2020版高考物理通用2020版二轮复习电学与原子物理学选择题押题练(二)
2020高考物理押题卷试卷(含答案,可编辑)
二.选择题:本大题共8小题,每小题6分,共48分。
在每小题给出的四个选项中,第14~18题只有一项是符合题目要求,第19~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分,选对但不全的得3分。
有选错的得0分。
14.下列说法中正确的是A .放射性元素发生β衰变时所释放的电子是核外的电子发生电离产生的B .氡的半衰期为3.8天,4个氡原子核经过7.6天后就一定只剩下1个氡原子核C .已知质子、中子、α粒子的质量分别为m 1、m 2、m 3,那么质子和中子结合成一个α粒子,释放的能量是(2m 1 + 2m 2 - m 3)c 2D .比结合能越大,原子核越不稳定15.如图,在水平平台上放置一斜面体P ,两小长方体物块a 和b 叠放在斜面体P 上,整个系统处于静止状态,当b 物块受到水平向右的作用力F 时,整个系统仍处于静止状态,则A .a 物块对b 物块的静摩擦力大小可能减为0B .a 物块对b 物块的作用力不变C .斜面P 对b 物块的静摩擦力方向一定发生变化D .地面对斜面P 的静摩擦力变小16.某电场在直角坐标系中的电场线分布情况如图所示,O 、P 、M 、N 为电场中的四个点,其中P 和M 在一条电场线上,则下列说法正确的是A .将一负电荷从O 点移到M 点电势能增加B .M 点的电势高于N 点的电势C .点P 、M 间的电势差小于点N 、M 间的电势差D .将一正电荷由P 点无初速释放,仅在电场力作用下,可沿PM 电场线运动到M 点17.已知火星的质量约为地球质量的91,其半径约为地球半径的21,自转周期与地球相近,公转周期约为地球公转周期的两倍。
根据以上数据可推知A .火星的第一宇宙速度与地球的第一宇宙速度之比约为32 B .火星的第一宇宙速度与地球的第一宇宙速度之比约为92 C .在地面上发射航天器到火星,其发射速度至少达到地球的第三宇宙速度D .火星椭圆轨道的半长轴约为地球椭圆轨道半长轴的34倍18.如图所示,一质量为0.5kg 的一块橡皮泥自距小车上表面1.25m 高处以2m/s 的速度水平向右抛出,恰好落入质量为2kg 、速度为2.5m/s 沿光滑水平地面运动的小车上,并与小车一起沿水平地面运动,取g=10m/s 2,不计空气阻力,下列说法正确的是A .橡皮泥下落的时间为0.05sB .橡皮泥与小车一起在水平地面上运动的速度大小为2.4m/sC .橡皮泥落入小车的过程中,橡皮泥与小车组成的系统动量守恒D .整个过程中,橡皮泥与小车组成的系统损失的机械能为7.5J19.宇航员的训练、竞技体育的指导、汽车的设计等多种工作都用到急动度的概念。
2020版高考物理二轮复习训练 选择题满分专练二含答案.doc
且磁感应强度在增大 且磁感应强度在减小 且磁感应强度在增大 且磁选择题满分专练(二)选择题(本题共8小题,每小题6分.在每小题给出的四个选项中,第14〜18题只有一 项符合题目要求,第19〜21题有多项符合题目要求.全部选对的得6分,选对但不全的得 3分,有选错的得0分•)14.如图所示闭合线圈处在变化的磁场中,线圈中产生了顺时针方向的感应电流,而且线圈 的面积有收缩的趋势,那么,线圈内的磁场可能是()A. 磁场方向垂直纸面向外,B. 磁场方向垂直纸面向外,C. 磁场方向垂直纸面向内,D. 磁场方向垂直纸面向内, 解析:线圈的面积有收缩的趋势,根据“阻碍变化”可知穿过线圈的磁场在增强.再根 据线圈中产生了顺时针方向的感应电流,可判定磁场方向向外,因此/正确.答案:A15. (2017 -江西省名校联盟高三5月教学质量检测)如图所示为甲物体和乙物体在平直地面上同向运动的v — t 图象,已知t = 0时甲在乙前 方xo=6O 加处,则在0〜4 s 的时间内甲和乙之间的最大距离为()A. 8 cmB. 14 mC. 68 mD. 52 m解析:在0〜4 s 的时间内甲和乙有最大距离时,甲和乙的速度相等,即t = 3s 时甲和 乙有最大距离.0〜3 s 的时间内甲的位移大小为x 甲=|x2X8 7»+|x (4 + 8) XI ®=14 m, x z,=|x3X4 m —& m,则在0〜4 s 的时间内甲和乙之间的最大距离为Ax = x 0+x 甲一x 乙 =68 m,选项C 正确.答案:C16. 1876年美国著名物理学家罗兰做成了著名的“罗兰实验”:罗兰把大量的负电荷 加在一个橡胶圆盘上,然后在圆盘附近悬挂一小磁针.使圆盘绕中心轴高速旋转,就会发现 小磁针发生了偏转.若忽略地磁场对小磁针的影响.下列说法正确的是()A. 使小磁针发生转动的原因是电磁感应B. 使小磁针发生转动的原因是电流的磁效应C. 当小磁针位于圆盘的左上方时,它的"极指向纸里D. 当小磁针位于圆盘的左上方时,它的"极指向右侧解析:橡胶盘带电,高速旋转起来之后相当于形成了环形电流,电流产生的磁场使得小 磁针发生偏转,并不是电磁感应使得小磁针偏转,B 正确、/错误;根据安培定则,判断环 形电流的磁感线方向,在圆盘的左上方,磁感应强度的方向向左而不是向右,也不是向纸里, 所以C 、〃错误. z//(答案:B17.(2017 •安徽模拟)如图所示,一个质量为m的物块A与另一个质量为2m的物块B 发生正碰,碰后物块B刚好能落入正前方的沙坑中.假如碰撞过程中无机械能损失,已知物块B 与地面间的动摩擦因数为0. 1,与沙坑的距离为0. 5皿,g取10加s2,物块可视为质点.则碰撞前瞬间A的速度为()m 2m[71 庁1 ___________ (卜 0.5 m 彳A.0. 5 /n/sB. 1. 0 za/sC. 1. 5 m/sD. 2. 0 za/s解析:碰撞后B做匀减速运动,由动能定理得一P •加gx = 0—| • 2mv2,代入数据解得■v = lm/s,A与B组成的系统在碰撞过程中水平方向的动量守恒,选取向右为正方向,则mv。
2020届全国百师联盟新高考押题模拟考试(二)物理试卷
2020届全国百师联盟新高考押题模拟考试(二)物理试题★祝你考试顺利★注意事项:1、考试范围:高考考查范围。
2、答题前,请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置,并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
3、选择题的作答:每个小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。
4、主观题的作答:用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。
5、选考题的作答:先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内,写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
6、保持卡面清洁,不折叠,不破损。
7、本科目考试结束后,请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
一、选择题1.质量分别为m和2m的物体放在光滑水平面上,分别在相同的水平恒力作用下移动相同的位移。
下列说法正确的是A. 两物体动能的变化与动量的变化均相同B. 两物体动能的变化与动量的变化均不相同C. 两物体动能的变化相同,动量的变化不相同D. 两物体动能的变化不相同,动量的变化相同【答案】C【解析】【详解】动能的变化等于Fx,F和x都一样,所以相同,动量的变化等于Ft,F一样,但加速度不相同,位移相同时用的时间不同,所以动量变化不同,C正确。
故选C。
2.某静电场的部分电场线的分布情况如图所示。
下列说法正确的是A. 同一电荷在A点所受的电场力小于其在B点所受的电场力B. 同一电荷在A点的电势能大于其在B点的电势能C. 将一正电荷从A点沿直线移到B点,电场力做正功D. 将一负电荷从A点沿直线移到B点,其电势能减少【答案】D【解析】【详解】A.A点的电场线密度大于B点的,所以A点的电场强度大于B点的,A点所受的电场力大于B 点所受的电场力,A错误;B.沿电场线方向,电势降低,所以A点的电势小于B点的电势,正电荷在A点的电势能小于在B点的电势能,B错误;C.正电荷由电势低的地方移到电势高的地方,电场力做负功,C错误;D.将一负电荷从A点移到B点,电场力做正功,其电势能减少,D正确。
2020届二轮 理科综合能力物理部分押题密卷(二)
2020年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力物理部分押题密卷(二) 本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分,满分110分,时间60分钟。
第Ⅰ卷一、选择题(本题共8小题,每小题6分,共48分。
在每小题给出的四个选项中,第1~5题只有一个选项符合题目要求,第6~8题有多项符合题目要求,全部答对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分)1.(2019·成都三模)如图为氢原子的能级图。
现有两束光,a光由图中跃迁①发出的光子组成,b光由图中跃迁②发出的光子组成,已知a光照射x金属时刚好能发生光电效应,则下列说法正确的是( )A.x金属的逸出功为2.86 eVB.a光的频率大于b光的频率C.氢原子发生跃迁①后,原子的能量将减小3.4 eVD.用b光照射x金属,打出的光电子的最大初动能为10.2 eV答案 A解析a光子的能量值:E a=E5-E2=[-0.54-(-3.40)] eV=2.86 eV,a 光照射x金属时刚好能发生光电效应,由0=E a-W可知,x金属的逸出功为2.86 eV,故A正确;b光子的能量:E b=E2-E1=[-3.4-(-13.6)] eV=10.2 eV,由ε=hν可知,a光子的能量值小,则a光子的频率小,故B错误;氢原子辐射出a光子后,氢原子的能量减小了E a=2.86 eV,故C错误;用b光照射x金属,打出的光电子的最大初动能为:E km=E b-W=(10.2-2.86) eV=7.34 eV,故D错误。
2.(2019·河北高三上学期省级示范高中联考)甲、乙两物体沿同一直线运动,运动过程的位移—时间图象如图所示,下列说法正确的是( )A.0~6 s内甲物体做匀变速直线运动B.0~6 s内乙物体的速度逐渐减小C.0~5 s内两物体的平均速度相等D.0~6 s内存在某时刻两物体的速度大小相等答案 D解析xt图象为直线表示物体做匀速直线运动,故A错误;xt图象的斜率表示速度,由乙物体的xt图象可知,图象的斜率逐渐增大,即乙物体的速度逐渐增大,故B错误;0~5 s甲的位移为5 m,平均速度为v甲=1 m/s,乙的位移为-3 m,平均速度为v乙=-35m/s,故C错误;xt图象的斜率表示速度,由甲、乙两物体的图象可知,在0~6 s内存在某时刻两图线的斜率的绝对值大小相等,即存在某时刻两物体的速度大小相等,故D正确。
