浙江省衢州市2019-2020学年中考物理模拟试题(1)含解析

浙江省衢州市2019-2020学年中考物理模拟试题（1）
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1．如图所示，电源两端电压恒定．闭合开关，灯泡1L比灯泡2L亮，则
A．1L两端电压比2L两端电压大
B．1L的电阻比2L的电阻大
C．若2L灯丝烧断，通过1L电流不变
D．若1L灯丝烧断，灯2L亮度变大
C
【解析】
【详解】
A．由图可知，两只灯泡并联，由并联电路电压关系可知，两灯泡的电压相等；
B．灯泡L1比L2亮，说明L1的实际功率大于L2的实际功率，即P实1＞P实2，因U1=U2，P实1＞P实2，所
以由
2
=
U
p
R
实
可知，R1<R2；
C．若L2灯丝烧断，不影响电源电压，则L1两端的电压不变，灯泡L1的阻值不变，根据
U
I
R
可知，流
过L1的电流不变；
D．若L1灯丝烧断，不影响电源电压，则L2两端电压不变，通过L2的电流不变，由P=UI可知L2的实际功率不变，则灯L2亮度不变．
2．有下列几种做法：①用手接触三节串联的铅蓄电池组；②用手去捡落在地上的高压输电线；③用湿布去擦亮着的电灯泡；④站在地上用手碰家庭电路中的火线．其中会发生触电事故的做法是
A．②③B．①③C．②③④D．①②③④
C
【解析】
【详解】
①三节串联着的铅蓄电池组的电压是6V，不高于36V的电压对人体来说是安全的，因此不会触电；
②用手去捡落在地上的高压输电线，高压输电线的电压高达好几万伏，对人体来说是不安全的，会发生触电事故；
③用湿抹布擦亮着的电灯时，由于水是导体，很容易发生触电事故；
④站在地上用手碰家庭电路中的火线，使人体和大地构成了通路，人会发生触电事故；
故选C。

【点睛】
重点是安全用电的常识，牢记四不，即不接触低压带电体，不靠近高压带电体，不弄湿用电器，不损坏绝缘层．
3．对甲、乙、丙、丁四幅图描述正确的是
A．甲图的话筒是利用电流磁效应工作的
B．乙图是直流电铃原理图，电流通过的电磁铁时，它的A端为S极
C．丙图是磁悬浮列车，利用同名磁极相斥，异名磁极相吸的原理工作的
D．丁图电动机原理是法拉第发现的电磁感应
C
【解析】
【分析】
【详解】
A．甲图的话筒工作时将机械能转化为电能，是利用电磁感应原理工作的，故A错误；
B．乙图是直流电铃原理图，由右手螺旋定则可知，电流通过电磁铁时，它的A端为N极，故B错误；C．丙图是磁悬浮列车，列车与轨道之间不接触，在同名磁极间相互排斥的作用下列车悬浮在空中，利用了同名磁极相斥，异名磁极相吸的原理工作的，故C正确；
D．丁图电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理工作的，而电磁感应原理是发电机的工作原理，故D错误．
4．一个未装满饮料的密闭杯子，先正立放在桌面上（如图甲），然后反过来倒立放在桌面上（如图乙），两次放置饮料对杯底的压力和压强分别是F甲、F乙、和p甲、p乙，则下列关系式正确的是（）
A．p甲＞p乙，F甲＞F乙B．p甲＜p乙，F甲＜F乙
C．p甲=p乙，F甲=F乙D．p甲＞p乙，F甲＜F乙
D
【解析】
【详解】
由图可知，正放时，杯中饮料的深度较大，根据p ρgh 可知，正放时饮料对杯底的压强较大，即p 甲＞p 乙；正放时，杯中的饮料柱是上粗下细的，一部分饮料压的是杯壁，所以杯底受到的压力小于杯中液体的重力。

