中考科学（第一次模拟考试）实验探究题好题汇编

2015年中考科学（第一次模拟考试）实验探究题好题汇编参考答案
一、实验探究题
1、
解：（4）①在拆接电路时，开关必须断开；②当电压表B点不动，只断开A点，并改接到C点上时，虽然电压表此时与L2并联，但电压表的正负接线柱却是反的，闭合开关后，指针会反向偏转，所以不能测出L2两端的电压；（5）由表中数据可知：
UAB+UBC=3.1V+1.4V=4.5V，这与UAC间电压不相等，所以他的结论与猜想不相符，是由实验误差造成的．不足之处是：他只做了一次实验，而没有进行多次测量，只凭一组实验数据得出结论带有偶然性，不能得出正确规律．
答案：（4）①断开；②不能，电压表正负接线柱接反了；（5）不等于；他只做了一次实验，而没有进行多次测量，只凭一组实验数据得出结论带有偶然性，不能得出正确规律．2、解：
（1）因为电池电压为3V，所以电压表的量程选择0～3V的量程，将电压表3V的接线柱与滑片P相连；将电流表与电阻串联，将电流表的负接线柱与接线柱P连接，如右图所示：
（2）由于滑动变阻器接的下面左边的接线柱，所以闭合开关前，将滑动变阻器的滑片移至变阻器的最右端；（3）由图乙知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，所以示数为0.2A；则R=U/ I =2.0V /0.2A =10Ω．（4）由表格中数据知，电阻长度增大为原来的几倍，电阻值便增大为原来的几倍或电阻值与长度的比值是一个常数，所以其它条件不变，导体的电阻与长度成正比；（5）若电路中由于电路连接问题使电路中的电流过大，超过电流表的量程，会烧坏电流表，所以在闭合开关前，要把滑动变阻器的滑片移至最大阻值处．
答案：（1）如上图；（2）右；（3）10；（4）其它条件不变，导体的电阻与长度成正比（5）错误，电流表的测量值可能超过所选量程的最大值．
3、答案：
（1）定值电阻的阻值不变，而灯泡的电阻与温度有关；（2）②调节滑动变阻器，使电压表示数仍为3V；③换用最大阻值较大的滑动变阻器（或换用电压较低的电源）．
4、解：
（1）“测定小灯泡的电功率”的实验原理是P=UI；（2）滑动变阻器在电路中起保护作用，闭合电键S前，滑片P应位于最大阻值处，即b段；（3）滑动变阻器与灯泡串联当把滑片P移至中点时，连入电路的阻值R=1/ 2 R总=(1 /2 )×20Ω=10Ω，电压表的示数正好是
2.5伏，滑动变阻器两端电压U R=U-U L=4.5V-2.5V=2V，灯泡的额定电压想电流I额=I R=U R
/R =2V /10Ω =0.2A，
灯泡的额定功率：P=U L I额=2.5V×0.2A=0.5W；（4）此时电压表是小量程，其分度值是
0.1V，故此时的示数是2.4V；此时电流表也是小量程，其分度值是0.02A，其示数是
0.16A；
故此时的实际功率是P实=UI=2.4V×0.16A=0.384W，再移动滑动变阻器的滑片P，观察
到电压表和电流表示数逐渐变小，即此时实际功率变小，灯泡的亮度取决于实际功率，故此时灯泡不亮．
答案：（1）P=UI （2）b；（3）0.5；（4）0.384；实际功率太小．
5、解：
（1）闭合电路，若保持ab棒不动，即不做切割磁感线运动，故电路中没有感应电流；（2）在正常情况下，指针向右偏，而在这里发现指针向左偏转，故表明与正接线柱相连的是电源的负极；与负接线柱相连的是电源的正极，故此时b端相当于电源的正极；（3）将U形磁铁反转对调磁极，闭合电路，当ab棒向左运动和向右运动时，检流计的指针会向右和向左偏转，表明导线中的感应电流方向与磁场方向有关；（4）使检流计指针明显偏转，即使得电路中的电流增大，故可以增强磁场，也可以加快导体的运动速度等均可．答案：（1）无；（2）b；（3）磁场方向；（4）增强磁场强度．
