四川省成都市2021届高三物理摸底测试试题【含答案】
2021年7月四川省成都市七中2022届高三上学期7月零诊模拟考试理科综合物理试题及答案
2021年7月四川省成都市七中2022届高三上学期7月零诊模拟考试理科综合物理试题★祝考试顺利★(含答案)本试卷分选择题和非选择题两部分。
满分100分，考试时间100分钟。
第Ⅰ卷（选择题，共40分）一、本题包括8小题，每小题3分，共24分。
每小题只有一个选项符合题目要求。
1．以下说法中不正确的是（ ）A ．图甲是α粒子散射实验示意图，当显微镜在A 、B 、C 、D 中的A 位置时荧光屏上接收到的α粒子数最多．B ．图乙是氢原子的能级示意图，氢原子从3n =能级跃迁到1n =能级时吸收了一定频率的光子能量．C ．图丙是光电效应实验示意图，当光照射锌板时验电器的指针发生了偏转，则此时验电器的金属杆带的是正电荷．D ．图丁是电子束穿过铝箔后的衍射图样，该实验现象说明实物粒子也具有波动性．2．在磁感应强度大小为0B 的匀强磁场中，两长直导线P 和Q 平行于纸面固定放置。
在两导线中通有图示方向电流I 时，纸面内与两导线等距离的α点处的磁感应强度为零。
下列说法正确的是（ ）A ．匀强磁场方向垂直纸面向里B ．将导线P 撤去，α点磁感应强度为032B C ．将导线Q 撤去，α点磁感应强度为012B D ．将导线Q 中电流反向，α点磁感应强度为02B3．正方形ABCD 四个顶点上放置着电荷量相同的、电性如图所示的点电荷，O 为正方形两对角线的交点，M 、N 、P 、Q 分别为AO 、BO 、CO 、DO 的中点。
取无穷远处电势为零，下列说法正确的是（ ）A ．M 、N 、P 、Q 四点的场强相同B ．M 、N 、P 、Q 四点的电势均为零C ．将一质子从M 点沿MON 移动到N 点的过程中，电场力先做正功再做负功D ．将一电子从M 点沿MOP 移动到P 点的过程中，电势能先增加后减小4．如图甲所示为家用燃气灶点火装置的电路原理图，转换器将直流电压转换为图乙所示的正弦交流电加在理想变压器的原线圈上，设变压器原、副线圈的匝数分别为1n ，2n 。
2023届四川省成都市高三上学期第一次诊断性检测理综物理试题
2023届四川省成都市高三上学期第一次诊断性检测理综物理试题一、单选题 (共6题)第(1)题迷你系绳卫星在地球赤道正上方的电离层中，沿圆形轨道绕地飞行。
系绳卫星由两子卫星组成，它们之间的导体绳沿地球半径方向，如图所示。
在电池和感应电动势的共同作用下，导体绳中形成指向地心的电流，等效总电阻为r。
导体绳所受的安培力克服大小为f的环境阻力，可使卫星保持在原轨道上。
已知卫星离地平均高度为H，导体绳长为，地球半径为R，质量为M，轨道处磁感应强度大小为B，方向垂直于赤道平面。
忽略地球自转的影响。
据此可得，电池电动势为（ ）A．B．C．D．第(2)题如图所示，一理想变压器原、副线圈的匝数比为1：2，副线圈电路中接有灯泡，灯泡的额定电压为220V，额定功率为22W，原线圈电路中接有电压表和电流表。
已知灯泡正常发光，若用U和I分别表示此时电压表和电流表的读数，则（）A．V B．I＝0.05AC．原线圈输入功率为W D．流过灯泡电流的最大值可达A第(3)题如图所示为远距离输电示意图，两变压器均为理想变压器，升压变压器的原、副线圈匝数比为。
降压变压器的原、副线圈匝数比为。
