云南省峨山一中2019_2020学年高二物理上学期11月月考试题

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(云南省)峨山一中19学年高二物理上学期入学考试试题(含解析).doc

云南省峨山一中2018-2019学年第一学期高二入学考试+物理试卷一、选择题1.在一艘匀速向北行驶的轮船甲板上，一运动员做立定跳远，若向各个方向都用相同的力，则相对于地面来说，下列说法正确的是( )A. 向北跳最远B. 向南跳最远C. 向东向西跳一样远，但没有向南跳远D. 无论向哪个方向跳都一样远【答案】D【解析】试题分析：船和人一起做匀速直线运动，人竖直跳起时由于惯性人在空中还要在水平方向上和船以同样的速度匀速运动，所以人会落回原来的位置，这和人站在静止的船上是一样的，所以我们可以把这个题当成站在静止的船上跳，所以朝各个方向跳都一样远，D正确；考点：考查了惯性【名师点睛】本题是一道易错题，关键是利用惯性知识正确理解人跳起后的运动情况，理解人跳的远近与船的匀速运动无关2.在日常生活中人们常常把物体运动的路程与运行时间的比值定义为物体运动的平均速率．小李坐汽车外出旅行时，汽车行驶在沪宁高速公路上，两次看到路牌和手表如图所示，则小李乘坐汽车行驶的平均速率为( )A. 16 km/hB. 96 km/hC. 240 km/hD. 480 km/h【答案】B【解析】【详解】由图可知汽车行驶的路程：s=120km−40km=80km，行驶的时间：，汽车行驶的平均速率：，故B正确，A、C、D错误；故选B。

【点睛】由图可知汽车行驶的路程和时间，利用速度公式可求出平均速度。

3.如图是一种升降电梯的示意图，A为载人箱，B为平衡重物，它们的质量均为M，上下均有跨过滑轮的钢索系住，在电动机的牵引下使电梯上下运动．如果电梯中乘客的质量为m，匀速上升的速度为v，电梯即将到顶层前关闭电动机依靠惯性上升h 高度后停止，在不计空气和摩擦阻力的情况下，重力加速度为g，下列说法正确的是( )A. 关闭电动机后，乘客处于超重状态B. 关闭电动机后，乘客处于失重状态C. 由于A、B质量相等，故关闭电动机后，乘客的加速度大小为gD. 关闭电动机后，电梯上升的高度h一定小于【答案】B【解析】【详解】AB、关闭发动机后，乘客减速上升，加速度方向向下，处于失重状态，故A错误，B正确；C、对系统运用牛顿第二定律得，解得，故C错误；D、根据运动学公式得，故D错误；故选B。