6、解：
（1）零刻度在温度计的下方，液柱远离零刻度，是零上，每一个大格代表10℃，每一个小格代表1℃，示数是99℃．水的沸点是99℃，1标准大气压下水的沸点是100℃，根据气压越高，沸点越高，所以此时气压低于1标准大气压．（2）水沸腾时，不断吸收热量，温度保持99℃不变．所以水沸腾的规律是：水沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变．（3）由表格中数据知，由表格声强级得，水温在95℃时，响度最大．水温在99℃时声强级相对减小，但也不是最小．所以乙的说法是正确的．4）A、B比较，B给烧杯加了盖，这样可以减少热量的散失，节省加热时间．
答案：（1）99；低于；（2）水沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变；（3）95；乙；（4）B加盖，更科学，可减少热量散失，节省加热时间．
7、解：
（1）答：随室内温度的升高，热敏电阻的阻值减小，控制电路中电流增大，当电流达到15mA 时，衔铁被吸合，右侧空调电路连通，空调开始工作．当温度下降时，控制电路电阻增大，电流减小，减小到一定值，使空调电路断开，这样就实现了自动控制．
（2）电路启动时的总电阻：R总=U/ I =6V /0.015A =400Ω，此时热敏电阻的阻值：R热=R 总-R0=400Ω-10Ω=390Ω，对照表格数据可知，此时的启动温度是25℃．答：该空调的启动温度是25℃．
（3）因为电路启动时的总电阻为400Ω，由表中数据可知，空调启动温度设定为30℃时，热敏电阻的阻值为360Ω，则电路中还应串联的电阻：R′=R热=R总-R
热′-R0=400Ω-360Ω-10Ω=30Ω．答：将空调启动温度设定为30℃时，控制电路中需要再串联30Ω的电阻．
（4）因为本装置启动的电流是一定的，因此，既可通过改变电阻来改变电流，可以通过将左边电源改为可调压电源来实现对其控制．
答案：1、随室内温度的升高，热敏电阻的阻值减小，控制电路中电流增大，当电流达到15mA 时，衔铁被吸合，右侧空调电路连通，空调开始工作．当温度下降时，控制电路电阻增大，电流减小，减小到一定值，使空调电路断开，这样就实现了自动控制；2、该空调的启动温度是25℃．3、将空调启动温度设定为30℃时，控制电路中需要再串联30Ω的电阻．4、可以将左边电源改为可调压电源。

8、解：
（1）实验中，连接电路时电键必须处于断开状态，电压表应与导体并联．（2）读图可知，用电压表测出电阻Rx的阻值，用电流表测出电路中的电流，根据实验原理R=U I 可计
算出待测电阻的阻值．（3）在实验时，要测量多组电压、电流，这样做的目的是多次测量取平均值，减小误差。

9、解：
（1）闭合开关前，保护电路的滑动变阻器的滑片位于最大阻值处的右端；闭合开关，向左移动滑片P，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I=U /R 可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；由U=IR可知，定值电阻两端的电压变大，即电压表的示数变大；（2）由图乙可知，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，示数为2.6V；电流表的量程为0～0.06A，分度值为0.02A，示数为0.26A；（3）实验中，滑动变阻器的作用，一是保护电路，二是改变定值电阻两端的电压和通过的电流．
答案：（1）右；大；大；（2）2.6；0.26；（3）保护电路、改变定值电阻两端的电压和通过的电流．、
