2018-2019学年广西南宁市第三中学高一上学期月考物理试题(解析版)

广西南宁三中2018--2019学年度上学期高一物理月考(一)
一、选择题
1.如图所示,由于风的缘故,河岸上的旗帜向右飘,在河面上的两条船上的旗帜分别向右和向左飘,两条船运动
状态是( )
A. A船肯定是向左运动的
B. A船可能是静止的
C. B船肯定是向右运动的
D. B船可能是静止的
【答案】BC
【解析】
【详解】由于岸上的旗帜向右飘，所以风是向右吹的。

如果船只静止，旗帜会向右飘。

船只如果向左行驶，旗帜也会向右飘。

船只如果向右行驶，但是行驶的速度小于风的速度，旗帜仍然会向右飘。

只有船只向右行驶，而且行驶的速度大于风速，旗帜才会向左飘。

故而BC正确，AD错误。

选择BC。

2.下列说法中正确的是（）
A. 物体运动时速度的变化量越大，它的加速度一定越大
B. 速度很大的物体，其加速度可以为零
C. 某时刻物体速度为零，其加速度不可能很大
D. 加速度很大时，运动物体的速度一定很快变大
【答案】B
【解析】
【详解】物体运动时的加速度等于物体的速度变化量和变化时间的比值。

于速度的大小、速度变化的大小都没有必然联系。

因此AC错误，B正确。

加速度很大说明物体的速度变化一定很快，但是物体的速度时变大还是变小，与加速度的大小无关。

故D错误。

选择B项。

3.一质点以加速度从静止开始由A点沿直线运动到B点,经过最后40m所用时间是2s,则A、B两点的
距离为( ）
A. 45m
B. 30m
C. 50m
D. 60m
【答案】A
【解析】
【详解】根据匀变速直线运动中时间中点瞬时速度等于这段时间内的平均速度，可知最后1s的初速度为：v m==20m/s，则由v=v0+at可知，v B=v m+at=20+10×1m/s=30m/s。

根据2ax=v2-v02，可知：AB之间的距离x AB==m=45m。

故选A项。

4.如图所示为物体做直线运动的图象.若将该物体的运动过程用图象表示出来(其中s为物体相对出发点的位移),则图中的四幅图描述正确的是( )
A.
B.
C.
D.
【答案】C
【解析】
【详解】由图像可以看出，物体在0～t1时间内速度为正且保持不变，做沿正方向的匀速直线运动，位移由原点向正方向增大；t1～t2时间内速度为零，物体静止，位移不变；t2～t3时间内物体的速度为负与0～t1时间内速度等大，物体沿负方向匀速直线运动，位移逐渐减小，回到原点时位移为零，继续运动，位移为负。

故选C项。

5.如图所示的位移-时间和速度-时间图象中,给出的四条图线1、2、3、4代表四个不同物体的运动情况.下列描述正确的是( )
A. 图线1表示物体做曲线运动
B. 图象中t1时刻v1>v2
C. v-t图象中0至t3时间内3物体和4物体的平均速度大小相等
D. 图线2和图线4中,t2、t4时刻都表示物体反向运动
【答案】B
【解析】
【详解】A、运动图象能反映物体的速度随时间的运动情况，不是运动轨迹，无论速度时间图象还是位移时间图象都只能表示物体做直线运动．故A错误．
B、在s-t图象中图线的斜率表示物体的速度，在t1时刻图线1的斜率大于图线2的斜率，故t1时刻图线1的速度大于图线2的速度．故B正确．
C、在v-t图线中图线与时间轴围成的面积等于物体发生的位移．故在0-t3时间内4围成的面积大于3围成的面积，故3的平均速度小于4的平均速度．故C错误．
D、v-t图象中速度的正负表示运动方向，从0-t5这段时间内速度始终为正，故t4时刻没有反向运动；故D 错误．
故选：B
6.物体从静止开始做匀加速直线运动，测得它在第n秒内的位移为x，则物体运动的加速度为( )
A.
B.
C.
D.
【答案】
【解析】
试题分析:由匀变速直线运动位移公式可知：
前（n-1）内物体的位移
前n内物体的位移
第n 秒内的位移x=x2-x1
由上可得：；所以选项D对
考点：匀变速直线运动及位移公式等
7.以下说法正确的是（）
A. 运动员铅球成绩为4.50m，指的是位移大小为4.50m
B. 万吨巨轮在大海中航行，研究巨轮所处的地理位置时，巨轮可看作质点
C. 某场篮球比赛，XX队在终场前0.1s时被绝杀。

