高中生物第1章孟德尔定律章末检测卷浙科版必修

第1章孟德尔定律
章末检测卷
（时间：60分钟分数：100分）
一、选择题（本大题共33小题，每小题2分，共66分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个是符合题目要求的。

不选、多选、错选均不得分）
1 •下列各组中不属于相对性状的是（）
A. 骆驼的长毛与细毛
B.豌豆的紫花和红花
C.西红柿的抗病与易染病
D.水稻的早熟和晚熟
解析骆驼的长毛与细毛不是“同一性状”。

答案A
2. 下列各项实验中应采取的最佳交配方法分别是（）
①鉴别一只白兔是否为纯合子②鉴别一株小麦是否为纯合子③不断提高水稻品种
的纯合度④鉴别一对相对性状的显隐性关系
A. 杂交、测交、自交、测交
B.测交、自交、自交、杂交
C.杂交、测交、自交、杂交D测交、测交、杂交、自交
解析兔子能够生育多次，可以利用测交鉴别是否纯合；小麦自交可以自然进行，若为
杂合子，子代会出现性状分离，很容易鉴别，若测交需要人为操作，显然自交比测交方案更
好；由于纯合子自交能稳定遗传，杂合子自交会发生性状分离，所以利用连续自交的方式，使得杂合子比例逐渐减少，以提高水稻、小麦、豌豆等植物的纯合度；要鉴别一对相对性状
的显隐性关系，利用不同性状的纯合子杂交，子一代表现出的亲本性状即为显性性状。

答案B
3. 下列对遗传术语的理解错误的是（）
A. 相对性状是由等位基因控制的
B. 显性性状是由显性基因控制的
C. 性状分离是指杂种后代出现了不同的基因型
D. 测交可以用来测定显性个体的基因型
解析性状分离是杂合子自交后代同时表现显性性状和隐性性状的现象，不是指杂种后代出现了不同的基因型，C错误。

答案C
4. 某植物的紫花与红花是一对相对性状，且是由单基因（D、d）控制的完全显性遗传，现有一株紫花植株和一株红花植株作实验材料。

设计如表所示实验方案以鉴别植株的基因
型。

下列有关叙述错误的是（）
A.两组实验中，都有能判定紫花和红花的显性隐性的依据
B. ①全为紫花，④的基因型为DD K dd
C. ②紫花和红花的数量之比为 1 ：1,⑤为Ddx dd
D.③的基因型为Ddx Dd,判定依据是子代出现性状分离，说明双亲有隐性基因
解析根据第一组紫花自交子代是否出现性状分离，可判断性状的显隐性，根据第二组
紫花和红花杂交，子代若全为紫花，说明紫色为显性，A正确；①全为紫花，④的基因型为DDK DD B错误；若②紫花和红花的数量之比为 1 ：1,则⑤的基因型为Ddx dd，C正确；依据子代出现性状分离，可判断③的基因型为DdX Dd, D正确。

答案B
5. 下列属于纯合子的是（）
A. aaBb
B. AaBb
C. AAbb
D. Aabb
答案C
6. 不断提高小麦抗病（显性性状）品种的纯合度一般采用（）
A. 杂交
B.自交
C.测交
D.正交
解析自交可提高纯合度。

答案B
7•孟德尔通过植物杂交实验，探索遗传规律，他采用了严格的科学方法，下列说法哪
项是正确的（）
A. “一对相对性状的遗传实验和结果”一一分析问题，提出假说
B. “测交实验和结果”一一分析问题，寻找规律
C. “分离定律的本质”一一发现问题，提出假说
D. “对分离现象的解释”一一分析问题，提出假说
解析孟德尔科学设计实验程序，“一对相对性状的遗传实验和结果”是发现问题，获
得数据；“对分离现象的解释”是分析问题，提出假说；“测交实验和结果”是验证假说；“分离定律的本质”是发现规律。

答案D
&下列关于遗传因子与相对性状关系的正确叙述是（）
①当显性遗传因子与隐性遗传因子在一起时， 个体表现出显性遗传因子控制的性状
当显性遗传因子与隐性遗传因子在一起时， 隐性遗传因子对显性遗传因子有显性作用
③当
一对遗传因子均为显性时，生物个体只表现显性性状 ④当一对遗传因子均为隐性时，生物 个体仍表现出显性性状
A.①②
B.③④
C.①③
D.②④
解析两个遗传因子如果都是显性遗传因子或一个是显性遗传因子，
一个是隐性遗传因
子，则表现为显性性状；如果两个遗传因子都是隐性遗传因子，则表现出隐性性状。

