1 专题复习与测评

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高中历史必修上《本册综合复习与测试》名师精品教案教学设计

高一历史新教材复习提纲（第一至四单元）第1课中华文明的起源与早期国家一、石器时代的古人类和文化遗存（一）石器时代（原始社会）★A 按生产力水平（劳动工具材质）分期：1、旧石器时代：（1）含义：打制石器（2）代表性遗址：元谋人（约170万年）、北京人（约70至20万年）分布特点：主要位于黄河、长江流域（3）生产生活:渔猎和采集、学会用火、群居2.新石器时代：距今约1万年前★（1）含义：磨制石器（2）代表性遗址：约7000至5000年：仰韶文化（黄河）彩绘陶器、粟大汶口文化（黄河）河姆渡文化（长江）水稻、养蚕缫丝（3）生产生活：修建村落、定居生活（4）特点：遗存数量多、分布广泛、逐渐朝多元一体、中原核心的方向发展。

B.按生产关系（社会组织）阶段发展特征分期：(1)原始社会分为原始人群、母系氏族社会和父系氏族社会三个阶段。

(2)母系氏族社会：旧石器时代晚期，生产力水平低下，共同劳动，成果共享。

(3)父系氏族社会：新石器时代晚期出现，私有制出现，社会贫富分化与不平等，阶级分化日益明显，出现较大部落甚至部落联盟权贵阶层。

二、从部落到国家（1）三皇时代：神话色彩（2）五帝时代：黄帝联合炎帝形成炎黄部落联盟，被后世共尊为华夏始祖。

尧舜实行“禅让”，民主推选部落联盟首领。

2.国家：龙山文化时代、良渚古国、陶寺遗址，史称万邦时代。

3.夏朝的建立（1）时间：约公元前2070年，禹建立了我国最早的奴隶制国家夏朝。

（2）夏的统治：禹死后，其子启继位，王位世袭制代替禅让制。

“公天下”变为“家天下”。

（3）夏文化遗存：二里头遗址很有可能是夏文化的遗存。

三、商和西周1商朝（1）建立：约公元前1600年，汤灭夏，建立商朝。

（2）概况：A文化②甲骨文：是商人刻写的占卜记录。

是一种成熟的文字。

②青铜器B政治★②国家机构更完善：商王是最高统治者。

②内外服制：商朝的国家管理结构。

内服指商王直接控制的王畿，外服指商王间接控制的方国和部族。

《单元复习与测试导学案-2023-2024学年初中地理沪教版上海》

《单元复习与测试》导学案第一课时导学目标：通过本次单元的复习与测试，援助同砚稳固所学知识，提高进修效果，培育同砚的进修能力和解决问题的能力。

一、复习内容1. 单元重点知识点概括：回顾本单元的重点知识点，包括观点、定义、定理、公式等内容。

2. 例题分析：通过例题分析，援助同砚理解知识点的应用和解题方法。

3. 错题集训：针对同砚在进修过程中容易出错的知识点，进行重点训练，援助同砚纠正错误，提高进修效果。

二、测试内容1. 单元知识点考查：测试同砚对本单元知识点的精通状况，包括选择题、填空题、计算题等形式。

2. 解答题训练：通过解答题训练，考查同砚的问题分析和解决能力，培育同砚的综合运用知识的能力。

3. 案例分析：通过案例分析，考查同砚对知识点的应用能力，培育同砚的实际问题解决能力。

三、复习方法1. 制定复习规划：依据同砚的进修状况和时间打算，制定详尽的复习规划，合理打算复习时间和内容。

2. 多种复习方式：结合教室讲解、习题训练、案例分析等多种复习方式，提高同砚的进修爱好和效果。

3. 合理打算休息：在复习过程中，合理打算休息时间，保持良好的进修状态，防止疲惫影响进修效果。

四、测试筹办1. 筹办考试资料：筹办好考试所需的纸笔、计算器等工具，保证考试顺畅进行。

2. 守时复习：在考试前一周，加强对知识点的复习，做好笔记整理和习题训练。

3. 调整心态：保持乐观乐观的心态，对考试保持信心，信任自己能够取得好效果。

五、复习建议1. 勤勉复习：对于重点知识点，要勤勉复习，精通基本观点和解题方法。

2. 多做练习：通过多做练习题，加深对知识点的理解和精通，提高解题能力。

3. 多谈论沟通：与同砚谈论进修中遇到的问题，互相援助，共同进步。

六、总结反思1. 复习过程总结：总结复习过程中的收获和不足，为下次进修提供阅历和借鉴。

2. 考试反思：对考试状况进行反思，找出考试中存在的问题和不足，准时调整进修方法和策略。

通过本次《单元复习与测试》导学案的进修，信任同砚们能够取得优异的效果，提高进修能力和解决问题的能力。

2023年安徽省中考总复习第一轮复习试题加练：第五、六单元诊断检测卷

第五、六单元诊断检测卷总分：50一、单项选择题（本大题共20小题，每小题1分，共20分）1.在“观察蚯蚓”实验中，要经常用浸水的湿棉球轻擦蚯蚓体表，主要目的是（）A．防止蚯蚓窒息死亡B．有利于蚯蚓的运动C．保持蚯蚓身体的柔韧性D．防止蚯蚓体壁干裂2.蝗虫能大量繁殖、集群和迁飞，所到之处农作物被大面积毁坏，造成“蝗灾”。

下列有关叙述错误的是（）A．蝗虫口器适于取食植物性食物B．蝗虫通过气管进行气体的交换C．外骨骼可保护其不被天敌吃掉D．蝗虫可通过飞行扩大危害范围3.丹顶鹤是吉林省的省鸟，它是一种涉禽，既能涉水取食，又能自由飞行。

下列不属于丹顶鹤适于飞行特征的是（）A．身体呈流线型B．有气囊辅助肺呼吸C．前肢变成翼D．通过产卵繁殖后代4.中华白海豚是列入《中国水生野生动物保护蓝皮书》中的近危物种，在分类上判断其为哺乳动物，主要依据是（）A．体内受精B．用肺呼吸C．胎生、哺乳D．体温恒定5.人们通过科学引入瓢虫控制蚜虫的数量，减轻了蚜虫对作物的危害。

这体现了动物能（）A．维持生态平衡B．促进物质循环C．帮助植物传粉D．帮助传播种子6.下列动物与其主要运动方式对应不正确的是（）A．鲨鱼——游泳B．猎豹——奔跑C．袋鼠——跳跃D．鸵鸟——飞行7.速度滑冰运动能使肌肉收缩力增强，骨密度增大。

速滑运动员的运动系统主要包括（）A．骨、肌肉、韧带B．骨骼、心脏、血管C．骨骼、肌肉、心脏D．骨、关节、肌肉8.握手是人与人之间表示友好的一种礼仪。

握手时，大拇指要向手心运动。

如图是人右手掌心面骨骼及部分肌肉示意图，下列相关叙述错误的是（）A．拇短展肌两端附着在同一块骨上B．握住手时，拇收肌处于收缩状态C．握手时，骨骼肌牵拉骨绕关节运动D．握手动作在神经系统调节下完成9.国家一级保护野生动物鳄蜥是2021年我国特种邮票中的大明星（如图）。

小鳄蜥一出生就会攀爬、游泳，这属于（）A．社会行为B．学习行为C．先天性行为D．繁殖行为10.黑长尾猴发现蛇、豹、鹰时会发出不同叫声，其他猴随之做出不同反应，分析错误的是（）A．该猴群具有社会行为B．不同叫声都是先天性行为C．不同的叫声起信息交流作用D．该猴群内部有明确分工11.下列叙述是某班同学对动物特征的归纳概括，其中概括最准确的是（）A．有由脊椎骨组成的脊柱B．依靠神经系统调节生命活动C．细胞结构中没有细胞壁D．必须直接从植物体获取营养12.下列示意图所示的四种不同生物中，没有细胞壁的是（）A B C D13.真菌与人类的生活息息相关，借助显微镜可以让我们更好地认识它们。

统编高中语文必修上册单元复习要点与复习指导-2024年普通高中学业水平合格性考试教材复习与模拟测试

统编高中语文必修上册单元复习要点与复习指导第一单元考试目标1.感受革命领袖的伟大革命抱负和豪放胸襟,理解作者对国家前途命运的关注，激发青春的热情,理解青春的价值。