2020届新课标高考物理二轮冲刺:电路与电磁感应、近代物理
2020新课标高考物理二轮冲刺:电路与电磁感应、近代物理(练习附答案)一、选择题1、[多选]如图所示,匀强电场中的A、B、C、D点构成一位于纸面内的平行四边形,电场强度的方向与纸面平行。
已知A、B两点的电势分别为φA=12 V、φB=6 V,则C、D两点的电势可能分别为()A.9 V、15 V B.9 V、18 VC.0、6 V D.6 V、0解析:选AC已知ABCD为平行四边形,则AB与CD平行且等长,因为匀强电场的电场强度的方向与纸面平行,所以U AB=U DC=6 V,分析各选项中数据可知,A、C正确,B、D错误。
2、在如图所示的电路中,电源电动势为E,内阻为r,L1和L2为两个相同的灯泡,每个灯泡的电阻和电源内阻的阻值均相同,D为理想二极管,C为电容器,开关S处于断开状态,下列说法中正确的是(D)A.滑动变阻器滑片向右移动,电流表示数变小B.滑动变阻器滑片向右移动,电源内阻的发热功率变小C.开关S闭合后,L2亮度变暗D.开关S闭合后,电流表示数不变解析:电容器视为断路,所以只有灯泡L2中有电流通过,滑动变阻器滑片向右滑动,电流表的示数不变,故选项A错误;滑动变阻器滑片向右移动,电路电流不变,电源内阻的发热功率不变,故选项B错误;开关S闭合后,因为二极管具有单向导电性,二极管处于截止状态,灯泡L1中无电流,电路总电阻不变,总电流不变,电流表的示数不变,L2亮度不变,故选项C错误,D正确.3、如图所示,条形磁铁以速度v向螺线管靠近,下面几种说法中正确的是()A.螺线管中不会产生感应电流B.螺线管中会产生感应电流C.只有磁铁速度足够大时,螺线管中才能产生感应电流D.只有在磁铁的磁性足够强时,螺线管中才会产生感应电流B[当条形磁铁以速度v向螺线管靠近,穿过螺线管的磁通量增大,则螺线管中会产生感应电流,与磁铁的速度、磁铁的磁性强弱无关,故B正确。
]4、下面四幅图涉及不同的物理知识,其中说法正确的是(C)A.图甲:卢瑟福通过分析α粒子散射实验结果,发现了质子和中子B.图乙:用中子轰击铀核使其发生聚变,链式反应会释放出巨大的核能C.图丙:玻尔理论指出氢原子能级是分立的,所以原子发射光子的频率也是不连续的D.图丁:汤姆孙通过电子的发现揭示了原子核内还有复杂结构解析:题图甲:卢瑟福通过分析α粒子散射实验结果,得出了原子的核式结构模型,故A错误.题图乙:用中子轰击铀核使其发生裂变,裂变反应会释放出巨大的核能,故B错误.题图丙:玻尔理论指出氢原子能级是分立的,所以原子发射光子的频率也是不连续的,故C正确.题图丁:汤姆孙通过电子的发现揭示了原子有一定结构,天然放射现象的发现揭示了原子核内还有复杂结构,故D 错误.5、、将闭合多匝线圈置于仅随时间变化的磁场中,关于线圈中产生的感应电动势和感应电流,下列表述正确的是()A.感应电动势的大小与线圈的匝数无关B.穿过线圈的磁通量越大,感应电动势越大C.穿过线圈的磁通量变化越快,感应电动势越大D.感应电流产生的磁场方向与原磁场方向始终相同C[由法拉第电磁感应定律E=n ΔΦΔt知,感应电动势的大小与线圈匝数有关,A错误;感应电动势正比于ΔΦΔt,与磁通量的大小无直接关系,B错误,C正确;根据楞次定律知,感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化,即“增反减同”,D错误。
2020届全国百师联盟新高考押题信息考试(二)物理试卷
A.当氢原子处于不同能级时,核外电子在各处出现的概率是一样的
B.氢原子从 能级跃迁到 能级比从 能级跃迁到 能级辐射出电磁波的波长长
C.当用能量为 的电子撞击处于基态的氢原子时,氢原子一定不能跃迁到激发态
A. 探测器由环月轨道降至着陆轨道的过程中,机械能守恒
B. 沿轨道I运行至P点的加速度小于沿轨道Ⅱ运行至P点的加速度
C. 若动力下降过程可看做竖直向下的匀减速直线运动,则加速度大小约为
D. 最后100m缓慢垂直下降,探测器受到的反冲作用力约为
【答案】C
【解析】
【详解】A项:探测器由环月轨道降至着陆轨道的过程中,由于受到了反冲作用力,且反冲作用力对探测器做负功,探测器机械能减小,故A错误;
D. 滑动变阻器滑片P向下移动时,电流表 的示数均增大
【答案】D
【解析】
【详解】A项:根据图乙知交流电周期为0.02s,所以频率为50Hz,故A错误;
B项:电流表的示数表示的是电流的有效值,故B错误;
C项:由题意知,原线圈的最大电压为31.1V,则副线圈两端的电压: ,而电容器的耐压值为2.5V,则电容器பைடு நூலகம்被击穿.故C错误;
,故D错误.
4.如图所示,静止在光滑水平面上的斜面体,质量为M,倾角为α,其斜面上有一静止的滑块,质量为m,重力加速度为g.现给斜面体施加水平向右的力使斜面体加速运动,若要使滑块做自由落体运动,图中水平向右的力F的最小值为()
A. B. C. D.Mg
【答案】A
【解析】
【详解】如图所示,要使滑块做自由落体运动,滑块与斜面体之间没有力的作用,滑块的加速度为g,设此时M的加速度为a,对M:F=Ma,其中 ,联立解得: ,故A正确.
最新【通用版】高考物理二轮复习《电学与原子物理学》题型押题专练(含解析)
【通用版】高考物理二轮《电学与原子物理学》专题(含解析)选择押题一1.已知核反应方程234 90Th →234 91Pa +X +ΔE (ΔE 为释放出的核能,X 为新生成粒子), 234 90Th 的半衰期为T ,下列有关说法正确的是( ) A. 234 91Pa 没有放射性B .X 粒子是电子,此核反应为β衰变C .N 0个234 90Th 经2T 时间因发生上述核反应而放出的核能为N 0ΔE (N 0数值很大)D. 234 90Th 的比结合能为ΔE 234 解析:选B 234 91Pa 具有放射性,A 错误;由电荷数守恒和质量数守恒可以判断X 为电子,题述核反应为β衰变,B 正确;经过2T 时间,N 0个234 90Th 还剩⎝⎛⎭⎫122N 0=14N 0个没有衰变,则有N 0-14N 0=34N 0个发生了衰变,故核反应释放的核能为34N 0ΔE ,C 错误;比结合能是核子结合为原子核时释放的核能与核子数之比,而不是衰变释放的核能与核子数之比,D 错误。
2.如图所示,在两等量异种点电荷产生的电场中,abcd 是以两点电荷连线中点O 为对称中心的菱形,a 、c 在两点电荷的连线上。
下列判断正确的是( )A .a 、b 、c 、d 四点的电势相同B .b 、d 两点的电场强度的方向相反C .a 、b 、c 、d 四点的电场强度的大小相同D .将正试探电荷由b 点沿ba 及ad 移到d 点的过程中,试探电荷的电势能先增大后减小解析:选D 根据等量异种点电荷产生电场的特点知,φa >φb =φd >φc ;a 、b 、c 、d 四点电场强度方向相同,但大小不等;b →a 电势增大,正电荷的电势能增大,a →d 电势减小,正电荷的电势能减小,故D 正确。
3.如图所示,A 1、A 2是两完全相同的灯泡,A 1与一理想二极管D连接,线圈L 的直流电阻不计。
下列说法正确的是( )A .闭合S 后,A 1会逐渐变亮B .闭合S 稳定后,A 1、A 2亮度相同C .闭合S 稳定后再断开S 的瞬间,A 1会逐渐熄灭D.闭合S稳定后再断开S的瞬间,a点的电势比b点低解析:选D闭合S后,因A1、A2和线圈L不是串联的关系,则A1、A2立刻亮,故A错误;闭合S稳定后,因线圈L的直流电阻不计,所以A1与二极管被短路,导致A1不亮,而A2将更亮,因此A1、A2亮度不同,故B错误;闭合S稳定后再断开S的瞬间,A2会立刻熄灭,线圈L与A1及二极管构成回路,因线圈L产生感应电动势,a点的电势低于b点,但二极管具有单向导电性,所以回路没有感应电流,A1不亮,故C错误,D正确。
【最新】【通用版】高考物理二轮复习《电学与原子物理学》题型押题专练(含解析)
【通用版】高考物理二轮《电学与原子物理学》专题(含解析)选择押题一1.如图所示,电场中一带正电的粒子在点电荷+Q 形成的电场中以某一初速度沿直线从A 点运动到B 点,粒子在A 点的速度大小为v 0。
则选项图中能定性反映该粒子从A 点向B 点运动情况的速度—时间图像的是(粒子重力忽略不计)( )解析:选C 粒子从A 运动到B 过程中,电场力做负功,速度逐渐减小,由牛顿第二定律得F =F 库=k Q q r 2=ma ,可知粒子在向B 运动的过程中,加速度大小a 逐渐增大,因v -t 图像斜率的大小表示加速度的大小,故C 选项正确。
2.平行板电容器两个带电极板之间存在引力作用,引力的大小与内部场强E 和极板所带电荷量Q 的乘积成正比。
今有一平行板电容器两极板接在恒压直流电源上,现将两极板间距减小至原来的49,则A 、B 两极板之间的引力与原来的比值是( ) A.32B.94C.278D.8116解析:选D 两极板间距变为原来的49,根据电容决定式C =εr S 4πkd可知,电容器的电容变为原来的94,根据Q =CU 可知,极板所带电荷量变为原来的94,根据电场强度公式E =U d 可知,内部电场强度变为原来的94,由于F =k Q E ,所以两极板之间的引力变为原来的8116,故D 正确。
3.质谱仪是测量带电粒子的比荷和分析同位素的重要工具。
如图所示,带电粒子从容器A 下方的小孔S 1飘入电势差为U 的加速电场,其初速度几乎为零,然后经过S 3沿着与磁场垂直的方向进入磁感应强度为B 的匀强磁场中,最后打到照相底片D 上。
现有某种元素的三种同位素的原子核由容器A 进入质谱仪,最后分别打在底片p 1、p 2、p 3三个位置,不计粒子重力,则打在p 1处的粒子( )A .质量最小B .比荷最小C .动能最小D .动量最小解析:选B 由题图知,打在p 1处的粒子偏转半径R 最大,粒子在加速电场中加速时,有Uq =12m v 2;粒子在磁场中偏转时有Bq v =m v 2R ,则R =m v Bq =1B 2Um q ,则打在p 1处的粒子比荷最小,选项B 正确。
2020届物理高考二轮专题复习与测试:高考模拟卷(二)
Mm v2 加速度,处于失重状态,故 C 错误;据 G r2 =m r 可得 v=
GM r
,
卫星在轨道上运行的线速度小于第一宇宙速度,故 D 错误. 答案: B 17.如图所示,光滑水平面 AB 与竖直面上的半圆形光滑固定轨道