倒放时，杯中的饮料柱下粗上细，所以杯底受到的压力大于饮料的重力；因此F 甲＜F 乙． 故选D ．
5．如图所示，家庭电路元件的连接完全正确的是
A ．
B ．
C ．
D ．
B
【解析】
【分析】
根据题中“家庭电路元件的连接完全正确的是”可知，本题考查家庭电路中灯泡、开关、三孔插座的接法。

根据家庭电路中元件的连接要求进行判断。

【详解】
A 、三孔插座的连接不符合“上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线”的要求；灯泡螺丝套接到地线上了，故A 接法错误；
B 、开关、灯泡和三孔插座的接法均符合连接要求，故B 接法正确；
C 、三孔插座的连接不符合“上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线”的要求，故C 接法错误；
D 、开关与电灯的接法不符合“火线首先接入开关，再接入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套”的要求，故D 接法错误。

6．如图，用电吹风机向盛有少量碘颗粒的密闭玻璃容器吹风，不久可观察到容器内出现紫色的碘蒸气；撤去电吹风机，过一会儿观察到容器侧壁上附有少量细小的碘晶体.下列说法正确的是
A．吹风机对玻璃容器吹的是冷风
B．吹风时容器内物质被升华
C．吹风时容器内物质内能减小
D．撤去吹风机容器内物质凝固了
B
【解析】
【详解】
用电吹风机向盛有少量碘颗粒的密闭玻璃容器吹风，不久观察到容器内出现紫色的碘蒸气，说明吹风时容器内的碘吸热内能增加，发生了升华现象，即吹风机对玻璃容器吹的是热风；撤去电吹风机，温度降低，碘又发生了凝华现象，而在容器侧壁上附有少量细小的碘晶体，综上所述，只有B正确．
7．如图所示的电路，电源电压保持不变．闭合开关S后，当滑动变阻器的滑片P向右移至中点过程中，下列判断正确的是
A．电流表示数变大，电压表示数变小
B．电流表示数变大，电压表示数变大
C．灯泡变亮，电路中总功率变小
D．灯泡变暗，电路中总功率变小：
A
【解析】
【分析】
【详解】
AB．由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端电压，电流表测量串联电路的电流，滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，滑动变阻器的分压变小，电压表示数变小；当
滑动变阻器接入电路的阻值变小时，电路总电阻变小，电源电压不变，根据I=U
R
可知电路中的电流变大，
即电流表示数变大，故A正确，B错误；
CD．根据公式P=I2R可知，电流变大，灯泡的功率变大，灯泡变亮，根据公式P=UI可知，电源电压不变，电流变大，总功率变大，故CD错误．
8．如图是一静止在水面上的测量船利用声纳测量海底深度的显示装置，图中两个波形是发出和接收的信号。

已知发射信号持续时间为0.2s，声波在海水中传播速度为1500m/s，则该处海水深度为
A．150m B．450m C．600m D．900m
B
【解析】
【详解】
从图中可以看出，声信号从开始发射后经过了0.6s后被船重新接收，声波传播的距离：s＝vt＝1500m/s×0.6s
＝900m，海底的深度：h＝1
2
s＝
1
2
×900m＝450m。

9．舰载直升机完成任务返航，要降落在航空母舰上，在直升机减速下降靠近航母甲板的过程中
A．惯性变大B．动能变小
C．重力势能不变D．机械能不变
B
【解析】
【详解】
A、惯性大小只与质量有关，与速度无关，质量不变，惯性不变，故A错误；
BCD、直升机减速下降过程中，高度减小，重力势能减小；速度减小，动能减小；机械能为动能和势能的和，故机械能减小；故B正确，CD错误。

