【重点推荐】2019高中物理 第四章 牛顿运动定律 课时自测
人教版高中物理必修1第四章《牛顿运动定律》检测试题(有答案)
人教版高中物理必修1第四章《牛顿运动定律》检测试题（有答案）1 / 9《牛顿运动定律》检测题一、单选题1．某质量为50kg 的同学站在电梯底板上，利用速度传感器和计算机研究电梯的运动情况，如图所示的v-t 图象是计算机显示的电梯在某一段时间内速度变化的情况（选向上为正方向，g=10m/s²）。
根据图象提供的信息，可以判断下列说法中正确的是（ ）A ．在0~5s 内，该同学对电梯底板的压力等于520NB ．在5s ~10s 内，该同学对电梯底板的压力等于0C ．在10s ~20s 内，电梯在减速下降，该同学处于超重状态D ．在20s ~25s 内，该同学对电梯底板的压力等于480N2．如图a ，用力传感器研究橡皮绳中拉力的大小随时间变化。
向下拉小球然后释放,小球沿竖直方向运动，某段时间内采集到的信息如图b 所示,则（ ）A ．23t t :时间内小球向上运动,速度不断减小B ．34t t ~时间内小球向下运动,加速度不断增大C ．45t t ~时间内小球向上运动,速度不断增大D ．56tt ~时间内小球向下运动,加速度不断增大3．一个小孩从滑梯上滑下的运动可看做匀加速直线运动。
第一次小孩单独从滑梯上滑下，加速度为a 1。
第二次小孩抱上一只小狗后再从滑梯上滑下（小狗不与滑梯接触），加速度为a 2。
则( )A．a1<a2B．a1>a2C．a1=a2D．无法判断4．如图所示，一人站在电梯中的体重计上，随电梯一起运动。
下列各种情况中，体重计的示数最大的是（）A．电梯匀减速上升，加速度大小为 1.0 m/s2B．电梯匀减速下降，加速度大小为 1.0 m/s2C．电梯匀加速上升，加速度大小为 1.5 m/s2D．电梯匀加速下降，加速度大小为 1.5 m/s25．火车在直轨道上匀速运动，车内有一物体被竖直丢到窗外，发现物体仍在和火车一起向前运动，这是因为（）A．物体被丢出后，空气给它一个向前的推力，使它向前运动B．物体被丢出后，在水平方向人和车始终有相同的速度C．物体被丢出的瞬间，手给它一个向前的力，推动它向前运动D．物体被丢出后，惯性消失6．关于牛顿第一定律（惯性定律），下列理解正确的是：A．向上抛出的物体，在向上运动的过程中，一定受到向上的作用力，否则不可能向上运动。
2019版高中物理 第四章 牛顿运动定律检测(B)新人教版必修1
第四章检测(B)(时间:90分钟满分:100分)一、选择题(本题共10小题,每小题4分,共40分。
在每小题给出的四个选项中,1~6题只有一个选项符合题目要求,7~10题有多个选项符合题目要求。
全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错或不答的得0分)1伽利略创造的把实验、假设和逻辑推理相结合的科学方法,有力地促进了人类科学认识的发展。
利用如图所示的装置做如下实验:小球从左侧斜面上的O点由静止释放后沿斜面向下运动,并沿右侧斜面上升。
斜面上先后铺垫三种粗糙程度逐渐降低的材料时,小球沿右侧斜面上升到的最高位置依次为1、2、3。
根据三次实验结果的对比,可以得到的最直接的结论是()A.如果斜面光滑,小球将上升到与O点等高的位置B.如果小球不受力,它将一直保持匀速运动或静止状态C.如果小球受到力的作用,它的运动状态将发生改变D.小球受到的力一定时,质量越大,它的加速度越小解析:当斜面上先后铺垫三种粗糙程度逐渐降低的材料时,小球沿斜面上升的最高位置依次升高。
对比三次实验结果,根据把实验、假设和逻辑推理相结合的科学方法可知,当斜面绝对光滑时,小球在斜面上没有能量损失,小球能够上升到与O点等高的位置,故最直接的结论是选项A;B、C、D中的结论从题目中不可以直接得出,故排除。
答案:A2如图,用两根等长轻绳将木板悬挂在竖直木桩上等高的两点,制成一简易秋千。
某次维修时将两轻绳各剪去一小段,但仍保持等长且悬挂点不变。
木板静止时,F1表示木板所受合力的大小,F2表示单根轻绳对木板拉力的大小,则维修后()A.F1不变,F2变大B.F1不变,F2变小C.F1变大,F2变大D.F1变小,F2变小解析:因木板均处于静止状态,所以两次所受合力F1均为零,即合力F1不变。
设绳与竖直方向成θ角,由平衡条件得2F2cos θ=mg,解得F2,θ角会变大,所以F2变大。
选项A正确。
答案:A3如图所示,甲、乙两人在冰面上“拔河”。
两人中间位置处有一分界线,约定先使对方过分界线者为赢。
人教版高中物理必修一第四章牛顿运动定律过关检测(附答案)
物理人教必修1第四章牛顿运动定律过关检测
(时间：45分钟满分：100分)
一、选择题(每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确)
1．一光滑斜劈，在力F推动下向左匀加速运动，且斜劈上有一木块恰好与斜面保持相对静止，如图所示，则木块所受合力的方向为()
A．水平向左B．水平向右
C．沿斜面向下D．沿斜面向上
2．如图所示，A、B两物块叠放在一起，在粗糙的水平面上保持相对静止地向右做匀减速直线运动，运动过程中B受到的摩擦力()
A．方向向左，大小不变
B．方向向左，逐渐减小
C．方向向右，大小不变
D．方向向右，逐渐减小
3．如图所示，A、B两物体叠放在一起，以相同的初速度上抛(不计空气阻力)。
下列说法中正确的是()
A．在上升和下降过程中A对B的压力一定为零
B．上升过程中A对B的压力大于A物体受到的重力
C．下降过程中A对B的压力大于A物体受到的重力
D．在上升和下降过程中A对B的压力等于A物体受到的重力
4．如图所示，一小球放置在木板与竖直墙面之间。
设墙面对球的压力大小为N1，球对木板的压力大小为N2。
以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置。
不计摩擦，在此过程中()
A．N1始终减小，N2始终增大
B．N1始终减小，N2始终减小
C．N1先增大后减小，N2始终减小
D．N1先增大后减小，N2先减小后增大
5．如图所示，一夹子夹住木块，在力F作用下向上提升。
夹子和木块的质量分别为m、。
2019学年高中物理第四章牛顿运动定律课时自测(2)
4.2 实验探究加速度与力、质量的关系课时自测·基础达标1.在利用打点计时器探究加速度与力、质量关系的实验中,以下做法正确的是( )A.平衡摩擦力时,应将重物用细绳通过定滑轮系在小车上B.每次改变小车的质量时,不需要重新平衡摩擦力C.实验时,先放开小车,后接通电源D.“重物的质量远小于小车的质量”这一条件如不满足,对探究过程也不会产生影响【解析】选B。
平衡摩擦力时,小车不挂重物,故A错误;实验时应先接通电源,后放开小车,C 错误;实验时应满足小车的质量远大于重物的质量,否则误差很大,D错误。
