甘肃省庆阳市2019-2020学年中考物理第三次押题试卷含解析

甘肃省庆阳市2019-2020学年中考物理第三次押题试卷
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1．我国电力供电系统全球领先，为国家经济建设和人民生活提供了强有力的保障。

如果使用不当也会给我们带来危害，下列做法不符合安全用电要求的是
A．发现导线的绝缘部分破损时要及时更换
B．家用电器的金属外壳要接地
C．家庭电路保险丝断了，用铜丝代替保险
D．使用测电笔时，手直接接触它的笔尾金属体
C
【解析】
【详解】
A、导线的绝缘部分如果破损必须及时更换，以免触电，故A符合安全用电要求,不符合题意；
B、为了防止触电，带有金属外壳的家用电器的金属外壳必须接地，故B符合安全用电要求,不符合题意；
C、铜丝的熔点高，当电流过大时不容易熔断，因此不能代替保险丝，故C不符合安全用电要求,但符合题意；
D、使用测电笔时，手不能接触笔尖的金属体，但要接触笔尾的金属体，故D符合安全用电要求,不符合题意。

2．用如图的装置探究影响电流热效应的因素，电阻丝R1和R2分别密封在两只完全相同的烧瓶中，且R1＜R2，瓶中装有质量相等的煤油。

下列说法正确的是（）
A．该装置用来探究电流热效应与电流大小的关系
B．闭合开关后，装R1电阻丝的烧瓶中温度计示数上升较快
C．实验中，通过温度计示数的变化来比较电阻丝产生生热量的多少
D．将某一烧瓶中的煤油换成等质量的水，可比较煤油和水的比热容大小
C
【解析】
【分析】
（1）根据装置中的相同点、不同点，利用控制变量法分析；
（2）由焦耳定律Q=I2Rt分析放出热量的多少；
（3）通过观察烧瓶中温度计示数的变化来判断电阻丝发热的多少属于转换法；
（4）由吸热公式Q吸=cm△t可知，要比较水和煤油的比热容大小，应让两瓶中水和煤油的质量m相等、吸收的热量相等（加热时间相等），通过比较它们升高的温度大小关系，得出比热容的大小关系。

【详解】
A、由图可知，两电阻丝串联，电流相同，通电时间也相同，但电阻不同，故该实验探究的是电流产生的热量与电阻的关系，故A错误；
B、由焦耳定律Q=I2Rt可知，电流和通电时间相同时，电阻越大，放出的热量越多，由于R1＜R2，故R2放出的热量多，温度计示数升的高，故B错误；
C、通电后电流通过电阻丝做功，产生热量使煤油的温度升高，通过观察温度计的示数大小来判断电流产生的热量的多少，这个研究方法可以称之为转换法，故C正确；
D、要比较水和煤油的比热容，则应让水和煤油的质量相等、吸收的热量（加热时间）相等，由温度的变化大小得出比热容的大小关系；故用相同质量的水代替煤油，两瓶中都有相同阻值相同的电阻丝，电阻相等；故D错误。