答案 C
9•大豆的白花和紫花是一对相对性状。

下列四组杂交实验中：
能判断显性和隐性关系的是 （ ）
A.①和② C.①和③
解析 ①紫花X 紫花T 紫花， 紫花可能是显性纯合子， 也可能是隐性纯合子， 不能判断 显隐性关系，①错误；②紫花x 紫花T 301紫花+ 101白花，子代的紫花：白花接近
3 ： 1,
因此紫花是显性性状，白花是隐性性状， ②正确；③紫花x 白花T 紫花，说明紫花是显性性 状，白花是隐性性状，③正确；④紫花x 白花T 98紫花+ 102白花，相当于测交实验，不能 判断显隐性关系，④错误。

答案 D
10.兔子的毛色黑色对白色为显性， 两只黑色兔子，生下了 3只白色兔子（无基因突变）, 若再生第4只兔子，其毛色是白色的概率
( )
1 A 8 1 B 4 C ! D. 1
答案 B
11.用矮秆晚熟（ddEE ）水稻和高秆早熟（DDee ）水稻杂交得F 1, F 1自交得到F 2,这两对相 对性状独立遗传，若
F 2得到150株矮秆晚熟植株，那么
F 2在理论上要有多少株（
）
B.③和④ D.②和③
A. 1 000
B. 400
C. 800 答案 C
12.基因型为AaBBDd 勺个体与AaBbdd 的个体杂交，且三对等位基因的遗传遵循基因自 由组合定律，则后代的基因型和表现型分别有
（ ）
A. 12种和4种
B. 6种和4种
C. 4种和12种
D. 8种和4种
答案 A
13 .若某种群有 AA Aa 、aa 三种基因型的个体，且 AA ： Aa ： aa = 2 : 3 : 4,则理论上 它们产生的配子情况是（
）
A. AA ： Aa : aa = 2 : 3 : 4
B. A : Aa : a = 4 : 3 ：8
C. A ： a = 7 ： 11
D. A ： a = 5 ：7
解析 形成配子时成对的基因分离，所以配子中只含有成对基因中的一个， A 、B 错误:
2 3 4 2137
1 3 4 11 种群为9AA §Aa 、©aa ，所以生成的配子为 A = 9+亡9 = 18，a =
9 + 9 = 18。

答案 C
14 .如图是某白化病家族的遗传系谱，请推测n — 2与n — 3这对夫妇生白化病孩子的 概率是（
）
解析 据图可知白化病是隐性遗传病，设白化病基因为
a ,则n — 1为aa ,I — 1和I
1 2 1 2
—2都为Aa,他们的女儿n — 2为AA§或Aa 3 ；同理可得n — 3为AA3或Aa 3。

所以n
答案 A
15 . 一杂合子（Dd ）植株自交时，含有隐性配子的花粉有 50%的死亡率，则自交后代的基
因型比例是（
）
A.
1
： 1 ： 1 B. 4 : 4 ：1 C. 2
: 3 : 1 D. 1 : 2 ：1
D. 450
A. C.
丄
36
B.
D.
丄
18
—2与n- 3这对夫妇生白化病孩子的概率为
3X 3X 4 = 1
9°
□O 正常卑食
豳齒白化翻灿
解析隐性配子的花粉有50%勺死亡率，说明雄配子中D、d的比例是2 : 1，而雌配子中D d 的比例为1 : 1,所以用棋盘法即可求得：DD： Dd： dd= 2 : （1 + 2）：1。

答案C
16. 下列哪一项不属于孟德尔遗传试验的科学方法（）
A. 选用自花授粉的豌豆作试验材料
B. 首先只对一对相对性状的遗传情况进行研究
C. 从豌豆的全部相对性状进行综合性分析入手
D. 运用数理统计的方法对结果进行分析
解析孟德尔遗传试验中巧妙地运用了由简到繁的方法，搞清楚一对相对性状的遗传规
律后，再扩展到多对。