2.某同学利用如图甲所示的实验装置,探究小车的加速度和它所受拉力F的关系。
(1)除备有4个50 g钩码外,另有下列实验器材备选:A.质量为300 g的小车B.质量为 2 kg的小车C.输出电压为4～6 V的直流电源D.输出电压为4～6 V的交流电源为保证实验成功,选用的实验小车应为_________,电源应为_____________。
(填字母代号) (2)某同学正确选择实验器材后,通过实验得到如图乙所示的a-F图象,造成图线未过坐标原点的原因是______________________________ 。
【解析】(1)当m?M时,即钩码的总质量m远远小于小车和砝码的总质量M时,绳子的拉力近似等于钩码的总重力,由题意可知,选用的实验小车应为质量为 2 kg的小车,即选B;电源应为输出电压4～6 V的交流电源,即选D。
(2)由图乙可知,a-F图象不过原点,在a轴上有截距,即F=0时有加速度,这是由于在平衡摩擦力时,木板被垫得太高,木板倾角过大,平衡摩擦力太过造成的。
答案:(1)B D (2)平衡摩擦力时,木板倾角过大【补偿训练】现测得某一物体F一定时,a与m的关系数据如表:a/(m·s-2) 2.04 2.66 3.23 3.98m/kg 2.00 1.50 1.25 1.00(1)根据表中所列数据,画出a-图象。
2019高中物理 第四章 牛顿运动定律 课时自测
4.7 用牛顿运动定律解决问题（二）课时自测·基础达标1.跳水运动员从10 m高的跳台上腾空跃起,先向上运动一段距离达到最高点后,再自由下落进入水池,不计空气阻力,关于运动员在空中的上升过程和下落过程,以下说法正确的有( )A.上升过程处于超重状态,下落过程处于失重状态B.上升过程处于失重状态,下落过程处于超重状态C.上升过程和下落过程均处于超重状态D.上升过程和下落过程均处于完全失重状态【解析】选D。
跳水运动员在空中时无论上升还是下降,加速度方向均向下,由于不计空气阻力,故均为完全失重,选项D正确。
【补偿训练】学校秋季运动会上,飞辉同学以背越式成功跳过了1.90 m,如图所示,则下列说法正确的是( )A.飞辉起跳时地面对她的支持力等于她的重力B.起跳以后在上升过程中处于超重状态C.起跳以后在下降过程中处于失重状态D.起跳以后在下降过程中重力消失了【解析】选C。
起跳时做向上的加速运动,加速度向上,所以地面对她的支持力大于她的重力,选项A错误;起跳以后,只受重力作用,加速度一直保持竖直向下,所以一直处于失重状态,选项C正确,B、D错误。
2.如图所示,物块在力F作用下向右沿水平方向匀速运动,则物块受到的摩擦力F f与拉力F的合力方向应该是( )A.水平向右B.竖直向上C.向右偏上D.向左偏上【解析】选B。
物块受到重力、拉力F、地面的支持力和滑动摩擦力,物块受到的摩擦力与拉力的合力方向与重力、支持力的合力方向相反,在同一直线上,而重力、支持力的合力方向竖直向下,则根据平衡条件得到,摩擦力与拉力的合力方向竖直向上。
故B对。
3.质量为50 kg的乘客乘坐电梯从四层到一层,电梯自四层启动向下做匀加速运动,加速度的大小是0.6 m/s2,则电梯启动时地板对乘客的支持力为(g取10 m/s2)( )A.530 NB.500 NC.450 ND.470 N【解析】选D。
电梯运动过程中加速度向下,故根据牛顿第二定律,有mg-F N=ma,解得F N=mg-ma=470 N,选项D正确。
2019学年高中物理第四章牛顿运动定律课时自测(3)
4.5 牛顿第三定律课时自测·基础达标1.如图所示是我国一种传统的民族体育项目“押加”,实际上相当于两个人拔河,如果绳质量不计,且保持水平,甲、乙两人在“押加”比赛中甲获胜,则下列说法中正确的是( )A.甲对乙的拉力始终大于乙对甲的拉力B.甲把乙加速拉过去时,甲对乙的拉力大于乙对甲的拉力C.只有当甲把乙匀速拉过去时,甲对乙的拉力大小才等于乙对甲的拉力大小D.甲对乙的拉力大小始终等于乙对甲的拉力大小,只是地面对甲的摩擦力大于地面对乙的摩擦力【解析】选D。
甲拉乙的力与乙拉甲的力是一对作用力与反作用力,大小始终相等,与运动状态无关,A、B、C错误;不管哪个获胜,甲对乙的拉力大小始终等于乙对甲的拉力大小,只有当地面对甲的摩擦力大于地面对乙的摩擦力,甲才能获胜,D正确。
2.利用牛顿第三定律,有人设计了一种交通工具,在平板车上装了一个电风扇,电风扇运转时吹出的风全部打到竖直固定在小车中间的风帆上,靠风帆受力而向前运动,如图所示。
对于这种设计,下列分析中正确的是( )A.根据牛顿第二定律,这种设计能使小车向前运动B.根据牛顿第三定律,这种设计能使小车向前运动C.这种设计不能使小车向前运动,因为它违反了牛顿第二定律D.这种设计不能使小车向前运动,因为它违反了牛顿第三定律【解析】选D。
以整体为研究对象,整体不受外力,因此这种设计不能使小车运行,风扇对风帆有一个力的作用,同时风帆对风扇有一个反作用力,D正确。
3.电动滑板车是继传统滑板之后的又一滑板运动的新型产品形式,深受年轻人的喜爱。
如图所示,电动滑板车置于水平地面上,下列说法正确的是( )A.人站在平板车上保持静止时,人所受的重力和地面对平板车的支持力是一对平衡力B.人站在平板车上保持静止时,平板车对人的支持力与平板车对地的压力是一对作用力和反作用力C.人向上起跳加速阶段,平板车对人的支持力等于人对平板车的压力D.人向上起跳加速阶段,人所受的重力等于人对平板车的压力【解析】选C。
2019高中物理 第四章 牛顿运动定律章末质量评估 新人教版必修1
第四章牛顿运动定律章末质量评估(四)(时间：90分钟分值：100分)一、单项选择题(本题共10小题，每题3分，共30分．每小题中只有一个选项是正确的，选对得3分，错选、不选或多选均不得分．)1．科学家关于物体运动的研究对树立正确的自然观具有重要作用．下列说法不符合历史事实的是( ) A．亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体的运动状态才会改变B．伽利略通过“理想实验”得出结论：运动必具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去C．笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向D．牛顿认为，物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质解析：亚里士多德的观点是力是维持物体运动的原因，即物体有力就运动，没有力就静止，故A错误；伽利略通过“理想实验”得出结论：运动必具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去，选项B 正确；笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向，选项C正确；牛顿认为，物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质，选项D 正确；故选项A不符合历史事实．