选C。

3．把汤匙放在手指上，仔细调节使其在手指上平衡，如图所示，汤匙在手指上的左侧部分质量为m左，右侧部分的质量为m右，则m左与m右的关系正确的是
A．m左=m右
B．m左>m右
C．m左<m右
D．无法判断
C
【解析】
【分析】
【详解】
如图所示：
设较粗端的重力为G右，力臂为l右，细端的重力为G左，力臂为l左，根据杠杆平衡的条件G右L右=G左L
，因为右端重力的力臂比左端重力的力臂小，即l右＜l左，可得出G右＞G左；由G=mg得，m右＞m左，左
即右端的质量大于左端的质量，即m左<m右．
4．小梦在探究杠杆平衡条件的实验时，先在杠杆两侧挂钩码进行实验探究，再用弹簧测力计取代一侧的
钩码继续探究，如图所示．他这样做的最终目的是（）
A．便于直接读出拉力的大小
B．便于提供不同方向的拉力
C．便于正确认识力臂
D．便于测量力臂的大小
C
【解析】
从支点到力的作用线的距离叫力臂，在杠杆两侧挂钩码，由于重力的方向是竖直向下的，力臂在杠杆上可
以直接读出，当用弹簧测力计拉，若弹簧测力计如图倾斜时，拉力不再与杠杆垂直，这样力臂会相应变短，
根据杠杆的平衡条件，同时力会增大，才能使杠杆仍保持平衡，这样做实验可以加深学生对力臂的正确认
识，故选C．
点睛：本题考查了探究杠杆平衡条件的实验，运用杠杆平衡条件进行分析，在实验中应该注意拉力倾斜时
力臂会变小．
5．如图所示是利用磁悬浮原理浮在空中的盆栽，盆栽底部有磁体，底座内装有电磁铁．给盆栽浇水前后
A．盆裁受到的磁力大小不变
B．底座对桌面的压强大小不变
C．要使盆栽与底座之间距离不变，可适当减少电磁铁线圈内的电流
D．要使盆栽与底座之间距离不变，可适当增大电磁铁线圈内的电流
D
【解析】
【分析】
【详解】
A. 该盆栽悬浮的原理利用了同名磁极相互排斥，当盆栽悬浮在空中静止不动时，受的力是平衡力，即盆栽的总重力和磁力大小相等，当浇水后重力变大，故磁力也变大，故A错误；
B. 影响压强的因素是压力和受力面积，当浇水后重力变大，磁力也变大，对桌面的压力也变大，根据
F p
S
在压力变大，受力面积不变时，压强变大，故B错误；
C、D. 要使盆栽与底座之间距离不变，需增大磁力，电磁铁磁性强弱与电流的大小有关，其他条件相同，电流越大，磁性越强，故要增大磁力需增大电流，故C错误、D正确．
6．“安全用电，珍惜生命”是每个公民应有的意识．下列关于家庭电路说法正确的是
A．家电路起火时，应先用水扑灭，然后再断开电路
B．空气开关跳闸，一定是家庭电路出现短路导致的
C．当有人触电时，漏电保护器会迅速切断电路
D．家中多个大功率用电器，应接在同一插线板上使用
C
【解析】
A. 家庭电路起火时，应先断开电路用水扑灭，然后再用水扑灭，防止触电．故A错误；
B.空气开关“跳闸”有可能发生了短路，还有可能是电路中用电器总功率过大造成的．故B错误；
C. 漏电保护器通过检测电路中地线和火线中电流大小差异来控制开关，当火线有漏电时（单线触电）通过进户火线的电流大,而通过进户地线的电流小,引起绕在漏电保护器铁芯上磁通变化,而自动关掉开关，切断电路．故C正确；
D. 家中多个大功率用电器不可以在同一插线板上使用，否则会使电路中电流的过大而引起火灾．故D错误．故选C.
点睛：1.水是导体，电路起火时不能用水灭火，否则会发生触电事故；2. 电路中用电器总功率过大或发生短路都会引起空气开关“跳闸”；3. 当有人触电时，漏电保护器会迅速切断电；4. 家中多个大功率用电器不能在同一插线板上使用，否则容易引起火灾．
7．图所示的四个示意图中，用来研究电磁感应现象的是
A．B．
C．D．
B
【解析】
【详解】
A是通电导体在磁场中受到力的作用，是电动机的原理；B是闭合电路的一部分导体在磁场中受到力的作用，用来研究电磁感应现象，B正确；C是奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场；D是通电后，导体
棒在磁场中发生运动，是研究通电导线在磁场中受磁场力的．
8．如图所示的电路中，电源两端电压保持不变。

闭合开关S，电流表、电压表均有示数；若再闭合开关S1，则下列说法中正确的是
A．电压表的示数变小
B．电流表的示数变大
C．电压表的示数不变
D．电压表的示数变大
C
【解析】
【分析】
由电路图可知，闭合开关S时，电路为R1的简单电路，电流表测通过R1的电流，电压表测电源两端的电压；
再闭合开关S1后，R1与R2并联，电压表仍测电源两端的电压，电流表测R1支路的电流，根据电源的电压可知电压表的示数变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R1的电流变化。