10．以下是一双吃饭用的木筷的“自述”：其中违背物理原理的是（）
A．“当我斜插在玻璃水杯中，你会看到我的身子向上弯折了”
B．“当人们在餐桌上使用我时，我一定是省力杠杆”
C．“当我放在水中，我会漂浮在水面上”
D．“将干燥的我接入电路，我拒绝电流从我身上流过”
B
【解析】
试题分析：A、根据光的折射现象：折射光线、入射光线和法线在同一平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角，光由
水或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角．而我们看到的水中的物体的像应该在真实物体的上方；
B、杠杆是一根在力的作用下，能绕固定点转动的硬棒，而动力臂小于阻力臂的杠杆是费力杠杆；
C、根据木材的密度和水的密度大小判断木筷放到水里的漂浮情况；
D、导体能导电，绝缘体不容易导电．
A、由于光的折射，筷子斜插在玻璃杯中时，看到的水面以下的部分都向上偏折，所以看到筷子好像从水面处折断了，本选择项的描述是正确的；
B、筷子在餐桌上使用时，动力臂小于阻力臂，所以是费力杠杆，本选择项的描述是错误的；
C、木材的密度小于水的密度，所以木筷放到水里，会飘浮在水面上，本选择项的描述是正确的；
D、木筷是绝缘体，所以接入电路，电流不能从筷子上流过，本选择项的描述是正确的；
考点：光的折射现象及其应用；杠杆的应用；物体的浮沉条件及其应用；绝缘体
点评：本题考查光的折射、杠杆、密度、导电性等知识，考查的知识点比较多，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力
二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11．如图所示的四种情景中，人对物体没做功的是
A．小军拉着重物静止不动
B．小刚用力推汽车，汽车没动
C．小丽用力搬起箱子
D．小红背着书包在等车
ABD
【解析】
【详解】
A、用力拉绳，给重物施加了一个力，但是重物没有沿力的方向上通过一段距离。

故A情景没有做功。

B、人给汽车一个力，但是汽车没动，即没有沿力的方向通过距离，故B情景没有做功；
C、人给箱子一个力，箱子被搬起，通过了一段距离。

故C情景中做了功。

D、背着书包，人给书包一个竖直力，而书包没有在力的方向上通过的距离，所以没有做功。

故D情景中没有做功。

12．现实当中，人们的许多活动、做法都跟我们学过的物理知识有关，下列对涉及压强和浮力的事例论述正确的是
A．石头扔进河里会沉入水底说明石头在水中不受浮力
B．用吸管能把饮料吸入嘴里，其实是大气压强的作用
C．用高压锅煮食物熟得快是因为锅内气压增大使液体（锅内的水）的沸点升高
D．拦河坝坝堤筑成上窄下宽是因为液体（坝里的水）的压强随深度增大而增大
BCD
【解析】
【分析】
解决本题的关键是知道物体的沉浮条件、液体沸点随大气压的改变而改变、液体的压强随着深度的增加而增大、大气压是存在的．
【详解】
A、石头扔进河里会沉进水底说明石头在水中受到的浮力小于石头的重力，故A错误；
B、用吸管喝饮料时，外部压强大于盒内压强，外部大气压强把饮料压入嘴中，故B正确；
C、因高压锅煮气压加大使液体（锅内的水）的沸点升高，所以用高压锅煮食物熟的快，故C正确；
D、因为液体（坝里的水）的压强随深度增大而增大，所以底部的坝受到的压强较大，所以拦河坝坝堤筑成上窄下宽，故D正确．
故选BCD．
【点睛】
此题型综合考查了液体压强和大气压强的特点、沸点与气压的关系，物体的浮沉条件及其应用，要联立分析．
13．下列关于功、能和热量的描述中不正确的是
A．“嫦娥一号”飞船在加速升空的过程中，机械能的总量保持不变
B．地震形成的“堰塞湖”有潜在的危险性，是因为积蓄在高处的湖水有很大的重力势能
C．物体的温度越高，具有的热量就越多
D．物体的内能越多，具有的功就越多
ACD
【解析】
【分析】
根据飞船在加速过程中速度和高度、质量的变化来判断机械能的变化；
物体由于被举高而具有的能量叫重力势能；
在热传递过程中传递内能的多少叫热量，热量只能用吸收或放出来描述；
如果一个物体能够做功，这个物体就具有能量；一个物体具有的能量越多，它能够做的功就越多．
A、飞船在加速上升的过程中，质量一定时，速度变大，动能变大，上升时高度变大，重力势能变大，机械能包括动能和势能，所以机械能变大，故A错误，符合题意；
B、积蓄在高处的湖水有一定的高度，所以具有一定的重力势能，故B正确，不符合题意；
C、热量是指在热传递过程中传递内能的多少，是一个过程量，不能用具有来描述，故C错误，符合题意；
D、物体的内能越多，能够做的功就越多，故D错误，符合题意．
故选ACD．
三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14．关于重力的方向可利用如图所示的装置来探究：随着β角的改变，悬线OA与水平面的夹角将_____（选填“改变”或“保持不变”），据此可知，重力方向总是_____，在进一步探究小球A所受重力的大小时，弹簧测力计对A的拉力大小等于A受到的重力，是因为它们是一对_____．
保持不变竖直向下平衡力
【解析】
【详解】
因为重力的方向总是竖直向下的，所以悬线OA由于受重力的作用就保持竖直方向不变，悬线OA与水平面的夹角将保持不变；重力的方向始终是竖直向下的，用来检查墙壁砌得是否竖直的中垂线就是根据这一原理制成的；弹簧测力计对A的拉力与A受到的重力，大小相等，方向相反，作用在同一物体上，作用在同一直线上，是一对平衡力．
15．如图所示，在研究平面镜成像实验中。