2019-2020年高二上学期第一次月考物理试卷含解析

2019-2020年高二上学期第一次月考物理试卷含解析一、单选题：共7题每题4分共28分1．在示波管中，电子枪2s内发射6×1013个电子（一个电子电荷量为﹣1.60×10﹣19C），则示波管中的电流大小约为（）A．4.8×10﹣6A B．3×10﹣13A C．9.6×10﹣6A D．3×10﹣6A2．现取两节干电池A、B，其中A为1号干电池，B为7号干电池．则下列说法正确的是（）A．A的电动势一定大于B的电动势B．A的容量一定比B的容量大C．A的电阻一定比B的电阻大D．若把A、B两节干电池分别接入电路，当流过A、B的电流相同时，则相同时间内两干电池非静电力做的功相同3．如图所示，有三个电阻，已知R1：R2：R3=1：3：6，则电路工作时，电压U1：U2为（）A．1：2 B．1：3 C．1：6 D．1：94．一电流表的满偏电流I g=1mA，内阻R g=500Ω．要把它改装成一个量程为15V的电压表，则应在电流表上（）A．串联一个15kΩ的电阻B．并联一个15kΩ的电阻C．串联一个14.5kΩ的电阻D．并联一个14.5kΩ的电阻5．关于电阻率，下列说法中正确的是（）A．电阻率是表征材料导电性能好坏的物理量，电阻率越大，其导电性能越好B．某些合金的电阻率几乎不受温度变化的影响，通常都用它们制作标准电阻C．所谓超导体，是当其温度降低到接近绝对零度的某个临界温度时，它的电阻率突然变为无穷大D．各种材料的电阻率大都与温度有关，金属的电阻率随温度升高而减小6．某种金属导体的U﹣I图象如图所示，图象上A点和原点的连线与横轴成α角，A点的切线与横轴成β角．关于该导体的叙述，下列说法中正确的是（）A．导体的电功率随电压U的增大而增大B．导体的电功率与电压U的平方成正比C．在A点，导体的电阻为tanβD．在A点，导体的电阻为tanα7．额定电压都是110V、额定功率P A=110W和P B=40W的电灯两盏，若接在电压是220V的电路上，使两盏电灯均能正常发光，且电路中消耗功率最小的电路是（）A． B． C． D．二、多选题：共3题每题4分共12分8．关于电流，下列叙述中正确的是（）A．只要将导体置于电场中就有持续电流B．电源的作用可以使电路中有持续电流C．通常导体内没有电流时，就说明导体内的电荷没有移动D．导体中的电流可以是正、负电荷同时沿相反方向移动而产生的9．某课外研究小组设计的电子秤如图所示，滑动变阻器活动端与下端固定的弹性系数k=100N/m的竖直轻弹簧连接，并可以随弹簧上下移动，弹簧上端固定有一小托盘，不放物体时恰好电压表读数为零，已知电池电动势E=6V，内阻r=1Ω，滑动变阻器总电阻为5Ω，总长为L=10cm，g=10m/s2，弹簧总在弹性限度内．下列说法正确的是（）A．电压表读数最大值为6VB．电压表读数为5V时对应盘中物体的质量为1kgC．此秤最大称量为10kgD．电压表刻度改为质量刻度后依然均匀10．在探究电路故障时，某实验小组设计了如图所示的电路，当电键闭合后，电路中的各用电器正常工作，经过一段时间，发现小灯泡A的亮度变暗，小灯泡B的亮度变亮．则下列对电路故障的分析正确的是（）A．可能是定值电阻R1短路B．可能是定值电阻R2断路C．可能是定值电阻R3断路D．可能是定值电阻R4短路三、实验题：共2题每题10分共20分11．有一个小灯泡上标有“4V 2W”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的伏安特性曲线，有下列器材供选用：A．电压表（0～5V，内阻约10kΩ）B．电压表（0～10V，内阻约20kΩ）C．电流表（0～0.3A，内阻约1Ω）D．电流表（0～0.6A，内阻约0.4Ω）E．滑动变阻器（5Ω，1A）F．滑动变阻器G．学生电源（直流输出4V）及开关、导线等（1）实验中电压表应选用，电流表应选用．为使实验误差尽量减小，要求电压表从零开始变化且多取几组数据，滑动变阻器应选用（用序号字母表示）．（2）请在方框内画出满足实验要求的电路图，并把图中所示的实验器材用实线连接成相应的实物电路图．12．现有一刻度盘总共有N小格、且刻度均匀，量程未准确确定的电压表V1，已知其量程在13～16V之间，内阻r1=150kΩ．为测定其准确量程U1，实验室提供了如下表所列的器材，要求方法简洁，尽可能减少误差，并能测出多组数据．器材（代号）规格标准电压表V2量程3V，内阻r2=30kΩ电流表A 量程3A，内阻r3=0.01Ω滑动变阻器R 总阻值1kΩ（1）某同学设计了如图所示的甲、乙、丙三种电路图你认为选择（填“甲”、“乙”或“丙”）电路图测量效果最好．（2）若选择测量数据中的一组来计算V1的量程U1，则所用的表达式U1=，式中各符号表示的物理量是：．四、计算题：共4题共40分13．将电动势为3.0V的电源接入电路中，测得电源两极间的电压为2.4V，当电路中有6C的电荷流过时，求：（1）有多少其他形式的能转化为电能；（2）外电路中有多少电能转化为其他形式的能．14．如图所示，R1=7Ω，R2=3Ω，滑动变阻器R3的最大阻值为6Ω，求AB两端的电阻值的范围．15．如图所示，电源电动势为12V，内电阻为r=1Ω，R1=1Ω，R2=6Ω，电动机线圈电阻为0.5Ω，若开关闭合后通过电源的电流为3A，则R1上消耗的电功率为多少？电动机消耗的电功率为多少？16．温度传感器广泛应用于室内空调、电冰箱和微波炉等家用电器中，它是利用热敏电阻的阻值随温度变化而变化的特性工作的．在图甲中，电源的电动势E=9.0V，电源内电阻可忽略不计；G为小量程的电流表，电流表内阻R G保持不变；R为热敏电阻，其电阻值与温度的变化关系如图乙的R﹣t图线所示．闭合开关S．（1）当R的温度等于40℃时，电流表示数I1=2.25mA，求电流表内阻R G（2）则当电流表的示数I2=4.5mA时，求热敏电阻R的温度T．xx学年江西省抚州市崇仁二中高二（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单选题：共7题每题4分共28分1．在示波管中，电子枪2s内发射6×1013个电子（一个电子电荷量为﹣1.60×10﹣19C），则示波管中的电流大小约为（）A．4.8×10﹣6A B．3×10﹣13A C．9.6×10﹣6A D．3×10﹣6A【考点】电流、电压概念．【分析】每个电子的电荷量大小为e=1.6×10﹣19C．根据电流的定义式I=，求解示波管中电流的大小．【解答】解：每个电子的电荷量大小为e=1.6×10﹣19C，6×1013个电子总电荷量为q=6×1013×1.6×10﹣19C=9.6×10﹣6C，则示波管中电流大小为：I===4.8×10﹣6A．故选：A2．现取两节干电池A、B，其中A为1号干电池，B为7号干电池．则下列说法正确的是（）A．A的电动势一定大于B的电动势B．A的容量一定比B的容量大C．A的电阻一定比B的电阻大D．若把A、B两节干电池分别接入电路，当流过A、B的电流相同时，则相同时间内两干电池非静电力做的功相同【考点】电源的电动势和内阻．【分析】对于不同型号的干电池，电动势相同．1号干电池的内阻小于7号干电池的内阻．1号干电池的容量大于7号干电池的容量．功率表示做功的快慢，根据P=UI研究功率确定做功的快慢关系．【解答】解：A、1号干电池的电动势等于7号干电池的电动势，都是1.5V．故A错误．B、1号干电池的体积大，容量较大，即1号干电池的容量大于7号干电池的容量．故B 正确．C、1号干电池的内阻小于7号干电池的内阻．故C错误．D、把1号和7号干电池分别连入电路中，若电流I相同，电动势又相同，则功率P=EI相同，说明它们做功的快慢相同，则相同时间内两干电池非静电力做的功相同．故D正确．故选：BD3．如图所示，有三个电阻，已知R1：R2：R3=1：3：6，则电路工作时，电压U1：U2为（）A．1：2 B．1：3 C．1：6 D．1：9【考点】串联电路和并联电路．【分析】明确三个电阻的连接方式，根据串并联电路的规律可求得电压之比．【解答】解：已知R1：R2：R3=1：3：6，设流过R1的电流为I，则流为R2的电流为I2=；则由欧姆定律可知；电压之比为，U1：U2=IR1：R2=1：2．故选：A．4．一电流表的满偏电流I g=1mA，内阻R g=500Ω．要把它改装成一个量程为15V的电压表，则应在电流表上（）A．串联一个15kΩ的电阻B．并联一个15kΩ的电阻C．串联一个14.5kΩ的电阻D．并联一个14.5kΩ的电阻【考点】把电流表改装成电压表．【分析】把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，应用串联电路特点与欧姆定律可以求出串联电阻阻值【解答】解：把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，串联电阻阻值R=﹣R g=﹣500=14.5kΩ，则C正确故选：C5．关于电阻率，下列说法中正确的是（）A．电阻率是表征材料导电性能好坏的物理量，电阻率越大，其导电性能越好B．某些合金的电阻率几乎不受温度变化的影响，通常都用它们制作标准电阻C．所谓超导体，是当其温度降低到接近绝对零度的某个临界温度时，它的电阻率突然变为无穷大D．各种材料的电阻率大都与温度有关，金属的电阻率随温度升高而减小【考点】电阻定律．【分析】电阻率是描述材料导电能力的物理量，材料的电阻率由材料本身性质决定，与材料长度和横截面积无关，受温度影响．【解答】解：A、电阻率是表征材料导电性能好坏的物理量，电阻率越大其导电性能越差，故A错误；B、标准电阻的阻值不随温度的变化而变化，某些合金的电阻率几乎不受温度变化的影响，常用来制作标准电阻，故B正确；C、超导现象是绝对零度附近时，电阻突然减小到零的现象，此时电阻率突然变为零，故C错误；D、电阻率表征了导体材料导电能力的强弱，由导体的材料决定，与温度有关，大多数金属的电阻率随温度升高而增大，故D错误；故选：B6．某种金属导体的U﹣I图象如图所示，图象上A点和原点的连线与横轴成α角，A点的切线与横轴成β角．关于该导体的叙述，下列说法中正确的是（）A．导体的电功率随电压U的增大而增大B．导体的电功率与电压U的平方成正比C．在A点，导体的电阻为tanβD．在A点，导体的电阻为tanα【考点】电阻定律；电功、电功率．【分析】根据图线对应的横纵坐标确定的矩形面积的变化判断电功率的变化．根据由判断电功率与电压U的关系．图线切线斜率不等于倾角的正切值．【解答】解：A、由图象知，U增大，电流I增大，该导体的电功率在数值上等于横、纵坐标确定的矩形面积，则电功率增大．故A正确．B、由欧姆定律知，导体的电阻R=，随着U增大，I增大得越来越慢，故导体的电阻R随U 的增大而增大，由知导体的电功率与电压U的平方不成正比，故B错误．C、在物理图象上，图象的倾角决定于标度的选取，不能用倾角的正切求斜率．故C、D错误．故选A．7．额定电压都是110V、额定功率P A=110W和P B=40W的电灯两盏，若接在电压是220V的电路上，使两盏电灯均能正常发光，且电路中消耗功率最小的电路是（）A． B． C． D．【考点】电功、电功率；串联电路和并联电路．【分析】由题可知，灯泡的电压相等，但是灯泡的功率不同，由此可以知道两种灯泡的电阻的大小不同，在由电路的串并联的知识先逐个分析灯泡能否正常的发光，再判断消耗的功率最小的电路【解答】解：灯泡正常工作时，两灯泡上的电压相等，可先判断电路是否能正常工作，然后再比较分流电阻和分压电阻分别消耗的功率大小，从而做出判断．判断灯泡能否正常发光，就要判断电压是否是额定电压，或电流是否是额定电流．由P=和已知条件可知，R A＜R B．