2.领会本单元诗歌与小说的内容,理解诗歌运用意象抒发感情的手法,把小说叙事和抒情的特点,体会诗歌和小说的独特魅力。

3.鉴赏诗歌和小说的语言、形象和表达技巧,获得审美体验,提离文学作品的鉴赏能力。

4.结合对本单元诗作的学习,尝试写作诗歌。

从生活出发,寻找素材,激发诗情,抒发真情实感。

复习要点本单元的人文主题是“青春激扬”,属于“文学阅读与写作”任务群,共有词一首,诗四首,当代短篇小说两篇。

这些作品创作于不同的历史时期,都是对青春的吟唱。

学习这些作品可以使我们体验到各具特色的文学表达,点燃澎湃的青春激情。

《沁园春·长沙》中,词人描绘眼前绚丽的秋景,充满激情地回忆了青年时期“粪土当年万户侯”的岁月,抒发了革命青年的豪情壮志,洋溢着不可抗拒的青春热情。

《立在地球边上放号》的内容和形式,有着鲜明的五四色彩,有利于我们认识“五四”精神,理解当时青年的理想与奋斗。

《红烛》中,诗人借助红烛的形象,表现了不惜牺牲、为民主自由献身的斗土精神。

《峨日朵雪峰之侧》是当代诗人昌耀的诗作,这首诗情感沉郁,既有激情的表达,又有理性的思考,内涵深广。

《致云雀》这首诗以云雀为歌咏对象,从多个方面对云雀进行了描写和赞美,歌颂了理想、欢乐与光明,诗人以云雀自比,表达了改造社会的坚定决心。

茹志鹃的《百合花》以诗一样的笔调写了战争中的几个年轻人表现了战争中年轻人的生活和追求,展现了风景之美、风俗之美、人性之美。

铁凝的《哦,香雪)表现了改革开放之初山村的日常生活,展示了年轻人对美好生活的向往。

学法指导1.知人论世,了解文本。

今了解作者的生平经历和创作风格、作品的创作背景等,并围绕不同的青春”这一单元主题,把强诗歌和小说对青春、青年和理想的不同解读。

2抓住特征,体会艺术。

小学语文教案初步了解语文素养的综合复习与检测

小学语文教案初步了解语文素养的综合复习与检测语文素养是指学生在语文学习过程中所培养的语言能力、语言文化修养以及语文思维方式等综合素质。

在小学阶段，培养学生的语文素养至关重要，因为它对于学生的综合发展具有关键的作用。

本教案就是针对小学语文教学的初步了解，旨在通过复习与检测，提高学生的语文素养水平。

一、复习与巩固1. 语文基础知识复习在复习阶段，教师可以针对小学语文教材中已学的内容进行巩固。

可以通过朗读课文、重点句子背诵或填空题等方式，让学生熟悉并掌握重要的语文知识点。

同时，教师也可以设计一些趣味性的游戏或活动，激发学生的兴趣，提高他们对语文学习的积极性。

2. 文字阅读与理解文字阅读与理解是培养学生语文素养的重要环节。

在复习阶段，教师可以给学生分发一篇短文或文章，并提出相关的问题，让学生通过阅读与理解，回答问题，提高他们对于文字的分析和理解能力。

教师还可以辅以一些阅读技巧的讲解，如关键词标注、主题句提取等，帮助学生更好地理解和把握文章的主旨和要点。

3. 词语造句与扩展词语造句与扩展是培养学生语文运用能力的有效方法。

在复习阶段，教师可以提供一些生词或短语，并要求学生根据给定的语境造句，同时引导学生进行句子的扩展，丰富语言表达能力。

教师还可以让学生互相交流，分享自己的句子，并进行评价和修改，促进学生之间的交流与合作。

二、检测与总结1. 综合能力测试为了全面评估学生的语文素养水平，可以设计一些综合能力测试题目。

包括阅读理解题、词语填空题、作文题等，以考察学生的阅读理解、语言运用和写作能力。

这些题目可以根据教材中已学的内容进行编写，难度适中，能够很好地检测学生的掌握情况。

2. 学习总结与反思在检测结束后，教师可以组织学生进行学习总结与反思。

可以让学生讲述自己的学习心得和体会，分享自己在语文学习中的成果和困惑。

同时，教师也可以给予学生一些反馈和建议，帮助他们更好地改进学习方法和提高语文素养水平。

三、课堂延伸与拓展1. 多媒体资料运用为了丰富课堂教学内容，教师可以运用多媒体资料进行展示。

全品一轮复习测评手册全套详答

参考答案45分钟单元能力训练卷(一)1．B [解析] 空中加油时加油机与战斗机保持相对静止，以战斗机、加油机中的飞行员、战斗机里的飞行员为参考系，加油机都是静止的；以旁边的云彩为参考系，加油机是运动的，故B 正确.2．A3．C [解析] 从题目中的F -t 图可以看出，运动员脱离弹性网后腾空的时间为t 1＝2.0 s ，则运动员上升到最大高度所用的时间为t 2＝1.0 s ，所以上升的最大高度h ＝12gt 22＝5.0 m ，选项C 正确．4．C [解析] 依题意作出物体运动的v -t 图像，如图所示．图线与t 轴所围成的面积表示物体的位移，由几何知识可知图线②、③不满足AB ＝BC ，只能是图线①这种情况，因为斜率表示加速度，所以a 1＜a 2，选项C 正确.5．C [解析] 由Δx ＝aT 2得a ＝－2 m/s 2，由v 0t ＋12at 2＝x 1得v 0＝10 m/s ，汽车刹车时间t m ＝0－v 0a ＝5 s ＜6 s ，故刹车后6 s 内的位移为x ＝0－v 202a＝25 m ，选项C 正确．6．AC [解析] 由图可知a 车的初速度等于2v 0，在t 1时间内发生的位移为x ，则b 车的位移为x 3.若a 、b 在t 1时刻相遇，则x 0＝x －x 3＝23x 之后v b >v a ，两车不可能再次相遇，选项D错误，选项A 正确；若a 、b 在t 12时刻相遇，则图中阴影部分的面积即为x 0，即x 0＝34×23x ＝x 2，由图像的对称关系可知下次相遇时刻为t 1＋t 12＝32t 1，选项C 正确，选项B 错误．7．D [解析] 由位移—时间图像知，a 、b 两物体的运动方向相反，都做匀速直线运动，速度大小相同，选项A 、B 错误；a 、b 两物体从同一点出发，向相反方向运动，t ＝5 s 时，两物体相距最远，选项C 错误；c 的图像是一条过原点的抛物线，故其函数关系为x ＝kt 2，由运动学公式可知，该物体做匀加速直线运动，选项D 正确．8．B [解析] 当公交车加速到6.0 m/s 时，人、车两者相距最近，加速时间t ＝v a ＝6.01.0 s＝6 s ，人运动的距离x 1＝v t ＝6×6 m ＝36 m ，公交车运动的距离x 2＝12at 2＝18 m ，两者的最近距离Δx ＝x 2＋x 0－x 1＝7 m ，人不能追上公交车，且车开动后，人、车之间的距离先变小后变大，选项B 正确．9．(1)1.170 (2)－12gt 2＋v t (3)2k[解析] (1)根据20分度游标卡尺的读数原则可得，小球的直径为d ＝(11＋0.05×11) mm ＝1.155 cm ；(2)依据自由落体运动规律和匀变速直线运动的平均速度公式列式求解，设小球从释放点到光电门1所经历的时间为t 0，在光电门1处时小球的速度为v 0，则有h ＝v 0＋v2t ，v ＝g (t 0＋t )，v 0＝gt ，联立解得h ＝v t －12gt 2；(3)由k ＝12g 得g ＝2k .10．0.4 m/s[解析] 设小球甲在光滑斜面上运动的加速度为a ，运动的时间为t 1，运动到B 处时的速度为v 1，从B 处到追上小球乙所用的时间为t 2，则a ＝g sin 30°＝5 m/s 2由h sin 30°＝12at 21得t 1＝0.2 s ，则t 2＝t －t 1＝0.8 s ，v 1＝at 1＝1 m/s 甲刚好追上乙时，有v 0t ＋L ＝v 1t 2，解得v 0＝0.4 m/s. 11．