原线圈两端接入一电压的交流电源，用户电阻为（纯电阻），若用户消耗功率为，输电线的总电阻为，不考虑其他因素的影响，则输电线上损失的电功率和用户获得的电压分别为（ ）A．，B．，C．，D．，第(4)题物理思想方法是物理学科素养的重要内容，可帮助我们提升思维水平，形成综合能力. 下列有关思想方法说法正确的是（ ）A．卡文迪许利用扭秤测量万有引力常量用到了微元法的思想B．合力、分力等概念的建立都体现了等效替代的思想C．加速度公式与功率公式都采用了比值定义法D．单摆、机械波都是抓住主要因素忽略次要因素建立的理想化模型第(5)题关于图中四个演示实验的说法，正确的是（）A．甲图中将平行板电容器左侧极板向左平移，静电计张角减小B．乙图中阴极射线向下偏转，说明U形磁铁靠近镜头一端为N极C．丙图中随着入射角增加，反射光线越来越弱，折射光线越来越强D．丁图中静电平衡后，用手触碰导体A端，A端不带电，B端带正电第(6)题杜甫在《曲江》中写到：穿花蛱蝶深深见，点水蜻蜓款款飞。
四川省成都市石室中学2021届高三一诊模拟测试物理试题 含答案
四川省成都市石室中学2021届高三一诊模拟测试物理试题本试卷分选择题和非选择题两部分。
第Ⅰ卷（选择题）1至21题，第Ⅱ卷（非选择题）22至38题。
试卷共12页，满分300分，考试时间150分钟。
注意事项：1. 答题前，务必将自己的姓名、考籍号填写在答题卡规定的位置上。
2. 答选择题时，必须使用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦擦干净后，再选涂其它答案标号。
3. 答非选择题时，必须使用0.5毫米黑色签字笔，将答案书写在答题卡规定的位置上。
4. 所有题目必须在答题卡上作答，在试题卷上答题无效。
第Ⅰ卷（共126分）二、选择题：共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．如图所示，实线表示电场线，虚线ABC表示一带电粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，其中过B点的切线与该处的电场线垂直。
下列说法正确的是A．粒子带正电B．粒子在B点的加速度小于它在C点的加速度C．粒子在B点时电场力做功的功率为零D．粒子从A点运动到C点的过程中电势能先减少后增加15．质量不同的小球1、2 由同一位置先后以不同的速度竖直向上抛出，运动过程中两小球受到的水平风力恒定且相等，运动轨迹如图所示，忽略竖直方向的空气阻力。
小球1与小球2相比A．初速度小B．在最高点时速度小C．质量小D．在空中运动时间短116．北斗卫星导航系统第三颗组网卫星（简称“三号卫星”）的工作轨道为地球同步轨道，设地球半径为R，“三号卫星”的离地高度为h，则关于地球赤道上静止的物体、地球近地环绕卫星和“三号卫星”的有关物理量，下列说法中正确的是A．近地卫星与“三号卫星”的周期之比为B．近地卫星与“三号卫星”的角速度之比为C．赤道上物体与“三号卫星”的线速度之比为D．赤道上物体与“三号卫星”的向心加速度之比为17．如图所示，在倾角为30°的光滑斜面上，一质量为4m的小车在沿斜面向下的恒力F作用下下滑，在小车下滑的过程中，小车支架上连接着小球（质量为m）的轻绳恰好保持水平。
2021年四川省成都市高考物理一诊试卷(含答案详解)
2021年四川省成都市高考物理一诊试卷一、单选题（本大题共5小题，共30.0分）1.下列关于物理学中的思想和方法叙述不正确的是()A. 一个物体受到几个力共同作用产生的效果与某一个力产生的效果相同，这个力叫做那几个力的合力，这里包含了“等效替代”的思想B. 在“探究弹性势能的表达式”时，为计算弹簧弹力所做的功，把拉伸弹簧的过程分为许多小段，把每一小段的弹力认为是恒力，用每小段做功的代数和代表弹力在整个过程中所做的功，这种方法叫“微元法”C. 在探究加速度与力、质量的关系时，先保持质量不变探究加速度与力的关系，再保持力不变探究加速度与质量的关系，这种方法叫“控制变量法”D. 根据速度定义式v=△x△t ，当△t极短时，△x△t就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，这种方法叫“微元法”2.