【重点推荐】2019高中物理 第四章 牛顿运动定律 课时自测
人教版高中物理必修1第四章《牛顿运动定律》检测试题(有答案)

人教版高中物理必修1第四章《牛顿运动定律》检测试题(有答案)1 / 9《牛顿运动定律》检测题一、单选题1.某质量为50kg 的同学站在电梯底板上,利用速度传感器和计算机研究电梯的运动情况,如图所示的v-t 图象是计算机显示的电梯在某一段时间内速度变化的情况(选向上为正方向,g=10m/s²)。
根据图象提供的信息,可以判断下列说法中正确的是( )A .在0~5s 内,该同学对电梯底板的压力等于520NB .在5s ~10s 内,该同学对电梯底板的压力等于0C .在10s ~20s 内,电梯在减速下降,该同学处于超重状态D .在20s ~25s 内,该同学对电梯底板的压力等于480N2.如图a ,用力传感器研究橡皮绳中拉力的大小随时间变化。
向下拉小球然后释放,小球沿竖直方向运动,某段时间内采集到的信息如图b 所示,则( )A .23t t :时间内小球向上运动,速度不断减小B .34t t ~时间内小球向下运动,加速度不断增大C .45t t ~时间内小球向上运动,速度不断增大D .56tt ~时间内小球向下运动,加速度不断增大3.一个小孩从滑梯上滑下的运动可看做匀加速直线运动。
第一次小孩单独从滑梯上滑下,加速度为a 1。
第二次小孩抱上一只小狗后再从滑梯上滑下(小狗不与滑梯接触),加速度为a 2。
则( )A.a1<a2B.a1>a2C.a1=a2D.无法判断4.如图所示,一人站在电梯中的体重计上,随电梯一起运动。
下列各种情况中,体重计的示数最大的是()A.电梯匀减速上升,加速度大小为 1.0 m/s2B.电梯匀减速下降,加速度大小为 1.0 m/s2C.电梯匀加速上升,加速度大小为 1.5 m/s2D.电梯匀加速下降,加速度大小为 1.5 m/s25.火车在直轨道上匀速运动,车内有一物体被竖直丢到窗外,发现物体仍在和火车一起向前运动,这是因为()A.物体被丢出后,空气给它一个向前的推力,使它向前运动B.物体被丢出后,在水平方向人和车始终有相同的速度C.物体被丢出的瞬间,手给它一个向前的力,推动它向前运动D.物体被丢出后,惯性消失6.关于牛顿第一定律(惯性定律),下列理解正确的是:A.向上抛出的物体,在向上运动的过程中,一定受到向上的作用力,否则不可能向上运动。
2019版高中物理 第四章 牛顿运动定律检测(B)新人教版必修1

第四章检测(B)(时间:90分钟满分:100分)一、选择题(本题共10小题,每小题4分,共40分。
在每小题给出的四个选项中,1~6题只有一个选项符合题目要求,7~10题有多个选项符合题目要求。
全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错或不答的得0分)1伽利略创造的把实验、假设和逻辑推理相结合的科学方法,有力地促进了人类科学认识的发展。
利用如图所示的装置做如下实验:小球从左侧斜面上的O点由静止释放后沿斜面向下运动,并沿右侧斜面上升。
斜面上先后铺垫三种粗糙程度逐渐降低的材料时,小球沿右侧斜面上升到的最高位置依次为1、2、3。
根据三次实验结果的对比,可以得到的最直接的结论是()A.如果斜面光滑,小球将上升到与O点等高的位置B.如果小球不受力,它将一直保持匀速运动或静止状态C.如果小球受到力的作用,它的运动状态将发生改变D.小球受到的力一定时,质量越大,它的加速度越小解析:当斜面上先后铺垫三种粗糙程度逐渐降低的材料时,小球沿斜面上升的最高位置依次升高。
对比三次实验结果,根据把实验、假设和逻辑推理相结合的科学方法可知,当斜面绝对光滑时,小球在斜面上没有能量损失,小球能够上升到与O点等高的位置,故最直接的结论是选项A;B、C、D中的结论从题目中不可以直接得出,故排除。
答案:A2如图,用两根等长轻绳将木板悬挂在竖直木桩上等高的两点,制成一简易秋千。
某次维修时将两轻绳各剪去一小段,但仍保持等长且悬挂点不变。
木板静止时,F1表示木板所受合力的大小,F2表示单根轻绳对木板拉力的大小,则维修后()A.F1不变,F2变大B.F1不变,F2变小C.F1变大,F2变大D.F1变小,F2变小解析:因木板均处于静止状态,所以两次所受合力F1均为零,即合力F1不变。
设绳与竖直方向成θ角,由平衡条件得2F2cos θ=mg,解得F2,θ角会变大,所以F2变大。
选项A正确。
答案:A3如图所示,甲、乙两人在冰面上“拔河”。
两人中间位置处有一分界线,约定先使对方过分界线者为赢。
人教版高中物理必修一第四章牛顿运动定律过关检测(附答案)

物理人教必修1第四章牛顿运动定律过关检测
(时间:45分钟满分:100分)
一、选择题(每小题6分,共48分。
在每小题给出的四个选项中,有的小题只有一个选项正确,有的小题有多个选项正确)
1.一光滑斜劈,在力F推动下向左匀加速运动,且斜劈上有一木块恰好与斜面保持相对静止,如图所示,则木块所受合力的方向为()
A.水平向左B.水平向右
C.沿斜面向下D.沿斜面向上
2.如图所示,A、B两物块叠放在一起,在粗糙的水平面上保持相对静止地向右做匀减速直线运动,运动过程中B受到的摩擦力()
A.方向向左,大小不变
B.方向向左,逐渐减小
C.方向向右,大小不变
D.方向向右,逐渐减小
3.如图所示,A、B两物体叠放在一起,以相同的初速度上抛(不计空气阻力)。
下列说法中正确的是()
A.在上升和下降过程中A对B的压力一定为零
B.上升过程中A对B的压力大于A物体受到的重力
C.下降过程中A对B的压力大于A物体受到的重力
D.在上升和下降过程中A对B的压力等于A物体受到的重力
4.如图所示,一小球放置在木板与竖直墙面之间。
设墙面对球的压力大小为N1,球对木板的压力大小为N2。
以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴,将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置。
不计摩擦,在此过程中()
A.N1始终减小,N2始终增大
B.N1始终减小,N2始终减小
C.N1先增大后减小,N2始终减小
D.N1先增大后减小,N2先减小后增大
5.如图所示,一夹子夹住木块,在力F作用下向上提升。
夹子和木块的质量分别为m、。
2019学年高中物理第四章牛顿运动定律课时自测(2)

4.2 实验探究加速度与力、质量的关系课时自测·基础达标1.在利用打点计时器探究加速度与力、质量关系的实验中,以下做法正确的是( )A.平衡摩擦力时,应将重物用细绳通过定滑轮系在小车上B.每次改变小车的质量时,不需要重新平衡摩擦力C.实验时,先放开小车,后接通电源D.“重物的质量远小于小车的质量”这一条件如不满足,对探究过程也不会产生影响【解析】选B。
