近年高考物理一轮复习编练习题(14)(含解析)新人教版(2021年整理)

2019高考物理一轮复习编练习题（14）（含解析）新人教版编辑整理：
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2019高考物理（人教)一轮编练习题(14）
李仕才
一、选择题
1、汽车以20 m/s的速度在平直公路上行驶，急刹车时的加速度大小为5 m/s2,则自驾驶员急刹车开始,2 s与5 s时汽车的位移之比为( )
A．5∶4 B．4∶5
C．3∶4 D．4∶3
解析汽车停下来所用的时间为t＝错误!＝4 s，故2 s时汽车的位移x1＝v0t1＋错误!(－a)t错误!＝30 m;5 s时汽车的位移与4 s时汽车的位移相等，x
＝v0t2＋错误!（－a）t错误!＝40 m,解得错误!＝错误!，选项C正确。

2
答案C
2、如图7所示，三角形ABC是固定在水平面上的三棱柱的横截面，∠A ＝30°，∠B＝37°,C处有光滑小滑轮，质量分别为m1、m2的两物块通过细线跨放在AC面和BC面上，且均恰好处于静止状态，已知AC面光滑,物块2与BC面间的动摩擦因数μ＝0。

5,最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则两物块的质量比m1∶m2不可能是（）
图7
A．1∶3 B．3∶5
C．5∶3 D．2∶1
答案A
3、如果高速转动的飞轮重心不在转轴上,运行将不稳定,而且轴承会受到很大的作用力，加速磨损。

如图5所示，飞轮半径r＝20cm，ab为转动轴.
正常工作时转动轴受到的水平作用力可以认为是0.假想在飞轮的边缘固定两个互成直角的螺丝钉P和Q,两者的质量均为m＝0.01kg，当飞轮以角速度ω＝1000rad/s转动时，转动轴ab受到力的大小为（)
图5
A.1×103N
B.2×103N
C。

错误!×103N D.2错误!×103N
答案D
解析对钉子:F1＝F2＝mω2·r＝2000N，受到的合力F＝2F1＝2错误!×103N。

4、若已知地球半径为R1，赤道上物体随地球自转的向心加速度为a1，第一宇宙速度为v1；地球同步卫星的轨道半径为R2，向心加速度为a2，运动速率为v2,判断下列比值正确的是( )
A.错误!＝错误! B。

错误!＝（错误!）2
C.v
1
v
2
＝错误!D。

错误!＝错误!
【答案】A
5、如图所示，物块的质量为m,它与水平桌面间的动摩擦因数为μ.起初,用手按住物块，物块的速度为零，弹簧的伸长量为x。

然后放手，当弹簧的长度回到原长时，物块的速度为v。

则此过程中弹力所做的功为（）
A。

错误!mv2－μmgx B．μmgx－错误!mv2
C。

错误!mv2＋μmgx D．以上选项均不对
解析：选C 设W弹为弹力对物体做的功，因为克服摩擦力做的功为μmgx,由动能定理得W弹－μmgx＝错误!mv2－0，得W弹＝错误!mv2＋μmgx.
6、（多选）太空中存在一些离其他恒星较远的、由质量相等的三颗星组成的三星系统，通常可忽略其他星体对它们的引力作用．已观测到稳定的三星系统存在两种基本的构成形式：一种是三颗星位于同一直线上，两颗星围绕中央星在同一半径为R的圆轨道上运行；另一种形式是三颗星位于等边三角形的三个顶点上，并沿外接于等边三角形的圆形轨道运行．设这三个星体的质量均为M,并设两种系统的运动周期相同，则（）
A．直线三星系统运动的线速度大小v＝错误!
B．两三星系统的运动周期T＝4πR错误!
C．三角形三星系统中星体间的距离L＝错误!R
D．三角形三星系统的线速度大小v＝错误!错误!
7、静电计是在验电器的基础上制成的，用其指针张角的大小来定性显示其金属球与外壳之间的电势差大小。

