河北省邯郸市曲周一中高二上学期第一次半月考物理试卷 Word版含解析.pdf

河北省邯郸市曲周一中高二上学期第一次半月考物理试卷
一、选择题：（共64分，全对得4分，漏选得2分，有选错或多选得0分．）
1．物体沿光滑固定斜面向下加速滑动，在运动过程中，下述说法正确的是( )
A．重力势能逐渐减少，动能也逐渐减少
B．重力势能逐渐增加，动能逐渐减少
C．由于斜面是光滑的，所以机械能一定守恒
D．重力和支持力对物体都做正功
2．一个质量为m的带电小球，在竖直方向的匀强电场中水平抛出，不计空气阻力，测得小球的加速度大小为，方向向下，其中g为重力加速度．则在小球下落h高度的过程中，下列说法正确的是( )
A．小球的动能增加mghB．小球的电势能减小mgh
C．小球的重力势能减少mghD．小球的机械能减少mgh
3．汽车在水平公路上以额定功率做直线运动，速度为3m/s时的加速度为6m/s时的3倍，若汽车受到的阻力不变，由此可求得( )
A．.汽车的最大速度
B．汽车受到的阻力
C．汽车的额定功率
D．速度从3m/s增大到6m/s所用的时间
4．如图所示，AB为圆弧轨道，BC为水平直轨道，圆弧的半径为R，BC的长度也是R，一质量为m的物体，与两个轨道间的动摩擦因数都为μ，当它由轨道顶端A从静止开始下落，恰好运动到C处停止，那么物体在AB段克服摩擦力所做的功可表述为( )
A．μmgRB．mgRC．mgRD．（1μ）mgR
5．质量为m的小球被系在轻绳一端，在竖直平面内做半径为R的圆周运动，如图所示，运动过程中小球受到空气阻力的作用．设某一时刻小球通过轨道的最低点，此时绳子的张力为7mg，在此后小球继续做圆周运动，经过半个圆周恰好能通过最高点，则在此过程中小球克服空气阻力所做的功是( )
A．B．C．D．mgR
6．我们的银河系的恒星中大约四分之一是双星．某双星由质量不等的星体S1和S2构成，两星在相互之间的万有引力作用下绕两者连线上某一定点C做匀速圆周运动．由天文观察测得其运动周期为T，S1到C点的距离为r1，S1和S2的距离为r，已知引力常量为G．由此可求出S2的质量为( )
A．B．
C．D．
7．一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地，在两极板间有一正电荷（电荷量很小）固定在P点，如图所示，以E表示两极板间的场强，U表示电容器的电压，EP表示正电荷在P点的电势能．若保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示的位置，则( )
A．U变小，E不变B．E变大，EP变大C．U变小，EP不变D．U不变，EP不变
8．一带电油滴在匀强电场E中的运动轨迹如图中虚线所示，电场方向竖直向下．若不计空气阻力，则此带电油滴从a运动到b的过程中，能量变化情况为( )
A．动能增加B．电势能增加
C．动能和电势能之和减少D．重力势能和电势能之和增加
9．如图所示，在粗糙水平面上固定一点电荷Q，在M点无初速度释放一带有恒定电量的小物块，小物块在Q的电场中运动到N点静止，则从M点运动到N点的过程中( )
A．小物块所受电场力逐渐减小
B．小物块具有的电势能逐渐减小
C．M点的电势一定高于N点的电势
D．小物块电势能变化量的大小一定等于克服摩擦力做的功
10．如图（a）所示，AB是某电场中的一条电场线，若有一电子以某一初速度且仅在电场力的作用下，沿AB由点A运动到点B，所经位置的电势随距A点的距离变化的规律如图（b）所示．以下说法正确的是( )
A．A、B两点的电场强度EA＞EB
B．电子在A、B两点的速度vA＜vB
C．A、B两点的电势φA＞φB
D．电子在A，B两点的电势能EPA＜EPB
11．在图中，a、b带等量异种电荷，MN为ab连线的中垂线，现有一个带电粒子从M点以一定初速度v0射入，开始时一段轨迹如图中实线，不考虑粒子重力，则在飞越该电场的整个过程中( )
A．该粒子带负电
B．该粒子的动能先增大，后减小
C．该粒子的电势能先减小，后增大
D．该粒子运动到无穷远处后，速度的大小一定仍为v0