有一块长方体木板被锯成如图所示的A、B两块，放在水平面桌面上，A、B紧靠在一起，木块A的顶角如图所示．现用水平方向的力F垂直于板的左边推木块B，使两木块A、B保持原来形状整体沿力F的方向匀速运动，则()A. 木块A在水平面内受两个力的作用，合力为零B. 木板整体为一个系统，该系统受两个外力作用C. 木板B对A的压力小于桌面对木板A的摩擦力D. 木板B在水平面内受三个力的作用3.在地面上方，将小球以4J的动能水平抛出，落地时的动能是16J，不计空气阻力，则小球落地时速度方向和水平方向的夹角是()A. 60°B. 45°C. 37°D. 30°4.在如图所示的电路中，电源的电动势为ε，内电阻为r，R1、R2为两个阻值固定的电阻，当可变电阻R的滑片向下移动时，安培表的示数I和伏特表的示数U将()A. I变大，U变大B. I变大，U变小C. I变小，U变大D. I变小，U变小5.如图所示，小球A和小球B位于同一竖直线上，小球A距水平地面的高度为H=0.6m，小球B到水平地面的距离为ℎ=0.2m，同时由静止释放两球．设B和地面为弹性碰撞，两球碰撞后B球速度为0，小球A的质量为m，小球B的质量为5m.重力加速度大小为g=10m/s2，忽略小球的直径、空气阻力及碰撞时间，小球所受重力远小于碰撞力．以地面为参考面，两球第一次碰撞后小球A能到达的高度为()A. 1.6mB. 0.82mC. 0.6mD. 0.35m二、多选题（本大题共5小题，共26.0分）6.一条河宽400m，船在静水中的速度是4m/s，水流速度是5m/s，则()A. 当船沿某一方向渡河，可能垂直渡到对岸B. 当船头垂直河岸横渡时，过河所用时间最短C. 船到达对岸的最小位移为500mD. 该船渡河的速度最小是4m/s7.如图所示，图中实线表示一匀强电场的电场线，一带电粒子射入电场，虚线是它的运动轨迹，ab是轨迹上的两点，若粒子的重力不计，那么正确的判断是()A. 粒子带正电B. 粒子在ab间运动的过程中受到的静电力始终不发生变化C. 粒子一定从a点运动到b点D. 粒子在a点的动能一定大于b点的动能8.如图所示，平行于纸面向右的匀强磁场的磁感应强度为B1=1T.长l=1m的直导线中通有I=1A的恒定电流，导线平行于纸面与B1成60°角时，发现其受安培力为0；而将导线垂直纸面放入时，可测其受安培力大小为2N，则该区域同时存在的另一匀强磁场的磁感应强度B2大小可能为()A. 1TB. √3TC. 2TD. √7T9.下列说法正确的是()A. 知道某种气体的摩尔质量和一个气体分子的质量，就可以求出阿伏加德罗常数B. 用油膜法估测油酸分子直径时，撒痱子粉应薄而均匀C. 打气费劲说明气体分子间存在相互作用的排斥力D. 布朗运动反映了液体分子的运动是永不停息的不规则运动E. 在大于r0的前提下，分子间距离增大，分子力做正功10.下列说法正确的是()A. 光的偏振现象说明光是一种纵波B. 玻尔原子理论第一次将量子观念引入原子领域，提出了定态和跃迁的概念C. 轧钢厂热轧机上的射线测厚仪是利用β射线透过不同厚度钢板后的强弱不同制成的D. 核反应 01n+92235U→56144Ba+3689Kr+301n中， 56144Ba的比结合能大于 92235U的比结合能三、实验题（本大题共2小题，共18.0分）11.用DIS研究加速度与力的关系实验装置如图所示，实验时时，要保持______ 的质量不变，不断改变______ 的质量，来达到改变拉力的目的．某组同学实验数据记录如下：a/m⋅s−2 1.6 2.6 3.6 4.6 5.6F/N 1.0 1.5 2.0 2.5 3.0(1)将实验数据在a--F图象中a与F的关系图象；(2)根据图象可求得运动物体的质量m=______ ㎏；(3)分析图象中的线不过原点的原因是______ ．