答案C
17. 基因型为RrYY的生物个体自交，产生的后代，其基因型的比例为（）
A. 3 : 1
B. 1 : 2 ：1
C. 1 ：1 ：1 ：1
D. 9 : 3 : 3 ：1
解析基因型为RrYY的生物个体自交，产生的后代基因型为RRYY RrYY和rrYY，比
例为1 : 2 ：1。

答案B
18. 南瓜的盘状果实由常染色体上的显性基因（G）控制，球状果实由隐性基因（g）控制。

某生物兴趣小组就该对相对性状进行了杂交实验，
杂交后代的统计结果如图所示：在下列四组杂交中，其后代符合下图性状数量比例的是（）
A. gg（球状）x gg（球状）
B. Gg（盘状）x Gg（盘状）
C. Gg（盘状）x gg（球状）
D. GG盘状）x gg（球状）
答案B
19. 某种小鼠的体色受常染色体基因的控制，现用一对纯合灰鼠杂交，F1都是黑鼠，F
中的雌雄个体相互交配，F2体色表现为9黑：6灰：1白。

下列叙述正确的是（）
A. 小鼠体色遗传遵循基因的自由组合定律
B. 若F1与白鼠杂交，后代表现为2黑：1灰：1白
C. F2灰鼠中能稳定遗传的个体占1/2
D. F2黑鼠有两种基因型
解析根据F2性状分离比可判断基因的遗传遵循自由组合定律，A正确；F1（AaBb）与白
鼠（aabb）杂交，后代中AaBb（黑厂Aabb（灰）：aaBb（灰）:aabb（白）=1 ： 1 ： 1 ：1, B错误；
F2灰鼠(A_bb、aaB_)中纯合子占1/3 , C错误；F2黑鼠(A_B_)有4种基因型，D错误。

答案A
20. 人体耳垂离生(A)对连生(a)为显性，眼睛棕色(B)对蓝色(b)为显性，两对基因自由
组合。

一个棕眼离生耳垂的男人与一个蓝眼离生耳垂的女人婚配，生了一个蓝眼连生耳垂的
孩子。

倘若他们再生育，未来子女为蓝眼离生耳垂、蓝眼连生耳垂的几率分别是()
A. 1/4,1/8
B. 1/8,1/8
C. 3/8,1/8
D. 3/8,1/2
解析根据亲代表现型及子代表现型可确定双亲的基因型为：父亲AaBb,母亲Aabb o
两对基因分别考虑，Aa x Aa^3A_：1aa, Bb x bb^ 1Bb： 1bb,可得未来子女棕眼的几率为1/2，蓝眼的几率为1/2，耳垂离生的几率为3/4，耳垂连生的几率为1/4。

则子女为蓝眼离生耳垂的几率为
1/2 X 3/4 = 3/8，蓝眼连生耳垂的几率为1/2 X 1/4 = 1/8。

答案C
21. 某生物的基因型为AaBb,这两对基因的遗传符合自由组合定律。

该生
物测交后代
中，与其两个亲代基因型都不同的个体所占的百分比是()
A. 25%
B. 50%
C. 75%
D. 100%
解析基因型为AaBb的个体测交，即AaBb X aabb，要计算与其两个亲代基因型都不同的个体
所占的百分比，可以先计算出与两个亲本基因型相同的个体所占的百分比。

1 1 1
(1) AaBb X aabb,与AaBb基因型相同的个体所占的百分比为-X j; (2)AaBb X aabb,与
1 1 1
aabb基因型相同的个体所占的百分比为q X 才因此，与两个亲代基因型都不同的个体所
t 1 1 1
占的百分比为1 —才一4=2，即卩50%
答案B
22. AaBbD X aaBbdd,三对基因的遗传遵循自由组合定律，其后代中杂合子占()
A. 1/8
B. 7/8
C. 1/2
D. 3/4
解析先分别分析每一对基因：Aa X aa,后代中纯合子占1/2 ; Bb X Bb,后代中纯合子占1/2 ; Ddx dd,后代中纯合子占1/2。

