【重点推荐】2019高中物理第四章牛顿运动定律课时自测

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人教版高中物理必修1第四章《牛顿运动定律》检测试题(有答案)

人教版高中物理必修1第四章《牛顿运动定律》检测试题（有答案）1 / 9《牛顿运动定律》检测题一、单选题1．某质量为50kg 的同学站在电梯底板上，利用速度传感器和计算机研究电梯的运动情况，如图所示的v-t 图象是计算机显示的电梯在某一段时间内速度变化的情况（选向上为正方向，g=10m/s²）。

根据图象提供的信息，可以判断下列说法中正确的是（）A ．在0~5s 内，该同学对电梯底板的压力等于520NB ．在5s ~10s 内，该同学对电梯底板的压力等于0C ．在10s ~20s 内，电梯在减速下降，该同学处于超重状态D ．在20s ~25s 内，该同学对电梯底板的压力等于480N2．如图a ，用力传感器研究橡皮绳中拉力的大小随时间变化。

向下拉小球然后释放,小球沿竖直方向运动，某段时间内采集到的信息如图b 所示,则（）A ．23t t :时间内小球向上运动,速度不断减小B ．34t t ~时间内小球向下运动,加速度不断增大C ．45t t ~时间内小球向上运动,速度不断增大D ．56tt ~时间内小球向下运动,加速度不断增大3．一个小孩从滑梯上滑下的运动可看做匀加速直线运动。

第一次小孩单独从滑梯上滑下，加速度为a 1。

第二次小孩抱上一只小狗后再从滑梯上滑下（小狗不与滑梯接触），加速度为a 2。

则( )A．a1<a2B．a1>a2C．a1=a2D．无法判断4．如图所示，一人站在电梯中的体重计上，随电梯一起运动。

下列各种情况中，体重计的示数最大的是（）A．电梯匀减速上升，加速度大小为 1.0 m/s2B．电梯匀减速下降，加速度大小为 1.0 m/s2C．电梯匀加速上升，加速度大小为 1.5 m/s2D．电梯匀加速下降，加速度大小为 1.5 m/s25．火车在直轨道上匀速运动，车内有一物体被竖直丢到窗外，发现物体仍在和火车一起向前运动，这是因为（）A．物体被丢出后，空气给它一个向前的推力，使它向前运动B．物体被丢出后，在水平方向人和车始终有相同的速度C．物体被丢出的瞬间，手给它一个向前的力，推动它向前运动D．物体被丢出后，惯性消失6．关于牛顿第一定律（惯性定律），下列理解正确的是：A．向上抛出的物体，在向上运动的过程中，一定受到向上的作用力，否则不可能向上运动。

2019版高中物理第四章牛顿运动定律检测(B)新人教版必修1

第四章检测(B)(时间:90分钟满分:100分)一、选择题(本题共10小题,每小题4分,共40分。

在每小题给出的四个选项中,1~6题只有一个选项符合题目要求,7~10题有多个选项符合题目要求。

全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错或不答的得0分)1伽利略创造的把实验、假设和逻辑推理相结合的科学方法,有力地促进了人类科学认识的发展。

利用如图所示的装置做如下实验:小球从左侧斜面上的O点由静止释放后沿斜面向下运动,并沿右侧斜面上升。

斜面上先后铺垫三种粗糙程度逐渐降低的材料时,小球沿右侧斜面上升到的最高位置依次为1、2、3。

根据三次实验结果的对比,可以得到的最直接的结论是()A.如果斜面光滑,小球将上升到与O点等高的位置B.如果小球不受力,它将一直保持匀速运动或静止状态C.如果小球受到力的作用,它的运动状态将发生改变D.小球受到的力一定时,质量越大,它的加速度越小解析:当斜面上先后铺垫三种粗糙程度逐渐降低的材料时,小球沿斜面上升的最高位置依次升高。

对比三次实验结果,根据把实验、假设和逻辑推理相结合的科学方法可知,当斜面绝对光滑时,小球在斜面上没有能量损失,小球能够上升到与O点等高的位置,故最直接的结论是选项A;B、C、D中的结论从题目中不可以直接得出,故排除。

答案:A2如图,用两根等长轻绳将木板悬挂在竖直木桩上等高的两点,制成一简易秋千。

某次维修时将两轻绳各剪去一小段,但仍保持等长且悬挂点不变。

木板静止时,F1表示木板所受合力的大小,F2表示单根轻绳对木板拉力的大小,则维修后()A.F1不变,F2变大B.F1不变,F2变小C.F1变大,F2变大D.F1变小,F2变小解析:因木板均处于静止状态,所以两次所受合力F1均为零,即合力F1不变。

设绳与竖直方向成θ角,由平衡条件得2F2cos θ=mg,解得F2,θ角会变大,所以F2变大。

选项A正确。

答案:A3如图所示,甲、乙两人在冰面上“拔河”。

两人中间位置处有一分界线,约定先使对方过分界线者为赢。

人教版高中物理必修一第四章牛顿运动定律过关检测(附答案)

物理人教必修1第四章牛顿运动定律过关检测
(时间：45分钟满分：100分)
一、选择题(每小题6分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确)
1．一光滑斜劈，在力F推动下向左匀加速运动，且斜劈上有一木块恰好与斜面保持相对静止，如图所示，则木块所受合力的方向为()
A．水平向左B．水平向右
C．沿斜面向下D．沿斜面向上
2．如图所示，A、B两物块叠放在一起，在粗糙的水平面上保持相对静止地向右做匀减速直线运动，运动过程中B受到的摩擦力()
A．方向向左，大小不变
B．方向向左，逐渐减小
C．方向向右，大小不变
D．方向向右，逐渐减小
3．如图所示，A、B两物体叠放在一起，以相同的初速度上抛(不计空气阻力)。

下列说法中正确的是()
A．在上升和下降过程中A对B的压力一定为零
B．上升过程中A对B的压力大于A物体受到的重力
C．下降过程中A对B的压力大于A物体受到的重力
D．在上升和下降过程中A对B的压力等于A物体受到的重力
4．如图所示，一小球放置在木板与竖直墙面之间。

设墙面对球的压力大小为N1，球对木板的压力大小为N2。

以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置。

不计摩擦，在此过程中()
A．N1始终减小，N2始终增大
B．N1始终减小，N2始终减小
C．N1先增大后减小，N2始终减小
D．N1先增大后减小，N2先减小后增大
5．如图所示，一夹子夹住木块，在力F作用下向上提升。

夹子和木块的质量分别为m、。

2019学年高中物理第四章牛顿运动定律课时自测(2)

