高考物理电磁学知识点之稳恒电流知识点训练附答案(2)

高考物理电磁学知识点之稳恒电流知识点训练附答案(2)
一、选择题
1．如图所示的电路中，电源内阻不能忽略，电流表和电压表均为理想电表，下列说法中不正确的是（）
A．若1R短路，电流表示数变小，电压表示数为零
B．若2R短路，电流表示数变小，电压表示数变大
C．若3R断路，电流表示数为零，电压表示数变大
D．若4R断路，电流表示数变小，电压表示数变大
2．如图所示的电路中，E为电源，其内阻为r，L为小灯泡(其灯丝电阻可视为不变)，R1、R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V为理想电压表．若将照射R3的光的强度减弱，则()
A．电压表的示数变大B．小灯泡消耗的功率变小
C．通过R2的电流变小D．电源内阻消耗的电压变大
3．某些肿瘤可以用“质子疗法”进行治疗。

在这种疗法中，为了能让质子进入癌细胞，首先要实现质子的高速运动，该过程需要一种被称作“粒子加速器”的装置来实现。

质子先被加速到较高的速度，然后轰击肿瘤并杀死癌细胞。

如图所示，来自质子源的质子（初速度为零），经加速电压为U的加速器加速后，形成细柱形的质子流。

已知细柱形的质子流横截面积为S，其等效电流为I；质子的质量为m，其电量为e.那么这束质子流内单位体积的质子数n是
A
2 I U eS m
B ．I m eS eU
C ．
2I eU eS m D ．2I
m eS eU
4．如图所示，双量程电压表由表头G 和两个电阻串联而成。

已知该表头的内阻
，满偏电流，下列说法正确的是
A ．表头G 的满偏电压为500V
B ．使用a 、b 两个端点时，其量程比使用a 、c 两个端点时大
C ．使用a 、b 两个端点时，其量程为0~10V ，则R 1为9.5kΩ
D ．使用a 、c 两个端点时，其量程为0~100V ，则为95kΩ
5．某同学将一直流电源的总功率P E 、输出功率P 和电源内部的发热功率P r 随路端电压U 变化的图线画在了同一坐标上，如图中的a 、b 、c 所示，下面说法不正确的是（ ）
A ．反映P r 变化的图线是b
B ．电源电动势为8V
C ．电源内阻为2Ω
D ．当电压为2V 时，外电路的电阻为2Ω
6．如图，A 、B 两盏电灯完全相同．当滑动变阻器的滑动头向右移动时，则（ ）
A ．A 灯变亮，
B 灯变亮 B ．A 灯变暗，B 灯变亮
C ．A 灯变暗，B 灯变暗
D ．A 灯变亮，B 灯变暗 7．图甲为某电源的U I -图线，图乙为某小灯泡的U I -图线，则下列说法中正确的是
（ ）
A ．电源的内阻为5Ω
B ．小灯泡的电阻随着功率的增大而减小
C ．把电源和小灯泡组成闭合回路，小灯泡的功率约为0.3W
D ．把电源和小灯泡组成闭合回路，电路的总功率约为0.4W
8．如图所示,a 、b 端接入电源,当滑动变阻器滑片P 向下滑动时,电路中两个灯泡都不亮,用电压表检查电路时,测得U ab =U,U cd =U,U ac =0,U bd =0,则故障原因可能是…( )
A ．变阻器短路
B ．变阻器断路
C ．a 、c 间灯泡断路
D ．两个灯泡都断路
9．如图所示的电路中，输入电压U 恒为12V ，灯泡L 上标有“6V ，12W”字样，电动机线圈的电阻R M ＝0.50Ω。

若灯泡恰能正常发光，以下说法中正确的是（ ）
A ．通过电动机的电流为12A
B ．电动机的输入功率为24W
C ．电动机的输出功率为12W
D ．电动机的热功率为2.0W
10．如图是一火警报警电路的示意图，其中R 3为用某种材料制成的传感器，这种材料的电阻率随温度的升高而增大。