10．答案：（1）导电；大；大（2）能吸引轻小物体；同种电荷相互排斥（3）大气压．11．答案：（1）灵敏电流计的指针是否偏转；（2）有；（3）将导体ab 换成多匝线圈（或使用磁性更强的磁铁；增大导体ab 切割磁感线运动的速度；（4 ）切割；（5 ）闭合开关，保持其他条件不变，只改变导体切割磁感线运动的速度，观察灵敏电流计的指针偏转程度．
12、答案：【进行实验与收集证据】（1）断开；【评估】（1）选用了两只规格相同的灯
泡；（2）3；读错了量程；（3）并联电路中，干路电流等于各个支路电流之和．
13、解：
①分析比较图2（a）与（b）可知，电池板的材料、与阳光夹角相同，（b）的面积大，
电流表的示数大，即产生的电流大，故可以得出结论：材料、与阳光夹角相同的电池板，面积越大，产生的电流越大；②分析比较图2（a）与（c）可知，电池板的材料、面积相同，（b）与阳光的夹角大，电流表的示数大，即产生的电流大，故可以得出结论：材料、面积相同的电池板，与阳光夹角越大，产生的电流越大；③根据实验结论可知，太阳能电池帆板安装“向日器”，是为了自动改变太阳能电池板的角度，使电池板与阳光的夹角最大，所以尽量使太阳光垂直照射电池板．
答案：①材料、与阳光夹角相同的电池板，面积越大，产生的电流越大；②材料、面积相同的电池板，与阳光夹角越大，产生的电流越大．③太阳光垂直照射电池板．
14、解：
（1）开关应控制，而图中只能控制电压表，故待测电阻与开关左侧的连线错误，应将待测电阻与开关的右侧接线柱相连，图略：（2）画出电源符号，从正极出发，按照电流方向，依次画出滑动变阻器、开关、定值电阻、电流表的符号，到达电源负极，把电压表并联在定值电阻两端；如下图所示：（3）此实验的原理是：R=U/ I ；（4）由图3可知，电流表的量程为0～3A，分度值为0.1A，示数为1.7A，
据欧姆定律可得R=U I =3.4V /1.7A =2Ω；（5）A．电阻R接线短路时，电流表指针偏转，电压表指针不偏转，符合题意；
答案：（1）实物电路图如上图所示；（2）电路图略；（3）R=U I ；（4）2；（5）A；15、（答案：（1）电路图如左下图（2）U1+U2；U；（3）滑动变阻器滑片的位置改变接
入电路中的电阻；（4）图表见右下图：
16、解：
（1）设想一是错误的，因为水的比热容大，吸收相同的热量后，温度升高的小；放出相同的热量后，温度降低的小．
（2）①为了便于比较，两锥形瓶中的红墨水的质量应该是相等的．
本实验采用了转换法，用玻璃管中液柱的高度变化来显示物体温度变化的大小．
把它们分别接入相同的电路，发现在相同的短时间的内A管中的液柱比B管上升迅速，说明A瓶中气体的导热能力比B瓶中液体的导热能力要好一些．
②在塞橡皮塞时，瓶内气体的体积变小，压强变大，使瓶内的气压大于外部的气压，把
红色墨水压入到玻璃管中．
要使管内的液柱与瓶内液面相平，就要让瓶中的气压减小，可以用带有针头的图注射器通过橡皮塞插入瓶内把瓶内的气体抽出一部分．
故答案为：瓶内气压大于外部气压；抽气．
③图C中的两个电热丝串联，电流相等，且同时通断电，加热相等时间后，甲、乙两玻
璃管中液面如图D所示，甲管中的液面上升的比乙管中液面上升的高，表明电阻丝放出热量的多少和电阻丝电阻值的大小有关，电阻越大放出的热量越多．可以得出的结论是：电流和通电时间一定时，电阻越大，产生的热量越多．
（1）答案：水的比热容大，温度难升难降。

（2）：等质量；温度变化；气体传热本领比液体好；瓶内气压大于外部气压；抽气；电流和通电时间一定时，电阻越大，产生的热量越多；
17、解；