【详解】
由电路图可知，闭合开关S时，电路为R1的简单电路，电流表测通过R1的电流，电压表测电源两端的电压；因电源的电压不变，所以电压表的示数不变，故AD错误，C正确；
若再闭合开关S1后，R1与R2并联，电压表仍测电源两端的电压，电流表仍测R1支路的电流，示数不变，故B错误。

故选：C。

9．如图所示，小铭的体重为G，支架横杆到地面的高度为h，小铭第一次顺着竖直的杆从杆顶匀速下滑到地面，第二次沿比杆粗糙的绳从杆顶匀速下滑到地面，第一次比第二次需要的时间短，两次小铭所受摩擦力的大小分别为f1、f2，重力做的功分别为W1、W2，重力的功率分别为P1、P2，摩擦力的功率分别为P1’、P2’.则
A．f1＜f2B．W1＝W2C．P1＜P2D．P1′＜P2′.
B
【解析】
【分析】
【详解】
题意可知,小铭始终是匀速下滑,处于平衡状态,所以,摩擦力与重力是一对平衡力,大小均与重力相同．因此f1=f2,故A错误；
小铭的体重为G，支架横杆到地面的高度为h，小明第一次顺着竖直的杆从杆顶匀速下滑到地面，第二次沿比杆粗糙的绳从杆顶匀速下滑到地面，都是重力做功，
所做的功W1=W2=Gh，故B正确；
小铭做功的功率,根据P=W
t
的知识可得,所做的功一样,所用时间越短,功率越大,故P1>P2，故C错误．
小铭两次下滑的摩擦力相等，第一次比第二次需要的时间短，据P=Fv可知，P1′ P2′．故D错误．10．甲、乙两只灯泡，其I-U关系图象如图所示，现将甲、乙两灯并联在电路中，当通过甲灯的电流为0.6A 时，电路消耗的总功率是
A．1.2W
B．0.8W
C．1.8W
D．3 W
D
【解析】
【详解】
将甲、乙两灯并联在电路中，由图象可知，当通过甲灯的电流为0.6A时，甲灯两端的电压U甲=3V，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，电源电压U=U乙=U甲=3V，由图象可知，乙灯两端的电压U 乙
=3V时，通过乙灯的电流I乙=0.4A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，电路中的总电流：I=I甲+I乙=0.6A+0.4A=1A，
电路消耗的总功率：P=UI=3V×1A=3W，故D正确．
二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11．如图甲所示，底面积为S的实心圆柱体A和底面积为2S装有水的圆柱形薄壁容器B放在水平地面上，它们对地面的压强分别为p1和p2将圆柱体A挂在弹簧测力计下端缓慢浸入圆柱形容器B内的水中，当圆
柱体A 有一半体积浸入水中时，如图乙，此时弹簧测力计的示数为F ，下列说法正确的是
A ．圆柱体A 的密度为［p 1S/（p 1S-F ）］ρ水
B ．圆柱体A 的密度为［p 1S/2（p 1S-F ）］ρ水
C ．容器对水平地面的压力为2（p 1+ p 2）S
D ．容器对水平地面的压力为p 1 S + 2p 2S-F BD 【解析】 【详解】
圆柱体A 对地面的压强：p 1=ρA gh 1，则1
1A p h g
ρ=
，物体
A 一半体积浸入水中时受到的浮力，F 浮=ρ水gV 排
=ρ水gS×12h 1=G A −F ，G A =p 1S ，则p 1S−F=12ρ水gSh 1=12ρ水g 1A p g ρS ，则ρA (p 1S−F)= 1
2
ρ水Sp 1，
()
11A 111
22p S
p S p S F p S F ρρρ=--水水= 故A 错误，B 正确；
容器对水平地面的压力F=G 2+G 1−F=p 2×
2S+p 1S−F=p 1S+2p 2S−F ，故C 错误，D 正确； 12．如图甲所示，电路中电源电压为4.5V ，小灯泡的额定电压为2.5V ，滑动变阻器标有“20Ω 1A”的字样。

闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，记录相应的电压表和电流表的示数，绘制成如图乙所示的I-U 图象。

