电能的输送练习(有答案

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电能输送习题&答案

∴PUSER=PU’/U
9.理想变压器原线圈的ab端接在电压不变的交流电源上，当副线圈的电键闭合时，相同规格的四盏灯亮度相同，则原、副线圈的匝数比为：（） A.1:1; B.1:2; C.1:3; 设每个灯的电流为I D.3:1.
L1
a L2 b k n1:n2=I2:I1=3:1 10.图示两个相同的灯泡分别接在理想变压器的原副线圈上，（灯泡电阻不随温度变化），已知原副线圈匝数比n1:n2=2:1,电源电压为U.则：（） A.通过A、B灯的电流之比IA:IB=2:1; B.A、B灯的电压之比 UA:UB=1:2; C.A、B灯的电压之比分别是UA=U/5,UB=2U/5; D.灯A、B消耗的功率之比PA:PB=1:1. 一个串联一个并联
B.输电线上的电功率损失是原来的1/n2；
C.输电线上电压的损失是原来的1/n； D.输电线上电压的损失是原来的1/n2.
5.某发电厂原来用11kv的交流电压输电，后改用升压变压器将电压升高到 220kv输电，输送的电功率都是P，若输电线路的电阻为R，则下列说法中正确的是：（） A.据公式I=P/U，提高电压后输电线上的电流将为原来的1/20； B.据公式I=U/R，提高电压后输电线上的电流将为原来的20倍；
L1 a L2 b k L3 L4
A.1:1; B.1:2; C.1:3; D.3:1. 10.图示两个相同的灯泡分别接在理想变压器的原副线圈上，（灯泡电阻不随温度变化），已知原副线圈匝数比n1:n2=2:1,电源 A 电压为U.则：（） B A.通过A、B灯的电流之比IA:IB=2:1; B.A、B灯的电压之比 UA:UB=1:2; C.A、B灯的电压之比分别是UA=U/5,UB=2U/5; D.灯A、B消耗的功率之比PA:PB=1:1.

34电能的输送同步练习(Word版含解析)

人教版（2019）选择性必修二 3.4 电能的输送一、单选题1．在变电站里，经常要用交流电表去监测电网上的高电压，所用的器材叫电压互感器。

如下所示的四个图中，能正确反映其工作原理的是（）A ．B ．C ．D ．2．如图所示为某水电站远距离输电的原理图。

升压变压器的原副线圈匝数比为k ，输电线的总电阻为R ，升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂输出的电压恒为U ，若由于用户端负载变化，使发电厂输出功率增加了P ∆。

下列说法正确的是（）A ．电压表1V 的示数不变，电压表2V 的示数增大B ．电流表1A 、2A 的示数均减小C ．输电线上损失的电压增加了Rk PU∆ D ．输电线上损失的功率增加了22()R k P U ∆3．某小型水电站的电能输送示意图如图甲所示，发电机的输出电压变化规律如图乙所示。

输电线总电阻为r ，升压变压器原、副线圈匝数分别为1n 、2n 。

降压变压器原、副线圈匝数分别为3n 、4n （变压器均为理想变压器）。

要使额定电压为220V 的用电器正常工作，则（）A．图乙中电压的瞬时值表达式为()100V u t π= B ．图乙中电压的有效值和用电器的额定电压都是220V ，所以1423n n n n = C ．通过升压变压器的电流频率比通过降压变压器的电流频率大 D ．升压变压器的输出功率等于降压变压器的输入功率4．如图所示，用一小型交流发电机向远处用户供电，已知发电机线圈abcd 匝数100N =匝，面积20.03m S =，线圈匀速转动的角速度100rad/s ωπ=，匀强磁场的磁感应强度B =。

输电时先用升压变压器将电压升高，到达用户区再用降压变压器将电压降下来后供用户使用，输电导线的总电阻为10R =Ω，变压器都是理想变压器，降压变压器原、副线圈的匝数比为34:10:1n n =，若用户区标有“220V 8.8kW ”的电动机恰能正常工作。

发电机线圈电阻r 不可忽略。

电能的输送练习(含答案)

电能的输送 1、输电线的电阻共计r ，输送的电功率是P ，用电压U 送电，那么用户能得到的电功率是〔〕 A 、P B 、2()P P r U - C 、2U P r- D 、2()P r U 2、发电厂发电机的输出电压为U 1，发电厂至学校的输电线电阻为R ，通过导线的电流为I ，学校输入电压为U 2，以下4个计算输电线损耗的式子中，不正确的选项是〔〕A 、21U RB 、212()U U R - C 、2I R D 、12()I U U - 3、在远间隔交流输电中，输电线路上既有功率损失，又有电压损失，它们两者产生的原因〔〕A 、都是由输电线的电阻产生的B 、都是由输电线的电阻和电抗〔感抗和容抗〕两者产生的C 、功率损失只由输电线的电阻产生，电压损失由电阻和电抗两者产生D 、电压损失只由输电线的电阻产生，功率损失由电阻和电抗两者产生4、远间隔输电线路的示意图如下图，假设发电机的输出电压不变，那么以下表达中正确的选项是〔〕A 、升压变压器的原线圈中的电流与用户电设备消耗的功率无关B 、输电线中的电流只由升压变压器原、副线圈的匝数比决定C 、当用户用电器的总电阻减少时，输电线上损失的功率增大D 、升压变压器的输出电压等于降压器输入电压5、某发电厂原来用11kV 的交流电压输电，后来改用升压变压器将电压升高到220kV 输电，输送的电功率都是P ，假设输电线路的电阻为R ，那么以下说法中正确的选项是〔〕A 、据公式U P I /=，进步电压后输电线上的电流降为原来的1/20B 、据公式R U I /=，进步电压后输电线上的电流增为原来的20倍C 、据公式R I P 2=，进步电压后输电线上的功率损耗减为原来的1/400 第4题升压变压器降压变压器D 、据公式R U P /2=，进步电压后输电线上的功率损耗将增大为原来的400倍6、一小水电站，输出的电功率为20kW ，输电线总电阻为Ω5.0，假如先用400V 电压输送，后又改用2021V 电压输送，那么输送电压进步后，输电导线上损失的电功率的变化情况是〔〕A 、减小50WB 、减少1200WC 、减少61068.7⨯WD 、增大61068.7⨯W7、“西电东送〞是我国一项重大的能源开展战略，也是我国西部大开发的四大工程之一，将西部地区的电能输送到东部地区，需要远间隔输电，为了减少输电中的损失，有两种可行方法：一种是减少输电线的，另一种方法是减少输送电路的；为了保证输出的电功率不变，就必须进步输电的，在550kV 超高压输电方案和110kV 高压输电方案中，应使用输电方案，在这两种输电方案中电能损失之比是 .8、远间隔输电时，原来的输出电压为U 0，输电线上功率损失为P 0，要使输电线上的功率损失降为原来的1%，那么输出电压为 U 0，此时输电线上的电压损失将变为原来的倍。

2019-九年级物理：18.3《电能的输送》同步练习及答案

2019-2020 年九年级物理： 18.3 《电能的输送》同步练习及答案基础训练知识点 1电能的输送1．对于高压输电，若输送的电功率必定，以下说法中正确的选项是（）A．电压增大到本来的 2 倍，输送的电能增大到本来的 2 倍B．电压增大到本来的 2 倍，输送的电能增大到本来的 4 倍C．电压增大到本来的 2 倍，损失的电能减小到本来的1 4D．电压增大到本来的 2 倍，损失的电能减小到本来的1 22．如下图，是四根高压输电线上的一个装置，它的作用是将四根导线并联起来了．由此可知，装置应当属于（选填“导体”或“绝缘体”），利用这个装置把四根导线固定起来，相当于增大了，进而减小了输电导线的，这样就能大大减少输电线上电能的损失．知识点 2高压触电及其防备3．对于家庭电路和安全用电，以下说法正确的选项是（）A.使用螺丝刀状的试电笔时，手指不要接触上端的金属帽B.家用电器起火，应马上用水息灭C.打雷下雨时，能够站在大树下避雨D.放风筝时，应远离高压电线4．发现电线着火时的正确办理方法是（）A．用水浇灭B．找电工来办理C．拉下开关，切断电源D．用小刀或剪刀切断电源综合训练5．以下做法正确的选项是（）A．小朋友在高压线旁放风筝B．在低压线上晾衣服C．雷雨天气人躲在大树下D．高压变压器设警告语6． 2014 年 2 月 12 日新疆和田发生7.3 级地震，地震发生时，选择正确的逃生和自救举措特别重要，以下举措中正确的选项是（）A. 室外的跑到楼内闪避B.快速进入室内抢运物件C. 快速远离高压电线和斜坡D.高楼层的人们应马上乘电梯撤退7．高压输电线路的铁塔顶端有一条（或两条）比下边输电线细的金属线（如图1～图 2 ），它的作用是（）A．增强铁塔的稳固性B．传输零线的电流C．防雷电起到避雷针的作用D．作为备用线，供输电线断开时应急使用8．如图是同学们在宣传安全用电时所画的两幅画。

请你为它们配上讲解词。

甲：；乙：。

【高二】高二物理下册电能的输送课时练习题(有答案)