12. (1)某多用表欧姆档有×1、×10、×100；某同学使用该多用电表粗略测量一定值电阻的阻值，先把选择开关旋到×10档位，按正确的测量步骤，发现指针偏转角度很小，为了较准确进行测量，应将选择开关旋到______档位；换挡后该同学应首先进行______，测量后表盘示数如图1所示，则该电阻的阻值是______Ω.(2)该同学用伏安法进一步测量电阻，现有下列器材：A.电流表：量程100mA，内阻约2ΩB.电流表：量程15mA，内阻约4ΩC.电压表V：量程15V，内阻约100kΩ；D.电压表V：量程50V，内阻约500kΩ；E.直流电源E：电动势20V，允许最大电流4A；F.滑动变阻器：最大阻值100Ω；G.电键、导线若干．电流表应选______；电压表应选______；(填对应器材前字母代号)该同学正确选择仪器后连接了以下电路，为保证实验顺利进行，并使测量误差尽量减小，实验前请你检查如图2所示的电路，指出电路的界限上存在的问题：①______；②______．四、计算题（本大题共4小题，共40.0分）13. 如图所示，xOy坐标系内有匀强磁场，磁感应强度为B，方向垂直纸面向里，x<0的区域内有匀强电场(图中未画出).x>0区域有一半径为R的圆柱形圆筒，圆心O1的坐标为(2R,0)，圆筒轴线与磁场平行，现有范围足够大的平行电子束恰能沿x轴正方向做匀速直线通过x<0区域，已知电子的质量为m、电荷量为e，不考虑电子间的相互作用，不计电子重力．求：(1)求x<0区域内的匀强电场的场强大小为E，则电子速的速度大小为多少？(2)若圆筒外表面各处都没有电子打到，则电子速度应满足什么条件？(3)若电子初速度满足v0=3BeR，有部分电子能打到圆筒上，则这些电子通过y轴时的坐标范围是多m少？圆筒表面有电子打到的区域与没有电子打到的区域的面积之比是多少？14. 如图所示，n个相同的木块(可视为质点)，每块的质量都是m，从右向左沿同一直线排列在水平桌面上，相邻木块间的距离均为l，第n个木块到桌边的距离也是l，木块与桌面间的动摩擦因数为μ.开始时，第1个木块以初速度υ0向左滑行，其余所有木块都静止，在每次碰撞后，发生碰撞的木块都粘在一起运动．最后第n个木块刚好滑到桌边而没有掉下．(1)求在整个过程中因碰撞而损失的总动能．(2)求第i次(i≤n一1)碰撞中损失的动能与碰撞前动能之比．(3)若n=4，l=0.10m，υ0=3.0m/s，重力加速度g=10m/s2，求μ的数值．15. 如图所示，圆柱形气缸A中用质量为2m的活塞封闭有一定质量的理想气体，温度为27℃，气缸中的活塞通过滑轮系统悬挂一质量为m的重物，稳定时活塞与气缸底部距离为ℎ，现在重物m上加挂质量为m的小物体，已知大气压强为p0，活塞横截面积为S，3m=p0S，不计一切摩擦，求当气体温度升高到37℃且系统重新稳定后，重物m下降的高度。
精品解析：2021届四川省成都市高三(下)第三次诊断性检测理综物理试题(解析版)
【解析】
【分析】
【详解】（1）[1]A．安装斜槽时，应保证斜槽末端Q的切线水平，以保证小球做平抛运动，选项A正确；
B．钢球与斜槽间的摩擦对实验无影响，选项B错误；
C．移动挡板MN时，其高度不一定要必须等距变化，选项C错误；
D．钢球每次都应从斜槽中同一高度由静止释放，以保证小球到达斜槽底端时的速度相同，选项D正确；
故选AD。
（2）[2][3]根据
可知，钢球从a运动到b的时间为
钢球在斜槽末端Q的速度大小为
10.为将一量程为 的电压表改装成简易欧姆表，某创新小组完成了以下的设计与操作。
（1）设计图（a）所示电路测量电压表的内阻RV和电池组（内阻不计）的电动势E。实验步骤如下：①闭合开关S，调节电阻箱R，当接入电路的阻值R1=3kΩ时，电压表指针恰好满偏；②继续调节电阻箱R，当接入电路的阻值 时，电压表指针位置如图（b）所示。由此可求出RV=______kΩ，E=______V；