4.2 实验探究加速度与力、质量的关系课时自测·基础达标1.在利用打点计时器探究加速度与力、质量关系的实验中,以下做法正确的是( )A.平衡摩擦力时,应将重物用细绳通过定滑轮系在小车上B.每次改变小车的质量时,不需要重新平衡摩擦力C.实验时,先放开小车,后接通电源D.“重物的质量远小于小车的质量”这一条件如不满足,对探究过程也不会产生影响【解析】选B。

平衡摩擦力时,小车不挂重物,故A错误;实验时应先接通电源,后放开小车,C 错误;实验时应满足小车的质量远大于重物的质量,否则误差很大,D错误。

2.某同学利用如图甲所示的实验装置,探究小车的加速度和它所受拉力F的关系。

(1)除备有4个50 g钩码外,另有下列实验器材备选:A.质量为300 g的小车B.质量为 2 kg的小车C.输出电压为4～6 V的直流电源D.输出电压为4～6 V的交流电源为保证实验成功,选用的实验小车应为_________,电源应为_____________。

(填字母代号) (2)某同学正确选择实验器材后,通过实验得到如图乙所示的a-F图象,造成图线未过坐标原点的原因是______________________________ 。

【解析】(1)当m?M时,即钩码的总质量m远远小于小车和砝码的总质量M时,绳子的拉力近似等于钩码的总重力,由题意可知,选用的实验小车应为质量为 2 kg的小车,即选B;电源应为输出电压4～6 V的交流电源,即选D。

(2)由图乙可知,a-F图象不过原点,在a轴上有截距,即F=0时有加速度,这是由于在平衡摩擦力时,木板被垫得太高,木板倾角过大,平衡摩擦力太过造成的。

答案:(1)B D (2)平衡摩擦力时,木板倾角过大【补偿训练】现测得某一物体F一定时,a与m的关系数据如表:a/(m·s-2) 2.04 2.66 3.23 3.98m/kg 2.00 1.50 1.25 1.00(1)根据表中所列数据,画出a-图象。

2019高中物理第四章牛顿运动定律课时自测

4.7 用牛顿运动定律解决问题（二）课时自测·基础达标1.跳水运动员从10 m高的跳台上腾空跃起,先向上运动一段距离达到最高点后,再自由下落进入水池,不计空气阻力,关于运动员在空中的上升过程和下落过程,以下说法正确的有( )A.上升过程处于超重状态,下落过程处于失重状态B.上升过程处于失重状态,下落过程处于超重状态C.上升过程和下落过程均处于超重状态D.上升过程和下落过程均处于完全失重状态【解析】选D。

跳水运动员在空中时无论上升还是下降,加速度方向均向下,由于不计空气阻力,故均为完全失重,选项D正确。

【补偿训练】学校秋季运动会上,飞辉同学以背越式成功跳过了1.90 m,如图所示,则下列说法正确的是( )A.飞辉起跳时地面对她的支持力等于她的重力B.起跳以后在上升过程中处于超重状态C.起跳以后在下降过程中处于失重状态D.起跳以后在下降过程中重力消失了【解析】选C。

起跳时做向上的加速运动,加速度向上,所以地面对她的支持力大于她的重力,选项A错误;起跳以后,只受重力作用,加速度一直保持竖直向下,所以一直处于失重状态,选项C正确,B、D错误。

2.如图所示,物块在力F作用下向右沿水平方向匀速运动,则物块受到的摩擦力F f与拉力F的合力方向应该是( )A.水平向右B.竖直向上C.向右偏上D.向左偏上【解析】选B。

物块受到重力、拉力F、地面的支持力和滑动摩擦力,物块受到的摩擦力与拉力的合力方向与重力、支持力的合力方向相反,在同一直线上,而重力、支持力的合力方向竖直向下,则根据平衡条件得到,摩擦力与拉力的合力方向竖直向上。

故B对。

3.质量为50 kg的乘客乘坐电梯从四层到一层,电梯自四层启动向下做匀加速运动,加速度的大小是0.6 m/s2,则电梯启动时地板对乘客的支持力为(g取10 m/s2)( )A.530 NB.500 NC.450 ND.470 N【解析】选D。

电梯运动过程中加速度向下,故根据牛顿第二定律,有mg-F N=ma,解得F N=mg-ma=470 N,选项D正确。

2019学年高中物理第四章牛顿运动定律课时自测(3)

4.5 牛顿第三定律课时自测·基础达标1.如图所示是我国一种传统的民族体育项目“押加”,实际上相当于两个人拔河,如果绳质量不计,且保持水平,甲、乙两人在“押加”比赛中甲获胜,则下列说法中正确的是( )A.甲对乙的拉力始终大于乙对甲的拉力B.甲把乙加速拉过去时,甲对乙的拉力大于乙对甲的拉力C.只有当甲把乙匀速拉过去时,甲对乙的拉力大小才等于乙对甲的拉力大小D.甲对乙的拉力大小始终等于乙对甲的拉力大小,只是地面对甲的摩擦力大于地面对乙的摩擦力【解析】选D。

甲拉乙的力与乙拉甲的力是一对作用力与反作用力,大小始终相等,与运动状态无关,A、B、C错误;不管哪个获胜,甲对乙的拉力大小始终等于乙对甲的拉力大小,只有当地面对甲的摩擦力大于地面对乙的摩擦力,甲才能获胜,D正确。

2.利用牛顿第三定律,有人设计了一种交通工具,在平板车上装了一个电风扇,电风扇运转时吹出的风全部打到竖直固定在小车中间的风帆上,靠风帆受力而向前运动,如图所示。

对于这种设计,下列分析中正确的是( )A.根据牛顿第二定律,这种设计能使小车向前运动B.根据牛顿第三定律,这种设计能使小车向前运动C.这种设计不能使小车向前运动,因为它违反了牛顿第二定律D.这种设计不能使小车向前运动,因为它违反了牛顿第三定律【解析】选D。

以整体为研究对象,整体不受外力,因此这种设计不能使小车运行,风扇对风帆有一个力的作用,同时风帆对风扇有一个反作用力,D正确。

3.电动滑板车是继传统滑板之后的又一滑板运动的新型产品形式,深受年轻人的喜爱。

如图所示,电动滑板车置于水平地面上,下列说法正确的是( )A.人站在平板车上保持静止时,人所受的重力和地面对平板车的支持力是一对平衡力B.人站在平板车上保持静止时,平板车对人的支持力与平板车对地的压力是一对作用力和反作用力C.人向上起跳加速阶段,平板车对人的支持力等于人对平板车的压力D.人向上起跳加速阶段,人所受的重力等于人对平板车的压力【解析】选C。