12．如图所示，电子在电势差为U1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U2的两块平行板间的电场中，入射方向跟极板平行．整个装置处在真空中，重力可忽略．在满足电子能射出平行板区的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏转角θ变大的是( )
A．U1变小、U2变大B．U1变大、U2变大
C．U1变大、U2变小D．U1变小、U2变小
13．对于水平放置的平行板电容器，下列说法正确的是( )
A．将两极板的间距加大，电容将增大
B．将两极板平行错开，使正对面积减小，电容将减小
C．在下板的内表面上放置一面积和极板相等、厚度小于极板间距的陶瓷板，电容将增大
D．在下板的内表面上放置一面积和极板相等、厚度小于极板间距的铝板，电容将增大
14．如图所示的伏安法测电阻电路中，电压表的内阻为3kΩ，读数为3V；电流表内阻为10Ω，读数为4mA．待测电阻R的真实值等于( )
A．750ΩB．760ΩC．1000ΩD．1010Ω
15．某同学用伏安法测电阻，分别采用了甲、乙两种电路测量，关于误差分析正确的是( )
A．若选择甲图，测量值偏大
B．若选择乙图，测量值偏大
C．若被测电阻RX与电流表接近，应该选择乙图误差较小
D．若被测电阻RX与电压表接近，应该选择甲图误差较小
16．一安培表由电流表G与电阻R并联而成．若在使用中发现此安培表读数比准确值稍小些，下列可采取的措施是( )
A．在R上串联一个比R小得多的电阻
B．在R上串联一个比R大得多的电阻
C．在R上并联一个比R小得多的电阻
D．在R上并联一个比R大得多的电阻
二．实验题：（本题8分）
17．在《验证机械能守恒定律》的实验中，已知重锤的质量为m，使用的交流电周期为T，重力加速度为g．重锤从高处由静止开始下落，重锤上拖着的纸带通过打点计时器打出一系列的点，对纸带上的点进行测量并通过计算，就可以验证机械能守恒定律．
（1）为完成此实验，除了图1中所示器材外，还需要的器材有__________；
A．刻度尺 B．秒表 C．天平 D．“220V，50Hz”交流电源
（2）如图2所示，O点为起始点，选取纸带上打出的连续五个点A、B、C、D、E，测出O、A两点间距离为s0，A、C两点间距离为sl，C、E两点间距离为s2，则在打O点到C点的这段时间内，重锤的重力势能减少量△EP=__________，动能的增加量△Ek=__________．（用题中所给符号表示）
18：有一电流表G，内阻Rg=10Ω，满偏电流Ig=3mA，若要将其改装成量程为3V的电压表，应该如何连接一个
__________的电阻
三、计算题：（本题共3小题，28分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）
18．如图所示，倾角θ=37°的斜面底端B平滑连接着半径r=0.40m的竖直光滑圆轨道．质量m=0.50kg的小物块，从距地面h=2.7m处沿斜面由静止开始下滑，小物块与斜面间的动摩擦因数μ=0.25，求
：（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）
（1）物块滑到斜面底端B时的速度大小．
（2）物块运动到圆轨道的最高点A时，对圆轨道的压力大小．
19．如图所示，在范围很大的水平向右的匀强电场中，一个电荷量为q的油滴，从A点以速度v竖直向上射入电场．已知油滴质量为m，重力加速度为g，当油滴到达运动轨迹的最高点时，测得它的速度大小恰为，问：
（1）电场强度E为多大？
（2）A点至最高点的电势差为多少？
20．如图所示，相距为d的两平行金属板M、N与电池组相连后，其间形成匀强电场，一带正电粒子从M极板边缘垂直于电场方向射入，并打在N极板的正中央．不计重力，现欲把N极板远离M极板平移，使原样射入的粒子能够射出电场
，就下列两种情况求出N极板至少移动的距离．
（1）电键S闭合；
（2）把闭合的电键S打开后．
河北省邯郸市曲周一中高二上学期第一次半月考物理试卷
一、选择题：（共64分，全对得4分，漏选得2分，有选错或多选得0分．）
1．物体沿光滑固定斜面向下加速滑动，在运动过程中，下述说法正确的是( )
A．重力势能逐渐减少，动能也逐渐减少
B．重力势能逐渐增加，动能逐渐减少