如图所示，A、B是平行板电容器的两个金属板，G为静电计。

开始时开关S闭合，静电计指针张开一定角度，为了使指针张开的角度增大些，下列采取的措施可行的是（）
A.断开开关S后，将A、B分开些
B。

保持开关S闭合，将A、B两极板分开些
C。

保持开关S闭合，将A、B两极板靠近些
D。

保持开关S闭合，将变阻器滑动触头向右移动
【解析】选A。

断开开关，电容器带电量Q不变,将A、B分开一些,则d增大，根据C=知,电容C减小，根据C=知,电势差U增大，指针张角增大,故A
正确；保持开关闭合，电容器两端的电势差不变，则指针张角不变，B、C、D 错误。

8、如图所示，一劲度系数为k的轻质弹簧，下面挂有匝数为n的矩形线框abcd。

bc边长为l，线框的下半部分处在匀强磁场中，磁感应强度大小为B,方向与线框平面垂直，在图中垂直于纸面向里。

线框中通以电流I，方向如图所示,开始时线框处于平衡状态。

令磁场反向,磁感应强度的大小仍为B，线框达到新的平衡。

则在此过程中线框位移的大小Δx及方向是（）
A．Δx＝错误!,方向向上 B．Δx＝错误!，方向向下
C．Δx＝nIlB
k
,方向向上 D．Δx＝错误!，方向向下
解析：选 B 线框在磁场中受重力、安培力、弹簧弹力处于平衡，安培力为：F B＝nBIl，且开始的方向向上,然后方向向下，大小不变.
设在电流反向之前弹簧的伸长量为x,则反向之后弹簧的伸长量为(x＋Δx)，
则有：kx＋nBIl－G＝0
k（x＋Δx)－nBIl－G＝0
解之可得：Δx＝错误!,且线框向下移动。

故B正确。

二、非选择题
1、如图甲所示，水平放置的平行金属板A和B的距离为d，它们的右端安放着垂直于金属板的靶MN,现在A、B板上加上如图乙所示的方波形电压，电压的正向值为U0，反向电压值为，且每隔变向1次。

现将质量为m的带正电,且电荷量为q的粒子束从AB的中点O以平行于金属板的方向
OO′射入，设粒子能全部打在靶上，而且所有粒子在A、B间的飞行时间均为T。

不计重力的影响，试求：
（1)定性分析在t=0时刻从O点进入的粒子,在垂直于金属板的方向上的运动情况。

(2)在距靶MN的中心O′点多远的范围内有粒子击中?
(3）要使粒子能全部打在靶MN上，电压U0的数值应满足什么条件?(写出U0、m、d、q、T的关系式即可）
【解析】（1)0～时间内，带正电的粒子受到向下的电场力而向下做加速运动，在～T时间内，粒子受到向上的电场力而向下做减速运动.
（2分）
（2）当粒子在0,T,2T…nT（n=0，1，2…)时刻进入电场中时，粒子将打在O′点下方最远点，在前时间内,粒子竖直向下的位移：
y1=a1(）2=
（2分)
在后时间内，粒子竖直向下的位移：
y2=v-a2(）2
（2分)
其中:v=a1=(1
分)
a2=
（1分）
解得：y2=
(1分）
故粒子打在距O′点正下方的最大位移:
y=y1+y2=
(1分)
当粒子在，…（n=0，1,2…）时刻进入电场时，将打在O′点上方最远点,在前时间内，粒子竖直向上的位移：
y′1=a1′()2=(1分）
在后时间内，粒子竖直向上的位移：
y2′=v′-a2′（)2
（1分)
其中：v′=a1′=
(1分)
a2′=
(1分）
解得:y2′=0
（1分)
故粒子打在距O′点正上方的最大位移:
y′=y1′+y2′=
(1分)
击中的范围在O′以下到O′以上(1分)
（3)要使粒子能全部打在靶上，需有:
〈
（2分)
解得：U0〈
(1分)
答案：(1)见解析（2）O′以下到O′以上
（3)U0<。