2019高中物理第四章牛顿运动定律章末质量评估新人教版必修1

第四章牛顿运动定律章末质量评估(四)(时间：90分钟分值：100分)一、单项选择题(本题共10小题，每题3分，共30分．每小题中只有一个选项是正确的，选对得3分，错选、不选或多选均不得分．)1．科学家关于物体运动的研究对树立正确的自然观具有重要作用．下列说法不符合历史事实的是( ) A．亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体的运动状态才会改变B．伽利略通过“理想实验”得出结论：运动必具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去C．笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向D．牛顿认为，物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质解析：亚里士多德的观点是力是维持物体运动的原因，即物体有力就运动，没有力就静止，故A错误；伽利略通过“理想实验”得出结论：运动必具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去，选项B 正确；笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向，选项C正确；牛顿认为，物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质，选项D 正确；故选项A不符合历史事实．答案：A2．关于牛顿运动定律，以下说法中正确的是( )A．运动越快的汽车越不容易停下来，是因为汽车运动得越快，惯性就越大B．人从水平地面上猛得竖直向上跳起，地面对人的支持力将会大于人对地面的压力C．N/kg与m/s2都是加速度的国际制单位D．物体的加速度方向有时与合外力方向相同，有时与合外力方向相反答案：C3．一雪橇放在冰面上，现让一只狗拉着雪橇在冰面上匀速前进，则( )A．狗对雪橇的拉力与冰面对雪橇的摩擦力是一对作用力与反作用力B．雪橇对冰面的压力与冰面对雪橇的支持力是一对平衡力C．雪橇对冰面的压力与冰面对雪橇的支持力是一对作用力与反作用力D．雪橇对冰面的压力与雪橇受到的重力是一对平衡力解析：雪橇匀速前进，则雪橇受力平衡，狗对雪橇的拉力与冰面对雪橇的摩擦力是一对平衡力，冰面对雪橇的支持力与雪橇受到的重力是一对平衡力，选项A、D错误；雪橇对冰面的压力与冰面对雪橇的支持力是一对作用力与反作用力，选项B错误，选项C正确．答案：C4.如图所示，小车上有一个定滑轮，跨过定滑轮的绳一端系一重球，另一端系在弹簧测力计上，弹簧测力计下端固定在小车上．开始时小车处于静止状态．当小车沿水平方向运动时，小球恰能稳定在图中虚线位置，下列说法中正确的是( )A ．小球处于超重状态，小车对地面压力大于系统总重力B ．小球处于失重状态，小车对地面压力小于系统总重力C ．弹簧测力计读数大于小球重力，但小球既不超重也不失重D ．弹簧测力计读数大于小球重力，小车一定向右匀加速运动解析：小球稳定在题图中虚线位置，则小球和小车有相同的加速度，且加速度水平向右，故小球既不超重也不失重，小车既可以向右匀加速运动，也可以向左匀减速运动，故C 项正确．答案：C5．竖直上抛物体受到的空气阻力f 大小恒定，物体上升到最高点时间为t 1，从最高点落回抛出点用时t 2，上升时加速度大小为a 1，下降时加速度大小为a 2，则下列说法正确的是( )A ．a 1<a 2，t 1<t 2B ．a 1>a 2，t 1>t 2C ．a 1<a 2，t 1>t 2D ．a 1>a 2，t 1<t 2解析：上升时，mg ＋f ＝ma 1，下降时，mg －f ＝ma 2，得a 1>a 2.上升和下降的位移相等，h ＝12a 1t 21＝12a 2t 22，因为a 1>a 2，所以t 1<t 2.D 正确．答案：D6.用轻弹簧竖直悬挂质量为m 的物体，静止时弹簧伸长量为L ，现用该弹簧沿斜面方向拉住质量为2m 的物体，系统静止时弹簧伸长量也为L ，斜面倾角为30°，如图所示，则物体所受摩擦力( )A ．等于零B ．大小为12mg ，方向沿斜面向下C ．大小为32mg ，方向沿斜面向上 D ．大小为mg ，方向沿斜面向上解析：设弹簧的劲度系数为k ，竖直悬挂时有kL ＝mg .设物体放在斜面上时所受摩擦力为f ，根据物体的平衡条件有kL ＋f ＝2mg sin 30°＝mg ；由上述两式联立可得f ＝0，A 正确．答案：A7.如图所示，小球A 和B 的质量均为m ，长度相同的四根细线分别连接在两球间、球与水平天花板上P 点以及与竖直墙上的Q 点之间，它们均被拉直，且P 、B 间细线恰好处于竖直方向，两小球均处于静止状态，则Q 、A 间水平细线对球的拉力大小为( )A.22mg B ．mg C.3mgD.33mg 解析：由题，P 、B 间细线恰好处于竖直方向，两小球均处于静止状态，则知A 、B 间细线的拉力为零．对A 球受力分析，由平衡条件，得T QA ＝mg tan 60°＝3mg ，选项A 、B 、D 错误，C 正确．故选C. 答案：C8.如图所示，质量为M 的斜面A 置于粗糙水平地面上，动摩擦因数为μ，物体B 与斜面间无摩擦．在水平向左的推力F 作用下，A 与B 一起做匀加速直线运动，两者无相对滑动．已知斜面的倾角为θ，物体B 的质量为m ，则它们的加速度a 及推力F 的大小为( )A ．a ＝g sin θ，F ＝(M ＋m )g (μ＋sin θ)B ．a ＝g cos θ，F ＝(M ＋m )g cos θC ．a ＝g tan θ，F ＝(M ＋m )g (μ＋tan θ)D ．a ＝g cot θ，F ＝μ(M ＋m )g解析：B 物体受到重力、支持力作用，其合力向左，根据牛顿第二定律得mg tan θ＝ma ，解得a ＝g tan θ；研究A 、B 整体同理有F －μ(M ＋m )g ＝(M ＋m )a ，解得F ＝(M ＋m )g (μ＋tan θ)，C 正确．答案：C9．细绳拴一个质量为m 的小球，小球用固定在墙上的水平弹簧支撑，小球与弹簧不粘连，平衡时细绳与竖直方向的夹角为53°，如图所示(已知cos 53°＝0.6，sin 53°＝0.8)，以下说法正确的是( )A ．小球静止时弹簧的弹力大小为34mgB ．小球静止时细绳的拉力大小为45mgC ．细线烧断瞬间小球的加速度立即为gD ．细线烧断瞬间小球的加速度立即为53g解析：小球静止时，分析受力情况，如图，由平衡条件得：弹簧的弹力大小为：F ＝mg tan 53°＝43mg ，细绳的拉力大小为：T ＝mgcos 53°＝53mg ，故A 错误，B 错误．细绳烧断瞬间弹簧的弹力不变，则小球所受的合力与烧断前细绳拉力的大小相等、方向相反，则此瞬间小球的加速度大小为：a ＝T m ，a ＝53g .故C 错误，D 正确．故选D.答案：D10．如图所示，用两根绳子OA 和OB 系住一物体．绳OA 固定于A 点，手拉绳OB 使OB 由水平位置逐渐转向OB ′方向，同时保持OA 与天花板夹角θ(θ<45°)不变．在这一过程中绳OB 所受拉力大小将( )A ．始终减小B ．始终增大C ．先减小后增大D ．先增大后减小解析：如图所示，作出物体所受的三个力组成的力的矢量三角形．注意到mg 的大小、方向都是不变的；而绳OA 的拉力T OA 的方向不变，大小变化；绳OB 的拉力T OB 的大小、方向都变化．由图可知，当T OB 垂直于T OA 时，T OB 取得最小值，故绳OB 的拉力先减小后增大．答案：C二、多项选择题(本题共4小题，每题6分，共24分．每小题有多个选项是正确的，全选对得6分，少选得3分，选错、多选或不选得0分．)11.将物体竖直向上抛出，假设运动过程中空气阻力不变，其速度—时间图象如图所示，则( )A．上升、下降过程中加速度大小之比为11∶9B．上升、下降过程中加速度大小之比为10∶1C．物体所受的重力和空气阻力之比为9∶1D．