C．半衰期由元素本身决定，与元素所处物理、化学环境无关，故C错误；
D．γ射线的穿透能力最强，电离能力最弱，故D错误。
故选B。
2.如图，一物块在水平拉力F的作用下沿水平桌面做匀速直线运动．现保持F的大小不变，将F的方向变为与水平方向成30°角斜向右上方，恰好也能让物块做匀速直线运动。则物块与桌面间的动摩擦因数为（ ）
故选CD。
第II卷（非选择题，共174分）
二、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分．第22～32题为必考题，每个试题考生都必须做答．第33～38题为选考题，考生根据要求做答．
（一）必考题（共129分）
9.某实验小组用图（a）所示装置研究平抛运动。装置中，竖直硬板上依次固定着白纸和复写纸，MN是一个水平放置、稍微向纸面内倾斜且可上下调节的挡板．小钢球从斜槽中某高度由静止释放，从斜槽末端Q飞出的钢球落到挡板上会挤压复写纸，在白纸上留下印记；上下调节挡板，通过多次实验，白纸上会留下钢球经过的多个位置，最终用平滑曲线将其连接，得到钢球做平抛运动的轨迹。
四川省成都市新都区高三上学期毕业班摸底诊断性测试物理(含答案)
新都区2022届高三毕业班摸底测试理科综合试题物理部分本试卷分为选择题和非选择题两部分。
第I卷(选择题)1至7页，第II卷(非选择题)7至16页，共16页：满分300分，考试时间150分钟。
注意事项：1.答题前，务必将自己的姓名、考场号、座位号涂填写在试卷答题卡规定的位置上，并将考生条形码粘贴在规定的位置上。
2.答选择题时，必须使用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦擦干净后，再选涂其它答案标号。
3.答非选择题部分必须使用0.5毫米黑色签字笔书写，将答案书写在规定的位置上。
4.所有题目必须在答题卡上作答，在试卷上答题无效。
5.考试结束后，只将答题卡交回。
第I卷选择题(共126分)二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
B.伽利略用理想实验法说明没有力的作用，物体将保持原来的速度运动下去C.牛顿发现了万有引力定律并利用卡文迪许扭秤装置测出了万有引力常量数值D.摩托车转弯时，车手一方面要控制适当的速度，另一方面要将身体稍微向里倾斜，通过调控人和车的惯性达到转弯的目的15.在足球场上罚任意球时，运动员踢出的足球，在行进中绕过“人墙”转弯进入了球门。
守门员“望球莫及”，轨迹如图实线所示。
关于足球在飞行过程中的受力方向和速度方向，下列说法中正确的是A.合外力方向指向轨迹内侧，速度方向沿轨迹切线方向B.合外力方向沿轨迹切线方向，速度方向指向轨迹内侧C.合外力方向指向轨迹外侧，速度方向沿轨迹切线方向16.“钓鱼岛事件”牵动着军民爱国之心，我国空军某部为捍卫领土完整，举行了大规模的跳伞保岛演练，图甲是战士从悬停在高空的直升机中无初速度跳下，图山，是战士从跳离飞机到落地过程中的v-t图像，若规定竖直向下为正方向，忽略水平方向的风力作用，下列说法正确的是A.0～15s内做加速度逐渐减小的加速运动B.10s末打开降落伞，以后做匀减速运动至15s末C.0～10s内做自由落体运动，15s末开始做匀速直线运动D.10～15s内加速度方向竖直向上，加速度的大小逐渐减小17.全球最大水平臂上回转自升塔式起重机的开发和应用，标志着中国桥梁及铁路施工装备迈向世界前列。
四川省成都市2021届高三第一次诊断性检测物理试题 Word版含解析
成都市2021届高中毕业班第一次诊断性检测理科综合物理部分【试卷综析】本试卷是高三模拟试题，包含了高中物理的必修一、必修二等内容，主要包含受力分析、物体的平衡、匀变速直线运动规律、牛顿运动定律、运动的合成和分解、万有引力定律及其应用、动能定理、电场等内容，在考查问题上以基本定义、基本规律为主，重视生素养的考查，留意主干学问，兼顾掩盖面。