【高二】高二物理下册电能的输送课时练习题（有答案）5.5电能的输送每课一练2（人教版选修3-2）一、基础训练1．远距离输电时，在输送电功率不变的条件下( )a、只有增加导体的电阻，才能降低电流，提高传输效率b．提高输电电压，能减小电流，提高输电效率c、增加传输电压必然会增加传输线上的能量损失d．提高输电电压势必增大输电导线上的电流2.理想变压器N1的一次线圈和二次线圈的匝数比∶ N2=10∶ 1，初级线圈的两端连接到交流电源，然后（）a．原、副线圈中电流频率之比f1∶f2＝10∶1b、初级线圈和次级线圈两端的电压比为U1∶ U2=10∶ 1.c．原、副线圈内交变电流之比i1∶i2＝1∶10d、变压器P1的输入和输出功率比∶ P2=10∶ 来源：网络学科[XXK]3．如图1所示，有一理想变压器，原、副线圈的匝数比为n∶1，原线圈接正弦交流电压u，输出端接有一个交流电流表和一个电动机．电动机线圈电阻为r.当输入端接通电源后，电流表读数为i，电动机带动一重物匀速上升．下列判断正确的是( )图1a．电动机两端电压为irb、电机消耗的功率为I2Rc．原线圈中的电流为nid、变压器的输入功率为UIN4．如图2所示，一理想变压器由一个初级线圈和两个次级线圈组成．当此变压器工作时，初级、次级线圈的匝数、电流、电压均在图中标出．则下列几组关系式中正确的是( )图2a.u1u2＝n1n2，u1u3＝n1n3b.i1i2＝n1n2，i1i3＝n3n1c、 n1i1＝n2i2＋n3i3d。

i1i2＋i3＝n2＋n3n15．有条河，流量q＝2m3/s，落差h＝5m，现利用其发电，若发电机总效率为50%，输出电压为240v，输电线总电阻r＝30ω，允许损失功率为输出功率的6%，为满足用电的需求，则该输电线路所使用的理想的升压、降压变压器的匝数比各是多少？能使多少盏“220v,100w”的电灯正常发光？(g取10m/s2)二、晋升实践6．“西电东输”工程中为减少输电损耗，必须提高输电电压，从西部某电站向华东某地区输送的电功率为106kw，输电电压为1000kv，输电线电阻为100ω.若改用超导材料作为输电线，则可减少电损耗的功率为( )a、 105kwb.104kwc．106kwd．103kw7.电能传输的正确分析是（）a．由公式p＝u2r得到，输电电压越高，输电导线上的功率损失越大b、根据公式P=u2r，传输线的电阻越大，功率损耗越小c．由公式p＝i2r得到，输电电流越大，输电导线上的功率损失越大d、根据公式P=IU，传输线上的功率损耗与电流强度成正比8．如图3所示，当图中ab两端与ef两端分别加上220v的交流电压时，测得cd间与gh间电压均为110v；若分别在cd间与gh间两端加上110v的交流电压，则ab与ef间电压为( )图3a．220v,220vb．220v,110vc、 110v，110v.220v，0v9．调压变压器是一种自耦变压器，它的构造如图4所示．线圈ab绕在一个圆环形的铁芯上，ab间加上正弦交流电压u，移动滑动触头p的位置，就可以调节输出电压．在输出端连接了滑动变阻器r和理想交流电流表，变阻器的滑动触头为q，则( )图4a．保持p的位置不动，将q向下移动时，电流表的读数变大b、保持P位置并向下移动Q，安培计读数将降低c．保持q的位置不动，将p沿逆时针方向移动时，电流表的读数变大d、保持Q位置并逆时针移动P，安培计读数将降低10．理想变压器的原线圈接入表达式为i＝imsinωt的交变电流，一只灯泡和交流电流表串联后接在副线圈两端，读数为0.4a，当t＝38t时，原线圈的电流i＝30ma，由此可知，此变压器的原副线圈匝数之比为( )a、四,∶30b.40∶3.c．3∶402d．402∶311.如图5所示，理想变压器的一次线圈和二次线圈分别由双线圈AB和CD（N1匝）、EF和GH（N2匝）组成。

3.4 电能的输送(同步练习)(解析版)

3.4 电能的输送一、选择题1.（单选）远距离输电都采用高压输电,其优点是()A.可增大输电电流B.可加快输电速度C.可增大输电功率D.可减少输电线上的能量损失【答案】 D【解析】由P=UI知,P一定,提高输电电压U,则输电电流I减小;根据P损=I2R可知,输电线上功率损失减小,选项D正确,A、B、C错误。

2．(单选)在远距离输电过程中,若输送的电功率一定,输电线的电阻不变,则输电线上的功率损失()A.与输电线上的电压损失的平方成正比B.与输送电压的平方成正比C.与输送电压成反比D.与输电电流成正比【答案】 A【解析】输送的电功率一定,由P=UI知I=,可得P损==I2R=R,知输电线上损失的电功率与输电线上的电压损失的平方成正比,与输送电压的平方成反比,与输电电流的平方成正比,选项B、C、D 错误,A正确。

3．（单选）发电厂的输出电压为U1,发电厂与用户间输电导线的总电阻为R,通过导线的电流为I,用户得到的电压为U2,则下列输电导线上损耗功率的表达式中错误的是( )A.(U1-U2)IB.I2RC.D.【答案】 C【解析】发电厂的输出电压为U1,用户得到的电压为U2,则输电线上的电压损失ΔU=U1-U2;由于输电线中的电流为I,则输电线上损失的功率P损=ΔUI=I(U1-U2)或P损==或P损=I2R,选项A、B、D正确,C错误。

4.（多选）如图所示为远距离输电的原理图。

发电厂输出的电压恒定,升压、降压变压器均为理想变压器。

由于用户负载的变化会造成其得到的电压发生变化,供电部门要实时监控,监控电表为理想电表。

若某次监测发现V2表的示数减小,则下列判断正确的是( )【答案】 A【解析】根据题意知,发电厂的输出电压恒定,设为U,升压变压器的变压比不变,所以升压变压器的输出电压U1不变,电压表V1的示数不变,选项C错误;某次监测发现V2表的示数减小,即降压变压器的输出电压U2减小,由于降压变压器的变压比不变,可知降压变压器的输入电压U20减小,又有U1=U20+I A1R,可知电流表A1的示数增大,选项A正确;电流表A1的示数增大,根据=可知,电流表A2的示数增大,选项B错误;输电线上损失的功率为P损=R,可知输电线上损失的功率增大,选项D错误。

电能的输送训练有答案

电能的输送针对训练1．发电厂发电机的输出电压为U 1，发电厂至用户的输电导线的总电阻为R ，通过输电导线的电流为I ，输电线末端的电压为U 2，下面选项表示输电导线上损耗的功率的是( )A.U 12RB.(U 1－U 2)2RC ．I 2RD ．I (U 1－U 2) 2．关于电能输送的以下分析，正确的是( )A ．由公式P ＝U 2/R 知，输电电压越高，输电线上功率损失越少B ．由公式P ＝U 2/R 知，输电导线电阻越大，输电线上功率损失越少C ．由公式P ＝I 2R 知，输电电流越大，输电导线上功率损失越大D ．由公式P ＝UI 知，输电导线上的功率损失与电流成正比3．输电导线的电阻为R ，输送电功率为P .现分别用U 1和U 2两种电压来输电，则两次输电线上损失的功率之比为( )A ．U 1∶U 2B ．U 12∶U 22C ．U 22∶U 12D ．U 2∶U 14．某小型水电站的电能输送示意图如图所示，发电机的输出电压为200 V ，输电线总电阻为r ，升压变压器原副线圈匝数分别为n 1、n 2，降压变压器原副线圈匝数分别为n 3、n 4(变压器均为理想变压器)．要使额定电压为220 V 的用电器正常工作，则( )A.n 2n 1>n 3n 4B.n 2n 1<n 3n 4C ．升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压D ．升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率5．照明供电线路的路端电压基本上是保持不变的．可是我们在晚上七、八点钟用电高峰时开灯，电灯比深夜时要显得暗些．这是因为用电高峰时( )A ．总电阻比深夜时大，供电线路上的电流小，每盏灯两端的电压较低B ．总电阻比深夜时大，供电线路上的电流小，通过每盏灯的电流较小C ．总电阻比深夜时小，供电线路上的电流大，输电线上损失的电压较大D ．总电阻比深夜时小，供电线路上的电流大，每盏灯两端的电压较低6．用电压U 和KU 分别输送相同电功率，且在输电线上损失的功率相同，导线长度和材料也相同，此两种情况下导线横截面积之比为( )A ．KB ．1/KC ．K 2D ．1/K 27．远距离输电线路的示意图如图所示．若发电机的输出电压不变，则下列叙述中正确的是( )A ．升压变压器的原线圈中的电流与用户用电设备消耗的功率无关B ．输电线中的电流只由升压变压器原、副线圈的匝数比决定C ．当用户用电器的总电阻减少时，输电线上损失的功率增大D ．升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压8．在远距离输电时，输送的电功率为P ，输电电压为U ，所用导线电阻率为ρ，横截面积为S ，总长度为L ，输电线损失的电功率为P ′，用户得到的电功率为P 用，则P ′、P 用的关系式正确的是( )A ．P ′＝U 2S ρLB ．P ′＝P 2ρL U 2SC ．P 用＝P －U 2S ρLD ．P 用＝P (1－P ρL U 2S) 9．远距离输电，原来用电压U 0输电，在输电线上损失的电功率为P 0，现在要使输电线上损失的电功率减小到原来的1/10，则输电电压应为( )A ．100 U 0 B.10U 0 C ．U 0/10 D ．U 0/10010、远距离输电中，若发电机的输出电压不变，则下列叙述中正确的是（）A 、升压变压器的原线圈中的电流与用户电设备消耗的功率无关B 、输电线中的电流只由升压变压器原、副线圈的匝数比决定C 、当用户用电器的总电阻减少时，输电线上损失的功率增大D 、升压变压器的输出电压等于降压器输入电压11．(12分)一台交流发电机产生u ＝220·sin 100πt V 的交流电压，其内阻不计，经过变压器变压后通过总电阻r ＝2 Ω的长导线给彩灯供电，如图所示.60只彩色小灯泡并联在电路中，每只灯泡都是“6 V,0.25 W”，灯泡均正常发光．(其余电阻不计)试求：(1)发电机的输出功率；(2)降压变压器原、副线圈匝数比；(3)若副线圈为110匝，求副线圈中磁通量变化率的最大值．12．(16分)某村在距村庄较远的地方修建了一座小型水电站，发电机输出功率为9 kW ，输出电压为500 V ，输电线的总电阻为10 Ω，允许线路损耗的功率为输出功率的4%，求：(1)村民和村办小企业需要220 V 电压时，所用升压变压器和降压变压器的原、副线圈的匝数比各为多少？(不计变压器的损耗)(2)若不用变压器而由发电机直接输送，村民和村办小企业得到的电压和功率是多少？答案：1、BCD 2、C 3、C 4、AD 5、CD 6、D 7、C 8、BD 9、 B 10.C11.(1)27.5 W (2)102∶1 (3)0.14 Wb/s解析：建立如图甲所示的远距离输电模型，要求变压器原、副线圈的匝数比，先要知道原、副线圈两端的电压之比．本题可以从线路上损耗的功率为突破口，先求出输电线上的电流I 线，再根据输出功率求出U 2，然后再求出U 3.(1)由线路损耗的功率P 线＝I 线2R 线可得 I 线＝P 线R 线＝9000×4%10A ＝6 A 又因为P 输出＝U 2I 线，所以U 2＝P 输出I 线＝90006V ＝1500 V U 3＝U 2－I 线R 线＝(1500－6×10) V＝1440 V 根据理想变压器规律n 1n 2＝U 1U 2＝500 V 1500 V ＝13， n 3n 4＝U 3U 4＝1440 V 220 V ＝7211所以升压变压器和降压变压器原、副线圈的匝数比分别是1∶3和72∶11.(2)若不用变压器而由发电机直接输送(模型如图乙所示)，由P 输出＝UI 线′可得I 线′＝P 输出U ＝9000500 A ＝18 A所以线路损耗的功率P 线＝I 线2R 线＝182×10 W＝3240 W用户得到的电压U 用户＝U －I 线R 线＝(500－18×10)V＝320 V用户得到的功率P 用户＝P 输出－P 线＝(9000－3240)W ＝5760 W.答案：(1)1∶3 72∶11 (2)320 V 5760 W。