对于A电路，由于R A＜R B，所以U B＞110 V，B灯烧毁，两灯不能正常发光．对于B电路，由于R B＞R A，A灯又并联变阻器，并联电阻更小于R B，所以U B＞110 V，B灯烧毁．对于C电路，B灯与变阻器并联，电阻可能等于R A，所以可能有U A=U B=110 V，两灯可以正常发光．对于D电路，若变阻器的有效电阻等于A、B的并联电阻，则U A=U B=110 V，两灯可以正常发光．比较C、D两个电路，由于C电路中变阻器功率为（I A﹣I B）×110，而D电路中变阻器功率为（I A+I B）×110，所以C电路消耗电功率最小．故选：C二、多选题：共3题每题4分共12分8．关于电流，下列叙述中正确的是（）A．只要将导体置于电场中就有持续电流B．电源的作用可以使电路中有持续电流C．通常导体内没有电流时，就说明导体内的电荷没有移动D．导体中的电流可以是正、负电荷同时沿相反方向移动而产生的【考点】电流、电压概念．【分析】导体置于电场中，达到静电平衡后没有电流．导体两端存在持续的电压，导体中才有持续的电流．电源能提供持续的电压．导体中没有电流时，电荷在做无规则的热运动，没有定向移动．【解答】解：A、导体置于电场中，达到静电平衡后没有电流．故A错误．B、导体两端存在持续的电压，导体中才有持续的电流．电源能提供持续的电压，可以使电路中有持续电流．故B正确．C、导体中没有电流时，电荷在做无规则的热运动，没有定向移动．故C错误．D、电解质溶液导电是由于正、负电荷同时沿相反方向移动产生．故D正确．故选：BD9．某课外研究小组设计的电子秤如图所示，滑动变阻器活动端与下端固定的弹性系数k=100N/m的竖直轻弹簧连接，并可以随弹簧上下移动，弹簧上端固定有一小托盘，不放物体时恰好电压表读数为零，已知电池电动势E=6V，内阻r=1Ω，滑动变阻器总电阻为5Ω，总长为L=10cm，g=10m/s2，弹簧总在弹性限度内．下列说法正确的是（）A．电压表读数最大值为6VB．电压表读数为5V时对应盘中物体的质量为1kgC．此秤最大称量为10kgD．电压表刻度改为质量刻度后依然均匀【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】当滑动变阻器滑片位于最下端时，电压表读数最大，由串联电路分压规律求电压表读数最大值．电压表读数为5V时，求出变阻器滑片上部分的电阻，再按比例求出该段电阻的长度，分析出弹簧的压缩量，由胡克定律求物体的质量．当电压表读数最大时，物体的质量最大．由胡克定律可求得形变量；再由闭合电路欧姆定律可得出电压与形变量之间的关系，联立可得物体的质量与电压表读数的关系式，再分析电压表刻度是否均匀．【解答】解：A、当滑动变阻器滑片位于最下端时，电压表读数最大，为U m=E=×6V=5V，故A错误．B、当电压表读数为5V时，滑动变阻器滑片位于最下端，弹簧的压缩量增大了△x=L=10cm=0.1m，由胡克定律得：mg=k△x，得对应盘中物体的质量为m==1kg，故B正确．C、由上分析可知，滑动变阻器滑片位于最下端时，此秤称量的物体质量最大，则此秤最大称量为1kg．故C错误．D、设滑片向下移动时x时，物体的质量为m，电压表读数为U．则kx=mg又U=E，联立得U=m，可知U与m成正比，因此电压表刻度改为质量刻度后依然均匀．故D正确．故选：BD10．在探究电路故障时，某实验小组设计了如图所示的电路，当电键闭合后，电路中的各用电器正常工作，经过一段时间，发现小灯泡A的亮度变暗，小灯泡B的亮度变亮．则下列对电路故障的分析正确的是（）A．可能是定值电阻R1短路B．可能是定值电阻R2断路C．可能是定值电阻R3断路D．可能是定值电阻R4短路【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】将选项中各个故障逐一代入，由欧姆定律和电路的连接关系分析两灯亮度的变化情况，检查是否符合题意，从而确定正确选项．【解答】解：A、若电阻R1短路，外电路总电阻减小，路端电压随之减小，干路电流增大，则小灯泡A的亮度变亮，与题不符，故A错误．B、若R2断路，外电路总电阻增大，干路电流减小，则小灯泡A的亮度变暗．根据串联电路分压原理可知，R3的电压增大，通过R3的电流增大，而干路电流减小，所以通过R1的电流减小，R1的电压减小，所以B灯的电压增大，则小灯泡B的亮度变亮，与题相符，故B正确．C、若R3断路，外电路总电阻增大，干路电流减小，则小灯泡A的亮度变暗．R3的电压增大，B灯的电压增大，则小灯泡B的亮度变亮，与题相符，故C正确．D、若R4短路，外电路总电阻减小，干路电流增大，则小灯泡A的亮度变亮，与题不符，故D错误．故选：BC三、实验题：共2题每题10分共20分11．有一个小灯泡上标有“4V 2W”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的伏安特性曲线，有下列器材供选用：A．电压表（0～5V，内阻约10kΩ）B．电压表（0～10V，内阻约20kΩ）C．电流表（0～0.3A，内阻约1Ω）D．电流表（0～0.6A，内阻约0.4Ω）E．滑动变阻器（5Ω，1A）F．滑动变阻器G．学生电源（直流输出4V）及开关、导线等（1）实验中电压表应选用A，电流表应选用D．为使实验误差尽量减小，要求电压表从零开始变化且多取几组数据，滑动变阻器应选用E（用序号字母表示）．（2）请在方框内画出满足实验要求的电路图，并把图中所示的实验器材用实线连接成相应的实物电路图．【考点】伏安法测电阻．【分析】（1）根据灯泡额定电压选择电压表，根据灯泡额定电流选择电流表，为方便实验操作，在保证安全的前提下，选用最大阻值较小的滑动变阻器．（2）根据灯泡正常发光时的电阻与电表内阻的关系选择电流表的接法．确定滑动变阻器与电流表的接法，然后作出实验电路图，根据实验电路图连接实物电路图．【解答】解：（1）灯泡额定电压为4V，则电压表应选：A；灯泡额定电流为：I==0.5A，电流表应选：D；要求电压表从零开始变化且多取几组数据，滑动变阻器采用分压接法，要选择小电阻，使用滑动变阻器应选：E；（2）描绘小灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡电阻R===8Ω，电压表内阻为10kΩ，电流表内阻为0.4Ω，灯泡电阻远小于电压表内阻，所以电流表采用外接法，实验电路图如图所示：（3）根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示．故答案为：（1）A，D，E；（2）如图12．现有一刻度盘总共有N小格、且刻度均匀，量程未准确确定的电压表V1，已知其量程在13～16V之间，内阻r1=150kΩ．为测定其准确量程U1，实验室提供了如下表所列的器材，要求方法简洁，尽可能减少误差，并能测出多组数据．器材（代号）规格标准电压表V2量程3V，内阻r2=30kΩ电流表A 量程3A，内阻r3=0.01Ω滑动变阻器R 总阻值1kΩ（1）某同学设计了如图所示的甲、乙、丙三种电路图你认为选择乙（填“甲”、“乙”或“丙”）电路图测量效果最好．（2）若选择测量数据中的一组来计算V1的量程U1，则所用的表达式U1=U2，式中各符号表示的物理量是：N：V1的总格数，N1：V1的读出格数，U2：V2的读数，r1：待测表内阻，r2：V2表内阻．【考点】伏安法测电阻．【分析】由于待测电压表的满偏电流与标准电压表的满偏电流接近，所以可考虑将它们串联使用，又由于滑动变阻器的全电阻远小于电压表内阻，所以变阻器应用分压式接法，然后设出待测电压表每格的电压，测出其偏转格数，根据欧姆定律即可求解．【解答】解：（1）由于待测电压表的满偏电流与标准电压表的满偏电流接近，大约是0.1mA，所以可将两电压表串联使用，由于变阻器的全电阻远小于电压表内阻，所以变阻器应用分压式接法，所以选择乙电路图进行测量．（2）待测电压表V1的指针偏转格数为N1，每格表示电压值为△U，由欧姆定律可得：=，所以电压表V1的量程为：U1=N•△U联立解得：U1=U2，其中r1=150kΩ，r2=30kΩ，U2为某次测量时V2的读数，N：V1的总格数，N1为某次测量V1的指针偏转格数．故答案为：（1）乙；（2）U2；N：V1的总格数，N1：V1的读出格数，U2：V2的读数，r1：待测表内阻，r2：V2表内阻．四、计算题：共4题共40分13．将电动势为3.0V的电源接入电路中，测得电源两极间的电压为2.4V，当电路中有6C的电荷流过时，求：（1）有多少其他形式的能转化为电能；（2）外电路中有多少电能转化为其他形式的能．【考点】电功、电功率．【分析】（1）根据W=Eq求解有多少其他形式的能转化为电能；（2）根据W1=U1q求解外电路中电能转化为其他形式的能．【解答】解：（1）根据W=Eq得：W=3.0×6 J=18 J，则电源中共有18 J其他形式的能转化为电能．（2）根据W=Uq得：W1=U1q=2.4×6 J=14.4 J，则外电路中共有14.4 J电能转化为其他形式的能．答：（1）有18 J其他形式的能转化为电能；（2）外电路中有14.4 J电能转化为其他形式的能．14．如图所示，R1=7Ω，R2=3Ω，滑动变阻器R3的最大阻值为6Ω，求AB两端的电阻值的范围．【考点】串联电路和并联电路．【分析】根据电路的连接关系，推导出电路总电阻表达式，分析总电阻的最大值和最小值，从而即可求解．【解答】解：当R3=0时，R2短路，R AB最小，R AB=R1=7Ω，当R3=6Ω时，R2，R3并联，R AB最大，R′AB=R1+=9Ω，故AB两端的电阻范围为7Ω≤R≤9Ω．答：AB两端的电阻值的范围7Ω≤R≤9Ω．15．如图所示，电源电动势为12V，内电阻为r=1Ω，R1=1Ω，R2=6Ω，电动机线圈电阻为0.5Ω，若开关闭合后通过电源的电流为3A，则R1上消耗的电功率为多少？电动机消耗的电功率为多少？【考点】电功、电功率．【分析】开关闭合后，由P1=I2R1求解R1上消耗的电功率；先根据闭合电路欧姆定律求解电动机电压，根据欧姆定律求解通过电阻R2的电流，由干路电流和R2的电流求出流过电动机的电流，由P=UI求解电动机消耗的电功率．【解答】解：R1上消耗的功率：P1=I2R1=9×1 W=9 W电动机两端的电压：U=E﹣I（R1+r）=12﹣3×（1+1）=6 V通过R2的电流为：I1== A=1 A通过电动机的电流为：I2=I﹣I1=2 A故电动机消耗的电功率为：P2=I2U=2×6 W=12 W答：R1上消耗的电功率为9W，电动机消耗的电功率为12W．16．温度传感器广泛应用于室内空调、电冰箱和微波炉等家用电器中，它是利用热敏电阻的阻值随温度变化而变化的特性工作的．在图甲中，电源的电动势E=9.0V，电源内电阻可忽略不计；G为小量程的电流表，电流表内阻R G保持不变；R为热敏电阻，其电阻值与温度的变化关系如图乙的R﹣t图线所示．闭合开关S．（1）当R的温度等于40℃时，电流表示数I1=2.25mA，求电流表内阻R G（2）则当电流表的示数I2=4.5mA时，求热敏电阻R的温度T．【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】（1）由图象得出电阻的阻值，再由闭合电路欧姆定律求出电流表内阻；（2）由闭合电路欧姆定律求得电阻值，再由图象得出对应的温度值．【解答】解：（1）由图可知，温度为40℃时，电阻为R=3.5kΩ；则由I1=，解得：R G=﹣3500=500Ω；（2）由I2=，代入数据得：R′=1500Ω从R﹣t图象可知，此时的温度是140℃；答：（1）电流表内阻为500Ω；（2）热敏电阻的阻值为140℃．xx年11月25日。