值班室的显示器为电路中的电流表，电源两极之间接一报警器。

当传感器R 3所在处出现火情时，显示器的电流I 、报警器两端的电压U 的变化情况是（ ）
A．I变大，U变大
B．I变小，U变小
C．I变大，U变小
D．I变小，U变大
11．电子产品制作车间里常常使用电烙铁焊接电阻器和电容器等零件，技术工人常将电烙铁和一个灯泡串联使用，灯泡还和一只开关并联，然后再接到市电上（如图所示），下列说法正确的是（）
A．开关接通时比开关断开时消耗的总电功率大
B．开关接通时，灯泡熄灭，只有电烙铁通电，可使消耗的电功率减小
C．开关断开时，灯泡发光，电烙铁也通电，消耗的总功率增大，但电烙铁发热较少D．开关断开时，灯泡发光，可供在焊接时照明使用，消耗的总功率不变
12．一块手机电池的背面印有如图所示的一些符号，另外在手机使用说明书上还写有“通话时间3 h，待机时间100 h”，则该手机通话和待机时消耗的功率分别约为（）
A．1.8 W，5.4×10-2W
B．3.6 W，0.108 W
C．0.6 W，1.8×10-2W
D．6.48×103 W，1.94×102W
13．在如图所示电路中，合上开关S，将滑动变阻器R2的滑动触点向b端移动，则三个电表A1、A2和V的示数I1、I2和U的变化情况是（）
A．I1增大，I2不变，U增大 B．I1减小，I2不变，U减小
C．I1增大，I2减小，U增大 D．I1减小，I2增大，U减小
14．如图所示为汽车蓄电池与车灯（电阻不变）、启动电动机组成的电路，蓄电池内阻为0.05 ，电流表和电压表均为理想电表。

只接通1S时，电流表示数为10A，电压表示数为12V；再接通2S，启动电动机工作时，电流表示数变为8A，则此时通过启动电动机的电流是（）
A．2A B．8A C．50A D．58A
15．以下四种规格的用电器，让它们在额定电压下工作相同的时间，下列说法正确的是（）
A．电动机输出功率为650W B．电风扇和电烙铁产生的热量相同
C．电风扇和电烙铁消耗的电能相同D．日光灯消耗的电能全部转化为光能16．如图为多用电表欧姆档的原理示意图，其中电流表的满偏电流为300μA，内阻
R g=100Ω，调零电阻的最大值R0=50kΩ，电池电动势E=1.5V，电源内阻不计。

将两表笔短接调零后，用它测量电阻R x，当电流计指针只在满刻度的一半时，R x的阻值是（）
A．25kΩB．5kΩC．50kΩD．50Ω
17．如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器4R的滑片向b端移动时，则（）
A．质点P将向上运动B．电流表读数减小
C．电压表读数减小D．3R上消耗的功率增大
18．如图四个灯泡L1，L2，L3，L4完全一样，规格都是12V、12W，在AB两端加上60V
的电压，则经过L3的电流是（）
A．1A
B．2A
C．1.67A
D．1.25A
19．智能手机耗电量大，移动充电宝应运而生，它是能直接给移动设备充电的储能装置。

充电宝的转化率是指电源放电总量占电源容量的比值，一般在0.60−0.70之间（包括移动电源和被充电池的线路板、接头和连线的损耗）。

如图为某一款移动充电宝，其参数见下表，下列说法正确的是（）
容量20000mAh兼容性所有智能手机
边充边放否保护电路是
输入DC：5V 2A MAX输出DC：5V 0.1A−2.5A
尺寸56×82×22mm转换率0.60
产品名称索扬SY10−200重量约430g
A．给充电宝充电时将电能转化为内能
B．该充电宝最多能储存能量为3.6×105J
C．该充电宝电量从零到完全充满电的时间约为2h
D．该充电宝给电量为零、容量为3000mAh的手机充电，理论上能充满6次
20．在如图所示的电路中，E为电源电动势，r为其内阻，L为小灯泡（其灯丝电阻可视为不变），R1、R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V为理想电压表。

当开关S闭合后，若将照射R3的光的强度减弱，则下列说法中正确的是（）
A．电压表的示数变小
B．通过R2的电流变小
C．小灯泡消耗的功率变大
D．电源的内电压变大
21．如图所示，两段长度和材料相同、各自粗细均匀的金属导线a、b，单位体积内的自由电子数相等，横截面积之比S a∶S b＝1∶2。

