高考物理最新力学知识点之直线运动知识点复习(3)

高考物理最新力学知识点之直线运动知识点复习(3)
一、选择题
1．地面上静止的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点的过程中，v﹣t图象如图所示。

以下判断不正确的是（）
A．前3s内货物的加速度为2m/s2
B．最后2s内货物只受重力作用
C．前3s内与最后2s内货物的平均速度相同
D．7s内货物的位移大小为27m
2．汽车以10m/s的速度在水平路面上做匀速直线运动，后来以2m/s2的加速度刹车，那么刹车后6s内的位移是（）
A．24m B．25m C．96m D．96m或24m
3．一质量为1kg的小球从空中下落，与水平地面相碰后弹到空中某一高度，此过程的v﹣t 图象如图所示．若不计空气阻力，取g=10m/s2，则由图可知（）
A．小球从高度为1m处开始下落
B．小球在碰撞过程中损失的机械能为4.5J
C．小球能弹起的最大高度为0.45m
D．整个过程中，小球克服重力做的功为8J
4．一质量为m=2.0 kg的木箱静止在粗糙的水平地面上,木箱与地面间的动摩擦因数μ=0.2,现对木箱施加一沿水平方向的大小随时间变化的拉力F,使木箱由静止开始运动,测得0～2s 内其加速度a随时间t变化的关系图象如图所示。

已知重力加速度g=10 m/s2,下列关于木箱所受拉力F的大小和运动速度v随时间t变化的图象正确的是（）
A．
B．
C．
D．
5．如图甲所示，一维坐标系中有一质点静止于x轴上的某位置(图中未画出)，从t=0时刻开始，质点在外力作用下沿x轴正方向做匀变速直线运动，其位置坐标与速率平方关系的图象如图乙所示。

下列说法正确的是（）
A．物块运动的加速度大小为1m/s2
B．t=4s时物块位于x=2m处
C．前2s时间内物块的位移大小为2m
D．2~4s时间内物块的平均速度大小为3m/s
6．物体以速度v匀速通过直线上的A、B两点，所用时间为t.现在物体从A点由静止出发，先做匀加速直线运动(加速度为a1)到某一最大速度v m，然后立即做匀减速直线运动(加速度大小为a2)至B点速度恰好减为0，所用时间仍为t.则物体的()
A．v m可为许多值，与a1、a2的大小有关
B．v m可为许多值，与a1、a2的大小无关
C．a1、a2必须满足
12
12
2 a a v a a t
=
+
D．a1、a2必须是一定的
7．AK47步枪成为众多军人的最爱．若该步枪的子弹在枪膛内的加速度随时间变化的图象如图所示，下列说法正确的是（）
A．子弹离开枪膛时的速度为450 m／s
B．子弹离开枪膛时的速度为600 m／s
C．子弹在枪膛内运动的距离小于0. 45 m
D．子弹在枪膛内运动的距离大于0. 45 m
8．一辆汽车以v0=8m/s的初速度前进，突然发现前面有石块，便以大小为4m/s2的加速度刹车，则刹车后2.5s内的位移为（）
A．8m B．10m C．12m D．15m
9．汽车刹车时以20 m/s的速度做匀减速直线运动，加速度大小为5 m/s2，那么刹车6 s后汽车的速度和位移是（）
A．0 m/s；30m B．0 m/s；40m C．-10 m/s；30m D．10m/s；40m 10．假设在质量与地球质量相同，半径为地球半径两倍的天体上，发生的下列事件中，不
可能的是（
）
A．跳高运动员的成绩会更好B．用弹簧秤称体重时，体重数值变小C．从静止降落的棒球落下的速度变慢D．用手投出的蓝球，水平方向的分速度变大11．2019年9月13日，美国导弹驱逐舰“迈耶”号擅自进入中国西沙群岛海域。

我军组织有关海空兵力，依法依规对美舰进行了识别查证，予以警告，成功将其驱离。

如图是美国导弹驱逐舰“迈耶”号在海面上被我军驱离前后运动的速度—时间图像，则下列说法正确的是（）
A．美舰在0~66 s内的平均速度大小等于7.5 m/s B．美舰在66 s末开始调头逃离C．美舰在66~96 s内运动了225 m D．美舰在96~116 s内做匀减速直线运动12．质点做直线运动的v-t 图像如图所示，则下列说法正确的是（）
A．1 秒末质点的速度方向发生变化B．3 秒末质点回到出发点
C．质点前7秒的平均速度大小为1
7
m/s
D．第 2 秒内质点的加速度与第 5 秒内加速度等大反向
13．一平直公路上有两条同向并排车道，汽车I和II分别在两条车道上行驶。

