棒水平，棘轮可以自由转动，安全带能被拉动．当汽车突然刹车时，摆锤由于惯性绕轴摆动，使得锁棒锁定棘轮的转动，安全带不能被拉动．若摆锤从图中实线位置摆到虚线位置，汽车的可能运动方向和运动状态是()A ．向左行驶、突然刹车B ．向右行驶、突然刹车C ．向左行驶、匀速直线运动D ．向右行驶、匀速直线运动解析：简化模型如图所示，当小球在虚线位置时，小球、车具有向左的加速度，车的运动情况可能为：向左加速行驶或向右减速行驶，A 错误，B 正确；当车匀速运动时，无论向哪个方向运动，小球均处于竖直位置不摆动，C 、D 错误．答案：B二、非选择题(本题共2小题，共30分，解答时应写出必要的文字说明、方程式和演算步骤，有数值计算的要注明单位)11.(15分)如图所示，高为h 的车厢在平直轨道上匀减速向右行驶，加速度大小为a ，车厢顶部A 点处有质量为m 的油滴落到地板上，若O 点位于A 点的正下方，则油滴落在地板上的点应在O 点左侧还是右侧？离O 点距离为多少？油滴下落过程中对地球的作用力大小为多少？解析：油滴离开车厢上的A 点后，由于惯性在水平方向上保持原来的速度，而在竖直方向上做自由落体运动．在竖直方向上，由h ＝12gt 2知油滴的下落时间t ＝ 2hg ①设油滴下落时车的速度为v 0，则在时间t 内油滴的水平位移s 1＝v 0t ②车的水平位移s 2＝v 0t －12at 2③ 由①②③得油滴落在O 点右侧，距O 点的距离为Δs ＝s 1－s 2＝12at 2＝a g h .油滴下落时地球对油滴的作用力大小为mg，由牛顿第三定律可知，油滴对地球的作用力大小也是mg.[来源:]答案：右侧ag h mg12．(15分)(综合提升)一个箱子放在水平地面上，箱内有一固定的竖直杆，在杆上套着一个环，箱与杆的质量为M，环的质量为m，如图所示．已知环沿杆匀加速下滑时，环与杆间的摩擦力大小为f，而此时箱对地面的压力大小为多少？解析：环在竖直方向上受力情况如图甲所示，受一个重力，及箱子的杆给它的竖直向上的摩擦力f，根据牛顿第三定律，环应给杆一个竖直向下的摩擦力f′，故箱子竖直方向上受力如图乙所示，受重力Mg，地面对它的支持力N，及环给它的摩擦力f′，由于箱子处于平衡状态，可得N＝f′＋Mg＝f＋Mg.根据牛顿第三定律，箱子给地面的压力大小等于地面给箱子的弹力，即[来源:学#科#网]N′＝f＋Mg.答案：f＋Mg。