平衡摩擦力时,小车不挂重物,故A错误;实验时应先接通电源,后放开小车,C 错误;实验时应满足小车的质量远大于重物的质量,否则误差很大,D错误。
2.某同学利用如图甲所示的实验装置,探究小车的加速度和它所受拉力F的关系。
(1)除备有4个50 g钩码外,另有下列实验器材备选:A.质量为300 g的小车B.质量为 2 kg的小车C.输出电压为4~6 V的直流电源D.输出电压为4~6 V的交流电源为保证实验成功,选用的实验小车应为_________,电源应为_____________。
(填字母代号) (2)某同学正确选择实验器材后,通过实验得到如图乙所示的a-F图象,造成图线未过坐标原点的原因是______________________________ 。
【解析】(1)当m?M时,即钩码的总质量m远远小于小车和砝码的总质量M时,绳子的拉力近似等于钩码的总重力,由题意可知,选用的实验小车应为质量为 2 kg的小车,即选B;电源应为输出电压4~6 V的交流电源,即选D。
(2)由图乙可知,a-F图象不过原点,在a轴上有截距,即F=0时有加速度,这是由于在平衡摩擦力时,木板被垫得太高,木板倾角过大,平衡摩擦力太过造成的。
答案:(1)B D (2)平衡摩擦力时,木板倾角过大【补偿训练】现测得某一物体F一定时,a与m的关系数据如表:a/(m·s-2) 2.04 2.66 3.23 3.98m/kg 2.00 1.50 1.25 1.00(1)根据表中所列数据,画出a-图象。
2019高中物理 第四章 牛顿运动定律 课时自测

4.7 用牛顿运动定律解决问题(二)课时自测·基础达标1.跳水运动员从10 m高的跳台上腾空跃起,先向上运动一段距离达到最高点后,再自由下落进入水池,不计空气阻力,关于运动员在空中的上升过程和下落过程,以下说法正确的有( )A.上升过程处于超重状态,下落过程处于失重状态B.上升过程处于失重状态,下落过程处于超重状态C.上升过程和下落过程均处于超重状态D.上升过程和下落过程均处于完全失重状态【解析】选D。
跳水运动员在空中时无论上升还是下降,加速度方向均向下,由于不计空气阻力,故均为完全失重,选项D正确。
【补偿训练】学校秋季运动会上,飞辉同学以背越式成功跳过了1.90 m,如图所示,则下列说法正确的是( )A.飞辉起跳时地面对她的支持力等于她的重力B.起跳以后在上升过程中处于超重状态C.起跳以后在下降过程中处于失重状态D.起跳以后在下降过程中重力消失了【解析】选C。
起跳时做向上的加速运动,加速度向上,所以地面对她的支持力大于她的重力,选项A错误;起跳以后,只受重力作用,加速度一直保持竖直向下,所以一直处于失重状态,选项C正确,B、D错误。
2.如图所示,物块在力F作用下向右沿水平方向匀速运动,则物块受到的摩擦力F f与拉力F的合力方向应该是( )A.水平向右B.竖直向上C.向右偏上D.向左偏上【解析】选B。
物块受到重力、拉力F、地面的支持力和滑动摩擦力,物块受到的摩擦力与拉力的合力方向与重力、支持力的合力方向相反,在同一直线上,而重力、支持力的合力方向竖直向下,则根据平衡条件得到,摩擦力与拉力的合力方向竖直向上。
故B对。
3.质量为50 kg的乘客乘坐电梯从四层到一层,电梯自四层启动向下做匀加速运动,加速度的大小是0.6 m/s2,则电梯启动时地板对乘客的支持力为(g取10 m/s2)( )A.530 NB.500 NC.450 ND.470 N【解析】选D。
电梯运动过程中加速度向下,故根据牛顿第二定律,有mg-F N=ma,解得F N=mg-ma=470 N,选项D正确。
2019学年高中物理第四章牛顿运动定律课时自测(3)

4.5 牛顿第三定律课时自测·基础达标1.如图所示是我国一种传统的民族体育项目“押加”,实际上相当于两个人拔河,如果绳质量不计,且保持水平,甲、乙两人在“押加”比赛中甲获胜,则下列说法中正确的是( )A.甲对乙的拉力始终大于乙对甲的拉力B.甲把乙加速拉过去时,甲对乙的拉力大于乙对甲的拉力C.只有当甲把乙匀速拉过去时,甲对乙的拉力大小才等于乙对甲的拉力大小D.甲对乙的拉力大小始终等于乙对甲的拉力大小,只是地面对甲的摩擦力大于地面对乙的摩擦力【解析】选D。
甲拉乙的力与乙拉甲的力是一对作用力与反作用力,大小始终相等,与运动状态无关,A、B、C错误;不管哪个获胜,甲对乙的拉力大小始终等于乙对甲的拉力大小,只有当地面对甲的摩擦力大于地面对乙的摩擦力,甲才能获胜,D正确。
2.利用牛顿第三定律,有人设计了一种交通工具,在平板车上装了一个电风扇,电风扇运转时吹出的风全部打到竖直固定在小车中间的风帆上,靠风帆受力而向前运动,如图所示。
对于这种设计,下列分析中正确的是( )A.根据牛顿第二定律,这种设计能使小车向前运动B.根据牛顿第三定律,这种设计能使小车向前运动C.这种设计不能使小车向前运动,因为它违反了牛顿第二定律D.这种设计不能使小车向前运动,因为它违反了牛顿第三定律【解析】选D。
以整体为研究对象,整体不受外力,因此这种设计不能使小车运行,风扇对风帆有一个力的作用,同时风帆对风扇有一个反作用力,D正确。
3.电动滑板车是继传统滑板之后的又一滑板运动的新型产品形式,深受年轻人的喜爱。
如图所示,电动滑板车置于水平地面上,下列说法正确的是( )A.人站在平板车上保持静止时,人所受的重力和地面对平板车的支持力是一对平衡力B.人站在平板车上保持静止时,平板车对人的支持力与平板车对地的压力是一对作用力和反作用力C.人向上起跳加速阶段,平板车对人的支持力等于人对平板车的压力D.人向上起跳加速阶段,人所受的重力等于人对平板车的压力【解析】选C。
2019高中物理 第四章 牛顿运动定律章末质量评估 新人教版必修1

