浙江省绍兴一中2016-2017学年高二上学期期中物理试卷Word版含解析

2016-2017学年浙江省绍兴一中高二（上）期中物理试卷
一、选择题I（本题共12小题，每小题3分，共36分．每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）
1．磁性水雷是用一个可以绕轴转动的小磁针来控制起爆电路的，军舰被地磁场磁化后就变成了一个浮动的磁体，当军舰接近磁性水雷时，就会引起水雷的爆炸，如图所示，其依据是（）
A．磁体的吸铁性B．磁极间的相互作用规律
C．电荷间的相互作用规律D．磁场具有方向性
2．如图所示，给平行板电容器带一定的电荷后，将电容器的A板与静电计小球相连，并将B板与静电计的外壳接地．下列说法正确的是（）
A．将A极板向右移动少许，静电计指针的偏转角将增大
B．将B极板向上移动少许，静电计指针的偏转角将减小
C．将一块玻璃板插入A、B两极板之间，静电计指针的偏转角将减小
D．用手触摸一下B极板，静电计指针的偏转角将减小到零
3．一个阻值为R的电阻两端加上电压U后，通过电阻横截面的电量q随时间t 变化的图象如图所示，此图象的斜率可表示为（）
A．U B．C．R D．
4．如图所示为航母上电磁弹射装置的等效电路图（俯视图），使用前先给超级电容器C充电，弹射时，电容器释放储存电能所产生的强大电流经过导体棒EF，EF在磁场（方向垂直纸面向外）作用下加速．则下列说法正确的是（）
A．电源给电容器充电后，M板带正电
B．导体棒在安培力作用下向右运动
C．超级电容器相当电源，放电时两端电压不变
D．在电容器放电过程中，电容器电容不断减小
5．密立根油滴实验原理如图所示．两块水平放置的金属板分别与电源的正负极相接，板间电压为U，形成竖直向下场强为E的匀强电场．用喷雾器从上板中间的小孔喷入大小、质量和电荷量各不相同的油滴．通过显微镜可找到悬浮不动的油滴，若此悬浮油滴的质量为m，则下列说法正确的是（）
A．悬浮油滴带正电
B．悬浮油滴的电荷量为
C．增大场强，悬浮油滴将向上运动
D．油滴的电荷量不一定是电子电量的整数倍
6．法拉第电动机原理如图所示．条形磁铁竖直固定在圆形水银槽中心，N极向上．一根金属杆斜插在水银中，杆的上端与固定在水银槽圆心正上方的铰链相连．电源负极与金属杆上端相连，与电源正极连接的导线插入水银中．从上往下
看，金属杆（）
A．向左摆动B．向右摆动C．顺时针转动D．逆时针转动
7．如图所示，质量为m，电荷量为q的带电小球A用绝缘细线悬于O点，带电量也为q的小球B固定在O点正下方绝缘支柱上，其中O点到小球A的距离为
l，小球B到O的距离为l．当小球A平衡时细线与竖直方向的夹角为60°，带电小球A、B均可视为点电荷，静电常量为k．则下列说法正确的是（）
A．小球AB间的作用力为mg
B．小球AB间的作用力为
C．细线对小球A的拉力为mg
D．细线对小球A的拉力为mg
8．如图为某智能手机电池上的信息，电池支持“9V 2A”快充技术，电池充满仅需约1.3小时，轻度使用状态可使用一天．下列说法正确的是（）
A．9.88Wh为该电池的电量
B．4.35V为该电池的电动势
C．轻度使用时的平均功率约0.1W
D．根据数据可以计算得到该电池的容量约为2600mAh
9．如图所示，真空中有两个点电荷Q1=+9.0×10﹣8C和Q2=﹣1.0×10﹣8C，分别固定在x坐标轴上，其中Q1位于x=0处，Q2位于x=6cm处．在x轴上（）
A．场强为0的点有两处
B．在x＞6cm区域，电势沿x轴正方向降低
C．质子从x=1cm运动到x=5cm处，电势能升高
D．在0＜x＜6cm的区域，场强沿x轴正方向
10．如图所示，竖直放置的两个平行金属板间有匀强电场，在两板之间等高处有两个质量相同的带电小球（不计两带电小球之间的电场影响），P小球从紧靠左极板处由静止开始释放，Q小球从两极板正中央由静止开始释放，两小球沿直线运动都打到右极板上的同一点，则从开始释放到打到右极板的过程中（）
A．它们的运动时间的关系为t P＞t Q
B．它们的电荷量之比为q P：q Q=2：1
C．它们的动能增量之比为△E kP：△E kQ=2：1
D．它们的电势能减少量之比为△E P：△E Q=2：1