2012高考物理一轮复习试题2

2012高考物理一轮复习试题2一、选择题(本题共10小题，每小题7分，共70分，每小题至少有一个选项正确，把正确选项前的字母填在题后的括号内)1．从某高处释放一粒小石子，经过1 s从同一地点再释放另一粒小石子，则在它们落地之前，两粒石子间的距离将()A．保持不变B．不断增大[来源:学科网]C．不断减小D．有时增大，有时减小解析：设第1粒石子运动的时间为t s，则第2粒石子运动的时间为(t－1) s，则经过时间t s，两粒石子间的距离为Δh＝12gt2－12g(t－1)2＝gt－12g，可见，两粒石子间的距离随t的增大而增大，故B正确．答案：B2．以35 m/s的初速度竖直向上抛出一个小球，不计空气阻力，g取10 m/s2.以下判断正确的是()A．小球到最大高度时的速度为0B．小球到最大高度时的加速度为0C．小球上升的最大高度为61.25 mD．小球上升阶段所用的时间为3.5 s解析：小球到最大高度时的速度为0，但加速度仍为向下的g，A正确，B错误；由H＝v202g＝61.25 m，可知C正确；由t＝v0g＝3510s＝3.5 s，可知D正确．答案：ACD3．汽车以20 m/s的速度做匀速运动，某时刻关闭发动机而做匀减速运动，加速度大小为5 m/s2，则它关闭发动机后通过37.5 m所需时间为() A．3 s B．4 s[来源:学|科|网]C．5 s D．6 s解析：由位移公式得：s＝v0t－12at2解得t1＝3 s t2＝5 s因为汽车经t0＝v0a＝4 s停止，故t2＝5 s舍去，应选A.[来源:]答案：A4．(探究创新题)正在匀加速沿平直轨道行驶的长为L的列车，保持加速度不小)是均匀变化(即v＝kh，k是个常数)的可能性．答案：B7．(思维拓展题)物体以速度v匀速通过直线上的A、B两点，所用时间为t.现在物体从A点由静止出发，先做匀加速直线运动(加速度为a1)，到某一最大速度v m后立即做匀减速直线运动(加速度大小为a2)，至B点速度恰好减为0，所用时间仍为t，则物体的()A．v m只能为2v，与a1、a2的大小无关B．v m可为许多值，与a1、a2的大小有关C．a1、a2须是一定的D．a1、a2必须满足a1·a2a1＋a2＝2vt解析：由AB＝v t＝v m2t1＋v m2t2＝v m2t得，v m＝2v，与a1、a2的大小无关，故A正确；由t1＝v ma1，t2＝v ma2得t＝v ma1＋v ma2，即得a1·a2a1＋a2＝2vt，故D也正确．答案：AD8．一辆汽车拟从甲地开往乙地，先由静止启动做匀加速直线运动，然后保持匀速直线运动，最后做匀减速直线运动，当速度减为0时刚好到达乙地．从汽车启动开始计时，下表给出某些时刻汽车的瞬时速度，据表中的数据通过分析、计算可以得出汽车()时刻(s) 1.0 2.0 3.0 5.07.09.510.5速度(m/s) 3.0 6.09.012129.0 3.0 A.B．匀加速直线运动经历的时间为5.0 sC．匀减速直线运动经历的时间为2.0 sD．匀减速直线运动经历的时间为4.0 s解析：从题表中看出，匀速的速度为12 m/s.从t＝1.0 s到t＝3.0 s，各秒内速度变化相等，做匀加速直线运动，a＝9.0－3.03.0－1.0m/s2＝3 m/s2.匀加速的时间t＝v/a＝123s＝4.0 s，故选项A对，B错；匀减速的加速度a＝3.0－9.010.5－9.5m/s2＝－6 m/s2.匀减速的时间t ＝0－v a ＝－12－6s ＝2.0 s ，故选项C 对，D 错．答案：AC9．(2011年孝感模拟)如图所示，水龙头开口处A 的直径d 1＝2 cm ，A 离地面B 的高度h ＝80 cm ，当水龙头打开时，从A 处流出的水流速度v 1＝1 m/s ，在空中形成一完整的水流束．则该水流束在地面B 处的截面直径d 2约为(g 取10 m/s 2)( )A ．2 cmB ．0.98 cmC ．4 cmD ．应大于2 cm ，但无法计算解析：水流由A 到B 做匀加速直线运动，由v 2B －v 21＝2gh 可得：v B ＝ 17 m/s ，由单位时间内通过任意横截面的水的体积均相等，可得：v 1·Δt ·14πd 21＝v B ·Δt ·14πd 22，解得：d 2＝0.98 cm ，故B 正确．答案：B10．在地质、地震、勘探、气象和地球物理等领域的研究中，需要精确的重力加速度g 值，g 值可由实验精确测定，以铷原子钟或其他手段测时间，能将g 值测得很准．具体做法是：将真空长直管沿竖直方向放置，自其中O 点竖直向上抛出小球，小球又落至原处O 点的时间为T 2，在小球运动过程中经过比O 点高H 的P 点，小球离开P 点后又回到P 点所用的时间为T 1，测得T 1、T 2和H ，可求得g 等于( )A.8H T 22－T 21B.4HT 22－T 21C.8H (T 2－T 1)2 D.H 4(T 2－T 1)2[来源:学科网]解析：设从O 点到最高点为H 2，[来源:学科网] 则H 2＝12g (T 22)2，由P 点到最高点的距离为H 2－H ，[来源:Z|xx|]则H2－H＝12g(T12)2，由以上两式解得：g＝8HT22－T21，故选A.答案：A二、非选择题(本题共2小题，共30分，解答时应写出必要的文字说明、方程式和演算步骤，有数值计算的要注明单位)11．(15分)(2010年高考全国Ⅰ卷)汽车由静止开始在平直的公路上行驶，0～60 s内汽车的加速度随时间变化的图线如图所示．(1)画出汽车在0～60 s内的v－t图线；(2)求在这60 s内汽车行驶的路程．解析：(1)0～10 s内，汽车做初速度为0的匀加速直线运动，10 s末速度v1＝a1t1＝2×10 m/s＝20m/s10～40 s内，汽车做匀速直线运动，40～60 s内，汽车做匀减速直线运动．[来源:学_科_网]60 s末的速度v2＝v1＋a2t2＝20 m/s－1×20 m/s＝0.v－t图线如图所示．(2)s＝12v1t1＋v1t＋12(v1＋v2)t2＝12×20×10 m＋20×30 m＋12×(20＋0)×20 m＝900 m.答案：(1)见解析(2)900 m12．(15分)(综合提升)如图所示，在国庆阅兵式中，某直升飞机在地面上空某高度A位置处于静止状态待命，要求该机10时56分40秒由静止状态沿水平方向做匀加速直线运动，经过AB段加速后，进入BC段的匀速受阅区，11时准时通过C位置，如右图所示已知s AB＝5 km，s BC＝10 km.问：(1)直升飞机在BC段的速度大小是多少？(2)在AB段做匀加速直线运动时的加速度大小是多少？解析：(1)由题意知t＝t1＋t2＝200 ss AB＝0＋v2t1＝5 000 ms BC＝v t2＝10 000 m 解得：v＝100 m/s(2)因为t1＝2s ABv＝100 s所以a＝v－0t1＝1 m/s2答案：(1)100 m/s(2)1 m/s2。

2012高考物理一轮复习试题4

一、选择题(本题共10小题，每小题7分，共70分，每小题至少有一个选项正确，把正确选项前的字母填在题后的括号内)1.A、B两物体叠放在一起，用手托住静靠在竖直墙上，突然释放，它们同时沿墙面下滑，如图所示，已知m A>m B，则()A．物体A只受重力作用B．物体B受重力和A对它的压力C．物体A处于完全失重状态D．物体A、B都受到墙面的摩擦力解析：释放后，因物体A、B与墙面间无压力，故无摩擦力，两物体均只受重力作用，做自由落体运动，处于完全失重状态，故A、C正确，B、D错误．[来源:Z。