C．由于斜面是光滑的，所以机械能一定守恒
D．重力和支持力对物体都做正功
考点：机械能守恒定律；功的计算．
专题：机械能守恒定律应用专题．
分析：知道重力做功量度重力势能的变化．
根据动能的定义判断动能的变化．
机械能守恒的条件：物体只有重力或弹簧的弹力做功则机械能守恒；根据条件可以判断是否守恒．
解答：解：A、根据重力做功与重力势能变化的关系得：
wG=△Ep物体沿光滑斜面向下加速滑动，重力做正功，所以重力势能逐渐减少．
由于物体加速滑动，所以动能逐渐增加．故A、B错误．
C、由于斜面是光滑的，所以物体受重力和支持力，而支持力不做功，所以只有重力做功，所以机械能一定守恒
，故C正确．
D、重力做正功，支持力不做功，故D错误．
故选C．
点评：解这类问题的关键要熟悉功能关系，也就是什么力做功量度什么能的变化，并能建立定量关系．
我们要正确的对物体进行受力分析，能够求出某个力做的功．
2．一个质量为m的带电小球，在竖直方向的匀强电场中水平抛出，不计空气阻力，测得小球的加速度大小为，方向向下，其中g为重力加速度．则在小球下落h高度的过程中，下列说法正确的是( )
A．小球的动能增加mghB．小球的电势能减小mgh
C．小球的重力势能减少mghD．小球的机械能减少mgh
考点：电势能；功能关系．
分析：题中选项要求判断小球各种能量的变化多少，则必须分析小球的受力及各力做功情况，然后利用功能关系把各力做功情况与相应的能量变化对应起来，从而做出判断．
解答：解：A、由牛顿第二定律得知，小球所受的合力 F合=ma=mg，方向向下，根据动能定理知，小球的动能增加△Ek=F合h=mgh，故A错误．
B、由牛顿第二定律得：mgF=mg，解得电场力F=mg，且方向竖直向上，则电场力做功 W电=Fh=mgh，故小球的电势能增加mgh，故B错误．
C、小球在竖直方向上下降h高度时重力做正功mgh，因此，小球的重力势能减少mgh，故C错误．
D、由上知，小球的电势能增加mgh，根据能量守恒知，小球的机械能减少mgh，故D正确．
故选：D．
点评：本题一定要明确功能关系：合外力做功，动能变化（做正功，动能增加；做负功，动能减少）；重力做功，重力势能变化（做正功，重力势能减少；做负功，重力势能增加）；电场力做功，电势能变化（做正功，电势能减少；做负功，电势能增加）；除重力做功外其他力做功，机械能变化．
3．汽车在水平公路上以额定功率做直线运动，速度为3m/s时的加速度为6m/s时的3倍，若汽车受到的阻力不变，由此可求得( )
A．.汽车的最大速度
B．汽车受到的阻力
C．汽车的额定功率
D．速度从3m/s增大到6m/s所用的时间
考点：功率、平均功率和瞬时功率．
专题：功率的计算专题．
分析：根据P=Fv，结合牛顿第二定律，抓住速度为3m/s时的加速度为6m/s时的3倍，求出功率与阻力的关系，根据牵引力与阻力相等时，速度最大，求出最大速度的大小．
解答：解：设额定功率为P，则速度为3m/s时的牵引力，速度为6m/s时，牵引力为．
根据牛顿第二定律得，F1f=3（F2f），解得f=．
因为牵引力与阻力相等时，速度最大，则F=f=，知最大速度为12m/s．因为功率未知，无法求出阻力，该运动为变加速运动，无法求出运动的时间．故A正确，B、C、D错误．
故选：A．
点评：解决本题的关键通过加速度的大小关系得出功率与阻力的关系，结合牵引力等于阻力时，速度最大得出最大速度的大小．
4．如图所示，AB为圆弧轨道，BC为水平直轨道，圆弧的半径为R，BC的长度也是R，一质量为m的物体，与两个轨道间的动摩擦因数都为μ，当它由轨道顶端A从静止开始下落，恰好运动到C处停止，那么物体在AB段克服摩擦力所做的功可表述为( )
A．μmgRB．mgRC．mgRD．（1μ）mgR
考点：动能定理的应用．
专题：动能定理的应用专题．
分析：BC段摩擦力可以求出，由做功公式求得BC段摩擦力对物体所做的功； 对全程由动能定理可求得AB段克服摩擦力所做的功．
解答：解：BC段物体受摩擦力f=μmg，位移为R，故BC段摩擦力对物体做功W=fR=μmgR； 对全程由动能定理可知，mgR+W1+W=0
解得W1=μmgRmgR；
故AB段克服摩擦力做功为W克=mgRμmgR．