11．如图所示，平行金属板中带电质点P原处与静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向a端移动时，则（）
A．电压表读数减小 B．电流表读数减小
C．质点P将向上运动D．R3上消耗的功率逐渐增大
12．如图所示，某种带电粒子由静止开始经电压为U1的电场加速后，射入水平放置、电势差为U2的两块导体板间的匀强电场中，带电粒子沿平行于两板的方向从两板正中间射入，穿过两板后又垂直于磁场方向射入边界线竖直的匀强磁场中，则粒子射入磁场和射出磁场的M、N两点间的距离d随着U1或U2的变化情
况为（不计重力，不考虑边缘效应）（）
A．仅增大U1，d将增大B．仅增大U1，d将减小
C．仅增大U2，d将增大D．仅增大U2，d将减小
二、选择题II（本题共5小题，每小题4分，共20分．每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）
13．在物理学发展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用．下列叙述不符合史实的是（）
A．奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，该效应揭示了电和磁之间存在联系B．安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说
C．法拉第在实验中观察到，在通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中，会出现感应电流
D．楞次在分析了许多实验事实后提出，感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化
14．要使图中b线圈产生图示中的电流方向，可采取的办法有（）
A．闭合电键K
B．闭合电键K后，把b靠近a
C．闭合电键K后，把电阻R滑片左移
D．闭合电键K后，把a铁芯向左边抽出
15．空间某区域竖直平面内存在电场，电场线分布如图所示．一个质量为m、电量为q，电性未知的小球在该电场中运动，小球经过A点时的速度大小为v1，方
向水平向右，运动至B点时的速度大小为v2．若A、B两点之间的高度差为h，则以下判断中正确的是（）
A．A、B两点的电场强度和电势大小关系为E A＞E B、φA＜φB
B．若v1＞v2，则电场力一定做负功
C．A、B两点间的电势差为（v22﹣v12﹣2gh）
D．小球从A运动到B点的过程中电场力做的功为mv22﹣mv12
16．如图甲所示电路中，电源电动势为E，内阻为r，R1为滑动变阻器，R2为定值电阻，闭合开关S，当滑动变阻器的滑动触头P滑动的过程中，四个理想电表的示数都发生变化，图乙中三条图线分别表示了三个电压表示数随电流表示数变化的情况，则说法正确的是（）
A．图线a表示的是电压表V1的示数随电流表示数变化的情况
B．图线b表示的是电压表V2的示数随电流表示数变化的情况
C．图线c表示的是电压表V2的示数随电流表示数变化的情况
D．此过程中电压表V3示数的变化量△U3和电流表示数变化量△I的比值绝对值变大
17．如图甲所示，正方形金属线圈abcd位于竖直平面内，其质量为m，电阻为R．在线圈的下方有一匀强磁场，MN和M′N′是磁场的水平边界，并与bc边平行，磁场方向垂直于纸面向里．现使金属线框从MN上方某一高度处由静止开始下落，图乙是线圈由开始下落到完全穿过匀强磁场区域瞬间的v﹣t图象，图中字母均为已知量．重力加速度为g，不计空气阻力．下列说法正确的是（）
A．金属线框刚进入磁场时感应电流方向沿adcba方向
B．金属线框的边长为v1（t2﹣t1）
C．磁场的磁感应强度为
D．金属线框在0～t4的时间内所产生的热量为2mgV1（t2﹣t1）+m（V22﹣V32）
三、实验题（本题共2小题，第18题10分，第19题8分，共18分）
18．在“测绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，小灯泡额定电压为2.5V、电流为0.3A．
A．电流表（0～3A，内阻约0.04Ω）
B．毫安表（0～300mA，内阻约4Ω）
C．电压表（0～10V，内阻10KΩ）