云南峨山彝族自治县第一中学2020-2021学年高二上学期期末考试物理试题含答案解析

云南峨山彝族自治县第一中学【最新】高二上学期期末考试物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．在科学发展史上，很多科学家做出了杰出的贡献，他们在物理学的研究过程中应用了很多科学的思想方法，下列叙述不．正确的是( )A．法拉第首先提出用电场线描绘抽象的电场，这是一种形象化的研究方法B．库仑得出库仑定律并用扭秤实验最早测出了元电荷e的数值C．用点电荷来代替实际带电体是采用了理想化物理模型的方法D．电场强度的表达式FEq=和电势差WUq=的表达式都是利用比值法得到的定义式2．某电场的电场线分布如图所示，电场中有A、B两点，则以下判断正确的是（）A．A点的场强大于B点的场强，B点的电势高于A点的电势B．若将一个电荷由A点移到B点，电荷克服电场力做功，则该电荷一定为负电荷C．一个负电荷处于B点的电势能大于它处于A点的电势能D．若将一个正电荷由A点释放，该电荷将在电场中做加速度减小的加速运动3．物体从某一高度自由下落，第1s内就通过了全程的一半，物体还要下落多少时间才会落地（）A．1sB．1.5sCD．1)s4．如图所示，在均匀磁场中有一U形导线框abcd，线框处于水平面内，磁场与线框平面垂直，R为一电阻，导体棒ef垂直ab静置于导线框上且接触良好，可在ab，cd上无摩擦地滑动，杆ef及线框中导线的电阻都忽略不计.若给棒ef一个向右的初速度，则棒ef将（）A．往返运动B．匀速向右运动C．匀减速向右运动，最后停止D．减速向右运动，但不是匀减速5．如图所示，导体棒ab长为4L，匀强磁场的磁感应强度为B，导体绕过O点垂直纸面的轴以角速度ω匀速转动，a与O的距离很近．则a端和b端的电势差Uab的大小等于()A．2BL2ωB．4BL2ωC．6BL2ωD．8BL2ω6．在如图所示的电路中，开关S闭合后和闭合前相比，三个理想电表示数的变化情况是（）A．V示数变大，A1示数变大，A2示数变小B．V示数变大，A1示数变小，A2示数变大C．V示数变小，A1示数变大，A2示数变小D．V示数变小，A1示数变小，A2示数变大7．在图中，条形磁铁以速度v远离螺线管，螺线管中的感应电流的情况是()A．穿过螺线管中的磁通量减少，产生感应电流B．穿过螺线管中的磁通量增加，产生感应电流C．穿过螺线管中的磁通量增加，不产生感应电流D．穿过螺线管中的磁通量减少，不产生感应电流8．用电压表检查如图所示电路的故障，如图所示，分别测得U ad＝5.0 V，U cd＝0，U ab ＝5.0 V，则此故障可能是()A．L断路B．R断路C．R′断路D．S断路9．两条间距为d的平行光滑金属导轨间接有电源E，导轨平面与水平面夹角θ=30°．金属杆ab垂直导轨放置，导轨与金属杆接触良好．整个装置处于磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向与竖直成30°斜向上，如图所示，此时金属杆ab刚好处于静止状态．采取以下措施后，仍可以使金属杆处于静止状态的有（）A．将磁场方向改为竖直向上，同时减小B，其他条件不变B．增大倾角θ同时调节滑动变阻器使电流增大，其他条件不变C．增大倾角θ，磁场方向改为水平向左，其他条件不变D．减小倾角θ，同时调节滑动变阻器使连入电路中的电阻减小，其他条件不变10．如图所示，有一磁感应强度为B，方向竖直向上的匀强磁场，一束电子流以初速度v从水平方向射入，为了使电子流经过磁场时不偏转(不计重力)，则磁场区域内必须同时存在一个匀强电场，这个电场的场强大小和方向是()A．B/v，竖直向上B．B/v，水平向左C．Bv，垂直于纸面向里D．Bv，垂直于纸面向外二、多选题11．如图所示，一辆汽车沿水平面向右匀速运动，通过定滑轮将重物A竖直吊起，在吊起重物的过程中，关于重物的运动及受力情况下列判断正确的是（）A．重物匀速上升B．重物加速上升C．重物所受重力等于拉力D．重物所受重力小于拉力12．如图所示，abcd是一小金属块，用一根绝缘细杆挂在固定点O，使金属块绕竖直线OO′来回摆动，穿过水平方向的匀强磁场区域，磁感线方向跟纸面垂直，若摩擦和空气阻力均不计，则A．金属块进入或离开磁场区域时，都会产生感应电流B．金属块完全进入磁场区域后，金属块中无感应电流C．金属块开始摆动后，摆角会越来越小，摆角小到某一值后将不再减小D．金属块摆动过程中，机械能会完全转化为金属块中产生的电能13．如图所示，在同时存在匀强电场和匀强磁场的空间中取正交坐标系Oxyz，一质量为m，电荷量为q的带正电的带电体，从原点O以速度v沿x轴正方向出发，下列说法正确的是()A．若电场、磁场均沿z轴正方向，粒子有可能做匀速圆周运动B．若电场、磁场分别沿z轴正方向和x轴正方向，粒子只能做曲线运动C．若电场、磁场分别沿z轴负方向和y轴负方向，粒子有可能做匀速直线运动D．若电场、磁场分别沿y轴负方向和z轴正方向，粒子有可能做平抛运动14．如图所示，在倾角为30°的光滑斜面上，垂直纸面放一根长为L、质量为m的直导体，通以如图方向的恒定电流I时，欲使导体静止在斜面上，应再外加匀强磁场，则磁感应强度B的大小和方向可能为（）A．垂直于斜面向上，大小合适B．mg/2IL，方向一定C．，方向一定D．水平向左，大小合适三、实验题15．如图甲为“探究求合力的方法”的实验装置。

2019-2020学年度高二物理上学期月考试卷(含解析)