汽车I、II的v－t图像如图所示，两车在t=2s时同时到达终点。

下列说法正确的是（）
A．在t=0时，汽车I在汽车II前面5m处B．在t=1s时，汽车I、II恰好并排行驶C．在t=1.5s时，汽车I追上汽车I D．汽车II追上汽车I时，距终点还有10m 14．甲、乙两辆汽车从同一位置，同时沿同一平直路面行驶，其v-t图象如图所示，下列对汽车运动状况的描述正确的是（）
A．第10s末，乙车改变运动方向
B．第20s末，甲、乙两车运动速度相同
C．第10s末，甲、乙两车相距最近
D．甲、乙两车一定相遇两次
15．质量相等的甲、乙两物体从离地面相同高度同时由静止开始下落，由于两物体的形状不同，运动中受到的空气阻力不同，将释放时刻作为t=0时刻，两物体的速度图象如图所示，则下列判断正确的是（）
A．t0时刻之前，甲物体受到的空气阻力总是大于乙物体受到的空气阻力
B．t0时刻之后，甲物体受到的空气阻力总是大于乙物体受到的空气阻力
C．t0时刻甲、乙两物体到达同一高度
D．t0时刻之前甲下落的高度小于乙物体下落的高度
16．甲、乙两车在同一直车道上运动，甲车在前，乙车在后．遇到红灯时它们同时开始作减速运动，并安全停车，两车v-t图像如图所示，下列判断正确的是( )
A．t=4s时两车相距最远
B．t=6s时两车相距最近
C．甲、乙两车加速度大小之比为3：2
D．甲、乙两车之间的距离先减小后增大
17．下列科学家属于“物体越重，下落越快”的观点的代表人物（）
A．牛顿B．伽利略C．亚里士多德D．爱因斯坦
18．一汽车从静止开始做匀加速直线运动，然后刹车做匀减速直线运动，直到停止．下列速度v和位移x的关系图象中，能描述该过程的是（）
A．B．
C．D．
19．伽利略为研究自由落体运动，做了一项实验。

如图所示，将铜球从斜槽的不同位置由静止释放，伽利略手稿中记录了一组实验数据，从表中能够得到的结论是（）
A．3
12
123
s
s s
t t t
===…
B．3
12
222
123
s
s s
t t t
===…
C．若以时间为横坐标，距离为纵坐标，其图像是一条直线
D．若以时间的二次方为横坐标，距离为纵坐标，其图像是一条抛物线
20．疫情当前，无人驾驶技术在配送、清洁、消毒等方面的应用，节省人力的同时，也大幅降低了相关人员的感染风险，对疫情防控起到了积极作用。

某公司在研发无人驾驶汽车的过程中，对比甲乙两辆车的运动，两车在开始计时时刚好经过同一位置且沿同一方向做直线运动，它们的速度随时间变化的关系如图所示，由图可知（）
A．在t = 3s时，两车第一次相距最远B．甲车任何时刻加速度大小都不为零C．在t = 6s时，两车又一次经过同一位置D．甲车t = 6s时的加速度与t= 9s时的加速度相同
21．如图所示，光滑斜面上有A、B、C、D四点，其中CD=10AB。

一可看成质点的物体从A点由静止释放，通过AB和CD段所用时间均为t，则物体通过BC段所用时间为
（）
A．1.5t B．2.5t C．3.5t D．4.5t
22．某做直线运动的质点的位移—时间图像（抛物线）如图所示，P（2，12）为图线上的一点，PQ为过P点的切线，与x轴交于点Q（0，4），已知t=0时质点的速度大小为
8m/s，则下列说法正确的是（）
A ．质点做匀减速直线运动
B ．2s 时，质点的速度大小为6m/s
C ．质点的加速度大小为0.5m/s 2
D ．0~1s 内，质点的位移大小为4m
23．两辆汽车同时由同一地点沿同一方向做直线运动，甲车匀速前进，乙车匀加速前进，它们的v -t 图像如图所示，则下列判断不正确的是（ ）
A ．前2s 甲车速度大，后2s 乙车的速度比甲车速度大
B ．前2s 甲车在乙车前，后2s 乙车超过甲车
C ．在4s 内两车的平均速度相等
D ．距离出发点40m 远处两车相遇
24．在2019年武汉举行的第七届世界军人运动会中，21岁的邢雅萍成为本届军运会的“八冠王”。