下列说法中正确的是
A ．小灯泡正常发光时的电阻为10Ω
B ．小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的电阻为12.5Ω
C ．小灯泡的额定功率为0.625W
D ．当滑动变阻器的滑片向右移动时，电流表的示数变大，灯泡变暗
AC
【解析】
【详解】
A．小灯泡正常发光时额定电压为2.5V，由图乙可知，此时电流为0.25A，由欧姆定律可得小灯泡正常发
光时的电阻：R L
2.5V
0.25A
L
U
I
===10Ω，故A正确；
B．小灯泡正常发光时，滑动变阻器分得的电压为U P=U-U L=4.5V-2.5V=2V，所以，滑动变阻器接入电路
中的电阻为P
P
2V
8Ω0.25A
U
R
I
===，故B错误；
C．小灯泡正常发光时额定功率为：P L=U L I =2.5V×0.25A=0.625W，故C正确；
D．当滑动变阻器的滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，根据欧
姆定律I=U
R
可知电路中的电流变小，因此，电流表的示数变小，小灯泡两端的电压也减小，根据P=UI
可知小灯泡的实际功率变小，小灯泡变暗，故D错误。

13．如图所示的几个电路中，若0R的阻值和电源电压已知，那么能测出x R阻值的图是（）。

A．B．C．
D．
ABC
【解析】
【分析】
根据题中“能测出x R阻值的图是”可知，本题考查电阻的测量。

利用电压表和电流表，结合串、并联电路电流和电压特点以及欧姆定律，直接或间接测出电阻两端的电压和通过电阻的电流，即可求得电阻的阻值，据此分析判断。

【详解】
由题可知，电源电压U和0R的阻值已知。

A．由图可知，R x与R0串联，电压表测R x两端的电压，根据串联电路中电流处处相等，可得通过R x的
电流0x 000
x U U U I I R R -=
==，可得R x 的值：x x x
x 0
x x x 0
U U U R R U U I U U R ===--，故A 符合题意。

B ．由图可知，R x 与R 0串联，电流表测电路电流I ，由U=IR 可计算得到R 0两端电压U 0，R x 两端电压U x =U-U 0=U-IR 0，则0
x x U IR U R I I
-=
=，故可测出R x 的阻值，故B 符合题意。

C ．由图可知，R x 与R 0并联，电流表测干路电流I ，根据并联电路各支路两端的电压相等和欧姆定律，可
得通过R 0的电流00
U I R =，则通过R x 的电流x 00U I I I I R =-=-，可得R x 的值：
x x x 0
U U
R U I I R ==
-，故可测出R x 的阻值，故C 符合题意。

D ．由图可知，R x 与R 0并联，电压表测电源电压，由U
I R
=可计算通过R 0的电流，但通过R x 的电流无法得到，从而无法计算出R x 的阻值，故D 不符合题意。

三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14．某品牌电热饮水机有加热和保温两种工作状态（由机内温控开关S 0自动控制），从说明书上收集到如下数据及如图甲所示的电路原理图。

若把这台电热饮水机单独接入如图乙所示的电能表所在的电路工作，当温控开关S 0断开时，饮水机处于________状态（选填“加热”或“保温”），R 2的阻值为_______Ω；若同时闭合S 和S 0后工作6min ，这段时间内电能表的转盘转过_______转。

热水箱容量 2L 额定电压 220V 加热时的功率 400W 保温时的功率
40W
保温 1210 120 【解析】 【详解】
温控开关S 0断开时，只有电阻R 2接入电路，根据P=可知：热水器功率小于开关S 0闭合时两电阻并联时的功率，因此开关S 0断开时饮水机处于保温状态；只用电阻R 2接入电路时，饮水机处于保温状态，由
P=得：电阻R2===1210Ω；闭合S和S0后工作6min消耗的电能：
W=Pt=400W×6×60s=1.44×105J=0.04kW•h，由图可知电能表规格为3000r/ kW•h，则电能表转过的圈数是0.04 kW•h×3000r/ kW•h=120r。