D．电压表（0～3V，内阻10KΩ）
E．电源（额定电压1.5V，最大允许电流2A）
F．电源（额定电压3V，最大允许电流1A）
G．可变电阻（阻值范围0～10Ω，额定电流1A）
H．可变电阻（阻值范围0～50Ω，额定功率0.5W）
I．导线若干根，电键一个．
（1）为使测量安全和尽可能准确，应选用的器材是．（用字母代号填写）（2）部分连线的实物照片如图甲所示，请在答题纸上画出完整的电路图；（3）某次实验中，当电流表的示数为0.18A，电压表的指针如图乙所示，则电压为V，此时小灯泡的功率是W；
（4）正确测量获得的伏安特性曲线是图象（图丙）中的（填字母）．19．图甲为《探究电磁感应现象》实验中所用器材的示意图．现将电池组、滑动变阻器、带铁芯的线圈A、B，电流计及开关连接成如图甲所示的电路．
（1）电键闭合后，下列说法中正确的是
A．只要将线圈A放在线圈B中就会引起电流计指针偏转
B．线圈A插入或拔出线圈B的速度越大，电流计指针偏转的角度越大
C．滑动变阻器的滑片P滑动越快，电流计指针偏转的角度越大
D．滑动变阻器的滑片P匀速滑动时，电流计指针不会发生偏转
（2）在实验中，如果是因为线圈A插入或拔出线圈B，导致电流计指针发生了偏转．这时，是转化为电能．
（3）上述实验中，线圈A、B可等效为一个条形磁铁，将线圈B和灵敏电流计简化如图乙所示．当电流从正接线柱流入灵敏电流计时，指针向正接线柱一侧偏转．则乙图中灵敏电流计指针向接线柱方向偏转（填：正、负）．
四、简答题（本题共3小题，请写出必要的步骤和文字说明，只有结果没有过程不给分．）
20．如图所示是某款理发用的电吹风的电路图，它主要由电动机M和电热丝R 构成，当闭合开关S1、S2后，电动机驱动风叶旋转，将空气从进风口吸入，经电热丝加热，形成热风后从出风口吹出，已知电吹风的额定电压为220V，吹冷风时的功率为120W，吹热风时的功率为1000W，求：
（1）当电吹风热风时，电动机功率；
（2）电热丝的电阻．
21．如图所示，在匀强磁场中倾斜放置的两根平行光滑的金属导轨，它们所构成的导轨平面与水平面成θ=30°角，平行导轨间距L=1.0m．匀强磁场方向垂直于导轨平面向下，磁感应强度B=0.20T．两根金属杆ab和cd可以在导轨上无摩擦地滑动．两金属杆的质量均为m=0.20kg，电阻均为R=0.20Ω．若用与导轨平行的拉力作用在金属杆ab上，使ab杆沿导轨匀速上滑并使cd杆在导轨上保持静止，整个过程中两金属杆均与导轨垂直且接触良好．金属导轨的电阻可忽略不计，取重力加速度g=10m/s2．求：
（1）cd杆受安培力F
的大小；
安
（2）通过金属杆的感应电流I；
（3）作用在金属杆ab上拉力的功率P．
22．如图a所示，O为加速电场上极板的中央，下极板中心有一小孔O′，O与O′在同一竖直线上，空间分布着有理想边界的匀强磁场，其边界MN、PQ（加速电场的下极板与边界MN重合）将匀强磁场分为Ⅰ、Ⅱ两个区域，Ⅰ区域高度为d，Ⅱ区域的高度足够大，两个区域的磁感应强度大小相等，方向如图．一个质量为m、电荷量为+q的带电粒子从O点由静止释放，经加速后通过小孔O′，垂直进入磁场Ⅰ区．设加速电场两极板间的电压为U，不计粒子的重力．
（1）求粒子进入磁场Ⅰ区时的速度大小；
（2）若粒子运动一定时间后恰能回到O点，求磁感应强度B的大小；
（3）若将加速电场两极板间的电压提高到3U，为使带电粒子运动一定时间后仍能回到O点，需将磁场Ⅱ向下移动一定距离，（如图b所示）．求磁场Ⅱ向下移动的距离y及粒子从O′点进入磁场Ⅰ到第一次回到O′点的运动时间t．
2016-2017学年浙江省绍兴一中高二（上）期中物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题I（本题共12小题，每小题3分，共36分．每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）
1．磁性水雷是用一个可以绕轴转动的小磁针来控制起爆电路的，军舰被地磁场磁化后就变成了一个浮动的磁体，当军舰接近磁性水雷时，就会引起水雷的爆炸，如图所示，其依据是（）
A．磁体的吸铁性B．磁极间的相互作用规律
C．电荷间的相互作用规律D．磁场具有方向性
【考点】C1：磁现象和磁场．
