泰山区第四高级中学2018-2019学年高二上学期第一次月考试卷物理

泰山区第四高级中学2018-2019学年高二上学期第一次月考试卷物理班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________
一、选择题
1． 小型登月器连接在航天站上，一起绕月球做圆周运动，其轨道半径为月球半径的3倍，某时刻，航天站使登月器减速分离，登月器沿如图所示的椭圆轨道登月，在月球表面逗留一段时间完成科考工作后，经快速启动仍沿原椭圆轨道返回，当第一次回到分离点时恰与航天站对接，登月器快速启动时间可以忽略不计，整个过程中航天站保持原轨道绕月运行。

已知月球表面的重力加速度为g ，月球半径为R ，不考虑月球自转的影响，则登月器可以在月球上停留的最短时间约为（
）
A ．4.7π
B ．3.6π
R g R g C ．1.7π
D ．1.4π
R
g
R
g 2． 关于地磁场，下列说法正确的是A. 地磁场的N 极在地理的北极附近B. 地磁场的磁极与地理的南北极不完全重合C. 地磁场的S 极在地理的北极附近
D. 北京地区的地磁场有朝北和向下的两个分量
3． 用一根绳子竖直向上拉一个物块，物块从静止开始运动，绳子拉力的功率按如图所示规律变化，0～to 时间内物块做匀加速直线运动，to 时刻后物体继续加速，t 1时刻物块达到最大速度。

已知物块的质量为m ，重力加速度为g ，则下列说法正确的是
A. 物块始终做匀加速直线运动
B. 0～t 0时间内物块的加速度大小为
C. to 时刻物块的速度大小为
D. 0～t 1时间内绳子拉力做的总功为
4． （2015·永州三模，19）如图所示，两星球相距为L ，质量比为m A ∶m B ＝1∶9，两星球半径远小于L 。

从星球A 沿A 、B 连线向星球B 以某一初速度发射一探测器，只考虑星球A 、B 对探测器的作用，下列说法正确的是（
）
A ．探测器的速度一直减小
B ．探测器在距星球A 为处加速度为零
L
4
C ．若探测器能到达星球B ，其速度可能恰好为零
D ．若探测器能到达星球B ，其速度一定大于发射时的初速度
5． 关于电流激发的磁场，下列四个图中，磁场方向跟电流方向标注正确的是
A. B. C. D.
6． 如图所示，a 、b 是等量异种点电荷连线的中垂线上的两点，现将某检验电荷分别放在a 、b 两点，下列说法中正确的是
A. 受到电场力大小相等，方向相同
B. 受到电场力大小相等，方向相反
C. 受到电场力大小不相等，方向相反
D. 受到电场力大小不相等，方向相同
7． 在水平向右的匀强电场中，质量为m 的带正电质点所受重力mg 是电场力的倍．现将其以初速度v 0竖3直向上抛出，则从抛出到速度最小时所经历的时间为（
）
A ．t ＝
B ．t ＝
v 0
g 2v 03g
C ．t ＝
D ．t ＝
3v 02g 3v 0
4g
8． 一个正常工作的理想变压器的原、副线圈中，下列的哪个物理量不相等 A 、交变电流的频率B 、电流的有效值 C 、电功率
D 、磁通量的变化率9． 下面说法正确是（
）
A.感抗仅与电源频率有关，与线圈自感系数无关
B.容抗仅与电源频率有关，与电容无关
C.感抗.容抗和电阻等效，对不同交变电流都是一个定值
D.感抗是由于电流变化时在线圈中产生了自感电动势而对电流的变化产生的阻碍作用
10．为了解决农村电价居高不下的问题，有效地减轻农民负担，在我国广大农村普遍实施了“农网改造”工程，工程包括两项主要内容：（1）更新变电设备，提高输电电压；（2）更新电缆，减小输电线电阻．若某输电线路改造后输电电压变为原来的2倍，线路电阻变为原来的0.8倍，在输送的总功率不变的条件下，线路损耗功率将变为原来的A ．0.2倍
B ．0.32倍
C ．0.4倍
D ．0.16倍
11．高跷运动是一项新型运动，图甲为弹簧高跷。