物体所受的重力和空气阻力之比为10∶1解析：上升、下降过程中加速度大小分别为：a上＝11 m/s2，a下＝9 m/s2，由牛顿第二定律得：mg＋F阻＝ma mg－F阻＝ma下，联立解得：mg∶F阻＝10∶1，A、D正确．上，答案：AD12．如图甲所示，竖直电梯中质量为m的物体置于压力传感器P上，电脑可描绘出物体对P的压力F随时间的变化图线；图乙中K、L、M、N四条图线是电梯在四种运动状态下由电脑获得的Ft图线，由图线分析电梯的运动情况，下列结论中正确的是( )A．由图线K可知，此时电梯一定处于匀加速上升状态B．由图线L可知，此时电梯的加速度大小一定等于gC．由图线M可知，此时电梯一定处于静止状态D．由图线N可知，此时电梯加速度的方向一定先向上后向下解析：物体对P的压力等于支持力的大小，根据牛顿第二定律判断加速度的大小和方向，从而确定电梯的运动情况．由图线K可知，物体对P的压力大于物体的重力，且逐渐增大，则支持力大于重力，且逐渐增大，根据牛顿第二定律知，加速度方向竖直向上，且逐渐增大，电梯加速度方向竖直向上，且在变化，故A错误；由图线L可知，支持力的大小等于2mg，根据牛顿第二定律得，F－mg＝ma，解得a＝g，方向竖直向上，故B正确；由图线M 可知，支持力等于重力，知电梯可能处于静止，可能处于匀速直线运动状态，故C错误；由图线N可知，支持力的大小先大于mg再小于mg，根据牛顿第二定律知，加速度的方向先向上，再向下，故D正确．答案：BD13．如图所示，质量分别为m1、m2的两个物体通过轻弹簧连接，在力F的作用下一起沿水平方向做匀速直线运动(m1在地面上，m2在空中)，力F与水平方向成θ角．则m1所受支持力F N和摩擦力f正确的是( )A．F N＝m1g＋m2g－F sin θB．F N＝m1g＋m2g－F cos θC．f＝F cos θD．f＝F sin θ解析：该题考查连接体的平衡问题，利用隔离法求相互作用力，利用整体法求外力．选整体为研究对象，在水平方向有f＝F cos θ，在竖直方向有F N＋F sin θ＝(m1＋m2)g，F N＝m1g＋m2g－F sin θ，故A、C选项正确．答案：AC14．如图所示，两个倾角相同的滑竿上分别套有A、B两个质量均为m圆环，两个圆环上分别用细线悬吊两个质量均为M的物体C、D，当它们都沿滑竿向下滑动并保持相对静止时，A的悬线与杆垂直，B的悬线竖直向下．下列结论正确的是( )A．A环受滑竿的作用力大小为(m＋M)g cos θB．B环受到的摩擦力f＝mg sin θC．C球的加速度a＝g sin θD．D受悬线的拉力T＝Mg解析：对C受力分析，如图由牛顿第二定律，得到：Mg sin θ＝Ma①；细线拉力为T＝Mg cos θ②再对A环受力分析，如下图根据牛顿定律，有mg sin θ－f＝ma③N＝mg cos θ＋T④由①②③④解得：f＝0 N＝(M＋m)g cos θ，故A、C正确．对D球受力分析，受重力和拉力，合力与速度在一条直线上，故合力为零，物体做匀速运动，细线拉力等于Mg；再对B球受力分析，如图，受重力、拉力、支持力，由于做匀速运动，合力为零，故必有向后的摩擦力；根据平衡条件，有(M＋m)g sin θ＝f，N＝(M＋m)g cos θ，故B错误，D正确．故选A、C、D.答案：ACD三、非选择题(共4小题，共46分)15．(8分)某实验小组为探究加速度与力之间的关系设计了如图(a)所示的实验装置，用钩码所受重力作为小车所受的拉力，用DIS(数字化信息系统)测小车的加速度．通过改变钩码的数量，多次重复测量，可得小车运动的加速度a 和所受拉力F 的关系图象．他们在轨道水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到了两条a －F 图线，如图(b)所示．图(a) 图(b)(1)图线________是在轨道水平的情况下得到的(选填“Ⅰ”或“Ⅱ”)(2)小车和位移传感器发射部分的总质量为______kg ，小车在水平轨道上运动时受到的摩擦力大小为______N.(3)某同学用小车做“研究匀变速直线运动”实验时，从打下的若干纸带中选出了如图所示的一条(每两点间还有4个点没有画出来)，如图所示，纸带上的数字为相邻两个计数点间的距离．打点计时器的电源频率为50 Hz.该小车做匀变速直线运动的加速度a ＝________m/s 2，与纸带上D 点相对应的瞬时速度v ＝______m/s(答案均要求保留3位有效数字)．答案：(1)Ⅱ (2)1 kg 1 N (3)1.93 m/s 21.19 m/s16.(8分)如图所示，小木块在沿斜面向上的恒定外力F 作用下，从A 点由静止开始做匀加速运动，前进了0.45 m 抵达B 点时，立即撤去外力．此后小木块又前进0.15 m 到达C 点，速度为零．已知木块与斜面动摩擦因数μ＝36，木块质量m ＝1 kg.(1)木块向上经过B 点时速度为多大？(2)木块在AB 段所受的外力多大？( g ＝10 m/s 2)解析：(1)撤去外力后，小木块做匀减速运动从B 运动到C ，加速度大小为a ＝g sin θ＋μg cos θ＝7.5 m/s 2所以有v 2C －v 2B ＝2as代入可解得v B ＝2as ＝2×7.5×0.15 m/s ＝1.5 m/s.(2)设外加恒力为F ，则刚开始从A 运动到B 的加速度为a 1＝Fm－(g sin θ＋μg cos θ)刚开始是做匀加速直线运动，故有：v 2B ＝2a 1s 1代入数据可求得：F ＝10 N.答案：(1)1.5 m/s (2)10 N17．(14分)某运动员做跳伞训练，他从悬停在空中的直升飞机上由静止跳下，跳离飞机一段时间后打开降落伞做减速下落．他打开降落伞后的速度图线如图甲．降落伞用8根对称的绳悬挂运动员，每根绳与中轴线的夹角均为37°，如图乙．已知人的质量为50 kg ，降落伞质量也为50 kg ，不计人所受的阻力，打开伞后伞所受阻力f 与速率v 成正比，即f ＝kv (g 取10 m/s 2，sin 53°＝0.8，cos 53°＝0.6)．求：图甲图乙(1)打开降落伞前人下落的距离为多大？(2)求阻力系数k 和打开伞瞬间的加速度a 的大小和方向？ (3)悬绳能够承受的拉力至少为多少？解析：(1)h 0＝v 202g＝20 m(2)kv ＝2mg ，将v ＝5 m/s 代入得k ＝200 N ·s/m 对整体：kv 0－2mg ＝2ma ，a ＝kv 0－2mg 2m＝30 m/s 2方向竖直向上(3)设每根绳拉力为T ，以运动员为研究对象有： 8T cos α－mg ＝ma ，T ＝m （g ＋a ）8cos 37°＝312.5 N由牛顿第三定律得：悬绳能承受的拉力至少为312.5 N.答案：(1)20 m (2)k ＝200 N ·s/m a ＝30 m/s 2方向竖直向上 (3)312.5 N18．(16分)一种巨型娱乐器械由升降机送到离地面75 m 的高处，然后让座舱自由落下．落到离地面30 m 高时，制动系统开始启动，座舱均匀减速，到地面时刚好停下．若座舱中某人用手托着m ＝5 kg 的铅球，取g ＝10 m/s 2，试求：(1)从开始下落到最后着地经历的总时间；(2)当座舱落到离地面35 m 的位置时手对球的支持力； (3)当座舱落到离地面15 m 的位置时球对手的压力．解析：(1)由题意可知，座舱先自由下落h 1＝75 m －30 m ＝45 m ，下落45 m 时的速度v 1＝gt 1＝30 m/s ，减速过程中的平均速度v 2＝v 12＝15 m/s ，减速时间t 2＝h 2v 2＝2 s ，总时间t ＝t 1＋t 2＝5 s ．(2)离地面35 m 时，座舱自由下落，处于完全失重状态，所以手对球的支持力为零．(3)由v 21＝2gh 1＝2ah 2，得减速过程中加速度的大小a ＝15 m/s 2⎝⎛⎭⎪⎫或a ＝v 1t 2＝15 m/s 2，根据牛顿第二定律，得F N －mg ＝ma ，解得F N ＝125 N ，根据牛顿第三定律，可知球对手的压力F ′N ＝125 N ，方向竖直向下．答案：(1)5 s (2)0 (3)125 N ，方向竖直向下。