然后综合分析三对基因：AaBbD X aaBbdd,后代中
纯合子占1/2 X 1/2 X 1/2 = 1/8。

最后利用间接法可求出后代中杂合子占 1 —1/8 = 7/8。

答案B
23 .番茄的红果(R)对黄果(r)是显性，让杂合的红果番茄自交得F1，淘汰F1中的黄果
番茄，利用F1中的红果番茄自交，其后代RR Rr、rr三种基因的比例分别是()
A. 1 : 2 : 1
B. 4 : 4 : 1
C. 3 : 2 : 1
D. 9 : 3 ：1
一 1 2
解析利用F i中的红果番茄自交，3RR自交不发生性状分离，而^Rr自交发生性状分离，
111 12 11
后代的基因型及比例为—RR — Rr、；rr ,即RR Rr、rr二种基因所占比例分别是三+;^二=二、
4 2 4 3 3 4 2 2 112 11 一
厅X厅=亍厅乂斤=云，所有RR Rr、rr二种基因之比为 3 : 2 ：1。

3 2 3 3
4 6
答案C
24.已知一批基因型为AA和Aa的豌豆种子，其数目之比为1 : 2,将这批种子种下，自然状态下（假设结实率相同）其子一代中基因型为AA Aa、aa的种子数之比为（）
A. 3 : 2 : 1
B. 1 : 2 ：1
C. 3 : 5 : 1
D. 4 : 4 ：1
解析豌豆为自花传粉，闭花受粉，所以自然状态下均为自交，AA的个体占1/3 ,自交后代全部为AA占1/3 ; Aa的个体占2/3，后代有三种基因型，所占比例分别为AA= 2/3 X 1/4 =1/6、Aa= 2/3 X 2/4 = 1/3、aa = 2/3 X 1/4 = 1/6，统计结果AA= 3/6、Aa= 2/6、aa= 1/6 , 故种子数之比为3 : 2 ：1。

答案A
25•天竺鼠身体较圆，唇形似兔，是鼠类宠物中最温驯的一种，受到人们的喜爱。

科学
家通过研究发现，该鼠的毛色由两对基因控制，这两对基因分别位于两对常染色体上。

现有一批基因型为BbCc的天竺鼠，已知B决定黑色毛，b决定褐色毛，C决定毛色存在，c决定毛色不存在（即白色）。

则这批天竺鼠繁殖后，子代中黑色：褐色：白色的理论比值为（）
A. 9 : 4 : 3
B. 9 : 3 ：4
C. 9 ：1 ：6
D. 9 : 6 ：1
解析BbCc繁殖的后代中，B_C_基因为黑色，占16；bbC-基因型为褐色，占寻；所有
cc基因型（包括B_cc、bbcc）都为白色，占总数的
16
答案B
26. 下列基因型个体中，只能产生一种配子的是
（）
A. YyRrDd
B. yyRrdd
C. yyRRDd
D. YYrrDD
解析因为形成配子时等位基因分离，非等位基因自由组合，故只有纯合子只能产生一
种配子。

答案D
27. 某生物体能产生四种配子，即Ab： aB： AB： ab= 4 : 4 ：1 ：1，此生物自交得到的
后代中，基因型为 AABb 的个体出现概率是（
）
16 100 C. 答案 C 28.
某常染色体遗传病， 基因型为AA 的人都患病，Aa 的人有50%患
病，aa 的人都正常。

一对新婚夫妇中女性正常，她的母亲患病，基因型为 Aa ,她的父亲和丈夫的家族中均无该
病患者，请推测这对夫妇的子女中患病的概率是
（ ）
A. 1/12
B. 1/6
C. 1/3
D. 1/2
解析 该新婚妻子的父亲家族中无该病患者，因此其父亲基因型为 aa ,该妻子表现型
正常，故该妻子的基因型为
Aa 或aa ,又Aa 的人有50%患病，所以Aa 与aa 的比例为1 : 2,
其丈夫家族中也没有该病患者，其丈夫基因型为
aa ,他们子女的基因型为
Aa 的概率为
1/3 X 1/2 = 1/6，而Aa 基因型中患病的占50%故这对夫妇的子女中患该病的概率为 1/6 X 1/2
=1/12。