已知5s内有5×1018个自由电子通过导线a的横截面，电子的电荷量e=1.6×10－19C。

下列说法正确的是（）
A．流经导线a的电流为0.16A
B．流经导线b的电流为0.32A
C．a、b的电阻之比R a∶R b＝1∶2
D．自由电子在导线a和b中的定向移动速率之比v a∶v b＝1∶2
22．如图所示的电路中，两平行金属板之间的带电液滴处于静止状态，电流表和电压表均为理想电表，由于某种原因灯泡L的灯丝突然烧断，其余用电器均不会损坏，则下列说法正确的是()
A．电流表、电压表的读数均变小
B．电源内阻消耗的功率变大
C．液滴将向上运动
D．电源的输出功率变大
23．某同学从电子市场购买了一款手机电池板，如图所示，根据电池板上的标识，该电池一次可以提供的最大电能约为（）
A．8.4×103J B．7.4×103J
C．2.6×104J D．3.0×104J
24．如图所示，电阻R1、R2、R3、R4满足R1:R2:R3:R4=1:2:3:4，则当A、B间接上直流电压时，流过R1、R2、R3、R4的电流I1:I2:I3:I4为( )
A．1:2:3:4
B．6:3:2:11
C．3:2:1:6
D．3:2:1:4
25．在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内电阻为r，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，r < R1，C为电容器，电流表、电压表为理想电流表和理想电压表．在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，下列说法中正确的是（）
A．电压表示数变小，电流表示数变小
B．电容器C所带电荷量增多
C．电源的输出功率增大，效率降低
D．a点的电势升高
【参考答案】***试卷处理标记，请不要删除
一、选择题
1．D
解析：D
【解析】
【详解】
A ．若R 1短路，此时电压表测量R 1的电压，故电压表示数为零，若R 1短路，则电路总电阻减小，总电流增大，内电压增大，路端电压减小，R 3的电压等于路端电压，又电流表测通过R 3的电流，根据欧姆定律，可知电流表的示数变小，故A 不合题意；
B ．若R 2短路，则电路总电阻减小，总电流增大，内电压增大，路端电压减小，R 3的电压等于路端电压，又电流表测通过R 3的电流，根据欧姆定律，可知电流表的示数变小；通过R 3和 R 4电流减小，总电流增大，通过R 1电流增大，所以电压表示数变大，故B 不合题意；
C ．若R 3断路，电流表测通过R 3的电流，故电流表示数为零，电路的总电阻增大，总电流减小，内电压减小，路端电压增大；R 1和R 2串联的总电压等于路端电压，且R 1和R 2的电阻不变，故电压表示数增大，故C 不合题意；
D ．若R 4断路，电路的总电阻增大，总电流减小，内电压减小，路端电压增大，R 1和R 2串联的总电压等于路端电压，且R 1和R 2的电阻不变，故电压表示数增大，又电流表测通过R 3的电流，根据欧姆定律，可知电流表的示数变大，故D 符合题意。

故选D 。

2．B
解析：B
【解析】
【分析】
【详解】
A ．光敏电阻光照减弱，故光敏电阻的阻值增大，电路中的总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可得，电路中电流减小，故R 1两端的电压减小，电压表的示数变小，A 错误； BCD ．因电路中电流减小，故电源的内电压减小，则路端电压增大，同时R 1两端的电压减小，故并联电路部分电压增大；则流过R 2的电流增大，由并联电路的电流规律可知，流过灯泡的电流一定减小，故由2P I R =可知，小灯泡消耗的功率变小，
B 正确
C
D 错误．
3．D
解析：D
【解析】
【分析】
【详解】
质子被加速时：
212
Ue mv =
由于 I neSv =
解得
n =
A ．2I U eS m ，与结论不相符，选项A 错误；
B ．
I m eS eU ，与结论不相符，选项B 错误； C ．
2I eU eS m ，与结论不相符，选项C 错误； D ．2I
m eS eU
，与结论相符，选项D 正确； 故选D.
4．C
解析：C
【解析】
表头的满偏电压为，A 错误；在电压表的改装中，串联的电阻越大，分压越大，量程越大，所以使用a 、c 两个端点时，量程最大，B 错误；若使用a 、b 两个端点时，其量程为0~10V ，则，代入数据可得
，C 正确；使用a 、c 两个端点时，其量程为0~100V ，
则
，代入数据可得，D 错
误． 5．B 解析：B
【解析】
【分析】
【详解】
A ．由闭合电路欧姆定律得
2
2
()r E U P I r r -== 由数学知识可知，反映P r 变化的图线是b ，故A 正确；
BC ．由闭合电路欧姆定律得
2()E E U E E P IE E U r r r
-===- 即对应图像a ，由图像可知，
2
8E r
=，2E r = 联立解得
=4V 2ΩE r =，
故B 错误，C 正确；
D ．当电压为2V 时，由闭合电路欧姆定律得
2E Ir =+
解得
1A I =
则外电路的电阻为
2=Ω=2Ω1
R 故D 正确。