第四章牛顿运动定律章末质量评估(四)(时间:90分钟分值:100分)一、单项选择题(本题共10小题,每题3分,共30分.每小题中只有一个选项是正确的,选对得3分,错选、不选或多选均不得分.)1.科学家关于物体运动的研究对树立正确的自然观具有重要作用.下列说法不符合历史事实的是( ) A.亚里士多德认为,必须有力作用在物体上,物体的运动状态才会改变B.伽利略通过“理想实验”得出结论:运动必具有一定速度,如果它不受力,它将以这一速度永远运动下去C.笛卡儿指出:如果运动中的物体没有受到力的作用,它将继续以同一速度沿同一直线运动,既不停下来也不偏离原来的方向D.牛顿认为,物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质解析:亚里士多德的观点是力是维持物体运动的原因,即物体有力就运动,没有力就静止,故A错误;伽利略通过“理想实验”得出结论:运动必具有一定速度,如果它不受力,它将以这一速度永远运动下去,选项B 正确;笛卡儿指出:如果运动中的物体没有受到力的作用,它将继续以同一速度沿同一直线运动,既不停下来也不偏离原来的方向,选项C正确;牛顿认为,物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质,选项D 正确;故选项A不符合历史事实.答案:A2.关于牛顿运动定律,以下说法中正确的是( )A.运动越快的汽车越不容易停下来,是因为汽车运动得越快,惯性就越大B.人从水平地面上猛得竖直向上跳起,地面对人的支持力将会大于人对地面的压力C.N/kg与m/s2都是加速度的国际制单位D.物体的加速度方向有时与合外力方向相同,有时与合外力方向相反答案:C3.一雪橇放在冰面上,现让一只狗拉着雪橇在冰面上匀速前进,则( )A.狗对雪橇的拉力与冰面对雪橇的摩擦力是一对作用力与反作用力B.雪橇对冰面的压力与冰面对雪橇的支持力是一对平衡力C.雪橇对冰面的压力与冰面对雪橇的支持力是一对作用力与反作用力D.雪橇对冰面的压力与雪橇受到的重力是一对平衡力解析:雪橇匀速前进,则雪橇受力平衡,狗对雪橇的拉力与冰面对雪橇的摩擦力是一对平衡力,冰面对雪橇的支持力与雪橇受到的重力是一对平衡力,选项A、D错误;雪橇对冰面的压力与冰面对雪橇的支持力是一对作用力与反作用力,选项B错误,选项C正确.答案:C4.如图所示,小车上有一个定滑轮,跨过定滑轮的绳一端系一重球,另一端系在弹簧测力计上,弹簧测力计下端固定在小车上.开始时小车处于静止状态.当小车沿水平方向运动时,小球恰能稳定在图中虚线位置,下列说法中正确的是( )A .小球处于超重状态,小车对地面压力大于系统总重力B .小球处于失重状态,小车对地面压力小于系统总重力C .弹簧测力计读数大于小球重力,但小球既不超重也不失重D .弹簧测力计读数大于小球重力,小车一定向右匀加速运动解析:小球稳定在题图中虚线位置,则小球和小车有相同的加速度,且加速度水平向右,故小球既不超重也不失重,小车既可以向右匀加速运动,也可以向左匀减速运动,故C 项正确.答案:C5.竖直上抛物体受到的空气阻力f 大小恒定,物体上升到最高点时间为t 1,从最高点落回抛出点用时t 2,上升时加速度大小为a 1,下降时加速度大小为a 2,则下列说法正确的是( )A .a 1<a 2,t 1<t 2B .a 1>a 2,t 1>t 2C .a 1<a 2,t 1>t 2D .a 1>a 2,t 1<t 2解析:上升时,mg +f =ma 1,下降时,mg -f =ma 2,得a 1>a 2.上升和下降的位移相等,h =12a 1t 21=12a 2t 22,因为a 1>a 2,所以t 1<t 2.D 正确.答案:D6.用轻弹簧竖直悬挂质量为m 的物体,静止时弹簧伸长量为L ,现用该弹簧沿斜面方向拉住质量为2m 的物体,系统静止时弹簧伸长量也为L ,斜面倾角为30°,如图所示,则物体所受摩擦力( )A .等于零B .大小为12mg ,方向沿斜面向下C .大小为32mg ,方向沿斜面向上 D .大小为mg ,方向沿斜面向上解析:设弹簧的劲度系数为k ,竖直悬挂时有kL =mg .设物体放在斜面上时所受摩擦力为f ,根据物体的平衡条件有kL +f =2mg sin 30°=mg ;由上述两式联立可得f =0,A 正确.答案:A7.如图所示,小球A 和B 的质量均为m ,长度相同的四根细线分别连接在两球间、球与水平天花板上P 点以及与竖直墙上的Q 点之间,它们均被拉直,且P 、B 间细线恰好处于竖直方向,两小球均处于静止状态,则Q 、A 间水平细线对球的拉力大小为( )A.22mg B .mg C.3mgD.33mg 解析:由题,P 、B 间细线恰好处于竖直方向,两小球均处于静止状态,则知A 、B 间细线的拉力为零.对A 球受力分析,由平衡条件,得T QA =mg tan 60°=3mg ,选项A 、B 、D 错误,C 正确.故选C. 答案:C8.如图所示,质量为M 的斜面A 置于粗糙水平地面上,动摩擦因数为μ,物体B 与斜面间无摩擦.在水平向左的推力F 作用下,A 与B 一起做匀加速直线运动,两者无相对滑动.已知斜面的倾角为θ,物体B 的质量为m ,则它们的加速度a 及推力F 的大小为( )A .a =g sin θ,F =(M +m )g (μ+sin θ)B .a =g cos θ,F =(M +m )g cos θC .a =g tan θ,F =(M +m )g (μ+tan θ)D .a =g cot θ,F =μ(M +m )g解析:B 物体受到重力、支持力作用,其合力向左,根据牛顿第二定律得mg tan θ=ma ,解得a =g tan θ;研究A 、B 整体同理有F -μ(M +m )g =(M +m )a ,解得F =(M +m )g (μ+tan θ),C 正确.答案:C9.细绳拴一个质量为m 的小球,小球用固定在墙上的水平弹簧支撑,小球与弹簧不粘连,平衡时细绳与竖直方向的夹角为53°,如图所示(已知cos 53°=0.6,sin 53°=0.8),以下说法正确的是( )A .小球静止时弹簧的弹力大小为34mgB .小球静止时细绳的拉力大小为45mgC .细线烧断瞬间小球的加速度立即为gD .细线烧断瞬间小球的加速度立即为53g解析:小球静止时,分析受力情况,如图,由平衡条件得: 弹簧的弹力大小为:F =mg tan 53°=43mg ,细绳的拉力大小为:T =mgcos 53°=53mg ,故A 错误,B 错误. 细绳烧断瞬间弹簧的弹力不变,则小球所受的合力与烧断前细绳拉力的大小相等、方向相反,则此瞬间小球的加速度大小为:a =T m ,a =53g .故C 错误,D 正确.故选D.答案:D10.如图所示,用两根绳子OA 和OB 系住一物体.绳OA 固定于A 点,手拉绳OB 使OB 由水平位置逐渐转向OB ′方向,同时保持OA 与天花板夹角θ(θ<45°)不变.在这一过程中绳OB 所受拉力大小将( )A .始终减小B .始终增大C .先减小后增大D .先增大后减小解析:如图所示,作出物体所受的三个力组成的力的矢量三角形.注意到mg 的大小、方向都是不变的;而绳OA 的拉力T OA 的方向不变,大小变化;绳OB 的拉力T OB 的大小、方向都变化.由图可知,当T OB 垂直于T OA 时,T OB 取得最小值,故绳OB 的拉力先减小后增大.答案:C二、多项选择题(本题共4小题,每题6分,共24分.每小题有多个选项是正确的,全选对得6分,少选得3分,选错、多选或不选得0分.)11.将物体竖直向上抛出,假设运动过程中空气阻力不变,其速度—时间图象如图所示,则( )A.上升、下降过程中加速度大小之比为11∶9B.上升、下降过程中加速度大小之比为10∶1C.