高中物理选修2电能的输送选择题专项训练

高中物理选修2电能的输送选择题专项训练姓名：__________ 班级：__________考号：__________一、选择题（共22题）1、远距离输电都采用高压输电，其优点是A．可增大输电电流 B．可加快输电速度C．可增大输电功率 D．可减少输电线上的能量损失2、中央电视台《焦点访谈》多次报道某些边远落后农村电价过高，农民负担过重，其中客观原因是电网陈旧老化，近来进行农村电网改造，为了减少选距离输电的损耗而降低电费价格，可采取的措施有（）A．提高输送功率B．增大输送电流C．提高输送的电压D．减小输电导线的横截面积3、远距离输电时，在输送的电功率和输电线电阻一定的条件下，输电线上损失的电功率A．与输电电压的平方成正比 B．与输电电压的平方成反比C．与输电电压成正比 D．与输电电压成反比4、在远距离输电过程中，为减少输电线路上的电能损失，可采用的最佳方法是( ) A．使输电线粗一些 B．减短输电线长度C．减少通电时间 D．采用高压输电5、远距离输电都采用高压输电，其优点是（）A．可增大输电电流 B．可加快输电速度C．可增大输电功率 D．可减少输电线上的能量损失6、某发电厂发电机的输出电压稳定，它发出的电先通过电厂附近的升压变压器升压，然后用输电线路把电能输送到远处居民小区附近的降压变压器，经降低电压后输送到用户。

设升、降压变压器都是理想变压器，在用电高峰期时，电厂输送的总功率增加，但是白炽灯却不够亮，这时A．升压变压器的副线圈的电压变大B．降压变压器的副线圈的电压变大C．高压输电线路的电压损失变大D．用户的负载增多，高压输电线中的电流减小7、输电线的电阻共计r，输送的电功率是P，用电压U送电，则用户能得到的电功率为A．P B． C． D．8、在电能输送过程中，若输送的电功率一定，则在输电线上损耗的功率A．随输电线电阻的增大而增大B．和输电线上电流强度成正比C．和输送电压成正比D．和输送电压的平方成正比9、在远距离输电中，输电线的电阻和输送的电功率不变，那么A．输电线路上的电压损失与输电电流成正比B．输电线路上的电压损失与输电电压成正比C．输电线路上的功率损失跟输电电流的平方成反比D．输电线路上的功率损失跟输电电压的平方成反比10、现用 220V和11kV种电压来输电，如果输送的电功率、输电线上的功率损失、导线的长度和电阻率都相同，则对应的两种导线横截面积之比为A．1:50 B．50:l C．1:2500 D．2500:111、在电能的输送过程中，若输送的电功率一定、输电线电阻一定时，对于在输电线上损失的电功率，有如下四种判断中正确的是A.和输送电线上电压降的平方成反比B.和输送电压的平方成正比C.和输送电线上电压降的平方成正比D.和输送电压的平方成反比12、某发电站采用高压输电向外输送电能。

沪科版九年级物理《电能的输送》课时练(含答案)

沪科版九年级物理《电能的输送》课时练（含答案）一、单选题1．近年来国家对边远农村陈旧老化的电网进行改造，以减少远距离输电的电能损耗而降低电费价格，减轻农民负担．可采取的措施是（）A．提高输送功率B．提高输电电压C．增大输电电流D．减小输电线的截面积2．关于电能的输送，下列说法中正确的是（）A．高压输电和低压输电时，线路损失功率均一样，输送功率不一样B．高压输电和低压输电的输出功率一样，但高压输电时线路上的电流小，损耗小C．高压输电和低压输电功率一样，线路上的电流是一样的D．高压输电能提高输电功率，但不能减少损耗功率3．关于高压输电，若输送的电功率一定，下列说法中正确的是（）A．电压增大到原来的2倍，输送的电能增大到原来的2倍B．电压增大到原来的2倍，输送的电能增大到原来的4倍C．电压增大到原来的2倍，损失的电能减小到原来的14D．电压增大到原来的2倍，损失的电能减小到原来的124．家庭电路中，通常用电能表测量的物理量是( )A．电流B．电压C．电能D．电功率5．要想降低远距离输电线路电能的消耗必须（）A．升高输送电压 B．降低输送电压C．用铜导线换掉铝导线以减小电阻 D．减小输出功率6．高压输电线路的铁塔顶端有一条（或两条）比下面输电线细的金属线（如图1～图2 ），它的作用是（）A．加强铁塔的稳定性 B．传输零线的电流C．防雷电起到避雷针的作用 D．作为备用线，供输电线断开时应急使用7．在橙子上插入铜片和锌片，制成水果电池，将水果电池与发光二极管（简称“LED”）连接成如下左图所示的电路，LED发光。

下列说法正确的是（）A．铜片相当于电池的正极B．LED的材料主要是超导体C．水果电池将电能转化为化学能D．电流从锌片经过LED流向铜片8．在烧杯中加入盐水，将铜片和锌片放在盐水中，这就是一个电池。

用电压表测量这个自制电池的电压，其现象如上右图所示，下列说法正确的是（）A．电压表能提供电压B．盐水电池将化学转化为电能C．铜片是该盐水电池的负极D．该盐水电池两端的电压为2.5V9．小亮学习电学之后，连接了如下左图所示的电路，闭合开关，下列说法正确的是（）A．电源将电能转化成光能B．图中的电表是电压表，测量的是L两端的电压1的电流C．图中的电表是电流表，测量的是灯L1的电流D．图中的电表是电流表，测量的是灯L210．如上右图为某种型号的纽扣电池的两个面，下列对于该电池说法正确的是（）A．右图纽扣电池的上部为电源正极 B．该电池是把电能转化为其他形式能的装置C．从电源类型上看，该电池为直流电源 D．纽扣电池的正负极可以用导线直接连接起来二、填空题1．我国22岁的天才少年、麻省理工学院在读博士生曹原发现：当两层石墨烯形成一个“魔角”并加入一定数量的电子时，“魔角”层叠石墨烯的电阻突然消失，这其实就是现象，具有这种性质的物体适用于制作（选填序号：①电饭锅的发热体；②作为远距离输电导线）。

人教版初中物理电能的输送练习题(中考试题附解析)

第三节电能的输送课堂达标知识点1高压输电1．(2016·梅列区模拟)远距离输电采用高电压，这是因为在输送功率一定时，提高输送电压，可以( )A．减小输电导线中的电流B．增大输电线路消耗的功率C．增大输电导线的电流D．减小输电线上的电阻【答案】A【解析】根据P=UI,在输送功率一定时,提高输送电压U,可减小输电导线中的电流,再根据P=I2R 可知，在电阻不变的情况下，导线中的电流越小，导线消耗的电功率变小。

因此通过前面的分析可知：A选项正确。

故选A.【题型】单选题【一级知识点】【二级知识点】【三级知识点】电能【四级知识点】基础知识点【难度】2【能力结构】理解【答题时间】30s-1m知识点2高压触电及其防护2．(原创题)高压输电线都架得很高，原因是( )A．防止高压电弧触电B．防止跨步电压触电C．防止阻碍交通D．减小电能损失【答案】A【解析】高压触电常见的两种类型是高压电弧触电和跨步电压触电。

高压电弧触电：人靠近高压带电体到一定距离时，高压带电体和人之间发生放电现象；高压跨步触电：高压输电线落在地面上，则地面上以电线落点为圆心的各个同心圆之间有电压存在，当人在地面上两个不同半径的同心圆间跨步时，将造成跨步电压触电。