第1卷1．本卷共7题，每题6分，共42分。
每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
【题文】1．下列说法正确的是A千克、牛顿、库仑均是中学物理中涉及的国际单位制的基本单位B质点、点电荷、匀速直线运动均属于抱负化物理模型C卡文迪许利用扭秤试验测出了静电力常量D 分别是加速度、电场强度、磁感应强度的定义式【学问点】物理学史P【答案解析】B解析：A牛顿不是国际单位制的基本单位，故A错误；B质点、点电荷、匀速直线运动均属于抱负化物理模型，故B正确；C卡文迪许利用扭秤试验测出了万有引力常量，故C错误；DFam=分别是加速度的打算式，故D错误；故选B【思路点拨】熟记物理学史和物理学问【题文】2．如图所示，匀强磁场分布在平面直角坐标系的整个第1象限内，磁感应强度为B、方向垂直于纸面对里。
一质量为m、电荷量确定值为q、不计重力的粒子，以某速度从O点沿着与，轴夹角为30的方向进入磁场，运动到A点时，粒子速度沿x轴正方向。
下列推断正确的是A粒子带正电B运动过程中，粒子的速度不变c粒子由0到A经受的时间为3 m qB πD离开第豫限时，粒子的速度方向与x轴正方向的夹角为30【学问点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿其次定律；向心力．K3C2D4 【答案解析】C解析：：依据题意作出粒子运动的轨迹如图所示：A、依据左手定则及曲线运动的条件推断出此电荷带负电，故A错误；B、由于粒子的速度的方向在转变，而速度是矢量，所以速度转变了，故B错误；C、粒子由O运动到A时速度方向转变了60°角，所以粒子轨迹对应的圆心角为θ=60°，所以粒子运动的时间为 t=16T=16×2mqBπ=3mqBπ，故C正确；D、依据对称原理，离开第一象限时，粒子的速度方向与x轴正方向的夹角为60°，故D错误．故选：C【思路点拨】先依据题意作出粒子运动的轨迹，找出圆心，确定圆心角，依据左手定则及曲线运动的条件推断电荷的正负，依据圆心角与周期的关系求出运动的时间，速度的大小没有变化，但速度的方向转变了，速度是变化的．【题文】3．图甲所示的“轨道康复者”航天器可在太空中给“垃圾”卫星补充能源，延长卫星的使用寿命。
2021年四川省成都市高考物理摸底试卷(含答案详解)
2021年四川省成都市高考物理摸底试卷一、单选题（本大题共8小题，共24.0分）1.在人类认识原子与原子核结构的过程中，符合物理学史的正确选项是()A. 查德威克通过实验证实了卢瑟福关于中子的猜想是正确的B. 汤姆孙首先提出了原子的核式结构学说C. 居里夫人首先发现了天然放射现象D. 玻尔通过原子核的人工转变发现了质子2.等量异种点电荷的连线和其中垂线如图所示，现将一个带负电的检验电荷先从图中a点沿直线移到b点，再从b点沿直线移到c点．则()A. 从a点到b点，电势逐渐增大B. 从a点到b点，检验电荷受电场力先增大后减小C. 从a点到c点，检验电荷所受电场力的方向始终不变D. 从a点到c点，检验电荷的电势能先不变后增大3.如图所示，直线A为电源的U−I图线，曲线B为灯泡电阻的U−I图线，用该电源和小灯泡组成闭合电路时，电源的输出功率和电路的总功率分别是()A. 4W、8WB. 2W、4WC. 4W、6WD. 2W、3W4.如图所示，虚线表示电场的一簇等势面且相邻等势面间电势差相等，一个a粒子(带正电)以一定的初速度进入电场后，只在电场力作用下沿实线轨迹运动，a粒子先后通过M点和N点。