xx。

]答案：AC2．(2011年石家庄模拟)如图所示，传送带向右上方匀速运转，石块从漏斗里竖直掉落到传送带上，然后随传送带向上运动，下述说法中正确的是()[来源:]A．石块落到传送带上可能先做加速运动后做匀速运动B．石块在传送带上一直受到向右上方的摩擦力作用C．石块在传送带上一直受到向左下方的摩擦力作用D．开始时石块受到向右上方的摩擦力后来不受摩擦力解析：由相对运动可知，石块受到向上的滑动摩擦力，使石块加速向上运动，达到与皮带共速，若所经位移大于两轮间距，则一直加速；若达到共速时所经位移小于两轮间距，共速后石块与皮带相对静止，此后受静摩擦力的作用，方向仍沿皮带向上．[来源:学科网]答案：AB3.质量均匀分布的A、B、C三个物体如图所示放置，其中A、B两个相同的物体并排放在水平面上，梯形物体C叠放在物体A、B的上表面，已知所有接触面均光滑且各物体都处于静止状态，则下列说法中正确的是()A．物体B对地面的压力等于物体A对地面的压力B．物体B对地面的压力大于物体A对地面的压力C．物体B对物体A有向左的压力D．物体A、B之间没有相互作用力解析：由于A、B、C三个物体质量均匀分布，所以梯形物体C的重心应该在中位线的右侧．则梯形物体C对物体B的压力为其重力，物体C对物体A的压力为零，A错误、B正确．虽然A、B两物体相互接触，但是彼此不挤压，没有发生形变，C错误、D正确．答案：BD4.用力将如图所示的装有塑料钩的轻圆盘压紧在竖直的墙壁上，排出圆盘与墙壁之间的空气，松开手后往钩上挂上适当的物体，圆盘不会掉下来．这是因为物体对圆盘向下的拉力()[来源:学+科+网]A．与大气对圆盘的压力平衡B．与墙壁对圆盘的摩擦力平衡C．与墙壁对圆盘的支持力平衡D．与物体所受的重力平衡解析：以圆盘为研究对象，分析它的受力情况：水平方向有大气的压力和墙壁的支持力，竖直方向有向下的重力(可忽略不计)及重物的拉力、沿墙壁向上的静摩擦力，B正确．答案：B5.如图所示，物块A放在倾斜的木板上，木板的倾角α分别为30°和45°时物块所受摩擦力的大小恰好相同，则物块和木板间的动摩擦因数为()A．1/2 B. 3/2C. 2/2D. 5/2解析：根据题意知：木板的倾角α为30°时物块所受到的静摩擦力与木板的倾角α为45°时物块所受到的滑动摩擦力大小相等，即mg sin 30°＝μmg cos 45°，解之得μ＝2/2，C正确．[来源:学,科,网]答案：C6．(2011年扬州模拟)如图所示，重80 N的物体A放在倾角为30°的粗糙斜面上，有一根原长为10 cm，劲度系数为1 000 N/m的弹簧，其一端固定在斜面底端，另一端放置物体A后，弹簧长度缩短为8 cm，现用一测力计沿斜面向上拉物体，若滑块与斜面间最大静摩擦力为25 N，当弹簧的长度仍为8 cm时，测力计读数不可能为() A．10 N B．20 NC．40 N D．60 N解析：设滑块与斜面的静摩擦力沿斜面向上，由平衡条件得：F＋f＋kx＝mg sin 30°，可得：F＋f＝20 N．F由0逐渐增大的过程中，f逐渐减小，当f＝0时，F为20 N；故A、B均可能；当f沿斜面向下时，F＋kx＝f＋mg sin 30°，有：F＝f＋20 N，随F增大，f也逐渐增大，直到f＝25 N，此时F＝45 N，当F>45 N，滑块就沿斜面滑动，故测力计的读数不可能为60 N.答案：D7．(探究创新)如图所示，水平桌面上平放一叠共计54张的扑克牌，每一张扑克牌的质量均为m.用一手指以竖直向下的力压第1张扑克牌，并以一定速度向右移动手指，确保手指与第1张扑克牌之间有相对滑动．设最大静摩擦力与滑动摩擦力相同，手指与第1张扑克牌之间的动摩擦因数为μ1，相邻两张扑克牌间的动摩擦因数均为μ2，第54张扑克牌与桌面间的动摩擦因数为μ3，且有μ1<μ2<μ3.则下列说法中正确的是()A．第2张扑克牌到第53张扑克牌之间可能发生相对滑动B．第2张扑克牌到第53张扑克牌之间不可能发生相对滑动C．第1张扑克牌受到手指的摩擦力向左D．第54张扑克牌受到水平桌面的摩擦力向左解析：手指与第1张扑克牌之间有相对滑动．手指对第1张扑克牌的滑动摩擦力为μ1F，第1张扑克牌与第2张扑克牌之间的动摩擦因数为μ2，假设能滑动，则第2张扑克牌对第1张扑克牌的滑动摩擦力为μ2(F＋mg)>μ1F，与假设矛盾，因此不会滑动，第2张扑克牌到第53张扑克牌之间都不可能发生相对滑动，A错误，B正确；第1张扑克牌受到手的摩擦力向右，C错误；由整体法知第54张扑克牌受到水平桌面的摩擦力向左，D正确．答案：BD8.(思维拓展)如图所示，斜面固定在地面上，倾角为37°(sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)，质量为1 kg的滑块，以一定的初速度沿斜面向下滑，斜面足够长，滑块与斜面间的动摩擦因数为0.8.该滑块所受摩擦力f随时间变化的图象是图中的(取初速度方向为正方向，取g＝10 m/s2)()解析：由于mg sin 37°<μmg cos 37°，滑块减速下滑，因斜面足够长，故滑块最终一定静止在斜面上，开始阶段f滑＝μmg cos 37°＝6.4 N，方向沿斜面向上；静止在斜面上时，f静＝mg sin 37°＝6 N，方向沿斜面向上，由于取初速度方向为正方向，故图象A正确，B、C、D均错误．答案：A9．(2009年高考天津卷)物块静止在固定的斜面上，分别按图示的方向对物块施加大小相等的力F，A中F垂直于斜面向上，B中F垂直于斜面向下，C中F 竖直向上，D中F竖直向下，施力后物块仍然静止，则物块所受的静摩擦力增大的是()解析：对物块进行受力分析，由平衡条件知，A、B两种情况时摩擦力的大小不变，C中F竖直向上，静摩擦力将减小，D中F竖直向下，静摩擦力由mg sin θ变为(mg＋F)sin θ，所以静摩擦力增大，故D正确．答案：D10.某同学用传感器来探究摩擦力．他的实验步骤如下：①将力传感器接入数据采集器，再连接到计算机上；②将一质量m＝3.75 kg的木块置于水平桌面上，用细绳将木块和传感器连接起来；③打开计算机，使数据采集器工作，然后沿水平方向缓慢地拉动细绳，木块运动一段时间后停止拉动；④将实验得到的数据经计算机处理后在屏幕上显示出如图所示的图象．下列有关这个实验的几个说法，其中正确的是()A．0～6 s内木块一直受到静摩擦力的作用[来源:学科网]B．最大静摩擦力比滑动摩擦力大C．木块与桌面间的动摩擦因数为0.08D．木块与桌面间的动摩擦因数为0.11解析：因木块始终缓慢运动，所受合力为零，故细绳的拉力与木块受到的摩擦力等大反向，由图可知，0～2 s内细绳的拉力为零，木块所受的摩擦力为零，故A错误；木块在2 s～6 s内，所受的静摩擦力随拉力的增大而增大，6 s后，摩擦力大小不变，应为滑动摩擦力，6 s时的f＝4 N为最大静摩擦力，由f滑＝μN＝μmg ＝0.08，故B、C正确，D错误．可得，μ＝33.75×10答案：BC二、非选择题(本题共2小题，共30分，解答时应写出必要的文字说明、方程式和演算步骤，有数值计算的要注明单位)11．(15分)如图所示，两木块的质量分别为m1和m2，两轻质弹簧A、B的劲度系数分别为k1和k2，若在m1上再放一质量为m0的物体，待整个系统平衡时，m1下降的位移为多少？[来源:学#科#网]解析：未放m0时，A、B的形变量：Δx A＝m1gk1，Δx B＝(m1＋m2)gk2当放上m0时，A、B的形变量：Δx A′＝m1g＋m0gk1，Δx B′＝(m1＋m2＋m0)gk2故放上m0后，m1下降的位移：Δx＝(Δx A′＋Δx B′)－(Δx A＋Δx B)＝m0g k1＋k2 k1k2.答案：m0g k1＋k2 k1k212．(15分)(综合提升)密度大于液体密度的固体颗粒，在液体中竖直下沉，但随着下沉速度变大，固体所受的阻力也变大，故下沉到一定深度后，固体颗粒就会匀速下沉．该实验是研究球形固体颗粒在水中竖直匀速下沉的速度与哪些量有关的实验，实验数据的记录如下表：(水的密度为ρ0＝1.0×103 kg/m3)次序[来源:学。