(1)2 s (2)1213[解析] (1)设此人从静止到加速至最大速度时所用的时间为t 1，加速运动的位移大小为x 1，从B 点返回A 点的过程中做匀速运动的时间为t 2，由运动学公式可得v m ＝a 1t 1x 1＝v m 2t 1L －x 1＝ v m t 2 联立解得t 2＝2 s.(2)设此人从A 点运动到B 点的过程中做匀速运动的时间为t 3，减速运动的位移大小为x 2，减速运动的时间为t 4，由运动学方程可得v m ＝a 2t 4x 2＝v m 2t 4L －x 1－x 2＝ v m t 3 v AB v BA ＝t 1＋t 2t 1＋t 3＋t 4 联立解得v AB v BA ＝1213.45分钟单元能力训练卷(二)1．A [解析] 以整体为研究对象，根据牛顿第二定律可知整体的加速度沿斜面向下．以滑块B 为研究对象，A 对B 的摩擦力沿水平方向，把加速度沿水平方向和竖直方向分解，根据牛顿第二定律可知，滑块B 受到水平向左的摩擦力，选项A 正确．2．D [解析] 以A 、B 两球和弹簧组成的系统为研究对象，则有F cos 30°＝2mg sin 30°，得F ＝2 33mg ，隔离A 球分析，有kx ＝mg sin 30°，故弹簧原长为l －x ＝l －mg 2k ，选项D 正确．3．C [解析] 以小球为研究对象，小球受到竖直向下的重力、沿速度方向的外力F 和沿绳方向的拉力T 作用．设轻绳与竖直方向的夹角为θ，根据平衡条件有F ＝mg sin θ，T ＝mg cos θ，用外力F 将小球沿圆弧从图中实线位置缓慢拉到虚线位置的过程中，轻绳与竖直方向的夹角θ逐渐增大，则沿速度方向的外力F 将逐渐增大，沿绳方向的拉力T 将逐渐减小，选项C 正确．4．B [解析] 对a 圆柱体受力分析，设a 、b 间的压力大小F N ，由平衡条件可得F N sin θ＝G ，F N cos θ＝F ，解得F N ＝G sin θ，F ＝G tan θ，F N 随θ的增大而减小，开始时θ＝30°，F N 最大为2G ，当θ＝90°时，F N ＝G ，选项C 、D 错误；F 随θ的增大而减小，开始时θ＝30°，F 最大值F max ＝Gtan 30°＝3G ，当θ＝90°时，F 最小，为零，选项A 错误，选项B正确．5．B [解析] 对a 和b 两小球受力分析，由平衡条件得m a g sin 45°＝T sin 30°，m b gsin 45°＝Tsin 60°，联立解得m a ∶m b ＝3∶1，选项B 正确．6．AB [解析] 当砝码和托盘的总质量为m 1＝0.6 kg 时，有F ＋f ＝m 1g ，则f ＝4 N ，可知A 与桌面间的最大静摩擦力至少为4 N ；当砝码和托盘的总质量为m 2＝0.3 kg 时，假设A 仍不动，此时F 不变，有F ＋f ′＝m 2g ，则f ′＝1 N<4 N ，故假设成立，A 仍静止不动，A 所受的合力仍为零，A 与桌面间的摩擦力变为1 N ，弹簧测力计的示数不变，选项A 、B 正确．7．CD [解析] 剪断A 、B 间轻绳之前，对A 、B 整体，由平衡条件可得，连接物块C 的轻绳上的拉力为T ＝(m A ＋m B )g ，物块C 受到轻质橡皮筋沿斜面向上的拉力为F ＝9 N ，对物块C ，由平衡条件可得F ＋f ＝T ＋Mg sin 37°，解得f ＝2 N ，故物块C 受到的摩擦力方向沿斜面向上，说明物块C 与斜面间最大静摩擦力至少为2 N ；剪断A 、B 间轻绳后，假设A 、C 仍然静止，则有F ′＝m A g ＋Mg sin 37°＋f ′，解得f ′＝1 N<2 N ，故物块C 所受的摩擦力为静摩擦力，大小为1 N ，方向沿斜面向下，选项C 、D 正确．8．BC [解析] 若m 1sin α>m 2sin β，则物块甲有下滑趋势，受到沿斜面向上的摩擦力，A 错误；若m 1sin α<m 2sin β，则物块甲有上滑趋势，受到沿斜面向下的摩擦力，B 正确；细绳拉力T ＝m 2g sin β，若在物块乙上再放一小物块后，则细绳拉力变为T ′＝(m 2＋Δm )g sin β>T ，但若在物块甲上再放一小物块，并不影响细绳拉力的大小，C 正确，D 错误．9．(1)3.44 (2)相同[解析] (1)由Δmg ＝k Δl 可得Δm Δl ＝k g，故m -l 图线的斜率k 斜＝kg ，算出斜率即可求出劲度系数，所以k ＝gk 斜＝10×（27.5－0）×10－3（19－11）×10－2 N/m ＝3.44 N/m.(2)劲度系数是根据变化率计算出的，即k ＝ΔFΔx，故是否考虑砝码盘的质量对结果无影响．10.Ts4T 2－m 2g 2[解析] 设当绳长为l 时，绳的拉力达到最大值．根据题意作出物体的受力分析图，如图所示由对称性可知，两个拉力T 大小相等，两个拉力的合力F 大小应等于重力G ，由相似三角形可知有T12mg ＝l l 2－⎝⎛⎭⎫s 22解得l ＝Ts4T 2－m 2g 2故每根绳的长度不得短于Ts4T 2－m 2g 2.11.μG1＋μ2与水平方向成α角且tan α＝μ [解析] 木块在运动过程中受摩擦力作用，要减小摩擦力，应使作用力F 斜向上，设当F 斜向上且与水平方向的夹角为α时，F 的值最小．对木块受力分析如图所示，由平衡条件知F cos α－μF N ＝0， F sin α＋F N －G ＝0 联立得F ＝μGcos α＋μsin α令tan φ＝μ，则sin φ＝μ1＋μ2，cos φ＝11＋μ2可得F ＝μG cos α＋μsin α＝μG1＋μ2cos （α－φ）可见当α＝φ时，F 有最小值，为F min ＝μG1＋μ2.45分钟单元能力训练卷(三)1．A [解析] 关于力和运动的关系，亚里士多德认为必须有力作用在物体上，物体才能运动，没有力的作用，物体就要静止下来，即力是产生和维持物体运动的原因，这种观点错误，选项A 错误；伽利略通过斜面实验分析并推理，如果完全排除空气的阻力，所有的物体将下落得同样快，选项B 正确；牛顿第一定律指出，力不是维持物体速度的原因，而是改变物体速度的原因，选项C 正确；伽利略根据理想实验，并通过科学推理得出，若没有摩擦，在水平面上运动的物体将保持其速度继续运动下去，选项D 正确．2．C [解析] 惯性是物体的固有属性，质量是惯性大小的唯一量度，也就是说，只要物体的质量不变，其惯性大小就不变，选项A 、B 、D 错误；货运列车运行到不同的车站时，经常要摘下或加挂一些车厢，改变了列车的质量，这会改变它的惯性，选项C 正确．3．A [解析] 把容器B 竖直向上抛出，物体A 处于完全失重状态，在上升和下降过程中A 对B 的压力都一定为零，选项A 正确．4．B [解析] A 、B 发生相对滑动之前，两者加速度相同，对整体有F ＝2ma ，即木板做加速度增大的加速运动；当A 、B 间刚好发生相对滑动时，对木板有f ＝ma ，故此时F ＝2f ＝kt ，则t ＝2fk；之后木板做匀加速直线运动，选项 B 正确．5．BC [解析] 物体受到向右的滑动摩擦力为f ＝μF N ＝μmg ＝3 N ，根据牛顿第二定律得a ＝F ＋f m ＝2＋31 m/s 2＝5 m/s 2，方向与初速度方向相反，物体的速度减到零所需的时间t ＝v 0a ＝105 s ＝2 s ，选项B 正确，选项A 错误．物体的速度减到零后，F <f ，故物体处于静止状态，不再运动，选项C 正确，选项D 错误．6．C [解析] 当小木块下滑的速度v <v 0时，小木块所受的摩擦力沿传送带向下，加速度a 1＝mg sin θ＋μmg cos θm ＝g (sin θ＋μcos θ)；当小木块下滑的速度v ＝v 0时，由于μ＞tan θ，故小木块将与传送带保持相对静止而做匀速运动，选项C 正确．7．