用透明玻璃板代替平面镜的目的是为了能确定像的位置，取两只相同蜡烛的目的是为了能比较像与物的
_____关系。

如果当蜡烛B与蜡烛A的像完全重合后，再移去蜡烛B，在蜡烛B的原来位置上放一光屏，光屏上_____（选填“能”或“不能”）承接到蜡烛A的像；将光屏向玻璃板方向移动，直至贴到玻璃板上，此时蜡烛A_____（选填“能”、“不能”）在玻璃板上成像。

移去光屏后，将蜡烛A向远离玻璃板的方向移动2cm，则在玻璃板上所成的像的大小将_____（选填“变大”、“不变”、“变小”）。

大小不能能不变
【解析】
为了确定像的位置，让蜡烛A 的像和蜡烛B 重合，既能观察到A 蜡烛像的同时，也能观察到B 蜡烛，实验中要使用透明的玻璃板。

选用大小相同的两个蜡烛，是为了用蜡烛B 代替蜡烛A ，来比较物像的大小。

光屏能接收到实像，但接收不到虚像，因为平面镜成的是虚像，所以移去蜡烛B ，在蜡烛B 的原来位置上放一光屏，光屏上不能承接到蜡烛A 的像。

将光屏向玻璃板方向移动，直至贴到玻璃板上，此时蜡烛A 能在玻璃板上成像。

移去光屏后，将蜡烛A 向远离玻璃板的方向移动2cm ，根据物与像大小相等，跟距离无关，则在玻璃板上所成的像的大小将不变。

16．科学家对人类文明进步和社会发展做出了重要贡献，为了纪念在物理学中做出过杰出贡献的科学家，有时会以他们的名字作为物理定律的名字，请你写出两位在电学中以他们的名字被用作物理定律名称的物理学家：_____、_____．
欧姆；焦耳
【解析】
试题分析：根据课本中涉及到的电学方面做出杰出贡献的物理学家列出即可．（1）欧姆在研究电流、电压、电阻的关系时，发现了著名的欧姆定律，做出了杰出贡献；欧姆是电阻的单位；（2）焦耳在研究电流产生的热量与什么因素有关时，发现了著名的焦耳定律，做出了杰出贡献；焦耳是电能的单位；（2）牛顿对力与运动作出重大贡献，发现了牛顿第一定律；牛顿是力的单位．故答案为欧姆定律，电阻； 或焦耳定律，电能； 或牛顿第一定律，力．（三个答案任选一个）
考点：物理常识．
17．P 、Q 是同一直线上相距10米的两点，甲、乙两物体沿直线分别从P 、Q 点同时出发，已知甲的速度为1米/秒，则甲的s-t 图线为如图中的_____图线（选填“A ”或“B ”）， 10秒钟甲通过的路程为_____米；若8秒时甲乙相遇，则乙的s-t 图线在如图中的_____（选填“Ⅰ”、“Ⅱ”或“Ⅲ”）区域．
A 10 Ⅰ或Ⅲ
【解析】
【分析】
【详解】
A 图线的速度：A A A 8m =1m/s 8s s v t ==，
B 图线的速度：6m =0.5m/s 12s
B B B s v t ==所以A 是甲的图象；10秒钟甲通过的路程：1m/s 10s=10m s vt ==⨯ ；8秒时甲通过的路程：
111m/s 8s=8m s vt ==⨯，如果甲在乙前面10m ，8秒时甲乙相遇，v 乙>v 甲，则乙的s-t 图线在Ⅰ区域，如果乙在甲前面10m ，8秒时甲乙相遇，v 乙<v 甲，则乙的s-t 图线在Ⅲ 区域．
