福建龙岩市2011届高三上学期期末质量检查一级达标试题物理

龙岩市2010～2011学年度高三第一次教学质量检查
一级达标校物理试题 (考试时间：90分钟 满分：100分)
一、单项选择题：（每小题4分，共40分。

）
1．一游艇始终以恒定速度垂直向对岸行驶，当河水不流动时,渡河
时间为t 1;当河水匀速向下流动时，渡河时间为t 2,则（ ） A 、t 1〉t 2 B 、t 1〈t 2 C 、t 1=t 2 D 、无法确
定
2．下列各种情况中的导体切割磁感线产生的感应电动势最大的是（ )
3．甲、乙两汽车在平直公路上从同一地点同时开始行驶，它们的v
－t 图象如图所示．忽略汽车掉头所需时间．下列对汽车运动状况的描述正确的是（ )
A ．在第1小时末，乙车改变运动方向
B ．在第4小时末，甲乙两车相遇
C ．在前4小时内，甲乙两车的平均速度相等
D ．在第2小时末，甲乙两车相距80 km
4．压敏电阻的阻值会随所受压力的增大而减小.如图所示
,将压敏电阻平放在电梯内,受力面向上，在其上面放一质量为m 的物体，电梯静止时电压表的示数为U 0。

下列电压表示数随时间变化图象中,能表示电梯竖直向上作匀加速直线运动的是（ ）
5．如图所示的直线是真空中某电场的一条电场线，A 、B 是这条直线上的两点。

一电子以速度v A 经过A 点向B 点运动,经过一段时间后，电子以速度v B 经过B 点，且v B 与v A 方向相反，则（ ） A ．A 点的电势一定低于B 点的电势
B ．A 点的场强一定大于B 点的场强
C ．电子在A 点的电势能一定小于它在B 点的电势能
D ．电子在A 点的动能一定小于它在B 点的动能
6．地球半径为R ,在距球心r 处(r ＞R )有一同步卫星. 另有一半径为
2R 的星球A ，在距球心3r 处也有一同步卫星，它的周期是72h ，那么A 星球平均密度与地球平均密度的比值为（ ）
A ．1∶9
B ．3∶8
C ．27∶8
D ．1∶8 7．如图所示,质量为1kg 的木块静止于水平面上,与之相连的轻质弹簧处于自然伸直状态，现用竖直向上的恒力F 作用于弹簧上端，使木块升高了0.2m ，在此过程中拉力F 做了10 J 的功．在上述过
（第2题图）
－40 v /(km·h －1
) 0
1 2 3 4 40 80 甲
乙 t /h (第3（第4题图）
B v A
v B
（第5
（第9(第10（第8
程中（g 取10m/s 2)( ）A ．弹簧的弹性势能增加了8 J B ．滑块的动能增加了8 J C ．滑块和弹簧组成的系统机械能增加了10 J D ．滑块和弹簧组成的系统机械能守恒8．如图所示，公共汽车沿水平面向右做匀变速直线运动，小球A 用细线悬挂车顶上，质量为m 的一位中学生手握扶杆始终相对于汽车静止地站在车箱底板上．学生鞋底与公共汽车间的动摩擦因数为μ．若某时刻观察到细线偏离竖直方向θ角，则此刻公共汽车对学生产生的作用力的大小和方向为（ ）
A ．mg ，竖直向上
B ．cos mg θ
，斜向左上方
C ．tan mg θ,水平向右
D ．2
1mg u +,斜向右上方
9．受动画片《四驱兄弟》的影响，越来越多的小朋友喜欢上了玩具
赛车,某玩具赛车充电电池的输出功率P 随电流I 的变化的图象如图所示，由图可知下列选项错误的是（ ） A ．该电池的电动势ε=4V; B ．该电池的内阻r =1Ω
C ．该电池的输出功率为3W 时,电路中的电流可能为1A
D ．输出功率为3w 时，此电源的效率一定为25％ 10．如图所示,空间存在相互垂直的匀强电场和匀强磁场,电场的方向
竖直向下，磁场方向水平（图中垂直纸面向里)，一带电油滴P 恰好处于静止状态，则下列说法正确的是（ ） A ．若仅撤去磁场，P 可能做匀加速直线运动
B ．若仅撤去电场，P 可能做匀加速直线运动
C ．若给P 一初速度,P 可能做匀速圆周运动
D ．若给P 一初速度,P 不可能做匀速直线运动 二、实验题：（共18分)
11.（1）(4分） 在使用10分度游标卡尺和螺旋测微器测量某一工件
的长度和厚度时，两仪器上的示数如图 (a)、（b)所示．则测量仪器的读数分别为(a) cm 、（b ） mm 。