对于高压带电体，我们应当采取的措施是必须远离高压带体，如发现有高压输电线落在或靠近地面，不可走近，应立即设立警示牌，并通知电力部门抢修。

所以为了防止高压电弧触电，高压线都架的很高。

故选A.【题型】单选题【一级知识点】【二级知识点】【三级知识点】触电的原因【四级知识点】基础知识点【难度】2【能力结构】理解【答题时间】30s-1m3．(2016济南模拟)近年来国家对边远农村陈旧老化的电网进行改造，以减少远距离输电的电能损耗而降低电费价格，减轻农民负担．可采取的措施是( ) A．提高输送功率B．提高输电电压C．增大输电电流D．减小输电线的横截面积【答案】B【解析】A. 提高输送功率，根据I=P/U，输送电流较大，根据P损=I2R得知损失的功率较大。

高中物理第五章交变电流第5节电能的输送练习(含解析)新人教版选修32

高中物理第五章交变电流第5节电能的输送练习（含解析）新人教版选修32第五章第5节电能的输送「基础达标练」1．远距离输电时，在输送功率不变的条件下( ) A ．只有增大导线的电阻，才能减小输电电流，提高输电效率 B ．提高输电电压，能减小输电电流，提高输电效率 C ．提高输电电压，势必增大输电导线上能量的损耗 D ．提高输电电压，势必增大输电导线上的电流解析：选B 在输送功率一定的前提下，P 输＝U 输I 输，P 损＝I 输2R 线，η＝P 输－P 损P 输×100%，B 正确．2．超导是当今高科技研究的热点，利用超导材料可实现无损耗输电．现有一直流电路，输电总电阻为0.4 Ω，它提供给用电器的电功率为40 kW ，电压为800 V ，若用临界温度以下的超导电缆代替原来的输电线，保持供给用电器的功率和电压不变，那么节约的电功率为( )A ．1 kWB ．1.6×103kW C ．1.6 kWD ．10 kW解析：选A 节约的电功率即为普通电路输电时损耗的电功率，I ＝P U ＝40×103800 A ＝50 A ，P 线＝I 2R ＝502×0.4 W ＝1 000 W ，故节约的电功率为1 kW ，A 项正确．3．用U 1和U 2两种电压通过相同长度和材料的导线输电，若输送的电功率相等，在输电导线上损失的电功率也相同，则在两种情况下输电导线截面积之比S 1∶S 2为( )A.U 2U 1B.U 1U 2C.⎝ ⎛⎭⎪⎫U 2U12D.⎝ ⎛⎭⎪⎫U 1U22 解析：选C 由输送的电功率P ＝IU ，损失的电功率ΔP ＝I 2R ，得ΔP ＝P 2U 2R .由题意知，P 2U 12R 1＝P 2U 22R 2，由此得R 1R 2＝U 12U 22，因为R ＝ρL S ，所以S 1S 2＝U 22U 12，故C 正确．4．远距离输电线路的示意图如图所示，若发电机的输出电压不变，则下列叙述中正确的是( )A ．升压变压器的原线圈中的电流与用户用电设备消耗的功率无关B ．输电线中的电流只由升压变压器原、副线圈的匝数比决定C ．当用户用电器的总电阻减少时，输电线上损失的功率增大D ．升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压解析：选C 变压器的输入功率、输入电流的大小是由次级负载消耗的功率大小决定的，选项A 、B 错误；用户用电器总电阻减少，根据P ＝U 2R，消耗功率增大，输电线中电流增大，线路损失功率增大，C 项正确；升压变压器的输出电压等于输电线路电阻上损失的电压加上降压变压器的输入电压，D 项错误．5．(多选)为消除高压输电线上的凌冰，有人设计了这样的融冰思路：利用电流的热效应除冰．若在正常供电时，高压线上输电电压为U ，电流为I ，发热功率为ΔP ；除冰时，输电线上的发热功率需变为9ΔP ，则除冰时(认为输电功率和输电线电阻不变)( )A ．输电电流为3IB ．输电电流为9IC ．输电电压为3UD ．输电电压为13U解析：选AD 输电功率P ＝UI ，输电线电阻为R ，则ΔP ＝I 2R ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫P U 2R ，除冰时，输电线上的发热功率为9ΔP ，那么输电电流应变为3I ，由于输电功率保持不变，输电电压变为13U ，A 、D 正确．6．(多选)某小型水电站的电能输送示意图如图所示，发电机的输出电压为200 V ，输电线总电阻为r ，升压变压器原副线圈匝数分别为n 1、n 2，降压变压器原副线圈匝数分别为n 3、n 4(变压器均为理想变压器)．要使额定电压为220 V 的用电器正常工作，则( )A.n 2n 1>n 3n 4B.n 2n 1<n 3n 4C ．升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压D ．升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率解析：选AD 由于输电线上有电阻，所以考虑到电压损失，则有升压变压器的输出电压大于降压变压器的输入电压，根据变压器的电压与匝数之比的关系，可知要让用电器正常工作，必须有n 2n 1>n 3n 4，故A 项正确，B 、C 项错误；考虑到输电线上也有电功率的损失，可知D 项正确．7．(2019·峨山县模拟)随着社会发展，人类对能源的需求日益增加，节能变得愈加重要．甲、乙两地采用电压U 进行远距离输电，输电线上损耗的电功率为输入总功率的k (0<k <1)倍．在保持输入总功率和输电线电阻都不变的条件下，现改用5U 的电压输电，若不考虑其他因素的影响，输电线上损耗的电功率将变为输入总功率的( )A ．k25 倍B ．k5 倍 C ．5k 倍D ．25k 倍解析：选A 设输送的电功率为P ，当输送电压为U 时，输送电流I ＝PU，输电线上损失的功率ΔP ＝I 2R ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫P U 2R ，当输送电压为5U 时，在线路上损失的功率变为输入总功率的k25倍，A选项正确．8．发电厂输出的交流电压为2.2×104V ，输送功率为2.2×106W ，现在用户处安装一降压变压器，用户的电压为220 V ，发电厂到变压器间的输电导线总电阻为22 Ω，求：(1)输电导线上损失的电功率；(2)降压变压器原副线圈匝数之比n 1n 2为多少？解析：(1)输送电流为I 线＝P 总U 总＝2.2×1062.2×104A ＝100 A则损失功率为P 损＝I 线2R 线＝1002×22 W＝2.2×105W. (2)变压器原线圈电压U 1为U 1＝U 总－U 线＝U 总－I 线R 线＝2.2×104 V －100×22 V＝19 800 V所以原副线圈匝数比n 1n 2＝U 1U 2＝901.答案：(1)2.2×105W (2)90∶1「能力提升练」1．为了减少输电线路中电能损失，发电厂发出的电通常是经过升压变电站升压后通过远距离输送，再经过降压变电站将高压变为低压，某降压变电站将电压U 0＝11 0002·sin 100πt V 的交流电降为220 V 供居民小区用电，则下列说法错误的是( )A ．降压变电站原、副线圈匝数比为50∶1B ．输电电流的频率是50 HzC ．降压变电站副线圈的导线比原线圈的要粗D ．输入原线圈的电流等于居民小区各用电器电流的总和解析：选D 原电压的有效值为U 1＝11 000 V ，由U 1U 2＝n 1n 2得，n 1n 2＝501，A 正确；变压器不改变交流电的频率，B 正确；由n 1n 2＝I 2I 1得，副线圈的电流大，要想导线发热少，导线要粗一些(电阻小)，C 正确；居民小区各用电器电流总和应该等于副线圈的电流，D 错误．2．某科技小组在实验室中研究远距离输电．由于输电线太长，他将每50米导线卷成一卷，共卷成8卷来代替输电线路．第一次直接将输电线与实验电源及用电器相连，测得输电线上的输电电流和损失的功率为I 1、P 1；第二次采用如图所示的电路输电，其中理想变压器T 1与电源相连，其原、副线圈的匝数比为n 1∶n 2，理想变压器T 2与用电器相连，测得输电线上的输电电流和损失的功率为I 2、P 2.下列说法中正确的是( )A ．第二次实验时因为多接了两个变压器，所以P 2>P 1B ．通过该实验可以证明，提高输电电流能减少远距离输电的能量损失C ．若输送功率一定，则I 2∶I 1＝n 1∶n 2D ．若输送功率一定，则P 2∶P 1＝n 22∶n 12解析：选C 第一次实验输电线上的电流I 1＝P U 1，输电线上损失的功率P 1＝I 12R ＝P 2U 12R ；第二次实验，升压变压器副线圈上的电压U 2＝n 2n 1U 1，输电线上的电流I 2＝P U 2，输电线上损失的功率P 2＝I 22R ＝P 2U 22R ，所以I 2∶I 1＝U 1∶U 2＝n 1∶n 2，P 2∶P 1＝U 12∶U 22＝n 12∶n 22，由于n 1<n 2，P 2<P 1，故C 正确，A 、D 错误；由ΔP ＝I 2r 可知提高输电电流会增加远距离输电的能量损失，故B 错误．3．如图所示为某小型电站高压输电示意图．发电机输出功率恒定，升压变压器原、副线圈两端的电压分别为U 1和U 2.在输电线路的起始端接入两个互感器，原、副线圈的匝数比分别为10∶1和1∶10，电压表的示数为220 V ，电流表的示数为10 A ，各互感器和电表均为理想的，则下列说法正确的是( )A ．升压变压器原、副线圈的匝数比为n 1n 2＝U 2U 1B ．采用高压输电可以增大输电线中的电流，输电电流为100 AC ．线路输送电功率是220 kWD ．将P 上移，用户获得的电压将降低解析：选C 根据变压器的原理可得升压变压器原、副线圈的匝数比为n 1n 2＝U 1U 2，故A 错误；采用高压输电可以减小输电线中的电流，从而减小输电过程中的电能损失，根据电流互感器原理及匝数比为1∶10，由公式I 送I 副＝n 副n 原＝101，得输电电流为I A2＝10×10 A＝100 A ，故B 错误；根据电压表的示数为220 V ，根据变压公式，U 送U 副＝n 原′n 副′＝101，输电电压为U 2＝10×220 V＝2 200V ，线路输送电功率为P ＝U 2I A2＝220 kW ，故C 正确；将P 上移，则降压变压器的初级线圈减小，故用户获得的电压将升高，故D 错误．4．(多选)如图所示，某小型水电站的发电机输出电压为220 V ，正常情况下输出的总功率P 0＝8.8×104W ，为了减少远距离输电过程中的电能损失，往往采用高压输电．输送电压为u ＝1 1002sin 200πt V ，输电导线的总电阻为r ＝5 Ω，现要使额定电压为220 V 的用电器正常工作，下列说法中正确的是( )A ．输电线上的电流为220 AB ．降压变压器匝数比n 3n 4＝51C ．用电器的额定功率P ＝5.6×104W D ．用电器上交流电的频率是100 Hz解析：选CD 输送电压为u ＝1 1002sin 200πt V ，可知输送电压的有效值为1 100 V ，输电线上的电流：I ＝P U ＝8.8×1041 100＝80 A ，故A 错误；输电线消耗的电压：U 损＝Ir ＝80×5＝400 V ，到达降压变压器的电压：U 3＝U －U 损＝1 100－400＝700 V ，所以降压变压器的匝数比：n 3n 4＝U 3U 4＝700220＝3511，故B 错误；输电线损耗的电功率：P 损＝I 2r ＝802×5＝32 000 W ，到达降压变压器的电功率：P 3＝P －P损＝8.8×104－32 000＝5.6×104W ，理想变压器的输出功率等于输入功率，所以用电器的额定功率也是5.6×104W ，故C 正确；由于输送电压为u ＝1 1002sin 200πt V ，可知输送电压的频率为100 Hz ，所以用电器上交流电的频率是100 Hz ，故D 正确．5．某小型实验水电站输出功率是20 kW ，输电线路总电阻是6 Ω. (1)若采用380 V 输电，求输电线路损耗的功率；(2)若改用5 000 V 高压输电，用户端利用n 1∶n 2＝22∶1的变压器降压，求用户得到的电压．解析：(1)输电线上的电流为I ＝P U ＝20×103380A≈52.63 A 输电线路损耗的功率为P 线＝I 2R ＝52.632×6 W≈16 620 W＝16.62 kW.(2)改用高压输电后，输电线上的电流变为I ′＝P U ′＝20×1035 000A ＝4 A用户端在变压器降压前获得的电压U 1＝U －I ′R ＝(5 000－4×6)V＝4 976 V根据U 1U 2＝n 1n 2用户得到的电压为U 2＝n 2n 1U 1＝122×4 976 V≈226.18 V.答案：(1)16.62 kW (2)226.18 V6．某村在较远的地方建立了一座小型水电站，发电机的输出功率为100 kW ，输出电压为500 V ，输电导线的总电阻为10 Ω，导线上损耗的电功率为4 kW ，该村的用电电压是220 V.(1)输电电路如图所示，求升压、降压变压器的原、副线圈的匝数比；(2)如果该村某工厂用电功率为60 kW ，则该村还可以装“220 V 40 W”的电灯多少盏？解析：(1)根据功率公式可知，P 损＝I 22R 线，解得升压变压器的输出电流I 2＝P 损R 线＝20 A ，升压变压器的输入电流I 1＝P U 1＝200 A ，根据理想变压器电流和匝数关系可知，n 1n 2＝I 2I 1＝110，根据欧姆定律可知，U 3＝U 2－I 2R 线＝4 800 V ，根据理想变压器电压和匝数关系可知，n 3n 4＝U 3U 4＝24011.(2)降压变压器中输出功率等于输入功率，P 3＝P 4，其中P 4＝(40n ＋60×103)W ，P 3＝96 kW ，联立解得n ＝900盏．答案：(1)1∶10 240∶11 (2)900盏。