其中“0.1s”表示时间间隔
D. 在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了理想模型法
【答案】AB
【解析】
【详解】运动员铅球成绩为4.50m，指的是位移大小为4.50m，选项A正确；万吨巨轮在大海中航行，研究巨轮所处的地理位置时，巨轮的大小可以忽略不计，可看作质点，选项B正确；某场篮球比赛，XX队在终场前0.1s时被绝杀。

其中“0.1s”表示时刻，选项C错误；在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划
分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法，选项D 错误；故选AB.
8.物体做匀加速直线运动,加速度为,那么( )
A. 物体的末速度一定比初速度大2m/s
B. 每秒钟物体的速度增加2m/s
C. 第4秒初的速度比第3秒末的速度大2m/s
D. 第4秒末的速度比第3秒初的速度大4m/s
【答案】BD
【解析】
【详解】物体做匀加速直线运动,加速度为的意义是：每经过1s物体的速度就增大。

A. 由于不知道运动的具体时间，物体的末速度与初速度的关系不确定，故A错；
B. 每秒钟物体的速度增加2m/s，符合题意，B正确；
C. 第4秒初与第3秒末是同一时刻，物体的速度不变，故C错误；
D. 第3秒初到第4秒末的时间是2s，故，速度增加了4m/s，故D正确。

故选BD。

9.做匀减速直线运动的质点,它的加速度大小为a,初速度大小为v0,经过时间t速度减小到零,则它在这段时间内的位移大小可用下列哪些式子表示( )
A.
B.
C.
D.
【答案】ACD
【解析】
【详解】A. 根据匀变速直线运动的位移公式，可得：x=，故A正确。

B、C. 根据匀变速直线运动的平均速度等于速度的平均，可得：，故C正确，B错误；
D. 根据匀变速直线运动的速度公式，可得：v=，代入x=可得：，故D正确
故选ACD
10.一辆汽车在刹车后的一段时间内运动位移随时间的变化规律为x=16t-t²（各物理量均采用国际单位），则该汽车（）
A. 加速度为2m/S²
B. 前2s的平均速度为11m/s
C. 第一个2s比第二个2s多运动位移8m
D. 第一个5s比第二个5s多运动位移50m
【答案】CD
【解析】
【分析】
根据匀变速直线运动的位移公式：x=可得，，
【详解】A. 加速度为2m/s²，故A错误；
B. 根据时间中点瞬时速度等于这段时间的平均速度可知，前2s的平均速度为1s末的瞬时速度，
v1=v0+at=162×1m/s=14m/s，故B错误。

C. 相邻相等时间间隔T内的位移之差2228m，故C正确；
D. 相邻相等时间间隔T内的位移之差25250m，故D正确；
故选CD
二、实验题
11.某同学利用图甲所示的实验装置,探究物块在水平桌面上的运动规律。

物块在重物的牵引下开始在桌面上做匀加速直线运动,重物落地后,物块再做匀减速直线运动一段距离才停在桌面上（尚未到达滑轮处)。

（1）部分实验步骤如下:
A.测量完毕,关闭电源,取出纸带。

B.接通电源,待打点计时器工作稳定后轻推小车。

C.将小车停靠在打点计时器附近,小车尾部与纸带相连。

D.把打点计时器固定在水平玻璃板的一端。

E.让纸带穿过限位孔，并使纸带位于复写纸的上方。

上述实验步骤的正确的先后顺序是: __________________，所列步骤有一项存在错误，它是_________(用字母填写)。

(2)在打点清晰的纸带上选取了如图乙所示的一系列计数点,两相邻计数点间还有四个点未画出,所以交流的的频率是50Hz,则纸带上相邻两计数点间的时间间隔为________s；
(3)由纸带算出打下计数点4时对应的速度大小v4=_____m/s(计算结果留三位小数)；
(4)以计数点1为计时起点,利用描点法在图丙中画出物块的v-t图象如图所示,由图象:
①算得重物落地前物块的加速度大小是______m/s2
②在图丙中标出重物刚落地时刻对应的点(保留作图痕迹)。