如图是定点跳伞时邢雅萍运动的v -t 图像，假设她只在竖直方向运动，从0时刻开始先做自由落体运动，t 1时刻速度达到v 1时打开降落伞后做减速运动，在t 2时刻以速度v 2着地。

已知邢雅萍（连同装备）的质量为m ，则邢雅萍（连同装备）（ ）
A ．0~t 2内机械能守恒
B ．0~t 2内机械能减少了2112
mv C ．t 1时刻距地面的高度大于
1221()()2v v t t +- D ．t 1~t 2内受到的合力越来越小
25．把弹力球从一定高处由静止释放，碰地反弹到最高点时接住，过程中的速度大小与时间关系图像如图所示，空气阻力恒定，g 取10m/s 2，下列判断正确的是（ ）
A ．过程中球的位移为0m
B ．球释放时的高度为2.25m
C ．过程中球的运动路程为1.62m
D ．球上升过程的加速度大小为 9m/s 2
【参考答案】***试卷处理标记，请不要删除
一、选择题
1．B
解析：B
【解析】
【分析】
【详解】
A ．速度－时间图像的斜率表示加速度，前3s 内货物的加速度
22m/s v a t
∆=
=∆ 故A 正确； B ．最后2s 内，货物做匀减速直线运动，加速度大小为
'226m/s 3m/s 2
a == 小于重力加速度g ，故受到重力和向上的拉力作用，故B 错误；
C ．前3s 内的平均速度为
16m/s 3m/s 2
v == 最后2s 内的平均速度
26m/s 3m/s 2
v == 故两者平均速度相同，故C 正确；
D ．速度－时间图像围成的面积表示位移，7s 内货物的位移
276m 27m 2
x +=
⨯= 故D 正确。

本题选不正确的，故选B 。

2．B
解析：B
【解析】
【分析】
【详解】
设汽车从刹车到停止运动的时间为t ，则有
010s 5s 2
v t a =
== 故刹车后6s 内的位移为 22011105(2)5m 25m 22
s v t at =+=⨯+⨯-⨯= 故ACD 错误，B 正确。

故选B 。

3．C
解析：C
【解析】
【分析】
【详解】
A ．小球下落的高度等于0﹣0.5s 时间内对应的v ﹣t 图象面积，则有
110.55m 1.25m 22
h vt ==⨯⨯= 故A 错误；
B ．小球落地时的速度大小v 0=5m/s ，弹起时速度的大小v =3m/s ，则小球碰撞过程中损失的机械能为
2201122
E mv mv ∆=
- 代入数据解得E ∆=-8J ，故B 错误； C ．小球弹起的高度等于0.5-0.8s 内v ﹣t 图象的面积，即
110.33m 0.45m 22
h vt ==⨯⨯= 故C 正确；
D ．小球只在上升过程克服重力做功，则有
W 克=mgh =1×10×0.45J=4.5J
故D 错误。

故选C 。

4．A
解析：A
【解析】
【详解】
由a-t 图像可知，a=4-2t(m/s 2)，由牛顿第二定律可知：F=ma+μmg=2(4-2t)+0.2×20=-
4t+12(N)，可知图像A 正确，B 错误；由v=at 可知，a-t 图像的“面积”等于速度的变化，则，当t=2s 时v=4m/s ；则选项CD 错误；故选A.
5．B
解析：B
【解析】
【分析】
【详解】
A ．由
()202v a x x =-
整理得
2
02v x x a
=+ 结合图像可知，物体做匀加速直线运动
20.5m/s a =
02m x =-
故A 错误；
B ．由
2012
x t x a =- 当4s t =时，解得
2m x =
故B 正确；
C ．由
212
x at =
将2s t =代入，解得 1m x =
故C 错误；
D ．匀加速直线运动的平均速度等于中间时刻的速度，根据
v at =
24s 3s 2
t +== 解得
1.5m/s v =
故D 错误。