物体所受的重力和空气阻力之比为9∶1D.物体所受的重力和空气阻力之比为10∶1解析:上升、下降过程中加速度大小分别为:a上=11 m/s2,a下=9 m/s2,由牛顿第二定律得:mg+F阻=ma mg-F阻=ma下,联立解得:mg∶F阻=10∶1,A、D正确.上,答案:AD12.如图甲所示,竖直电梯中质量为m的物体置于压力传感器P上,电脑可描绘出物体对P的压力F随时间的变化图线;图乙中K、L、M、N四条图线是电梯在四种运动状态下由电脑获得的Ft图线,由图线分析电梯的运动情况,下列结论中正确的是( )A.由图线K可知,此时电梯一定处于匀加速上升状态B.由图线L可知,此时电梯的加速度大小一定等于gC.由图线M可知,此时电梯一定处于静止状态D.由图线N可知,此时电梯加速度的方向一定先向上后向下解析:物体对P的压力等于支持力的大小,根据牛顿第二定律判断加速度的大小和方向,从而确定电梯的运动情况.由图线K可知,物体对P的压力大于物体的重力,且逐渐增大,则支持力大于重力,且逐渐增大,根据牛顿第二定律知,加速度方向竖直向上,且逐渐增大,电梯加速度方向竖直向上,且在变化,故A错误;由图线L可知,支持力的大小等于2mg,根据牛顿第二定律得,F-mg=ma,解得a=g,方向竖直向上,故B正确;由图线M 可知,支持力等于重力,知电梯可能处于静止,可能处于匀速直线运动状态,故C错误;由图线N可知,支持力的大小先大于mg再小于mg,根据牛顿第二定律知,加速度的方向先向上,再向下,故D正确.答案:BD13.如图所示,质量分别为m1、m2的两个物体通过轻弹簧连接,在力F的作用下一起沿水平方向做匀速直线运动(m1在地面上,m2在空中),力F与水平方向成θ角.则m1所受支持力F N和摩擦力f正确的是( )A.F N=m1g+m2g-F sin θB.F N=m1g+m2g-F cos θC.f=F cos θD.f=F sin θ解析:该题考查连接体的平衡问题,利用隔离法求相互作用力,利用整体法求外力.选整体为研究对象,在水平方向有f=F cos θ,在竖直方向有F N+F sin θ=(m1+m2)g,F N=m1g+m2g-F sin θ,故A、C选项正确.答案:AC14.如图所示,两个倾角相同的滑竿上分别套有A、B两个质量均为m圆环,两个圆环上分别用细线悬吊两个质量均为M的物体C、D,当它们都沿滑竿向下滑动并保持相对静止时,A的悬线与杆垂直,B的悬线竖直向下.下列结论正确的是( )A.A环受滑竿的作用力大小为(m+M)g cos θB.B环受到的摩擦力f=mg sin θC.C球的加速度a=g sin θD.D受悬线的拉力T=Mg解析:对C受力分析,如图由牛顿第二定律,得到:Mg sin θ=Ma①;细线拉力为T=Mg cos θ②再对A环受力分析,如下图根据牛顿定律,有mg sin θ-f=ma③N=mg cos θ+T④由①②③④解得:f=0 N=(M+m)g cos θ,故A、C正确.对D球受力分析,受重力和拉力,合力与速度在一条直线上,故合力为零,物体做匀速运动,细线拉力等于Mg;再对B球受力分析,如图,受重力、拉力、支持力,由于做匀速运动,合力为零,故必有向后的摩擦力;根据平衡条件,有(M+m)g sin θ=f,N=(M+m)g cos θ,故B错误,D正确.故选A、C、D.答案:ACD三、非选择题(共4小题,共46分)15.(8分)某实验小组为探究加速度与力之间的关系设计了如图(a)所示的实验装置,用钩码所受重力作为小车所受的拉力,用DIS(数字化信息系统)测小车的加速度.通过改变钩码的数量,多次重复测量,可得小车运动的加速度a 和所受拉力F 的关系图象.他们在轨道水平和倾斜的两种情况下分别做了实验,得到了两条a -F 图线,如图(b)所示.图(a) 图(b)(1)图线________是在轨道水平的情况下得到的(选填“Ⅰ”或“Ⅱ”)(2)小车和位移传感器发射部分的总质量为______kg ,小车在水平轨道上运动时受到的摩擦力大小为______N.(3)某同学用小车做“研究匀变速直线运动”实验时,从打下的若干纸带中选出了如图所示的一条(每两点间还有4个点没有画出来),如图所示,纸带上的数字为相邻两个计数点间的距离.打点计时器的电源频率为50 Hz.该小车做匀变速直线运动的加速度a =________m/s 2,与纸带上D 点相对应的瞬时速度v =______m/s(答案均要求保留3位有效数字).答案:(1)Ⅱ (2)1 kg 1 N (3)1.93 m/s 21.19 m/s16.(8分)如图所示,小木块在沿斜面向上的恒定外力F 作用下,从A 点由静止开始做匀加速运动,前进了0.45 m 抵达B 点时,立即撤去外力.此后小木块又前进0.15 m 到达C 点,速度为零.已知木块与斜面动摩擦因数μ=36,木块质量m =1 kg.(1)木块向上经过B 点时速度为多大?(2)木块在AB 段所受的外力多大?( g =10 m/s 2)解析:(1)撤去外力后,小木块做匀减速运动从B 运动到C ,加速度大小为a =g sin θ+μg cos θ=7.5 m/s 2所以有v 2C -v 2B =2as代入可解得v B =2as =2×7.5×0.15 m/s =1.5 m/s.(2)设外加恒力为F ,则刚开始从A 运动到B 的加速度为a 1=Fm-(g sin θ+μg cos θ)刚开始是做匀加速直线运动,故有:v 2B =2a 1s 1代入数据可求得:F =10 N.答案:(1)1.5 m/s (2)10 N17.(14分)某运动员做跳伞训练,他从悬停在空中的直升飞机上由静止跳下,跳离飞机一段时间后打开降落伞做减速下落.他打开降落伞后的速度图线如图甲.降落伞用8根对称的绳悬挂运动员,每根绳与中轴线的夹角均为37°,如图乙.已知人的质量为50 kg ,降落伞质量也为50 kg ,不计人所受的阻力,打开伞后伞所受阻力f 与速率v 成正比,即f =kv (g 取10 m/s 2,sin 53°=0.8,cos 53°=0.6).求:图甲 图乙(1)打开降落伞前人下落的距离为多大?(2)求阻力系数k 和打开伞瞬间的加速度a 的大小和方向? (3)悬绳能够承受的拉力至少为多少?解析:(1)h 0=v 202g=20 m(2)kv =2mg ,将v =5 m/s 代入得k =200 N ·s/m 对整体:kv 0-2mg =2ma ,a =kv 0-2mg 2m=30 m/s 2方向竖直向上(3)设每根绳拉力为T ,以运动员为研究对象有: 8T cos α-mg =ma ,T =m (g +a )8cos 37°=312.5 N由牛顿第三定律得:悬绳能承受的拉力至少为312.5 N.答案:(1)20 m (2)k =200 N ·s/m a =30 m/s 2方向竖直向上 (3)312.5 N18.