AC [解析] 对球受力分析如图所示，由牛顿第二定律得F N1－F N2sin θ＝ma ，F N2cos θ＝mg ，由以上两式可得：F N2不随a 的变化而变化，F N1随a 的增大而增大，选项A 、C 正确，选项B 错误；斜面和挡板对球的弹力与重力三个力的合力等于ma ，选项D 错误．8．AC [解析] 将a 、b 、c 看作一个整体，对整体受力分析，粘上橡皮泥后，整体受力不变，但整体的质量增大，根据牛顿第二定律可得，整体的加速度减小，选项A 正确．如果橡皮泥粘在a 上，对c 受力分析，绳的拉力就是c 受到的合力，根据牛顿第二定律可得，c 受到绳的拉力减小；对b 受力分析，水平恒力F 和a 对b 的摩擦力的合力即为b 受到的合力，根据牛顿第二定律可得，b 受到的合力减小，故a 、b 间的摩擦力增大，选项B 错误．如果橡皮泥粘在b 上，同理，c 受到绳的拉力减小，对a 、c 整体受力分析，b 对a 的摩擦力即为a 、c 整体受到的合力，根据牛顿第二定律可得，a 、c 整体受到的合力减小，故b 对a 的摩擦力减小，选项C 正确．如果橡皮泥粘在c 上，对b 受力分析，水平恒力F 减去a 对b 的摩擦力即为b 受到的合力，根据牛顿第二定律可得，b 受到的合力减小，故a 、b 间的摩擦力增大，对a 受力分析，b 对a 的摩擦力减去绳的拉力即为a 受到的合力，根据牛顿第二定律可得，a 受到的合力减小，说明绳的拉力增大，选项D 错误．9．(1)m ≪M (2)1M (3)未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足 (4)小车和车中砝码的总质量M[解析] (1)对小车和车中砝码，有T ＝Ma ，对盘及盘中砝码，有mg －T ＝ma ，解得T ＝MmgM ＋m ＝mg ·11＋m M，说明只有当m ≪M 时，绳对小车的拉力才近似等于盘及盘中砝码的总重力．(2)合力不变时，小车的加速度与其质量成反比，a -M 图像为双曲线，不能根据曲线直观地确认加速度与质量成反比关系，而a -1M 图像为直线，容易确认，因此应作a -1M图像．(3)图(a)反映合力F 达到一定数值时才产生加速度，说明实验过程阻力较大，可能没有平衡摩擦力，或平衡摩擦力过程中木板倾角过小，平衡摩擦力不足．(4)由a ＝F M ，图像斜率k ＝1M ，两同学所得图像的斜率不同，说明两组实验中小车和车中砝码的总质量M 不同．10．(1)2 m/s 2 (2)有危险[解析] (1)汽车在斜坡上滑行时，由牛顿第二定律得 mg sin θ－μmg cos θ＝ma 1 由几何关系得sin θ＝35，cos θ＝45故汽车沿斜坡下滑的加速度a 1＝2 m/s 2.(2)由匀变速直线运动规律得v 2C －v 2A ＝2a 1x AC 故汽车到达坡底C 时的速度v C ＝120 m/s 经历时间t 1＝v C －v A a 1≈0.5 s汽车在水平路面上运动阶段，由牛顿第二定律得 μmg ＝ma 2故汽车的加速度大小a 2＝μg ＝5 m/s 2汽车的速度减至与行人的速度相等时发生的位移x 1＝v 2C －v 2人2a 2＝11.6 m经历的时间 t 2＝v C －v 人a 2≈1.8 s 人发生的位移x 2＝v 人(t 1＋t 2)＝4.6 m因x 1－x 2＝7 m>6 m ，故行人有危险．11．(1)a ＝g sin θ－μg cos θ－kS vm(2)2.5 kg/s 0.5[解析] (1)滑块在斜面上受到重力、支持力、摩擦力和空气阻力作用而做加速运动．由牛顿第二定律得mg sin θ－μmg cos θ－kS v ＝ma解得a ＝g sin θ－μg cos θ－kS vm.(2)由v -t 图线可得，当v ＝0时，a ＝ΔvΔt ＝5 m/s 2即g sin θ－μg cos θ＝5 m/s 2 解得μ＝0.5，当v ＝4 m/s 时，a ＝0 即g sin θ－μg cos θ－kS vm ＝0可得kS ＝2.5 kg/s.45分钟滚动复习训练卷(一)1．A [解析] 壁虎在竖直玻璃面上斜向上匀速爬行，受到竖直向下的重力和竖直向上的摩擦力，A 正确．2．A [解析] 小车受到水平向右的弹力作用，弹簧发生拉伸形变，该弹力是弹簧形变引起的，该弹力的施力物体是弹簧，选项A 正确，选项B 、C 、D 错误．3．B [解析] 隔离铁块b ，因其匀速运动，故铁块b 受到重力、木块对它的垂直斜面向上的支持力和沿斜面向上的静摩擦力，选项A 错误；将a 、b 看作一个整体，a 、b 整体在水平方向上不受力，故木块与竖直墙面间不存在水平弹力，没有弹力也就没有摩擦力，在竖直方向上，有F ＝G a ＋G b ，选项B 正确，选项C 、D 错误．4．A [解析] 火箭升空时，其尾部向下喷气，火箭箭体与被喷出的气体是一对相互作用的物体，火箭向下喷气时，喷出的气体同时对火箭产生向上的反作用力，即为火箭上升的推动力，此力并不是由周围的空气提供的，因而与是否飞出大气层、是否存在空气无关，选项B 、C 错误，选项A 正确；火箭运载卫星进入轨道之后，卫星与地球之间依然存在相互吸引力，即卫星吸引地球，地球吸引卫星，这是一对作用力与反作用力，选项D 错误．5．D [解析] 由于A 、B 相对静止，故A 、B 之间的摩擦力为静摩擦力，A 、B 错误．设民工对A 、B 在竖直方向上的摩擦力为f ，以A 、B 整体为研究对象，在竖直方向上，有2f －(m ＋3m )g ＝(m ＋3m )a ，设B 对A 的摩擦力为f ′，对A 由牛顿第二定律有f －f ′－mg ＝ma ，解得f ′＝m (g ＋a )，D 正确，C 错误．6．AC [解析] 当该同学站在压力传感器上静止不动时，其所受的合力为零，即压力恒等于该同学的体重值，由图线可知，该同学的体重为680 N ，选项A 正确．每次下蹲，该同学都将经历先向下加速(加速度方向向下)、后向下减速(加速度方向向上)的运动，即先处于失重状态，后处于超重状态，读数F 先小于体重、后大于体重；每次起立，该同学都将经历先向上加速(加速度方向向上)、后向上减速(加速度方向向下)的运动，即先处于超重状态，后处于失重状态，读数F 先大于体重、后小于体重．由图线可知，选项C 正确，选项B 、D 错误．7．BD [解析] 若小车匀速运动，则小球所受的合力应为零，所以细线应处于竖直状态，选项A 错误；若小车沿斜面向下加速运动，则小球的加速度方向沿斜面向下，所以小球所受的合外力方向就沿斜面向下，由此可知选项B 正确，选项C 错误；同理，选项D 正确．8．CD [解析] 小铁球和凹槽整体在水平方向上只受推力F 作用，故系统有向右的加速度，小铁球受到的合外力方向水平向右，凹槽对小铁球的支持力为mgcos α，选项A 、B 错误．小铁球所受的合外力为mg tan α，加速度为g tan α，推力F ＝(m ＋M )g tan α，选项C 、D 正确．9．(1)0.74 (2)4.36 (3)0.399 (4)偏小 [解析] (1)因交变电流的频率为50 Hz ，则打点周期为0.02 s ，由于每打5个点取一个计数点，所以相邻的计数点之间的时间间隔T ＝0.1 s ．根据Δx ＝aT 2，所以加速度a ＝x 45－x 123T 2＝0.74m/s 2.(2)第2、3两计数点的间距x 23＝x 12＋aT 2＝4.36 cm.(3)根据平均速度等于中间时刻的瞬时速度，可得打第2个计数点时的速度v 2＝x 12＋x 232T ＝0.399 m/s.(4)如果在某次实验中交变电流的频率是51 Hz ，则实际打点周期变小(小于0.02 s)，根据Δx ＝aT 2可得，真实的加速度值会偏大，所以测量的加速度值与真实的加速度值相比偏小．