高中物理第四章牛顿运动律课时自测;基础达标牛顿第一律1高一1物理试题

积盾市安家阳光实验学校牛顿第一律课时自测·基础达标1.关于牛顿第一律的说法中正确的是( )A.由牛顿第一律可知,物体在任何情况下始终处于静止状态或匀速直线运动状态B.牛顿第一律既揭示了物体保持原有运动状态的原因,又揭示了运动状态改变的原因C.牛顿第一律反映了物体不受外力作用时的运动规律,因此物体在不受力时才有惯性D.牛顿第一律只是反映惯性大小的,因此也叫惯性律【解析】选B。

物体在不受力的作用时,总保持静止状态或匀速直线运动状态,A 错误;牛顿第一律既揭示了物体保持原有运动状态的原因,又揭示了运动状态改变的原因,B正确;惯性是物体的固有属性,惯性大小只与质量有关,与物体是否受力无关,C错误;牛顿第一律反映了惯性大小以及力是改变物体运动状态的原因,D错误。

【补偿训练】(多选)如图所示,在沿东西方向直线运动的小车上,放一竖直木块,突然发现木块向西倒,则小车可能的运动情况( )A.以很大的速度做匀速运动B.做减速运动C.做加速运动D.向西做减速运动【解析】选C、D。

若小车以很大的速度做匀速运动,木块原来的速度与小车相同,木块不会向西倒。

若小车做减速运动,木块由于惯性保持原来速度,相对小车倒,A、B错误;若小车做加速运动,木块由于惯性保持原来速度,相对小车向西倒;若小车向西做减速运动,木块由于惯性保持原来速度,相对小车向西倒,C、D正确。

2.下列说法正确的是( )A.各种小型车前排乘坐的人必须系好安全带是为了减小乘客的惯性B.战斗机投入战斗前要抛掉副油箱是为了减小惯性,提高灵活性C.跳高运动员起跳后之所以能够继续上升,是由于还受到向上的力的作用D.惯性是物体抵抗运动状态变化的“本领”,因此运动状态不变化的物体就无惯性【解析】选B。

惯性大小只与物体的质量有关,与其他因素无关,A错误;抛掉副油箱,质量减小,惯性减小,提高灵活性,B正确;惯性是物体固有的属性,一切物体都有保持原来运动状态不变的性质,因此跳高运动员起跳后能够继续上升,C 错误;惯性是物体固有的属性,一切物体都有惯性,惯性的大小和运动状态无关,D错误。

高中物理第四章牛顿运动定律课时自测基础达标 4.2 实验探究加速度与力、质量的关系新人教版必修1

平衡摩擦力时,小车不挂重物,故A错误;实验时应先接通电源,后放开小车,C 错误;实验时应满足小车的质量远大于重物的质量,否则误差很大,D错误。

2.某同学利用如图甲所示的实验装置,探究小车的加速度和它所受拉力F的关系。

(1)除备有4个50 g钩码外,另有下列实验器材备选:A.质量为300 g的小车B.质量为2 kg的小车C.输出电压为4～6 V的直流电源D.输出电压为4～6 V的交流电源为保证实验成功,选用的实验小车应为_________,电源应为_____________。

(填字母代号) (2)某同学正确选择实验器材后,通过实验得到如图乙所示的a-F图象,造成图线未过坐标原点的原因是______________________________ 。