——教学资料参考参考范本——2019-2020学年度高二物理上学期月考试卷（含解析）______年______月______日____________________部门一、单项选择题：（本题共12个小题，每小题4分，共48分；每小题只有一个正确答案．）1．一个检验电荷在电场中某点受到的电场力为F，这点的电场强度为E，在下图中能正确反映q、E、F三者关系的是( ) A．B．C．D．2．一节干电池的电动势为1.5V，这表示该电池( )A．能将1.5J的化学能转变成电能B．接入电路工作时两极间的电压恒定为1.5VC．它存储的电能比电动势为1.2V可充电电池存储的电能多D．将1C电量的电荷由负极移送到正极的过程中，非静电力做了1.5J的功3．如图所示，虚线表示某点电荷Q所激发电场的等势面，已知a、b两点在同一等势面上，c、d两点在另一个等势面上．甲、乙两个带电粒子以相同的速率，沿不同的方向从同一点a射入电场，在电场中沿不同的轨迹adb曲线、acb曲线运动．则下列说法正确的是( )①两粒子所带的电荷符号不同②甲粒子经过c点时的速度大于乙粒子经过d点的速度③两个粒子的电势能都是先减小后增大④经过b点时，两粒子的动能一定相等．A．①②B．①③C．③④D．①④4．如图所示，将两个等量异种点电荷分别固定于A、B两处，AB为两点电荷的连线，MN为AB连线的中垂线，交AB于O点，M、N距两个点电荷较远，以下说法正确的是( )A．沿直线由A到B，各点的电场强度先减小后增大B．沿直线由A到B，各点的电势先升高后降低C．沿中垂线由M到O，各点的电场强度先增大后减小D．将一电荷从M点移到O点，电场力做正功，电荷的电势能减少5．在匀强电场中将一个带电量为q、质量为m的小球由静止释放，小球的运动轨迹为一直线，此直线与竖直方向的夹角为θ，则匀强电场E的最小值是( )A．B．C．D．6．带电的平行板电容器与静电计的连接如图所示，要使静电计的指针偏角变大，可采用的方法有( )A．在两板间插入电介质B．在两板间插入一块厚铝板C．将极板B向右适当移动D．将极板B向上适当移动7．在如图所示的电路中，当滑动变阻器的滑片向b端移动时( )A．电压表的读数增大，电流表的读数减小B．电压表和电流表的读数都增大C．电压表和电流表的读数都减小D．电压表的读数减小，电流表的读数增大8．把六个相同的小灯泡接成如图甲、乙所示的电路，调节变阻器使灯泡均正常发光，甲、乙两电路所消耗的功率分别用P甲和P乙表示，则下列结论中正确的是( )A．P甲=3P乙B．P甲＞3P乙C．P乙=3P甲D．P乙＞3P甲9．如图所示，电源电动势为E，内阻为r，R0为定值电阻，R为可变电阻，其总阻值R＞R0+r，则当可变电阻的滑动触头由A向B移动时( )A．电源内部消耗的功率越来越大，电源的供电效率越来越高B．R、R0上功率均越来越大C．R0上功率越来越大，R上功率先变大后变小D．R0上功率越来越大，R上功率先变小后变大10．如图中的两个电路，都是由一个灵敏电流计G和一个变阻器R组成的电表，它们之中一个是测电压的电压表，另一个是测电流的电流表，那么以下结论中正确的是( )A．左表是电流表，R增大时量程减小B．左表是电流表，R增大时量程增大C．右表是电压表，R增大时量程减小D．上述说法都不对11．如图所示，平行板电容器与直流电源连接，上极板接地．一带负电的油滴位于容器中的P点且处于静止状态．现将下极板竖直向下缓慢地移动一小段距离，则错误的是( )A．带P点的电势将升高B．带电油滴的机械能将增加C．电油滴的电势能将减少D．通过灵敏电流计有从a往b的电流12．地面附近，存在着一有界电场，边界MN将某空间分成上下两个区域Ⅰ、Ⅱ，在区域Ⅱ中有竖直向上的匀强电场，在区域Ⅰ中离边界某一高度由静止释放一质量为m的带电小球A，如图甲所示，小球运动的v﹣t图象如图乙所示，已知重力加速度为g，不计空气阻力，则( )A．在t=2.5s时，小球经过边界MNB．小球受到的重力与电场力之比为3：5C．在小球运动的整个过程中，小球的机械能与电势能总和先变大再变小D．在小球向下运动的整个过程中，重力做的功与电场力做的功大小相等二、双项选择题：（本题共4个小题，每小题4分，共16分；每小题有两个正确答案，选不全得2分．）13．如图为一匀强电场，某带电粒子从A点运动到B点，在这一运动过程中克服重力做的功为3.0J，电场力做的功为2.0J．则下列说法正确的是( )A．粒子带正电B．粒子在A点的电势能比在B点少2.0JC．粒子在A点的机械能比在B点少1.0JD．粒子在A点的动能比在B点多1.0J14．如图，在真空中一条竖直向下的电场线上有两点a和b．一带电质点在a处由静止释放后沿电场线向上运动，到达b点时速度恰好为零．则下面说法正确的是( )A．a点的电场强度大于b点的电场强度B．质点在b点所受到的合力一定为零C．带电质点在a点的电势能大于在b点的电势能D．a点的电势高于b点的电势15．电源和一个水平放置的平行板电容器、三个电阻组成如图所示的电路．当开关S闭合后，电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态．现将开关S断开，则以下判断正确的是( )A．液滴仍保持静止状态B．液滴将向上运动C．电容器上的带电量将减为零D．电容器上的带电量将增大16．如图，电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r．将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V1、V2、V3示数变化量的绝对值分别为△V1、△V2、△V3，理想电流表A示数变化量的绝对值△I，则( )A．电压表V3与电流表A示数的比值不变B．△V1与△I的比值等于R+rC．△V2与△I的比值等于rD．△V3与△I的比值不变三、填空实验题：（本题共3个小题，满分16分）17．利用图甲所示电路测量某电池组的电动势E和内阻r，根据实验数据绘出的﹣R图线如图乙所示，其中R为电阻箱读数，I为电流表读数．若电流表内阻可以忽略，则由图象可以得到：E=__________V，r=__________Ω．18．为了测量一电压表的内阻，实验室提供了以下可供选择的器材：A、待测电压表，量程1V，内阻RV约为900ΩB、滑动变阻器R，最大阻值1000Ω，额定电流0.2AC、滑动变阻器R，最大阻值10Ω，额定电流1AD、电阻箱R0，最大阻值999.9Ω，阻值最小改变量0.1ΩE、电阻箱R0，最大阻值99.9Ω，阻值最小改变量0.1ΩF、电池组E，电动势约为3V，内阻约为1ΩG、开关及导线若干①某同学采用半偏法设计的电路图所示，他做此实验的主要实验步骤为：a、闭合开关S，调节电阻箱R0使其阻值为0，调节滑动变阻器R 的滑动触头P，使电压表__________（选填：满偏、半偏）；b、保持滑动触头P的位置不动，调节电阻箱R0的阻值，使电压表__________，（选填：满偏、半偏），并读取此时电阻箱的阻值．②在器材的选择上，滑动变阻器应选__________，电阻箱应选__________（用器材前的序号字母表示）③如果该同学在上述步骤b中从电阻箱上读取的阻值为r，则此电压表的内阻RV=__________．用上述方法测出的电压表内阻的测量值RV__________（大于、小于或等于）电压表内阻的真实值．19．在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，利用实验得到了8组数据，在图（a）所示的I﹣U坐标系中，通过描点连线得到了小灯泡的伏安特性曲线．（1）根据图线的坐标数值，请在图（b）中用笔画线代替导线，把实验仪器连接成完整的实验电路．（2）根据图（a），可判断出图（c）中正确的关系图是（图中P 为小灯泡功率）__________（3）将同种规格的两个这样的小灯泡并联后再与10Ω的定值电阻串联，接在电压恒为8V的电源上，如图（d）所示，则电流表的示数为__________A，每个小灯泡的功率为__________W．四、计算题（本大题共3小题，共30分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）20．如图，带等量异种电荷的平行金属板，其间距离为d，两板间的电势差为U，极板与水平方向成30°角放置，有一质量为m、速率为v0的带电小球恰好沿水平方向穿过极板间的匀强电场区域，求：（1）小球带何种电荷？电荷量是多少？（2）小球的加速度（3）小球穿过极板时的速率．21．如图所示，电阻R1=8Ω，电动机绕组电阻R0=2Ω，当电键K断开时，电阻R1消耗的电功率是2.88W；当电键闭合时，电阻R1消耗的电功率是2W，若电源的电动势为6V．求：（1）电源的内电阻；（2）当电键K闭合时电动机的输出功率．22．如图所示，空间存在着电场强度E=2.5×102N/C、方向竖直向上的匀强电场，在电场内一长为L=0.5m的绝缘细线一端固定于O点，另一端拴着质量m=0.5kg、电荷量q=4×10﹣2C的小球．现将细线拉至水平位置，将小球由静止释放，当小球运动到最高点时细线受到的拉力恰好达到它能承受的最大值而断裂，取g=10m/s2．求：（1）小球运动到圆周最高点的速度；（2）细线能承受的最大拉力值；（3）当细线断后，小球继续运动到与O点水平方向的距离为L时，小球距离O点的高度．20xx-20xx学年四川省××市沫若中学高二（上）月考物理试卷一、单项选择题：（本题共12个小题，每小题4分，共48分；每小题只有一个正确答案．）1．一个检验电荷在电场中某点受到的电场力为F，这点的电场强度为E，在下图中能正确反映q、E、F三者关系的是( ) A．B．C．D．【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度的大小与放入电场中的电荷无关，由电场本身的性质决定，根据F=qE分析F与q的关系．【解答】解：A、电场强度的大小与放入电场中的电荷无关，故A、B错误．C、根据F=qE知，E不变，F与q成正比，故C错误，D正确．故选：D．【点评】解决本题的关键知道电场强度的性质，知道电场强度与F和q无关，结合F=qE分析F与q的关系，基础题．2．一节干电池的电动势为1.5V，这表示该电池( )A．能将1.5J的化学能转变成电能B．接入电路工作时两极间的电压恒定为1.5VC．它存储的电能比电动势为1.2V可充电电池存储的电能多D．将1C电量的电荷由负极移送到正极的过程中，非静电力做了1.5J的功【考点】电源的电动势和内阻．【专题】恒定电流专题．【分析】电源是一种把其它形式的能转化为电能的装置，电动势E的大小等于非静电力做的功与电量的比值，即E=，其大小表示电源把其它形式的能转化为电能本领大小，而与转化能量多少无关．【解答】解：A、D、电源电动势的大小表征了电源把其它形式的能转化为电能的本领大小，电动势在数值上等于将1C电量的正电荷从电源的负极移到正极过程中非静电力做的功，即一节干电池的电动势为1.5V，表示该电池能将1C电量的正电荷由负极移送到正极的过程中，非静电力做了1.5J的功，故D正确，A错误；B、电动势应等于电源内外电压之和，故B错误；C、电动势大的说明电源把其它形式的能转化为电能的本领大，即由E=知，电动势大的存储的电能不一定多，故C错误．故选D．【点评】E=也是属于比值定义式，与U=含义截然不同，电动势E大小表征电源把其它形式能转化为电能本领大小，而电压U大小表征电能转化为其它形式的能的大小，要注意区分．3．如图所示，虚线表示某点电荷Q所激发电场的等势面，已知a、b两点在同一等势面上，c、d两点在另一个等势面上．甲、乙两个带电粒子以相同的速率，沿不同的方向从同一点a射入电场，在电场中沿不同的轨迹adb曲线、acb曲线运动．则下列说法正确的是( )①两粒子所带的电荷符号不同②甲粒子经过c点时的速度大于乙粒子经过d点的速度③两个粒子的电势能都是先减小后增大④经过b点时，两粒子的动能一定相等．A．①②B．①③C．③④D．①④【考点】电势能；动能定理的应用．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据轨迹判定电荷甲受到中心电荷的引力，而电荷乙受到中心电荷的斥力，可知两粒子在从a向b运动过程中电场力做功情况．根据虚线为等势面，可判定acb、adb曲线过程中电场力所做的总功为0．【解答】解：①由图可知电荷甲受到中心电荷的引力，而电荷乙受到中心电荷的斥力，故两粒子的电性一定不同．故①正确．②甲粒子从a到c和乙粒子从a到d，Uac=Uad，但甲、乙两粒子带异种电荷，所以甲粒子从a到c电场力做功与乙粒子从a到d电场力做功不等，所以甲粒子经过c点时的动能不等于乙粒子经过d点时的动能，甲粒子经过c点时的速度大于乙粒子经过d点的速度，故②正确．③由图可知电荷甲受到中心电荷的引力，则电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增加；而电荷乙受到中心电荷的斥力，电场力先做负功后做正功，电势能先增加后减小，故③错误．④可知两粒子在从a向b运动过程中电场力做功情况．根据虚线为等势面，可判定acb、adb曲线过程中电场力所做的总功为0，两粒子在a点时具有相同的速率，但动能不一定相等，虽重力不计，两粒子经过b点时动能不一定相等．故④错误因此本题正确的有①②．故选：A．【点评】根据轨迹判定“电荷甲受到中心电荷的引力，而电荷乙受到中心电荷的斥力”是解决本题的突破口．要注意电势能，电荷，电势都有正负．学会由电场力做功的正负来确定电势能的增减．4．如图所示，将两个等量异种点电荷分别固定于A、B两处，AB为两点电荷的连线，MN为AB连线的中垂线，交AB于O点，M、N距两个点电荷较远，以下说法正确的是( )A．沿直线由A到B，各点的电场强度先减小后增大B．沿直线由A到B，各点的电势先升高后降低C．沿中垂线由M到O，各点的电场强度先增大后减小D．将一电荷从M点移到O点，电场力做正功，电荷的电势能减少【考点】电势能；电场线．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】在如图所示的电场中，等量异种电荷连线上的电场方向是相同的，由+Q指向﹣Q；根据电场线的疏密分析场强的变化．电场线越密，场强越大，两电荷连线上的电场强度大小关于O点对称，MN是一条等势线．根据顺着电场线电势降低，判断电势的变化．【解答】解：A、由电场线的分布可知，沿直线由A到B，电场线先变疏后变密，则电场强度先减小后增大．故A正确．B、电场线方向由B到A，根据顺着电场线方向电势降低可知，沿直线由A到B，各点的电势一直升高．故B错误．C、沿中垂线由M到O，电场线越来越密，电场强度一直增大．故C错误．D、MN是一条等势线．将一电荷从M点移到O点，电场力不做功，电势能不变．故D错误．故选A【点评】解决本题的关键知道等量异种电荷周围的电场线分布，知道两电荷连线的中垂线是等势线．5．在匀强电场中将一个带电量为q、质量为m的小球由静止释放，小球的运动轨迹为一直线，此直线与竖直方向的夹角为θ，则匀强电场E的最小值是( )A．B．C．D．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；电场强度．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】由题，小球受到重力G和电场力F而做直线运动，其合力方向与此直线在同一直线上，作出力的合成图，确定电场力最小的条件，得到电场力的最小值，再求解匀强电场E的最小值．【解答】解：由题小球做直线运动，受到重力G和电场力F的作用，则这两个力合力方向必须在此直线上，作出电场力在三种不同方向力的合成图如图，由数学知识得知，当电场力F与此直线垂直时，F最小，最小值为Fmin=Gsinθ=mgsinθ．又F=qE，F最小时，则E也最小，所以匀强电场E的最小值是Emin==．故选B【点评】本题首先要掌握物体做直线运动的条件：合力与速度共线；其次要能运用作图法，确定电场力F取得最小值的条件．6．带电的平行板电容器与静电计的连接如图所示，要使静电计的指针偏角变大，可采用的方法有( )A．在两板间插入电介质B．在两板间插入一块厚铝板C．将极板B向右适当移动D．将极板B向上适当移动【考点】电容器的动态分析．【专题】定性思想；推理法；电容器专题．【分析】根据电容的决定式C=ɛ，分析电容的变化，再由电容的定义式C=，分析板间电压的变化，确定静电计指针张角的变化．【解答】解：A、在两板间插入电介质时，介电常数增大，根据C=ɛ，则C增大，根据U=知，电势差减小，则指针偏角减小，故A错误；B、在两极板间插入一块铝板，间距d变小，根据C=ɛ，则电容C增大，根据U=知，电势差增减小，则指针偏角减小，故B错误；C、将极板B向右运动时，间距减小，根据C=ɛ，则C增大，根据U=知，电势差减小，则指针偏角减小，故C错误；D、将极板B向上运动时，正对面积减小，根据C=ɛ，则C减小，根据U=知，电势差增大，则指针偏角增大，故D正确；故选：D．【点评】本题考查电容器的动态分析问题，要明确夹角大小表示电势差的大小，关键掌握电容的决定式C=ɛ，以及电容的定义式C=，并能灵活运用．7．在如图所示的电路中，当滑动变阻器的滑片向b端移动时( )A．电压表的读数增大，电流表的读数减小B．电压表和电流表的读数都增大C．电压表和电流表的读数都减小D．电压表的读数减小，电流表的读数增大【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】当滑动变阻器的滑动触点向b端移动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，由欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，再分析流过变阻器电流的变化，来判断电表读数的变化．【解答】解：当滑动变阻器的滑动触点向b端移动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻R增大，由欧姆定律分析总电流I减小，路端电压U=E﹣Ir增大，电阻R2的电压U2=E﹣I（r+R1）增大，流过电阻R2的电流I2增大，则流过电流表的电流I3=I﹣I2减小．所以伏特表V的读数增大，安培表A的读数减小．故选：A．【点评】本题是简单的电路动态变化分析问题，往往按“部分→整体→部分”的顺序分析．8．把六个相同的小灯泡接成如图甲、乙所示的电路，调节变阻器使灯泡均正常发光，甲、乙两电路所消耗的功率分别用P甲和P乙表示，则下列结论中正确的是( )A．P甲=3P乙B．P甲＞3P乙C．P乙=3P甲D．P乙＞3P甲【考点】电功、电功率；串联电路和并联电路．【专题】恒定电流专题．【分析】电路所消耗的总功率的大小等于电路两端的总的电压与总电流的乘积，由此即可直接得出结论．【解答】解：设灯泡正常发光时的电流为I，对于甲图，电路的总的电流为3I，此时甲的总功率的大小为P甲=U•3I，对于乙图，电流的总电流的大小就为I，此时乙的总功率的大小为P乙=U•I，所以P甲=3P乙，故选：A．【点评】于本题来说关键的是选择公式，由于电路的总电压的大小是相同的，所以用总电压与总电流的乘积来计算总功率的大小比较简单．9．如图所示，电源电动势为E，内阻为r，R0为定值电阻，R为可变电阻，其总阻值R＞R0+r，则当可变电阻的滑动触头由A向B移动时( )A．电源内部消耗的功率越来越大，电源的供电效率越来越高B．R、R0上功率均越来越大C．R0上功率越来越大，R上功率先变大后变小D．R0上功率越来越大，R上功率先变小后变大【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】可变电阻的滑动触头由A向B移动时，滑动变阻器的电阻变小，外电路的总电阻也变小，外电路的电压也就越小，电源的效率越小，当电源的内电阻和外电阻相等时，电源的输出功率最大．【解答】解：A、滑动变阻器的电阻变小，外电路的总电阻也变小，电路的总电流逐渐的增大，由P=I2r可知，电源内部消耗的功率越来越大，电源的供电效率越来越低，所以A错误；B、滑动变阻器的电阻变小，外电路的总电阻也变小，电路的总电流逐渐的增大，由P=I2R0可知，R0上功率越来越大，当R=R﹣0+r的时候，滑动变阻器的功率最大，由于R＞R﹣0+r，所以当滑动变阻器的电阻不断减小的过程中，R上功率先变大后变小，所以C正确，BD错误．故选：C．【点评】外电阻的电阻越大，外电路的电压也就越大，电源的效率越大，当电源的内电阻和外电阻相等时，电源的输出功率最大．10．如图中的两个电路，都是由一个灵敏电流计G和一个变阻器R组成的电表，它们之中一个是测电压的电压表，另一个是测电流的电流表，那么以下结论中正确的是( )A．左表是电流表，R增大时量程减小B．左表是电流表，R增大时量程增大C．右表是电压表，R增大时量程减小D．上述说法都不对【考点】把电流表改装成电压表．【专题】实验题．【分析】灵敏电流计G和变阻器R并联时，由于变阻器的分流，测量的电流增大，改装成电流表，而灵敏电流计G和变阻器R串联时，由于变阻器的分压，测量的电压增大，改装成电压表．甲表中，R增大时，变阻器分流减小，量程减小．乙表中，R增大时，变阻器分担的电压增大，量程增大．【解答】解：A、由左图所示可知，G与电阻R并联，左图是电流表，R增大，R的分流较小，电流表量程减小，故A正确，B错误；C、由右图所示可知，G与R串联，右表是电压表，R增大时，变阻器分担的电压增大，电压表量程增大，故C错误；D、A选项是正确的，故D错误．故选：A．【点评】本题考查电表改装原理的理解能力．当电流计的指针满偏时，电流表或电压表的指针满偏，所测量的电流或电压达到最大值．11．如图所示，平行板电容器与直流电源连接，上极板接地．一带负电的油滴位于容器中的P点且处于静止状态．现将下极板竖直向下缓慢地移动一小段距离，则错误的是( )A．带P点的电势将升高B．带电油滴的机械能将增加C．电油滴的电势能将减少D．通过灵敏电流计有从a往b的电流【考点】带电粒子在混合场中的运动；电势能．【专题】应用题；定性思想；图析法；带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】抓住电容器的电压不变，由E=分析板间场强的变化情况，判断油滴所受的电场力的变化，分析油滴的运动情况，由电场力做功情况分析油滴机械能的变化．根据平行板电容器的电容决定式C=，分析电容的变化情况，由C=分析电容器所带电量的变化，即可判断电路中电流方向．根据P点与上极板间电势差的变化，判断P点电势的变化．【解答】解：A、将下极板竖直向下缓慢移动时，板间距离d增大，电容器的电压U不变，由E=可知，板间场强减小，P点到上极板的距离不变，而E减小，由U=Ed知，P点与上极板间电势差减小，且P点的电势小于零，则P点的电势升高，故A正确；B、两极板间的电场强度E减小，油滴所受电场力减小，电场力小于重力，油滴所受合力向下，油滴将向下运动，电场力对油滴做负功，油滴的电势能增加，由能量守恒定律可知，油滴的电势能增大，则则其机械能减小，故BC错误．D、两极板间的距离增大，平行板电容器的电容C减小，电容器所带电荷量Q=CU减小，电容器放电，由电流计中由a到b的电流，故D正确；本题选错误的，故选：BC．【点评】本题是电容器动态变化分析问题，抓住不变量：电容器与电源保持相连，电压不变，由C=、C=和E=三个公式结合分析．12．地面附近，存在着一有界电场，边界MN将某空间分成上下两个区域Ⅰ、Ⅱ，在区域Ⅱ中有竖直向上的匀强电场，在区域Ⅰ中离边界某一高度由静止释放一质量为m的带电小球A，如图甲所示，小球运动的v﹣t图象如图乙所示，已知重力加速度为g，不计空气阻力，则( )A．在t=2.5s时，小球经过边界MNB．小球受到的重力与电场力之比为3：5C．在小球运动的整个过程中，小球的机械能与电势能总和先变大再变小D．在小球向下运动的整个过程中，重力做的功与电场力做的功大小相等【考点】电势能；电势；电势差与电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】小球进入电场前做自由落体运动，进入电场后受到电场力作用而做减速运动，由图可以看出，小球经过边界MN的时刻．分别求出小球进入电场前、后加速度大小，由牛顿第二定律求出重力与电场力之比．根据动能定理研究整个过程中重力做的功与电场力做的功大小关系．整个过程中，小球的机械能与电势能总和不变．。