答案：A2．关于牛顿运动定律，以下说法中正确的是( )A．运动越快的汽车越不容易停下来，是因为汽车运动得越快，惯性就越大B．人从水平地面上猛得竖直向上跳起，地面对人的支持力将会大于人对地面的压力C．N/kg与m/s2都是加速度的国际制单位D．物体的加速度方向有时与合外力方向相同，有时与合外力方向相反答案：C3．一雪橇放在冰面上，现让一只狗拉着雪橇在冰面上匀速前进，则( )A．狗对雪橇的拉力与冰面对雪橇的摩擦力是一对作用力与反作用力B．雪橇对冰面的压力与冰面对雪橇的支持力是一对平衡力C．雪橇对冰面的压力与冰面对雪橇的支持力是一对作用力与反作用力D．雪橇对冰面的压力与雪橇受到的重力是一对平衡力解析：雪橇匀速前进，则雪橇受力平衡，狗对雪橇的拉力与冰面对雪橇的摩擦力是一对平衡力，冰面对雪橇的支持力与雪橇受到的重力是一对平衡力，选项A、D错误；雪橇对冰面的压力与冰面对雪橇的支持力是一对作用力与反作用力，选项B错误，选项C正确．答案：C4.如图所示，小车上有一个定滑轮，跨过定滑轮的绳一端系一重球，另一端系在弹簧测力计上，弹簧测力计下端固定在小车上．开始时小车处于静止状态．当小车沿水平方向运动时，小球恰能稳定在图中虚线位置，下列说法中正确的是( )A ．小球处于超重状态，小车对地面压力大于系统总重力B ．小球处于失重状态，小车对地面压力小于系统总重力C ．弹簧测力计读数大于小球重力，但小球既不超重也不失重D ．弹簧测力计读数大于小球重力，小车一定向右匀加速运动解析：小球稳定在题图中虚线位置，则小球和小车有相同的加速度，且加速度水平向右，故小球既不超重也不失重，小车既可以向右匀加速运动，也可以向左匀减速运动，故C 项正确．答案：C5．竖直上抛物体受到的空气阻力f 大小恒定，物体上升到最高点时间为t 1，从最高点落回抛出点用时t 2，上升时加速度大小为a 1，下降时加速度大小为a 2，则下列说法正确的是( )A ．a 1<a 2，t 1<t 2B ．a 1>a 2，t 1>t 2C ．a 1<a 2，t 1>t 2D ．a 1>a 2，t 1<t 2解析：上升时，mg ＋f ＝ma 1，下降时，mg －f ＝ma 2，得a 1>a 2.上升和下降的位移相等，h ＝12a 1t 21＝12a 2t 22，因为a 1>a 2，所以t 1<t 2.D 正确．答案：D6.用轻弹簧竖直悬挂质量为m 的物体，静止时弹簧伸长量为L ，现用该弹簧沿斜面方向拉住质量为2m 的物体，系统静止时弹簧伸长量也为L ，斜面倾角为30°，如图所示，则物体所受摩擦力( )A ．等于零B ．大小为12mg ，方向沿斜面向下C ．大小为32mg ，方向沿斜面向上 D ．大小为mg ，方向沿斜面向上解析：设弹簧的劲度系数为k ，竖直悬挂时有kL ＝mg .设物体放在斜面上时所受摩擦力为f ，根据物体的平衡条件有kL ＋f ＝2mg sin 30°＝mg ；由上述两式联立可得f ＝0，A 正确．答案：A7.如图所示，小球A 和B 的质量均为m ，长度相同的四根细线分别连接在两球间、球与水平天花板上P 点以及与竖直墙上的Q 点之间，它们均被拉直，且P 、B 间细线恰好处于竖直方向，两小球均处于静止状态，则Q 、A 间水平细线对球的拉力大小为( )A.22mg B ．mg C.3mgD.33mg 解析：由题，P 、B 间细线恰好处于竖直方向，两小球均处于静止状态，则知A 、B 间细线的拉力为零．对A 球受力分析，由平衡条件，得T QA ＝mg tan 60°＝3mg ，选项A 、B 、D 错误，C 正确．故选C. 答案：C8.如图所示，质量为M 的斜面A 置于粗糙水平地面上，动摩擦因数为μ，物体B 与斜面间无摩擦．在水平向左的推力F 作用下，A 与B 一起做匀加速直线运动，两者无相对滑动．已知斜面的倾角为θ，物体B 的质量为m ，则它们的加速度a 及推力F 的大小为( )A ．a ＝g sin θ，F ＝(M ＋m )g (μ＋sin θ)B ．a ＝g cos θ，F ＝(M ＋m )g cos θC ．a ＝g tan θ，F ＝(M ＋m )g (μ＋tan θ)D ．a ＝g cot θ，F ＝μ(M ＋m )g解析：B 物体受到重力、支持力作用，其合力向左，根据牛顿第二定律得mg tan θ＝ma ，解得a ＝g tan θ；研究A 、B 整体同理有F －μ(M ＋m )g ＝(M ＋m )a ，解得F ＝(M ＋m )g (μ＋tan θ)，C 正确．答案：C9．细绳拴一个质量为m 的小球，小球用固定在墙上的水平弹簧支撑，小球与弹簧不粘连，平衡时细绳与竖直方向的夹角为53°，如图所示(已知cos 53°＝0.6，sin 53°＝0.8)，以下说法正确的是( )A ．小球静止时弹簧的弹力大小为34mgB ．小球静止时细绳的拉力大小为45mgC ．细线烧断瞬间小球的加速度立即为gD ．细线烧断瞬间小球的加速度立即为53g解析：小球静止时，分析受力情况，如图，由平衡条件得： 弹簧的弹力大小为：F ＝mg tan 53°＝43mg ，细绳的拉力大小为：T ＝mgcos 53°＝53mg ，故A 错误，B 错误． 细绳烧断瞬间弹簧的弹力不变，则小球所受的合力与烧断前细绳拉力的大小相等、方向相反，则此瞬间小球的加速度大小为：a ＝T m ，a ＝53g .故C 错误，D 正确．故选D.答案：D10．如图所示，用两根绳子OA 和OB 系住一物体．绳OA 固定于A 点，手拉绳OB 使OB 由水平位置逐渐转向OB ′方向，同时保持OA 与天花板夹角θ(θ<45°)不变．在这一过程中绳OB 所受拉力大小将( )A ．始终减小B ．始终增大C ．先减小后增大D ．先增大后减小解析：如图所示，作出物体所受的三个力组成的力的矢量三角形．注意到mg 的大小、方向都是不变的；而绳OA 的拉力T OA 的方向不变，大小变化；绳OB 的拉力T OB 的大小、方向都变化．由图可知，当T OB 垂直于T OA 时，T OB 取得最小值，故绳OB 的拉力先减小后增大．答案：C二、多项选择题(本题共4小题，每题6分，共24分．每小题有多个选项是正确的，全选对得6分，少选得3分，选错、多选或不选得0分．)11.将物体竖直向上抛出，假设运动过程中空气阻力不变，其速度—时间图象如图所示，则( )A．上升、下降过程中加速度大小之比为11∶9B．上升、下降过程中加速度大小之比为10∶1C．物体所受的重力和空气阻力之比为9∶1D．