本题选不正确的，故选B 。

6．D
解析：D
【解析】
当滑出向右移动时，滑动变阻器连入电路的电阻增大，所以外电路电阻增大，路端电压增大，总电流减小，即B 中的电流减小，所以B 变暗，B 两端的电压减小，而路端电压是增大的，所以并联电路两端的电压增大，即A 两端的电压增大，所以A 变亮，D 正确．
7．D
解析：D
【解析】
【详解】
A ．根据闭合电路欧姆定律变形：
U E Ir =-
可得图像与纵轴的交点表示电动势，图像斜率的大小表示内阻，根据甲图电动势为：
1.5V E =
内阻为：
1.0 1.5
5ΩΩ0.33
r -== A 错误；
B ．根据乙图可知电流越大，小灯泡功率越大，根据欧姆定律变形得：
U R I
= 可知乙图线上某点与原点连线的斜率为电阻，所以小灯泡的电阻随着功率的增大而增大，B 错误；
C ．把电源和小灯泡组成闭合回路，将甲、乙两图叠加到一起：
两U I -曲线的交点即小灯泡的电压、电流，根据图像读数：
0.125V U ≈
0.28A I ≈
所以，小灯泡的功率为：
0.1250.28W 0.035W P UI ==⨯≈
C 错误；
D ．回路中的总功率为：
1.50.28W 0.42W P EI ==⨯≈总
D 正确。

故选D 。

8．B
解析：B
【解析】
串联电路中灯不发光，则可能是某处断路，电压表测断路位置为电源电压，测不断的位置电压为零，U ab =U 测量的是电源电压，测得U cd =U,说明两灯泡没有断路，U ac =0,U bd =0,说明在两灯泡之外有断路情况，两灯泡之间只有一个变阻器，所以变阻器处于断路情况，B 正确
思路分析：如果电压表示数为零，说明电压表上无电流通过，则可能是在并联路段之外有断路或者并联路段之内有短路，若电压表有示数，说明电压表上有电流通过，则在并联电路之外无断路或者并联电路内无短路，
试题点评：明确电路故障特点，熟练运用电路的有关规律是分析电路故障问题的基础和关键，利用电流表和电压表判断电路中的故障，依据在故障电路中电流表和电压表显示的现象来判断．
9．D
解析：D
【解析】
【详解】
A ．灯泡与电动机串联，通过的电流相等，则电流
2A L L
P I U ==
故A 错误；
B ．电动机两端的电压为
U M =U -U L =6V
所以电动机的输入功率为
P =U M I =12W
故B 错误；
CD ．电动机的发热功率为
P 热=I 2R M =2W
电动机的输出功率为
P 出=P -P 热=10W
故C 错误，D 正确。

故选D 。

10．A
解析：A
【解析】
【详解】
发生火情时，温度升高，电阻率增大，根据电阻定律：
L R S
ρ= 可知3R 阻值变大，根据“串反并同”的规律可知，电流表示数I 和报警器两端电压U 都是与3R “并”的物理量，所以变化与3R 变化相同，均增大，A 正确，BCD 错误。