（1）探究物体动能大小与哪些因素有关时，物体动能的大小无法直接体验，所以通过小球对木块外做功的多少来体现小球动能的多少，即通过木块被推动的距离来判断小球动能的大小，所用方法为转换法．（2）动能的大小与质量和速度有关，若要探究动能的大小与质量的关系，需控制小球的速度相同，质量不同．所以应选质量不同的两个小球，又因为小球起始点的高度越高，到水平面的速度越大，为了使得两球到水平面的速度相同，应该使两球在斜面的相同高度滚下来．所以要探究动能的大小与质量的关系，应通过图中甲、乙两次实验进行对比；（3）分析乙、丙两图，小球释放的位置相同，到达水平面时，初速度相同，当两球的质量不同，丙图中小球质量大，木块被推动的距离大，说明丙图中小球的动能大，故可以得出初步结论是：速度相同时，物体质量越大，动能越大．
答案：（1）木块被推动的距离；转换；（2）甲、乙；（3）速度相同时，物体质量越大，动能越大．
18、解：（1）杠杆右端下沉，为了使它在水平位置平衡，应将杠杆两端的平衡螺母向左调
节；使杠杆平衡的目的有两个：一是避免杠杆重力对杠杆转动的影响；二是便于测量力臂的长度；2）小明便得出了杠杆的平衡条件为：F1L1=F2L2；
实验中只有一次实验就总结实验结论，实验结论很具有偶然性，不具有普遍性，因此这样得
出的结论不合理．（3）图2中，杠杆的重心不在支点上，杠杆自身的重力对杠杆转动产生了影响，导致拉力F的大小比由杠杆平衡条件计算出来的数值偏大．
（4）设一个钩码重为G，一格为L，根据杠杆平衡的条件，F1×L1=F2×L2，则有4G×3L=3G×4L，故可在右端第3格处挂4个钩码或右端4处挂3个钩码．
（5）只要杠杆的动力×动力臂=阻力×阻力臂，杠杆就能平衡，杠杆平衡不一定在水平位置，在其它位置，杠杆也可以平衡，甲的说法是正确的；杠杆在水平位置平衡，力与杠杆垂直，力臂在杠杆上，力臂等于支点到力的作用点的距离，便于测量力臂大小，同时消除杠杆重对杠杆平衡的影响，便于实验操作与测量；由此可见，杠杆在水平位置平衡好，即乙的实验方案好．
答案：（1）左；（2）F1L1=F2L2；用实验来探究物理规律时，只有一次实验，实验结论具有偶然性；（3）杠杆自身重力对实验结论有影响；（4）第三格挂4个（或第四格挂3个）；（5）乙；便于测量力臂．
19、解：
（1）必须沿水平方向拉动物体，使物体做匀速直线运动．（2）比较（甲）、（乙）两图，可得到的结论是：在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大．（3）图（乙）、（丙）中铜块和木块叠在一起的目的是使物体间的压力相同，通过比较乙、丙两图中弹簧测力计示数的不同，可以比较木块和铜块表面粗糙程度的不同．答案：（1）水平；匀速直线；（2）在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；（3）物体间的压力；木块和铜块表面粗糙程度．
20、解：
意大利科学家托里拆利首先测出利用液体水银间接测出了大气压的数值；
（1）1，2，3的实验中，海拔高度相同，测量的时刻不同，也就是测量时的温度不同，测量的大气压强数值不同，由此可得出结论：大气压强与温度有关，大气压强随温度的升高而降低．（2）要研究同一时刻大气压的值和海拔高度的数值之间的数量关系，应分析实验序号4、5、6、7，分析数据可以得出P和h的数量关系时P=（75-h /120 ）帕．
答案：托里拆利；（1）大气压强与温度有关，大气压强随温度的升高而降低；（2）（75-h /120 ）。

21、解：
用天平测出空杯的质量m1，空杯中装满面粉后，用天平测出杯和面粉的总质量m2，便可计算出一杯面粉的质量m=m2-m1；倒掉面粉，在杯中装满水，测出质量m3，则一杯水的质量m水=m3-m1，则面粉的体积V=V水=m水/ρ水=(m3−m1)/ρ ；面粉的密度ρ′=m/ V =(m2−m1 /m3−m1) ρ =(m2−m1/ m3−m1) •ρ．