当人抓住扶手用力蹬踏板压缩弹簧后。

人就向上弹起，进而带动高跷跳跃，如图乙。

则下列说法正确的是
A ．人向上弹起过程中，先处于超重状态，后处于失重状态
B ．人向上弹起过程中，踏板对人的作用力大于人对踏板的作用力
C ．弹簧压缩到最低点时，高跷对人的作用力大于人的重力
D ．弹簧压缩到最低点时，高跷对地的压力等于人和高跷的总重力
12．在匀强磁场内放置一个面积为S 的线框，磁感应强度为B ，线框平面与磁场方向垂直，穿过线框所围面积的磁通量，下列关系正确的是
A. B. C.
D.
13．如图所示，a 、b 、c 是一条电场线上的三个点，电场线的方向由a 到c ，a 、b 间距离等于b 、c 间距离。

用
a 、
b 、
c 和Ea 、
ϕϕϕEb 、Ec 分别表示a 、b 、c 三点的电势和电场强度，可以判定：
（
）
A ． a>b>c
B ． a —b ＝b —c ϕϕϕϕϕϕϕ
C ． Ea>Eb>Ec
D ． Ea=Eb=Ec
14．时，甲、乙两汽车从相距的两地开始相向行驶，他们的图像如图所示．忽略汽车掉头所需0t =70m v t -时间．下列对汽车运动情况的描述正确的是（
）
A. 在第末，乙车改变运动方向1s
B. 在第末，甲乙两车相距2s 10m
C. 在前内，乙车运动加速度的大小总比甲车的大
4s
4s
D. 在第末，甲乙两车相遇
15．对于电容，以下说法正确的是
A. 一只电容器所充电荷量越大，电容就越大
B. 对于固定电容器，它的带电量跟两极板间所加电压的比值保持不变
C. 电容器的带电量跟加在两极间的电压成反比
D. 如果一个电容器没有带电，也就没有电容
16．（2018南宁高三摸底考试）中国北斗卫星导航系统（BDS）是中国自行研制的全球卫星导轨系统，是继美国全球定位系统（GPS）、俄罗斯格洛纳斯卫星导航系统（GLONASS）之后第三个成熟的卫星导航系统。

预计2020年左右，北斗卫星导航系统将形成全球覆盖能力。

如图所示是北斗导航系统中部分卫星的轨道示意图，已知a、b、c三颗卫星均做圆周运动，a是地球同步卫星，则（）
A．卫星a的角速度小于c的角速度
B．卫星a的加速度大于b的加速度
C．卫星a的运行速度大于第一宇宙速度
D．卫星b的周期等于24 h
17．如图所示电路中，电源电动势为E，线圈L的电阻不计．以下判断不正确的是（）
A．闭合S稳定后，电容器两端电压为E
B．闭合S稳定后，电容器的a极板不带电
C．断开S后的很短时间里，电容器的a极板将带正电
D．断开S后的很短时间里，电容器的a极板将带负电
18．矩形线圈绕垂直磁场线的轴匀速转动，对于线圈中产生的交变电流（）
A．交变电流的周期等于线圈转动周期
B．交变电流的频率等于线圈的转速
C．线圈每次通过中性面，交变电流改变一次方向
D．线圈每次通过中性面，交变电流达到最大值
二、填空题
19．在“伏安法测电阻”实验中，所用测量仪器均已校准。

其中某一次测量结果如图所示，其电压表的读数为________V，电流表的读数为______A。

20．一部电梯在t=0时由静止开始上升，电梯的加速度a随时间t的变化如图所示，电梯中的乘客处于失重状态的时间段为____________（选填“0~9 s”或“15~24 s”）。

若某一乘客质量m=60 kg，重力加速度g取10 m/s2，电梯在上升过程中他对电梯的最大压力为____________N。

三、解答题
21．（2016·福州市高三模拟）如图所示，由运载火箭将飞船送入近地点为A、远地点为B的椭圆轨道上，A 点距地面的高度为h1，飞船飞行五圈后进行变轨，进入预定圆轨道在预定圆轨道上飞行N圈所用时间为t。