【分析】磁性水雷中的小磁针静止时，水雷不会爆炸，军舰被地磁场磁化后就变成了一个浮动的磁体，当军舰接近磁性水雷时，由磁极间的相互作用就会使水雷中的小磁针发生转动，而发生爆炸．
【解答】解：磁性水雷中的小磁针静止时，一端指南，一端指北，水雷不会爆炸，军舰被地磁场磁化后就变成了一个浮动的磁体，当军舰接近磁性水雷时，由磁极间的相互作用：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引知，就会使水雷中的小磁针发生转动，而触发水雷发生爆炸．故B正确，ACD错误；
故选：B．
2．如图所示，给平行板电容器带一定的电荷后，将电容器的A板与静电计小球相连，并将B板与静电计的外壳接地．下列说法正确的是（）
A．将A极板向右移动少许，静电计指针的偏转角将增大
B．将B极板向上移动少许，静电计指针的偏转角将减小
C．将一块玻璃板插入A、B两极板之间，静电计指针的偏转角将减小
D．用手触摸一下B极板，静电计指针的偏转角将减小到零
【考点】AS：电容器的动态分析．
【分析】解答本题关键应根据：电容的决定式C=分析电容的变化，抓住电
容器的电量不变，由电容的定义式C=分析电压的变化，即可判断静电计指针偏转角的变化．
【解答】解：A、将A极板向右移动少许，电容器两板间的距离减小，根据电容
的决定式C=可知，电容C增大，而电容的电量Q不变，则电容的定义式C=可知，电容器板间电势差U减小，静电计指针的偏转角将减小．故A错误．
B、将B极板向上移动少许，两板正对面积减小，根据电容的决定式C=可
知，电容C减小，而电容的电量Q不变，则电容的定义式C=可知，电容器板间电势差U增大，静电计指针的偏转角将增大．故B错误．
C、将一块玻璃板插入A、B两极板之间，根据电容的决定式C=可知，电
容C增大，而电容的电量Q不变，则电容的定义式C=可知，电容器板间电势差U减小，静电计指针的偏转角将减小．故C正确．
D、用手触摸一下B极板，电容器带电量没有改变，静电计指针的偏转角将不变．故D错误．
故选C
3．一个阻值为R的电阻两端加上电压U后，通过电阻横截面的电量q随时间t 变化的图象如图所示，此图象的斜率可表示为（）
A．U B．C．R D．
【考点】B1：电流、电压概念．
【分析】给出的图象是q﹣t图象，其斜率为I=，所以斜率代表的是电流，再由欧姆定律可得出正确答案．
【解答】解：根据电流强度的定义公式I=；
可知q﹣t图象的斜率代表的就是电流；
根据欧姆定律，有：I=，故斜率也代表电流．
故选：B．
4．如图所示为航母上电磁弹射装置的等效电路图（俯视图），使用前先给超级电容器C充电，弹射时，电容器释放储存电能所产生的强大电流经过导体棒EF，EF在磁场（方向垂直纸面向外）作用下加速．则下列说法正确的是（）
A．电源给电容器充电后，M板带正电
B．导体棒在安培力作用下向右运动
C．超级电容器相当电源，放电时两端电压不变
D．在电容器放电过程中，电容器电容不断减小
【考点】CC：安培力；AP：电容．
【分析】明确电容器的性质，知道电容是电容本身的性质，与电量无关；而电容器充电时，与电源正极相连的极板带正电，同时根据左手定则分析安培力的方向，从而判断运动方向．
【解答】解：A、电容器下极板接正极，所以充电后N乙极带正电，故A错误；
B、放电时，电流由F到E，则由左手定则可知，安培力向右，所以导体棒向右运动，故B正确；
C、电容器放电时，电量和电压均减小，故C错误；
D、电容是电容器本身的性质，与电压和电量无关，故放电时，电容不变，故D 错误．
故选：B．
5．密立根油滴实验原理如图所示．两块水平放置的金属板分别与电源的正负极相接，板间电压为U，形成竖直向下场强为E的匀强电场．用喷雾器从上板中间的小孔喷入大小、质量和电荷量各不相同的油滴．通过显微镜可找到悬浮不动的油滴，若此悬浮油滴的质量为m，则下列说法正确的是（）
A．悬浮油滴带正电
B．悬浮油滴的电荷量为
C．增大场强，悬浮油滴将向上运动
D．油滴的电荷量不一定是电子电量的整数倍
【考点】CM：带电粒子在混合场中的运动．
【分析】带电荷量为q的油滴静止不动，所受的电场力与重力平衡，由平衡条件分析微粒的电性和带电量，从而即可求解．
【解答】解：A、带电荷量为q的油滴静止不动，则油滴受到向上的电场力；