云南省玉溪市峨山一中2019-2020学年高三上学期期中物理试卷 (含解析)

云南省玉溪市峨山一中2019-2020学年高三上学期期中物理试卷一、单选题（本大题共5小题，共30.0分）1.我国“北斗三号”全球组网卫星采用星载氢原子钟。

如图所示为氢原子的能级图，现让一束单色光照射到一群处于基态(量子数n=1)的氢原子上，受激的氢原子能自发地发出6种不同频率的光，则照射氢原子的单色光的光子能量为A. 13.6eVB. 3.4eVC. 12.09eVD.12.75eV2.如图所示，R1、R2、R3为三个相同的电阻，线圈匝数n1︰n2︰n3=2︰1︰1，当变压器A、B两接线柱接正弦交变电源时，R2、R3的功率均为P，则此时R1的功率为A. 3PB. 2PC. PD. P23.如图所示是高压电场干燥中药技术基本原理图，在一个很大的导体板MN上铺一薄层中药材，针状电极O和平板电极MN接高压直流电源，其间产生较强的电场。

水分子是极性分子，可以看成棒状带电体，一端带正电，另一端带等量负电。

水分子在电场力的作用下会加速从中药材中分离出去，被鼓风机送出水平微风裹挟着飞离电场区域。

图中虚线ABCD是某一水分子从A 处由静止开始的运动轨迹。

下列说法正确的是()A. 水分子运动中受到的电场力越来越小B. 沿着曲线ABCD方向电势越来越低C. 水分子运动中电势能越来越少D. 水分子的轨迹ABCD是一条抛物线4.如图，两根相互平行的长直导线分别通有方向相反的电流I1和I2，且I1>I2；a、b、c、d为导线某一横截面所在平面内的四点且a、b、c与两导线共面；b点在两导线之间，b、d的连线与导线所在平面垂直，磁感应强度可能为零的点是A. aB. bC. cD. d5.半径为a、右端开小口的导体圆环和长为2a的导体直杆，单位长度电阻均为R 0。

圆环水平固定放置，整个内部区域分布着竖直向下的匀强磁场，磁感应强度为B。

杆在圆环上以速度v平行于直径CD向右做匀速直线运动，杆始终有两点与圆环良好接触，从圆环中心O 开始，杆的位置由θ确定，如图所示。

2019-2020年高二上学期月考物理试题(11月份) 含解析

2019-2020年高二上学期月考物理试题（11月份）含解析一、选择题（每题至少有一个正确答案，全选对给5分，少选或漏选得3分，共80分）正确的是（3．（5分）（2014秋•船营区校级期中）有关磁感应强度的下列说法中，正确的是（）应强度的大小一定是B=；故4．（5分）（2014秋•安庆期末）在匀强磁场中某处P放一个长度为L=20cm，通电电流I=0.5A 的直导线，测得它受到的最大磁场力F=1.0N，其方向竖直向上，现将该通电导线从磁场撤走，得：决本题关键要知道当通电导线垂直放入磁场中时，5．（5分）（2011秋•龙华区校级期中）当接通电源后，小磁针A的指向如图所示，则（）利用右手螺旋定则既可由电流的方6．（5分）（2013•盱眙县校级学业考试）磁体之间的相互作用是通过磁场发生的，对磁场认识感线及用磁感线描述磁场．不一定为零，若电流的方向与磁场的方向平7．（5分）（2014秋•新野县校级期末）一束带电粒子沿水平方向飞过小磁针上方，并与磁针指向平行，能使磁针的S极转向纸内，如图所示，那么这束带电粒子可能是（）8．（5分）（2013秋•西山区校级期末）如图所示，当S闭合后，小磁针处在通电电流磁场中．9．（5分）（2013•贵州学业考试）下面的几个图显示了磁场对通电直导线的作用力，其中正确D分）（2011•云龙县校级一模）一根长为0.2m的电流为2A的通电导线，放在磁感应强10．（5题只要掌握安培力大小的计算公式11．（5分）（2014秋•汪清县校级月考）把一小段通电直导线放入磁场中，导线受到安培力的12．（5分）（2013秋•永康市校级期中）如图所示，把一重力不计的通电直导线水平放在蹄形磁铁两极的正上方，导线可以自由转动，当导线通入图示方向电流I时，导线的运动情况是（从上往下看）（）13．（5分）（2013秋•万州区期末）如图所示，一根有质量的金属棒MN，两端用细软导线连接后悬挂于a、b两点．棒的中部处于方向垂直纸面向里的匀强磁场中，棒中通有电流，方向从M流向N，此时悬线上有拉力，为了使拉力等于零，可以（）14．（5分）（2013春•绍兴县校级期中）在阴极射线管中电子流方向由左向右，其上方放置一根通有如图所示电流的直导线，导线与阴极射线管平行，则电子将（）16．（5分）（2014•射阳县校级学业考试）在以下几幅图中，洛伦兹力的方向判断不正确的是二、计算题：（12分+8分=20分）17．（12分）（2013秋•绥阳县校级期末）在磁场中放入一通电导线，导线与磁场垂直，导线长为1cm，电流为0.5A，所受的磁场力为5×10﹣4 N．求：（1）该位置的磁感应强度多大？（2）若将该电流撤去，该位置的磁感应强度又是多大？（3）若将通电导线跟磁场平行放置，该导体所受到的磁场力多大？B=以及安培力公式B=B=B=以及安培力公式18．（8分）（2014秋•保定校级月考）如图所示，在与水平方向夹角为60°的光滑金属导轨间有一电源，在相距1m的平行导轨上放一质量为m=0.3kg的金属棒ab，通以从b→a，I=3A的电流，磁场方向坚直向上，这时金属棒恰好静止．求：（1）匀强磁场磁感应强度的大小；（2）ab棒对导轨的压力．（g=10m/s2）B=TT。

云南省峨山一中最新高二物理上学期11月月考试题

云南省峨山一中2021年上学期11月份考试高二物理本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共1０0分，考试时间90分钟。

一、单选题共１0小题，每小题3。

0分,共30分１.真空中两个完全相同的金属小球，分别带＋3Q和－Q的电量，当它们相距r时，它们间的库仑力大小是F．若把它们接触后分开，再放回原位置,则它们间的库仑力大小为A．F/3　B。

F C。

3F　Ｄ。

9Ｆ2．某静电场的电场线分布如图所示，图中Ｐ、Ｑ两点的电场强度的大小分别为EP和ＥQ，电势分别为φＰ和φＱ，则Ａ．ＥP〈EＱ,φP〉φQ B。

E P＞EＱ，φＰ<φＱＣ。

ＥP>ＥQ,φP>φQ D.EＰ〈E Q,φP〈φQ3.下列单位中是电场强度的单位的是Ａ．N／C B. V•ｍ　C．Ｊ/Ｃ D．J/s４。

某同学将一直流电源的总功率PE、输出功率ＰＲ和电源内部的发热功率Pr随电流I变化的图线画在了同一坐标系上，如图中的ａ、b、c所示，根据图线可知　Ａ。

反映Pｒ变化的图线是bB。

电源电动势为8　ＶＣ. 电源内阻为1 ΩD．当电流为0．5 Ａ时，外电路的电阻为6 Ω5．在磁场中某一点，已经测出一段0。

5 cm长的导线中通入0.01 A电流时,受到的磁场力为5.0×1０－6Ｎ，则下列说法正确的是　Ａ.　该点磁感应强度大小一定是０。

1 TB。

该点磁感应强度大小一定不小于0．1 TC. 该点磁感应强度大小一定不大于０.1　TD。

该点磁感应强度的方向即为导线所受磁场力的方向6。

放射性元素镭放射出α、β、γ三种射线.如果让它们处于匀强磁场中，则三种粒子在磁场中的轨迹正确的　Ａ.B．C． D.7。

一根横截面积为S的铜导线,通过电流为I．已经知道铜的密度为ρ，铜的摩尔质量为M，电子电荷量为e,阿佛加德罗常数为NＡ，设每个铜原子只提供一个自由电子,则铜导线中自由电子定向移动速率为A。

　B.　C。

　Ｄ.8．如图所示，A、B为平行板电容器的金属板，G为静电计.开始时开关S闭合，静电计指针张开一定角度。

云南省峨山彝族自治县第一中学2019-2020学年高二物理上学期期中试题文

云南省峨山彝族自治县第一中学2019-2020学年高二物理上学期期中试题文第一部分选择题(共46分)一、单项选择题(本题包括10个小题，每小题3分，共30分．在每小题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求，选对得3分，选错或不选得0分)1．在国际单位制中，力学量所选用的基本量是( )A．长度、力、时间 B．长度、质量、时间C．长度、力、质量、时间 D．速度、加速度、力2．我国古代“四大发明”中，涉及电磁现象应用的发明是( )A．指南针 B．造纸术 C．印刷术D．火药3．许多人在通过下面有流水的独木桥时，往往感到头晕，这主要是因为( ) A．以独木桥为参照物了 B．以地面为参照物了C．以河水为参照物了 D．以自己为参照物了4．如图所示，下列说法正确的有( )A．图甲中手对握力器的作用是由于握力器的形变而产生的B．图甲中手对握力器的作用力大于握力器对手的作用力甲乙C．图乙中当木材被加速举起过程中,起重机对木材的作用力等于木材对起重机的作用力D．图乙中当木材被匀速举起过程中，起重机对木材的作用力和木材的重力是作用力与反作用力，大小相等5．下列说法中正确的是( )A．物体的加速度为零，其速度一定为零 B．物体的加速度减小，其速度一定减小C．物体的加速度越小，其速度变化越小 D．物体的加速度越大，其速度变化越快6.甲和乙两个物体在同一直线上运动，它们的vt图象分别如图中的a和b所示．在t1时刻( )A．它们的运动方向相同 B．它们的运动方向相反C．甲的速度比乙的速度大 D．甲、乙的速度相同7．人站在电梯内的体重计上，体重计示数增大，可能的原因是( )A．电梯匀速上升B．电梯匀速下降C．电梯匀加速上升 D．电梯匀加速下降8.同学们到中国科技馆参观，看到了一个有趣的科学实验：如图所示，一辆小火车在平直轨道上匀速行驶，当火车将要从“∩”形框架的下方通过时，突然从火车顶部的小孔中竖直向上弹出一小球，该小球越过框架后，又与通过框架的火车相遇，并恰好落回原来的孔中．下列说法中正确的是( )A．站在地面上看，小球运动的轨迹是直线B．站在火车上看，小球运动的轨迹是曲线C．小球能落回小孔是因为小球在空中运动的过程中受到水平向前的力D．小球能落回小孔是因为小球有惯性，在水平方向保持与火车同速9．在不计空气阻力的情况下，让质量不等的两物体从同一高处自由下落，则下列说法中错误．．的是( )A．在落地前的任一时刻，两物体具有相同的速度和位移B．在落地前的任一时刻，两物体具有相同的加速度C．质量大的物体下落的快，质量小的物体下落的慢D．两个物体下落的时间相同10．已知物体在F1、F2、F3三个共点力作用下处于平衡，若F1＝20 N，F2＝28 N，那么F3的大小可能是( )A．40 N B．70 N C．100 N D．6 N三、双项选择题(本题共4小题，每小题4分，共16分．在每小题给出的四个选项中，有2个选项是符合题目要求的，全部选对得4分，选不全得2分，未选、选错不得分．)11.如图所示，滑块A以一定速度冲上斜面，沿斜面向上运动，斜面B在地面上保持静止，则下列说法正确的是( )A．滑块A受B的摩擦力方向沿斜面向下B．滑块A受B的摩擦力方向沿斜面向上C．滑块A做加速运动D．滑块A做减速运动12．如图是地磁场的分布图，已知地球自转方向是自西向东．则下列说法正确的是 ( )A．磁感线是磁场中真实存在的曲线B．如果地磁场是地球表面带电产生的，则地球带正电C．赤道处一条通有竖直向上方向电流的导体棒受到的安培力向西D．竖直向下射向赤道的带正电的宇宙射线受到的洛伦兹力向东13.如图所示，两个不带电的导体A和B，用一对绝缘支柱使它们彼此接触，把一带正电的带电体C置于A附近，发现贴在A、B下部的金属箔都张开．则下列说法正确的是( ) A．此时A带正电，B带负电B．此时A、B都带负电C．移去C，A、B下部的金属箔都闭合D．先把A和B分开然后移去C，A、B下部的金属箔都不会闭合14．真空中，相隔一定距离的两个异种点电荷，它们之间相互作用的静电力为F.下列说法正确的是( )A．F是引力 B．F是斥力C．若增大两电荷间的距离，则F减小 D．若增大两电荷间的距离，则F增大第二部分非选择题（共54分）三、实验题（本题包括2个小题，每小题4分，共8分。