10．(1)3 m/s 2 (2)1 s ≤t ≤426s [解析] (1)设推力作用在木箱上时木箱的加速度为a 1，根据牛顿第二定律得 F －μmg ＝ma 1 解得a 1＝3 m/s 2.(2)撤去推力后，设木箱的加速度大小为a 2，根据牛顿第二定律得 μmg ＝ma 2 解得a 2＝1 m/s 2推力作用在木箱上时间t 内的位移为 x 1＝12a 1t 2撤去力F 后木箱继续滑行的距离为 x 2＝（a 1t ）22a 2木箱停在有效区域内，要满足条件 L 1－L 2≤x 1＋x 2≤L 1 解得1 s ≤t ≤426s. 11．(1)2 m/s 2，方向向右 (2)会 (3)F ≥6 N[解析] (1)滑块放上车面时相对车向左运动，滑动摩擦力向右，f ＝μmg 根据牛顿第二定律有F 合＝ma F 合＝f解得a ＝2 m/s 2，方向向右．(2)滑块放上车面后做匀加速直线运动，设当经历时间t 之后速度达到v 0，滑块通过的位移x 1＝12at 2且v 0＝at平板车通过的位移x 2＝v 0t 位移之差Δx ＝x 2－x 1＝4 m由于Δx >12L ＝1 m ，故滑块会掉下来．(3)恒力F 的方向与摩擦力方向相同，故滑块所受的合力 F ′合＝f ＋F由牛顿第二定律有F ′合＝ma 0滑块放上车后做匀加速直线运动，设当经历时间t 0之后速度达到v 0，滑块通过的位移为 x 11＝12a 0t 2且v 0＝a 0t 0平板车通过的位移x 22＝v 0t 0由题可知，需要满足位移之差Δx 0＝x 22－x 11≤12L联立解得F ≥6 N.45分钟单元能力训练卷(四)1．C [解析] 因飞船由M 点到N 点的飞行过程中，速度逐渐减小，故其所受合力指向轨迹凹侧，且合力方向与速度方向的夹角大于90°，选项C 正确．2．C [解析] 小环到达B 处时，绳与直杆间的夹角为45°，重物上升的高度h ＝(2－1)d ，B 正确；如图所示，将小环速度v 进行正交分解，其分速度v 1与重物上升的速度大小相等，v 1＝v cos 45°＝22v ，所以，小环在B 处的速度与重物上升的速度大小之比等于2，C 错误，D 正确；小环刚释放时，重物具有向上的加速度，故绳中张力一定大于重物重力2mg ，A 正确．3．B [解析] 如图所示，当v 船⊥v 合时，v 船最小，v 船＝v 水sin 37°＝2.4 m/s.4．A [解析] 水平分运动为匀速直线运动，选项A 正确；t 1时刻水平方向和竖直方向的分速度相等，则合速度方向与水平方向的夹角为45°，选项B 错误；设初速度为v 0，则t 1时间内水平方向的位移为x ＝v 0t 1，竖直方向的位移y ＝v 02t 1，所以y x ＝12，选项C 错误；2t 1时刻竖直方向的速度为2v 0，故速度方向与水平方向的夹角不是60°，选项D 错误．5．A [解析] 小木块放在Q 轮边缘恰能相对静止，有a 1＝ω21r ，ma 1＝μmg ，联立解得μg ＝ω21r ，小木块放在P 轮边缘也恰能相对静止，有μg ＝ω2R ＝2ω2r ，又ωR ＝ω2r ，联立解得ω1ω2＝22，选项A 正确，选项B 错误；因ma ＝μmg ，所以a 1a 2＝11，选项C 、D 错误．6．AC [解析] “神舟十号”飞船与“天宫一号”对接时，不能脱离地球吸引，两者的运行速度都应小于第一宇宙速度，选项A 正确；“天宫一号”绕地球运行，有G Mmr 2＝m ⎝⎛⎭⎫2πT 2r ，已知运行的周期和轨道半径，可以求出地球的质量，选项B 错误；由F ＝ma 知，在太空中可通过拉力和加速度传感器测出聂海胜的质量，选项C 正确；当航天员王亚平进行“天宫授课”站着不动时，她绕地心做圆周运动，受到的合力提供向心力，大小不为零，选项D 错误．7．B [解析] 卫星运行的线速度v ＝2πr T ＝2π（R ＋h ）T ，A 错误；根据万有引力提供向心力，有G Mmr 2＝m 4π2T 2r ，可得M ＝4π2（R ＋h ）3GT 2，B 正确；在月球表面，有GMm ′R 2＝m ′g 月，得g 月＝GM R 2＝4π2（R ＋h ）3T 2R 2，C 错误；卫星要降落到月球表面，需做近心运动，应减速，D 错误．8．AB [解析] 根据牛顿第二定律和万有引力定律可知，行星和彗星在P 处时的向心加速度相同，选项A 正确；根据开普勒第三定律，行星和彗星围绕同一中心天体运动，且半长轴相同，故周期相同，选项B 正确；彗星和行星经过P 点时的速度的大小和方向均不同，选项C 错误；彗星在Q ′处时与恒星球心的距离小于2r ，故此时的向心加速度大于行星的向心加速度的14，选项D 错误．9．(1)b c 不在 (2)B[解析] (2)木板做自由落体运动，若以木板作参考系，则小球沿竖直方向的运动可视为竖直向上的初速度为零、加速度为g 的匀加速直线运动，所以小球在木板上的投影轨迹是B.10．(1)2hv 20＋gh(2)gh ≤v 0≤2gh[解析] (1)设探险队员在OB 坡面上的落点坐标为(x ，y )，由平抛运动规律可得 x ＝v 0t 2h －y ＝12gt 2又y ＝x 22h联立解得t ＝2hv 20＋gh . (2)将y ＝h 代入y ＝x 22h 可求得B 点的横坐标x B ＝2h ，而C 点的横坐标x C ＝2h .由平抛运动规律得 x B ＝v OB t 1 x C ＝v OC t 1 2h －h ＝12gt 21解得v OB ＝gh ，v OC ＝2gh所以为了能跳到平台上，他在A 点的初速度应满足 gh ≤v 0≤2gh .11．(1)5 22rad/s (2)53°[解析] (1)当细线AB 上张力为0时，小球的重力和细线AC 张力的合力提供小球做圆周运动的向心力，有mg tan 37°＝mω21l sin 37°解得ω1＝5 22 rad/s.(2)当ω2＝503rad/s 时，因ω2>ω1，所以小球应该向左上方摆起，假设细线AB 上的张力仍然为0，则mg tan θ′＝mω22l sin θ′解得cos θ′＝35即θ′＝53°因为B 点与C 点的水平距离和竖直距离相等，所以细线AB 的长度l 0＝l cos 37°－l sin 37°＝15m.当θ′＝53°时，小球与B 点的竖直距离y ＝l cos 37°－l cos 53°＝15m. 水平距离x ＝l sin 37°＋l 0－l sin 53°＝0，故细线AB 恰好竖直，说明细线AB 此时的张力恰好为0，假设成立，故此时细线AC 与竖直方向的夹角为53°.45分钟单元能力训练卷(五)1．C [解析] 因运动员的脚与地面间不发生相对滑动，故地面对运动员的静摩擦力对运动员不做功，选项C 正确．2．D [解析] 在0～t 1时间内，牵引力恒定，速度均匀增大，由P ＝F v 知，牵引力功率也增大，选项A 错误；t 1～t 2时间内，根据动能定理知W F －W f ＝12m v 22－12m v 21，选项B 错误；由于汽车在t 1～t 2时间内是做加速度逐渐减小的变加速直线运动，故平均速度v >12(v 1＋v 2)，选项C 错误；全过程中，t 1时刻牵引力最大，牵引力的功率达到额定功率，之后牵引力功率不变，但牵引力减小，直至牵引力F ＝f ，此后汽车做匀速运动，选项D 正确.3．