（2）(4分）下列有关实验的描述中，正确的是
A ．在“验证力的平行四边形定则”实验中，只需橡皮筋的伸长量相同
B ．在“探究弹簧弹力与其伸长量"关系的实验中，作出弹力和弹
簧长度的图象也能求出弹簧的劲度系数
C ．在“恒力做功与动能改变的关系"的实验中，放小车的长木板应该尽量使其水平
D ．在“验证机械能守恒定律”的实验中，必须由v =gt 求出打某点时纸带的速度
12．(10分）现用伏安法研究某电子器件R 1的（6V ，2。

5W ）伏安
(第7(第11题图）
(第13特性曲线，要求特性曲线尽可能完整（直接测量的变化范围尽可能大一些），备有下列器材： A 、直流电源（6V ，内阻不计）；
B 、电流表G （满偏电流3mA ，内阻10g
R =Ω); C 、电流表A (0~0.6A ，内阻未知）； D 、滑动变阻器（0~20Ω，10A ）； E 、滑动变阻器（0~200Ω，1A ）； F 、定值电阻0
R (阻值1990Ω）； G 、开关与导线若干； （1）根据题目提供的实验器材,请你设计
出测量电子器件R 1伏安特性曲线的电路原理图(R 1可用“"表示)。

（2）在实验中，为了操作方便且能够准确地进行测量，滑动变阻器应选用 。

（填写器材序号) (3）将上述电子器件R 1 和另一电子器件R 2接入如图（甲)所示的电路中，它们的伏安特性曲线分别如图（乙)中Ob 、Oa 所示.电源的电动势ε=6.0V ，内阻忽略不计。

调节滑动变阻器R 3，使电阻R 1和R 2消耗的电功率恰好相等，则此时电阻R 1和R 2阻值的和为 Ω，R 3接入电路的阻值为 Ω.
三、计算题:（共42分）
13. （10分）如图所示，轻绳的一端系在地上，另一端系着氢气球，氢气球重20 N,空气对它的浮力恒为30 N ，由于受恒定水平风力作用，使系氢气球的轻绳和地面成53°角,(g 取10m/s 2）则： （1）轻绳所受拉力为多少？水平风力为多少？ （2）若将轻绳剪断，氢气球的加速度为多大? 14。

(10分)如图所示，直角坐标系OXY ，在X>0的空间存在着匀强磁场，
磁场方向垂直于纸面向里.许多质量为m 、电量为q 的带电粒子，以相
同的速率v 沿位于纸面内的各个方向，由O 点射入磁场区域。

不计重力，
不计粒子间的相互影响。

图中曲线表示带电粒子可能经过的区域边界，
其中边界与X 轴交点P 的坐标为（a ，0），边界与Y 轴交点为Q 。

求：
⑴判断粒子带正电荷还是负电荷？⑵磁感应强度B 的大小。

⑶指出能到
达Q 点的带电粒子在O 点的入射方向。

15。

（10分）如图，AB 为一光滑固定轨道，AC 为摩擦因素μ=0.25
的粗糙水平轨道，D 为水平地面上的一点，且B 、C 、D 在同一竖直线上,已知B 、C 两点的高度差为h , C 、D 两点的高度差也为h ，AC 两点相距s =2h 。