题图中平行板电容器上极板带正电，下极板带负电，故板间场强方向竖直向下，则油滴带负电，故A错误；
B、根据平衡条件，有：mg=q，故q=，然后发现q总是某个最小值的整数倍，可估算出电子的电量，故B错误；
C、根据平衡条件，有：mg=qE，当增大场强，电场力增大，则悬浮油滴将向上运动，故C正确；
D、不同油滴的所带电荷量虽不相同，但都是某个最小电荷量（元电荷）的整数倍，故D错误；
故选：C．
6．法拉第电动机原理如图所示．条形磁铁竖直固定在圆形水银槽中心，N极向上．一根金属杆斜插在水银中，杆的上端与固定在水银槽圆心正上方的铰链相连．电源负极与金属杆上端相连，与电源正极连接的导线插入水银中．从上往下看，金属杆（）
A．向左摆动B．向右摆动C．顺时针转动D．逆时针转动
【考点】CD：左手定则；CC：安培力．
【分析】接通电路，有电流通过金属杆，金属杆受到安培力作用，根据左手定则判断安培力方向，分析金属杆的运动情况．
【解答】解：接通电路，有向上的电流通过金属杆，金属杆处在磁铁的磁场中，受到安培力作用，根据左手定则得知，安培力方向与金属杆垂直向里，使金属杆以磁铁棒为轴逆时针转动．选项ABC错误，D正确．
故选：D．
7．如图所示，质量为m，电荷量为q的带电小球A用绝缘细线悬于O点，带电量也为q的小球B固定在O点正下方绝缘支柱上，其中O点到小球A的距离为
l，小球B到O的距离为l．当小球A平衡时细线与竖直方向的夹角为60°，带电小球A、B均可视为点电荷，静电常量为k．则下列说法正确的是（）
A．小球AB间的作用力为mg
B．小球AB间的作用力为
C．细线对小球A的拉力为mg
D．细线对小球A的拉力为mg
【考点】2H：共点力平衡的条件及其应用．
【分析】先由几何关系求出AB之间的距离，然后由库仑定律即可求出两个小球之间的库仑力的大小；对小球A受力分析，受重力、静电力和细线的拉力，根据平衡条件并结合相似三角形法列式求解即可．
【解答】解：由题，OA=l，OB=l．
当小球A平衡时，悬线与竖直方向夹角θ=30°，
由几何关系可知，A到直线OB的距离为：
所以AB之间的距离为：
小球A的受力分析如图：
A、根据受力平衡的条件，小球AB间的作用力为：
所以：F==．故A错误；
B、由库仑定律得：F==．故B正确
C、D、设细线对小球A的拉力为T，根据受力平衡的条件可得：
所以：T=．故CD错误．
故选：B
8．如图为某智能手机电池上的信息，电池支持“9V 2A”快充技术，电池充满仅需
约1.3小时，轻度使用状态可使用一天．下列说法正确的是（）
A．9.88Wh为该电池的电量
B．4.35V为该电池的电动势
C．轻度使用时的平均功率约0.1W
D．根据数据可以计算得到该电池的容量约为2600mAh
【考点】B9：电源的电动势和内阻；B1：电流、电压概念．
【分析】根据给出的单位分析电池所标的信息，明确对应的充电电压和限制电压，根据电流的定义q=It可求得电量．
【解答】解：A、9.88Wh为电池的充电电能，不是该电池的电量；故A错误；
B、4.35V为充电电压，不是该电池的电动势，故B错误；
C、轻度使用时平均功率约为P===0.41W，故C错误；
D、充电电流为2A，充满电为1.3h，故电池的容量q=It=2000mA×1.3h=2600mAh，故D正确．
故选：D．
9．如图所示，真空中有两个点电荷Q1=+9.0×10﹣8C和Q2=﹣1.0×10﹣8C，分别固定在x坐标轴上，其中Q1位于x=0处，Q2位于x=6cm处．在x轴上（）
A．场强为0的点有两处
B．在x＞6cm区域，电势沿x轴正方向降低
C．质子从x=1cm运动到x=5cm处，电势能升高
D．在0＜x＜6cm的区域，场强沿x轴正方向
【考点】AD：电势差与电场强度的关系．
【分析】某点的电场强度是正电荷Q1和负电荷Q2在该处产生的电场的叠加，是合场强．运用合成法进行分析．
【解答】解：A、某点的电场强度是正电荷Q1和负电荷Q2在该处产生的电场的
叠加，是合场强．
根据点电荷的场强公式E=，
所以要使电场强度为零，那么正电荷Q1和负电荷Q2在该处产生的场强必须大小相等、方向相反．
不会在Q1的左边，因为Q1的电荷量大于Q2，也不会在Q1 Q2之间，因为它们电性相反，在中间的电场方向都向右．所以，只能在Q2右边．即在x坐标轴上电场强度为零的点只有一个．故A错误；