B [解析] A 、B 两球的速度大小时刻相等，当A 沿斜面下滑至速度最大时，B 球竖直上升的速度也达到最大，此时A 、B 两球的加速度均为零，选项C 错误；根据“此时C 恰好离开地面”可知，弹簧的弹力大小等于mg ，对B 由平衡条件可得，绳的拉力大小为2mg ，对A 由平衡条件得4mg sin α＝2mg ，解得α＝30°，选项A 错误；从释放A 到A 沿斜面下滑至速度最大的过程中，弹簧由被压缩mg k 逐渐变成被拉伸mg k，在此过程中，由三个小球和弹簧组成的系统机械能守恒，设A 获得的最大速度为v ，则4mg ·2mg k ·sin 30°－mg ·2mg k ＝12×5m v 2，解得v ＝2g m 5k，选项B 正确；从释放A 到C 刚离开地面的过程中，弹簧对B 的弹力先做正功后做负功，所以由A 、B 两小球组成的系统的机械能先增大后减小，即机械能不守恒，选项D 错误．4．CD [解析] 设绳对物体的拉力为T ，力F 与T 大小相等．T 在对物体做功的过程中大小虽然不变，但其方向时刻在改变，因此该问题是变力做功的问题．但是在滑轮的质量以及滑轮与绳间的摩擦不计的情况下，由W ＝Fl cos α及ab ＝bc 知W ab >W bc ，根据动能定理知E b －E a >E c －E b ，C 正确，A 、B 错误；由a 经过b 到c ，拉力一直做正功，故物体的动能一直在增加，选项D 正确．5．C [解析] 根据滑块与斜面间的动摩擦因数μ＝tan θ可知，滑动摩擦力等于滑块重力沿斜面向下的分力．施加一沿斜面向上的F ＝mg sin θ的恒力后，滑块的机械能保持不变，重力势能随位移x 均匀增大，选项C 正确，选项D 错误．产生的热量Q ＝fx 随位移x 均匀增大，滑块的动能E k 随位移x 均匀减小，选项A 、B 错误.6．C [解析] 系统静止时，A 受到弹簧平行于斜面向上的弹力kx 1＝mg sin θ，B 即将离开挡板时，B 受到弹簧平行于斜面向上的弹力kx 2＝mg sin θ，物块A 移动的距离d ＝x 1＋x 2＝2mg sin θk，选项A 错误；对A 应用牛顿第二定律得F －kx 2－mg sin θ＝ma ，解得a ＝F －kx 2－mg sin θm，选项B 错误；由上述讨论知x 1＝x 2，所以弹簧弹性势能的改变量为零，选项C 正确，选项D 错误.7．B [解析] 小物块从圆弧槽的最高点A 由静止开始滑下，由动能定理有mgR (1－cos60°)＝12m v 2.滑出槽口B 后做平抛运动，有h ＝12gt 2，h ＝v t ，联立解得2R ＝h ，选项B 正确. 8．BD [解析] 设斜面倾角为θ，开始时，根据平衡条件得m a g sin θ＝mg ；施加恒力F时，有F ＋mg －T ＝ma ，T －m a g sin θ－f ＝m a a ，联立解得a ＝F －f m a ＋m <F m，选项A 错误；b 下降h 高度过程中，b 的重力势能减少ΔE p 减＝mgh ，a 的重力势能增加ΔE p ＝m a gh sin θ＝mgh ，选项B 正确；b 下降h 高度过程中，a 受重力、绳的拉力、支持力及滑动摩擦力作用，根据能量守恒定律得，绳的拉力对a 做的功大于a 的机械能的增加量，选项C 错误；对a 、b 组成的系统应用能量守恒定律得，F 对b 做的功与摩擦力对a 做的功之和等于a 、b 的机械能的增加量，而b 的重力势能的减少量等于a 的重力势能的增加量，所以F 对b 做的功与摩擦力对a 做的功之和等于a 、b 的动能的增加量，选项B 、D 正确.9．(1)AC (2) mgh B m （h C －h A ）28T 2[解析] (2)打B 点时重锤的速度v B ＝h C －h A 2T ，从O 到B ，重锤动能的增加量ΔE k ＝12m v 2B＝m （h C －h A ）28T 2，重锤重力势能的减少量||ΔE p ＝mgh B . 10．(1)72mgR (2)mgR [解析] (1)设物体在B 点时的速度为v B ，受到的弹力为F N B ，则有F N B －mg ＝m v 2B R其中F N B ＝8mg物体从A 点运动到B 点的过程中，由能量守恒定律可知E p ＝12m v 2B解得E p ＝72mgR . (2)设物体在C 点时的速度为v C ，由牛顿第二定律得mg ＝m v 2C R物体从B 点运动到C 点的过程中，由能量守恒定律得Q ＝12m v 2B －⎝⎛⎭⎫12m v 2C ＋mg ·2R 解得Q ＝mgR .11．(1)60 N ，方向竖直向下 (2)2.5 m[解析] (1)小物块在C 点时的速度为v C ＝v 0cos 60°小物块从C 到D 的过程中，由动能定理得mgR (1－cos 60°)＝12m v 2D －12m v 2C解得v D ＝2 5 m/s小物块在D 点时，由牛顿第二定律得F N －mg ＝m v 2D R解得F N ＝60 N由牛顿第三定律得F ′N ＝F N ＝60 N ，方向竖直向下．(2)设小物块刚滑到木板左端时恰与木板达到共同速度v ，小物块在木板上滑行的过程中，小物块与长木板的加速度大小分别为a 1＝μmg m＝μg a 2＝μmg M则有v ＝v D －a 1t ＝a 2t对小物块和木板组成的系统，由能量守恒定律得μmgL ＝12m v 2D －12(m ＋M )v 2 解得L ＝2.5 m.45分钟滚动复习训练卷(二)1．A [解析] 一个鸡蛋大约为55 g ，鸡蛋抛出的高度大约为60 cm ，则将一只鸡蛋抛出至最高点的过程中对鸡蛋做的功等于鸡蛋重力势能的增加量，即W ＝mgh ＝55×10－3×10×60×10－2 J ＝0.33 J ，选项A 正确．2．BC [解析] E 到D 过程，只有万有引力做功，机械能守恒，选项A 错误；弹道导弹受到的万有引力随高度的增大而减小，加速度不断减小，选项B 正确；E 到D 过程，高度在增大，引力做负功，动能减小，转化成引力势能，弹道导弹的速度不断减小，选项C 正确；弹道导弹还要飞回大气层，可见其飞行至D 点时速度小于第一宇宙速度，即小于7.9 km/s ，选项D 错误．3．BC [解析] 小球沿管道上升到最高点的速度可以为零，选项A 错误，选项B 正确；小球在水平线ab 以下的管道中运动时，由外侧管壁对小球的作用力F N 与小球重力沿背离圆心方向的分力F 1的合力提供向心力，即F N －F 1＝m v 2R ＋r，因此，外侧管壁对小球一定有作用力，而内侧管壁无作用力，选项C 正确；小球在水平线ab 以上的管道中运动时，小球受管壁的作用力与小球速度大小有关，选项D 错误．4．AC [解析] 万有引力与质量乘积成正比，故在质量密集区时万有引力会增大，提供的向心力增大了，探测器会发生近心运动，万有引力做功，导致探测器飞行速率增大．选项A 、C 正确．5．AD [解析] 平抛运动可分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动，所以水平位移图像为倾斜直线，水平速度图像为平行于时间轴的直线，竖直位移图像为曲线且各点切线的斜率随时间逐渐变大，竖直速度图像为倾斜的直线，斜率等于重力加速度；沿斜面下滑的运动可分解为水平方向的匀加速直线运动和竖直方向的匀加速直线运动，且竖直加速度分量小于重力加速度，所以水平位移图像为曲线且各点切线的斜率随时间逐渐变大，水平速度图像为向上倾斜的直线，竖直位移图像为曲线且各点切线的斜率随时间逐渐变大，竖直速度图像为倾斜的直线，斜率小于重力加速度，选项A 、D 正确．6．ABD [解析] 高尔夫球刚被击出时的速度v 0＝31 m/s ，根据机械能守恒定律，高尔夫球到达最高点时重力势能最大，动能最小，故当速度v ＝19 m/s 时高尔夫球处于最高点．由12m v 20＝mgh ＋12m v 2可求出高尔夫球上升的最大高度h ＝30 m ，选项B 正确．根据机械能守恒。