电能的输送每课一练(含解析) (46)

5.4 5.5 理想变压器电能的输送每课一练1．理想变压器原线圈两端输入的交变电压如图甲所示，变压器原、副线圈的匝数比为112，如图乙所示定值电阻R0＝10Ω，滑动变阻器R的阻值变化范围为0～20Ω，下列说法中正确的是()甲乙第1题图A．变压器输出电压的频率为100HzB．电压表的示数为56.5VC．当滑动的变阻器阻值减小时，变压器输入功率变大D．当滑动的变阻器阻值调为零时，变压器输出功率为16W2．如图甲为理想变压器，其原、副线圈的匝数比为4∶1，电压表和电流表均为理想电表，原线圈接如图乙所示的正弦交流电，图中R t为NTC型热敏电阻，R1为定值电阻，下列说法正确的是()甲乙第2题图A．交流电压u的表达式u＝362sin100πt(V)B．变压器原、副线圈中的电流之比为1∶4C．变压器输入、输出功率之比为1∶4D．R t处温度升高时，电压表和电流表的示数均变大3．如图所示，理想变压器的输入电压保持不变，副线圈通过输电线接两个相同的灯泡L1和L2，输电线的等效电阻为R，开始时，电键S断开，当S闭合时，下列说法正确的是()第3题图A．电压表示数变大B．灯泡L1更亮C．电流表示数增大D．变压器的输出功率减小甲4．图甲中的变压器为理想变压器，原、副线圈的匝数之比为10 1.变压器的原线圈接如图乙所示的正弦交流电，电压表为理想电表接在副线圈两端．则( )乙第4题图A ．原线圈上电压的有效值为100VB ．原线圈上电压的有效值约为1002VC ．电压表的读数为5.0VD ．电压表的读数约为7.07V5．某小型水电站的电能输送示意图如图所示，发电机的输出电压为200V ，输电线总电阻为r ，升压变压器原副线圈匝数分别为n 1、n 2，输入、输出电压分别U 1、U 2，输入功率为P ；降压变压器原副线圈匝数分别为n 3、n 4，输入、输出电压分别为U 3、U 4，输入功率为P ′(变压器均为理想变压器)，若额定电压为220V 的用电器正常工作，则( )第5题图A ．U 2＝U 3B ．P ＝P ′ C.n 2n 1＞n 3n 4 D.n 2n 1＜n 3n 46．如图所示，一只理想变压器原线圈与频率为50Hz 的正弦交流电源相连，两个阻值均为20Ω的电阻串联后接在副线圈的两端．图中的电流表，电压表均为理想交流电表，原副线圈的匝数分别为200匝和100匝，电压表的示数为5V .则( )第6题图A ．电流表的读数为0.5AB ．流过电阻的交流电的频率为100HzC ．变压器的输入电压的最大值为202VD ．变压器的输入功率为2.5W7．如图甲所示理想变压器原、副线圈的匝数比为55：9，副线圈接有一定值电阻R 和热敏电阻R r (电阻随温度升高而减小)，原线圈所接电源电压按图乙所示规律变化，则下列说法正确的是( )甲乙第7题图A ．原线圈两端电压的瞬时值表达式为u ＝2202sin100πt(V)B ．电压表示数为362VC ．热敏电阻R r 周围环境温度升高，电流表的示数减小D ．热敏电阻R r 周围环境温度升高，变压器的输入功率增大8．某小型水电站的电能输送示意图如图，发电机的输出电压为200V ，输电线总电阻为r ，升压变压器原副线圈匝数分别为n 1、n 2，降压变压器原副线圈匝数分别为n 3、n 4，(变压器均为理想变压器)，若额定电压为220V 的用电器正常工作，则( )第8题图A.n 1n 2＝n 4n 3B ．通过升压变压器原、副线圈电流的频率不同C ．升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率D ．若n 2增大，则输电线上损失的电压减小9．如图是一个理想变压器的示意图，S 为单刀双掷开关，P 是滑动变阻器的滑动触头，R 0是定值电阻，保持交变电压U 1不变．则( )第9题图A ．若P 不动，S 由a 到b 处，电流表示数减小B ．若P 不动，S 由a 到b 处，电压表示数增大C ．若S 置于b 处，将P 上滑，电流表示数增大D ．若S 置于b 处，将P 上滑，电压表示数增大10．如图所示，降压变压器的变压系数是3，即初级线圈匝数与次级线圈的匝数之比是3∶1.初级线圈的输入电压是660 V ，次级线圈的电阻为0.2Ω，这台变压器给100盏220 V 、60W 的电灯供电．求：第10题图(1)空载时次级线圈的电压和输出功率；(2)接通电路后次级线圈的电压；(3)每盏灯的实际功率．11．某村在较远的地方建立了一座小型水电站，发电机的输出功率为100 kW，输出电压为500V，输电导线的总电阻为10Ω，导线上损耗的电功率为4kW，该村的用电电压是220V.第11题图(1)设计了如图所示的输电电路．求升压、降压变压器的原副线圈的匝数比；1.C 【解析】由于理想变压器可改变电压，但不改变频率f ＝1T ＝50 Hz ，A 错；uU ＝112得U ＝44V ，所以B 错；由变压器原理及性质可知，C 对，P ＝U 2R 得P ＝193.6W ，所以D 错，故选C.2.AB 【解析】交流电压u ＝362sin100πt(V)，A 正确，变压器原副线圈电流的比与线圈匝数的比相反，所以B 正确，因为是理想变压器，所以输出功率等于输入功率，C 错误，当R t 温度升高时，电压表示数不变，电流表示数变大，所以D 错误，故选AB.3.C 【解析】闭合电键，副线圈电路中电流I 变大，输电压U ＝IR ＋U 1，U 1为电压表示数，故电流变大，U 1示数减小，A 错；因灯L 1两端电降低，故灯L 1会变暗，B 错；原线圈中电流随副线圈中电流增大而增大，C 对；变压器的输出功率P ＝UI 1输出电压不变，电流增大，输出功增大，D 错；选C.4.D 【解析】原线圈上电压有效值为1002，故A 、B 错，副圈电压有效值即电压表示数为100×101002＝7.07V ，C 错，D 对，选D.5.C 【解析】设U 2和U 3之间的电流为I ，则U 2＝U 3＋I r ，P ＝U 2I ，P′＝U 3I ，U 2U 1＝n 2n 1，U 3U 4＝n 3n 4，故可知，n 2n 1＞n 3n 4，故选C.6.CD 【解析】电压表示数为5V ，则电流I 2＝U 2R ＝5V 20Ω＝0.25A ，根据I 1I 2＝n 2n 1得I 1＝I 2n 2n 1＝0.25×12＝0.125A ，A 错，原副线圈交流电频率相同，则通过电阻的交流电的频率为50Hz ，B 错；副线圈电压U 2＝2U ′2＝10V ，根据U 1U 2＝n 1n 2，则原线圈电压有效值U 1＝U 2n 1n 2＝20V ，则输入电压的最大值为202V ，C 对；输入功率等于输出功率，则P 入＝P 出＝U 222R ＝10040＝2.5W ，D 对，故选CD.7.AD 【解析】由题图乙知，u m ＝2202V ，T ＝2×10－2s ，所以，ω＝2πT＝100π，u ＝u m sin ωt ＝2202sin100πtV ，故A 对；电压表示数为有效值，由U 1U 2＝n 1n 2得，u 2＝36V ，故B 错；热敏电阻R r 周围环境温度升高，R r 减小，副线圈中电流增大，由I 1I 2＝n 2n 1知，电流表的示数增大，由P 入＝U 2I 2＝U 1I 1知，输入功率增大，故C 错D 对，故选AD.8.CD 【解析】由题图和变压器工作原理知，U 1U 2＝n 1n 2，U 4U 3＝n 4n 3，U 2＝U 3＋U r ，故n 1n 2≠n 4n 3，故A 错；变压器不改变电流的频率，故B 错；升压变压器的输出功率P 出＝U 2I 2，降压变压器的输入功率P ＝U 3I 2，而U 2＞U 3，所以P 出＞P 入，故C 对；若n 2增大，则输电电压增大，输电线上损失的电压减小，故D 对，故选CD.9.BD 【解析】若P 不动，S 由a 到b 处，则由U 1U 2＝n 1n 2，U 2增大，则副线圈电流增大，电压表示数增大，由n 1n 2＝I 2I 1，可知I 1增大，A 错B 对；若S 置于b 处，将P 上滑，R 电阻变大，副线圈电流减小，U 2不变，R 0电压减小，电压表示数增大，电流表示数减小，C 错，D 对；故选BD.10.(1)220V 0 (2)214.66V (3)57.1W【解析】 (1)设空载时次级线圈的电压为U 2，则n 2n 1＝U 2U 1得到U 2＝n 2n 1U 1＝220 V 因为空载，次线线圈的负载电阻R 2→∞，次级线圈中的电流I 2＝0，则次级线圈的输出功率P ＝I 2U 2＝0.(2)接通电路后，100盏灯并联的总电阻为R 外＝R100＝U 2额P 额100＝8.07Ω次级线圈中的电流I 2＝U 2R 外＋R 损＝2208.07＋0.2A ＝26.6 A次级线圈的电压 U ′2＝I 2R 外＝214.66V. (3)每盏灯的实际功率P ＝I 2100U ′2＝26.6×214.66100W ＝57.1 W.11.(1)240∶11 (2)900【解析】 (1)P 损＝I 22r所以：I 2＝P 损r＝4×10310A ＝20 A I 1＝P U 1＝100×103500A ＝200 A则n 1n 2＝I 2I 1＝20200＝110U 3＝U 2－I 2r ＝(500×10－20×10)V ＝4800 V 则n 3n 4＝U 3U 4＝4800220＝24011(2)设可以装灯n 盏，据功率相等有P 3＝P 4其中P 3＝(n ×40＋60×103)W P 4＝(100－4)kW ＝96kW 所以：n ＝900盏。