18．如图所示，物体 A 所受重力为 100N ，当分别沿力 F 1 和 F 1 的方向匀速提起物体 A 时， 若不计绳重和摩擦，则 F 1_____F 1．若实际提升物体的拉力 F 1=110N ，10s 将 A 物体匀速提 升 4m ，则拉力 F 1 的功率为__________W ．若将此滑轮改成动滑轮匀速提升同样的重物，则机械 效率将______
= 84 变小
【解析】
【分析】
【详解】
由于定滑轮不能省力,只能改变力的方向,所以力F 1和F 1的大小相等；
提升物体所做的功：W=Gh=110N ×4m=840J ，
功率：P=W t =840J 10s
=84W ； 如果把这个滑轮改成动滑轮匀速竖直提升同样的重物，有用功不变，额外功增大，则机械效率将减小．
四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19．尽管我们在现阶段所接触的运动都是匀速运动，但通过观察生活我们不难发现物体的速度并不是一直不变的，例如汽车启动时，速度从零开始逐渐增加，子弹在枪筒中的速度也是逐渐变大的，但是很显然汽车启动和子弹在枪筒中这两个过程，速度增加的快慢并不相同，物理学中为了描述速度变化快慢引入了加速度的概念，其表述为：速度变化量与发生这一变化所用时间的比值叫做加速度。

如果我们用a 表示加速度，用v 1表示开始时物体的速度，经过△t 时间后物体速度增加到v 2，请你写出加速度的表达式；假如一颗子弹在0.005s 时间内速度由0增加到250m/s ，求这颗子弹的加速度。

某汽车以4m/s 2的加速度加速，用5s 的时间速度增加到30m/s ，那么开始加速时这辆车的速度是多少？
（1）21v t a v -∆＝
；（2）5×104m/s 2；（3）10m/s 【解析】
【详解】
（1）加速度是速度的变化量△v 与发生这一变化所用时间△t 的比值，通常用a 表示，故21v v v t t
a ∆-=
=∆∆； （2）子弹的初速度为0m/s ，末速度为250m/s ，时间为0.005s ，则子弹的加速度为：1422250m /s -0m /s ==0.0055?10s
m /s v v t t v a -∆∆∆==； （3）车的加速度为4m/s 2，末速度230m /s v '＝，时间△t ′＝5s ，将数据代入21'''v v a t -∆=得：
2
1 30m/s
4
/s
5s
m
v'
-
=，解得开始加速时这辆车的速度：
1
10m/s
v'＝。

20．如图是用动滑轮提升货物A的示意图。

在竖直向上的拉力F的作用下，使重400N的货物A在50s 的时间里，匀速竖直上升了10m．在这个过程中，拉力F为250N，不计绳重及摩擦．
求：(1)动滑轮的机械效率η；
(2)拉力的功率P．
(1)80%(2)100W
【解析】
【详解】
（1）有用功：W有=Gh=400N×10m=4000J，拉力端移动距离：s=2h=2×10m=20m，拉力做的总功：W总
=Fs=250N×20m=5000J，动滑轮的机械效率：η=W
W
有
总
×100%=
4000J
5000J
×100%=80%；
（2）拉力做功的功率：P=W
t
总=
5000J
50s
=100W。