小学语文的基本课型有哪些？

小学语文的基本课型有哪些？小学相对于初高中的学习任务来说，是比较轻松的。

但尽管如此，并不说明小学的上课类型就是比较随意的，该有的还是要有。

为此，小编针对小学的语文基本课型整理了一下，共总结了五种供大家参考使用。

小学语文基本课型可分为五种：新授课、复习课、讲评课、测试课、习作课。

一、新授课1.基本分类：主要分为整体感知课和精讲研读课两种课型。

其中低年级的整体感知课主要以识字写字为主，高年级则以解决字词、梳理文章脉络为主。

2.具体环节设置： (1)整体感知课①导入新课(导出课题，明确任务)此环节可采用：a.复习导入：温故而知新，旧知复习迁移;b.故事导入，激发兴趣;c. 名言导入;d.直接导入。

通过听一些特级教师的课，看一些优秀案例，我们会发现他们总会在“新、奇、趣、巧”四个方面下功夫。

②初读感知(初读课文，了解课文主要内容)此环节可采用：a.学生标清段落，自由读文感知;b. 学生标清段落，开火车式分段(或分句)读课文感知;c.学生标清段落，小组合作读文感知等。

③合作探究(可用小组合作的方式检查反馈，梳理文章脉络，夯实字词等基础知识) 此环节可采用：a.根据老师问题，勾画信息交流;b.运用朗读、交流等多种方式识记字此等基础知识;c.小组展示交流等。

④总结收获(盘点一节课的所学)此环节可采用：a.以画知识树的方式全班交流;b. 组内交流;c. 自己动笔整理等。

(2)精讲研读课：①导入新课(导出课题，明确任务)此环节可采用：a.复习导入：温故而知新，旧知复习迁移;b.故事导入，激发兴趣;c. 名言导入;d.直接导入。

通过听一些特级教师的课，看一些优秀案例，我们会发现他们总会在“新、奇、趣、巧”四个方面下功夫。

②合作探究(根据所提出的“大问题”，进行交流合作探究展示)此环节可采用：a.全班展示交流;b. 组内展示交流。

③拓展升华(结合课内知识，拓展补充相关的课外知识)此环节可采用：a.班内口头交流的方式;b.创作语文画卷;c.教师补充资料等方式。

高考考点总复习专题测评及辅导之简明,得体,准确鲜明生动

高考考点总复习专题测评及辅导之简明，得体，准确鲜明生动一、选择题(共18 分)1.下文是一份请柬中的四句话，其中表述不得体的一句是(甲)我校文学社定于本月18日晚7点在学校礼堂举行“民俗文化报告会”，(乙)您是著名民俗专家，对民俗文化的研究造诣颇深。

(丙)今诚挚邀请您莅临会议，为我社民俗文化活动的开展做出认真的指导。

(丁)敬请届时光临。

A.(甲)B.(乙)C.(丙)D.(丁)【答案】C【详解】试题分析：本题考查用语是否得体。

主要看说话的对象、词语修饰的对象、说话的场合等等。

下面所给的材料是一份请柬，这是邀请对方指导，而句中却说“做出认真的指导”，提出“认真”的要求，显然不得体，改为“提出宝贵的意见”。

考点：语言表达简明、连贯、得体、准确、鲜明、生动。

能力层级为表达运用E。

2.午宴上，某中学生遇到父母的朋友劝酒，下列回应得体的一项是（）A.下午还有两门课呢，别劝了，行不？B.谢谢足下，家父从来不准许我喝酒。

C.不喝，不喝，中学生不是不能喝酒吗？D.谢谢，我年龄还小，不能喝酒。

【答案】D【详解】试题分析：本题主要考查语言表达。

结合语境内容“某中学生遇到父母的朋友劝酒”分析，抓住“中学生”的身份，“父母的朋友”，注意语言的得体。

A项，“别劝了”，语气生硬。

B项，书面气息太浓厚。

C项，反问句式，语气不当。

点睛：本题考查了能够恰当地使用语言体现语境和语体的要求，选择恰当的词语、语体和语气。

语言要符合表达者身份和接受者的接受因素；语言表达能符合特定的场合、目的需要；语言表达有分寸感。

考试题型包括用词得体、分寸得当、身份相符、场合相配、依据语境进行角色转换、书面语与口头语的转换等。

3.语体是为适应不同交际需要而形成的语言表达方式。

下列句子，表达不合语体风格的一项是( )A.村子里很静，杜鹃鸟在果林的深处不住气地啼叫。

果树的嫩叶，在四月的微风中絮语。

蝙蝠，扇动着它那半透明的黑纱似的翅膀，在树枝间飞翔。

(文学语体)B.细菌有三种形态:球形(球菌)、杆形(杆菌)及螺旋形(螺旋菌)。

2011届高考英语总复习《学案与测评》语法提升课件：专题1名词与冠词

冠词
一、不定冠词的用法: 不定冠词的用法
1. 不定冠词一般用在单数可数名词前表示某一个；用在某些物质名词不定冠词一般用在单数可数名词前表示某一个；或抽象名词前表示“一种、一类、一份、一阵、一场” 或抽象名词前表示“一种、一类、一份、一阵、一场”等。 2. 指事物的单位，含有“每……”之意。指事物的单位，含有“ 之意。之意 3. 另外还要注意以下几点：另外还要注意以下几点： 1）指某人或某物，但不具体说明何人或何物。指某人或某物，但不具体说明何人或何物。 2）三餐名词，表示独一无二的名词和专有名词前有形容词修饰时，用）三餐名词，表示独一无二的名词和专有名词前有形容词修饰时，不定冠词。不定冠词。 3）有时在星期、月份和日期前加不定冠词，表示泛指。如：on a ）有时在星期、月份和日期前加不定冠词，表示泛指。 Friday在一个星期五。在一个星期五。在一个星期五 4）在序数词前加不定冠词，表示“再次，又一个”。如：a second ）在序数词前加不定冠词，表示“再次，又一个” man又一个人。又一个人。又一个人
2.名词的复数类指与冠词名词的复数类指与冠词复数可数名词表示泛指，前面一般不加冠词，复数可数名词表示泛指，前面一般不加冠词，如果加冠词则表示特指或事物的类别。或事物的类别。 —Could you tell me the way to Johnsons，please? ， —Sorry，we dont have Johnson here in the village. ， A.the； the B.the；a C./；the D.the；/ ；；；；解析：姓氏的复数” 解析：选B。前面“the+姓氏的复数”指一家人或夫妇两个；后面表示。前面“ 姓氏的复数指一家人或夫妇两个；一个姓……的人”，为泛指概念，因此姓氏的前面加不定冠词。的人” 为泛指概念，因此姓氏的前面加不定冠词a。 “一个姓的人 3.名词在特殊情况下的复数使用名词在特殊情况下的复数使用有些名词在使用时总是用其复数形式，有些名词在使用时总是用其复数形式，如：thanks, clothes，， congratulations，goods，works，shoes，trousers 等。有些短语也，，，，要求用名词复数形式：要求用名词复数形式： make preparations for 为……做准备做准备 take pains to do sth. 努力做某事 make both ends meet 收支平衡 keep ties with 同……保持联系保持联系 be in high spirits 兴致勃勃;情绪很高兴致勃勃情绪很高 do/make repairs 进行修理

-部编版语文级上册第单元复习课教案及单元检测题 (一)

-部编版语文级上册第单元复习课教案及单元检测题 (一)部编版语文是我国中小学生们必修的一门课程。

其中，初中部编版语文级上册的第一单元是《课程介绍》。

这一单元主要是为了引导学生们了解学习语文的重要性，以便更好地掌握和运用语言，提高自身素质。

本文将为大家详细介绍《课程介绍》这一单元的复习课教案和单元检测题。

通过本文的阅读，学生们可以更好地了解这一单元的学习要点，掌握本单元的重点知识点。

一、课程复习教案本单元的复习教案主要分为以下几个部分：1.本单元的学习目标：告诉学生们本单元的学习目标，帮助学生们明确所要掌握的知识点。

2.课文重点复习：复习本单元所学习的三篇课文，比较其异同之处，分析其主题和写作方法，帮助学生们更好地掌握文章的精髓。

3.语言知识点复习：由简到难复习语言知识点，如基础词汇、字词的意义、句子成分和语法知识等等。

学生可以通过课堂练习、小组互动来掌握这些知识点。

4.启发思考及课外拓展：通过对课文的细致解读，引导学生们思考文章背后的深层含义。

同时，也可以推荐一些相关的课外阅读资料，进一步拓展学生们的阅读和思考能力。

二、单元检测题单元检测题是对学生掌握本单元知识点的一个考核，包含选择题、填空题和解答题等不同类型。

以下为本单元的部分试题，帮助学生们更好地温习所学知识：1. 课文中“顾名思义，说什么名字就想起什么东西，用在人身上也是这样”这句话，用来比拟什么？2. 句子成分分为七种，分别是（）A. 主语、宾语、定语、补语、同位语、状语、谓语B. 主语、宾语、表语、同位语、状语、补语、谓语C. 主语、宾语、状语、定语、表语、补语、谓语D. 主语、表语、宾语、谓语、定语、同位语、状语3.下列哪个选项既不是语文学科的层级结构也不是语文学科的基本能力？A. 知识技能、专题应用B. 语言分析、文本把握C. 综合运用、创新思维D. 语感培养、品德修养本文简要介绍了《课程介绍》这一单元的复习教案和单元检测题。