两滑块从A 点以相同的初速度0
v 分别沿两轨道滑行，到达B 点或C 点后分别水平抛出，欲使两滑块的落地点相同，滑块的初速度0
v 应满足什么条件？
（第12
（第
16.（12分）如图所示,相距为d 的虚线AB 、CD 之间存在着水平向
左的、场强为E 的匀强电场，M 、N 是平行于电场线的一条直线上的两点，紧靠CD 边界的右侧有一O 点，与N 点相距为l ，在O 点固定一电荷量为k Eld Q 2 （k 为静电力常量)的正点电荷，点电荷产生的电场只存在于CD 边界的右侧。

今在M 点释放一个质量为m 、电量为-e 的电子（重力不计）.求: （1)电子经过N 点时的速度大小。

（2)画出电子的运动轨迹，并求出电子从M 点释放后经过N 点的时间。

龙岩市2010～2011学年度高三第一次教学质量检查
一级达标校物理试题参考答案
第Ⅰ卷 （100分）
一、单项选择题：（每小题4分，共40分。

）
M
（第15题图）
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案
C
C
D
A
C
B
C
B
D
C
二、实验题:(共18分）
11.（a ） 11.09cm （2分） （b ） 6。

867～6.869mm （2分）
（2）B （4分）
12。

(1）如右图所示 (3分)
（2）D （3分) （3）20、4 （4分) 三．计算题:（共42分） 13。

解：（1）设氢气球所受风力为F 风，轻绳拉力为F 拉。

对氢气球进行受力分析，如图所示，根据氢气球处于平衡状态，所受合力为零.
F 浮－
G －F 拉 sin530=0…………2分 F 风－F 拉cos530=0…………2分 解上两式得:
F 拉＝12。

5N …………1分 F 风＝7。

5N …………1分
（2）轻绳剪断后，氢气球所受的合力大小F 合＝12。

5N …………2分
方向与原轻绳拉力方向相反。

由F 合＝am
得a=6。

25m/s 2…………2分
14.（10分）解：
（1）粒子带正电…………2分
（2)由几何关系可知：带电粒子在磁场中做圆周运动的半径为 2
a
R =…………2分
据牛顿第二定律，得
R
v
m qvB 2
=…………2分
联立以上两式解得 aq
m v B 2=…………2分
（3)能到达Q 点的带电粒子在O 点的入射方向沿X 轴正方向。

…………2分 15．（10分）解：
滑块从A 到B 过程机械能守恒 mgh mv mv B
+=22
2
1
21 …………2分 得
gh v v B 22
0-=
从
B 点抛出后：212
12gt
h t
v x B == …………2分
得
g
h gh v x •
-=22201
滑块从A 到C 过程，由动能定理得：
20
2
2
1
21mv mv mgs c
-=-μ …………2分
又50.=μ h s =,得gh v v c -=2
从C 点抛出后:222
1gt
h t
v x c == …………2分
得g
h gh v x
22
02
•
-=
依题意有：21
x x
=
解得：gh v
30
=
…………2分
所以滑块的初速度0
v 应满足gh v
30
=。

16.（12分）
解:（1）设电子经过N 点时的速度为v ，根据动能定理，有
2
2
1mv eEd = …………2分 解得m
Eed v 2=
…………1分
（2）设电子经N 点进入点电荷电场后，由计算可知库仑力恰好提
供向心力。

所以电子在点电荷的电场中作半径为l 的匀速圆周运动,再次进入匀强电场减速后沿原路径返回，以后作周期性运动，如图所示。

…………1分 电子第一次经过N 点的时间t 1
Ee
m d
v d t 22
1==
…………2分
电子在点电荷的电场中作圆周运动的周期T : eEd
m
l
v
l T 22ππ==…………1分 电子第二次经过N 点的时间t 2：
eEd
m l eE md T t t 223
312π+=+=…………1分
电子第三次经过N 点的时间t 3：
eEd
m
l
eE md )T t (t t 225
4113π+=++=…………1分
电子第四次经过N 点的时间t 4：
eEd m
l eE md )T t (t t 2227
4124π+=++= (1)
分
所以电子经过N 点的时间为：
)(22n n t n n π=-为偶数时…………1分
)1(22n n t n n π-=-为奇数时…………1分。