答案 A
29.
两杂合子黄色子粒豌豆杂交产生种子 120粒，其
中纯合子黄色种子的数目约为 （ ）
A. 0 粒
B. 30 粒
C. 60 粒
D. 90 粒
解析 两杂合子黄色子粒杂交，
后代三种遗传因子组成： 纯合子黄色种子：杂合子黄色
1
种子：隐性类型=1 : 2 : 1,即杂交后代中纯合子黄色种子占
4应为30粒。

答案 B 30.
两株高茎豌豆杂交，
后代既有高茎又有矮茎， 让子代高茎豌豆
自交，后代中高茎： 矮茎为（
）
A. 3: 1
B. 1 ： 1
C. 9
: 6 D. 5 ：1
2 1 1
解析 F 2中矮茎豌豆为：X;=?故F 2中咼茎：矮茎为5： 1。

3 4 6 答案 D
B.
D.
31. 某个体与隐性个体测交得到的子代基因型为DdEeFf、DdeeFf、ddEeFf、ddeeFf。

若按照自由组合定律遗传，该个体基因型为（）
A. DdEeFf
B. DdEeFF
C. ddEeFF
D. DdEEFF
解析 隐性个体只产生一种配子
def ,在子代基因型中去掉 def 则是被测个体产生的配
子，即 DEF DeF 、dEF deF ，故其基因型是 DdEeFF
答案 B 32.
在模拟孟德尔杂交实验
的活动中，两个信封内卡片的组合表示
（ ）
A. F 1产生的配子
B.亲本产生的配子
C.亲本配子的结合
D. F 1配子的结合
解析两个信封内卡片表示 答案 D
F 1产生的配子，两个信封内卡片的组合表示 F 1配子的结合。

33 •已知某一动物种群中仅有 Aabb 和AAbb 两种类型的个体（aa 的个体在胚胎期致死）, 两对性状的遗传遵循基因的自由组合定律，
Aabb ： AAbb= 1 : 1,且该种群中雌雄个体比例为
1 : 1,个体间可以自由交配， 则该种群自由交配产生的成活子代中能稳定遗传的个体所占比 例是（
）
A. 5/8 C. 1/4
解析 由Aabb ： AAbb= 1 ：1可知，所产生的雌雄配子中, 后代是由Ab ab 两类雌雄配子随机结合所得到的，故子代中
1
16,又因aa 个体致死，所以存活个体中，能稳定遗传的个体所占比例为
答案 B
、非选择题（本大题共4小题，共34分）
34 . （6分）多指是一类由常染色体上的基因控制的人类遗传病。

试回答下列问题。

（设A 、a 是与该病有关的基因）
12
3
4
II 初 --------- ---- 盪醪影患新男女
S
b
門一一鬲
□ O 正常男女
（1） _________________________ 据图谱判断，多指是由 性基因控制的遗传病。

（2） _________________________________________________ 写出女患者及其父母的所
有可能的基因型：女患者 __________________________________________ ，父亲 ________ ，母亲
（3） 如果该女患者与多指男患者结婚，其后代所有可能的基因型是 （4） 如果该女患者与一正常男子结婚，其后代患多指的概率为
B. 3/5 D. 3/4
Ab: ab = 3 : 1。

自由交配的
9
6
AAbb =
荷 Aabb =宦 aabb =
9 _ 3 15 = 5°
已知某女患者的家系图,
答案（1）显（2）AA 或Aa Aa Aa （3）AA、Aa、aa
2
(4
)3
35. (8分)水稻中有芒(A)对无芒(a)是显性，抗病(R)对不抗病(r)是显性。

根据下列育 种过程完成问题：
?
P aarr x AAR —^F 1 ------------------- > F 2
(1) F i 的基因型及表现型分别是 ________________________________________________ 。

(2) F i 产生的配子及比例分别为 _____________________________________________ 。

(3) 表现为无芒抗病类型的个体占 F 2的 ________ ，其基因型为 __________________ 。

(4) F 冲无芒抗病优良品种的基因型应为 ___________ ，这种类型占F 2的比例为 _________ , 能否直接从F 2中选出这一理想品种？ __________________ 。