【解析】(1)当m≪M时,即钩码的总质量m远远小于小车和砝码的总质量M时,绳子的拉力近似等于钩码的总重力,由题意可知,选用的实验小车应为质量为2 kg的小车,即选B;电源应为输出电压4～6 V的交流电源,即选D。

(2)由图乙可知,a-F图象不过原点,在a轴上有截距,即F=0时有加速度,这是由于在平衡摩擦力时,木板被垫得太高,木板倾角过大,平衡摩擦力太过造成的。

答案:(1)B D (2)平衡摩擦力时,木板倾角过大【补偿训练】现测得某一物体F一定时,a与m的关系数据如表:(1)根据表中所列数据,画出a-图象。

(2)由a-图象可知,当F一定时,a与m成_______关系。

【解析】要画a-图象,需要先求出对应的,其数据分别为0.50、0.67、0.80和1.00,然后描点,连线。

[推荐学习]高中物理第四章牛顿运动定律综合检测及答案新人教版必修1

第四章综合检测本卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分．满分120分，时间90分钟．第Ⅰ卷(选择题共50分)一、选择题(共10小题，每小题5分，共50分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项符合题目要求，有的小题有多个选项符合题目要求，全部选对的得5分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分)1．以下说法中正确的是( )A ．甲物体对乙物体施加作用力，乙物体受到作用后，才产生反作用力，所以先有作用力，再有反作用力B ．甲、乙两队拔河，甲队取胜，说明甲队的拉力大于乙队的拉力C ．重力和支持力组成一对作用力和反作用力D ．地球吸引物体、物体吸引地球，这是一对作用力和反作用力答案：D解析：由牛顿第三定律知，作用力与反作用力同时产生，同时消失，其大小相等，故A 、B 错；作用力的施力物体同时是反作用力的受力物体，反之亦然，故C 错，D 对． 2．两个完全相同的力分别作用在质量为m 1、m 2的两个物体上，使它们由静止开始运动，各经t 1、t 2时间后，两物体速度相同，则两物体通过的位移比是( )A ．m 1∶m 2B ．m 2∶m 1C ．t 1∶t 2D ．t 21∶t 22 答案：AC解析：根据牛顿第二定律及运动学公式知，速度相同时，a 1t 1＝a 2t 2.物体加速度为：a 1＝F m 1，a 2＝Fm 2.物体的位移为：s 1＝12a 1t 21，s 2＝12a 2t 22. 整理得，s 1s 2＝t 1t 2＝m 1m 2.故答案为A 、C.3．在验证牛顿第二定律的实验中，如a －1m图象是通过原点的一条直线，则说明( )A ．物体的加速度a 与质量m 成正比B ．物体的加速度a 与质量m 成反比C ．物体的质量m 与加速度a 成正比D ．物体的质量m 与加速度a 成反比答案：B解析：图象是过原点的一条直线，说明a 与1m 成正比，即a 与m 成反比，故A 错，B对；质量只决定于物体本身，与加速度无关，故C 、D 均错．4．(2010·高考江苏卷)如图所示，置于水平地面的三脚架上固定着一质量为m 的照相机，三脚架的三根轻质支架等长，与竖直方向均成30°角，则每根支架中承受的压力大小为( )A.13mg B.23mg C.36mgD.239mg答案：D解析：3F cos30°＝mg F ＝239mg ，选D.5．某物体同时受到F 1、F 2两个在同一直线上的作用力而做直线运动，其位移与F 1、F 2的关系图线如图所示．若物体由静止开始运动，当其具有最大速度时，位移是( )A ．1mB ．2mC ．3mD ．4m 答案：B解析：根据图象可知，在0～2m 内合力的方向为正，所以加速度为正，一直在加速．在x >2m 后，合力为负，物体做减速运动，故x ＝2m 处物体的速度最大．6．(2010·高考山东卷)如图甲所示，物体沿斜面由静止滑下，在水平面上滑行一段距离停止，物体与斜面和水平面间的动摩擦因数相同，斜面与水平面平滑连接．图乙中v 、a 、f 和s 分别表示物体速度大小、加速度大小、摩擦力大小和路程．图乙中正确的是( )答案：C解析：在斜面上，f ＝μmg cos θ，在水平面上f ＝μmg结合牛顿第二定律可知C 正确，A 、B 错误，s －t 图象应是开口向上的曲线，可知D 错误．7．如图所示，m ＝2kg 的物体，在F 1＝40N ，F 2＝30N 的两个相反的水平拉力及竖直向下的力F 3的作用下仍处于静止状态．若撤去水平外力F 2，则物体的加速度可能是( )A ．0B ．5m/s 2C ．15m/s 2D ．20m/s 2答案：ABC解析：由静止状态时受力可知，Fμ≥10N ，撤去F 2后，∑F ＝F 1－Fμ≤40－10＝30(N)，故a max ＝30/2＝15(m/s 2)．8．(2009·全国卷Ⅱ)两物体甲和乙在同一直线上运动，它们在0～0.4s 时间内的v －t 图象如右图所示．若仅在两物体之间存在相互作用，则物体甲与乙的质量之比和图中时间t 1分别为()A.13和0.30s B ．3和0.30s C.13和0.28sD ．3和0.28s答案：B解析：设甲、乙的质量分别是m 甲和m 乙，甲、乙的加速度大小分别是a 甲、a 乙，它们之间的相互作用力大小为F .由题图知，乙的加速度大小为a 乙＝v 0t 1＝40.40m/s 2＝10m/s 2t 1时刻甲、乙速度相同，均为v ＝1m/s ，由v ＝v 0－a 甲t 1得 t 1＝v 0－v a 乙＝4－110s ＝0.3s所以甲的加速度大小 a 甲＝v t 1＝10.3m/s 2＝103m/s 2根据牛顿第二定律，有 m 甲m 乙＝F a 甲F a 乙＝a 乙a 甲＝10103＝3 因此，选项B 正确．9．如图所示，物体m 在传送带上向右运动，两者保持相对静止．则下列关于m 所受摩擦力的说法中正确的是( )A ．皮带传送速度越大，m 受到的摩擦力越大B ．皮带传送的加速度越大，m 受到的摩擦力越大C ．皮带速度恒定，m 质量越大，所受摩擦力越大D ．m 可能不受摩擦力答案：BD解析：物块若加速运动，其合外力由传送带给它的摩擦力来提供，故加速度大，摩擦力大，B 正确；当物块匀速运动时，物块不受摩擦力，故D 正确．10．某同学从6楼乘电梯到1楼，电梯刚刚起动时( )A ．他受的重力增大B ．