B、由选项A的分析可知，在x＞6cm区域，有一点使得电场强度为0，则在x＞6cm区域，电势沿x轴正方向先降低后增大，故B错误；
C、x＜6cm区域电场强度方向沿x正方向，质子从x=1cm运动到x=5cm处，电势能减小，故C错误；
D、由上分析，可知，在0＜x＜6cm的区域，场强沿x轴正方向，故D正确．
故选：D
10．如图所示，竖直放置的两个平行金属板间有匀强电场，在两板之间等高处有两个质量相同的带电小球（不计两带电小球之间的电场影响），P小球从紧靠左极板处由静止开始释放，Q小球从两极板正中央由静止开始释放，两小球沿直线运动都打到右极板上的同一点，则从开始释放到打到右极板的过程中（）
A．它们的运动时间的关系为t P＞t Q
B．它们的电荷量之比为q P：q Q=2：1
C．它们的动能增量之比为△E kP：△E kQ=2：1
D．它们的电势能减少量之比为△E P：△E Q=2：1
【考点】AK：带电粒子在匀强电场中的运动；AG：匀强电场中电势差和电场强度的关系．
【分析】将两个小球的运动沿着水平和竖直方向正交分解，竖直方向只受重力，做自由落体运动；水平方向受到电场力，做初速度为零的匀加速直线运动，根据
运动学公式、牛顿第二定律和功能关系联合列式分析．
【解答】解：A、两小球在竖直方向都做自由落体运动，竖直分位移相等，由h= gt2，得到时间相等，故A错误；
B、两球的水平分运动都是初速度为零的匀加速运动，根据牛顿第二定律，有qE=ma ①
根据位移时间关系公式，有
x=at2②
由①②两式解得
x=••t2
由于两球的水平分位移之比为2：1，故电量之比为2：1，故B正确；
C、根据动能定理，有
mgh+qEx=△E k
由于h未知，故C错误；
D、电场力做功等于电势能的减小量，故
=qEx
△E p
减
由B选项分析可知，水平分位移之比为2：1，电量之比也为2：1，故电势能减小量之比为4：1，故D错误；
故选：B．
11．如图所示，平行金属板中带电质点P原处与静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向a端移动时，则（）
A．电压表读数减小 B．电流表读数减小
C．质点P将向上运动D．R3上消耗的功率逐渐增大
【考点】BB：闭合电路的欧姆定律；AN：电容器．
【分析】先由滑片的移动可知电路中电阻的变化，再由闭合电路欧姆定律可知各电表示数的变化及电容器两端的电压变化；再分析电容器板间场强的变化，由质点的受力情况可知质点的运动情况．
【解答】解：
A、B由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联后，再由R1串联接在电源两端；电容器与R3并联；
当R4的滑片向a移动时，滑动变阻器接入电阻增大，则电路中总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流减小，路端电压增大，则R1两端的电压减小，可知并联部分的电压增大，电压表读数增大．
由欧姆定律可知流过R3的电流增大，根据并联电路的特点可知：流过R2的电流减小，则电流表示数减小；故A错误，B正确；
C、因电容器两端电压增大，板间场强增大，质点受到的向上电场力增大，故质点P将向上运动，故C正确；
D、因R3两端的电压增大，由P=可知，R3上消耗的功率增大；故D正确；故选：BCD．
12．如图所示，某种带电粒子由静止开始经电压为U1的电场加速后，射入水平放置、电势差为U2的两块导体板间的匀强电场中，带电粒子沿平行于两板的方向从两板正中间射入，穿过两板后又垂直于磁场方向射入边界线竖直的匀强磁场中，则粒子射入磁场和射出磁场的M、N两点间的距离d随着U1或U2的变化情况为（不计重力，不考虑边缘效应）（）
A．仅增大U1，d将增大B．仅增大U1，d将减小
C．仅增大U2，d将增大D．仅增大U2，d将减小
【考点】CI：带电粒子在匀强磁场中的运动；AK：带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】不加磁场时粒子做匀速直线运动；加入磁场后，带电粒子在磁场中做圆周运动，已知偏向角则由几何关系可确定圆弧所对应的圆心角，则可求得圆的半。