希望学生们能够通过这些教学资源更好地掌握本单元的知识点，从而提高自己的语文素养和思考能力。

期中复习与测评

期中复习与测评答案
1.D
2.D
3.B
4.D
5.A
6.B 7 .B 8.A 9.C 10.B 11.C 12.A
13. ⑴随着城市化的发展，大量人口的迁入（或外来人口迁入）。

⑵人口老龄化。

措施：健全社会保障制度，构建合理的社会养老保险体系；延长职工退休年龄等。

14. ⑴发展中发达发展中国家的城市人口超过了发达国家，增长速度也较发达国家快
⑵数量不断增多，速度加快；发展中国家数量增长速度更快，未来超过百万人口的特大城市多数集中分布在发展中国家
⑶起步早，目前城市化进程速度较慢，水平较高起步晚，目前城市化进程速度较快，水平较低⑷图略。

15. ⑴A所在地区位于内陆，终年受副热带高气压带控制，全年气候干旱，形成热带荒漠景观；B所在地区位于亚欧大陆东部，受季风环流控制，夏季高温多雨，冬季低温少雨，形成亚热带常绿阔叶林景观。

⑵混合农业。

优点：①农场内土地交替种植小麦、牧草或休耕，可保持土壤肥力，形成良性的农业生态系统；②种植业和放牧业两种生产方式，在时间上可做到忙、闲错开，这样便于合理、有效地安排农事活动；③农场主可根据政府的农产品政策和市场需求，决定种植与放牧的规模，经济收入比较稳定。

⑶季风水田农业。

原因：位于亚热带季风气候区，水热丰富且雨热同期；地形平坦，土壤肥沃；具有水稻生长的优越自然条件；人口稠密，劳动力丰富，便于精耕细作；水稻种植历史悠久，经验丰富。

《单元复习与测试》集体备课PPT课件优质课

感谢您的聆听！
•③“天地合而万物生，阴阳接而变化起”与“理在事先，理生万物”
•④“道生一，一生二，二生三，三生万物”与“黄金
无足色，白壁有微瑕”
C
•A．①② B．①④ C．②③ D．③④
课堂训练
• 3.“天上的一切星宿，地上的一切陈设，总之，
构成大宇宙的一切物体，在心灵以外没有任何
存在。”下列选项中与这一观点体现的哲学思
原因从一切哲学研究看:不能回避且必须回答。
从哲学的发展看：贯穿于哲学发展的始终。
考点突破（二）哲学的基本派别
• 1. 唯物主义及其形态 • (1)唯物主义的根本观点 • 物质是本原的，意识是派生的，先有物质后有意识，物
质决定意识。 • (2)唯物主义的三种基本形态 • ①古代朴素唯物主义 • ②近代形而上学唯物主义 • ③辩证唯物主义和历史唯物主义。
•A．物质与意识的关系问题 •B．世界观和方法论的统一性问题
A
•C．人与整个世界的关系问题
•D．思维和存在何者为本原的问题
逻辑构建
即意识和物质的关系问题
内涵思维和存在的关系问题
哲
唯物主义
学
思维和存在何者第一性唯心主义
基内容
本
可知论思维和存在有无同一性
问
不可知论
题
从生活实践看:首先遇到且无法回避。
• 唯物主义与唯心主义、辩证法与形而上学是哲学上的“两个对子”。
• 唯物主义与唯心主义是哲学上的“两个派别”。
课堂训练
•2.下列各项选项中，体现围绕哲学基本问题而产生的哲学基本派别对立的是
•①“心病终须心药治，解铃还需系铃人”与“天不变，道亦不变”
•②“世界是一团永恒燃烧的活火”与“宇宙便是吾心，吾心便是宇宙”

《高中思想政治人教部编版精品教案《单元复习与测试》1》

高考“二轮”复习—《政治生活》“为人民服务的政府”授课老师：鹤华中学任铭钿一、课堂目标：巩固和整合“政府”有关知识，提升学生获取信息，灵活运用知识的能力。

二、教学过程：1、课前预习：（1）自主构建知识框架图（2）总结易错点（3）完成《导与练》P32 ,非选择题—（2021全国Ⅰ卷）38（1）。

2、上课流程：（1）时政点评。

由学生自主收集材料，谈谈对时政热点的认识。

时政拓展：2021年政府工作报告12个“新词”（2）复习巩固知识——检验预习效果①展示学生画的知识结构图。

（示例）②找找易错点：（学生讨论并更正）1、政府在转变职能，意味着政府的基本职能在缩小，政府对市场的监管力度在减弱。

2、政府转变职能，提高服务水平的根本目的是为了维护政府的权威。

3、政府坚持依法执政，党履行职能。

4、“网络问政”是制约和监督政府权力的关键。

我们已建立起全面的行政监督体系。

5、省教育厅对各地进行教育工作检查属于行政系统外部监督。

③演练：1 （2021全国Ⅱ卷）2021年3月，国务院办公厅印发的《中国足球改革发展总体方案》要求，按照政社分开的原则调整组建中国足球协会，改变中国足球协会与体育总局足球运动管理中心两块牌子、一套人马的组织构架：中国足球协会与体育总局脱钩，按照社团法人机制运行。

这一改革是①强化足球协会职权，使其摆脱体育行政机关干预的体现②明确足球协会地位，推动足球事业发展的重要举措③促进足球协会提供专业化服务，提高足球运动水平的重大决策④政府把组织和发展体育事业的职能转让给社会组织的表现A．①③B．①④C．②③D．②④2、（2021北京卷）进一步推进依法行政是“十三五”时期的一项重要任务。

2021年，北京市某中级人民法院受理了多起以区政府以被告的行政案件，涉及环境保护、社会保障、食品药品安全等重点社会民生问题。

许多区政府负责人主动出庭应诉。

行政机关负责人主动出庭应诉①表明行政机关积极接受法治部门的内部监督②标明行政机关积极接受司法机关的监督并对其负责③有利于行政纠纷的实质性解决与公共政策的改进④有利于化解矛盾，实现法律效果与社会效果的有机结合A ①②B ①③C ②④D ③④32021•新课标全国Ⅰ，381阅读材料，完成下列要求。

专题1 核心素养(课件)高考地理二轮复习(新教材新高考)

考查角度整体思维
分析萨索斯岛古镇传统建筑特点与当稿地定自P然P环T 境的关系。
关键信息
稿定P信P息T，解海读与量逻素辑材推持理续更
村料信息：古镇的传统建筑大多坐北朝南,依山而建，排列紧密, 建筑材料为天然石材和木材
从整体性原理并新结合，材上料千中款古模镇板建选筑择特征总，有结一合当地区域自然特于征采进光行；分地析形：以款萨山索地适斯为合岛主你古，镇土位地于资北源半紧球张中,建纬筑度依，山坐而北建朝，南排利列
重要的考查方向；突出真实情境背景下区域现状及发展评价
核心提炼·考向探究
考情分析： 1.试题材料呈现图文结合
地图及其他各种地理图像承载着丰富的地理信息，是认识区域的重要载体。近几年高考地理越来越注重以图像作为区域认知素养考查的材料，且每幅图均配有隐含解答问题的重要地理信息的文字材料。预测今后高考命题材料呈现会以图文结合为主，这对学生提取并解读地理信息的能力要求较高，为充分考查学生区域认知素养水平提供更多背景信息。 2.自然与人文地理高度融合
题型特训·命题预测
考向区域认知
我国西部某省级行政区糖料、水果、蔬菜等农作物生产在全国具有举足轻重的地位。图1示意1995—2019年该区主要农作物产量变化，图2示意该区主要农作物种植面积占比变化。据此完成1～2题。 1.该省级行政区为 ( )A. 新疆
B.甘肃C.四川
稿定PPT
D.广西
稿定PPT，海量素材持续更
新，上千款模板图选1择总有一
图2
款适合你
【解析】第1题，根据图中信息可知，该省级行政区糖料作物产量突出，且糖料作物、水果和蔬菜产量
增长较快，粮食作物产量较低。广西纬度位置较低，甘蔗种植规模大，糖料产量高，最符合图1中糖料