在这一过程中，电场力做负功，由此可判断出()A. a粒子在M点受到的电场力比在N点受到的电场力大B. N点的电势低于M点的电势C. a粒子在N点的电势能比在M点的电势能小D. a粒子在M点的速率大于在N点的速率5.如图所示，在光滑水平面上轻质弹簧的左端与挡板固定，右端与条形磁铁相连，此时磁铁对水平面的压力为N1.现在磁铁正中央上方固定一导体棒，导体棒中通有垂直纸面向外的电流，此时磁铁对水平面的压力为N2.则以下说法中正确的是()A. 弹簧长度将变长，N1>N2B. 弹簧长度将变长，N1<N2C. 弹簧长度将不变，N1>N2D. 弹簧长度将不变，N1<N26.如图所示电路中，R1=10Ω，R2=20Ω，滑动变阻器R阻值为0～50Ω，电压表和电流表均为理想电表，在滑动变阻器滑片由变阻器的中点滑向b端的过程中，下列判断正确的是()A. 电压表示数一直增大B. 电流表示数先增大后减小C. 灯L先逐渐变暗，后逐渐变亮D. 灯L先逐渐变亮，后逐渐变暗7.为了测量某化工厂的污水排放量，技术人员在该厂的排污管末端安装了如图所示的流量计，该装置由绝缘材料制成，长、宽、高分别为a、b、c，左右两端开口，在垂直于上下底面方向加磁感应强度为B的匀强磁场，在前后两个内侧固定有金属板作为电极，污水充满管口从左向右流经该装置时，电压表将显示两个电极间的电压U.若用Q表示污水流量(单位时间内排出的污水体积)，下列说法中正确的是()A. 若污水中正离子较多，则前表面比后表面电势高B. 污水流量Q与U成正比，与a、b无关C. 污水中离子浓度越高，电压表的示数将越大D. 前表面的电势一定高于后表面的电势，与哪种离子多无关8.示波管是一种多功能电学仪器，它的工作原理可以等效成下列情况：如图所示，真空室中电极K发出电子(初速度不计)，经过电压为U1的加速电场后，由小孔S沿水平金属板A、B间的中心线射入板间.金属板长为L，相距为d，当A、B间电压为U2时电子偏离中心线飞出电场打到荧光屏上而显示亮点.已知电子的质量为m，电荷量为e，不计电子重力，下列情况中一定能使亮点偏离中心距离变大的是()A. A。
四川省成都市新都区2023届高三毕业班摸底测试理综全真演练物理试题
四川省成都市新都区2023届高三毕业班摸底测试理综全真演练物理试题一、单项选择题（本题包含8小题，每小题4分，共32分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）(共8题)第(1)题2022年4月7日，《科学》杂志的封面文章爆出了一条引发物理学界震动的大新闻，科学家们对W玻色子的质量进行了高精度测量。
这种基本粒子间是弱相互作用，在自然界不能稳定存在或不单独存在。
物理学家们只能利用高能粒子加速器中的粒子与靶物质相互碰撞，才能让他们出现在观察视野进而进行研究，由于W玻色子被打出后会迅速发生衰变，产生电子、缪子或者反中微子等。
科学家们能对产生的粒子动量分布研究推出W玻色子的质量，则下列有关说法正确的是（ ）A．W玻色子发生衰变的半衰期与外界的温度和压强有关B．可衰变为，它发生的衰变与W玻色子衰变相同C．自然界中存在万有引力、电磁相互作用、强相互作用和核力四种基本作用D．如果高能粒子加速器是回旋加速器，所加高频电压越大，则粒子获得的速度大小越大第(2)题2022年6月5日上午10时44分07秒在酒泉卫星发射中心成功发射神舟十四号载人飞船。
若神舟十四号飞船距离地面高度为h，地球半径为R，地球北极位置的重力加速度为g，引力常量为G，神舟十四飞船轨道可按照正圆轨道计算。
则下列说法正确的是（ ）A．由于地球自转的影响，无法求出地球的质量B．神舟十四号飞船的质量不知道，所以神舟十四号飞船绕地球飞行的周期无法求出C．神舟十四号飞船受地球的吸引力，但不受重力D．神舟十四号飞船的线速度的大小为第(3)题近年来，国产新能源汽车的销量得到大幅增长。
为检测某新能源汽车的刹车性能，现在平直公路上做实验。