云南省2019-2020学年度普通高中第一学期期末高二物理期末测试卷(含答案)

D. 两极板间等离子体的电阻率 (Bdv IR)S Id
11．匀强电场中的三点 A、 B、 C 是一个三角形的三个顶点， AB 的长度为 1 m， D 为 AB 的中点，如图所示。已知电场线的方向平行于△ ABC 所在平面， A、 B、 C 三点的电势分别为 14 V、 6 V 和 2 V。设电场强度大小为 E，电量为 1×10-6 C 的正电荷从 D 点移到 C 点电场力所做的功为 W，则 A．W = 8×10-6 J B．W = 6×10-6 J C． E ≥ 8 V/m D．E ＜ 8 V/m
保密 ★ 启用前
云南省普通高中 2019～2020 学年度第一学期教学质量监测
高二物理试题
（满分：110 分考试时间：90 分钟）特别提示： 1．本卷为物理试题单，共 18 个题，共 6 页； 2．考试采用闭卷形式、用笔在特制答题卡上答题，不能在本题单上作答； 3．答题时请仔细阅读答题卡上的注意事项，并根据本题单的编号在答题卡上找到答题的
12．如图为摩拜共享电动单车，与普通电动车不同的是，摩拜共享电动自行车采用“共享充电宝+自行车的方式”，其电池与普通充电宝类似，只有 20000mAh，输入、输出电压均为 10V，输入电流为 8A，输出电流为 15A，可以支持驱动人和单车行驶 10 公里左右。已知成人在平路上骑自行车所受阻力约为 20N，则 A．该单车电池最多储存电能 7.2×104J B．该单车电池充电时，从零电量充至满电量大约需要 2.5h C．该单车电池电能的有效利用率约为 27.8% D．成人采用“电动+人力”方式在平路上骑行时，最大行车速度为 7.5m/s
偏角。进一步研究表明，地球周围地磁场的磁感线分布
示意如图。下列说法正确的是

云南省峨山一中2019届高三上学期第一次月考物理试题含解析

云南省峨山一中2018-2019学年高三第一次月考理科综合物理一、单选题1.手提一根不计质量的、下端挂有物体的弹簧上端，竖直向上做加速运动．当手突然停止运动后的极短时间内，物体将( )A. 立即处于静止状态B. 向上做加速运动C. 向上做匀速运动D. 向上做减速运动【答案】B【解析】【详解】当手突然停止运动后极短时间内，弹簧形变量极小，弹簧中的弹力仍大于重力，合力向上，物体仍向上做加速运动，故B正确，ACD错误。

2.从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的速度图象如图所示，在0～t2时间内，下列说法中正确的是( )A. Ⅰ、Ⅱ两个物体在t1时刻相遇B. Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都是C. Ⅰ、Ⅱ两个物体所受的合外力都在不断减小D. Ⅰ物体的加速度不断增大，Ⅱ物体的加速度不断减小【答案】C【解析】【详解】图线与坐标轴围成图形的面积Ⅰ大于Ⅱ，所以Ⅰ、Ⅱ两个物体在t1时刻不相遇，故A错误；图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，如果物体的速度从v2均匀减小到v1，或从v1均匀增加到v2，物体的位移就等于图中梯形的面积，平均速度就等于，故Ⅰ的平均速度大于，Ⅱ的平均速度小于，故B错误；速度－时间图象上某点的切线的斜率表示该点对应时刻的加速度大小，故物体Ⅰ做加速度不断减小的加速运动，物体Ⅱ做加速度不断减小的减速运动，根据牛顿第二定律知Ⅰ、Ⅱ两个物体所受的合外力都在不断减小，故C正确，D错误。

所以C正确，ABD错误。

3.一个做匀速圆周运动的物体，在运动过程中，若所受的一切外力都突然消失，则由牛顿第一定律可知，该物体将( )A. 改做匀速直线运动B. 立即静止C. 继续做匀速圆周运动D. 改做变速圆周运动【答案】A【解析】【详解】匀速圆周运动的物体，以前是运动的，根据牛顿第一定律，一切外力消失，将做匀速直线运动，故A正确，BCD错误。

4. 2012年我国宣布北斗导航系统正式商业运行。

北斗导航系统又被称为“双星定位系统”，具有导航、定位等功能。

【物理】云南省玉溪市峨山一中2018-2019学年高二上学期11月份考试试题(解析版)

云南省峨山一中2018-2019学年11月份考试高二物理本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间120分钟。