答案：（3）装满水；杯和水的总质量m3；（4）(m2−m1/ m3−m1) •ρ．
22、答案：（1）ρ=m V ；（2）量筒；（3）浮；（4）等于．
23、解：
（1）为了减小实验的误差，甲图中的重物应选择质量大，体积小的重物，即密度大的重物．乙图是验证系统机械能是否守恒，m1向下运动，m2向上运动，所以m1＞m2．（2）验证系统机械能是否守恒，即验证系统动能的增加量和系统重力势能的减小量是否相等，动能的增加量为△Ek＝1 /2 (m1+m2)v2，重力势能的减小量为△EP=（m1-m2）gh．可知需要测量两个重物的质量，所以实验器材还需要天平．（3）甲方案更合理，因为在乙图中还受到细线与滑轮之间的阻力影响．
答案：（1）大，＞；（2）天平；（3）甲；乙中还受到细线与滑轮间阻力影响；
24、解：
（1）物体的形变与受力大小和材料的种类有关外，还可能与受力面积的大小有关、与物体的形状有关等；（2）分析表格中数据可知，在系统压力下，海绵形变的程度比塑料泡沫的大；（3）晓东实验时选用完全相同的材料，探究物体变形的大小与与受力大小的关系，采用的实验方法是控制变量法；（4）由表格中数据可知，三种材料中，木板的抗压能力较强，故选木板较好．
答案：（1）与受力面积的大小有关（答案不唯一、合理即可）；（2）大；（3）控制变量的；（4）木板．
25、解：
（1）由于天宫一号绕地球运动，则小球绕地球运动的方向不断改变，所以小球一定受到力的作用；（2）王亚平仅轻轻碰了一下悬空的聂海胜，聂海胜由于惯性将会保持运动状态，所以会在舱内继续前进；（3）水球相当于一个凸透镜，我们通过水球看到了王亚平的实像，她的像和王亚平本人在水球的异侧（4）无色水球注入红色的液体，一会儿整个水球都红了，这是发生了扩散现象，此现象说明分子不停地做无规则运动．
答案：（1）D；（2）惯性；（3）实像；凸透镜；异侧；（4）分子不停地做无规则运动．
26、解：
（1）当小车从斜面顶端下滑到底端过程中，小车的重力势能转化为小车动能和内能．（2）当小车在水平木板表面上运动时：A、小车具有惯性，而不存在所谓的惯性力，故A 错误；B、小车受到的重力和小车对木板的压力作用在不同的物体上，它们不是一对平衡力，故B错误；C、小车受到的重力和木板对小车的支持力等大、反向、作用在同一直线上，作用在同一物体上，是一对平衡力，故C正确；（3）去掉木板上的棉布后，接触面变的光滑了，接触面的粗糙程度不同，小车受到的摩擦力减小，小车向前滑行的距离变大．（4）①不计空气对炸弹的阻力，在水平方向上，炸弹与飞机的速度相等，它们相对静止，由图示可知，炸弹与飞机的位置关系为乙图．
②实际上，由于空气阻力的存在，在水平方向上，炸弹由于受到空气阻力作用，速度小
于飞机速度，由图示可知，炸弹与飞机的位置关系为甲图．
答案：（1）动能；（2）C；（3）接触面粗糙程度不同；（4）乙；甲．
27、解：
（1）要验证物体所受的浮力大小是否与物体的密度有关，就必须控制除密度以外其他物量相同，要算出最后的数据就得前后对比，所以我们选择A、B、D、E这几组来验证，由称重法得，F浮铁=G1-F1=4.0N-3.5N=0.5N，F浮铜=G-F2=4.4N-3.9N=0.5N；得出浮力相同，说明浮力大小与物体密度无关．（2）而在B、C、D三步的对比分析中，小刚得出的结论是不对的，物体没有浸没时，深度变化的同时，排开液体的体积也在变化．所以应该将物体完全浸没后，再探究浮力与深度是否有关．
答案：（1）A、B、D、E；等于；无关；（2）错误；过程不完整，没有探究物体浸没后受到浮力与深度的关系。

28、解：