物体所受的重力和空气阻力之比为10∶1解析：上升、下降过程中加速度大小分别为：a上＝11 m/s2，a下＝9 m/s2，由牛顿第二定律得：mg＋F阻＝ma mg－F阻＝ma下，联立解得：mg∶F阻＝10∶1，A、D正确．上，答案：AD12．如图甲所示，竖直电梯中质量为m的物体置于压力传感器P上，电脑可描绘出物体对P的压力F随时间的变化图线；图乙中K、L、M、N四条图线是电梯在四种运动状态下由电脑获得的Ft图线，由图线分析电梯的运动情况，下列结论中正确的是( )A．由图线K可知，此时电梯一定处于匀加速上升状态B．由图线L可知，此时电梯的加速度大小一定等于gC．由图线M可知，此时电梯一定处于静止状态D．由图线N可知，此时电梯加速度的方向一定先向上后向下解析：物体对P的压力等于支持力的大小，根据牛顿第二定律判断加速度的大小和方向，从而确定电梯的运动情况．由图线K可知，物体对P的压力大于物体的重力，且逐渐增大，则支持力大于重力，且逐渐增大，根据牛顿第二定律知，加速度方向竖直向上，且逐渐增大，电梯加速度方向竖直向上，且在变化，故A错误；由图线L可知，支持力的大小等于2mg，根据牛顿第二定律得，F－mg＝ma，解得a＝g，方向竖直向上，故B正确；由图线M 可知，支持力等于重力，知电梯可能处于静止，可能处于匀速直线运动状态，故C错误；由图线N可知，支持力的大小先大于mg再小于mg，根据牛顿第二定律知，加速度的方向先向上，再向下，故D正确．答案：BD13．如图所示，质量分别为m1、m2的两个物体通过轻弹簧连接，在力F的作用下一起沿水平方向做匀速直线运动(m1在地面上，m2在空中)，力F与水平方向成θ角．则m1所受支持力F N和摩擦力f正确的是( )A．F N＝m1g＋m2g－F sin θB．F N＝m1g＋m2g－F cos θC．f＝F cos θD．f＝F sin θ解析：该题考查连接体的平衡问题，利用隔离法求相互作用力，利用整体法求外力．选整体为研究对象，在水平方向有f＝F cos θ，在竖直方向有F N＋F sin θ＝(m1＋m2)g，F N＝m1g＋m2g－F sin θ，故A、C选项正确．答案：AC14．如图所示，两个倾角相同的滑竿上分别套有A、B两个质量均为m圆环，两个圆环上分别用细线悬吊两个质量均为M的物体C、D，当它们都沿滑竿向下滑动并保持相对静止时，A的悬线与杆垂直，B的悬线竖直向下．下列结论正确的是( )A．A环受滑竿的作用力大小为(m＋M)g cos θB．B环受到的摩擦力f＝mg sin θC．C球的加速度a＝g sin θD．D受悬线的拉力T＝Mg解析：对C受力分析，如图由牛顿第二定律，得到：Mg sin θ＝Ma①；细线拉力为T＝Mg cos θ②再对A环受力分析，如下图根据牛顿定律，有mg sin θ－f＝ma③N＝mg cos θ＋T④由①②③④解得：f＝0 N＝(M＋m)g cos θ，故A、C正确．对D球受力分析，受重力和拉力，合力与速度在一条直线上，故合力为零，物体做匀速运动，细线拉力等于Mg；再对B球受力分析，如图，受重力、拉力、支持力，由于做匀速运动，合力为零，故必有向后的摩擦力；根据平衡条件，有(M＋m)g sin θ＝f，N＝(M＋m)g cos θ，故B错误，D正确．故选A、C、D.答案：ACD三、非选择题(共4小题，共46分)15．(8分)某实验小组为探究加速度与力之间的关系设计了如图(a)所示的实验装置，用钩码所受重力作为小车所受的拉力，用DIS(数字化信息系统)测小车的加速度．通过改变钩码的数量，多次重复测量，可得小车运动的加速度a 和所受拉力F 的关系图象．他们在轨道水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到了两条a －F 图线，如图(b)所示．图(a) 图(b)(1)图线________是在轨道水平的情况下得到的(选填“Ⅰ”或“Ⅱ”)(2)小车和位移传感器发射部分的总质量为______kg ，小车在水平轨道上运动时受到的摩擦力大小为______N.(3)某同学用小车做“研究匀变速直线运动”实验时，从打下的若干纸带中选出了如图所示的一条(每两点间还有4个点没有画出来)，如图所示，纸带上的数字为相邻两个计数点间的距离．打点计时器的电源频率为50 Hz.该小车做匀变速直线运动的加速度a ＝________m/s 2，与纸带上D 点相对应的瞬时速度v ＝______m/s(答案均要求保留3位有效数字)．答案：(1)Ⅱ (2)1 kg 1 N (3)1.93 m/s 21.19 m/s16.(8分)如图所示，小木块在沿斜面向上的恒定外力F 作用下，从A 点由静止开始做匀加速运动，前进了0.45 m 抵达B 点时，立即撤去外力．此后小木块又前进0.15 m 到达C 点，速度为零．已知木块与斜面动摩擦因数μ＝36，木块质量m ＝1 kg.(1)木块向上经过B 点时速度为多大？(2)木块在AB 段所受的外力多大？( g ＝10 m/s 2)解析：(1)撤去外力后，小木块做匀减速运动从B 运动到C ，加速度大小为a ＝g sin θ＋μg cos θ＝7.5 m/s 2所以有v 2C －v 2B ＝2as代入可解得v B ＝2as ＝2×7.5×0.15 m/s ＝1.5 m/s.(2)设外加恒力为F ，则刚开始从A 运动到B 的加速度为a 1＝Fm－(g sin θ＋μg cos θ)刚开始是做匀加速直线运动，故有：v 2B ＝2a 1s 1代入数据可求得：F ＝10 N.答案：(1)1.5 m/s (2)10 N17．(14分)某运动员做跳伞训练，他从悬停在空中的直升飞机上由静止跳下，跳离飞机一段时间后打开降落伞做减速下落．他打开降落伞后的速度图线如图甲．降落伞用8根对称的绳悬挂运动员，每根绳与中轴线的夹角均为37°，如图乙．已知人的质量为50 kg ，降落伞质量也为50 kg ，不计人所受的阻力，打开伞后伞所受阻力f 与速率v 成正比，即f ＝kv (g 取10 m/s 2，sin 53°＝0.8，cos 53°＝0.6)．求：图甲 图乙(1)打开降落伞前人下落的距离为多大？(2)求阻力系数k 和打开伞瞬间的加速度a 的大小和方向？ (3)悬绳能够承受的拉力至少为多少？解析：(1)h 0＝v 202g＝20 m(2)kv ＝2mg ，将v ＝5 m/s 代入得k ＝200 N ·s/m 对整体：kv 0－2mg ＝2ma ，a ＝kv 0－2mg 2m＝30 m/s 2方向竖直向上(3)设每根绳拉力为T ，以运动员为研究对象有： 8T cos α－mg ＝ma ，T ＝m （g ＋a ）8cos 37°＝312.5 N由牛顿第三定律得：悬绳能承受的拉力至少为312.5 N.答案：(1)20 m (2)k ＝200 N ·s/m a ＝30 m/s 2方向竖直向上 (3)312.5 N18．