15．小明家电能表如图所示，他家同时使用的用电器总功率不能超过_____W．将某用电器单独接在该表上工作10min，电能表上的转盘转过300转．该用电器在上述时间内消耗的电能为_____J，它的电功率是_____W．
2200 3.6×105600
【解析】
【分析】
【详解】
[1]图中电能表的使用电压为220V，允许通过的最大电流为10A，由P=UI可知同时使用的用电器总功率不能超过
220V×10A=2200W;
[2]电能表上3000r/kw·h表示电路中用电器每消耗1kW·h的电能，电能表的表盘转过3000转，则当电能表上的转盘转过300转时．该用电器消耗的电能为
0.1kW·h=3.6×105J；
[3]此过程所用时间为10min=600s，所以用电器的功率
P=W/t=3.6×105J/600S=600W.
16．如图是四种家用电器各自消耗1度电可持续正常工作的时间柱状图，其中额定功率最大的电器是
_____，节能灯正常工作5小时消耗的电能是________kW·h．
电视机0.1
【解析】
由图可知，四种家用电器各自消耗1度电，电视机可持续正常工作的时间最短，根据P
W
t
=可知，电视
机的额定功率最大；
由图，节能灯消耗1度电可持续正常工作50h，则节能灯正常工作5小时消耗的电能是5
W0.1
50
kW h kW h
==
n n；
17．如图所示的电路中，电源电压恒定，灯丝的电阻R L不随温度变化。

开关S1闭合，电流表的示数为I1，再闭合开关S2，小灯泡的亮度____（填“变亮”、“变暗”或“不变”），电流表的示数为I2。

若I1:I2=2：3，则R L:R=____。

不变1:2
【解析】
【详解】
由电路图可知，闭合开关S1、S2，灯泡L与电阻R并联，根据并联电路的特点，各支路互不影响，因此再闭合开关S2，小灯泡的亮度不变；电阻R与灯泡L并联，开关S1闭合，电流表测灯泡L电流为I1，再
闭合开关S2时，电流表测干路电流I2=I1+I R，已知I1:I2=2：3，11
21
2
3
R
I I
I I I
==
+；
1
2
1
R
I
I
=，并联电路中电流的分配与电阻成反比，所以I1：I R=R：R L=2:1，则R L:R=1:2。

18．图中，两个物体的重力均为200N。

图a中，不计绳和动滑轮的重力及摩擦，则匀速提起重物时拉力F1=__N；图b中，大小活塞的面积之比是5：1，不计摩擦及活塞的重力，则匀速举起重物时压力F2=____N。

100 40
【解析】由图a知道，承担物重的滑轮绳子股数是n=2，在不计绳和动滑轮的重力及摩擦，匀速提起重物时拉力是：F1 =G/n=200N/2=100N；根据题意知道，左右活塞面积之比是：S左：S右=5：1，由帕斯卡原理知道，两边压强相等，所以由p=F/S可得，G/S1=F2/S2，故F2 =GS2/S1=200N×1/5=40N。

四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19．工人利用如图所示的滑轮组在5s内把重物匀速提升2m，已知所用的拉力为250N，不计绳重和各处摩擦，求：
（1）绳子自由端移动的速度；
（2）拉力的功率；
（3）若滑轮组的机械效率为80%，求所提升物体的重力大小．
（1）0.8m/s；（2）200W；（3）400N
【解析】
【详解】
（1）由图可知滑轮组的动滑轮绕2段绳，绳子自由端移动的距离：s=2h=2×2m=4m，
绳子自由端移动的速度：
4m
=0.8m/s
5s
s
v
t
==；
（2）拉力做的总功：W总=Fs=250N×4m=1000J，
拉力的功率：
1000J
=200W
5s
W
P
t
==
总；
（3）有用功：W有用=W总η=1000J×80%=800J；
由W有用=Gh可得物体的重力：
800J
=400N
2m
W
G
h
有用
==．
答：（1）绳子自由端移动的速度为0.8m/s；
（2）拉力的功率为200W；
（3）若滑轮组的机械效率为80%，所提升物体的重力大小为400N．
20．如图是某电热饮水机内部的电路原理图，如表是其说明书上收集到的数据。

该电热饮水机有加热和保温两种工作状态（由机内温控开关S0自动控制），其内部有一个热水箱，热水箱中的水温达到90℃时，温控开关S0就会自动断开，停止加热进入保温状态；当水温降至60℃时，温控开关S0又会自动闭合重新加热。