在 B 点衔接, BC 为直径.一可看作质点的物块在 A 处压缩一轻质弹 簧(物块与弹簧不连接 ),释放物块, 物块被弹簧弹出后, 经过半圆形轨 道 B 点之后恰好能通过半圆轨道的最高点 C.现在换用一个质量较小的 另一物块,被同样压缩的弹簧由静止弹出,不计空气阻力.则更换后 ()
高考模拟卷 (二 )
一、选择题 (本题共 8 小题,每小题 6 分,共 48 分.在每小题给出 的四个选项中,第 14~18 题只有一项符合题目要求,第 19~21 题有 多项符合题目要求.全部选对的得 6 分,选对但不全的得 3 分,有选 错或不答的得 0 分)
2020年高考押题预测卷 02(新课标Ⅱ卷)-物理(含考试版、全解全析、参考答案、答题卡)
○………………内………………○………………装………………○………………订………………○………………线…………………○………………外………………○………………装………………○………………订………………○………………线………………… 学校:______________姓名:_____________班级:_______________考号:______________________绝密★启用前|学科网试题命制中心2020年高考押题预测卷02【新课标Ⅱ卷】理科综合·物理(考试时间:55分钟 试卷满分:110分)注意事项:1.本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答第Ⅰ卷时,选出每小题答案后,用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。
写在本试卷上无效。
3.回答第Ⅱ卷时,将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
4.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。
第Ⅰ卷二、选择题:本题共8小题,每小题6分。
在每小题给出的四个选项中,第14~18题只有一项符合题目要求,第19~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错或不答的得0分。
14.如图甲是光电效应的实验装置图,图乙是光电流与加在阴极K 和阳极A 上的电压的关系图象,下列说法不正确的是( )A .由图线①、③可知在光的颜色不变的情况下,入射光越强,饱和光电流越大B .由图线①、②、③可知对某种确定的金属来说,其遏止电压与入射光的频率有关C .遏止电压越大,说明从该金属中逸出的光电子的最大初动能越大D .不论哪种颜色的入射光,只要光足够强,就能发生光电效应15. 如图所示,倾角为α=30°的斜面固定在水平地面上,斜面上有两个质量均为m 的小球A 、B ,它们用劲度系数为k 的轻质弹簧相连接,弹簧轴线与斜面平行。
2020届全国金太阳联考新高考押题信息考试(二)物理试卷
2020届全国金太阳联考新高考押题信息考试(二)物理试题★祝你考试顺利★注意事项:1、考试范围:高考考查范围。
2、答题前,请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置,并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B 铅笔将答题卡上试卷类型A 后的方框涂黑。
3、选择题的作答:每个小题选出答案后,用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。
4、主观题的作答:用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。
5、选考题的作答:先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B 铅笔涂黑。
答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内,写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
6、保持卡面清洁,不折叠,不破损。
7、本科目考试结束后,请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
第Ⅰ卷(选择题 共40分)一、选择题(本题共10个小题,每小题4分,在每小题给出的四个选项中,第1—6题只有一项符合题目要求,第7—10题有多项符合题目要求,全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分)1.根据卢瑟福提出的原子核式结构模型解释α粒子散射实验,使少数α粒子发生大角度偏转的作用力是金原子核对α粒子的 A. 库仑斥力 B. 库仑引力C. 万有引力D. 核力【答案】A 【解析】【详解】α粒子和电子之间有相互作用力,它们接近时就有库仑引力作用,但因为电子的质量只有α粒子质量的1/7300,粒子与电子碰撞就像一颗子弹与一个灰尘碰撞一样,α粒子质量大,其运动方向几乎不改变,只有是原子核对α粒子的库仑斥力,其力较大,且原子核质量较大,导致极少数α粒子发生大角度偏转,所以A 选项正确.2.伽利略在研究落体运动规律时,做了著名的“斜面实验”,并进行了合理外推,他最终得到的结论是( )A. 物体的运动不需要力来维持B. 力是使物体产生加速度的原因C. 自由落体运动是一种匀变速直线运动D. 物体在斜面上的运动是一种匀变速直线运动【答案】C【解析】【详解】伽利略实验中,铜球在较小倾角斜面上的运动情况,发现铜球做的是匀变速直线运动,且铜球加速度随斜面倾角的增大而增大,倾角最大的情况就是90°时,这时物体做自由落体运动,由此得出的结论是自由落体运动是一种匀变速直线运动。
2020年全国高考物理临考猜押密卷(二)(解析版)
2020年全国高考物理考前冲刺最后一卷02(考试时间:90分钟 试卷满分:110分)注意事项:1.本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答第Ⅰ卷时,选出每小题答案后,用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。
写在本试卷上无效。
3.回答第Ⅱ卷时,将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
4.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。
第Ⅰ卷(选择题)一、选择题:本题共8小题,每小题6分。
在每小题给出的四个选项中,第1~5题只有一项符合题目要求,第6~8题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错或不答的得0分。
1.下列说法中错误的是( )A .若氢原子从n =6能级向n =1能级跃迁时辐射出的光不能使某金属发生光电效应,则氢原子从n =6能级向n =2能级跃迁时辐射出的光也不能使该金属发生光电效应B .用n =4能级跃迁到n =1能级辐射出的光,照射逸出功为6.34 eV 的金属铂产生的光电子的最大初动能为6.41 eVC .原子核发生一次β衰变,该原子外层就一定失去一个电子D .质子、中子、α粒子的质量分别是m 1、m 2、m 3,质子和中子结合成一个α粒子,释放的能量是(2m 1+2m 2-m 3)c 2【答案】C【解析】A .根据玻尔理论可知,氢原子从n =6能级向n =1能级跃迁时辐射出的光子的能量大于氢原子从n =6能级向n =2能级跃迁时辐射出的光子的能量,结合光电效应发生的条件可知,若氢原子从n =6能级向n =1能级跃迁时辐射出的光不能使某金属发生光电效应,则氢原子从n =6能级向n =2能级跃迁时辐射出的光也不能使该金属发生光电效应,A 正确,不符合题意;B .处于n =4能级的氢原子跃迁到n =1能级辐射出的光子的能量为:E =E 4-E 1=-0.85 eV -(-13.6 eV )=12.75 eV ,根据光电效应方程,照射逸出功为6.34eV 的金属铂产生的光电子的最大初动能为:E k =E -W 0=12.75 eV -6.34 eV=6.41 eV ,B 正确,不符合题意;C .β衰变的实质是原子核中的一个中子转变为一个质子和一个电子,电子释放出来,不是来自核外电子,C 错误,符合题意;D .根据爱因斯坦质能方程知,质子和中子结合成α粒子,核反应方程为1141022H+2n He ,释放的能量是ΔE =Δmc 2=(2m 1+2m 2-m 3)c 2,D 正确,不符合题意。
2019版高考物理通用版二轮复习电学与原子物理学选择题押题练(二) (含解析)
电学与原子物理学选择题押题练(二)1.如图所示,一个带电荷量为-Q 的点电荷甲,固定在绝缘水平面上的O 点。
另一个带电荷量为+q 、质量为m 的点电荷乙,从A点以初速度v 0沿它们的连线向甲运动,运动到B 点时速度为v ,且为运动过程中速度的最小值。
已知点电荷乙受到的阻力大小恒为f ,A 、B 间距离为L 0,静电力常量为k ,则下列说法正确的是( )A .点电荷乙从A 点向甲运动的过程中,加速度逐渐增大B .点电荷乙从A 点向甲运动的过程中,其电势能先增大再减小C .OB 间的距离为kQqfD .在点电荷甲形成的电场中,AB 间电势差U AB =fL 0+12m v 2q解析:选C 点电荷乙在向甲运动的过程中,受到点电荷甲的库仑力和阻力,且库仑力逐渐增大,由题意知,在B 点时速度最小,则点电荷乙从A 点向甲运动过程中先减速后加速,运动到B 点时库仑力与阻力大小相等,加速度为零,根据库仑定律,有k Qqr OB2=f ,所以r OB =kQqf ,选项A 错误,C 正确;点电荷乙向甲运动的过程中,库仑力一直做正功,点电荷乙的电势能一直减小,选项B 错误;根据动能定理,qU AB -fL 0=12m v 2-12m v 02,解得U AB =fL 0+12m v 2-12m v 02q ,选项D 错误。
2.如图所示,理想变压器原线圈两端A 、B 接在电动势为E = 8 V ,内阻为r =2 Ω的交流电源上,理想变压器的副线圈两端与滑动变阻器R x 相连,变压器原、副线圈的匝数比为1∶2,当电源输出功率最大时( )A .滑动变阻器的阻值R x =2 ΩB .最大输出功率P =4 WC .变压器的输出电流I 2=2 AD .滑动变阻器的阻值R x =8 Ω解析:选D 当外电路电压等于内电路电压时电源输出功率最大,即U 1=U r ,且U 1+U r =8 V ,故U 1=U r =4 V ,根据欧姆定律可得I 1=U r r =2 A ,故根据I 1I 2=n 2n 1可得副线圈中的电流为I 2=1 A ,根据U 1U 2=n 1n 2可得副线圈两端的电压U 2=8 V ,故R x =U 2I 2=81Ω=8 Ω,最大输出功率为P =U 2I 2=8 W ,故D 正确。