故选A 。

11．A
解析：A
【解析】
【分析】
【详解】 开关接通时，灯泡发生短路，电阻小于开关断开时的电阻，有公式2
U P R
=可知，开关接通时比开关断开时消耗的总功率大，故A 正确；开关接通时，电灯熄灭，只有电烙铁通电，电路中电阻减小，有公式2
U P R
=可知，消耗的功率增大；故B 错误；开关断开时，电灯发光，电烙铁也通电，消耗的总功率减小，且电烙铁发热较少，故C 错误；开关断开时，灯泡串联在电路中，电灯发光，总电阻增大，可供在焊接时照明使用，消耗总功率减小，故D 错误；故选A ．
12．C
解析：C
【解析】
由图知 3.6U V =,500Q mA h =⋅．通话时3t h =，由Q It =，P UI =得
0.6UQ P W t ==.同理待机时100t h =，21.810UQ P W t -=⨯'
='，C 对． 13．D
解析：D
【解析】试题分析：理清电路，确定电压表测得什么电压，电流表测得什么电流，抓住电动势和内阻不变，采用局部→整体→局部的方法，利用闭合电路欧姆定律进行分析． 触点向b 端移动过程中2R 连入电路的电阻减小，即总电阻减小，干路电流即总电流增大，所以根据E U Ir =+可知路端电压减小，即U 减小， 3R 在干路，通过它的电流增大，所以3R 两端的电压增大，而3R U U U ↓=↑+并，所以U 并减小，即并联电路两端的电压减小，所以1R 的电流1I 减小，而12I I I ↑=↓+，所以2I 增大，D 正确
14．C
解析：C
【解析】
【分析】
【详解】
只接通S 1时，由闭合电路欧姆定律，电池的电动势为
E =U +Ir =12V+10×0.05V=12.5V
车灯的电压为
12 1.210
U R I =
=Ω=Ω灯 再接通S 2后，流过电动机的电流为 12.58 1.2A-8A=50A 0.05
E I R I I r -'-⨯=
-'=灯电动机 故ABD 错误，C 正确。

故选C 。

15．A
解析：A
【解析】
【详解】
A ．由图知，电动机在额定电压下工作时，电动机输出功率为650W ，故A 正确。

B ．在相同时间内，电风扇产生的热量小于电烙铁产生的热量，故B 错误。

C ．电风扇和电烙铁额定功率不等，根据W=Pt 知，在相同的时间内，电风扇和电烙铁消耗的电能不同，故C 错误。

D ．日光灯消耗的电能转化为光能和内能，故D 错误。

故选A 。

16．B
【解析】
【详解】
欧姆表的中值电阻R 中等于欧姆表的内电阻R 总，根据闭合电路欧姆定律，满偏时
g E I R =
总 当电流计指针指在满刻度的12
时 12g x
E I R R =+总 联立解得
12
x g E R R I =
-总 联立可得： R x =5kΩ。

故B 正确ACD 错误。

故选B 。

17．C
解析：C
【解析】
【详解】
ABC ．由图可知，2R 与滑动变阻器4R 串联后与3R 并联后，再由1R 串联接在电源两端；电容器与3R 并联；当滑片向b 移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；路端电压减小，同时1R 两端的电压也增大；故并联部分的电压减小；由欧姆定律可知流过3R 的电流减小，则流过并联部分的电流增大，故电流表示数增大，因并联部分电压减小，而2R 中电压增大，故电压表示数减小，因电容器两端电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，合力向下，电荷向下运动，故AB 错误，C 正确；
D ．因3R 两端的电压减小，由2U P R
=可知，3R 上消耗的功率减小，故D 错误； 故选C 。

18．A
解析：A
【解析】
【分析】
分析电路可知3L ，4L 并联后与1L ，2L 串联接入电路， 灯泡的电阻22
121212
U R P ===Ω， 则电路总电阻302R R R R =++
=Ω总， 干路电流60230
U I A R ===总， 则经过3L 的电流312I I A =
=，故A 正确． 故选A
19．B
解析：B
【解析】
【分析】
【详解】
A ．充电宝充电时将电能转化为化学能，不是内能，选项A 错误；
B ．该充电宝的容量为
3420000mAh 20000103600C 7.210C q -==⨯⨯=⨯
该电池的电动势为5V ，所以充电宝储存的能量
45•57.210J 3.610J E E q ==⨯⨯=⨯电动势
选项B 正确；
C ．以2A 的电流为用电器供电则供电时间
4
47.210s 3.610s 10h 2
q t I ⨯=⨯＝＝＝ 故C 错误；
D ．由于充电宝的转化率是0.6，所以可以释放的电能为
20000mAh 0.612000mAh ⨯=
给容量为3000mAh 的手机充电的次数
1200043000
n ==次次 选项D 错误。

故选B 。

20．A
解析：A
【解析】
【分析】
【详解】
A ．光敏电阻光照减弱，故光敏电阻的阻值增大，电路中的总电阻增大。

由闭合电路欧姆定律可得，电路中电流减小，故R 1两端的电压减小，故A 正确；
BD ．因电路中电流减小，故电源内阻的电压减小，路端电压增大，同时R 1两端的电压减小，故并联电路部分电压增大，则流过R 2的电流增大，故BD 错误；
C ．由并联电路的电流规律可知，总电流减小，流过支路R 2的电流增大，所以流过灯泡的电流一定减小，故由2P I R =可知，小灯泡消耗的功率变小，故C 错误。