2012高考物理一轮复习试题8

学科阿-梧品系列資科事疋3CIC 甜:、选择题（本题共10小题，每小题7分，共70分，每小题至少有一个选项正确，把正确选项前的字母填在题后的括号内）1•如图所示，物体P 以一定的初速度沿光滑水平面向右运动，与一个右端固定的轻质弹簧相撞，并被弹簧反向弹回•若弹簧在被压缩过程中始终遵守胡克定律，那么在 P 与弹簧发生相互作用的整个过程中（）A . P 做匀速直线运动B . P 的加速度大小不变，但方向改变一次C . P 的加速度大小不断改变，当加速度数值最大时，速度最小D .有一段过程，P 的加速度逐渐增大，速度也逐渐增大[来源:学科网ZXXK]解析：在物体P 压缩弹簧的过程中，弹簧的弹力一直在增大，根据牛顿第二定律可知，物体P 的加速度一直在增大，但速度方向与加速度方向相反，则物体P运动速度一直在减小，当速度为零时，加速度最大， C 正确.答案：C[来源:Z&XX&]2.（2011年合肥模拟）如图所示，放在光滑面上的木块受到两个水平力F i 与F 2的作用而静止不动，现保持F i 大小和方向不变，F 2方向不变，使F 2随时间均匀减小到零，再均匀增加到原来的大小，在这个过程中，能正确描述木块运动情况的图象是（）解析：取水平向右为正方向，由牛顿第二定律得： F i — F 2= ma,木块的加速度随F 2的均匀减小而均匀增大，后又随 F 2的均匀增大而同方向均匀减小，故 A正确，B 错误；因木块的加速度方向不变，故木块的速度一直增大，但不是均匀增大，所以C 、D 均错误.答案：A3.如图所示，质量为 m 的小球用水平轻弹簧系住，并用----- > >4 --------------- 777777777777777777777777777倾角为30°的光滑木板AB托住，小球恰好处于静止状态•当木板AB突然向下撤离的瞬间，小球的加速度大小为（）A. 0B.233gC. gD.fg解析：撤离木板时，小球所受重力和弹簧弹力没变，二者合力大小等于撤离木板前木板对小球的支持力N,由于N=com3o^2/m g，所以撤离木板后，小球加速度大小为：a=m=233g-iC.3和0.28 s D . 3 和0.28 s解析：根据速度图象的特点可知甲做匀加速直线运动，乙做匀减速直线运△/ F 1 F m 甲动•根据a二帀得3a甲=a乙，根据牛顿第二定律有—=3 —，得—=3,由a°m甲3 m乙m乙乙=0^= 10 m/s = 1得 1 = 0.3 s,B正确.0.4-1答案：B[来源:学科网ZXXK]5. （2011年莆田模拟）如图所示，传送带的水平部分长为L,传动速率为V,在其左端无初速释放一小木块，若木块与传送带间的动摩擦因数为禺则木块从左端运动到右端的时间不可能A.L+ 产V 2^g学科阿-梧品系列資科版权所有@学科网解析：因木块运动到右端的过程不同，对应的时间也不同，若一直匀加速至右端，则L = 2卩g ,得：t =g C 正确；若一直加速到右端时的速度恰好与0+ v 2L带速v 相等，则L =—亍t ，有：t = ~v ，D 正确；若先匀加速到带速 v ,再匀速到2L右端，则2^g+ v （t —说=L ，有：t =「+2^g A 正确.木块不可能一直匀速至右端， B 错误.6. （探究创新题）如图甲所示，某人正通过定滑轮将质量为 m 的货物提升到高处•滑轮的质量和摩擦都可以不计•货物获得的加速度 a 与绳子对货物竖直向上的拉力F T 之间的函数关系如图乙所示•由图可以判断下列说法正确的是（）A •图线与纵轴的交点 M 的值aM = — gB •图线与横轴的交点N 的值T = mgC .图线的斜率等于物体的质量 mD •图线的斜率等于物体质量的倒数 1/m解析：由牛顿第二定律得T — mg = ma ，变形得到与图对应的函数关系式 a = m—g ,可知A 、B 、D 选项都正确.答案：ABD7. （2010年全国高考卷I ）如图所示，轻弹簧上端与一质学科网讳品系列資料 •阳丄心甜C.2L 2LD.v答案：D 9. （20ii 年十堰模拟）如图所示，一小车上有一个固定的水平横杆，左边有一轻杆与竖直方向成 0角与横杆固定，下量为m 的木块1相连，下端与另一质量为 M 的木块2相连，整个系统置于水平放置的光滑木板上，并处于静止状态•现将木板沿水平方向突然抽出，设抽出后的瞬间，木块1、2的加速度大小分别为a i 、a 2.重力加速度大小为g.则有（）A . a i = 0，a 2= gm + MC . a i = 0，a 2= M g B . a i = g ，a 2 = g m + MD . a i = g ， a 2= 抽 g[来源:] 出后瞬间，弹簧弹力保持不变，仍为 mg .由平衡条件和牛顿第二定律可得 a i = 0，m + M滋二g.答案为C .答案：C ［来源:学。