他受的重力减小C ．他对电梯地板的压力增大D ．他对电梯地板的电力减小答案：D解析：电梯从6楼到1楼运动时为加速度运动，即人对底板压力变小，但重力不变．第Ⅱ卷(非选择题共70分)二、填空题(共3小题，每小题6分，共18分，把答案直接填在横线上) 11．如图所示，质量为m 的小球用水平弹簧系住，并用倾角为30°的光滑木板斜托住，小球恰好处于静止状态．当木板AB 突然向下撤离的瞬间，小球的加速度的大小为__________，方向__________．答案：233g 垂直于木板斜向下解析：对小球受力分析如图所示，根据平衡条件得木板对球的弹力F N ＝233mg ，弹簧的拉力F ＝33mg .撤离挡板瞬间，挡板弹力立即消失，而弹簧弹力保持不变，故小球所受的合力大小为233mg ，方向垂直于木板斜向下．12．一打点计时器固定在斜面上某处，一小车拖着穿过打点计时器的纸带从斜面上滑下，如图甲所示，图乙是打出纸带的一段．(单位：cm)(1)已知打点计时器使用的交流电频率为50Hz ，利用图乙给出的数据可求出小车下滑的加速度a ＝__________；(2)为了求出小车在下滑过程中所受的阻力，还需测量的物理量有__________； (3)用测得的量及加速度a 表示阻力的计算式为F ＝__________. 答案：(1)3.98m/s 2 (2)小车的质量m ，斜面上任意两点间的距离L 及这两点间的高度h (3)mg hL－ma解析：(1)由纸带可知x 1＝5.22cm ，x 2＝5.75cm ，x 3＝6.41cm ，x 4＝7.05cm ，x 5＝7.68cm ，x 6＝8.33cm ，x 7＝8.95cm ，x 8＝9.61cm ，x 9＝10.26cm ，任意两相邻的计数点间的时间T ＝0.04s ，故小车的加速度a ＝(x 6－x 1)＋(x 7－x 2)＋(x 8－x 3)＋(x 9－x 4)4×5T 2＝(x 6＋x 7＋x 8＋x 9)－(x 1＋x 2＋x 3＋x 4)20T 2＝(8.33＋8.95＋9.61＋10.26)－(5.22＋5.75＋6.41＋7.05)20×0.042×10－2m/s 2 ≈3.98m/s 2.(2)还需测量的物理量有：小车的质量m ，斜面上任意两点间的距离L 及这两点间的高度h .(3)小车受重力和阻力作用，由牛顿第二定律mg sin θ－F ＝ma ，而sin θ＝h L ，故F ＝mg hL－ma .13．在探究牛顿第二定律实验中，得到以下数据：物体质量不变时，加速度a 与物体所受合力F 的对应数据如表一；物体所受合力不变时，加速度a 和物体质量的倒数1M的对应数据如表二．表一表二(1)请在下图所示的坐标平面内，分别画出a －F 图象和a －1M图象；(2)由a －F 图象得到的结论是____________________________________；由a －1M图象得到的结论是______________________________________．答案：(1)在a －F 坐标平面和a －1/M 坐标平面内，根据表一和表二提供的数据，分别描出五个对应点，根据这些点迹作一条直线，使尽量多的点落在直线上，即得到a －F 图象和a －1/M 图象分别如下图所示．(2)物体的加速度与物体所受的合力成正比物体的加速度与物体的质量成反比三、论述·计算题(本题共4小题，共52分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)14．一个质量是2.5kg 的物体以11m/s 2的加速度竖直下落，那么这个物体除了受到重力作用以外，还受到一个多大的力作用？这个力的方向如何？解析：根据牛顿第二定律有：2.5×10＋F ＝2.5×11，解得：F ＝2.5N ，方向竖直向下． 15．(2010·高考湖北卷)汽车由静止开始在平直公路上行驶，0～60s 内汽车的加速度随时间变化的图线如右图所示．(1)画出汽车在0～60s 内的v －t 图线； (2)求在这60s 内汽车行驶的路程．答案：(1)速度图象如下图 (2)900m解析：由加速度图像可知前10s 汽车匀加速，后20s 汽车匀减速恰好停止，因为图像的面积表示速度的变化，此两段的面积相等．最大速度为20m/s.所以速度图像如图．然后利用速度图象的面积求出位移．(2)汽车运动的面积为匀加速、匀速、匀减速三段的位移之和．16．某飞机场利用如图所示的传送带将地面上的货物运送到飞机上，传送带与地面的夹角θ＝30°，传送带两端A 、B 的长度L ＝10m ，传送带以v ＝5m/s 的恒定速度匀速向上运动．在传送带底端A 轻轻放一质量m ＝5kg 的货物，货物与传送带间的动摩擦因数μ＝32.求货物从A 端运送到B 端所需的时间．(g 取10m/s 2)答案：3s解析：以货物为研究对象，由牛顿第二定律得μmg cos30°－mg sin30°＝ma ，解得a ＝2.5m/s 2货物匀加速运动时间t 1＝va ＝2s货物匀加速运动位移x 1＝12at 21＝5m然后货物做匀速运动，运动位移x 2＝L －x 1＝5m ，匀速运动时间t 2＝x 2v ＝1s 从A 到B 的时间t ＝t 1＋t 2＝3s.17．光滑水平面上，足够长的木板质量M ＝8kg ，由静止开始在水平拉力F ＝8N 作用下向右运动．如图所示，当速度达到1.5m/s 时，将质量m ＝2kg 的物体轻轻放到木板的右端，已知物体与木板之间的动摩擦因数μ＝0.2.(1)物体放到木板上以后，经多少时间物体与木板相对静止？在这段时间里，物体相对于木板滑动的距离多大？(2)在物体与木板相对静止后，它们之间还有相互作用的摩擦力吗？为什么？如有，摩擦力为多大？解析：(1)物体放在木板上之后，在它们达到相对静止之前，它们之间在水平方向上存在相互作用的滑动摩擦力F ′＝μmg ＝4N ，物体的加速度a 1＝μg ＝2m/s 2，木板的加速度a 2＝(F －F ′)M＝0.5m/s 2.物体与木板达到相对静止所需时间由a 1t ＝v ＋a 2t 得，t ＝1s ，在此时间内，物体在木板上滑行的距离x ＝v t ＋12a 2t 2－12a 1t 2＝0.75m.(2)物体与木板相对静止后，在8N 的恒力作用下，共同产生的加速度a 3＝0.8m/s 2，对木板上的物体来讲，产生加速度的力，只能是木板对它的静摩擦力，故F ″＝ma 3＝1.6N.。