2020年全国普通高校招生考试理科综合(Ⅱ卷)物理部分(押题卷2)
2020年全国普通高校招生考试理科综合(Ⅱ卷)物理部分(押题卷2)二、选择题:本题共8小题,每小题6分,共48分,在每小题给出的四个选项中,第14~17题只有一项符合题目要求,第18~21题有多项符合题求。
全部对的得6分,选对但不全的得3 分有选错的得0分。
14. 1.下列关于近代物理知识的描述中,正确的是()A.卢瑟福通过α粒子散射实验揭示了原子核的内部结构并发现了质子B.玻尔通过对氢原子光谱的研究得出原子的核式结构模型C.当用蓝色光照射某金属表面时有电子逸出,则改用紫光照射也一定会有电子逸出D.结合能越大的原子核中的核子结合得越牢固,原子核越稳定15.一辆汽车在行驶过程中突遇险情,紧急刹车,刹车过程的位移为x,整个刹车过程的时间为2s,刹车过程的xt-t关系如图所示,则此过程中A.汽车刹车的加速度大小为6m/s2B.汽车刹车时的初速度的大小为12m/sC.汽车刹车的距离为24mD.汽车刹车过程的平均速度6m/s16. 全球有四大导航系统,我国的北斗,美国的GPS、欧洲的Galileo(伽利略)、俄罗斯的Glonass(格拉纳斯)。
而北斗系列卫星包含了轨道高度大概在36000公里左右的地球同步卫星和距离地面20000公里中圆地球轨道卫星构成。
想把北斗系列一个卫星从地面发射到中圆地球轨道,需要进行多次变轨,那么我们完全可以简化一下模型即从小的圆轨道变到大的椭圆轨道,再轨为中圆轨道,以这个简化模型为例,忽略一切阻力,下列说法正确的有:A.由小圆轨道变到大椭圆轨道,因需加速因此周期变小B.中圆轨道卫星的机械能一定小于同步卫星的机械能C.静止在赤道附近的测量船的随地球一起自转的角速度大于中圆轨道卫星的角速度D.中圆轨道卫星的运行速度大于地球同步卫星的速度17.如图所示,倾角为θ=300的固定光滑斜面上有两个质量均为2m的物块A、B(两物块不粘连),物块A通过劲度系数为k的轻质弹簧拴接在斜面底端的固定挡板上,物块B通过一根跨过定滑轮的细线与物块C相连,物块C的质量为m,弹簧与细线均与所对应斜面平行。
【】2020年高考最新押题卷 物理(二)缺答案
绝密 ★ 启用前2020年普通高等学校招生全国统一考试物 理 (二)注意事项:1.本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
答题前,考生务必将自己的姓名、考生号填写在答题卡上。
2.回答第Ⅰ卷时,选出每小题的答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。
写在试卷上无效。
3.回答第Ⅱ卷时,将答案填写在答题卡上,写在试卷上无效。
4.考试结束,将本试卷和答题卡一并交回。
二、选择题:本题共8小题,每小题6分。
在每小题给出的四个选项中,第14~18只有一项是符合题目要求,第19~21题有多项符合题目要求,全部选对得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。
14.如图是核反应堆的示意图,对于核反应堆的认识,下列说法正确的是A .核反应堆是利用原子核的聚变放出能量B .慢化剂常用石墨、重水和普通水,其作用时减慢反应速度C .镉棒的作用是控制反应速度,当反应过于激烈时,镉棒应插入深一些D .水泥防护层的作用是为了隔热和保温15.两根通电的长直导线平行放置,电流大小相等,方向如图所示。
在与导线垂直的平面上有a 、b 、c 、d 四点,其中a 、b 在导线横截面连线的延长线上,c 、d 在导线横截面连线的垂直平分线上,且a 、b 及c 、d 关于两导线的中间位置O 点对称。
下列判断正确的是A .a 、b 两点的感应感应强度大小相等,方向相同B .c 、d 两点的磁感应强度大小相等,方向相反C .O 点的磁感应强度为0D .两通电直导线有排斥力作用16.2019年11月18日消息称,“好奇号”火星车发现火星上曾今有个绿洲,这表明火量很可能存在生命。
假设该探测器在着陆火星前贴近火星表面运行一周用时为T ,已知火星的半径约为地球的一半,质量约为地球的十分之一,地球表面的重力加速度为g ,引力常量为G ,则A .火星的质量为34425πg T GB .火星表面的重力加速度为52g C .火星的第一宇宙速度为5πgTD .该卫星贴近火星表面运行时的线速度大小为5πgT17.如图甲,两水平金属板间距和长度均为d ,板间电场强度的变化规律如图乙所示。
2020届全国金太阳联考新高考押题模拟考试(二)物理试卷
2020届全国金太阳联考新高考押题模拟考试(二)物理试题★祝你考试顺利★注意事项:1、考试范围:高考考查范围。
2、答题前,请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置,并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B 铅笔将答题卡上试卷类型A 后的方框涂黑。
3、选择题的作答:每个小题选出答案后,用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。
4、主观题的作答:用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。
5、选考题的作答:先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B 铅笔涂黑。
答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内,写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
6、保持卡面清洁,不折叠,不破损。
7、本科目考试结束后,请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
一、选择题1.如图所示,在倾角为30°的光滑斜面上,一质量为2m 的小车在沿斜面向下的外力F 作用下下滑,在小车下滑的过程中,小车支架上连接着小球(质量为m )的轻绳恰好水平.则外力F 的大小为( )A. 4.5mgB. 5mgC. 2mgD. 0.5mg 【答案】A 【解析】试题分析:对整体分析,在沿斜面方向上有3sin303F mg ma +︒= 对小球分析,小球受到水平拉力,重力的作用,合力2sin 30mgF mg 合==︒,故加速度2mg ma =,解得2a g =,代入3sin303F mg ma +︒=中可得 4.5F mg =,D 正确;考点:考查了牛顿第二定律【名师点睛】分析整体的受力时采用整体法可以不必分析整体内部的力,分析单个物体的受力时就要用隔离法.采用整体隔离法可以较简单的分析问题2.2017年9月,我国控制“天舟一号”飞船离轨,使它进入大气层烧毁,残骸坠入南太平洋一处号称“航天器坟场”的远离大陆的深海区.在受控坠落前,“天舟一号”在距离地面380 km的圆轨道上飞行,则下列说法中正确的是( )A. 在轨运行时,“天舟一号”的线速度大于第一宇宙速度B. 在轨运行时,“天舟一号”的角速度小于同步卫星的角速度C. 受控坠落时,应通过“反推减速”实现制动离轨D. “天舟一号”离轨后在大气层中运动的过程中,机械能守恒【答案】C【解析】【详解】A.第一宇宙速度是卫星绕地球做匀速圆周运动最大的运行速度,知其线速度小于第一宇宙速度.故A错误.B.同步卫星的轨道高度为35786km,“天舟一号”的轨道半径比地球同步卫星的小,由开普勒第三定律知其周期小于同步卫星周期,角速度大于同步卫星的角速度.故B错误.C.受控坠落时,卫星需要的向心力小于所在位置处受到的万有引力,因此需要通过“反推减速”减小需要的向心力,实现制动离轨,选项C正确.D.“天舟一号”离轨后在大气层中运动的过程中,大气的阻力做负功,则机械能减小,选项D错误;故选C.3.长均为L的两根轻绳,一端共同系住质量为m的小球,另一端分别固定在等高的A、B两点,A、B两点间的距离也为L,重力加速度大小为g.今使小球在竖直平面内以A、B连线为轴做圆周运动,若小球在最高点速率为v时,两根绳的拉力恰好均为零,则小球在最高点速率为2v时,每根绳的拉力大小均为()A. 3mgB. 23mgC. 3mgD.43mg 【答案】A【解析】【详解】小球在最高点速率为v时,两根绳的拉力恰好均为零,有:mg=m2vr,当小球在最高点的速率为2v时,根据牛顿第二定律有:mg+2T cos30°=m2 2v r(),解得:T=3mg.故选A.4.如图所示,质量为m的滑块从斜面底端以平行于斜面的初速度v0冲上固定斜面,沿斜面上升的最大高度为h.已知斜面倾角为α,斜面与滑块间的动摩擦因数为μ,且μ<tan α,最大静摩擦力等于滑动摩擦力,取斜面底端为零势能面,则能表示滑块在斜面上运动的机械能E、动能E k、势能E p与上升高度h之间关系的图象是( )A.B.C.D.【答案】D【解析】本题考查动能、势能、机械能有关知识,势能Ep=" mgh" 势能与高度成正比,上升到最大高度H时,势能最大,A错;由能量守恒,机械损失,克服摩擦力做功,转化为内能,上升过程E=E0-μmgcosαh/sinα="E0-"μmgh/tanα,下行时,E=mgH-μmg(H-h)/tanα,势能E与高度h为线性关系,B 错;上行时,动能E K=E K0-(mgsinα+μmgcosα)h/cosα下行时E K= (mgsinα-μmgcosα)(H-h)/cosα动能E K高度h是线性关系,C错,D正确5.如图所示,弹簧的一端固定在竖直墙上,质量为M的光滑弧形槽静止在光滑水平面上,底部与水平面平滑连接,一个质量为m(m<M)的小球从槽高h处开始自由下滑,下列说法正确的是( )A. 在以后的运动过程中,小球和槽的水平方向动量始终守恒B. 在下滑过程中小球和槽之间的相互作用力始终不做功C. 全过程中小球和槽、弹簧所组成的系统机械能守恒,且水平方向动量守恒D. 被弹簧反弹后,小球和槽的机械能守恒,但小球不能回到槽高h处【答案】D【解析】当小球与弹簧接触后,小球与槽组成的系统在水平方向所受合外力不为零,系统在水平方向动量不守恒,故A错误;下滑过程中,两物体都有水平方向的位移,而相互作用力是垂直于球面的,故作用力方向和位移方向不垂直,故相互作用力均要做功,故B错误;全过程小球和槽、弹簧所组成的系统只有重力与弹力做功,系统机械能守恒,小球与弹簧接触过程系统在水平方向所受合外力不为零,系统水平方向动量不守恒,故C错误;小球在槽上下滑过程系统水平方向不受力,系统水平方向动量守恒,球与槽分离时两者动量大小相等,由于m<M,根据动量守恒可知,小球的速度大小大于槽的速度大小,小球被弹簧反弹后的速度大小等于球与槽分离时的速度大小,小球被反弹后向左运动,由于球的速度大于槽的速度,球将追上槽并要槽上滑,在整个过程中只有重力与弹力做功系统机械能守恒,由于球与槽组成的系统总动量水平向左,球滑上槽的最高点时系统速度相等水平向左系统总动能不为零,由机械能守恒定律可知,小球上升的最大高度小于h,小球不能回到槽高h处,故D正确.