2012年高考物理一轮复习讲义11

必修1 第1章第1单元1. 2010年11月24日，刘翔在广州亚运会男子110米栏决赛中，以13秒09的赛季个人最好成绩夺得冠军，连续第三次打破了赛会纪录，成为亚运会历史上第一位三夺110米栏冠军的选手。

关于刘翔的下列说法正确的()A．刘翔在飞奔的110米中，可以看做质点B．教练为了分析刘翔的动作要领，可以将其看做质点C．无论研究什么问题，均不能把刘翔看做质点D．是否能将刘翔看做质点，决定于我们所研究的问题解析：刘翔在飞奔的110米中，我们关心的是他的速度，无需关注其跨栏动作的细节，可以看做质点．教练为了分析其动作要领，如果作为质点，则其摆臂、跨栏等动作细节将被掩盖，无法研究，所以就不能看做质点．因此，能否将一个物体看做质点，关键是物体自身因素对我们所研究问题的影响，而不能笼统地说行或不行．答案：AD2. (2011·杭州月考)两辆汽车在平直的公路上匀速并排行驶，甲车内一个人看见窗外树木向东移动，乙车内一个人发现甲车没有动，以大地为参考系，上述事实说明() A．甲车向西运动，乙车不动B．乙车向西运动，甲车不动C．甲车向西运动，乙车向东运动D．甲、乙两车以相同的速度同时向西运动解析：乙车内的人发现甲车不动，说明甲、乙两车速度相同，甲车内的人看见树木向东移动，说明甲车在向西运动，故选D.答案：D3．物体沿一条直线运动，下列说法中正确的有()A．物体在某时刻的速度为3 m/s，则物体在1 s内一定走3 mB．物体在某1 s内的平均速度是3 m/s，则物体在这1 s内的位移一定是3 mC．物体在某段时间内的平均速度是3 m/s，则物体在1 s内的位移一定是3 mD．物体在某段位移内的平均速度是3 m/s，则物体某1 s内的位移不小于3 m解析：物体某时刻的速度为3 m/s是瞬时速度，下一时刻的速度可能变大，也可能变小，因此它不一定以这个速度运动1 s，所以A选项不正确．物体在某1 s内的平均速度是3 m/s，根据定义，则物体在这1 s内的位移一定是3 m，选项B正确．物体在某段时间内的平均速度是3 m/s，有可能先做速度小于3 m/s的匀速运动，然后再做速度大于3 m/s的匀速运动，因此物体在1 s内的位移可能大于3 m，也可能小于3 m，选项C错误．同理，选项D也错误．答案：B4．下列各情况中，人一定是做匀速直线运动的是()A. 某人向东走了2 m，用时3 s；再向南走2 m，用时3 s的整个过程B. 某人向东走了10 m，用时3 s；接着继续向东走20 m，用时6 s的整个过程C. 某人向东走了20 m，用时6 s；再转身向西走20 m，用时6 s的整个过程D. 某人始终向东运动，且任意1 s内的运动轨迹长度都是3 m解析：选项A、B、C都是错误的，因为在选项A中，整个过程中人不在同一直线上运动；在选项B中，不能反映人在任何相等的时间内位移都相同；在选项C中，在相等的时间内位移大小不相等且方向相反．在选项D中，限制了人的运动方向相同，也限制了任意1 s内人通过的位移大小都相等，故选项D正确．答案：D5. 一人看到闪电12.3 s后又听到雷声．已知空气中的声速约为330 m/s～340 m/s，光速为3×108m/s，于是他用12.3除以3很快估算出闪电发生的位置到他的距离为4.1 km.根据你所学的物理知识可以判断()A. 这种估算方法是错误的，不可采用B. 这种估算方法可以比较准确地估算出闪电发生的位置与观察者间的距离C. 这种估算方法没有考虑光的传播时间，结果误差很大D. 即使声速增大2倍以上，本题的估算结果依然正确解析：设闪电发生的位置与观察者相距为L，由题意有：Δt＝L330 m/s－L3×108 m/s＝12.3s其中L 330≫L 3×108可得：L ≈12.3×3301000 km ≈12.33km ＝4.1 km. 若声速增大2倍以上，根据上面方法，算出的距离与实际相差很大，故只有B 正确．答案：B6．北京奥运会上美国游泳名将菲尔普斯一举拿下了8枚金牌并刷新了7项世界纪录，成为奥运会历史上最伟大的运动员之一．“水立方”的泳池长50 m ，在100 米蝶泳比赛中，测得菲尔普斯在10 s 末的速度为1.8 m/s 、50 m 时的速度为2.2 m/s 、经过50.58 s 到达终点时的速度为2.4 m/s ，则他在全程中的平均速度为( )A. 1.98 m/sB. 2.4 m/sC. 2.2 m/sD. 0 m/s解析：平均速度是表示位移变化快慢的物理量，大小等于位移与时间的比值．本题中要注意泳道长50米，运动员在100米蝶泳比赛中要游一个来回，位移为0，故平均速度为0.注意：此题属容易题，但有些同学可能会用路程求解平均速度而错选A 项．答案：D7．一质点沿直线Ox 方向做变速运动，它离开O 点的距离随时间变化的关系为x ＝5＋2t 3(m)，它的速度随时间t 变化关系为v ＝6t 2(m/s)．该质点在t ＝0到t ＝2 s 间的平均速度和t ＝2 s 到t ＝3 s 间的平均速度大小分别为( )A ．12 m/s,39 m/sB ．8 m/s,38 m/sC ．12 m/s,19.5 m/sD ．8 m/s,12 m/s解析：平均速度v －＝Δx t，t ＝0时，x 0＝5 m ；t ＝2 s 时，x 2＝21 m ；t ＝3 s 时，x 3＝59 m. 故v －1＝x 2－x 02 s ＝8 m/s ，v －2＝x 3－x 21 s＝38 m/s. 答案：B8．甲、乙、丙三个物体同时同地出发做直线运动，它们的位移－时间图象如图所示，在20 s 内它们的平均速度和平均速率的大小关系是( )A ．平均速度大小相等，平均速率v －甲>v －乙＝v －丙B ．平均速度大小相等，平均速率v －甲>v －丙>v －乙C ．平均速度v －甲>v －丙>v －乙，平均速率相等D ．平均速度和平均速率大小均相等解析：三个物体在20 s 内位移相同，所以A 正确．答案：A9. (2011·湛江测试)如图是甲、乙两物体做直线运动的v －t 图象．