(16分)一种巨型娱乐器械由升降机送到离地面75 m 的高处,然后让座舱自由落下.落到离地面30 m 高时,制动系统开始启动,座舱均匀减速,到地面时刚好停下.若座舱中某人用手托着m =5 kg 的铅球,取g =10 m/s 2,试求:(1)从开始下落到最后着地经历的总时间;(2)当座舱落到离地面35 m 的位置时手对球的支持力; (3)当座舱落到离地面15 m 的位置时球对手的压力. 解析:(1)由题意可知,座舱先自由下落h 1=75 m -30 m =45 m ,下落45 m 时的速度v 1=gt 1=30 m/s , 减速过程中的平均速度v 2=v 12=15 m/s ,减速时间t 2=h 2v 2=2 s ,总时间t =t 1+t 2=5 s .(2)离地面35 m 时,座舱自由下落,处于完全失重状态,所以手对球的支持力为零.(3)由v 21=2gh 1=2ah 2,得减速过程中加速度的大小a =15 m/s 2⎝⎛⎭⎪⎫或a =v 1t 2=15 m/s 2,根据牛顿第二定律,得F N -mg =ma ,解得F N =125 N ,根据牛顿第三定律,可知 球对手的压力F ′N =125 N ,方向竖直向下. 答案:(1)5 s (2)0 (3)125 N ,方向竖直向下。
高中物理 第四章 牛顿运动律 课时自测;基础达标牛顿第一律1高一1物理试题

积盾市安家阳光实验学校牛顿第一律课时自测·基础达标1.关于牛顿第一律的说法中正确的是( )A.由牛顿第一律可知,物体在任何情况下始终处于静止状态或匀速直线运动状态B.牛顿第一律既揭示了物体保持原有运动状态的原因,又揭示了运动状态改变的原因C.牛顿第一律反映了物体不受外力作用时的运动规律,因此物体在不受力时才有惯性D.牛顿第一律只是反映惯性大小的,因此也叫惯性律【解析】选B。
物体在不受力的作用时,总保持静止状态或匀速直线运动状态,A 错误;牛顿第一律既揭示了物体保持原有运动状态的原因,又揭示了运动状态改变的原因,B正确;惯性是物体的固有属性,惯性大小只与质量有关,与物体是否受力无关,C错误;牛顿第一律反映了惯性大小以及力是改变物体运动状态的原因,D错误。
【补偿训练】(多选)如图所示,在沿东西方向直线运动的小车上,放一竖直木块,突然发现木块向西倒,则小车可能的运动情况( )A.以很大的速度做匀速运动B.做减速运动C.做加速运动D.向西做减速运动【解析】选C、D。
若小车以很大的速度做匀速运动,木块原来的速度与小车相同,木块不会向西倒。
若小车做减速运动,木块由于惯性保持原来速度,相对小车倒,A、B错误;若小车做加速运动,木块由于惯性保持原来速度,相对小车向西倒;若小车向西做减速运动,木块由于惯性保持原来速度,相对小车向西倒,C、D正确。
2.下列说法正确的是( )A.各种小型车前排乘坐的人必须系好安全带是为了减小乘客的惯性B.战斗机投入战斗前要抛掉副油箱是为了减小惯性,提高灵活性C.跳高运动员起跳后之所以能够继续上升,是由于还受到向上的力的作用D.惯性是物体抵抗运动状态变化的“本领”,因此运动状态不变化的物体就无惯性【解析】选B。
惯性大小只与物体的质量有关,与其他因素无关,A错误;抛掉副油箱,质量减小,惯性减小,提高灵活性,B正确;惯性是物体固有的属性,一切物体都有保持原来运动状态不变的性质,因此跳高运动员起跳后能够继续上升,C 错误;惯性是物体固有的属性,一切物体都有惯性,惯性的大小和运动状态无关,D错误。
高中物理 第四章 牛顿运动定律 课时自测基础达标 4.2 实验探究加速度与力、质量的关系 新人教版必修1

4.2 实验探究加速度与力、质量的关系课时自测·基础达标1.在利用打点计时器探究加速度与力、质量关系的实验中,以下做法正确的是( )A.平衡摩擦力时,应将重物用细绳通过定滑轮系在小车上B.每次改变小车的质量时,不需要重新平衡摩擦力C.实验时,先放开小车,后接通电源D.“重物的质量远小于小车的质量”这一条件如不满足,对探究过程也不会产生影响【解析】选B。
平衡摩擦力时,小车不挂重物,故A错误;实验时应先接通电源,后放开小车,C 错误;实验时应满足小车的质量远大于重物的质量,否则误差很大,D错误。
2.某同学利用如图甲所示的实验装置,探究小车的加速度和它所受拉力F的关系。
(1)除备有4个50 g钩码外,另有下列实验器材备选:A.质量为300 g的小车B.质量为2 kg的小车C.输出电压为4~6 V的直流电源D.输出电压为4~6 V的交流电源为保证实验成功,选用的实验小车应为_________,电源应为_____________。
(填字母代号) (2)某同学正确选择实验器材后,通过实验得到如图乙所示的a-F图象,造成图线未过坐标原点的原因是______________________________ 。
【解析】(1)当m≪M时,即钩码的总质量m远远小于小车和砝码的总质量M时,绳子的拉力近似等于钩码的总重力,由题意可知,选用的实验小车应为质量为2 kg的小车,即选B;电源应为输出电压4~6 V的交流电源,即选D。
(2)由图乙可知,a-F图象不过原点,在a轴上有截距,即F=0时有加速度,这是由于在平衡摩擦力时,木板被垫得太高,木板倾角过大,平衡摩擦力太过造成的。
答案:(1)B D (2)平衡摩擦力时,木板倾角过大【补偿训练】现测得某一物体F一定时,a与m的关系数据如表:(1)根据表中所列数据,画出a-图象。
(2)由a-图象可知,当F一定时,a与m成_______关系。
【解析】要画a-图象,需要先求出对应的,其数据分别为0.50、0.67、0.80和1.00,然后描点,连线。
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第四章 综合检测本卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分.满分120分,时间90分钟.第Ⅰ卷(选择题 共50分)一、选择题(共10小题,每小题5分,共50分.在每小题给出的四个选项中,有的小题只有一个选项符合题目要求,有的小题有多个选项符合题目要求,全部选对的得5分,选不全的得2分,有选错或不答的得0分)1.以下说法中正确的是( )A .甲物体对乙物体施加作用力,乙物体受到作用后,才产生反作用力,所以先有作用力,再有反作用力B .甲、乙两队拔河,甲队取胜,说明甲队的拉力大于乙队的拉力C .重力和支持力组成一对作用力和反作用力D .地球吸引物体、物体吸引地球,这是一对作用力和反作用力 答案:D解析:由牛顿第三定律知,作用力与反作用力同时产生,同时消失,其大小相等,故A 、B 错;作用力的施力物体同时是反作用力的受力物体,反之亦然,故C 错,D 对. 2.