（1）比较实验序号2、4可得出的结论：做功时间相同时，做功越多，做功越快．（2）分析1、2可以发现，做的功都是5J，而做功时间是不同的，由此得出结论：在做功相同的情况下，所用时间越少，做功越快．（3）分析比较实验序号1、3或2、3或
1、4，我们发现做功时间和做功多少都不一样，我们求出功与时间的比值可以比较它
们做功的快慢，由此得出：用功率来表示物体做功的快慢
答案：（1）做功时间相同时，做功越多，做功越快；（2）1、2；（3）做功的快慢；功率．29、解：
（1）A点处弹性绳自然伸直，弹性绳没有产生弹力，因此从O点到A点的运动过程中，人只受到重力的作用，因此速度越来越大，运动员的动能增大（2）从A点到B点的运动过程中，重力大于弹性绳对运动员拉力，因此运动员做加速运动，运动员的动能也是增大的．（3）因为B点是运动员受到的重力与弹性绳对运动员拉力相等的点，C点是蹦极运动员到达的最低点，因此从B点到C点的运动过程中，运动员做减速
运动，动能减小．（4）运动员在A点做加速运动，重力大于弹力；B点是运动员受到的重力与弹性绳对运动员拉力相等的点，因此运动员在B点受到的是平衡力；C
点是蹦极运动员到达的最低点，此时弹力达到最大值，弹力大于重力，随后运动员就会上升，因此受到的不是平衡力．
答案：（1）增大；（2）增大；（3）减小；（4）B．
30、解：
（1）当密度计置于水、酒精的容器中，∵密度计漂浮，∴F浮1=G物，F浮2=G物，∴F浮1=F浮，即：ρ水gV排1=ρ酒精gV排2，∵ρ酒精=0.8×103kg/m3＜ρ水=1×103kg/m3，∴V排1＜V排2．则2
由图可知：装水的容器是乙．（2）①∵V排1＜V排2，∴密度计放在酒精中，液面的位置在纯水密度值刻度线的上方，即刻度0.9应该在p点．②∵V=Sh，∴F浮=G物，即：ρ液gV排=ρ液gSh浸=G物，∴h浸=G ρ液gS ，则密度计处于漂浮状态时浸没的深度与液体密度成反比，所以密度计刻度不均匀，即小明这样均匀标示刻度不对；③自制密度计的质量为m，则G=mg，若被测液体的密度为ρ液，密度计处于漂浮状态时，F浮=G，即：ρ液gV排=mg，∵V排=sh，∴ρ液gsh=mg，∴h=mg ρ液gs =m ρ液s ．
答案：（1）不变；乙；（2）p；不对；h=m ρ液s ．
31、解：
（1）保持两个拉力在同一直线上，调整细线两端的钩码，当两端钩码的质量相等时，对小卡片的拉力相等，小卡片平衡；（2）为观察不在同一直线上的两个力是否能平衡，可用手将卡片转过一定角度，并保持两个拉力方向相反，松开手后观察小卡片能否平衡；（3）当小卡片平衡时，用剪刀沿虚线迅速剪断小卡片，由于二力不在同一物体上，所以两侧钩码落下，说明二力平衡的又一个条件是必须在同一物体上；（4）由于小卡片的质量很小，重力远小于卡片受到的拉力，所以选用轻质小卡片目的是忽略卡片重力对实验的影响．
答案：（1）相等；（2）旋转一定角度；（3）必须在同一物体上；（4）卡片重力可以忽略32、解：
（1）用摆长相同，质量不同的小球做实验，摆长不变时，要尽量使摆动的幅度相同，这样实验才可能更接近实际；（2）猜想实验时，应让其余两项相同，只改变其中一项来实验；（3）实验中通过测出小球往返20次所需的时间然后计算，这样是采用多次测量取平均值的方法来达到减小误差的目的．
答案；填摆动的幅度相同；不同；相同；相同；误差．
33、（1）弹簧测力计的分度值为0.2N，图甲中的示数为1.8N，此时金属块的重力和弹
簧测力计的拉力相等，即G=1.8N 根据G=mg可得，金属块的质量m=G /g =1.8N
/10N/kg =0.18kg；（2）金属块受到的浮力为F浮=G-F′=1.8N-1.6N=0.2N；（3）图乙中
量程的分度值为2ml，∵金属块完全浸没∴金属块的体积