高中物理(新人教版)选择性必修二课后习题：电能的输送(课后习题)【含答案及解析】

第三章交变电流电能的输送课后篇素养形成必备知识基础练1.在电能输送过程中,若输送的电功率一定、输电线电阻一定,则在输电线上损耗的电功率()A.和输电电压的二次方成正比B.和输送电流的二次方成反比C.和输送电线上损失的电压的二次方成正比D.和输送电流成正比ΔP=I线2R,电压损失ΔU=U-U'=I线R线,输电电流I线=PU,所以ΔP=I线2R线=ΔU 2R 线=(PU)2R线,可见在输送功率P一定、输电线电阻一定时,ΔP与I线2成正比,ΔP与ΔU2成正比,ΔP与U2成反比。

2.发电厂发电机的输出电压为U1,发电厂至学校的输电导线的总电阻为R,通过导线的电流为I,学校得到的电压为U2,则输电线上损耗的电压可表示为()A.U1B.U1-IRC.IRD.U2ΔU=U1-U2=IR,故B错误,C正确;U1为输出电压,U2为用户得到的电压,A、D 错误。

3.如图,利用理想变压器进行远距离输电,发电厂的输出电压恒定,输电线路的电阻不变,当用电高峰到来时()A.输电线上损耗的功率减小B.电压表V1的示数减小,电流表A1增大C.电压表V2的示数增大,电流表A2减小D.用户端功率与发电厂输出功率的比值减小,用户消耗的功率变大,则电流表A2读数变大,输电线上的电流变大,输电线上损耗的功率变大,选项A错误;电流表A1增大,因为发电厂的输出电压恒定,则升压变压器的次级电压不变,即电压表V1的示数不变,选项B错误;输电线上的电压损失变大,故降压变压器的初级电压减小,次级电压也减小,即电压表V2的示数减小,选项C错误;用户消耗的功率占发电厂输出功率的比例P-P损P =1-I2RU1I=1-ΔUU1,因为输电线上的电流增大,故电压损失增大,U1不变,所以用户消耗的功率与发电厂输出功率的比值减小,故D正确。

故选D。

4.照明供电线路的路端电压基本上是保持不变的,可是我们在晚上七八点钟用电高峰时开灯,电灯比深夜时要显得暗些,这是因为此时()A.总电阻比深夜时大,干路电流小,每盏灯分到的电压就小B.总电阻比深夜时大,干路电流小,每一支路的电流就小C.总电阻比深夜时小,干路电流大,输电线上损失的电压大D.干路电流一定,支路比深夜时多,分去了一部分电压,电阻小(因为用电器都是并联的),干路电流大,输电线上损失电压大,导致电灯两端电压减小,故比深夜时暗,故C正确。

(完整版)电能的输送练习(有答案)