为什么？ _______________________
解析 根据自由组合定律可知： 控制不同性状的基因会发生自由组合， 产生性状重新组
合的类型。

因此，在杂交育种工作中，可以将具有不同优良性状的个体进行杂交， 从而得到
两种不同优良性状集于一体的个体。

本题中的优良性状是无芒抗病， 但由于此性状的基因型
有两种：aaRR 和 aaRr ，这两种混合在一起无法从中选出纯合的优良品种
aaRR 需要对无芒
抗病类型进行连续自交， 使其基因型趋向纯合， 即纯合个体占的比例越来越大， 杂合个体占
的比例越来越小，经过 5〜6年的时间才可以选育出优良品种。

3
答案 (1)AaRr 、有芒抗病 (2)AR : Ar : aR ： ar = 1 ： 1 ： 1 ：1 (3) aaRr 、aaRR
36. (12分)燕麦的纯合黑颖植株和纯合黄颖植株杂交， F 1全是黑颖，F 2的表现型及数量
如图所示。

⑵F 1黑颖产生的雌、雄配子均有 __________ 种类型。

若用白颖与 F 1黑颖杂交，杂交后代
的表现型及比值为 ____________________________
(3)在F 2中，黑颖有 __________ 种基因型，黑颖中纯合子所占比例为 ___________ 。

解析(1)F 1自交产生的F 2中，黑颖：黄颖：白颖=12 : 3 : 1，是“9： 3 : 3 : 1 ”的变 式，说明控制燕麦颖色的两对基因
(A 和a , B 和b)遵循基因的自由组合定律。

(2) F 1的基因型为 AaBb, F 2的情况为黑颖(9A_B_、3A_bb):黄颖(aaB_):白颖(aabb)= 12 : 3 :
(4)aaRR 16不能
因为aaRR 和 aaRr 混合在一起，无法直接选出
(1)黑颖、黄颖、白颖由
________ 定律。

1,所以F i黑颖产生的雌、雄配子均有4种类型。

若用白颖与F i黑颖杂交，杂交后代的表现型及比值为2黑颖：1黄颖：1白颖。

（3）在F2中，黑颖有4+ 2= 6种基因型，黑颖中纯合子所占比例为1/6。

答案（1） 2 自由组合（2）4 2黑颖：1黄颖：1白颖（3）6 1/6
37. （8分）在一个经长期随机交配形成的自然鼠群中，存在的毛色表现型与基因型的关系如下表（注：AA纯合胚胎致死）。

请分析回答相关问题。

（1）若亲本基因型为_______________________________ Aa2,则其子代的表现型可能为。

（2） _________________________________________________________ 两只鼠杂交，后代出现三种表现型。

则该对亲本的基因型是 __________________________________ ，它们再生一只黑色雄鼠的概率是_______ 。

（3）假设进行很多A a2 Xa a2的杂交，平均每窝生8只小鼠。

在同样条件下进行许多
Aaz x Aa2的杂交，预期每窝平均生 ______ 只小鼠。

（4）现有一只黄色雄鼠和多只其他各色的雌鼠，如何利用杂交方法检测出该雄鼠的基因
型？
实验思路：
①选用该黄色雄鼠与多只 _____ 色雌鼠杂交；
②_____________________________________________________________ 。

结果预测：
①如果后代出现黄色和灰色，则该黄色雄鼠的基因型为__________ ;
②如果后代出现 ______________ ，则该黄色雄鼠的基因型为As b o
解析（1）根据表格中基因型与表现型的对应关系，若亲本基因型为Aa1和As fc,则其子
代的基因型和表现型为AA（死亡）、Aa1（黄色）、Aa2（黄色）、af2（灰色）。

（2）后代中有3种表
现型，其中有黑色a2a2，可推知其父母均有a2，所以亲本的基因型为Aa2和a1a2,它们再生
一只黑色鼠的概率为1/4 ,雄性概率为1/2 ,所以黑色雄鼠的概率为1/8。

（3）Aa 2和3^2的后代全部存活，而Aa2和Aa2的后代只有3/4存活，所以8X 3/4 = 6（只）。

（4）要检测雄鼠的基因型，应用该黄色雄鼠与多只黑色雌鼠杂交，并观察后代毛色。

如果后代出现黄色和灰色，则该黄色雄鼠的基因型为Aa,如果后代出现黄色和黑色，则该黄色雄鼠的基因型为Aa2。

答案（1）黄色、灰色（2）Aa2、a1a2 1/8 （3）6
（4）实验思路：①黑②观察后代的毛色结果预测：①Aa1②黄色和黑色。