(16分)一种巨型娱乐器械由升降机送到离地面75 m 的高处，然后让座舱自由落下．落到离地面30 m 高时，制动系统开始启动，座舱均匀减速，到地面时刚好停下．若座舱中某人用手托着m ＝5 kg 的铅球，取g ＝10 m/s 2，试求：(1)从开始下落到最后着地经历的总时间；(2)当座舱落到离地面35 m 的位置时手对球的支持力； (3)当座舱落到离地面15 m 的位置时球对手的压力． 解析：(1)由题意可知，座舱先自由下落h 1＝75 m －30 m ＝45 m ，下落45 m 时的速度v 1＝gt 1＝30 m/s ， 减速过程中的平均速度v 2＝v 12＝15 m/s ，减速时间t 2＝h 2v 2＝2 s ，总时间t ＝t 1＋t 2＝5 s ．(2)离地面35 m 时，座舱自由下落，处于完全失重状态，所以手对球的支持力为零．(3)由v 21＝2gh 1＝2ah 2，得减速过程中加速度的大小a ＝15 m/s 2⎝⎛⎭⎪⎫或a ＝v 1t 2＝15 m/s 2，根据牛顿第二定律，得F N －mg ＝ma ，解得F N ＝125 N ，根据牛顿第三定律，可知 球对手的压力F ′N ＝125 N ，方向竖直向下． 答案：(1)5 s (2)0 (3)125 N ，方向竖直向下。
高中物理 第四章 牛顿运动律 课时自测;基础达标牛顿第一律1高一1物理试题
积盾市安家阳光实验学校牛顿第一律课时自测·基础达标1.关于牛顿第一律的说法中正确的是( )A.由牛顿第一律可知,物体在任何情况下始终处于静止状态或匀速直线运动状态B.牛顿第一律既揭示了物体保持原有运动状态的原因,又揭示了运动状态改变的原因C.牛顿第一律反映了物体不受外力作用时的运动规律,因此物体在不受力时才有惯性D.牛顿第一律只是反映惯性大小的,因此也叫惯性律【解析】选B。
物体在不受力的作用时,总保持静止状态或匀速直线运动状态,A 错误;牛顿第一律既揭示了物体保持原有运动状态的原因,又揭示了运动状态改变的原因,B正确;惯性是物体的固有属性,惯性大小只与质量有关,与物体是否受力无关,C错误;牛顿第一律反映了惯性大小以及力是改变物体运动状态的原因,D错误。
【补偿训练】(多选)如图所示,在沿东西方向直线运动的小车上,放一竖直木块,突然发现木块向西倒,则小车可能的运动情况( )A.以很大的速度做匀速运动B.做减速运动C.做加速运动D.向西做减速运动【解析】选C、D。
若小车以很大的速度做匀速运动,木块原来的速度与小车相同,木块不会向西倒。
若小车做减速运动,木块由于惯性保持原来速度,相对小车倒,A、B错误;若小车做加速运动,木块由于惯性保持原来速度,相对小车向西倒;若小车向西做减速运动,木块由于惯性保持原来速度,相对小车向西倒,C、D正确。
2.下列说法正确的是( )A.各种小型车前排乘坐的人必须系好安全带是为了减小乘客的惯性B.战斗机投入战斗前要抛掉副油箱是为了减小惯性,提高灵活性C.跳高运动员起跳后之所以能够继续上升,是由于还受到向上的力的作用D.惯性是物体抵抗运动状态变化的“本领”,因此运动状态不变化的物体就无惯性【解析】选B。
惯性大小只与物体的质量有关,与其他因素无关,A错误;抛掉副油箱,质量减小,惯性减小,提高灵活性,B正确;惯性是物体固有的属性,一切物体都有保持原来运动状态不变的性质,因此跳高运动员起跳后能够继续上升,C 错误;惯性是物体固有的属性,一切物体都有惯性,惯性的大小和运动状态无关,D错误。
高中物理 第四章 牛顿运动定律 课时自测基础达标 4.2 实验探究加速度与力、质量的关系 新人教版必修1
4.2 实验探究加速度与力、质量的关系课时自测·基础达标1.在利用打点计时器探究加速度与力、质量关系的实验中,以下做法正确的是( )A.平衡摩擦力时,应将重物用细绳通过定滑轮系在小车上B.每次改变小车的质量时,不需要重新平衡摩擦力C.实验时,先放开小车,后接通电源D.“重物的质量远小于小车的质量”这一条件如不满足,对探究过程也不会产生影响【解析】选B。
平衡摩擦力时,小车不挂重物,故A错误;实验时应先接通电源,后放开小车,C 错误;实验时应满足小车的质量远大于重物的质量,否则误差很大,D错误。
2.某同学利用如图甲所示的实验装置,探究小车的加速度和它所受拉力F的关系。
(1)除备有4个50 g钩码外,另有下列实验器材备选:A.质量为300 g的小车B.质量为2 kg的小车C.输出电压为4～6 V的直流电源D.输出电压为4～6 V的交流电源为保证实验成功,选用的实验小车应为_________,电源应为_____________。
(填字母代号) (2)某同学正确选择实验器材后,通过实验得到如图乙所示的a-F图象,造成图线未过坐标原点的原因是______________________________ 。
【解析】(1)当m≪M时,即钩码的总质量m远远小于小车和砝码的总质量M时,绳子的拉力近似等于钩码的总重力,由题意可知,选用的实验小车应为质量为2 kg的小车,即选B;电源应为输出电压4～6 V的交流电源,即选D。
(2)由图乙可知,a-F图象不过原点,在a轴上有截距,即F=0时有加速度,这是由于在平衡摩擦力时,木板被垫得太高,木板倾角过大,平衡摩擦力太过造成的。
答案:(1)B D (2)平衡摩擦力时,木板倾角过大【补偿训练】现测得某一物体F一定时,a与m的关系数据如表:(1)根据表中所列数据,画出a-图象。
(2)由a-图象可知,当F一定时,a与m成_______关系。
【解析】要画a-图象,需要先求出对应的,其数据分别为0.50、0.67、0.80和1.00,然后描点,连线。
[推荐学习]高中物理 第四章牛顿运动定律综合检测及答案 新人教版必修1
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第四章 综合检测本卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分．满分120分，时间90分钟．第Ⅰ卷(选择题 共50分)一、选择题(共10小题，每小题5分，共50分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项符合题目要求，有的小题有多个选项符合题目要求，全部选对的得5分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分)1．以下说法中正确的是( )A ．甲物体对乙物体施加作用力，乙物体受到作用后，才产生反作用力，所以先有作用力，再有反作用力B ．甲、乙两队拔河，甲队取胜，说明甲队的拉力大于乙队的拉力C ．重力和支持力组成一对作用力和反作用力D ．