下列表述正确的是( )A ．乙做匀加速直线运动B ．0－1 s 内甲和乙的位移相等C ．甲和乙的加速度方向相同D ．甲的加速度比乙的小解析：甲乙两物体在速度图象里的图形都是倾斜的直线表明两物体都是匀变速直线，乙是匀加速，甲是匀减速，加速度方向不同A 对C 错；根据在速度图象里面积表示位移的方法可知在0－1 s 内甲通过的位移大于乙通过的位移，B 错；根据斜率表示加速度可知甲的加速度大于乙的加速度，D 错．答案：A10．一物体做匀变速直线运动．当t ＝0时，物体的速度大小为12 m/s ，方向向东，当t ＝2 s 时，物体的速度大小为8 m/s ，方向仍向东，则当t 为多少时，物体的速度大小变为2 m/s( )A ．3 sB ．5 sC ．7 sD ．9 s解析：a ＝v t －v 0t ＝8－122m/s 2＝－2 m/s 2，故t ′＝v ′t －v 0a ＝±2－12－2s. 故t ′＝5 s 或t ′＝7 s.答案：BC11. 火车第四次提速后，出现了“星级列车”，从其中的T14次列车时刻表可知，列车在蚌埠到济南区间段运行过程中的平均速率为________km/h.T14次列车时刻表解析：运动路程x ＝966 km －484 km ＝482 km ，运行时间t ＝4.65 h ，则平均速率v －＝x t＝4824.65km/h ＝103.66 km/h. 说明：(1)本题是以实际生活为背景编制的，涉及到的物理知识、方法都较为简单，但要能看懂实际的列车时刻表，会从时刻表中提取出所需的路程和时间，这也是解答此问题的关键．解答时要注意物理量的单位，这是容易出错的地方．(2)题中所求平均速率在生活中常说成平均速度，但要明确教材说的平均速度是矢量，是位移跟所用时间的比值，而生活中所说的平均速度(平均速率)是标量，是路程跟所用时间的比值．12．一位汽车旅游爱好者打算到某风景区去观光，出发地和目的地之间是一条近似于直线的公路，他原计划全程平均速度要达到40 km/h ，若这位旅游爱好者开出1/3路程之后发现他的平均速度仅有20 km/h ，那么他能否完成全程平均速度为40 km/h 的计划呢？若能完成，要求他在后23的路程里开车的速度应达多少？解析：设后23路程上的平均速度为v ，总路程为s 在前s /3里用时：t 1＝s /320在后2s /3里用时：t 2＝2s /3v所以全程的平均速度为：ss 60＋2s 3v ＝40 km/h 解得v ＝80 km/h由结果可知，这位旅行者能完成他的计划，他在后2s /3的路程里，速度应达80 km/h. 答案：80 km/h13．2010年7月南京军区某部进行了一次海上军事演习，一艘鱼雷快艇以30 m/s 的速度追击前面同一直线上正在逃跑的敌舰．当两者相距L 0＝2 km 时，以60 m/s 的速度发射一枚鱼雷，经过t 1＝50 s 艇长通过望远镜看到了鱼雷击中敌舰爆炸的火光，同时发现敌舰仍在继续逃跑，于是马上发出了第二次攻击的命令，第二枚鱼雷以同样速度发射后，又经t 2＝30 s ，鱼雷再次击中敌舰并将其击沉．求第一枚鱼雷击中前后，敌舰逃跑的速度v 1、v 2分别为多大？解析：第一枚鱼雷击中前，敌舰逃跑的速度v 1，当鱼雷快艇与敌舰相距L 0＝2 km 时，发射第一枚鱼雷，以t 1＝50 s 击中敌舰，则有(v －v 1)t 1＝L 0，即：(60－v 1)×50＝2000解得v 1＝20 m/s击中敌舰时，鱼雷快艇与敌舰的距离为L 0－(30－v 1)t 1＝1500 m马上发射第二枚鱼雷，敌舰的速度为v 2，经t 2＝30 s ，鱼雷再次击中敌舰，则有(v －v 2)t 2＝1500，即：(60－v 2)×30＝1500，解得v 2＝10 m/s.答案：20 m/s 10 m/s14. 某测量员是这样利用回声测距离的：他站在两平行峭壁间某一位置鸣枪，经过1.00 s 第一次听到回声，又经过0.50 s 再次听到回声．已知声速为340 m/s ，求两峭壁间的距离．解析：测量员第一次听到的声音是声波遇到较近的峭壁反射回的，则测量员到这一峭壁的距离为x 1＝12v t 1＝12×340×1.00 m ＝170 m ；第二次听到的声音是声波被另一个峭壁反射回的，所以测量员与另一峭壁的距离应为x 2＝12v (t 1＋t 2)＝12×340×(1.00＋0.50) m ＝255 m ，因此两峭壁间的距离为x ＝x 1＋x 2＝170 m ＋255 m ＝425 m.说明：这是一个联系实际的问题，解决此题的关键在于要搞清楚两次听到的声音是怎样造成的，建立起时间与路程(或位移)的关系．15. 计算物体在下列时间段内的加速度：(1)一辆汽车从车站出发做匀加速直线运动，经10 s 速度达到108 km/h.(2)以40 m/s 的速度运动的汽车，从某时刻起开始刹车，经8 s 停下．(3)沿光滑水平地面以10 m/s 运动的小球，撞墙后以原速度的大小反弹，与墙壁接触时间为0.2 s.解析：由题中已知条件，统一单位，规定正方向后，根据加速度定义式，即可算出加速度．取初速度的方向作为正方向．(1)对汽车，v 0＝0，v ＝108 km/h ＝30 m/s ，t ＝10 sa 1＝v －v 0t＝3 m/s 2 (2)对刹车后的汽车，v 0＝40 m/s ，v ＝0，t ＝8 sa 2＝v －v 0t＝－5 m/s 2 式中的“－”号，表示汽车的速度在减小，即刹车后汽车的速度平均每秒减小5 m/s.(3)对小球，v 0＝10 m/s ，v ＝－10 m/s ，t ＝0.2 sa 3＝v －v 0t＝－100 m/s 2 式中的“－”号，表示小球的加速度方向与原速度方向相反．说明：(1)速度和加速度都是矢量，计算时要注意方向性．对于一条直线上的矢量运算，最容易忽略的就是方向问题．处理一条直线上的矢量加减时，选定正方向后，可用“＋”、“－”表示矢量的方向，与正方向相同的，为“＋”，与正方向相反的，为“－”．(2)通过本题，注意领会：物体运动速度大、速度变化量大，其加速度不一定大．。