例1 为了减少输电线路中电能损失，发电厂发出的电通常是经过变电所升压后通过远距离输送，再经变电所将高压变为低压．某变电所将电压Uo=110002sinlOO 兀t V的交流电降为220 V 供居民小区用电，则变电所变压器 ( AB )A ．原、副线圈的匝数比为50:1B ．副线圈中电流的频率是50 HzC ．原线圈的导线比副线圈的要粗D ．输入原线圈的电流等于居民小区各用电器电流的总和变式关于远距离输电，下列表述正确的是 ( ABD )A ．增加输电导线的横截面积有利于减少输电过程中的，电能损失B ．高压输电是通过减小输电电流来减少电路的发热损耗的，到的电压和功率．C ．在输送电压一定时，输送的电功率越大，输电过程中的电能损失越小D ．高压输电必须综合考虑各种因素，不一定是电压越高越好例2 发电机输出的电压为220 V ，输出的电功率为44 kW ，输电导线的电阻为0.2 Ω，如果用原、副线圈的匝数之比为1：10的升压变压器升压，经输电线后，再用原、副线圈的匝数之比为10：1的降压变压器降压供给用户，求用户得到的电压和功率．219.6v 43920w变式某小型水电站的电能输送示意图如图5-5-3所示，发电机的输出电压为200 V ，输电线总电阻为r ，升压变压器原、副线圈匝数分别为n1、n2，降压变压器原、副线圈匝数分别为n3、n4（变压器均为理想变压器）．要使额定电压为220 V 的用电器正常工作，则 ( ＡＤ )A ．3214n n n n < B ．3214n n n n > C ．升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压D ．升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率1．对于电能输送的以下说法正确的是ＡＤA ．输送电能的基本要求是：可靠、保质、经济B ．减小输电导线上功率损失的唯一方法是采用高压输电C ．减小输电线上电压损失的唯一方法是增大导线的横截面积D．实际输电时，要综合考虑各种因素，如输送功率大小、距离远近、技术和经济要求等2．对远距离输送中所造成的电压损失，下列说法中正确的是 ( ＣＤ )A．只有输电线的电阻才造成电压损失B．只有输电线的电抗才造成电压损失C．输电线的电阻和电抗都造成了电压损失D．若用高压直流电输送，可以减小因电抗造成的损失3．在电能的输送过程中，若输送的电功率一定、输电线的电阻一定，对于在输电线上发热损失的电功率△P，有如下四种判断，其中正确的是 ( CD )A．△P与输送电线上电压降的二次方成反比B．△P与输送电压的二次方成正比C．△P与输送电线上电压降的二次方成正比D．△P与输送电压的二次方成反比4．水电站向小山村输电，输送电功率为50kW，若以1100 V送电，则线路损失为10 kW，若以3300 V送电，则线路损失可降为 ( B )A．3.3 kW B．1.1 kWC．30 kW D．1l kW5．某农村水力发电站的发电机的输出电压稳定，它发出的电通过电站附近的升压变压器升压．，然后用输电线路把电能输送到远处村寨附近的降压变压器，经降压后输给用户．设变压器为理想变压器，那么在用电高峰期，白炽灯不够亮，但用电总功率增加，这时( BD)A．升压变压器的副线圈的电压变大B．输电线路上的电压损失变大C．降压变压器的副线圈上的电压变大D．降压变压器到用户的输电线上的电压损失变大6．远距离输电线路的示意图如图5-5-4所示，若发电机的升压变压器降压变压器输出电压不变，用户用的是纯电阻用电器，则下列叙述中正确的是 ( C )A．升压变压器的原线圈中的电流与用户用电设备消耗的功率无关B．输电线中的电流只由升压变压器原、副线圈的匝数比决定C．当用户用电器的总电阻减小时，输电线损失的功率增大D.升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压7．输电导线的电阻为R，输送电功率为P．现分别用Ul和U2两种电压来输电，则两次输电线上损失的功率之比为 ( C )A. U1: U2 B .U12:U22C. U2: 2U12D. U2: U18．在如图5-5-5所示的远距离输电电路图中，升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂的输出电压和输电线的电阻均不变，随着发电厂输出功率的增大，下列说法中正确的是 ( CD )A．升压变压器的输出电压增大B．降压变压器的输出电压增大C．输电线上损耗的功率增大D．输电线上损耗的功率占总功率的比例增大9．远距离输送一定功率的交变电流，若输送电压升高为原来的n倍，则输电线上由电阻造成的电压损失为原来的 1/n ，功率损失为原来的 1/n²10．一台发电机最大输出功率为4000 kW，输出电压为4000V，经变压器T1升压后向远方输电，输电线路的总电阻 R=1 kΩ，到目的地经变压器T2降压．若在输电线路上消耗的功率为发电机输出功率的10%，变压器T1和T2的损耗可忽略，发电机处于满负荷工作状态，则T1原线圈中的电流为 1000A ，T1副线圈中的电流为 20A ，T2原线圈两端的电压为 1.8×105v11．通过相同材料的导线向同一用户输送10 kW的电功率，若在输送电压为110 V和220 V 两种情况下导线上损失的电功率相同，那么这两种情况下输电线的横截面积之比为多少？4:112．某变电站用220 V的电压作为输出电压向居民送电，导线上损失的电功率为输送功率的20%，若要使导线上损失的电功率降为输送功率的5%，则输送电压应为多少？440v13．一居民小区有440户，以前每户平均消耗电功率为100 W，使用的区间变压器匝数比为165:6，若变压器输入电压为6600 V，恰好能使额定电压为220 V的用电器正常工作．现在因家用电器增加，每户平均消耗电功率为250 W，若变压器输入电压仍为6600 V，区间输电线路不变，为了使家用电器正常工作，需换用区间变压器，则此区间变压器的线圈匝数比为？220:9。

高中物理第五章 5 电能的输送练习(含解析)新人教版选修3-2-新人教版高二选修3-2物理试题

5 电能的输送1.(2018·江苏南京期中)远距离输送交变电流都采用高压输电.我国正在研究用比330 kV高得多的电压进展输电.采用高压输电的优点是( C )A.可提高用户端电压B.可根据需要调节交流电的频率C.可减少输电线上的能量损失D.可加快输电的速度解析:采用高压输电减小了输电电流,可减少能量损失,但不能改变交变电流的频率和输电速度,用户端电压由降压变压器决定,应当选项C正确.2.某用电器离供电电源的距离为l,线路上的电流为I.假设要求线路上的电压降不超过U.输电导线的电阻率为ρ,那么该输电导线的横截面积的最小值是( C )A.B.I2ρ C. D.解析:因为导线的总长度为2l,所以电压降U=IR=Iρ,解得S=,应当选项C正确.3.(2019·安徽芜湖检测)如下列图为远距离输电线路的示意图,假设发电机的输出电压不变,如此如下表示中正确的答案是( C )A.升压变压器的原线圈中的电流与用户用电设备消耗的功率无关B.输电线中的电流只由升压变压器原、副线圈的匝数比决定C.当用户用电器的总电阻减小时,输电线上损失的功率增大D.升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压解析:变压器的输入功率、输入电流的大小是由次级负载消耗的功率大小决定的,选项A,B错误;用户用电器总电阻减小,据P=,消耗功率增大,输电线中电流增大,线路损失功率增大,选项C正确;升压变压器的输出电压等于输电线路电阻上损失的电压加上降压变压器的输入电压,选项D错误.4.远距离输电中,当输送的电功率为P,输送电压为U时,输电线上损失的电功率为ΔP,假设输送的电功率增加为4P,而输电线中损失的电功率减为,输电线电阻不变,那么输电电压应增为( C )A.32UB.16UC.8UD.4U解析:根据题意知ΔP=()2·r,ΔP=()2·r得U′=8U,故C正确.5.(多项选择)如图为模拟远距离输电电路,两理想变压器的线圈匝数n1=n4<n2=n3,A1,A2,A3为一样的理想交流电流表.当a,b端接入低压交流电源时,如此( AC )A.A1,A3的示数相等B.A1,A2,A3的示数相等C.A1的示数大于A2的示数D.A2的示数大于A3的示数解析:因为=,=,n1=n4<n2=n3,故I1>I2,I4>I3,即A1的示数大于A2的示数,A2的示数小于A3的示数;又I2=I3,所以I1=I4,即A1,A3的示数相等,选项A,C正确,B,D错误.6.(2019·湖北宜昌检测)“西电东送〞工程中,为了减少输电损耗,必须提高输电电压.从西部某电站向华东某地区输送的电功率为 106 kW,输电电压为 1 000 kV,输电线电阻为100 Ω.假设改用超导材料作为输电线,如此可减少输电损耗的功率为( A )A.105 kWB.104 kWC.106 kWD.103 kW解析:输电电流I=,输电线路损失的电功率P损=I2R=()2R=1×105kW;当改用超导输电时,就不损失电能,因此减少的输电损耗就等于P损,故A正确.7.(2019·江西景德镇检测)某发电站的输出功率为 104 kW,输出电压为4 kV,通过理想变压器升压后向 80 km 远处用户供电.输电线的电阻率为ρ=2.4×10-8Ω·m,导线横截面积为1.5×10-4 m2,输电线路损失的功率为输出功率的4%.求:(1)升压变压器的输出电压;(2)输电线路上的电压损失.解析:(1)导线电阻r=ρ=Ω=25.6 Ω输电线路损失功率为输出功率的4%,如此4%P=I2r代入数据得I=125 A由理想变压器P入=P出与P=UI得输出电压U== V=8×104 V.(2)输电线路上电压损失U′=Ir=125×25.6 V=3.2×103 V.答案:(1)8×104 V (2)3.2×103 V8.(2019·湖南岳阳检测)关于高压直流输电,如下说法正确的答案是( A )A.高压直流输电系统在输电环节是直流B.变压器能实现直流电和交流电的转换C.稳定的直流输电存在感抗和容抗引起的损耗D.直流输电时,要考虑电网中的各台交流发电机的同步运行问题解析:直流输电在发电环节和用电环节是交流,而输电环节是直流,A正确;换流器的功能是实现交流电和直流电的转换,B错误;稳定的直流输电不存在感抗和容抗引起的损耗,不需要考虑电网中的各台交流发电机的同步运行问题,C,D错误.9.(2018·江苏徐州检测)(多项选择)为消除高压输电线上的凌冰,有人设计了这样的融冰思路:利用电流的热效应除冰.假设在正常供电时,高压线上送电电压为U,电流为I,热耗功率为P;除冰时,输电线上的热耗功率需变为9P,如此除冰时(认为输电功率和输电线电阻不变)( AD )A.输电电流为3IB.输电电流为9IC.输电电压为3UD.输电电压为U解析:输电线上的热耗功率P线=I2R线,热耗功率由P变为9P,如此电流由I变为3I,选项A正确.输电功率P不变,由P=UI,电流变为3I,输电电压为U,选项D正确.10.(2019·江西赣州检测)如下列图,某发电机输出功率是100 kW,输出电压是250 V,从发电机到用户间的输电线总电阻为8 Ω,要使输电线上的功率损失为5%,而用户得到的电压正好为220 V,如此升压变压器和降压变压器原、副线圈匝数比分别是( C )A.16∶1 190∶11B.1∶16 11∶190C.1∶16 190∶11D.16∶1 11∶190解析:输电线损失功率P损=100×103×5% W=5×103 W,所以,输电线电流I2==25 A,升压变压器原线圈电流I1==400 A,故升压变压器原、副线圈匝数比==.升压变压器副线圈两端电压U2=U1=4 000 V,输电线损失电压U损=I2R总=200 V,降压变压器原线圈电压U3=U2-U损= 3 800 V,故降压变压器原、副线圈匝数比为==,应当选项C正确.11.(2019·安徽合肥检测)如下列图,(甲)是远距离输电线路的示意图,(乙)是发电机输出电压随时间变化的图象,如此( D )A.用户用电器上交流电的频率是100 HzB.发电机输出交流电的电压有效值是500 VC.输电线的电流只由降压变压器原、副线圈的匝数比决定D.当用户用电器的总电阻增大时,输电线上损失的功率减小解析:由u t图象可知,交流电的周期T=0.02 s,故频率f==50 Hz,选项A错误;交流电压的最大值 U m=500 V,故有效值U==250 V,选项B错误;输电线上的电流由降压变压器副线圈上的电阻和降压变压器原、副线圈的匝数比决定,选项C错误;当用户用电器的总电阻增大时,副线圈上的电流减小,根据=,原线圈(输电线)上的电流减小,根据P=R,输电线损失的功率减小,选项D正确.12.如图为远距离输电示意图,两变压器均为理想变压器,升压变压器T的原、副线圈匝数分别为n1,n2,在T的原线圈两端接入一电压u=U max sin ωt的交流电源,假设输送电功率为P,输电线的总电阻为2r,不考虑其他因素的影响,如此输电线上损失的电功率为( C )A.()B.()C.4()2()2rD.4()2()2r解析:由瞬时值表达式知,原线圈电压的有效值U1=,根据理想变压器的电压规律可得=,由理想变压器的输入功率等于输出功率得P=I2U2,输电线上损失的电功率P损=·2r,联立可得P损=4()2()2r,故C正确.13.某村在距村庄较远的地方修建了一座小型水电站,发电机输出功率为9 kW,输出电压为500 V,输电线的总电阻为10 Ω,允许线路损耗的功率为输出功率的4%,求:(1)村民和村办小企业需要220 V电压时,所用升压变压器和降压变压器的原、副线圈的匝数比各为多少?(不计变压器的损耗)(2)假设不用变压器而由发电机直接输送,村民和村办小企业得到的电压和功率是多少?解析:(1)建立如下列图的远距离输电模型.由线路损耗的功率P线=R线,可得I线== A=6 A,又因为P输出=U2I线,所以U2== V=1 500 V,U3=U2-I线R线=(1 500-6×10)V=1 440 V,根据理想变压器规律===,===所以升压变压器和降压变压器原、副线圈的匝数比分别是1∶3和72∶11.(2)假设不用变压器而由发电机直接输送(模型如下列图),由P输出=UI线′,可得I线′== A=18 A所以线路损耗的功率P线=I线′2R线=182×10 W=3 240 W用户得到的电压U用户=U-I线′R线=320 V用户得到的功率P用户=P输出-P线=(9 000-3 240)W=5 760 W.答案:(1)1∶3 72∶11 (2)320 V 5 760 W。