已知地球表面重力加速度为g，地球半径为R。

求：
（1）飞船在A点的加速度大小a A；
（2）远地点B距地面的高度h2；
（3）沿着椭圆轨道从A到B的时间t AB。

3
22．两个质量均为m=×10-6kg的小球，悬于长l=60cm的细丝线上．丝线的另一点固定于同一点O．当使
两球带上等量同种电荷后，两球互相排斥使两丝线间形成α=60°的夹角．求每个小球的带电量．
泰山区第四高级中学2018-2019学年高二上学期第一次月考试卷物理（参考答案）一、选择题
1． 【答案】 A 【
解
析
】
设登月器在小椭圆轨道运行的周期为T 1，航天站在大圆轨道运行的周期为T 2。

对登月器和航天站依据开普勒第三定律分别有＝＝　②T 2 3R 3T 12 2R 3T 22
3R 3
为使登月器仍沿原椭圆轨道回到分离点与航天站实现对接，登月器可以在月球表面逗留的时间t 应满足t ＝nT 2－T 1　③（其中，n ＝1、2、3、…）
联立①②③得t ＝6πn －4π （其中，n ＝1、2、3、…）
3R g 2R
g
当n ＝1时，登月器可以在月球上停留的时间最短，即t ＝4.7π，故A 正确。

R
g
2． 【答案】BCD
【解析】地磁场的南北极和地理的南北极刚好相反，即地磁场的S 极在地理的北极附近，地磁场的磁极与地理的南北极不完全重合，故A 错误，BC 正确；北京地区的地磁场有朝北和向下的两个分量，故D 正确。

所以BCD 正确，A 错误。

3． 【答案】D
【解析】由图可知在0-t 0时间内物块做匀加速直线运动，t 0时刻后功率保持不变，根据P =Fv 知，v 增大，F 减小，物块做加速度减小的加速运动，当加速度减小到零，物体做匀速直线运动，故A 错误；根据P 0=Fv =Fat ，由牛顿第二定律得：F =mg +ma ，联立可得：P =（mg +ma ）at ，由此可知图线的斜率为：，可
知
，故B 错误；在t 1时刻速度达到最大，F =mg ，则速度：
，可知t 0时刻物块的速度大小小于
，故C错误；在P-t图象中，图线围成的面积表示牵引力做功的大小即：，故D正确。

所以D 正确，ABC错误。

4．【答案】BD　
【解析】
5．【答案】AB
【解析】根据安培右手定则可知，A图的电流方向向上，产生从上往下看逆时针方向的磁场，故A正确；同理B图符合安培右手定则，故B正确；根据安培右手定则可知，小磁针的N极应该指向左方，故C错误；根据安培右手定则可知，D图中小磁针的N极应该垂直纸面向外，故D错误。

所以AB正确，CD错误。

6．【答案】D
【解析】试题分析：由图可知看出：a处电场线密，电场强度大．两点的电场线的切线方向相同，所以电场强度方向相同，放入同种检验电荷，受到的电场力大小不等，方向相同．故选D
考点：等量异种电荷的电场.
7．【答案】D　
【解析】
tan α＝＝，α＝30°
F
mg 13等效重力加速度g ′＝＝
g
cos30°2g 3Δv ＝v 0cos30°＝g ′t 联立解得t ＝.选项D 正确。

3v 0
4g 8． 【答案】Ｂ【解析】
试题分析：理想变压器不会改变交流电的频率，选项A 错误；由
，由此可知两线圈的有效值不同，2
1
21n n U U =选项B 正确；由能量守恒定律可知输入、输出功率相同，选项C 错误；理想变压器的工作原理是互感现象，磁通量的变化率相同，选项D 错误；故选B 考点：考查理想变压器
点评：本题难度较小，掌握变压器的原理即可回答本题9． 【答案】D
【解析】由公式得感抗与线圈自感系数有关，A 错误。

根据公式，得容抗与电容也2L X fL π=1
2C X Cf
π=
有关系，B 错误。

感抗.容抗和电阻等效，对不同交变电流由不同的值，所以C 错。

感抗是由于电流变化时在线圈中产生了自感电动势而对电流的变化产生的阻碍作用，D 正确。

10．【答案】A 【解析】
试题分析：传输功率不变，故传输电流为：，电功率损耗为： ①P I U =22()P
P I R R U
∆＝＝改造后输电电压变为原来的2倍，线路电阻变为原来的0.8倍，故： ②
2()P
P R U ∆'''
＝联立①②解得：0.2P P
∆'=∆考点：考查了电功率，电工的计算11．【答案】AC 【
解
析
】
对
象，弹簧压缩到最低点时，根据牛顿第二定律，地对高跷的压力大于人和高跷的总重力，再根据牛顿第三定律，可知高跷对地的压力大于人和高跷的总重力，故D 项错误；综上所述本题答案是AC 。