所以D正确,ABC错误.6.如图所示,一质量M =3.0 kg的长方形木板B放在光滑水平地面上,在其右端放一个质量m =1.0 kg的小木块A(可视为质点),同时给A和B以大小均为2.0 m/s,方向相反的初速度,使A开始向左运动,B开始向右运动,要使小木块A 不滑离长木板B 板,已知小木块与长木板之间的动摩擦因数为0.6,则长木板B 的最小长度为( )A. 1.2 mB. 0.8 mC. 1.0 mD. 1.5 m 【答案】C 【解析】【详解】当从开始到AB 速度相同的过程中,取水平向右方向为正方向,由动量守恒定律得:(M−m)v 0 =(M+m)v 解得:v=1m/s ;由能量关系可知:()()2201122mgL M m v M m v μ=+-+ 解得:L=1m ,故选C.7.在光滑水平面上,质量为m 的小球A 正以速度v 0匀速运动.某时刻小球A 与质量为3m 的静止小球B 发生正碰,两球相碰后,A 球的动能恰好变为原来的14.则碰后B 球的速度大小是( ) A.2v B. 06vC.02v 或06v D. 无法确定 【答案】A 【解析】根据碰后A 球的动能恰好变为原来的14得:22111242mv mv '=⨯ 解得:12v v '=±碰撞过程中AB 动量守恒,则有:mv=mv′+3mv B 解得:v B =16v 或v B =12v ;当v B =16v 时A 的速度大于B 的速度,不符合实际,故选项A 正确,BCD 错误,故选A . 点睛:本题考查的是动量定律得直接应用,注意动能是标量,速度是矢量;同时要分析结果是否符合实际情况,即不可能发生二次碰撞.8.滑沙是国内新兴的,也是黄金海岸独有的旅游项目,深受游客欢迎.如图所示,某人坐在滑沙板上从沙坡斜面的顶端由静止沿直线下滑到斜面底端时,速度为v,设人下滑时所受阻力恒定不变,沙坡长度为L,斜面倾角为θ,人的质量为m,滑沙板质量不计,重力加速度为g,则()A. 人沿沙坡斜面的顶端下滑到底端所受阻力做的功为mgL sin θ-mv2B. 人沿沙坡下滑时所受阻力的大小为mg sin θ-2 2 mv LC. 人沿沙坡斜面的顶端下滑到底端重力做的功为mgLD. 人在下滑过程中重力功率的最大值为mgv【答案】AB【解析】【详解】根据动能定理得:mgLsinθ-W f=12mv2-0,解得阻力做的功为:W f= mgLsinθ-12mv2,故A正确.由W f=fL得:阻力大小为:f=mgsinθ-22mvL,故B正确.人沿沙坡斜面的顶端下滑到底端重力做的功为mgLsinθ.故C错误.当人滑到底端时,速度最大,最大速度为v,则重力功率的最大值为:P=mgsinθ•v=mgvsinθ.故D 错误.故选AB.【点睛】此题考查动能定理的应用问题以及功和功率的计算;在计算重力的功率时,速度要取竖直分量的大小.9.如图所示为内壁光滑的半球形凹槽M,O为球心,∠AOB=60°,OA水平,小物块在与水平方向成45°角的斜向上的推力F作用下静止于B处.在将推力F沿逆时针缓慢转到水平方向的过程中装置始终静止,则( )A. M槽对小物块的支持力逐渐减小B. M槽对小物块的支持力逐渐增大C. 推力F先减小后增大D. 推力F逐渐增大【答案】BC【解析】【详解】以小物块为研究对象,受力分析如图所示:物块受到重力G、支持力F N和推力F三个力作用,根据平衡条件可知,F N与F的合力与G大小相等,方向相反.将推力F沿逆时针缓慢转到水平方向的过程中(F由位置1→3),根据作图可知,M槽对小物块的支持力F N逐渐增大,推力F先减小后增大,当F与F N垂直时,F最小.故BC两项正确,AD两项错误.【点睛】动态平衡问题一般采用图解法或解析法.10.如图甲所示,轻弹簧竖直固定在水平面上,一质量为m = 0.2 kg的小球从弹簧上端某高度处自由下落,从它接触弹簧到弹簧压缩至最短的过程中(弹簧始终在弹性限度内),其速度v和弹簧压缩量∆x的函数图象如图乙所示,其中A为曲线的最高点,小球和弹簧接触瞬间的机械能损失不计,取重力加速度g = 10 m/s2,则下列说法中正确的是( )A. 该弹簧的劲度系数为20 N/mB. 当∆x = 0.3 m时,小球处于超重状态C. 从接触弹簧到压缩至最短的过程中,小球的加速度先减小后增大D. 小球刚接触弹簧时速度最大【答案】ABC【解析】分析】由图象可知,当△x=0.1m时,小球的速度最大,加速度为零,此时重力等于弹簧对它的弹力,根据k△x=mg 求出k,再求出最低点的弹力,根据牛顿第二定律求解在最低点的加速度,与刚开始接触时比较得出什么时候加速度最大,小球和弹簧组成的系统机械能守恒.【详解】由小球的速度图象知,开始小球的速度增大,说明小球的重力大于弹簧对它的弹力,当△x为0.1m 时,小球的速度最大,然后减小,说明当△x为0.1m时,小球的重力等于弹簧对它的弹力.所以可得:k△x=mg,解得:0.21020.0/0.1mgk N mxV===,故A正确;当△x=0.3m时,物体的速度减小,加速度向上,故说明物体处于超重状态,故B正确;图中的斜率表示加速度,则由图可知,从接触弹簧到压缩至最短的过程中,小球的加速度先减小后增大,故C正确;由小球的速度图象知,开始小球的速度增大,小球的重力大于弹簧对它的弹力,当△x为0.1m时,小球的速度最大,然后速度减小,故D错误;故选ABC.【点睛】解答本题要求同学们能正确分析小球的运动情况,能根据机械能守恒的条件以及牛顿第二定律解题,知道从接触弹簧到压缩至最短的过程中,弹簧弹力一直做增大,弹簧的弹性势能一直增大.11.汽车从静止匀加速启动,最后做匀速运动,其速度随时间及加速度、牵引力和功率随速度变化的图象如图所示,其中正确的是( )A.B.C.D.【答案】ACD 【解析】【详解】汽车开始做初速度为零的匀加速直线运动,当达到额定功率时,匀加速结束,然后做加速度逐渐减小的加速运动,直至最后匀速运动; 开始匀加速时:F-f=ma ,设匀加速刚结束时速度为v 1,有:P 额=Fv 1 最后匀速时:F 额=f ,有:P 额=F 额v m由以上各式解得:匀加速的末速度为:v 1=P 额/(f +ma ), 最后匀速速度为:v m =P 额/f ;A 、在v-t 图象中斜率表示加速度,汽车开始加速度不变,后来逐渐减小,最后匀速运动,故A 正确;B 、汽车运动过程中开始加速度不变,后来加速度逐渐减小,最后加速度为零,故B 错误;C 、汽车牵引力开始大小不变,然后逐渐减小,最后牵引力等于阻力,故C 正确;D 、开始汽车功率逐渐增加,P=Fv=Fat ,故为过原点直线,后来功率恒定,故D 正确.12.已知一足够长的传送带与水平面的倾角为θ,以一定的速度匀速运动,某时刻在传送带适当的位置放上具有一定初速度的物块(如图甲所示),以此时为t =0记录了小物块之后在传送带上运动速度随时间的变化关系(如图乙所示),图中取沿斜面向上的运动方向为正方向,已知传送带的速度保持不变,则A. 物块在0~t 1内运动位移比在t 1~t 2内运动的位移小B. 0~t 2内,重力对物块做正功C. 若物块与传送带间的动摩擦因数为μ,那么tan μθ<D. 0~t 2内,传送带对物块做功为W =22211122mv mv - 【答案】D 【解析】【详解】由图示图象可知,0~t 1内图象与坐标轴所形成的三角形面积大于图象在t 1~t 2内与坐标轴所围成的三角形面积,由此可知,物块在0~t 1内运动的位移比在t 1~t 2内运动的位移大,故A 错误;在t 1~t 2内,物块向上运动,则有 μmgcosθ>mgsinθ,解得:μ>tanθ,故C 正确.0~t 2内,由图“面积”等于位移可知,物块的总位移沿斜面向下,高度下降,重力对物块做正功,设为W G ,根据动能定理得:W+W G =12mv 22-12mv 12,则传送带对物块做功W≠12mv 22-12mv 12,故B 正确,D 错误.故选BC. 【点睛】本题由速度图象要能分析物块的运动情况,再判断其受力情况,得到动摩擦因数的范围,根据动能定理求解功是常用的方法.13.如图所示,在距水平地面高为0.4 m 处,水平固定一根长直光滑杆,在杆上P 点固定一光滑的轻质定滑轮,滑轮可绕水平轴无摩擦转动,在P 点的右边,杆上套有一质量m = 2 kg 的滑块A .半径R =0.3 m 的光滑半圆形细轨道竖直地固定在地面上,其圆心O 在P 点的正下方,在轨道上套有一质量m = 2 kg 的小球B .用一条不可伸长的柔软细绳,通过定滑轮将小球与滑块连接起来.杆和半圆形轨道在同一竖直面内,滑块小球均可看作质点,且不计滑轮大小的影响,取g = 10 m/s 2.现给滑块A 一个水平向右的恒力F = 60 N ,则( )A. 把小球B 从地面拉到P 的正下方时力F 做功为24 JB. 小球B 运动到C 处时滑块A 速度大小为0C. 小球B 被拉到与滑块A 速度大小相等时,3sin 4OPB ∠=D. 把小球B 从地面拉到P 的正下方时小球B 的机械能增加了6 J 【答案】ABC 【解析】【详解】设PO=H .由几何知识得,PB=2222 0.4030.5H R m ++=.,PC=H-R=0.1m .F 做的功为W=F (PB-PC )=40×(0.5-0.1)=24J .故A 正确.当B 球到达C 处时,已无沿绳的分速度,所以此时滑块A 的速度为零,选项B 正确;当绳与轨道相切时滑块A 与B 球速度相等,由几何知识得:sin ∠OPB=3 4RH =.故C 正确.由功能关系,得把小球B 从地面拉到半圆形轨道顶点C 处时小球B 的机械能增加量为△E=W =24J .故D 错误.故选ABC.14.在光滑的水平桌面上有等大的质量分别为M=0.6kg ,m=0.2kg 的两个小球,中间夹着一个被压缩的具有Ep=10.8J 弹性势能的轻弹簧(弹簧与两球不相连),原来处于静止状态.现突然释放弹簧,球m 脱离弹簧后滑向与水平面相切、半径为R=0.425m 的竖直放置的光滑半圆形轨道,如图所示.g 取10m/s 2.则下列说法正确的是( )A. M 离开轻弹簧时获得的速度为9m/sB. 弹簧弹开过程,弹力对m 的冲量大小为1.8N•sC. 球m 从轨道底端A 运动到顶端B 的过程中所受合外力冲量大小为3.4N•sD. 