V=60ml-40ml=20ml=20cm3=2×10-5m3，金属块的密度ρ=m/ V =0.18kg /2×10−5m3
=9.0×103kg/m3；（4）实验一：实验目的：探究摩擦力的大小实验过程：用弹簧测力计拉着物体在水平桌面上做匀速直线运动，记下读数为F，则滑动摩擦力f=F．实验二：实验目的：探究F浮与V排关系实验过程：a．用弹簧测力计测量出物重Gb．将物体浸入水中记下弹簧测力计的示数F示，量筒中水面读数变化V排；c．进行多次测量，记下数据F示、V排，分析数据得出结论：物体浸入同种液体中的体积越大，在液体中受到的浮力越大．
答案：（1）1.8；0.18；（2）0.2；（3）20；9.0×103；（4）答案不唯一
34、答案：（1）0.06；（2）有用功大于总功；弹簧测力计读数错误；（3）83.3%
35、解：
（1）图甲和图乙，物体的受力面积相同而压力不同，乙图压力大，乙图力的作用效果明显。

由此可得：受力面积相同时，压力越大，压力的作用效果越明显；(2）力可以使物体发生形变，相同受力面的形变程度越大，压力作用效果越明显，可以通过受力面形变程度的大小判断压力的作用效果，如果改用硬纸板，则硬纸板的形变程度发生不明显，难以确定影响因素的关系．（3）实验中主要用的科学研究方法是控制变量法和转换法．
答案：（1）甲乙；（2）不能；效果不明显；（3）控制变量法．
36、解：
（1）A受弹簧测力计D的拉力和B对A的摩擦力，故B对A的静摩擦力的大小等于弹簧测力计D的示数，同理，A对B的静摩擦力的大小等于弹簧测力计C的示数．（2）在B下面放细圆木条的目的是减小接触面的粗糙程度，使接触面脱离，用滚动代替滑动．在
A 上放钩码的目的是增大压力从而增大摩擦力．（3）本实验是为了探究静摩擦力作用
的相互性，并比较一对相互作用的静摩擦力的大小，故实验中需向右缓慢移动铁架台F，在此过程中，应使A、B保持相对静止，整个装置静止后，读取两个弹簧测力计的示数F1、F2．（4）分析实验数据，若F1=F2，则静摩擦力的作用是相互的，且一对相互作用的静摩擦力大小相等．
答案：（1）D；C；（2）用滚动代替滑动；增大压力；（3）静止；（4）F1=F2
37、解：（1）用玻璃板代替平面镜，主要是利用玻璃板透明的特点，便于透过玻璃板确定
像的位置；（2）因为物体与像的大小相等，因此甲、乙蜡烛必须高度、粗细完全一样，否则无法比较物体与像的关系；（3）在寻找蜡烛甲的像的位置时，眼睛应在玻璃板放有蜡烛甲的一侧观察；（4）无论如何移动后面的蜡烛，都不能与像重合，说明玻璃板与水平桌面不垂直时，像也不和桌面垂直，所以不会重合；（5）由于像是由光的反射形成的，而普通玻璃的两面都能反射光，能成两个像，所以通过玻璃板该同学看到了同一个蜡烛的两个像．可以换较薄的玻璃板．
答案：（1）便于确定像的位置；（2）高度、粗细相同；（3）甲；（4）玻璃板与桌面不垂直；5）玻璃的两个表面同时反射，每个表面成一个像；换较薄的玻璃板．
38、解：
（1）结合图可知，B球在编号3至编号7用时t B=4s，这段时间间隔内的通过的距离s B=4.8m-1.6m=3.2m，所以平均速度v B=s B /t B =3.2m .4s =0.8m/s；（2）在编号1至编号3这段时间内A球的路程s A1=1.4m-0.4m=1m，时间t A1=2s，所以A球的运动速度为v A1=s A1/ t A1 =1m /2s =0.5m/s；在编号5至编号7这段时间内A球的路程
s A2=5.8m-3.2m=2.6m，时间t A2=2s，所以A球的运动速度为v A2=s A2 /t A2 =2.6m /2s
=1.3m/s；（3）在相同的时刻内A球的路程越来越大，所以A球做的是变速直线运。