2024届高考一轮总复习章末检测卷：第二章研究物体间的相互作用全真演练物理试题

2024届高考一轮总复习章末检测卷：第二章　研究物体间的相互作用全真演练物理试题一、单选题 (共6题)第(1)题两个大小分别为和（）的力作用在同一质点上，它们的合力的大小F 满足A ．B ．C ．D ．第(2)题如图，表面光滑的固定斜面顶端安装一定滑轮，小物块、用轻绳连接并跨过滑轮不计滑轮的质量和摩擦。

初始时刻，、处于同一高度并恰好静止状态。

剪断轻绳后下落、沿斜面下滑，则从剪断轻绳到物块着地，两物块（）A ．速率的变化量不同B ．机械能的变化量不同C ．重力势能的变化量相同D ．重力做功的平均功率相同第(3)题短道速滑接力赛在光滑冰面上交接时，后方运动员用力推前方运动员，则交接过程中（）A ．两运动员的总机械能守恒B ．两运动员的总动量增大C ．每个运动员的动量变化相同D ．每个运动员所受推力的冲量大小相同第(4)题如图斜面体放置在粗糙水平面上，一轻质不可伸长细线绕过斜面体顶端的轻质光滑定滑轮连接质量均为m 的物块A 、B ，细线与斜面平行，细线竖直。

现对物块B 施一始终与细线垂直的拉力F 缓慢向右拉B ，直至细线水平。

A 与斜面体均保持静止，重力加速度为g ，在此过程中（）A ．拉力F 先增大后减小B ．物块A 所受到的摩擦力一直减小C ．地面受到的压力先增大后减小D ．地面对斜面体的摩擦力先增大后减小第(5)题如图为小明设计的发电机的原理图，边长为L 的n 匝正方形线圈，线圈电阻不计，在磁感应强度为B 的匀强磁场中，绕垂直于磁场的中心轴做匀速转动，角速度为ω，转动时线圈两端在固定的半圆环P 、Q 上滑动，且始终与半圆环保持良好接触，P 、Q 通过导线连接到电阻R 的两端，下列说法正确的是（）A ．图示位置线圈平面与中性面垂直B ．从图示位置开始计时，R 中流过的是正弦交流电C ．电路中电阻R 两端的最大电压为D ．线圈转动一个周期内R 上产生的热量为第(6)题重庆的桥梁、隧道众多，故被称为“魔幻之都”。