故选：D
点评：AB段的摩擦力为变力，故可以由动能定理求解； 而BC段为恒力，可以直接由功的公式求解； 同时本题需要注意阻力做功与克服阻力做功的关系．
5．质量为m的小球被系在轻绳一端，在竖直平面内做半径为R的圆周运动，如图所示，运动过程中小球受到空气阻力的作用．设某一时刻小球通过轨道的最低点，此时绳子的张力为7mg，在此后小球继续做圆周运动，经过半个圆周恰好能通过最高点，则在此过程中小球克服空气阻力所做的功是( )
A．B．C．D．mgR
考点：动能定理的应用；牛顿第二定律；向心力．
专题：动能定理的应用专题．
分析：小球在轻绳的作用下，在竖直平面内做圆周运动，由最低点的绳子的拉力结合牛顿第二定律可求出此时速度，当小球恰好通过最高点，由此根据向心力与牛顿第二定律可算出速度，最后由动能定理来求出过程中克服阻力做功． 解答：解：小球在最低点，受力分析与运动分析．
则有：
而最高点时，由于恰好能通过，
所以：
小球选取从最低点到最高点作为过程，由动能定理可得：
由以上三式可得：
故选：C
点评：由绳子的拉力可求出最低点速度，由恰好能通过最高点求出最高点速度，这都是题目中隐含条件．同时在运用动能定理时，明确初动能与末动能，及过程中哪些力做功，做正功还是负功．
6．我们的银河系的恒星中大约四分之一是双星．某双星由质量不等的星体S1和S2构成，两星在相互之间的万有引力作用下绕两者连线上某一定点C做匀速圆周运动．由天文观察测得其运动周期为T，S1到C点的距离为r1，S1和S2的距离为r，已知引力常量为G．由此可求出S2的质量为( )
A．B．
C．D．
考点：万有引力定律及其应用．
专题：计算题．
分析：这是一个双星的问题，S1和S2绕C做匀速圆周运动，它们之间的万有引力提供各自的向心力，
S1和S2有相同的角速度和周期，结合牛顿第二定律和万有引力定律解决问题．
解答：解：设星体S1和S2的质量分别为m1、m2，
星体S1做圆周运动的向心力由万有引力提供得：=即 m2=故选D．
点评：双星的特点是两个星体周期相等，星体间的万有引力提供各自所需的向心力．
7．一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地，在两极板间有一正电荷（电荷量很小）固定在P点，如图所示，以E表示两极板间的场强，U表示电容器的电压，EP表示正电荷在P点的电势能．若保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示的位置，则( )
A．U变小，E不变B．E变大，EP变大C．U变小，EP不变D．U不变，EP不变
考点：电容器的动态分析；电容器．
专题：电容器专题．
分析：抓住电容器的电荷量不变，结合电容的决定式和定义式，以及匀强电场的场强公式得出电场强度的变化，从而得出P与下极板电势差的变化，得出P点的电势变化和电势能变化．
解答：解：平行板电容器充电后与电源断开后，电量不变．将正极板移到图中虚线所示的位置时，板间距离d减小，根据C=知，电容C增大，根据U=，则板间电压变小．
由E==，C=得到：E=，可知E与d无关，则知电场强度E不变．P与负极板间的距离不变，由公式U=Ed可知，P与负极板间的电势差不变，P点的电势不变，正电荷在P点的电势能不变．故AC正确，BD错误．
故选：AC．
点评：解决本题的关键知道电容器与电源断开后其电荷量不变，掌握电容器的决定式C=以及定义式C=．要能熟练推导出场强的表达式E=，记住E与d无关的结论，有利于进行动态分析．
8．一带电油滴在匀强电场E中的运动轨迹如图中虚线所示，电场方向竖直向下．若不计空气阻力，则此带电油滴从a运动到b的过程中，能量变化情况为( )
A．动能增加B．电势能增加
C．动能和电势能之和减少D．重力势能和电势能之和增加
考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能．
专题：电场力与电势的性质专题．
分析：根据图中的运动轨迹情况，可以判断出重力和电场力的大小关系，然后根据功能关系求解即可．
解答：解：A、由轨迹图可知，带电油滴所受重力小于电场力，故从a到b的运动过程中合外力做正功，动能增加
，故A正确；