地球吸引物体、物体吸引地球，这是一对作用力和反作用力 答案：D解析：由牛顿第三定律知，作用力与反作用力同时产生，同时消失，其大小相等，故A 、B 错；作用力的施力物体同时是反作用力的受力物体，反之亦然，故C 错，D 对． 2．两个完全相同的力分别作用在质量为m 1、m 2的两个物体上，使它们由静止开始运动，各经t 1、t 2时间后，两物体速度相同，则两物体通过的位移比是( )A ．m 1∶m 2B ．m 2∶m 1C ．t 1∶t 2D ．t 21∶t 22 答案：AC解析：根据牛顿第二定律及运动学公式知，速度相同时，a 1t 1＝a 2t 2.物体加速度为：a 1＝F m 1，a 2＝Fm 2.物体的位移为：s 1＝12a 1t 21，s 2＝12a 2t 22. 整理得，s 1s 2＝t 1t 2＝m 1m 2.故答案为A 、C.3．在验证牛顿第二定律的实验中，如a －1m图象是通过原点的一条直线，则说明( )A ．物体的加速度a 与质量m 成正比B ．物体的加速度a 与质量m 成反比C ．物体的质量m 与加速度a 成正比D ．物体的质量m 与加速度a 成反比 答案：B解析：图象是过原点的一条直线，说明a 与1m 成正比，即a 与m 成反比，故A 错，B对；质量只决定于物体本身，与加速度无关，故C 、D 均错．4．(2010·高考江苏卷)如图所示，置于水平地面的三脚架上固定着一质量为m 的照相机，三脚架的三根轻质支架等长，与竖直方向均成30°角，则每根支架中承受的压力大小为( )A.13mg B.23mg C.36mgD.239mg答案：D解析：3F cos30°＝mg F ＝239mg ，选D.5．某物体同时受到F 1、F 2两个在同一直线上的作用力而做直线运动，其位移与F 1、F 2的关系图线如图所示．若物体由静止开始运动，当其具有最大速度时，位移是( )A ．1mB ．2mC ．3mD ．4m 答案：B解析：根据图象可知，在0～2m 内合力的方向为正，所以加速度为正，一直在加速．在x >2m 后，合力为负，物体做减速运动，故x ＝2m 处物体的速度最大．6．(2010·高考山东卷)如图甲所示，物体沿斜面由静止滑下，在水平面上滑行一段距离停止，物体与斜面和水平面间的动摩擦因数相同，斜面与水平面平滑连接．图乙中v 、a 、f 和s 分别表示物体速度大小、加速度大小、摩擦力大小和路程．图乙中正确的是( )答案：C解析：在斜面上，f ＝μmg cos θ，在水平面上f ＝μmg结合牛顿第二定律可知C 正确，A 、B 错误，s －t 图象应是开口向上的曲线，可知D 错误．7．如图所示，m ＝2kg 的物体，在F 1＝40N ，F 2＝30N 的两个相反的水平拉力及竖直向下的力F 3的作用下仍处于静止状态．若撤去水平外力F 2，则物体的加速度可能是( )A ．0B ．5m/s 2C ．15m/s 2D ．20m/s 2答案：ABC解析：由静止状态时受力可知，Fμ≥10N ，撤去F 2后，∑F ＝F 1－Fμ≤40－10＝30(N)，故a max ＝30/2＝15(m/s 2)．8．(2009·全国卷Ⅱ)两物体甲和乙在同一直线上运动，它们在0～0.4s 时间内的v －t 图象如右图所示．若仅在两物体之间存在相互作用，则物体甲与乙的质量之比和图中时间t 1分别为()A.13和0.30s B ．3和0.30s C.13和0.28sD ．3和0.28s答案：B解析：设甲、乙的质量分别是m 甲和m 乙，甲、乙的加速度大小分别是a 甲、a 乙，它们之间的相互作用力大小为F .由题图知，乙的加速度大小为a 乙＝v 0t 1＝40.40m/s 2＝10m/s 2t 1时刻甲、乙速度相同，均为v ＝1m/s ，由v ＝v 0－a 甲t 1得 t 1＝v 0－v a 乙＝4－110s ＝0.3s所以甲的加速度大小 a 甲＝v t 1＝10.3m/s 2＝103m/s 2根据牛顿第二定律，有 m 甲m 乙＝F a 甲F a 乙＝a 乙a 甲＝10103＝3 因此，选项B 正确．9．如图所示，物体m 在传送带上向右运动，两者保持相对静止．则下列关于m 所受摩擦力的说法中正确的是( )A ．皮带传送速度越大，m 受到的摩擦力越大B ．皮带传送的加速度越大，m 受到的摩擦力越大C ．皮带速度恒定，m 质量越大，所受摩擦力越大D ．m 可能不受摩擦力 答案：BD解析：物块若加速运动，其合外力由传送带给它的摩擦力来提供，故加速度大，摩擦力大，B 正确；当物块匀速运动时，物块不受摩擦力，故D 正确．10．某同学从6楼乘电梯到1楼，电梯刚刚起动时( )A ．他受的重力增大B ．他受的重力减小C ．他对电梯地板的压力增大D ．他对电梯地板的电力减小 答案：D解析：电梯从6楼到1楼运动时为加速度运动，即人对底板压力变小，但重力不变．第Ⅱ卷(非选择题 共70分)二、填空题(共3小题，每小题6分，共18分，把答案直接填在横线上) 11．如图所示，质量为m 的小球用水平弹簧系住，并用倾角为30°的光滑木板斜托住，小球恰好处于静止状态．当木板AB 突然向下撤离的瞬间，小球的加速度的大小为__________，方向__________．答案：233g 垂直于木板斜向下解析：对小球受力分析如图所示，根据平衡条件得木板对球的弹力F N ＝233mg ，弹簧的拉力F ＝33mg .撤离挡板瞬间，挡板弹力立即消失，而弹簧弹力保持不变，故小球所受的合力大小为233mg ，方向垂直于木板斜向下．12．一打点计时器固定在斜面上某处，一小车拖着穿过打点计时器的纸带从斜面上滑下，如图甲所示，图乙是打出纸带的一段．(单位：cm)(1)已知打点计时器使用的交流电频率为50Hz ，利用图乙给出的数据可求出小车下滑的加速度a ＝__________；(2)为了求出小车在下滑过程中所受的阻力，还需测量的物理量有__________； (3)用测得的量及加速度a 表示阻力的计算式为F ＝__________. 答案：(1)3.98m/s 2 (2)小车的质量m ，斜面上任意两点间的距离L 及这两点间的高度h (3)mg hL－ma解析：(1)由纸带可知x 1＝5.22cm ，x 2＝5.75cm ，x 3＝6.41cm ，x 4＝7.05cm ，x 5＝7.68cm ，x 6＝8.33cm ，x 7＝8.95cm ，x 8＝9.61cm ，x 9＝10.26cm ，任意两相邻的计数点间的时间T ＝0.04s ，故小车的加速度a ＝(x 6－x 1)＋(x 7－x 2)＋(x 8－x 3)＋(x 9－x 4)4×5T 2＝(x 6＋x 7＋x 8＋x 9)－(x 1＋x 2＋x 3＋x 4)20T 2＝(8.33＋8.95＋9.61＋10.26)－(5.22＋5.75＋6.41＋7.05)20×0.042×10－2m/s 2 ≈3.98m/s 2.(2)还需测量的物理量有：小车的质量m ，斜面上任意两点间的距离L 及这两点间的高度h .