____________________
【答案】(1). DCEBA (2). B (3). 0.1 (4). 0.800 (5). 2 (6). 详见解析
【解析】
【详解】(1)该实验的正确操作为：
D.把打点计时器固定在水平玻璃板的一端。

C.将小车停靠在打点计时器附近,小车尾部与纸带相连。

E.让纸带穿过限位孔，并使纸带位于复写纸的上方。

B.接通电源,待打点计时器工作稳定后松开小车。

A.测量完毕,关闭电源,取出纸带。

故顺序为：DCEBA；
轻推小车的时候，小车无法做匀加速直线运动，故B中的轻推是错误的，故错误的一项是B。

（2）两相邻计数点间还有四个点未画出，则纸带上相邻两计数点间的时间间隔为t=5t0，所用交流的的频率是50Hz，则t0=0.02s，所以t=0.1s。

（3）根据时间中点瞬时速度等于这段时间内的平均速度，可知：
v4==
（4）重物落地前物块做匀加速直线运动，根据v-t图像的斜率表示加速度，可得：a==2m/s2
三、计算题
12.在竖直的井底，将一物块以11m/s的速度竖直地向上抛出，物块到达井口时被人接住，在被人接住前1s 内物块的位移是4m，位移方向向上，不计空气阻力，g取10m/s2，求：
（1）物块从抛出到被人接住所经历的时间；
（2）此竖直井的深度。

【答案】（1）1.2 s（2）6 m
【解析】
【详解】（1）设人接住物块前1s时刻速度为v
则有：h’＝vt’－gt’2
即4 m＝v×1 m－×10×12m
解得v＝9 m/s
则物块从抛出到被人接住所用总时间为：
t＝＋t’＝s＋1 s＝1.2 s
（2）竖直井的深度为
h＝v0t－gt2＝11×1.2 m－×10×1.22m＝6 m
13.卡车以v0=10m/s在平直的公路上匀速行驶,因为路口出现红灯,司机立即刹车,使卡车做匀减速直线前进直至停止.停止等待6s时,交通灯变为绿灯,司机立即使卡车做匀加速运动.已知从开始刹车到恢复原来的速度所用时间t=12s,匀减速的加速度是匀加速的2倍,反应时间不计.求:
(1)卡车匀减速所用时间；
(2)从卡车开始刹车到刚恢复到原来速度的过程中,通过的位移大小。

【答案】（1）2s（2）30m
【解析】
【详解】（1）设匀加速的末速度为v0，加速度大小为a1，匀减速的加速度大小为a2，则
v0=a1+t1
v0=a2（t-6-t1）
又a1=2a2
由上式联立并代入数据解得t1=2s
（2）匀减速的距离s1=a1t12
匀加速的距离s2=a2（t-6-t1）2
s=s1+s2
联立以上各式解得s=30m
14.“10米折返跑”的成绩反应了人体的灵敏素质.测定时,在平直跑道上,受试者以站立式起跑姿势站在起点终点线前,当听到“跑”的口令后,全力跑向正前方10米处的折返线,测试员同时开始计时.受试者到达折返线处时,用手触摸折返线处的物体(如木箱),再转身跑向起点终点线,当胸部到达起点终点线的垂直面时,测试员停表,所用时间即为“10米折返跑”的成绩.设受试者起跑的加速度大小为4m/s2,运动过程中的最大速度为4m/s,快到达折返线处时需减速到零,减速的加速度大小为8m/s2,返回时达到最大速度后不需减速,保持最大速度冲线.求:
该受试者“10米折返跑”的最好成绩为多少秒?
【答案】6.25s
【解析】
【详解】对受试者，由起点终点线向折返线运动的过程中：加速阶段：t1==1s，s1=v m t1=2m；
减速阶段：t3==0.5s，s3=v m t3=1m；
匀速阶段：t2==1.75s
由折返线向起点终点线运动的过程中：
加速阶段：t4==1s，s4=v m t4=2m；
匀速阶段：t5===2s；
故受试者10米折返跑的成绩为：t=t1+t2+t3+t4+t5=6.25s．。