人教版高中物理必修1第四章牛顿运动定律检测题

《牛顿运动定律》检测题一、单选题1．对于牛顿第二定律的理解下列说法正确的是（）A．先有力后有加速度B．先有加速度后有力C．力是产生加速度的原因D．无论关系式F＝ma中的三个物理量采用什么单位，该关系式都是成立的2．下列关于惯性说法正确的是（）A．静止在草坪上的足球没有惯性B．高速公路汽车限速是为了安全，因为速度越大惯性越大C．歼击机投入战斗前要抛掉副油箱，这是为了减小惯性更加灵活D．百米赛跑的运动员撞线后还要跑出去一段距离，是由于受到惯性的作用3．如图所示，有5000个质量均为m的小球，将它们用长度相等的轻绳依次连接，再将其左端用细绳固定在天花板上，右端施加一水平力使全部小球静止。

若连接天花板的细绳与水平方向的夹角为45︒。

则第2019个小球与2020个小球之间的轻绳与水平方向的夹角α的正切值等于（）A．20195000B．29815000C．20192981D．298120194．壁虎等动物的脚上有很多小的类似吸盘的结构，这些动物在爬行的时候，“小吸盘”能够吸住接触面，使得它们能很好的“压在”接触面上。

如图所示，壁虎在竖直玻璃面上斜向上匀速爬行，关于它在此平面内的受力分析，下列图示中正确的是（）A．B．C．D．5．下列关于物理的研究方法，不正确的是（）A．探究加速度与力、质量关系的实验，运用的是控制变量法B．牛顿首次利用合理外推，提出理想实验这一科学推理方法C．用质点来代替有质量的物体是采用了理想模型的方法D．加速度表达式∆=∆vat是利用比值法得到的定义式6．如图所示，物体A、B用细线与弹簧连接后跨过滑轮. A静止在倾角为45°的粗糙斜面上，B也静止.不计滑轮摩擦，现将斜面倾角由45°减小到30°，B不会碰到地面，A、B仍然静止。

则( )A．弹簧的弹力大小不变 B．物体A对斜面的压力将减小C．物体A受到的静摩擦力一定减小 D．物体A受到的合力变大7．把质量是0.2kg的小球放在竖直的弹簧上，将小球往下按至a的位置，如图所示．迅速松手后，弹簧把球弹起，球升至最高位置c，途中经过位置b时弹簧正好处处于原长．已知b、a的高度差为0.1m，c、b的高度差为0.2m，弹簧的质量和空气阻力均可忽略，g取210m/s．小球从a运动到c的过程中，下列说法正确的是（）A．小球的动能逐渐减小B．小球的动能与弹簧的弹性势能的总和逐渐增加C．小球在b点的动能最大，为0.4JD．弹簧的弹性势能的最大值为0.6J8．中华民族的优秀文化博大精深，其中古典诗词是优秀文化的代表.从物理角度看古诗词会发现别有一番韵味.下面四句诗词中涉及惯性知识的是A．毛泽东的《长征》中“红军不怕远征难，万水千山只等闲”B．唐朝李白的《早发白帝城》中“朝辞白帝彩云间，千里江陵一日还”C．宋代陈与义的《襄邑道中》中“卧看满天云不动，不知云与我俱东”D．明代冯梦龙的《醒世恒言》中“临崖立马收缰晚，船到江心补漏迟”9．一物块沿倾角为θ的固定斜面上滑，到达最大高度处后又返回斜面底端．已知物块下滑的时间是上滑时间的2倍，则物块与斜面间的动摩擦因数为A．1tan3θB．1tan2θC．3tan5θD．tanθ10．如图所示，一木块在光滑水平面上受一恒力F作用而运动，前方固定一个弹簧，当木块接触弹簧后（）A．将立即做变减速运动B．在弹簧处于最大压缩量时，物体的加速度为零C．将立即做匀减速运动D．在一段时间内仍然做加速运动，速度继续增大11．下列说法中正确的是( )A．人走路时地对脚的推力大于人对地的蹬力，所以人才能向前进B．只有人站着不动时人对地的压力才与地对人的弹力等大C．人站着在地面上时人对地的压力总是与地对人的弹力等大D．以卵击石时，石头对卵的压力大于卵对石头的弹力12．如图所示，天花板上固定有一光滑的定滑轮，绕过定滑轮且不可伸长的轻质细绳左端悬挂一质量为M的铁块；右端悬挂有两质量均为m的铁块，上下两铁块用轻质细线连接，中间夹一轻质弹簧处于压缩状态，此时细线上的张力为，最初系统处于静止状态。

2019版物理人教版必修1训练：第四章牛顿运动定律检测(A) Word版含解析.pdf

第四章检测(A)(时间:90分钟　满分:100分)一、选择题(本题共10小题,每小题4分,共40分。

在每小题给出的四个选项中,1~6题只有一个选项符合题目要求,7~10题有多个选项符合题目要求。

全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错或不答的得0分)1在光滑的水平面上做匀加速直线运动的物体,当它所受的合力逐渐减小而方向不变时,则物体的( )A.加速度越来越大,速度越来越大B.加速度越来越小,速度越来越小C.加速度越来越大,速度越来越小D.加速度越来越小,速度越来越大解析:由牛顿第二定律可知,当物体所受合外力减小时,加速度会越来越小;由于合外力方向保持不变,加速度方向与速度方向始终相同,故速度越来越大,所以,正确选项为D。

答案:D2一个球挂在三角形木块的左侧面,如图所示,球与木块均能保持静止,则( )A.地面对木块的摩擦力向左B.地面对木块的摩擦力向右C.地面对木块无摩擦D.若地面光滑,木块一定滑动答案:C3如图所示,图乙中用力F取代图甲中的m,且F=mg,其余器材完全相同,不计摩擦,图甲中小车的加速度为a1,图乙中小车的加速度为a2。

则( )A.a1=a2B.a1>a2C.a1<a2D.无法判断答案:C4应用物理知识分析生活中的常见现象,可以使物理学习更加有趣和深入。

例如平伸手掌托起物体,由静止开始竖直向上运动,直至将物体抛出。

对此现象分析正确的是( )A.手托物体向上运动的过程中,物体始终处于超重状态B.手托物体向上运动的过程中,物体始终处于失重状态C.在物体离开手的瞬间,物体的加速度大于重力加速度D.在物体离开手的瞬间,手的加速度大于重力加速度解析:物体在手掌的推力作用下,由静止竖直向上加速时,物体处于超重状态。

当物体离开手的瞬间,只受重力作用,物体的加速度等于重力加速度,处于完全失重状态,故选项A、B、C错误;物体离开手的前一时刻,手与物体具有相同的速度,物体离开手的下一时刻,手的速度小于物体的速度,即在物体离开手的瞬间这段相同的时间内,手的速度变化量大于物体的速度变化量,故手的加速度大于物体的加速度,也就是手的加速度大于重力加速度,故选项D正确。

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