故选B 。

6．C
解析：C
【解析】
【分析】
【详解】
AB ．匀加速阶段的平均速度
02
m v v +=
匀减速阶段的平均速度 02
m v v += 两个阶段平均速度相等，则从A 到B 的平均速度为
2m v ，那么有2m v t vt =，即2m v v =，选项AB 错；
CD ．匀加速时间
11
2m v v a a = 匀减速时间
22
2m v v a a = 那么有
12
22v v t a a += 整理可得12122a a v a a t
=+，选项C 对D 错。

故选C 。

7．D
解析：D
【解析】
【分析】
【详解】
AB.根据v at ∆= 可知，图像与坐标轴围成的面积等于速度的变化量，则子弹离开枪膛的速度为：
351310210m/s 300m/s 2
v -=⨯⨯⨯⨯= 选项AB 错误；
CD.子弹在枪膛内的做加速度减小的加速运动，则平均速度大于
150m/s 2
v = ，故子弹在枪膛内运动的距离大于 3150310m 0.45m 2
v t -=⨯⨯= 故选项C 错误，D 正确；
故选D.
8．A
解析：A
【解析】
【分析】
【详解】
汽车速度减为零的时间为
008s=2s 4
v t a == 即汽车经2s 后速度为零，故刹车后2.5s 内的位移等于刹车后2s 内的位移，则有 002v x t =
代入数据解得x =8m ，故A 正确，BCD 错误。

故选A 。

9．B
解析：B
【解析】
【详解】
汽车速度减为零的时间为：
0002045
v t a --===-s 则刹车6s 后汽车的速度为0；刹车6s 后汽车的位移等于汽车经过4s 位移：
002044022
v x t ==⨯=m 。

ACD.由上分析可知刹车6 s 后汽车的速度和位移分别是0m/s 和40m ，ACD 错误；
B.由上分析可知刹车6 s 后汽车的速度和位移分别是0m/s 和40m ，B 正确。

10．D
解析：D
【解析】
【分析】
【详解】
A ．已知地球表面的重力加速度为
2
GM g R = 质量与地球质量相同，半径为地球半径两倍的天体上，重力加速度为地球上的四分之一，又跳高运动员挑起的高度为
2
2v h g
= 所以跳高运动员跳得更高，成绩会更好，但是不符合题意，所以A 错误；
B ．重力为mg ，所以用弹簧秤称体重时，体重数值会变为原来的四分之一，但是不符合题意，所以B 错误；
C ．有自由落体运动可知，落地速度为
v
由于g 变小，所以v 变小，但是不符合题意，所以C 错误；
D ．用手投出的篮球，水平方向不受力，由于惯性做匀速直线运动，速度不变，符合题意，所以D 正确。

故选D 。

11．C
解析：C
【解析】
【分析】
【详解】
A ．v t -图像的斜率为加速度，若美舰在0~66 s 内做匀加速直线运动，平均速度大小为015m/s 7.5m/s 2
v +==，根据图像可知美舰做加速度减小的加速运动，所以平均速度大小大于7.5m/s ，A 错误；
B ．美舰在96s 末速度开始反向，此时开始调头逃离，B 错误；
C ．v t -图线与时间轴围成的面积为位移，则66~96 s 内运动了
1(9666)15m 225m 2
x =⨯-⨯= C 正确；
D ．美舰在96~116 s 内做反向的匀加速直线运动，D 错误。

故选C 。

12．C
解析：C
【解析】
【分析】
【详解】
A ．由v t -图象秒可知1末质点的速度仍为正值，方向没有发生变化，故A 错误；
B ．由v t -图象秒可知3秒末质点速度第一次减小到零，距离出发点最远，故B 错误；
C ．在v t - 图象中图象与时间轴围成的面积等于物体位移，在前3s 内物体位移
1132m 3m 2
s =⨯⨯= 在3~7s 内位移
()2142m 4m 2
s =⨯⨯-=- 因此前7s 内位移大小为1m ，因此平均速度大小为17
m/s ，故C 正确； D ．在v t -图象中图象的斜率表示加速度，在2~5s 时间内图象斜率不变，因此加速度大小和方向都不变，故D 错误。