人教版选修3-2第五章交变电流第3节电能的输送(同步练习)含答案

第3节电能的输送（同步练习）1、发电站为了减少输电过程中损失的电能，通常采用高压输电方式输送电能•若输送的总功率为P ,升压后输送电压为 U ，输电线的总电阻为 R , A •输电线上损失的电压 B .输电线上的电流IC •输电线上损失的功率D •输电线上损失的功率【答案】AD4、低温雨雪冰冻造成我国部分地区严重灾害，其中高压输电线因结冰而损毁严重。

为消除高压输电线上的凌冰，有人设计了这样的融冰思路：根据远距离输电原理，如图所示，利用电流的热效应除冰，将高压线上电流从正常供电时的 I 增大到3I ，除冰时认为输电功率和输电线电阻不变。

则下列说法正确的是（）A •电流的热效应是根据电流的平均值计算的B •为实现除冰目的，应该将输电电压增大到原来的 3倍C ・除冰时电线电阻的发热功率为正常情况的 9倍则下列说法中正确的是（2、远距离输电中，当输送的电功率为 P ,输送电压为 U 时，输电线上损失的电功率为△ P ,若输送的电功率增加为4P ，而输电线中损失的电功率减为1-△ P （输电线电阻不变），那么输电电压应增为（A . 2UC . 8U【答案】CB . 4U D .16U3、如图所示，可以将电压降低供给电灯的变压器是（【答案】BA •用户总电阻变大B .降压变压器的输入电压变小C ・输电线上损耗的功率变小D •通过升压变压器原线圈的电流变小【答案】B7、如图所示，甲是远距离输电线路的示意图，乙是发电机输出电压随时间变化的图象，则D •若降压变压器的匝数不变, 【答案】C除冰时用户得到的电压也不变5、某交流发电机的输出电压随时间变化的图象如图所示，输出功率是20kW ，现用5000V高压输电，输电线上的总电阻是40 ，再利用 — 22的降压变n 2 1压器降压后供给用户，则下列说法正确的是（ A •交变电流的频率为 100HzB •发电机输出电压的有效值为 220VC .流过高压输电线的电流为125AD •降压变压器输出电压的有效值为 220V【答案】BD6、某小型水电站的电能输送示意图如图所示，发电机通过升压变压器 T i 和降压变压器 T 2向用户供电，两变压器均为理想变压器，发电机的输出电压及输电线的电阻均不变.在用电高峰期，随着用户耗电量的增大，发电厂的输出功率增大，下列说法正确的是（）甲乙A •发电机输出交流电的电压有效值是 500VB .降压电器上交流电的频率是50HzC •输电线的电流只由降压变压器原副线圈的匝数比决定D •当用户用电器的总电阻增大时，输电线上损失的功率减小【答案】BD&用电器离电源 L 米，线路上的电流为 I ，为使在线路上的电压降不超过 U ,已知输电线的电阻率为P.那么，输电线的横截面积的最小值是（）A . plX RB . 2UL /1 pC . U / p LID . 2 p L Z U 【答案】D9、如图为远距离输电示意图，n i 、n 2和，n 3、n 4分别是升、降压变压器的原、副线圈，已知发电机的输出电压一定。

高中物理-电能的输送练习

高中物理-电能的输送练习(40分钟 50分)一、选择题(本题共6小题,每小题5分,共30分。

多选题已在题号后标出) 1.(多选)远距离输送交流电都采用高压输电,我国正在研究用比330 kV 高得多的电压进行输电,采用高压输电的优点是( ) A.可节省输电线的材料 B.可根据需要调节交流电的频率 C.可减小输电线上的能量损失 D.可加快输电的速度【解析】选A 、C 。

远距离输电时,往往输送电功率一定,据P=UI,输送电压U 越高,则输送电流I=越小,据P 线=I 2R 线,在要求输电线损耗一定的情况下,输电线电阻可略大,导线可做得细一些或选择电阻率略大的材料；若输电线确定,即R 线一定,则可减少线路上的能量损耗,故A 、C 正确；而交流电的频率是一定的,不能调节,输电的速度就是电磁波的速度,也就是光的传播速度,是一定的,故B 、D 错误。

2.关于减小远距离输电线上的功率损耗,下列说法正确的是( )A.由功率P=,应降低输电电压,增大导线电阻B.由P=IU,应降低输电电压,减小输电电流C.由P=I 2R,应减小导线电阻或减小输电电流D.上述说法均不对【解析】选C 。

因为输电线上的功率损耗ΔP=I 2R=·R,其中P 为输电功率,U 为输电电压,I 为输电电流,R 为导线电阻,要减小远距离输电线上的功率损耗,需减小导线电阻或减小输电电流,C 对；或者提高输电电压以减小输电电流,A 、B 错。

3.一交流发电机输出电压为u=U m sin ωt,加在匝数比为1∶n 的理想升压变压器的原线圈上,变压器的副线圈通过总电阻为R 的输电线向用户供电,若发电机的输出功率为P,则输电线上消耗的功率为( )A. B.C. D.【解析】选D 。

根据正弦交流电的基本规律可知输入电压U 1=,根据理想变压器的变压规律,设输出电压为U 2,则有==⇒U 2=nU 1=,再根据变压器的功率关系：P 入=P 出⇒P 出=P=I 出U 2⇒I 出==,则有P 热=R=。

电能的输送每课一练(含解析) (34)

5.5 电能的输送作业一、选择题(每小题至少有一个选项正确，把正确选项前的字母填在题后的括号内)1．中央电视台《焦点访谈》多次报道某些边远落后农村电价过高，农民负担过重，其客观原因是电网陈旧老化。

近进行农村电网改造，为减少远距离输电的损耗而降低电费价格可采用的措施有() A．提高输送功率B．增大输送电流C．提高高压输电电压D．减小输电导线的横截面积解析：提高高压输电电压可减少远距离输电的损耗，故C选项正确，其他选项均错。

答案：C2．电学中的库仑定律、欧姆定律、法拉第电磁感应定律(有关感应电动势大小的规律)、磁场对电流作用的规律都是一些重要的规律，图为远距离输电系统的示意图(为了简单，设用户的用电器是电动机)，下列选项中正确的是()A．发电机能发电的主要原理是库仑定律，变压器能变压的主要原理是欧姆定律，电动机通电后能转动起的主要原理是法拉第电磁感应定律B．发电机能发电的主要原理是磁场对电流作用的规律，变压器能变压的主要原理是欧姆定律，电动机通电后能转动起的主要原理是库仑定律C．发电机能发电的主要原理是欧姆定律，变压器能变压的主要原理是库仑定律，电动机通电后能转动起的主要原理是法拉第电磁感应定律D．发电机能发电的主要原理是法拉第电磁感应定律，变压器能变压的主要原理是法拉第电磁感应定律，电动机通电后能转动起的主要原理是磁场对电流作用的规律解析：发电机是将其他形式的能转化为电能的设备，应用的是法拉第电磁感应定律；变压器是由电流的变化产生磁场的变化，从而使得线圈内的磁通量发生变化，产生感应电流，也是应用法拉第电磁感应定律；电动机是将电能转化为其他形式能的设备，通电导线在磁场中要受到力的作用从而运动，是磁场对电流作用规律的应用。

答案：D3．远距离输送一定功率的交变电流，若输电电压提高到原的n倍，则下列说法中正确的是()A．输电线上的电流变为原的n倍B．输电线上的电压损失变为原的1/n2C．输电线上的电功率损失变为原的1/nD．若输电线上的电功率损失不变，输电线路长度可变为原的n2倍解析：P ＝UI ，当U 变为原的n 倍时，I 变为原的1n ；输电线上的电压损失：ΔU ＝I n R 线电功率损失：P 损＝(I n)2R 线① 输电线电阻R 线＝ρl S ，当l 变为原的n 2倍时，电阻增大为原的n 2倍，由①式知P 损不变。