21．（2017•滨州卷）如图，将标有“6V 3W”字样的灯泡L1和标有“6V 6W”字样的灯泡L2串联在电路中，使其中一个灯泡正常发光，另一个灯泡的实际功率不超过其额定功率，不考虑温度对电阻的影响．求：
（1）灯泡L1正常工作时的电流；
（2）灯泡L2的电阻；
（3）电源电压；
（4）此电路工作2分钟消耗的电能．
0.5A 6Ω 6V 360J
【解析】
（1）灯泡L1正常工作时的电流：1
1
13W
0.5A 6V
P
I
U
===，
灯泡L2正常工作时的电流：2
2
26W
1A 6V
P
I
U
===
灯泡L 2的电阻：22
2
6V
6Ω1A
U R
I =
== （2）两灯串联时，电流相等，要让一个灯泡正常发光，另一个灯泡的实际功率不超过其额定功率，电流应取
L 1
正常工作时的电流：0.5A ，则其两端的电压为6V ， L 2两端的电压为：212'0.5A 6Ω=3V U I R ==⨯ 故电源电压为：12'6V 3V 9V U U U =+=+=串 （3）此电路工作1分钟消耗的电能：
19V 0.5A 60s 270J W U I t ==⨯⨯=串
答案： (1).0.5A （2） 6Ω (3). 9V (4).270J
点睛：重点是欧姆定律及电功、电功率的相关计算，注意两灯串联时，电路电流处处相等，所以电流只能取额定电流较小灯的电流．
五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．利用一次性注射器、弹簧测力计等器材，对大气压的值进行测量．请在如图的相关器材上画出所测大气压力的示意图． （____）
【解析】
活塞受弹簧测力计向左的拉力和大气压向右的压力，处于平衡状态，大气压力示意图如下：
23．如图所示，一个靠在竖直墙角的足球，请画出足球所受到力的示意图。

（_____）
【解析】
【详解】
足球受到了两个力，重力和支持力；足球受到这两个力，处于静止状态即平衡状态；这两个力就是平衡力，大小相等、方向相反。

如图所示：
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．在“测量小灯泡额定功率”的实验中，电源电压恒定为6V，小灯泡的额定电压为2.5V，正常发光时的电阻约为10Ω，所用滑动变阻器的最大阻值为40Ω．
（1）请用笔画线代替导线把甲图中未完成的实物电路连接完整；
（_____）
（2）小明同学进行试触时，发现小灯泡不发光，电流表无示数，电压表有示数，则电路中发生的故障可能是_________；
（3）排除故障后，闭合开关又发现小灯泡不亮，但电流表有示数，接下来应进行的操作是_____(选填序号)；
A．更换小灯泡B．检查开关是否闭合
C．移动滑动变阻器滑片D．检查电压表是否断路
（4）某次实验中，小明同学看到电压表示数为1.8V，要使灯泡L正常发光应向________ (选填“A” 或“B” )端移动滑片P，同时视线应注意观察_______（选填“电流表”或“电压表”）示数，当灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定电功率是______W；
（拓展）小明同学还想探究电流与电阻的关系，于是将甲图的小灯泡换成定值电阻R，并使电压表的示数始终保持2V不变，多次更换阻值不同的定值电阻R，记录各次电流表的示数，在不更换其他器材的情况下，为了能够完成实验，他更换的定值电阻R的阻值不能大于_______Ω．
见解析所示小灯泡断路 C A 电压表0.6 20Ω
【解析】
【详解】
（1）由于小灯泡的额定电压是U L =2.5V，由欧姆定律知道，此时电路电流约为
2.5V
10Ω
L
L
U
I
R
===0.25A，
所以电流表的量程应选0～0.6V，电压表应选择0～3V的量程，将电压表并联在灯泡两端，电路图连接如图所示：
（2）根据题意知道试触时，灯泡不亮，电流表无示数，说明电路有断路；电压表有示数，说明电压表的正负接线柱与电源两极相连，所以应是与电压表并联的电路断路，即灯泡断路；
（3）闭合开关又发现小灯泡不亮，但电流表有示数，则可能是滑动变阻器在最大值处，小灯泡两端电压太低，电路中电流太小，所以，按要求应先移动滑动变阻器的滑片；
（4）根据题意知道，电压表示数为1.8V，说明小灯泡两端的电压太小，应减小滑动变阻器两端的电压，所以应向A端移动滑片，使灯泡两端的电压为额定电压2.5V；由乙图知道，电流表的量程为0～0.6A，其分度值为0.02A，其读数为0.24A，所以小灯泡的额定功率是：P=UI=2.5V×0.24A=0.6W；
【拓展】
由于电源电压为6V，电阻两端电压为U定=2V，所以滑动变阻器分的电压是U滑=6V-2V=4V，由分压原
理知道，滑动变阻器接入电路的阻值为定值电阻阻值的4V
2V
=2倍，又因为滑动变阻器最大阻值为40欧姆，
所以，定值电阻最大阻值为20Ω，即定值电阻R的阻值不能大于20Ω．
25．如图所示，用压强计“探究影响液体内部压强大小的因素”。