故选C 。

13．B
解析：B
【解析】
【分析】
【详解】
A ．由题图知，车Ⅰ做初速度为0的匀加速直线运动，其加速度
a =
151.5
m/s 2=10m/s 2 车Ⅱ做速度v =15m/s 的匀速直线运动，2s 内位移分别为
21102m 20m 2x =⨯⨯=Ⅰ 152m x =⨯=Ⅱ30m
由于t =2s 时两车同时到达终点，则位移差为
x ∆=x Ⅱ-x Ⅰ=10m
说明t =0时车Ⅰ在车Ⅱ前10m 处，故A 错误；
BC ．在t =1s 时，车Ⅰ前进5m ，车Ⅱ前进15m ，由于初始位置车Ⅰ在车Ⅱ前10m 处，所以此时两车对齐，故B 正确，C 错误；
D ．两车对齐之后，经1s 到达终点，所以这个位置和终点间的距离为
151m x '=⨯=Ⅱ
15m 故D 错误。

故选B 。

14．B
解析：B
【解析】
【分析】
【详解】
A ．乙车的速度一直为正，说明乙车的运动方向没有发生改变，选项A 错误；
B．第20s末，甲、乙两车运动速度相同，都为20m/s，选项B正确；
C．在第20s前，甲车的速度比乙车的大，两者间距一直增大，选项C错误；
D．甲、乙两辆汽车从同一位置出发，在第20s末前两者间距一直增大，此后，由于乙做匀加速运动，甲做匀速运动，乙可能追上甲并超过甲，故只能相遇一次，选项D错误。

故选B。

15．D
解析：D
【解析】
【分析】
【详解】
A．根据牛顿第二定律，有
mg-f=ma
速度时间图线上某点的切线的斜率表示该点对应时刻物体的加速度，t0时刻之前，乙的加速度不断减小，先是大于甲的加速度，然后减小到等于、小于甲的加速度；故乙物体受到的空气阻力不断变大，先是小于甲的阻力，然后等于、大于甲的阻力，故A错误；
B．t0时刻之后，乙的加速度一直小于甲的加速度，故乙受到的阻力一直大于甲受到的阻力，故B错误；
CD．速度时间图线与时间轴包围的面积表示位移，故t0时刻甲下降的高度小于乙下降的高度，故C错误，D正确。

故选D。

16．A
解析：A
【解析】
A. 甲车在前，乙车在后，在t=4s前，甲的速度大于乙的速度，故两者间的距离逐渐增大，故t=4s时两车相距最远，故A正确；
B. 在4−6s内甲的速度小于乙的速度，故两者间的距离逐渐减小，6s时，甲车停止，乙车继续靠近甲车直到8s时停止，所以8s时两车相距最近，故B错误；
C. 在v−t图象中,斜率代表加速度,则a甲=△v/△t=（0−15）/6m/s2=−2.5m/s2,乙的加速度为a乙=△v/△t=（0−10）/8m/s2=−1.25m/s2,故a甲：a乙=2：1，故C错误；
D. 根据AB可知，甲乙间的距离先增大后减小，故D错误；
故选A
点睛：在v-t图象中，可以判断出速度的变化关系，判断出甲乙的速度大小，当速度相等时，距离最大；斜率代表加速度，即可判断．
17．C
解析：C
【解析】
【分析】
【详解】
A．根据牛顿第二顶定律在忽略空气阻力的情况下，做自由落体运动的所有物体的加速度
都等于当地的重力加速度，即所有的物体下落的一样快，故A 错误；
B ．伽利略通过实验发现轻的物体和重的物体下落的一样快，故B 错误；
C ．亚里士多德认为物体越重，下落越快，故C 正确；
D ．爱因斯坦主要成就是在量子力学，故D 错误。

故选C 。

18．A
解析：A
【解析】
【分析】
【详解】
开始时汽车做匀加速直线运动，根据匀变速直线运动速度位移关系有：v ，故选
项C 、D 错误；刹车后做匀减速直线运动，有：v A 正确；
选项B 错误．
19．B
解析：B
【解析】
【分析】
【详解】
AB ．伽利略最初猜想沿斜面向下运动的物体的运动的速度与时间成正比
v kt =
由此伽利略推论位移的位移与时间的平方成正比，则
'2x k t =
即
'2x k t =
结合以上的分析，则比较2x t 即可，考虑到测量的误差等原因，可以认为2x t
是一个常数，即位移与时间的平方成正比，A 错误B 正确；
C ．以时间为横坐标，距离为纵坐标，即
2x kt =
其图像是一条抛物线线，C 错误；
D ．以时间的二次方为横坐标，距离为纵坐标，即
2x kt =
其图像是一条直线，D 错误。