(3)小车受重力和阻力作用，由牛顿第二定律mg sin θ－F ＝ma ，而sin θ＝h L ，故F ＝mg hL－ma .13．在探究牛顿第二定律实验中，得到以下数据：物体质量不变时，加速度a 与物体所受合力F 的对应数据如表一；物体所受合力不变时，加速度a 和物体质量的倒数1M的对应数据如表二．表一表二(1)请在下图所示的坐标平面内，分别画出a －F 图象和a －1M图象；(2)由a －F 图象得到的结论是____________________________________；由a －1M图象得到的结论是______________________________________．答案：(1)在a －F 坐标平面和a －1/M 坐标平面内，根据表一和表二提供的数据，分别描出五个对应点，根据这些点迹作一条直线，使尽量多的点落在直线上，即得到a －F 图象和a －1/M 图象分别如下图所示．(2)物体的加速度与物体所受的合力成正比 物体的加速度与物体的质量成反比 三、论述·计算题(本题共4小题，共52分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)14．一个质量是2.5kg 的物体以11m/s 2的加速度竖直下落，那么这个物体除了受到重力作用以外，还受到一个多大的力作用？这个力的方向如何？解析：根据牛顿第二定律有：2.5×10＋F ＝2.5×11，解得：F ＝2.5N ，方向竖直向下． 15．(2010·高考湖北卷)汽车由静止开始在平直公路上行驶，0～60s 内汽车的加速度随时间变化的图线如右图所示．(1)画出汽车在0～60s 内的v －t 图线； (2)求在这60s 内汽车行驶的路程． 答案：(1)速度图象如下图 (2)900m解析：由加速度图像可知前10s 汽车匀加速，后20s 汽车匀减速恰好停止，因为图像的面积表示速度的变化，此两段的面积相等．最大速度为20m/s.所以速度图像如图．然后利用速度图象的面积求出位移．(2)汽车运动的面积为匀加速、匀速、匀减速三段的位移之和．16．某飞机场利用如图所示的传送带将地面上的货物运送到飞机上，传送带与地面的夹角θ＝30°，传送带两端A 、B 的长度L ＝10m ，传送带以v ＝5m/s 的恒定速度匀速向上运动．在传送带底端A 轻轻放一质量m ＝5kg 的货物，货物与传送带间的动摩擦因数μ＝32.求货物从A 端运送到B 端所需的时间．(g 取10m/s 2)答案：3s解析：以货物为研究对象，由牛顿第二定律得μmg cos30°－mg sin30°＝ma ， 解得a ＝2.5m/s 2货物匀加速运动时间t 1＝va ＝2s货物匀加速运动位移x 1＝12at 21＝5m然后货物做匀速运动，运动位移x 2＝L －x 1＝5m ，匀速运动时间t 2＝x 2v ＝1s 从A 到B 的时间t ＝t 1＋t 2＝3s.17．光滑水平面上，足够长的木板质量M ＝8kg ，由静止开始在水平拉力F ＝8N 作用下向右运动．如图所示，当速度达到1.5m/s 时，将质量m ＝2kg 的物体轻轻放到木板的右端，已知物体与木板之间的动摩擦因数μ＝0.2.(1)物体放到木板上以后，经多少时间物体与木板相对静止？在这段时间里，物体相对于木板滑动的距离多大？(2)在物体与木板相对静止后，它们之间还有相互作用的摩擦力吗？为什么？如有，摩擦力为多大？解析：(1)物体放在木板上之后，在它们达到相对静止之前，它们之间在水平方向上存在相互作用的滑动摩擦力F ′＝μmg ＝4N ，物体的加速度a 1＝μg ＝2m/s 2，木板的加速度a 2＝(F －F ′)M＝0.5m/s 2.物体与木板达到相对静止所需时间由a 1t ＝v ＋a 2t 得，t ＝1s ，在此时间内，物体在木板上滑行的距离x ＝v t ＋12a 2t 2－12a 1t 2＝0.75m.(2)物体与木板相对静止后，在8N 的恒力作用下，共同产生的加速度a 3＝0.8m/s 2，对木板上的物体来讲，产生加速度的力，只能是木板对它的静摩擦力，故F ″＝ma 3＝1.6N.。
人教版高中物理必修1第四章牛顿运动定律检测题
《牛顿运动定律》检测题一、单选题1．对于牛顿第二定律的理解下列说法正确的是（）A．先有力后有加速度B．先有加速度后有力C．力是产生加速度的原因D．无论关系式F＝ma中的三个物理量采用什么单位，该关系式都是成立的2．下列关于惯性说法正确的是（）A．静止在草坪上的足球没有惯性B．高速公路汽车限速是为了安全，因为速度越大惯性越大C．歼击机投入战斗前要抛掉副油箱，这是为了减小惯性更加灵活D．百米赛跑的运动员撞线后还要跑出去一段距离，是由于受到惯性的作用3．如图所示，有5000个质量均为m的小球，将它们用长度相等的轻绳依次连接，再将其左端用细绳固定在天花板上，右端施加一水平力使全部小球静止。
若连接天花板的细绳与水平方向的夹角为45︒。
则第2019个小球与2020个小球之间的轻绳与水平方向的夹角α的正切值等于（）A．20195000B．29815000C．20192981D．298120194．壁虎等动物的脚上有很多小的类似吸盘的结构，这些动物在爬行的时候，“小吸盘”能够吸住接触面，使得它们能很好的“压在”接触面上。
如图所示，壁虎在竖直玻璃面上斜向上匀速爬行，关于它在此平面内的受力分析，下列图示中正确的是（）A．B．C．D．5．下列关于物理的研究方法，不正确的是（）A．探究加速度与力、质量关系的实验，运用的是控制变量法B．牛顿首次利用合理外推，提出理想实验这一科学推理方法C．用质点来代替有质量的物体是采用了理想模型的方法D．加速度表达式∆=∆vat是利用比值法得到的定义式6．如图所示，物体A、B用细线与弹簧连接后跨过滑轮. A静止在倾角为45°的粗糙斜面上，B也静止.不计滑轮摩擦，现将斜面倾角由45°减小到30°，B不会碰到地面，A、B仍然静止。