比较乙、丙和丁图，可以得到：在同一深度，液
体内部向各个方向的压强_____。

在乙图中，若只将烧杯中的水换成同深度的盐水，其他条件不变，则可以观察到U形管两边液面的高度差将_____。

（选填“变大”、“变小”或“不变”）若在步骤（2）时，图乙中U形管左右两侧水面的高度差h＝5cm，则橡皮管内气体的压强与大气压之差约为_____Pa．（ρ盐水＝
1.2×103kg/m，ρ水＝1.0×103kg/m）
相等变大500
【解析】
【详解】
(1)比较乙图、丙图和丁图，在相同液体的同一深度处，金属盒的朝向不同，而U形管两侧的液面高度差
相等，可以得到：在同一深度，液体内部向各个方向的压强相等；
(2)在乙图中，若只将烧杯中的水换成同深度的盐水，其他条件不变，控制了深度不变，把水换成盐水，液体密度变大，液体压强变大，则可以观察到U 形管两边液面的高度差将变大；
(3)图乙中U 形管左右两侧水面的高度差h=5cm ，则橡皮管内气体的压强与大气压之差约为：p gh ρ= =1×103kg/m 3×10N/kg×0.05m=500Pa.
26．小文用图甲所示的装置探究“海波熔化过程的规律”时，依据实验证据描绘出海波的熔化曲线，如图乙所示.（处理此题时，默认海波单位时间内吸热相等）
（1）实验中用到的测量工具是：___________________；海波的熔化条件是：_________.
（2）请你设计记录海波熔化过程的表格；并依据海波熔化曲线分别记录一次熔化前、熔化时、熔化后的证据________.
（3）依据熔化图线，可确定液态海波与固态海波的比热容之比为：___________. 温度计、停表 温度达到熔点48℃，继续吸收热量 加热时间T/min
0 1 2
3 4 5 6 7 8 9 10 海波的温度t/℃ 44
48
50
海波的状态
固态
固液共存状态
液态
3:4 【解析】 【详解】
(1)试验中需要用温度计测量温度，用秒表测量所用的时间，加热时还要观察海波的状态变化情况；由乙图可知，海波在熔化的过程中，吸收热量，温度保持不变，熔点为48℃，海波的熔化条件是：温度达到熔点48℃，继续吸收热量；
（2）由图象可知，需要记录的数据有，图象的横坐标是加热时间T ，纵坐标是海波的温度t ，还要观察海波加热时的状态变化情况，依据海波熔化曲线分别记录了一次熔化前、熔化时、熔化后的数据和状态变化情况，根据以上分析，设计记录海波熔化过程的表格为： 加热时间T/min 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 海波的温度t/℃ 44
48
50
海波的状态
固态
固液共存状态
液态。