B、从a到b的运动过程电场力做正功，电势能减小，故B错误；
C、从a到b的运动过程中重力做负功，重力势能增加，因此动能和电势能之和减小，故C正确；
D、根据功能关系可知，在从a到b的运动过程中只有重力、电场力做功，因此重力势能、电势能、动能三者之和保持不变，因该过程中动能增加，因此重力势能和电势能之和减小，故D错误．
故选：AC．
点评：本题在电场和重力场的复合场中重点考察带电小球的功能关系转化．在学习过程中要明确各种功能关系是解这类问题的关键．
9．如图所示，在粗糙水平面上固定一点电荷Q，在M点无初速度释放一带有恒定电量的小物块，小物块在Q的电场中运动到N点静止，则从M点运动到N点的过程中( )
A．小物块所受电场力逐渐减小
B．小物块具有的电势能逐渐减小
C．M点的电势一定高于N点的电势
D．小物块电势能变化量的大小一定等于克服摩擦力做的功
考点：电势能；电场强度；电势．
专题：电场力与电势的性质专题．
分析：解决本题需要掌握：正确利用库伦定律判断库仑力大小的变化；根据电场力做功判断电势能的变化；掌握如何判断电势的高低；正确利用功能关系分析物体功能的变化．
解答：解：A、由于物块离电荷越来越远，根据可知小物块所受电场力越来越小，故A正确；
B、由于小物块由静止开始运动，因此一定受到库伦斥力作用，所以电场力对其做正功，电势能减小，故B正确；
C、由题只能判断物块和点电荷Q带同种电荷，而不能确定点电荷Q的电性，故不能判断M和N点电势的高低，故C错误
；
D、由于小物块始末动能都为零，因此动能没有变化，故电场力所做正功和克服摩擦力做功相等，即电势能的变化和克服摩擦力做功相等，故D正确．
故选ABD．
点评：本题考察知识点较多，有一定的综合性，平时要注意概念的理解，如电势高低判断，电势能变化和电场力做功关系，功能关系的应用等．
10．如图（a）所示，AB是某电场中的一条电场线，若有一电子以某一初速度且仅在电场力的作用下，沿AB由点A运动到点B，所经位置的电势随距A点的距离变化的规律如图（b）所示．以下说法正确的是( )
A．A、B两点的电场强度EA＞EB
B．电子在A、B两点的速度vA＜vB
C．A、B两点的电势φA＞φB
D．电子在A，B两点的电势能EPA＜EPB
考点：电势能；电场强度；电势．
专题：电场力与电势的性质专题．
分析：根据φx图象的斜率大小等于电场强度，分析场强的变化．由图看出，电势逐渐降低，可判断出电场线的方向，确定电势的高低，由电场力做功正负，分析速度的大小并判断电子电势能的变化．
解答：解：
A、φx图象的斜率大小等于电场强度，由几何知识得知，图象的斜率减小，则从A到点B场强减小，则有EA＞EB．故A正确．
B、D由图看出，电势逐渐降低，可判断出电场线的方向从A到B，在移动过程中，电场力做负功，电子的动能减小，速度减小，而电子的电势能增大．即有vA＞vB，EPA＜EPB．故B错误，D正确．
C、电场线的方向从A到B，则A、B两点的电势φA＞φB．故C正确．
故选ACD
点评：本题关键要理解φt图象的斜率等于场强，由电势的高低判断出电场线的方向，来判断电场力方向做功情况，并确定电势能的变化．
11．在图中，a、b带等量异种电荷，MN为ab连线的中垂线，现有一个带电粒子从M点以一定初速度v0射入，开始时一段轨迹如图中实线，不考虑粒子重力，则在飞越该电场的整个过程中( )
A．该粒子带负电
B．该粒子的动能先增大，后减小
C．该粒子的电势能先减小，后增大
D．该粒子运动到无穷远处后，速度的大小一定仍为v0
考点：电势差与电场强度的关系；电势能．
专题：电场力与电势的性质专题．
分析：根据轨迹的弯曲方向确定粒子所受的电场力方向，从而确定粒子的电性；根据电场力做功，结合动能定理得出动能的变化，根据电场力做功与电势能的关系判断电势能的变化．通过M点和无穷远处的电势差，结合动能定理判断粒子到达无穷远处的速度．
解答：解：A、粒子轨迹向右弯曲，受到的电场力大致向右，该粒子带负电．故A正确．
B、由题可知，电场力先做正功，后做负功，则根据动能定理得知，粒子的动能先增大后减小．故B正确．
C、电场力先做正功，后做负功，粒子的电势能先减小后增大．故C正确．
D、M点的电势与无穷远处相等，粒子从M点运动到无穷远处过程，电场力做功为零，则该粒子运动到无穷远处后