12．【答案】A
【解析】磁通量定义可知当B 与S 相互垂直时，磁通量为Φ=BS ，故A 正确，BCD 错误。

13．【答案】A
14．【答案】BC
15．【答案】B
【解析】解：A 、电容器带电荷量越大，板间电压越大，而电容不变．故A 错误．
B 、电容表征电容器容纳电荷本领的大小，对于固定电容器，电容
C 不变，由定义式C=可知，则带电荷量跟它两极板间所加电压的比值保持不变．故B 正确．
C 、电容器的带电荷量Q=CU ，当电容C 一定时，电量与电压成正比．当电容C 变化时，电量与电压不成正比．故C 错误．
D 、电容表征电容器容纳电荷本领的大小，与电容器的电量、电压无关．故D 错误．
故选：B
【点评】本题考查对电容的理解能力，抓住电容的物理意义和定义式是关键．
16．【答案】 AD
【解析】【命题意图】本题考查万有引力定律和卫星的运动、第一宇宙速度及其相关的知识点。

所以卫星a 的向心加速度等于b 的向心加速度，选项B 错误；由G 2Mm r
=m 2v r 可得线速度与半径的关系：v =
，轨道半径r 越大，速率v 越小。

而第一宇宙速度为轨道半径等于地球半径是环绕地球运动的卫星速
度，所以卫星a 的运行速度一定小于第一宇宙速度，选项C 错误；由G 2Mm r =mr （2T
）2，可得周期T =2而卫星a 的轨道半径与卫星b 的轨道半径相等，所以卫星b 的周期等于同步卫星的运行周期，即等于地球自转周期24h ，选项D 正确。

17．【答案】AD
【解析】
试题分析：闭合S 稳定后，线圈L 相当于导线，则电容器被短路，则其电压为零，故A 错误；当闭合S 稳定后，电容器被短路，则其电压为零，电容器的a 极板不带电，故B 正确；断开S 的瞬间，线圈L 中电流减小，产生自感电动势，相当于电源，结电容器充电，根据线圈的电流方向不变，则电容器的a 极板将带正电．故C 正确，D 错误。

考点：考查了电感电容对交流电的阻碍作用
18．【答案】ABC
【解析】
试题分析：线圈绕垂直磁感线的轴匀速转动，产生正弦交流电，其周期等于线圈的转动周期，故A 正确；频率为周期的倒数，故频率应相等线圈的转速；故B 正确；在中性面上时，磁通量最大，但磁通量的变化率为零，即产生感应电动势为零，电流将改变方向，故C 正确，D 错误．
考点：考查了交流电的产生
二、填空题
19．【答案】 （1）. 0.80 （2）. 0.42
【解析】电压表的读数为0.80V ，电流表的读数为0.42A 。

20．【答案】15~24 s 660（每空3分）
【解析】
三、解答题
21．【答案】
【解析】
（2）由万有引力提供向心力得，G
＝mr （）2，Mm r 22πT
又h 2＝r －R ，T ＝，t N
联立解得，h 2＝－R 3
gR 2t 24π2N 2（3）椭圆轨道的半长轴R ′＝＝r ＋R ＋h 123gR 2t 24π2N 2＋R ＋h 12根据开普勒第三定律得＝R ′3T ′2r 3T
2解得，T ′＝＝2πR ′3T 2
r 3（3
gR 2t 24π2N 2＋R ＋h 1）38gR 2
所以沿着椭圆轨道从A 到B 的时间t AB ＝＝πT ′2（
3
gR 2t 2
4π2N 2＋R ＋h 1）38gR 222．【答案】解：设小球在水平方向受到库仑力的大小为F ．以右边的小球为研究对
象，分析受力如图．
则根据平衡条件有：F=mgtan =mgtan30°
2α由库仑定律得：F=k 22
22l q k r q k F ==联立得：=2×10-8C。