故选A 。

21．A
解析：A
【解析】
【分析】
【详解】
AB ．根据电流的定义式求解通过a 、b 导体的电流
1819
510 1.6A A 100.165
q I t ⨯==⨯=⨯－ A 正确，B 错误；
C ．根据电阻定律
L R S
ρ
= 可知 21
a b b a R S R S == C 错误；
D ．根据电流的微观表达式
I neSv =
可知
21
a b b a v S v S == D 错误。

故选A 。

22．C
解析：C
【解析】
【分析】
首先对电路进行分析：L 2的灯丝突然烧断可知电路中总电阻增大，由闭合欧姆定律可求得电路中电流及路端电压的变化；再对并联部分分析可知电容器两端的电压变化，则可知液滴的受力变化，则可知液滴的运动情况．根据电源的内外电阻关系，分析电源输出功率的变化．
【详解】
AC．当L2的灯丝突然烧断可知电路中总电阻增大，则总电流减小，电源的内电压和R1电压减小，由闭合电路的欧姆定律可知，路端电压增大，故电容器C的电压增大，板间场强增大，带电液滴所受的电场力增大，则该液滴将向上移动；
由于C两端的电压增大，R2、R3中的电流增大，则电流表、电压表的读数均变大；故A错误，C正确；
B．因干路电流减小，则电源内阻消耗的功率变小，故B错误；
D．由于电源的内外电阻的关系未知，不能判断电源的输出功率如何变化．故D错误．【点睛】
本题考查闭合电路的欧姆定律，一般可以先将分析电路结构，电容器看作开路；再按部分-整体-部分的分析思路进行分析．
23．C
解析：C
【解析】
【分析】
【详解】
由图可知，该电源的电量为
=⨯=
mAh C C
2000?2000 3.67200
则最大电能
4
===⨯=⨯
W UIt UQ J J
3.77200 2.610
故ABD错误，C正确；
故选C。

24．B
解析：B
【解析】
【详解】
由并联电路的电压相同可得：电阻R1、R2、R3两端的电压相等，故由欧姆定律可得：，又由并联电路电流分流可得：，所以
，故B正确，A、C、D错误；
故选B。

【点睛】
关键是根据并联电路电压相同，由欧姆定律得到I1，I2，I3的数值关系，然后根据并联电路电流分流求得I4与I1，I2，I3的关系，即可得到比值。

25．C
解析：C
【解析】
【分析】
在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，变阻器在路电阻减小，外电阻减小，
根据欧姆定律分析干路电流如何变化和电阻R 1两端电压的变化，即可知道电压表读数的变化．电容器C 的电压等于电阻R 2两端的电压，分析并联部分电压的变化，即知道电容器的电压如何变化，根据干路电流与通过R 2的电流变化情况，分析电流表的变化．根据内外电阻的关系，分析电源的输出功率如何变化．a 点的电势等于R 2两端的电压．
【详解】
在滑动变阻器滑动头P 自a 端向b 端滑动的过程中，滑动变阻器电阻减小，外电路总电阻减小，干路电流I 增大，电阻R 1两端电压增大，则电压表示数变大．电阻R 2两端的电压U 2=E-I （R 1+r ），I 增大，则U 2变小，电容器板间电压变小，其带电量减小．根据外电路中顺着电流方向，电势降低，可知，a 的电势大于零，a 点的电势等于R 2两端的电压，U 2变小，则a 点的电势降低，通过R 2的电流I 2减小，通过电流表的电流I A =I-I 2，I 增大，I 2减小，则I A 增大．即电流表示数变大．故ABD 错误．据题：r ＜R 1，当外电路总电阻减小时，内外电阻更加接近，电源的输出功率增大．电源的效率
100%100%UI U EI E
η=⨯=⨯，路端电压U 减小，则电源的效率降低，故C 正确．故选C ．
【点睛】
本题是电路动态变化分析问题，要抓住不变量：电源的电动势、内阻及定值电阻的阻值不变，进行分析．根据电流方向判断电势高低，由电压的变化判断电势的变化．。