，其速度大小一定仍为v0．故D正确．
故选：ABCD．
点评：本题是轨迹问题，根据轨迹的弯曲方向可判断出粒子的合力方向，分析出电场力做功情况．带等量异种电荷连线的中垂线是一条件延伸到无穷远处的等势线，要记住．
12．如图所示，电子在电势差为U1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U2的两块平行板间的电场中，入射方向跟极板平行．整个装置处在真空中，重力可忽略．在满足电子能射出平行板区的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏转角θ变大的是( )
A．U1变小、U2变大B．U1变大、U2变大
C．U1变大、U2变小D．U1变小、U2变小
考点：带电粒子在匀强电场中的运动．
专题：带电粒子在电场中的运动专题．
分析：电子在加速电场中，在电场力的作用下，做匀加速直线运动，可由电场力做功求出射出加速电场是的速度．电子在水平放置的平行板之间，因受到的电场力的方向与初速度的方向垂直，故电子做类平抛运动．运用平抛运动的竖直方向的速度与水平方向的速度的关系，可求出角度θ的变化情况．
解答：解：设电子被加速后获得初速为v0，则由动能定理得：qU1=mv020 …①
又设极板长为l，则电子在电场中偏转所用时间：t=…②
又设电子在平行板间受电场力作用产生加速度为a，由牛顿第二定律得：a=…③
电子射出偏转电场时，平行于电场方向的速度：vy=at…④
由①、②、③、④可得：vy=at=，又有：tanθ=，
解得：tanθ=，
A、U1变小，U2变大，偏转角一定增大，故A正确；
B、U1变大，U2变大，偏转角可能增大，也可能减小，也可能不变，故B错误；
C、U1变大，U2变小，偏转角减小，故C错误；
D、U1变小，U2变小，偏转角可能增大，也可能减小，还可能不变，故D错误；
故选：A．
点评：带电粒子在电场中的运动，可分为三类，第一类是在匀强电场中做匀变速速直线运动，此过程是电势能与带电粒子动能之间的转化．第二类是带电粒子在匀强电场中偏转，带电粒子垂直进出入匀强电场时做匀变速曲线运动，分解为两个方向的直线运动，分别用公式分析、求解运算，是这类问题的最基本解法．第三类是带电粒子在点电荷形成的电场中做匀速圆周运动，应用圆周运动的知识求解．
13．对于水平放置的平行板电容器，下列说法正确的是( )
A．将两极板的间距加大，电容将增大
B．将两极板平行错开，使正对面积减小，电容将减小
C．在下板的内表面上放置一面积和极板相等、厚度小于极板间距的陶瓷板，电容将增大
D．在下板的内表面上放置一面积和极板相等、厚度小于极板间距的铝板，电容将增大
考点：电容器的动态分析．
专题：电容器专题．
分析：据平行板电容器的电容决定式分析电容的变化情况．
解答：解：由电容器的决定式C=?可知；
A、增大两板间的间距，则电容器将减小，故A错误；
B、两极板错开，则正对面积减小，则电容减小，故B正确；
C、在下板的内表面上放置一陶瓷板，介电常数增大，故电容增大；故C正确；
D、在下板的内表面上放置一面积和极板相等、厚度小于极板间距的铝板时，板间距离减小．电容将增大．故D正确．
故选：BCD．
点评：本题考查电容决定式应用分析实际问题的能力，关键要掌握电容决定式．
14．如图所示的伏安法测电阻电路中，电压表的内阻为3kΩ，读数为3V；电流表内阻为10Ω，读数为4mA．待测电阻R的真实值等于( )
A．750ΩB．760ΩC．1000ΩD．1010Ω
考点：伏安法测电阻．
专题：实验题；恒定电流专题．
分析：本实验测量电阻的原理是伏安法．根据电表对电路的影响，分析误差，计算测量值和真实值．
解答：解：电阻R的测量值R测=，电阻的真实值R真=，
根据欧姆定律得：==750Ω=解得：R真=1000Ω
故选C．
点评：本题考查实验误差分析，方法是根据根据实验原理．伏安法是测量电阻的基本方法，有电流表内接法和外接法两种电路结构．
15．某同学用伏安法测电阻，分别采用了甲、乙两种电路测量，关于误差分析正确的是( )
A．若选择甲图，测量值偏大
B．若选择乙图，测量值偏大
C．若被测电阻RX与电流表接近，应该选择乙图误差较小。