两个完全相同的力分别作用在质量为m 1、m 2的两个物体上,使它们由静止开始运动,各经t 1、t 2时间后,两物体速度相同,则两物体通过的位移比是( )A .m 1∶m 2B .m 2∶m 1C .t 1∶t 2D .t 21∶t 22 答案:AC解析:根据牛顿第二定律及运动学公式知,速度相同时,a 1t 1=a 2t 2.物体加速度为:a 1=F m 1,a 2=Fm 2.物体的位移为:s 1=12a 1t 21,s 2=12a 2t 22. 整理得,s 1s 2=t 1t 2=m 1m 2.故答案为A 、C.3.在验证牛顿第二定律的实验中,如a -1m图象是通过原点的一条直线,则说明( )A .物体的加速度a 与质量m 成正比B .物体的加速度a 与质量m 成反比C .物体的质量m 与加速度a 成正比D .物体的质量m 与加速度a 成反比 答案:B解析:图象是过原点的一条直线,说明a 与1m 成正比,即a 与m 成反比,故A 错,B对;质量只决定于物体本身,与加速度无关,故C 、D 均错.4.(2010·高考江苏卷)如图所示,置于水平地面的三脚架上固定着一质量为m 的照相机,三脚架的三根轻质支架等长,与竖直方向均成30°角,则每根支架中承受的压力大小为( )A.13mg B.23mg C.36mgD.239mg答案:D解析:3F cos30°=mg F =239mg ,选D.5.某物体同时受到F 1、F 2两个在同一直线上的作用力而做直线运动,其位移与F 1、F 2的关系图线如图所示.若物体由静止开始运动,当其具有最大速度时,位移是( )A .1mB .2mC .3mD .4m 答案:B解析:根据图象可知,在0~2m 内合力的方向为正,所以加速度为正,一直在加速.在x >2m 后,合力为负,物体做减速运动,故x =2m 处物体的速度最大.6.(2010·高考山东卷)如图甲所示,物体沿斜面由静止滑下,在水平面上滑行一段距离停止,物体与斜面和水平面间的动摩擦因数相同,斜面与水平面平滑连接.图乙中v 、a 、f 和s 分别表示物体速度大小、加速度大小、摩擦力大小和路程.图乙中正确的是( )答案:C解析:在斜面上,f =μmg cos θ,在水平面上f =μmg结合牛顿第二定律可知C 正确,A 、B 错误,s -t 图象应是开口向上的曲线,可知D 错误.7.如图所示,m =2kg 的物体,在F 1=40N ,F 2=30N 的两个相反的水平拉力及竖直向下的力F 3的作用下仍处于静止状态.若撤去水平外力F 2,则物体的加速度可能是( )A .0B .5m/s 2C .15m/s 2D .20m/s 2答案:ABC解析:由静止状态时受力可知,Fμ≥10N ,撤去F 2后,∑F =F 1-Fμ≤40-10=30(N),故a max =30/2=15(m/s 2).8.(2009·全国卷Ⅱ)两物体甲和乙在同一直线上运动,它们在0~0.4s 时间内的v -t 图象如右图所示.若仅在两物体之间存在相互作用,则物体甲与乙的质量之比和图中时间t 1分别为()A.13和0.30s B .3和0.30s C.13和0.28sD .3和0.28s答案:B解析:设甲、乙的质量分别是m 甲和m 乙,甲、乙的加速度大小分别是a 甲、a 乙,它们之间的相互作用力大小为F .由题图知,乙的加速度大小为a 乙=v 0t 1=40.40m/s 2=10m/s 2t 1时刻甲、乙速度相同,均为v =1m/s ,由v =v 0-a 甲t 1得 t 1=v 0-v a 乙=4-110s =0.3s所以甲的加速度大小 a 甲=v t 1=10.3m/s 2=103m/s 2根据牛顿第二定律,有 m 甲m 乙=F a 甲F a 乙=a 乙a 甲=10103=3 因此,选项B 正确.9.如图所示,物体m 在传送带上向右运动,两者保持相对静止.则下列关于m 所受摩擦力的说法中正确的是( )A .皮带传送速度越大,m 受到的摩擦力越大B .皮带传送的加速度越大,m 受到的摩擦力越大C .皮带速度恒定,m 质量越大,所受摩擦力越大D .m 可能不受摩擦力 答案:BD解析:物块若加速运动,其合外力由传送带给它的摩擦力来提供,故加速度大,摩擦力大,B 正确;当物块匀速运动时,物块不受摩擦力,故D 正确.10.某同学从6楼乘电梯到1楼,电梯刚刚起动时( )A .他受的重力增大B .他受的重力减小C .他对电梯地板的压力增大D .他对电梯地板的电力减小 答案:D解析:电梯从6楼到1楼运动时为加速度运动,即人对底板压力变小,但重力不变.第Ⅱ卷(非选择题 共70分)二、填空题(共3小题,每小题6分,共18分,把答案直接填在横线上) 11.如图所示,质量为m 的小球用水平弹簧系住,并用倾角为30°的光滑木板斜托住,小球恰好处于静止状态.当木板AB 突然向下撤离的瞬间,小球的加速度的大小为__________,方向__________.答案:233g 垂直于木板斜向下解析:对小球受力分析如图所示,根据平衡条件得木板对球的弹力F N =233mg ,弹簧的拉力F =33mg .撤离挡板瞬间,挡板弹力立即消失,而弹簧弹力保持不变,故小球所受的合力大小为233mg ,方向垂直于木板斜向下.12.一打点计时器固定在斜面上某处,一小车拖着穿过打点计时器的纸带从斜面上滑下,如图甲所示,图乙是打出纸带的一段.(单位:cm)(1)已知打点计时器使用的交流电频率为50Hz ,利用图乙给出的数据可求出小车下滑的加速度a =__________;(2)为了求出小车在下滑过程中所受的阻力,还需测量的物理量有__________; (3)用测得的量及加速度a 表示阻力的计算式为F =__________. 答案:(1)3.98m/s 2 (2)小车的质量m ,斜面上任意两点间的距离L 及这两点间的高度h (3)mg hL-ma解析:(1)由纸带可知x 1=5.22cm ,x 2=5.75cm ,x 3=6.41cm ,x 4=7.05cm ,x 5=7.68cm ,x 6=8.33cm ,x 7=8.95cm ,x 8=9.61cm ,x 9=10.26cm ,任意两相邻的计数点间的时间T =0.04s ,故小车的加速度a =(x 6-x 1)+(x 7-x 2)+(x 8-x 3)+(x 9-x 4)4×5T 2=(x 6+x 7+x 8+x 9)-(x 1+x 2+x 3+x 4)20T 2=(8.33+8.95+9.61+10.26)-(5.22+5.75+6.41+7.05)20×0.042×10-2m/s 2 ≈3.98m/s 2.(2)还需测量的物理量有:小车的质量m ,斜面上任意两点间的距离L 及这两点间的高度h .(3)小车受重力和阻力作用,由牛顿第二定律mg sin θ-F =ma ,而sin θ=h L ,故F =mg hL-ma .13.