若半圆轨道半径可调,则球m 从B 点飞出后落在水平桌面上的水平距离随轨道半径的增大而减小 【答案】BC 【解析】【详解】释放弹簧过程中系统动量守恒、机械能守恒,以向右为正方向,由动量守恒得120mv Mv -=,由机械能守恒得221211 22P mv Mv E +=,代入数据解得129/3/v m s v m s ==,,即M 离开轻弹簧时获得的速度为3m/s ,;m 从A 到B 过程中,由机械能守恒定律得2'21111222mv mv mg R =+⋅,解得18/v m s '=;以向右为正方向,由动量定理得,球m 从轨道底端A 运动到顶端B 的过程中所受合外力冲量大小为:()110.280.29 3.4I p mv mv N s =∆='-=⨯--⨯=-⋅,则合力冲量大小为3.4N•s ,由动量定理得,弹簧弹开过程,弹力对m 的冲量大小为:10.29 1.8I p mv N s =∆==⨯=⋅,A 错误BC 正确;设圆轨道半径为r 时,飞出B 后水平位移最大,由A 到B 机械能守恒定律得:2'21111 222mv mv mg r =+⋅,在最高点,由牛顿第二定律得21v mg N m r+=,m 从B 点飞出,需要满足:0N ≥,飞出后,小球做平抛运动:2122r gt =,1x v t =',当8.144r r -=时,即r=1.0125m 时,x 为最大,球m 从B 点飞出后落在水平桌面上的水平距离随轨道半径的增大先增大后减小,故D 错误.二、实验题15.某同学用图甲所示的实验装置验证牛顿第二定律.(1)通过实验得到如图乙所示的a -F 图象,造成这一结果的原因是:在平衡摩擦力时木板与水平桌面的夹角___(选填“偏大”或“偏小”).(2)该同学在平衡摩擦力后进行实验,实际小车在运动过程中所受的拉力_____砝码和盘的总重力(填“大于”“小于”或“等于”).为了便于探究、减小误差,应使小车质量M 远大于砝码和盘的总质m .(3)该同学得到如图丙所示的纸带.已知打点计时器电源频率为50Hz .A 、B 、C 、D 、E 、F 、G 是纸带上7个连续的点.DG AD x x x ∆=-=____cm .由此可算出小车的加速度a =____m/s 2.(结果保留两位小数)【答案】 (1). 偏大 (2). 小于 (3). 0.20 (4). 0.56 【解析】【详解】(1)[1]由图乙所示图象可知,a -F 图象在a 轴上有截距,即当拉力为零时已经产生加速度,小车所受的合力大于沙桶的重力,这是由于平衡摩擦力时木板倾角偏大,平衡摩擦力过大造成的.(2)[2]小车运动过程砝码和砝码盘向下做加速运动,砝码与砝码盘处于失重状态,小车受到的拉力小于砝码和砝码盘的重力;根据牛顿第二定律得:()mg M m a =+解得:mga M m=+则绳子的拉力1Mmg mgF Ma mM mM===++可知实际小车在运动过程中所受的拉力小于砝码和盘的总重力;(3)[3][4] 根据图丙可得D 点对应2.60cm ,G 点对应6.50cm ,A 点对应0.50cm ,则有:()6.50 2.60 2.600.500.20DG AD x x x ---=∆=-=cm又10.02T f==s 由匀变速直线运动的推论:△x =at 2可知加速度为:220.0020.56990.02x a T ∆===⨯m/s 2 16.某同学利用如图甲所示的装置验证动能定理.固定并调整斜槽,使它的末端O 点的切线水平,在水平地面上依次铺放好木板、白纸、复写纸.将小球从不同的标记点由静止释放,记录小球到达斜槽底端时下落的高度H ,并根据落点位置测量出小球平抛的水平位移x .改变小球在斜槽上的释放位置,进行多次测量,记录数据如下:(1)已知斜槽倾角为θ,小球与斜槽之间的动摩擦因数为μ,斜槽底端离地的高度为y ,不计小球与水平槽之间的摩擦,小球从斜槽上滑下的过程中,动能定理若成立应满足的关系式是_________________________________;(2)以H 为横坐标,以__________为纵坐标,在坐标纸上描点作图,如图乙所示; (3)由第(1)、(2)问,可以得出结论_________________________;(4)受该实验方案的启发,某同学改用图丙的装置实验.他将木板竖直放置在斜槽末端的前方某一位置固定,仍将小球从不同的标记点由静止释放,记录小球到达斜槽底端时下落的高度H ,并测量小球击中木板时平抛下落的高度d ,他以H 为横坐标,以__________为纵坐标,描点作图,使之仍为一条倾斜的直线,也达到了同样的目的.【答案】 (1). 2(1)tan 4x H yμθ-= ; (2). 2x ; (3). 在实验误差允许的范围内,小球运动到斜槽低端的过程中合外力对小球所做的功等于小球动能的增量; (4). 1d; 【解析】(1)设小球离开斜槽时的速度为v ,根据平抛运动的规律得:212x vt y gt ==,,联立得:2gv xy=小球在斜槽上滑下过程中,重力和摩擦力做功,则合力做的功为:·1H W mgH mgcos mgH sin tan μμθθθ⎛⎫=-=- ⎪⎝⎭,小球动能的变化量222112224k g mgx E mv m y y⎛∆=== ⎝,则小球从斜槽上滑下的过程中,动能定理若成立应满足的关系式是214mgx mgH tan y μθ⎛⎫-= ⎪⎝⎭,约去质量mg ,得:214xH tan yμθ⎛⎫-= ⎪⎝⎭;(2)根据上题结果可知,以H 为横坐标,以2x 为纵坐标,在坐标纸上描点作图,如图乙所示;(3)由第(1)(2)问,结合图象可得:在实验误差允许的范围内,小球运动到斜槽底端的过程中,合外力对小球所做的功等于动能的增量.(4)根据平抛运动的规律有:22xgv x td dg===,则动能定理表达式为:221124mgxmgH mv tan d μθ⎛⎫-==⎪⎝⎭,化简得:21 14xHtan dμθ⎛⎫-=⨯⎪⎝⎭,故以H为横坐标,以1d为纵坐标,描点作图,使之仍为一条倾斜的直线,【点睛】小球在斜槽上滑下过程中,重力和摩擦力做功,写出合力做的功.根据平抛运动的规律求出小球离开斜槽时的速度,得到动能的变化.即可写出动能定理的关系式.根据动能定理表达式,选择纵坐标.根据图象的形状分析并得出结论.根据平抛运动的规律得到v与d的关系式,再由动能定理求得H与1d的关系式,根据解析式选择纵坐标.三、计算题17.如图所示为某运动员用头颠球,若足球用头顶起,每次上升高度为80 cm,足球的重量为400 g,与头顶作用时间Δt为0.1 s,空气阻力不计,g=10 m/s2,求:(1)足球一次在空中的运动时间t;(2)足球对头部的作用力F.【答案】(1)0.8s(2)36N竖直向下【解析】【详解】(1)足球自由下落时有h=12gt12,解得t12h g0.4 s,竖直向上运动的时间等于自由下落运动的时间,所以t=2t1=0.8 s;(2)设竖直向上为正方向,由动量定理得(F-mg)Δt=mv-(-mv),又v=gt=4 m/s,联立解得F=36 N,由牛顿第三定律知足球对头部的作用力F N=36 N,方向竖直向下.18.如图所示,在固定的光滑水平杆(杆足够长)上,套有一个质量为m="0.5" kg的光滑金属圆环,轻绳一端拴在环上,另一端系着一个质量为M=1.98kg的木块,现有一质量为m0=20g的子弹以v0=100m/s的水平速度射入木块并留在木块中(不计空气阻力和子弹与木块作用的时间,g取10m/s2),求:①圆环、木块和子弹这个系统损失的机械能; ②木块所能达到的最大高度. 【答案】 【解析】试题分析:①子弹射入木块过程,动量守恒,则有000()m v m M v =+v=1m/s机械能只在该过程有损失,损失的机械能为2200011()9922E m v m M v J ∆=-+= ②木块(含子弹)在向上摆动过程中,木块(含子弹)和圆环水平方向动量守恒,则有:00()()m M v m M m v +=++'0.8/v m s ='根据机械能守恒定律有2200011()()()22m M v m M m v m M gh +=+++'+ 联立解得h=0.01m考点:此题考查了动量守恒定律及机械能守恒定律.19.如图,倾角30θ=︒的光滑斜面底端固定一块垂直于斜面的挡板.将长木板A 静置于斜面上,A 上放置一小物块B ,初始时A 下端与挡板相距L =4 m ,现同时无初速度释放A 和B .已知在A 停止运动之前B 始终没有脱离A 且不会与挡板碰撞,A 和B 的质量均为m =1 kg ,它们之间的动摩擦因数33μ=,A 或B 与挡板每次碰撞损失的动能均为10J E ∆=,忽略碰撞时间,重力加速度大小210m/s g =.求:(1)A 第一次与挡板碰前瞬间的速度大小v ;(2)A 第一次与挡板碰撞到第二次与挡板碰撞的时间t ; (3)B 相对于A 滑动的可能最短时间t . 【答案】(1)210/m s (225s (335【解析】【详解】(1)B 和A 一起沿斜面向下运动,由机械能守恒定律有2mgL sinθ=12(2m )v 2① 由①式得 v =10 m /s ②(2)第一次碰后,对B 有mgsinθ=μmgcosθ故B 匀速下滑 ③ 对A 有mgsinθ+μmgcosθ=ma 1④得A 的加速度a 1=10 m /s 2,方向始终沿斜面向下,A 将做类竖直上抛运动 ⑤ 设A 第1次反弹的速度大小为v 1,由动能定理有 12mv 2−12mv 12=△E ⑥ △t =112v a ⑦ 由⑥⑦式得△t =255s ⑧ (3)设A 第2次反弹的速度大小为v 2,由动能定理有 12mv 2− 12mv 22=2△E ⑨ 得v 2=10 m/s ⑩即A 与挡板第2次碰后停在底端,B 继续匀速下滑,与挡板碰后B 反弹的速度为v',加速度大小为a′,由动能定理有12mv 2− 12mv ′2=△E (11) mgsinθ+μmgcosθ=ma'(12)由(11)(12)式得B 沿A 向上做匀减速运动的时间 t 2= v a ''(13) 当B 速度为0时,因mgsinθ=μmgcosθ≤f m ,B 将静止在A 上. (14)当A 停止运动时,B 恰好匀速滑至挡板处,B 相对A 运动的时间t 最短,故t=△t+t 2=s 【点睛】本题考查功能关系、牛顿第二定律及运动学公式,要注意正确分析物理过程,对所选研究对象做好受力分析,明确物理规律的正确应用好可正确求解.。
通用版版高考物理二轮复习电学与原子物理学选择题押题练一含解析
以加速度为桥梁,巧解动力学“三类典型问题”1.(2019届高三·天津模拟)一皮带传达装置以下列图,轻弹簧一端固定,另一端连接一个质量为m的滑块,已知滑块与皮带之间存在摩擦。
现将滑块轻放在逆时针匀速运转的皮带上,弹簧恰好处于自然长度且轴线水平。