故选B 。

20．A
解析：A
【分析】
【详解】
A ．甲乙两车同时同地出发，03s ~内甲车速度大于乙车速度，甲在前乙在后，距离越来越远，36s ~内甲车速度小于乙车速度，距离越来越近，所以3s t =时，甲乙两车速度相等，第一次距离最远，A 正确；
B ．v t -图像斜率的物理意义为加速度，图像的斜率可以为0，所以甲车的加速度可以为0，B 错误；
C ．图像与横轴所围面积代表位移，可知前6s 内，乙的位移比甲的大，故C 错误；
D ．甲车在6s 时和9s 时加速度方向不同，D 错误。

故选A 。

21．C
解析：C
【解析】
【分析】
【详解】
由运动学规律可得，AB 段时间中点的瞬时速度
1x v t
= CD 段时间中点的瞬时速度
210x v t
= 则AB 段时间中点到CD 段时间中点所用时间
211v v t a
-=
又因为 212
x at =
联立解得 1 4.5t t =
因此BC 段所用时间
21t t t =-
代入数据解得
2 3.5t t =
故ABD 错误，C 正确。

故选C 。

22．A
解析：A
【分析】
【详解】
AC ．质点的位置-时间图象为抛物线，结合匀变速直线运动位移公式2012x v t at =+，v 0=8m/s ，时刻t =2s 时位移x =12m ，代入解得a =－2m/s 2，图中图象对应的函数关系为x =8t －t 2，即质点做匀减速直线运动，质点的加速度大小为2m/s 2，故A 正确，C 错误； B ．2s 时，质点的速度大小为
[]08(2)2m/s 4m/s v v at =+=+-⨯=
故B 错误；
D ．t =1s 时质点位移
2187m x t t =-=
故D 错误。

故选A 。

23．B
解析：B
【解析】
【分析】
【详解】
A ．由图可知，前2s 甲车速度大，后2s 乙车的速度比甲车速度大，A 选项不合题意，故A 错误；
B ．图像与时间轴围成的面积大小等于物体的位移，由图可知，前4s 内甲一直在乙的前面，4s 末时两车相遇，B 选项符合题意，故B 正确；
C ．由图像的面积表示位移可知，4s 内两车的位移相等，用时相等，则平均速度相等，C 选项不合题意，故C 错误；
D ．4s 末时两车相遇，由图像的面积表示位移可知
10440m S =⨯=
所以距离出发点40m 远处两车相遇，D 选项不合题意，故D 错误。

故选B 。

24．D
解析：D
【解析】
【分析】
【详解】
A ．0~t 1时间内，邢雅萍做自由落体，机械能守恒，t 1~ t 2由于降落伞的作用，受到空气阻力的作用，空气阻力做负功，故0~t 2内机械能不守恒，故A 错误；
B ．机械能损失发生在t 1~ t 2的时间段内，设t 1时刻物体距离地面高度为h ，则有
22f 211122W mgh mv mv +=- 解得 22f 211122
W mv mv mgh =
-- 阻力做负功，故机械能的减小量为 22f 121122
E W mv mgh mv ∆=-=
+- 故B 错误； C ．v t -图象与时间轴围成面积表示位移大小，如图
若物体做匀减速直线运动，则有21~t t 时间里平均速度
122
v v v += 由图可知运动员21~t t 时间里位移小于红线表示的匀减速运动的位移，故21~t t 两段时间
里，邢雅萍的平均速度小于
122v v +，故t 1时刻距地面的高度小于1221()()2v v t t +-；故C 错误；
D ．v t -图象的斜率表示加速度，由图像可知，在21~t t 时间内运动员做加速度不断减小的
减速运动，故D 正确。

故选D 。

25．C
解析：C
【解析】
【分析】
【详解】
小球释放时的高度
110.5 4.5m=1.125m 2
h =⨯⨯ 下落时的加速度
221 4.5m/s 9m/s 0.5
v a t ∆=
==∆ 由牛顿第二定律
下降过程
1mg f ma -=
上升阶段
2mg f ma +=
解得
2211m/s a =
则上升的时间
222 3.30.3s 11v t a ===
反弹的高度
210.3 3.3m=0.495m 2h =⨯⨯ 则球的位移
120.63m x h h =-= 球的运动路程为
12 1.62m s h h =+= 则选项C 正确。

ABD 错误。

故选C 。