则( )A．弹簧的弹力大小不变 B．物体A对斜面的压力将减小C．物体A受到的静摩擦力一定减小 D．物体A受到的合力变大7．把质量是0.2kg的小球放在竖直的弹簧上，将小球往下按至a的位置，如图所示．迅速松手后，弹簧把球弹起，球升至最高位置c，途中经过位置b时弹簧正好处处于原长．已知b、a的高度差为0.1m，c、b的高度差为0.2m，弹簧的质量和空气阻力均可忽略，g取210m/s．小球从a运动到c的过程中，下列说法正确的是（）A．小球的动能逐渐减小B．小球的动能与弹簧的弹性势能的总和逐渐增加C．小球在b点的动能最大，为0.4JD．弹簧的弹性势能的最大值为0.6J8．中华民族的优秀文化博大精深，其中古典诗词是优秀文化的代表.从物理角度看古诗词会发现别有一番韵味.下面四句诗词中涉及惯性知识的是A．毛泽东的《长征》中“红军不怕远征难，万水千山只等闲”B．唐朝李白的《早发白帝城》中“朝辞白帝彩云间，千里江陵一日还”C．宋代陈与义的《襄邑道中》中“卧看满天云不动，不知云与我俱东”D．明代冯梦龙的《醒世恒言》中“临崖立马收缰晚，船到江心补漏迟”9．一物块沿倾角为θ的固定斜面上滑，到达最大高度处后又返回斜面底端．已知物块下滑的时间是上滑时间的2倍，则物块与斜面间的动摩擦因数为A．1tan3θB．1tan2θC．3tan5θD．tanθ10．如图所示，一木块在光滑水平面上受一恒力F作用而运动，前方固定一个弹簧，当木块接触弹簧后（）A．将立即做变减速运动B．在弹簧处于最大压缩量时，物体的加速度为零C．将立即做匀减速运动D．在一段时间内仍然做加速运动，速度继续增大11．下列说法中正确的是( )A．人走路时地对脚的推力大于人对地的蹬力，所以人才能向前进B．只有人站着不动时人对地的压力才与地对人的弹力等大C．人站着在地面上时人对地的压力总是与地对人的弹力等大D．以卵击石时，石头对卵的压力大于卵对石头的弹力12．如图所示，天花板上固定有一光滑的定滑轮，绕过定滑轮且不可伸长的轻质细绳左端悬挂一质量为M的铁块；右端悬挂有两质量均为m的铁块，上下两铁块用轻质细线连接，中间夹一轻质弹簧处于压缩状态，此时细线上的张力为，最初系统处于静止状态。
2019版物理人教版必修1训练：第四章 牛顿运动定律 检测(A) Word版含解析.pdf
第四章检测(A)(时间:90分钟 满分:100分)一、选择题(本题共10小题,每小题4分,共40分。
在每小题给出的四个选项中,1~6题只有一个选项符合题目要求,7~10题有多个选项符合题目要求。
全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错或不答的得0分)1在光滑的水平面上做匀加速直线运动的物体,当它所受的合力逐渐减小而方向不变时,则物体的( )A.加速度越来越大,速度越来越大B.加速度越来越小,速度越来越小C.加速度越来越大,速度越来越小D.加速度越来越小,速度越来越大解析:由牛顿第二定律可知,当物体所受合外力减小时,加速度会越来越小;由于合外力方向保持不变,加速度方向与速度方向始终相同,故速度越来越大,所以,正确选项为D。
答案:D2一个球挂在三角形木块的左侧面,如图所示,球与木块均能保持静止,则( )A.地面对木块的摩擦力向左B.地面对木块的摩擦力向右C.地面对木块无摩擦D.若地面光滑,木块一定滑动答案:C3如图所示,图乙中用力F取代图甲中的m,且F=mg,其余器材完全相同,不计摩擦,图甲中小车的加速度为a1,图乙中小车的加速度为a2。
则( )A.a1=a2B.a1>a2C.a1<a2D.无法判断答案:C4应用物理知识分析生活中的常见现象,可以使物理学习更加有趣和深入。
例如平伸手掌托起物体,由静止开始竖直向上运动,直至将物体抛出。
对此现象分析正确的是( )A.手托物体向上运动的过程中,物体始终处于超重状态B.手托物体向上运动的过程中,物体始终处于失重状态C.在物体离开手的瞬间,物体的加速度大于重力加速度D.在物体离开手的瞬间,手的加速度大于重力加速度解析:物体在手掌的推力作用下,由静止竖直向上加速时,物体处于超重状态。
当物体离开手的瞬间,只受重力作用,物体的加速度等于重力加速度,处于完全失重状态,故选项A、B、C错误;物体离开手的前一时刻,手与物体具有相同的速度,物体离开手的下一时刻,手的速度小于物体的速度,即在物体离开手的瞬间这段相同的时间内,手的速度变化量大于物体的速度变化量,故手的加速度大于物体的加速度,也就是手的加速度大于重力加速度,故选项D正确。
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4.7 用牛顿运动定律解决问题（二）
课时自测·基础达标
1.跳水运动员从10 m高的跳台上腾空跃起,先向上运动一段距离达到最高点后,再自由下落进入水池,不计空气阻力,关于运动员在空中的上升过程和下落过程,以下说法正确的有 ( )
A.上升过程处于超重状态,下落过程处于失重状态
B.上升过程处于失重状态,下落过程处于超重状态
C.上升过程和下落过程均处于超重状态
D.上升过程和下落过程均处于完全失重状态
【解析】选D。
跳水运动员在空中时无论上升还是下降,加速度方向均向下,由于不计空气阻力,故均为完全失重,选项D正确。
【补偿训练】
学校秋季运动会上,飞辉同学以背越式成功跳过了 1.90 m,如图所示,则下列说法正确的是( )
A.飞辉起跳时地面对她的支持力等于她的重力
B.起跳以后在上升过程中处于超重状态
C.起跳以后在下降过程中处于失重状态
D.起跳以后在下降过程中重力消失了
【解析】选C。
起跳时做向上的加速运动,加速度向上,所以地面对她的支持力大于她的重力,选项A错误;起跳以后,只受重力作用,加速度一直保持竖直向下,所以一直处于失重状态,选项C正确,B、D错误。
2.如图所示,物块在力F作用下向右沿水平方向匀速运动,则物块受到的摩擦力F f与拉力F的合力方向应该是( )
A.水平向右
B.竖直向上
C.向右偏上
D.向左偏上
【解析】选B。
物块受到重力、拉力F、地面的支持力和滑动摩擦力,物块受到的摩擦力与拉力的合力方向与重力、支持力的合力方向相反,在同一直线上,而重力、支持力的合力方向竖直向下,则根据平衡条件得到,摩擦力与拉力的合力方向竖直向上。
故B对。
3.质量为50 kg的乘客乘坐电梯从四层到一层,电梯自四层启动向下做匀加速运动,加速度的大小是0.6 m/s2,则电梯启动时地板对乘客的支持力为(g取
10 m/s2)( )
A.530 N
B.500 N
C.450 N
D.470 N
【解析】选D。
电梯运动过程中加速度向下,故根据牛顿第二定律,有mg-F N=ma,解得F N=mg-ma=470 N,选项D正确。
【补偿训练】如图所示,光滑半球形容器固定在水平面上,O为球心。
一质量为m的小滑块,在水平力F的作用下静止于P点,设滑块所受支持力为F N,OP与水平面的夹角为θ。
下列关系正确的是( )
A.F=
B.F=mgtanθ
C.F N=
D.F N=mgtanθ
【解析】选A。
滑块受力如图所示,由平衡条件知:F N sinθ=mg,F N cosθ=F,故F N=,F=,A对,B、C、D错。
4.如图所示,一物块置于水平地面上,当用与水平方向成60°角的力F1拉物块时,物块做匀速直
线运动;当改用与水平方向成30°角的力F2推物块时,物块仍做匀速直线运动。
若F1和F2的大小相等,则物块与地面之间的动摩擦因数为
A.-1
B.2-
C.-
D.1-
【解析】选B。
物块受重力mg、支持力F N、摩擦力F f、已知力F处于平衡状态,根据平衡条件,有F1cos 60°=μ(mg-F1sin 60°),F2cos 30°=μ(mg+F2sin 30°),联立解得μ=2-。
选项B 正确。