求：
水桶容量20L
热水箱容量2L
额定电压220V
加热时的功率440W
保温时的功率40W
电热饮水机加热时电流的大小；当热水箱里装满水时（按2L计算），水的质量为多少？
（提示：1L＝1×10﹣3m3；ρ水＝1.0×103kg/m3）当热水箱里温度降至60℃时，温控开关自动闭合重新加热700s至90℃这一过程中，水吸收的热量是多少？消耗的电能是多少？[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]结合第（3）问的计算结果，请简述水吸收的热量和消耗的电能不相等的原因；正常加热时R1的电阻值是多少？（1）2A；（2）2kg；（3）2.52×105J，3.08×105J；（4）水吸收的热量和消耗的电能不相等的原因是有热散失；（5）121Ω．
【解析】
解答：（1）由P＝UI可得，电热饮水机加热时电流的大小：I＝＝＝2A；（2）水的体积：V＝2L ＝2×10-3m3，由ρ＝可得，水的质量：
m＝ρV＝1.0×103kg/m3×2×10-3m3＝2kg；（3）水吸收的热量：
Q吸＝cm（t-t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（90℃-60℃）＝2.52×105J，由P＝可得，消耗的电能：W＝Pt′＝440W×700s＝3.08×105J；（4）由上面的计算可知，W>Q吸，因为有热散失；（5）由题意可知，开关S闭合、S0断开时，电路为R2的简单电路，电饮水机处于保温状态；开关S、S0闭合时，R1与R2并联，电饮水机处于加热状态，因电路中总功率等于各用电器功率之和，所以，R1的电功率：P1＝P加热-P 保温＝440W-40W＝400W，由P＝可知，正常加热时R1的电阻值：R1＝＝＝121Ω．
21．港珠澳大桥被誉为现代七大奇迹之一，其中长约5600m的沉管隧道通过引桥与人工岛路面相连，引桥长1000m，竖直高度为40m，简化图如图所示．重5×104N的汽车在沉管隧道中以90km/h的速度匀速行驶，所受阻力为其重力的0.05倍．从引桥最低端开始汽车功率增大到90kW匀速行驶，耗时45s到达人工岛路面，求：
（1）汽车完全通过沉管隧道需要多少秒；
（2）汽车在沉管隧道中行驶时牵引力所做的功；
（3）汽车在引桥上所受阻力的大小．
（1）224s；（2）1.4×107J；（3）2050N．
【分析】
【详解】
（1）沉管隧道中汽车速度为：v1＝90km/h＝25m/s，则汽车完全通过沉管隧道需要的时间：
；
（2）汽车所受阻力大小为：f＝0.05G＝0.05×5×104N＝2500N，因为汽车做匀速直线运动，所以汽车所受牵引力为：F＝f＝2500N，则汽车在沉管隧道中行驶时牵引力做的功：＝2500N×5600m＝1.4×107J；（3）汽车在引桥上行驶时功率为：P＝90kW＝9×104W，根据可得，牵引力所做的功为：
＝9×104W×45s＝4.05×106J，重力做功为＝5×104N×40m＝2×106J，阻力做功为W2＝W牵﹣W重＝
4.05×106J﹣2×106J＝2.05×106J，汽车所受阻力大小为.
五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．如图所示，一只蜻蜓（用A点表示）停在水池上方。