在探究牛顿第二定律实验中,得到以下数据:物体质量不变时,加速度a 与物体所受合力F 的对应数据如表一;物体所受合力不变时,加速度a 和物体质量的倒数1M的对应数据如表二.表一表二(1)请在下图所示的坐标平面内,分别画出a -F 图象和a -1M图象;(2)由a -F 图象得到的结论是____________________________________;由a -1M图象得到的结论是______________________________________.答案:(1)在a -F 坐标平面和a -1/M 坐标平面内,根据表一和表二提供的数据,分别描出五个对应点,根据这些点迹作一条直线,使尽量多的点落在直线上,即得到a -F 图象和a -1/M 图象分别如下图所示.(2)物体的加速度与物体所受的合力成正比 物体的加速度与物体的质量成反比 三、论述·计算题(本题共4小题,共52分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位)14.一个质量是2.5kg 的物体以11m/s 2的加速度竖直下落,那么这个物体除了受到重力作用以外,还受到一个多大的力作用?这个力的方向如何?解析:根据牛顿第二定律有:2.5×10+F =2.5×11,解得:F =2.5N ,方向竖直向下. 15.(2010·高考湖北卷)汽车由静止开始在平直公路上行驶,0~60s 内汽车的加速度随时间变化的图线如右图所示.(1)画出汽车在0~60s 内的v -t 图线; (2)求在这60s 内汽车行驶的路程. 答案:(1)速度图象如下图 (2)900m解析:由加速度图像可知前10s 汽车匀加速,后20s 汽车匀减速恰好停止,因为图像的面积表示速度的变化,此两段的面积相等.最大速度为20m/s.所以速度图像如图.然后利用速度图象的面积求出位移.(2)汽车运动的面积为匀加速、匀速、匀减速三段的位移之和.16.某飞机场利用如图所示的传送带将地面上的货物运送到飞机上,传送带与地面的夹角θ=30°,传送带两端A 、B 的长度L =10m ,传送带以v =5m/s 的恒定速度匀速向上运动.在传送带底端A 轻轻放一质量m =5kg 的货物,货物与传送带间的动摩擦因数μ=32.求货物从A 端运送到B 端所需的时间.(g 取10m/s 2)答案:3s解析:以货物为研究对象,由牛顿第二定律得μmg cos30°-mg sin30°=ma , 解得a =2.5m/s 2货物匀加速运动时间t 1=va =2s货物匀加速运动位移x 1=12at 21=5m然后货物做匀速运动,运动位移x 2=L -x 1=5m ,匀速运动时间t 2=x 2v =1s 从A 到B 的时间t =t 1+t 2=3s.17.光滑水平面上,足够长的木板质量M =8kg ,由静止开始在水平拉力F =8N 作用下向右运动.如图所示,当速度达到1.5m/s 时,将质量m =2kg 的物体轻轻放到木板的右端,已知物体与木板之间的动摩擦因数μ=0.2.(1)物体放到木板上以后,经多少时间物体与木板相对静止?在这段时间里,物体相对于木板滑动的距离多大?(2)在物体与木板相对静止后,它们之间还有相互作用的摩擦力吗?为什么?如有,摩擦力为多大?解析:(1)物体放在木板上之后,在它们达到相对静止之前,它们之间在水平方向上存在相互作用的滑动摩擦力F ′=μmg =4N ,物体的加速度a 1=μg =2m/s 2,木板的加速度a 2=(F -F ′)M=0.5m/s 2.物体与木板达到相对静止所需时间由a 1t =v +a 2t 得,t =1s ,在此时间内,物体在木板上滑行的距离x =v t +12a 2t 2-12a 1t 2=0.75m.(2)物体与木板相对静止后,在8N 的恒力作用下,共同产生的加速度a 3=0.8m/s 2,对木板上的物体来讲,产生加速度的力,只能是木板对它的静摩擦力,故F ″=ma 3=1.6N.。
人教版高中物理必修1第四章牛顿运动定律检测题

《牛顿运动定律》检测题一、单选题1.对于牛顿第二定律的理解下列说法正确的是()A.先有力后有加速度B.先有加速度后有力C.力是产生加速度的原因D.无论关系式F=ma中的三个物理量采用什么单位,该关系式都是成立的2.下列关于惯性说法正确的是()A.静止在草坪上的足球没有惯性B.高速公路汽车限速是为了安全,因为速度越大惯性越大C.歼击机投入战斗前要抛掉副油箱,这是为了减小惯性更加灵活D.百米赛跑的运动员撞线后还要跑出去一段距离,是由于受到惯性的作用3.如图所示,有5000个质量均为m的小球,将它们用长度相等的轻绳依次连接,再将其左端用细绳固定在天花板上,右端施加一水平力使全部小球静止。
若连接天花板的细绳与水平方向的夹角为45︒。
则第2019个小球与2020个小球之间的轻绳与水平方向的夹角α的正切值等于()A.20195000B.29815000C.20192981D.298120194.壁虎等动物的脚上有很多小的类似吸盘的结构,这些动物在爬行的时候,“小吸盘”能够吸住接触面,使得它们能很好的“压在”接触面上。
如图所示,壁虎在竖直玻璃面上斜向上匀速爬行,关于它在此平面内的受力分析,下列图示中正确的是()A.B.C.D.5.下列关于物理的研究方法,不正确的是()A.探究加速度与力、质量关系的实验,运用的是控制变量法B.牛顿首次利用合理外推,提出理想实验这一科学推理方法C.用质点来代替有质量的物体是采用了理想模型的方法D.加速度表达式∆=∆vat是利用比值法得到的定义式6.如图所示,物体A、B用细线与弹簧连接后跨过滑轮. A静止在倾角为45°的粗糙斜面上,B也静止.不计滑轮摩擦,现将斜面倾角由45°减小到30°,B不会碰到地面,A、B仍然静止。