若在弹簧从自然长度到第一次达到最长的过程中,滑块向来未与皮带达到共速,则在此过程中滑块的速度和加速度变化情况是()A.速度增大,加速度增大B.速度增大,加速度减小C.速度先增大后减小,加速度先增大后减小D.速度先增大后减小,加速度先减小后增大分析:选D滑块轻放到皮带上,碰到向左的滑动摩擦力,开始摩擦力大于弹簧的弹力,向左做加速运动,在此过程中,弹簧的弹力逐渐增大,依照牛顿第二定律,加速度逐渐减小,当弹簧的弹力与摩擦力相等时,速度达到最大,尔后弹力大于摩擦力,加速度方向与速度方向相反,滑块做减速运动,弹簧弹力连续增大,依照牛顿第二定律得,加速度逐渐增大,速度逐渐减小,故D正确,A、B、C错误。
2.(2018·全国卷Ⅰ)如图,轻弹簧的下端固定在水平桌面上,上端放有物块P,系统处于静止状态。
现用一竖直向上的力F作用在P上,使其向上做匀加速直线运动。
以x表示P走开静止地址的位移,在弹簧恢复原长前,以下表示F和x之间关系的图像可能正确的选项是()分析:选A设物块P静止时,弹簧的压缩量为x0,则有kx0=mg,在弹簧恢复原长前,物块受力以下列图,依照牛顿第二定律得F+k(x0-x)-mg=ma,整理得F=kx+ma,即F是x的一次函数,选项A 正确。
3.以下列图,物块M在倾角为θ、静止的足够长的传达带上以速度v0匀速下滑时,传达带突然启动,方向如图中箭头所示,在传达带的速度由零逐渐增加到2v0后匀速运转的过程中,以下分析正确的选项是()A.M下滑的速度不变B.M开始在传达带上加速到2v0后沿传达带匀速下滑C.M先沿传达带匀速下滑,后加速下滑,最后再匀速下滑D.M碰到的摩擦力方向向来沿传达带向上分析:选C传达带静止时,M匀速下滑,故mg sin θ=F f,当传达带突然启动且速度v<v0时,M匀速下滑,M碰到沿斜面向上的滑动摩擦力;传达带速度v=v0刹时,M碰到沿斜面向上的静摩擦力;传达带速度v>v0后,M可能碰到向下的滑动摩擦力或静摩擦力,可能不受摩擦力,还可能碰到向上的静摩擦力,但M必然加速下滑,最后M速度达到2v0与传达带一起匀速运动,故C正确。
精品解析:2020年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力物理部分押题密卷(二)(解析版)
2020年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力物理部分押题密卷(二)一、选择题1.下图为氢原子的能级图.现有两束光,a 光由图中跃迁①发出的光子组成,b 光由图中跃迁②发出的光子组成,已知a 光照射x 金属时刚好能发生光电效应,则下列说法正确的是A. x 金属的逸出功为2.86 eVB. a 光的频率大于b 光的频率C. 氢原子发生跃迁①后,原子的能量将减小3.4 eVD. 用b 光照射x 金属,打出的光电子的最大初动能为10.2 eV【答案】A【解析】【详解】A 、a 光子的能量值:520.54( 3.4) 2.86eV a E E E =-=---=,a 光照射x 金属时刚好能发生光电效应,则金属的逸出功为2.86eV ,故A 正确;B 、b 光子的能量:21 3.4(13.6)10.2eV b E E E =-=---=,a 的能量值小,则a 的频率小,故B 错误;C 、氢原子辐射出a 光子后,氢原子的能量减小了 2.86eV a E =,故C 错误;D 、用b 光光子照射x 金属,打出的光电子的最大初动能为:km b 10.2 2.867.34eVE E W =-=-=,故D 错误.2.甲、乙两物体沿统一直线运动,运动过程中的位移—时间图像如图所示,下列说法中正确的是( )A. 0~6s 内甲物体做匀变速直线运动B. 0~6s 内乙物体的速度逐渐减小C. 0~5s 内两物体的平均速度相等D. 0~6s 内存在某时刻两物体的速度大小相等【答案】D【解析】【分析】x-t 图象为直线表示物体做匀速直线运动,x-t 图象的斜率表示速度,斜率大小表示速度大小,斜率正负表示速度方向.【详解】A 项:x-t 图象为直线表示物体做匀速直线运动,故A 错误;B 项:x-t 图象的斜率表示速度,由图象乙可知,图象的斜率逐渐增大,即速度逐渐增大,故B 错误;C 项:0-5s 甲的位移为5m ,平均速度为1m v s =甲,乙的位移为-3m ,平均速度为:35m v s =-乙,故C 错误;D 项:x-t 图象的斜率表示速度,由甲、乙图象可知,在0-6内有两处的斜率大小相等,即有两处速度大小相等,故D 正确.故应选:D . 3.甲、乙两个同学打乒乓球,某次动作中,甲同学持拍的拍面与水平方向成45°角,乙同学持拍的拍面与水平方向成30°角,如图所示.设乒乓球击打拍面时速度方向与拍面垂直,且乒乓球每次击打球拍前、后的速度大小相等,不计空气阻力,则乒乓球击打甲的球拍的速度υ1与乒乓球击打乙的球拍的速度υ2之比为( )A. 63B. 2C. 22D. 33【答案】C【解析】【详解】由题可知,乒乓球在甲与乙之间做斜上抛运动,根据斜上抛运动的特点可知,乒乓球在水平方向的分速度大小保持不变,竖直方向的分速度是不断变化的,由于乒乓球击打拍面时速度与拍面垂直,在甲处:x 1sin45v v =︒甲;在乙处:x 2sin30v v =︒乙;所以:12=sin45sin30x x v v v v ︒︒甲乙:=22.故C 正确,ABD 错误4.质量为2kg 的物体在粗糙的水平地面上运动,当运动的速度为l0m/s 时,给物体施加一个水平恒力,在此恒力的作用下物体做直线运动,其速度随时间的变化如图所示,则下列说法中错误的是(g 取l0m/s 2)A. 恒力的大小为6NB. 前4s 内摩擦产生的热量为48JC. 前6s 内合外力的冲量大小为24N SD. 物体与地面间的动摩擦因数为0.2【答案】C【解析】【详解】A.由图,0~2s ,物体做匀减速运动,a1=-;2~6s 物体反向做匀加速运动.可知恒力与初速度方向相反.根据牛顿第二定律:F+f=ma 1,F-f=ma 2,而a 1=5m/s 2,a 2=1m/s 2联立解得:F=6N ,f=4N ,故A 正确;B. 0~2s 内,物体的位移大小为x 1=12×10×2m=10m ;2s~4s 内,物体的位移大小为x 1=12×2×2m=2m ; 摩擦产生的热量Q=f (x 1+x 2)=4×(10+2)J=48J ,故B 正确;C.根据动量定理,合外力的冲量等于动量的变化量,前6s 内合外力的冲量大小为I=-mv 2-mv 1=-2×4-2×10=-28N S ,故C 错误;D.由f=μmg 得,μ=0.2,故D 正确.本题选择错误答案,故选C5.水平力F 方向确定,大小随时间的变化如图所示;用力F 拉静止在水平桌面上的小物块,在F 从0开始逐渐增大的过程中,物块的加速度a 随时间变化的图象如图所示.重力加速度大小为10m/s 2.问在0﹣4s 时间内,合外力对小物块做的功为( )A. 24JB. 12JC. 8JD. 6J【答案】A【解析】 【详解】根据F ﹣t 图象和a ﹣t 图象可知,t 1=2s 时,F 1=6N ,a 1=1m/s 2,t 2=4s 时,F 2=12N ,a 2=3m/s 2,根据牛顿第二定律可得:F 1﹣μmg =ma 1F 2﹣μmg =ma 2,解得小物块的质量和动摩擦因数为:m =3kg ,μ=0.1 根据动量定理可得:22F t 2﹣μmgt 2=mv 解得4s 末的速度为v =4m/s 根据功能关系可得W =12mv 2=24J . 故A 正确、BCD 错误.6.如图所示,直角三角形ABC 中存在一匀强磁场,比荷相同的两个粒子沿AB 方向自A 点射入磁场,分别从AC 边上的P 、Q 两点射出,则:A. 从P 射出的粒子速度大B. 从Q 射出的粒子速度大C. 从P 射出的粒子,在磁场中运动的时间长D. 两粒子在磁场中运动的时间一样长【答案】BD【解析】【分析】粒子在磁场中做圆周运动,根据题设条件作出粒子在磁场中运动的轨迹,根据轨迹分析粒子运动半径和周期的关系,从而分析得出结论.【详解】如图,粒子在磁场中做圆周运动,分别从P 点和Q 点射出;由图知,粒子运动的半径R P <R Q ,又粒子在磁场中做圆周运动的半径mv R qB =知粒子运动速度v P <v Q ,故A 错误,B 正确;粒子在磁场中做匀速圆周运动,根据几何关系(图示弦切角相等),粒子在磁场中偏转的圆心角相等,根据粒子在磁场中运动的时间:t= 2θπT ,又因为粒子在磁场中圆周运动的周期2m T qB π=,可知粒子在磁场中运动的时间相等,故C 错误,D 正确;故选BD .【点睛】粒子在磁场中做圆周运动,洛伦兹力提供向心力,由此根据运动特征作出粒子在磁场中运动的轨迹,掌握粒子圆周运动的周期、半径的关系是解决本题的关键.7.如图所示,在某行星表面上有一倾斜的匀质圆盘,盘面与水平面的夹角为30°,盘面上离转轴距离L 处有小物体与圆盘保持相对静止,绕垂直于盘面的固定对称轴以恒定角速度转动,角速度为ω时,小物块刚要滑动,物体与盘面间的动摩擦因数为32(设最大静摩擦力等于滑动摩擦力),该星球的半径为R ,引力常量为G ,下列说法正确的是( )A. 这个行星的质量M =224R L Gω B. 这个行星的第一宇宙速度v 1=2LRC. D. 离行星表面距离为R 的地方的重力加速度为4ω2L【答案】AB【解析】【详解】A.物体在圆盘上受到重力、圆盘的支持力和摩擦力,合力提供向心力,可知当物体随圆盘转动到最低点,小物块刚要滑动,所受的静摩擦力沿斜面向上达到最大,此时圆盘的角速度最大,由牛顿第二定律得μmg cos30°-mg sin30°=mω2L所以星球表面的重力加速度g =2cos30sin 30L ωμ︒︒-=4ω2L在该行星表面 2GMm R =mg 这个行星的质量M =2gR G =224R L G ω 故A 正确;B.第一宇宙速度即为卫星绕行星表面做匀速圆周运动的速度,有mg =2mv R故这个行星的第一宇宙速度v 12故B 正确;C.因为不知道同步卫星距行星表面的高度,所以不能求出同步卫星的周期,故C 错误;D.离行星表面距离为R 的地方质量为m 的物体受到的万有引力F =2(2)GMm R =24GMm R =14mg =mω2L 即该地方的重力加速度为ω2L ,故D 错误。
【最新】【通用版】高考物理二轮复习《电学与原子物理学》题型押题专练(含解析) (2)
【通用版】高考物理二轮《电学与原子物理学》专题(含解析)选择题押题练(一)1.如图所示,在真空空间中的M、N处存在两个被固定的、电荷量相同的正点电荷,在它们连线所在的直线上有A、B、C三点,已知MA=CN=NB,MA<NA。
现有一正点电荷q,在两固定点电荷形成的电场中移动此点电荷q,下列说法中正确的是()A.沿半圆弧l将q从B点移到C点,电场力不做功B.沿曲线r将q从B点移到C点,电场力做负功C.沿曲线s将q从A点移到C点,电场力做正功D.沿直线将q从A点移到B点,电场力做正功解析:选C根据题述电场特点知,q从B点到N点电场力做负功,N点到C点电场力做正功,根据场强的叠加知,NC段的电场强度大于BN段的电场强度,q从B点到C点过程中,电场力做的负功小于电场力做的正功,则将q从B点移到C点,电场力做正功,电场力做功与电荷移动路径无关,选项A、B错误;A点与B点等电势,所以将q从A点移动到C点与从B点移动到C点等效,所以沿曲线s将q从A点移到C点,电场力做正功,选项C正确;沿直线将q从A点移到B点,电场力做功为零,选项D错误。