请在图中标出蜻蜓所成的像A′．（要求保留作图痕迹）
（________）
【解析】
【分析】
利用平面镜成像原理作图，即像和物关于平面镜对称。

由A点向水面作垂线并延长，垂足为O，在延长线上截取OA'，使OA'= OA，A' 即为A的像，如图所示：
23．如图所示，请连成符合安全用电原则的照明电路．
【解析】
三孔插座的连接，左侧线向上延长连接到零线上，右侧带保险盒的线向上延长连接到火线，上面的线向上延长连接到地线；
灯和开关的连接，灯的螺旋向上延长连接至零线，灯的上端向右连接开关，开关向上连接至火线，如图：
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．小成同学在做“探究平面镜成像特点”的实验时，在竖立的玻璃板P前5cm处放一支蜡烛A，小成发现在玻璃板的后面出现蜡烛的像，他再取一段未点燃的同样的蜡烛B放在像处，发现该蜡烛与蜡烛A 的像完全重合；如图所示．实验中，小成同学将蜡烛A点燃，小华在B蜡烛的烛焰上放一根火柴，火柴_____（选填“可能”或“不可能”）被点燃；小成第二次将A蜡烛放在距玻璃板15cm处，则B蜡烛应与A蜡烛相距_____cm才可能与A蜡烛的像完全重合；若在玻璃板P、蜡烛B间放一块纸板，在纸板上_____（能/不能）看到像．
不可能30 不能
【解析】
【详解】
（1）因平面镜成的是虚像，不是实际光线的会聚点，所以小成在B蜡烛的烛焰上放一根火柴，火柴不可能被点燃；
（2）因为平面镜成像的特点之一是物像等距，所以，小成第二次将A蜡烛放在距玻璃板15cm处，此时，B蜡烛距离玻璃板也为15cm，则B蜡烛应与A相距15cm+15cm＝30cm，这样才能与蜡烛A的像完全重合．
（3）蜡烛在玻璃板中成的是虚像，虚像不能用光屏承接，所以在玻璃板P与蜡烛B间放一块纸板，纸板上不能看到像．
25．在学过摩擦力知识后，小明想探究：摩擦力大小是否与压力、重力都有关系？他利用如图所示的装置进行探究实验。

实验步骤如下：
①把金属盒放在质量不计的白纸上，读出台式测力计示数；拉动白纸的过程中，读出弹簧测力计的示数。

②将质量不计的氢气球系在金属盒上，读出台式测力计示数：拉动白纸的过程中，读出弹簧测力计的示数。

③再往金属盒注入适量的沙子，使台「实验台式测力计金属盒弹簧测力计式测力计示数与步骤①中的示数相等，拉动白纸的过程中，读出弹簧测力计的示数。

实验相关数据如表。

实验序号台式测力计示数F1/N 金属盒总重力G/N 弹簧测力计示数F2/N
① 4.8 4.8 1.8
② 3.2 1.2
③ 4.8 6.4 1.8
（1）此实验是根据_____原理测出摩擦力大小的。

金属盒上系氢气球是为了在金属盒总重力不变的情况下改变_____。

请你补齐上表中空格处的数据，其值为_____N。

比较实验步骤_____（填序号）的数据，说明摩擦力大小与重力无关
二力平衡压力 4.8 ①③
【解析】
【详解】
（1）在实验中拉动白纸运动时，金属盒始终处于静止状态，根据二力平衡条件，金属盒受到的摩擦力与拉力是一对平衡力，所以拉力与摩擦力的大小相等；实验步骤②使用氢气球，由于氢气球向上拉金属盒，所以金属盒对白纸的压力变小，但其本身的重力不变；
（2）第二次实验中，氢气球系在金属盒上，保持了总重力不变，而改变了压力大小，来探究摩擦力与压力大小的关系。

所以第2次实验，金属盒的总重力仍为4.8N；
（3）由表中①③实验数据可知，物体的重力不同而摩擦力相等，由此可知，摩擦力与重力无关。

26．如图所示，李宁同学在张老师指导下做“探究凸透镜成像规律”的实验．
（1）当蜡烛位于图中B处时，移动光屏到D处，观察到光屏上呈现清晰的像，此时像和物大小相等，则该凸透镜焦距为_____cm．
（2）李宁同学把蜡烛移动到A处，屏上的像变得模糊，要使像变清晰，光屏应向_____（选填“左”或“右”）适当移动，此时光屏上的像应该是倒立、_____的实像．
（3）凸透镜在生活中有很多应用，用凸透镜做成的眼镜适用于矫正_____．（选填“近视眼”或“远视眼”）10 左缩小远视眼
【解析】
【详解】
（1）根据图中数据可知，u＝v＝20.00cm，则可知20.00cm＝2f，f＝10.00cm；
（2）李宁同学把蜡烛移动到A处，即物体处于2倍焦距以外，所成此时的像应该成在凸透镜另一侧的1倍焦距和2倍焦距之间，故光屏应该向左移动，成倒立、缩小的实像，照相机就是利用该原理制成的．（3）凸透镜在生活中有很多应用，用凸透镜做成的眼镜适用于矫正远视眼．。