一、单选题(共12小题,每小题3.0分,共36分)1.使用多用电表的欧姆挡测导体电阻时，如果两手同时分别接触两表笔的金属杆，则造成测量值()A．比真实值大B．比真实值小C．与真实值相等D．可能比真实值大，也可能小2.如图所示，光滑绝缘半球形的碗固定在水平地面上，可视为质点的带电小球1、2的电荷分别为Q1、Q2，其中小球1固定在碗底A点，小球2可以自由运动，平衡时小球2位于碗内的B位置处，如图所示．现在改变小球2的带电量，把它放置在图中C位置时也恰好能平衡，已知AB弦是AC弦的两倍，则()A．小球在C位置时的电量是B位置时电量的一半B．小球在C位置时的电量是B位置时电量的四分之一C．小球2在B点对碗的压力大小等于小球2在C点时对碗的压力大小D．小球2在B点对碗的压力大小大于小球2在C点时对碗的压力大小3.如图为监控汽车安全带使用情况的报警电路，S为汽车启动开关，汽车启动时S闭合．驾驶员未系安全带时开关S′闭合，系好安全带时S′断开．要求当驾驶员启动汽车但未系安全带时蜂鸣器报警．则在图中虚线框内应接入的门电路是()A．“非”门B．“或”门C．“与”门D．“与非”门4.如图所示，一带正电的粒子处于电场中，图中能正确表示该粒子所受静电力的是（）A．F1 B．F2 C．F3 D．F45.如图所示，A、B是某点电荷电场中的一条电场线．在电场线上P处自由释放一个负检验电荷时，它沿直线向B点运动．对此现象，下列判断正确的是(不计电荷重力)()A．电荷向B做匀速运动B．电荷向B做加速度越来越小的运动C．电荷向B做加速度越来越大的运动D．电荷向B做加速运动，加速度的变化情况不能确定6.真空中有两个同种点电荷A、B，若A固定，在B靠近A的过程中，则两电荷间的库仑力将()A．不断增大B．不断减小C．保持不变D．先增大后减小7.将一电荷量为＋Q的小球放在不带电的金属球附近，所形成的电场线分布如图所示，金属球表面的电势处处相等，a、b为电场中的两点，则()A．a点的电势比b点的低B．a点的电场强度比b点的小C．带负电的电荷q在a点的电势能比在b点的小D．带正电的电荷q从a点移到b点的过程中，电场力做负功8.如图所示是模拟避雷针作用的实验装置，金属板M、N间有两个等高的金属体A、B，A 为尖头、B为圆头．将金属板M、N接在高压电源上，逐渐升高电源电压，首先观察到()A．A放电B．B放电C．A、B一起放电D．A、B之间放电9.如图所示，直线OAC为某一直流电源的总功率P随电流I变化的图线，曲线OBC表示同一直流电源内部的热功率随电流I变化的图线.若A、B点的横坐标均为1 A，那么AB线段表示的功率为()A．1 W B．6 W C．2 W D．2.5 W10.一个毫伏表，它的内阻是100 Ω，量程是200 mV，把它改变装成为量程为10 A的安培表，毫伏表上应()A．并联0.002 Ω的电阻B．并联0.02 Ω的电阻C．并联50 Ω的电阻D．并联4 900 Ω的电阻11.如图所示的示波管，当两偏转电极XX′、YY′电压为零时，电子枪发射的电子经加速电场加速后会打在荧光屏上的正中间(图示坐标系的O点，其中x轴与XX′电场的场强方向重合，x轴正方向垂直于纸面向里，y轴与YY′电场的场强方向重合，y轴正方向竖直向上)．若要使电子打在图示坐标系的第Ⅲ象限，则()A．X、Y接电源的正极，X′、Y′接电源的负极B．X、Y′接电源的正极，X′、Y接电源的负极C．X′、Y接电源的正极，X、Y′接电源的负极D．X′、Y′接电源的正极，X、Y接电源的负极12.一个电容器，带了电量Q后，两极板电势差为U，若它带的电量减少，则() A．电容为原来的，两极板电压不变B．电容为原来2倍，两极板电压不变C．电容不变，两极板电压是原来的D．电容不变，两极板电压是原来的2倍二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分)13.(多选)关于四个公式①P＝UI；②P＝I2R；③P＝；④P＝，下列叙述正确的是() A．公式①、④适用于任何电路的电功率B．公式②适用于纯电阻电路的热功率C．公式①、②、③适用于任何电路的电功率D．以上说法都不对14.(多选)在一个匀强电场中有a、b两点，相距为d，电场强度为E，把一个电荷量为q的负电荷由a移到b点时，静电力对电荷做正功W，以下说法正确的是()A．a点电势比b点电势低B．a、b两点电势差大小为U＝C．a、b两点电势差大小为U＝D．该电荷在b点电势能较a点大15.(多选)有A、B两个电阻，它们的伏安特性曲线如图所示，从图线可以判断()A．电阻A的阻值大于电阻BB．电阻A的阻值小于电阻BC．电压相同时，流过电阻A的电流强度较大D．两电阻串联时，电阻A消耗的功率较小16.(多选)当导体两端电压为零时，下列说法正确的是()A．导体的电阻可能为零，而电流不为零B．导体的电流为零，电阻不一定为零C．导体的电阻和电流一定都为零D．导体的电阻和电流可以都不为零分卷II三、实验题(共2小题,共15分)17.在描绘小灯泡的伏安特性曲线的实验中，实验室备有下列器材供选择：A．待测小灯泡“3 V，2 W”B．电流表A1（量程3 A，内阻约为1 Ω）C．电流表A2（量程0.6 A，内阻约为5 Ω）D．电压表V1（量程3 V，内阻约为10 kΩ）E．电压表V2（量程15 V，内阻约为50 kΩ）F．滑动变阻器（最大阻值为100 n，额定电流50 mA）G．滑动变阻器（最大阻值为10 n，额定电流1 A）H．电源（电动势为4 V，内阻不计）I．电键及导线等（1）电流表应选用；电压表应选；滑动变阻器应选用（填器材前面的字母）. （2）在图甲实物图中，有部分线已连好，要求小灯泡的电压从零开始测量，请连成符合要求的完整的电路图.（3）开关闭合之前，图中滑动变阻器的滑片应该置于（选填“A端”、B端”或'“A、B中间”）（4）某同学实验后作出的I﹣U图象如图乙所示，则当灯泡两端的电压为2.4 V时，灯泡的实际功率是W （结果保留两位有效数字）18.有一根细而均匀的导电材料样品(如图a所示)，截面为同心圆环(如图b所示)，此样品长约为6 cm，电阻约为10 Ω，已知这种材料的电阻率为ρ，因该样品的内径太小，无法直接测量．现提供以下实验器材：A．20分度的游标卡尺B．螺旋测微器C．电压表V(量程3 V，内阻约3 kΩ)D．电流表A1(量程50 mA，内阻约20 Ω)E．电流表A2(量程0.3 A，内阻约1 Ω)F．滑动变阻器R(0～20 Ω，额定电流2 A)G．直流电源E(约4 V，内阻不计)H．导电材料样品RxI．开关一只，导线若干请根据上述器材设计一个尽可能精确地测量该样品内径d的实验方案，回答下列问题：(1)用游标卡尺测得该样品的长度为L；用螺旋测微器测得该样品的外径如图c所示，其示数D＝_________mm.(2)请选择合适的仪器，设计一个合理的电路图来测量导电材料样品的电阻Rx.在方框内画出实验电路原理图，并标明所选器材的符号．这个实验电阻R x的测量值将________(填“大于”“等于”或“小于”)实际值．(3)若某次实验中，电压表和电流表的读数分别为U和I，则用已知物理量和测得的物理量的符号来表示样品的内径d＝_______________.四、计算题19.每个太阳能电池的电动势为0.50 V，短路电流为0.04 A，则：（1）求该电池的内阻为多少？（2）如用5个这样的太阳能电池串联，则串联后总的电动势和总的电阻分别为多少？（3）现用多个这种太阳能电池串联对标称值为“2.0 V、0.04 W”的用电器供电，则需要多少个这样的太阳能电池才能使用电器正常工作？20.如图所示，匀强电场的场强E＝1.2×102N/C，方向水平向右，一点电荷q＝4×10－8C沿半径R＝20 cm的圆周，从A点移动到B点，已知∠AOB＝90°，请问：(1)这一过程电场力做的功是正功还是负功？做功多少？(2)A、B两点的电势差UAB为多少？21.如图所示，一根光滑绝缘细杆与水平面成α＝30°的角倾斜固定．细杆的一部分处在场强方向水平向右的匀强电场中，场强E＝2×104N/C.在细杆上套有一个带电量为q＝－×10－5C、质量为m＝3×10－2kg的小球．现使小球从细杆的顶端A由静止开始沿杆滑下，并从B 点进入电场，小球在电场中滑至最远处的C点．已知AB间距离x1＝0.4 m，g＝10 m/s2.求：(1)小球在B点的速度v B；(2)小球进入电场后滑行的最大距离x2；(3)小球从A点滑至C点的时间是多少？22.如图甲所示为一间距为d、且间距足够大的平行金属板，板间加有随时间变化的电压(如图乙所示)，设U0和T已知．A板上O处有一静止的带电粒子，其带电荷量为q，质量为m(不计重力)，t＝0时刻起该带电粒子受板间电场加速向B板运动，途中由于电场反向，粒子又向A板返回(粒子未与B板相碰)．(1)当Ux＝2U0时，求带电粒子在t＝T时刻的动能．(2)为使带电粒子在一个周期时间内能回到O点，Ux要大于多少？【参考答案】1.【答案】B【解析】两手同时接触两表笔的金属杆，相当于被测电阻与人体电阻并联，测出电阻为二者并联阻值，比被测电阻真实值小，故B正确．2.【答案】C【解析】对小球2受力分析，如图所示，小球2受重力、支持力、库仑力，其中F1为库仑力F和重力mg的合力，根据三力平衡原理可知，F1＝F N.由图可知，△OAB∽△BFF1设半球形碗的半径为R，AB之间的距离为L，根据三角形相似可知，＝＝即＝＝所以F N＝mg①F＝mg②当小球2处于C位置时，AC距离为，故F′＝F，根据库仑定律有：F＝k，F′＝k所以＝，即小球在C位置时的电量是B位置时电量的八分之一，故A、B均错误．由上面的①式可知F N＝mg，即小球2在B点对碗的压力大小等于小球2在C点时对碗的压力大小，故C正确，D错误．3.【答案】C4.【答案】B【解析】正电荷在电场中受到的电场力的方向是沿着电场线的切线方向，由此可知，沿着电场线的切线方向的是F2，所以能正确表示正电荷的受到电场力的为．5.【答案】D【解析】由于负电荷从P点静止释放，它沿直线运动到B点，说明负电荷受力方向自P指向B，则场强方向自A指向B.由于正电荷、负电荷、异种电荷以及平行且带异种电荷的金属板等都能产生一段直线电场线，所以只能确定负电荷的受力方向向左(自P指向A)，不能确定受力变化情况，也就不能确定加速度变化情况，故选项D正确．6.【答案】A【解析】带电相同的小球受斥力作用，因此距离越来越近，由于电量保持不变，根据F＝k可知距离减小，电场力将逐渐增大，故B、C、D错误，A正确.7.【答案】C【解析】a点所在的电场线从Q出发到不带电的金属球终止，所以a点的电势高于金属球的电势，而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远，所以金属球的电势高于b点的电势.故A错误；电场线的疏密表示场强的大小，故B错误；电势越高的地方，负电荷具有的电势能越小，即负电荷在a点的电势能较b点小，故C正确；正电荷在a点的电势能较b点大，则把带正电的电荷q从电势能大的a点移动到电势能小的b点，电场力做正功.故D错误.8.【答案】A【解析】当金属板M、N接在高压电源上，因末端越尖越容易放电，故A容易放电，故选A.9.【答案】C【解析】由题图不难看出，在C点，电源的总功率等于电源内部的热功率，所以电源的电动势为E＝3 V，短路电流为I短＝3 A，所以电源的内阻为r＝＝1 Ω.题图上AB线段表示的功率为PAB＝P总－I2r＝(1×3－12×1) W＝2 W.故正确选项为C.10.【答案】B【解析】经分析知：I g R g＝I R RI＝I g＋I RI g＝联立解得：R＝，代入数据得：R≈0.02 Ω.11.【答案】D【解析】若要使电子打在题图所示坐标系的第Ⅲ象限，电子在x轴上向负方向偏转，则应使X′接正极，X接负极；电子在y轴上也向负方向偏转，则应使Y′接正极，Y接负极，所以选项D正确．12.【答案】C【解析】电容仅由电容器本身决定，所以若它带的电荷量减少，则电容不变，根据C＝知两极板电压是原来的.13.【答案】AB【解析】公式P＝UI，P＝，适用于任何电路；公式P＝I2R，P＝，只适用于纯电阻电路．14.【答案】AC15.【答案】BCD【解析】两电阻串联，电流相同，A的电阻较小，所以功率较小，D正确．由题图可知A错误，B、C正确．16.【答案】AB【解析】对于超导体来说，电阻为零，而电流不为零，所以A正确；对于一般的导体(非超导体)，电压为零时，电流为零，而导体电阻不为零，所以B正确．17.【答案】（1）C D G （2）连线如图所示（3）A端（4）1.3【解析】（1）灯泡额定电压为3 V，电压表应选D，灯泡额定电流I==A≈0.66 A，若采用3 A量程则误差较大，故只能采用0.6 A量程进行测量；本实验采用分压接法，为方便实验操作应选滑动变阻器G．（2）描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法；电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，实物电路图如图所示．（3）由图可知，测量电路与滑动变阻器左侧并联，故为了让电流从零开始调节，滑片位置应滑到A端；（4）由图可知，当电压为2.4 V时，电流I=0.52 A，则功率P=UI=2.4×0.52 W≈1.3 W．18.【答案】(1)6.125±0.002(2)作图见解析；小于(3)【解析】(1)螺旋测微器测得该样品的外径D＝6.0 mm＋12.5×0.01 mm＝6.125 mm(2)电动势为4 V，因此电压表选择V，根据I＝，可知电路中最大电流0.4 A，因此电流表选择A2.为了防止电流表烧坏，滑动变阻器采用分压接法，电流表采用外接法，具体电路图如图所示：(3)根据欧姆定律得：R＝①导体的横街面积为：S＝π (－)②根据电阻定律有：R＝ρ③联立①②③解得：d＝，I为电流表读数、U为伏特表读数．19.【答案】（1）12.5 Ω （2）2.5 V 62.5 Ω （3）8个【解析】（1）该电池的内阻（2）总电动势E=5×0.50 V=2.5 V 总电阻R=5×12.5 Ω=62.5 Ω（3）用电器的额定电流A=0.02 A设需要n个这样的太阳能电池串联使用，n个电池串联后的总电动势E总=nE，串联后的总内阻r总=nr使用电器正常工作，串联电池组输出的路端电压应等于用电器的额定电压U0=2.0 V．由闭合电路欧姆定律，有解得即需要8个这样的太阳能电池才能使用电器正常工作．20.【答案】(1)负功9.6×10－7J(2)－24 V【解析】(1)因为φB>φA，故将正电荷从A点移到B点电场力做负功．W＝－qE·R＝－9.6×10－7J.(2)UAB＝＝－ER＝－24 V.21.【答案】(1)2 m/s(2)0.4 m(3)0.8 s【解析】(1)小球在AB段滑动过程中，由机械能守恒mgx1sinα＝mv，可得v B＝2 m/s.(2)小球进入匀强电场后，在电场力和重力的作用下，由牛顿第二定律可得加速度a2＝＝－5 m/s2，小球进入电场后还能滑行到最远处C点，BC的距离为x2＝＝0.4 m.(3)小球从A到B和从B到C的两段位移中的平均速度分别为v AB＝，v BC＝；小球从A到C的平均速度为.x1＋x2＝vt＝t，可得t＝0.8 s.22.【答案】(1)(2)3U0【解析】(1)由a1＝，a2＝和时的速度v1＝a1得，T时刻速度v2＝v1－a2＝a1－a2＝－，故T时刻的动能E k＝mv＝.(2)时刻的位移x＝a1()2，～T时刻的位移x′＝v1－ax()2，v1＝a1，x＝－x′，联立解得ax＝3a1因为a1＝，ax＝，所以Ux＝3U0.即：为使带电粒子在一个周期时间内能回到O点，Ux要大于3U0.。