2.在如图所示的电路中,P、Q为平行板电容器两个极板,G为静电计,开关K闭合后静电计G的指针张开一定的角度。
下列说法正确的是()A.断开K,将P向左移动少许,G的指针张开的角度变大B.闭合K,将P向左移动少许,G的指针张开的角度变大C.闭合K,将P向下移动少许,G的指针张开的角度变小D.断开K,在P、Q之间插入一陶瓷板,G的指针张开的角度变大解析:选A断开K,将P向左移动少许,两极板之间的距离增大,电容器的带电荷量不变,电容减小,电势差增大,A 正确;保持K 闭合,增大或减小两极板之间的距离,增大或减小两极板的正对面积,静电计金属球与外壳之间的电势差不变,G 的指针张开的角度不变,B 、C 错误;断开K ,电容器的带电荷量不变,在P 、Q 之间插入一陶瓷板,电容增大,电势差减小,G 的指针张开的角度变小,D 错误。
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电学与原子物理学选择题押题练(二)
1.如图所示,一个带电荷量为-Q 的点电荷甲,固定
在绝缘水平面上的O 点。
另一个带电荷量为+q 、质量为m
的点电荷乙,从A 点以初速度v 0沿它们的连线向甲运动,运动到B 点时速度为v ,且为运动过程中速度的最小值。
已知点电荷乙受到的阻力大小恒为f ,A 、B 间距离为L 0,静电力常量为k ,则下列说法正确的是( )
A .点电荷乙从A 点向甲运动的过程中,加速度逐渐增大
B .点电荷乙从A 点向甲运动的过程中,其电势能先增大再减小
C .OB 间的距离为 kQq f
D .在点电荷甲形成的电场中,AB 间电势差U AB =fL 0+12m v 2q
解析:选C 点电荷乙在向甲运动的过程中,受到点电荷甲的库仑力和阻力,且库仑力逐渐增大,由题意知,在B 点时速度最小,则点电荷乙从A 点向甲运动过程中先减速后
加速,运动到B 点时库仑力与阻力大小相等,加速度为零,根据库仑定律,有k Qq r OB
2=f ,所以r OB = kQq
f ,选项A 错误,C 正确;点电荷乙向甲运动的过程中,库仑力一直做正功,
点电荷乙的电势能一直减小,选项B 错误;根据动能定理,qU AB -fL 0=12m v 2-12
m v 02,解得U AB =fL 0+12m v 2-12m v 02q
,选项D 错误。
2.如图所示,理想变压器原线圈两端A 、B 接在电动势为E =
8 V ,内阻为r =2 Ω的交流电源上,理想变压器的副线圈两端与滑
动变阻器R x 相连,变压器原、副线圈的匝数比为1∶2,当电源输
出功率最大时( )
A .滑动变阻器的阻值R x =2 Ω
B .最大输出功率P =4 W
C .变压器的输出电流I 2=2 A
D .滑动变阻器的阻值R x =8 Ω
解析:选D 当外电路电压等于内电路电压时电源输出功率最大,即U 1=U r ,且U 1+
U r =8 V ,故U 1=U r =4 V ,根据欧姆定律可得I 1=U r r =2 A ,故根据I 1I 2=n 2n 1
可得副线圈中的电流为I 2=1 A ,根据U 1U 2=n 1n 2可得副线圈两端的电压U 2=8 V ,故R x =U 2I 2=81
Ω=8 Ω,最大输出功率为P =U 2I 2=8 W ,故D 正确。
3.如图所示,空间有一磁感应强度B =0.5 T 的匀强磁场,磁场方
向垂直纸面向外,一质量M =0.2 kg 且足够长的绝缘塑料板静止在光
滑水平面上。
在塑料板左端无初速度放上一质量m =0.1 kg 、电荷量
q =+0.2 C 的滑块,滑块与塑料板之间的动摩擦因数μ=0.5,滑块受到的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。
现对塑料板施加方向水平向左、大小F =0.6 N 的恒力,g 取10 m/s 2,则( )
A .塑料板和滑块一直做加速度为2 m/s 2的匀加速运动
B .滑块开始做匀加速运动,然后做加速度减小的加速运动,最后做匀速直线运动
C .最终塑料板做加速度为2 m/s 2的匀加速运动,滑块做速度为10 m/s 的匀速运动
D .最终塑料板做加速度为3 m/s 2的匀加速运动,滑块做速度为6 m/s 的匀速运动 解析:选B 滑块随塑料板向左运动时,受到竖直向上的洛伦兹力,则滑块和塑料板之间的正压力逐渐减小。
开始时塑料板和滑块加速度相同,由F =(M +m )a ,得a =2 m/s 2,对滑块有μ(mg -qvB )=ma ,当v =6 m/s 时,滑块恰好相对于塑料板有相对滑动,此后滑块做加速度减小的加速运动,当mg =q v B ,即v =10 m/s 时滑块对塑料板的压力F N =0,此后滑块做匀速运动,塑料板所受的合力为0.6 N ,由F =Ma 1,得a 1=3 m/s 2,B 选项正确。
4.如图所示,一对光滑的平行金属导轨(电阻不计)固定在同一水平面
内,导轨足够长且间距为L ,左端接有阻值为R 的电阻,一质量为m 、长
度为L 的匀质金属棒cd 放置在导轨上,金属棒的电阻为r ,整个装置置
于方向竖直向上的匀强磁场中,磁场的磁感应强度为B 。
金属棒在水平向
右的拉力F 作用下,由静止开始做加速度大小为a 的匀加速直线运动,经过的位移为s 时,下列说法正确的是( )
A .金属棒中感应电流方向为由d 到c
B .金属棒产生的感应电动势为BL as
C .金属棒中感应电流为BL 2as R +r
D .水平拉力F 的大小为B 2L 22as R +r
解析:选C 根据右手定则可知金属棒中感应电流的方向为由c 到d ,选项A 错误;设金属棒的位移为s 时速度为v ,则v 2=2as ,金属棒产生的感应电动势E =BL v =BL 2as ,选项B 错误;金属棒中感应电流的大小I =E R +r ,解得I =BL 2as R +r
,选项C 正确;金属棒受到的安培力大小F 安=BIL ,由牛顿第二定律可得F -F 安=ma ,解得F =B 2L 22as R +r
+ma ,选项D 错误。
5.图甲所示为氢原子的能级图,图乙为氢原子的光谱。
已知
谱线b 是氢原子从n =5的能级跃迁到n =2的能级时的辐射光,
则谱线a 可能是氢原子( )
A .从n =2的能级跃迁到n =1的能级时的辐射光
B .从n =3的能级跃迁到n =1的能级时的辐射光
C .从n =4的能级跃迁到n =1的能级时的辐射光
D .从n =4的能级跃迁到n =2的能级时的辐射光
解析:选D 谱线a 波长大于谱线b 波长,所以a 光的光子频率小于b 光的光子频率,所以a 光的光子能量小于n =5和n =2间的能级差,辐射光的能量小于此能级差的只有n =4和n =2间的能级差,故D 正确,A 、B 、C 错误。
6.[多选]中国科学家发现了量子反常霍尔效应,杨振宁称这一发现是
诺贝尔奖级的成果。
如图所示,厚度为h ,宽度为d 的金属导体,当磁场
方向与电流方向垂直时,在导体上下表面会产生电势差,这种现象称为霍
尔效应。
下列说法正确的是( )
A .上表面的电势高于下表面电势
B .仅增大h 时,上、下表面的电势差不变
C .仅增大d 时,上、下表面的电势差减小
D .仅增大电流I 时,上、下表面的电势差减小
解析:选BC 根据左手定则可知自由电子向上偏转,则上表面带负电,下表面带正电,
所以下表面电势高于上表面电势,所以A 错误;最终稳定时,e v B =e U h
,解得U =v Bh ,根据电流的微观表达式I =neS v ,S =hd ,故U =I neS Bh =IB ned
,所以h 增大时,上、下表面电势差不变,所以B 正确;当d 增大时,U 减小,所以C 正确;I 增大时,U 增大,所以D 错误。
7.[多选]如图所示,两根相距为d 的足够长的光滑金属导轨固定在水
平面上,导轨电阻不计。
磁感应强度为B 的匀强磁场与导轨平面垂直,
长度等于d 的两导体棒M 、N 平行地放在导轨上,且电阻均为R 、质量均
为m ,开始时两导体棒静止。
现给M 一个平行导轨向右的瞬时冲量I ,整个过程中M 、N 均与导轨接触良好,下列说法正确的是( )
A .回路中始终存在逆时针方向的电流
B .N 的最大加速度为B 2Id 2
2m 2R
C .回路中的最大电流为BId 2mR
D .N 获得的最大速度为I m
解析:选BC M 刚开始运动时,回路中有逆时针方向的感应电流,随着电流的产生,M 受向左的安培力做减速运动,N 受到向右的安培力做加速运动,直到两者共速时回路中感应电流为零,安培力为零,两者做匀速运动,故选项A 错误;M 刚开始运动时,电路中的感应电流最大,N 所受安培力最大,加速度最大,则:I =m v 0,E m =Bd v 0,I m =E m 2R
, F 安=BI m d =ma m ,解得a m =B 2Id 22m 2R ,I m =BId 2mR
,选项B 、C 正确;当M 、N 共速时N 速度最大,根据动量守恒定律可得:I =2m v ,解得v =I 2m
,选项D 错误。
8.[多选]如图所示,直角三角形ABC 由三段细直杆连接而成,AB
杆竖直,长为2L 的AC 杆粗糙且绝缘,其倾角为30°,D 为AC 上一点,
且BD 垂直于AC ,在BC 杆中点O 处放置一正点电荷Q ,一套在细杆
上的带负电小球(未画出),以初速度v 0由C 点沿CA 上滑,滑到D 点速率恰好为零,之后沿AC 杆滑回C 点。
小球质量为m 、电荷量为q ,重力加速度为g 。
则( )
A .小球下滑过程中电场力先做负功后做正功
B .小球再次滑回
C 点时的速率为v C =3gL -v 02
C .小球下滑过程中动能、电势能、重力势能三者之和减小
D .小球上滑过程中和下滑过程中经过任意位置时的加速度大小都相等
解析:选BC 小球下滑过程中点电荷Q 对小球的库仑力是吸引力,故电场力先做正
功后做负功,故A 错误;小球从C 到D 的过程中,根据动能定理得:0-12
m v 02=-mgh -W f ,再从D 回到C 的过程中,根据动能定理得:12
m v C 2-0=mgh -W f ,根据几何关系可知,h =34
L ,解得:v C =3gL -v 02,故B 正确;小球下滑过程中由于摩擦力做负功,则小球动能、电势能、重力势能三者之和减小,故C 正确;小球上滑过程中所受的摩擦力方向沿AC 向下,而下滑过程中所受摩擦力方向沿AC 向上,虽然在同一位置时所受的库仑力相同,但是加速度大小不相等,故D 错误。