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滚动训练十四
一、选择题
1．三颗人造地球卫星A、B、C在同一平面内沿不同的轨道绕地球做匀速圆周运动，且绕行方向相同，已知RA＜RB＜RC.若在某一时刻，它们正好运行到同一条直线上，如下图所示．那么再经过卫星A的四分之一周期时，卫星A、B、C的位置可能是下图中的
答案： C
2.如右图所示，用可自由移动的活塞封闭一定质量的理想气体，导热汽缸开口向下被竖直悬
挂，活塞下系有重物m，整个系统处于静止状态．若大气压恒定，系统状态变化缓慢，则
下列说法中正确的是
A．外界温度升高时，气体的压强一定增大
B．外界温度升高时，气体的内能一定增大
C．外界温度升高时，气体吸收的热量等于气体增加的内能与气体对外所做功的总和
D．保持气体的内能不变，增加重物的质量，气体一定吸热
解析：由于大气压恒定，故汽缸内封闭气体的压强不变，A错误；当温度升高时，气体分子平均动能增加，气体内能增加，B正确；当温度升高时，气体吸热，内能增加，同时，气体体积膨胀，对外做功，根据热力学第一定律，C正确；保持气体内能不变，即温度不变，增加重物的质量，则气体压强减小，体积变大，气体对外做功，故一定吸收热量，D正确．答案：BCD
3.蓝光光碟是利用波长较短波长约为405 nm 的蓝色激光读取和写入数据的光碟，而传统
DVD需要光头发出红色激光波长约为650 nm 来读取或写入数据，通常来说波长越短的激光，能够在单位面积上记录或读取更多的信息．因此，蓝光极大地提高了光盘的存储容量，对于光存储产品来说，蓝光提供了一个跳跃式发展的机会．目前为止，蓝光是
最先进的大容量光碟格式．一束由红、蓝两单色激光组成的复色光从水中射向空气中，并分成a、b两束，则下列说法正确的是
A．用a光可在光盘上记录更多的数据信息
B．如果用a光照射能使某金属发生光电效应，则用b光也一定能使该金属发生光电效应C．使用同种装置，用a光做双缝干涉实验得到的条纹比用b光得到的条纹宽
D．b光在水中传播的速度较a光大
5.如右图所示，在一次救灾工作中，一架沿水平直线飞行的直升飞机A，用悬索重力可忽略
不计救护困在湖水中的伤员B.在直升飞机A和伤员B以相同的水平速度匀速运动的同时，悬索将伤员提起，在某一段时间内，A、B之间的距离以l＝H
－t2 式中H为直升飞机A离地面的高度，各物理量的单位均为国际单位制单位的规律变化，则在这段时间内，下列判断中正确的是不计空气作用力
A．悬索的拉力小于伤员的重力
B．悬索成倾斜直线
C．伤员做速度减小的曲线运动
D．伤员做加速度大小、方向均不变的曲线运动
6．一列简谐横波沿x轴传播，周期为T.t＝0时刻的波形如右图所示．此时平衡位置位于x ＝3 m处的质点正在向下运动，若a、b两质点平衡位置的坐标分别为xa＝2.5 m，xb＝
5.5 m，则
A．当a质点处在波峰时，b质点恰在波谷
B．t＝T/4时，a质点正在向y轴负方向运动
C．t＝3T/4时，b质点正在向y轴负方向运动
D．在某一时刻，a、b两质点的位移和速度可能相同
7.如右图所示，放在斜面上的物体处于静止状态，斜面倾角为30°，物体质量为m，若想使
物体沿斜面从静止开始下滑，至少需要施加平行斜面向下的推力F＝0.2mg，则
A．若F变为大小0.1mg沿斜面向下的推力，则物体与斜面的摩擦力是0.1mg
B．若F变为大小0.1mg沿斜面向上的推力，则物体与斜面的摩擦力是0.2mg
C．若想使物体沿斜面从静止开始上滑，F至少应变为大小1.2mg沿斜面向上的推力
D．若F变为大小0.8mg沿斜面向上的推力，则物体与斜面的摩擦力是0.7mg
解析：由题意可知，物体和斜面间的最大静摩擦力Ffm＝0.7mg，故若物体上滑，其最小推力F＝0.5mg＋0.7mg＝1.2mg，C正确；若F＝0.8mg上推时，Ff＝0.8mg－0.5mg＝0.3mg，D错误；当F＝0.1mg向下时，Ff＝0.5mg＋0.1mg＝0.6mg，A错；当F＝0.1mg向上时，Ff＝0.5mg－0.1mg＝0.4mg，B错．
答案： C
9.如右图所示，长木板静止在光滑的水平面上，长木板的左端固定一个挡板，挡板上固定一
个长度为L 的轻质弹簧，长木板与挡板总质量为M ，在木板的右端有一质量为m 的铁块．现给铁块一个水平向左的初速度v0，铁块向左滑行并与轻弹簧相碰，碰后返回恰好停在长木板的右端．根据以上条件可以求出的物理量是
A ．铁块与轻弹簧相碰过程中所具有的最大弹性势能
B ．弹簧被压缩的最大长度
C ．长木板运动速度的最大值
D ．铁块与长木板间的动摩擦因数
解析：弹簧弹性势能最大时，铁块和木板的速度相等，在压缩弹簧的过程中两物体组成的
系统动量守恒，摩擦力作为相互作用力，不知动摩擦因数，不能计算，但可根据功能关系选择整个过程，可计算摩擦力做功，再根据动量守恒计算两者速度相等时的速度，并计算过程中动能的减少量，即为弹簧弹性势能的最大值，A 正确，因不知道弹簧劲度系数，故不能计算出弹簧的形变，B 错误，而弹簧弹性势能达到最大后将释放出弹性势能，木板
速度将继续增大，缺乏关于木板速度最大状态的参量，故无法计算最大速度，C也错误，选A.
答案： A
A．由甲图可知，①②两个物体同时同地做加速度不同的匀加速直线运动
B．由乙图可知，原子核A裂变成原子核B和C要放出核能，原子核D和E聚变成原子核F要吸收核能
C．图丙是某单摆的共振曲线，已知重力加速度为g＝10 m/s2，由丙图信息可以求出单摆的摆长
D．丁图是氡的衰变，纵坐标表示的是任意时刻氡的质量与t＝0时质量的比值，由图象可知氡的半衰期为7.6天
二、非选择题
11． 2011·武汉高三联考在做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验时，所用器材有：电动势为6 V的电源，额定电压为2.5 V的小灯泡，以及符合实验要求的滑动变阻器、电表、开关和导线．要求能测出尽可能多组数据，下图是没有连接完整的实物电路．已
连接好的导线有a、b、c、d、e、f六根
1 请你用笔画线代替导线，将实物电路连接完整；
2 连好电路，闭合开关，移动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，但电压表有示数，电
流表几乎不偏转，则故障的原因可能是 ______________________________；
3 排除故障后闭合开关，移动滑片P到某处，电压表的示数为2.2 V，要测量小灯泡的额
定功率，应将滑片P向________端滑动选填“左”“右” ；
4 通过移动滑片P，分别记下了多组对应的电压表和电流表的读数，并绘制成了如下图所
示的U－I图象．根据U－I图象提供的信息，可计算出小灯泡的额定功率是________ W；
5 图线是曲线而不是过原点的直线，原因是_____________________________．
答案： 1 连线如图所示；
2 c段导线断路或灯泡损坏；
3 右；
4 0.5；
5 小灯泡的电阻会随温度的升高而增大．
12．在绝缘光滑水平面上方虚线的右侧，有一正交复合场，其中匀强电场的场强大小为E，方向竖直向上，匀强磁场的磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向里．在水平面上的A点放一个质量为m1的不带电小球a.质量为m2的带电小球b在水平面上以速度v0水平运动，恰好与小球a正碰，且碰后a、b小球粘在一起，恰好在竖直面内沿半圆弧ACD做速率不变的曲线运动，如右图所示．假设a、b碰撞过程所用时间忽略不计，重力加速度为g，试求：
1 a、b两球碰后的速度大小v；
2 半圆弧的半径R和原b球所带的电荷量q；
3 从a、b两球相碰到他们再次回到地面所用的时间t.。