则( )A.弹簧的弹力大小不变 B.物体A对斜面的压力将减小C.物体A受到的静摩擦力一定减小 D.物体A受到的合力变大7.把质量是0.2kg的小球放在竖直的弹簧上,将小球往下按至a的位置,如图所示.迅速松手后,弹簧把球弹起,球升至最高位置c,途中经过位置b时弹簧正好处处于原长.已知b、a的高度差为0.1m,c、b的高度差为0.2m,弹簧的质量和空气阻力均可忽略,g取210m/s.小球从a运动到c的过程中,下列说法正确的是()A.小球的动能逐渐减小B.小球的动能与弹簧的弹性势能的总和逐渐增加C.小球在b点的动能最大,为0.4JD.弹簧的弹性势能的最大值为0.6J8.中华民族的优秀文化博大精深,其中古典诗词是优秀文化的代表.从物理角度看古诗词会发现别有一番韵味.下面四句诗词中涉及惯性知识的是A.毛泽东的《长征》中“红军不怕远征难,万水千山只等闲”B.唐朝李白的《早发白帝城》中“朝辞白帝彩云间,千里江陵一日还”C.宋代陈与义的《襄邑道中》中“卧看满天云不动,不知云与我俱东”D.明代冯梦龙的《醒世恒言》中“临崖立马收缰晚,船到江心补漏迟”9.一物块沿倾角为θ的固定斜面上滑,到达最大高度处后又返回斜面底端.已知物块下滑的时间是上滑时间的2倍,则物块与斜面间的动摩擦因数为A.1tan3θB.1tan2θC.3tan5θD.tanθ10.如图所示,一木块在光滑水平面上受一恒力F作用而运动,前方固定一个弹簧,当木块接触弹簧后()A.将立即做变减速运动B.在弹簧处于最大压缩量时,物体的加速度为零C.将立即做匀减速运动D.在一段时间内仍然做加速运动,速度继续增大11.下列说法中正确的是( )A.人走路时地对脚的推力大于人对地的蹬力,所以人才能向前进B.只有人站着不动时人对地的压力才与地对人的弹力等大C.人站着在地面上时人对地的压力总是与地对人的弹力等大D.以卵击石时,石头对卵的压力大于卵对石头的弹力12.如图所示,天花板上固定有一光滑的定滑轮,绕过定滑轮且不可伸长的轻质细绳左端悬挂一质量为M的铁块;右端悬挂有两质量均为m的铁块,上下两铁块用轻质细线连接,中间夹一轻质弹簧处于压缩状态,此时细线上的张力为,最初系统处于静止状态。
2019版物理人教版必修1训练:第四章 牛顿运动定律 检测(A) Word版含解析.pdf

第四章检测(A)(时间:90分钟 满分:100分)一、选择题(本题共10小题,每小题4分,共40分。
在每小题给出的四个选项中,1~6题只有一个选项符合题目要求,7~10题有多个选项符合题目要求。
全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错或不答的得0分)1在光滑的水平面上做匀加速直线运动的物体,当它所受的合力逐渐减小而方向不变时,则物体的( )A.加速度越来越大,速度越来越大B.加速度越来越小,速度越来越小C.加速度越来越大,速度越来越小D.加速度越来越小,速度越来越大解析:由牛顿第二定律可知,当物体所受合外力减小时,加速度会越来越小;由于合外力方向保持不变,加速度方向与速度方向始终相同,故速度越来越大,所以,正确选项为D。
答案:D2一个球挂在三角形木块的左侧面,如图所示,球与木块均能保持静止,则( )A.地面对木块的摩擦力向左B.地面对木块的摩擦力向右C.地面对木块无摩擦D.若地面光滑,木块一定滑动答案:C3如图所示,图乙中用力F取代图甲中的m,且F=mg,其余器材完全相同,不计摩擦,图甲中小车的加速度为a1,图乙中小车的加速度为a2。
则( )A.a1=a2B.a1>a2C.a1<a2D.无法判断答案:C4应用物理知识分析生活中的常见现象,可以使物理学习更加有趣和深入。
例如平伸手掌托起物体,由静止开始竖直向上运动,直至将物体抛出。
对此现象分析正确的是( )A.手托物体向上运动的过程中,物体始终处于超重状态B.手托物体向上运动的过程中,物体始终处于失重状态C.在物体离开手的瞬间,物体的加速度大于重力加速度D.在物体离开手的瞬间,手的加速度大于重力加速度解析:物体在手掌的推力作用下,由静止竖直向上加速时,物体处于超重状态。
当物体离开手的瞬间,只受重力作用,物体的加速度等于重力加速度,处于完全失重状态,故选项A、B、C错误;物体离开手的前一时刻,手与物体具有相同的速度,物体离开手的下一时刻,手的速度小于物体的速度,即在物体离开手的瞬间这段相同的时间内,手的速度变化量大于物体的速度变化量,故手的加速度大于物体的加速度,也就是手的加速度大于重力加速度,故选项D正确。
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4.7 用牛顿运动定律解决问题(二)
课时自测·基础达标
1.跳水运动员从10 m高的跳台上腾空跃起,先向上运动一段距离达到最高点后,再自由下落进入水池,不计空气阻力,关于运动员在空中的上升过程和下落过程,以下说法正确的有 ( )
A.上升过程处于超重状态,下落过程处于失重状态
B.上升过程处于失重状态,下落过程处于超重状态
C.上升过程和下落过程均处于超重状态
D.上升过程和下落过程均处于完全失重状态
【解析】选D。
跳水运动员在空中时无论上升还是下降,加速度方向均向下,由于不计空气阻力,故均为完全失重,选项D正确。
【补偿训练】
学校秋季运动会上,飞辉同学以背越式成功跳过了 1.90 m,如图所示,则下列说法正确的是( )
A.飞辉起跳时地面对她的支持力等于她的重力
B.起跳以后在上升过程中处于超重状态
C.起跳以后在下降过程中处于失重状态
D.起跳以后在下降过程中重力消失了
【解析】选C。
起跳时做向上的加速运动,加速度向上,所以地面对她的支持力大于她的重力,选项A错误;起跳以后,只受重力作用,加速度一直保持竖直向下,所以一直处于失重状态,选项C正确,B、D错误。
2.如图所示,物块在力F作用下向右沿水平方向匀速运动,则物块受到的摩擦力F f与拉力F的合力方向应该是( )
A.水平向右
B.竖直向上
C.向右偏上
D.向左偏上
【解析】选B。
物块受到重力、拉力F、地面的支持力和滑动摩擦力,物块受到的摩擦力与拉力的合力方向与重力、支持力的合力方向相反,在同一直线上,而重力、支持力的合力方向竖直向下,则根据平衡条件得到,摩擦力与拉力的合力方向竖直向上。
故B对。
3.质量为50 kg的乘客乘坐电梯从四层到一层,电梯自四层启动向下做匀加速运动,加速度的大小是0.6 m/s2,则电梯启动时地板对乘客的支持力为(g取
10 m/s2)( )
A.530 N
B.500 N
C.450 N
D.470 N
【解析】选D。
电梯运动过程中加速度向下,故根据牛顿第二定律,有mg-F N=ma,解得F N=mg-ma=470 N,选项D正确。
【补偿训练】如图所示,光滑半球形容器固定在水平面上,O为球心。
一质量为m的小滑块,在水平力F的作用下静止于P点,设滑块所受支持力为F N,OP与水平面的夹角为θ。
下列关系正确的是( )
A.F=
B.F=mgtanθ
C.F N=
D.F N=mgtanθ
【解析】选A。
滑块受力如图所示,由平衡条件知:F N sinθ=mg,F N cosθ=F,故F N=,F=,A对,B、C、D错。
4.如图所示,一物块置于水平地面上,当用与水平方向成60°角的力F1拉物块时,物块做匀速直
线运动;当改用与水平方向成30°角的力F2推物块时,物块仍做匀速直线运动。
若F1和F2的大小相等,则物块与地面之间的动摩擦因数为
A.-1
B.2-
C.-
D.1-
【解析】选B。
物块受重力mg、支持力F N、摩擦力F f、已知力F处于平衡状态,根据平衡条件,有F1cos 60°=μ(mg-F1sin 60°),F2cos 30°=μ(mg+F2sin 30°),联立解得μ=2-。
选项B 正确。