如图甲，汽车质量为（可看作质点）在平直公路上行驶，其中PQ路段为柏油路，QM路段为沙石路，汽车从P地运动到M地的过程，其速度v随时间t的变化规律如图乙所示，已知汽车在PQ路段受到的阻力为其重力的，在整个行驶过程中汽车的功率保持不变，，则以下说法中正确的是（ ）A．汽车的功率为B．汽车的功率为C．汽车从Q地运动到M地的过程中克服阻力做的功D．汽车从Q地运动到M地的过程中，牵引力的冲量第(4)题有一种磁悬浮地球仪，如图甲所示。
四川省成都市实验中学2020-2021学年高三物理测试题带解析
四川省成都市实验中学2020-2021学年高三物理测试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 雨滴在空气中下落，当速率在不太大的范围时，雨滴所受到的阻力与其速度成正比。
该速率v 随时间t 的变化关系最接近下图中的 （ ）参考答案：答案：B2. 一只质量为m 的蚂蚁，在半径为R 的半球形碗内爬行，在距碗底高的A 点停下来则蚂蚁在A 点受到的摩擦力大小为A ．B ．C ．D ．参考答案：B3. 有一负电荷自电场中的A 点自由释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B 点，它运动的速度图象如图所示，则A 、B 所在电场区域的电场线分布可能是图中的( )参考答案： D4. （单选）用α粒子轰击氩核（Ar ）时，生成一个中子和一个新核，这个新核共有（ ）A ． 44个核子B ． 18个质子C ． 20个质子D ． 24个中子参考答案：考点： 原子核的人工转变．分析： 根据电荷数守恒、质量数守恒确定新核的电荷数和质量数，从而通过质量数和电荷数求出中子数．解答：解：α粒子有两个桌子和两个中子，氩核（Ar ）有18个质子和22个中子，根据电荷数守恒、质量数守恒，新核的电荷数为18+2=20，质量数为4+40﹣1=43，则质子数为20，中子数为43﹣20=23．故C 正确，A 、B 、D 错误．故选：C ．点评： 解决本题的关键知道核反应过程中电荷数守恒、质量数守恒，知道质量数等于质子数加上中子数．5. 质量为m 的物块在平行于斜面的力F 作用下，从倾角为θ的固定斜面底端A 由静止开始沿斜面上滑，经B 点时速率为v ，此时撤去F ，物块滑回斜面底端时速率也为v ，若A 、B 间距离为x ，则A ．滑块滑回底端时重力的瞬时功率为mgvB ．整个过程中物块克服摩擦力做功为FxC ．下滑过程中物块重力做功为D ．从撤去F 到物块滑回斜面底端，摩擦力做功为-mgxsinθ参考答案：CD根据功率的相关定义可知，滑块滑回底端时重力的瞬时功率为mgv，选项A 错误。
五川省成都市2021届新高考五诊物理试题含解析
五川省成都市2021届新高考五诊物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．下列用来定量描述磁场强弱和方向的是（ ）A ．磁感应强度B ．磁通量C ．安培力D ．磁感线【答案】A【解析】【详解】A ．磁感应强度是用来描述磁场强弱和方向的物理量，故A 正确；B ．磁通量是穿过某一面积上的磁感线的条数，单位面积上的磁通量才可以描述磁场的强弱，故B 错误；C ．安培力描述电流在磁场中受到的力的作用，不是用来描述磁场的强弱和方向，故C 错误；D ．磁感线只能定性地说明磁场的强弱和方向，故D 错误；故选A 。
2．某理想变压器原、副线圈的匝数之比为10:1，当输入电压增加20V 时，输出电压（ ） A ．增加200VB ．增加2VC ．降低200VD ．降低2V 【答案】B【解析】【详解】根据 1122U n U n = 得1122U n U n ∆=∆ 即22010=1U ∆ 解得2=2V U ∆即输出电压增加2V ，故B 正确，ACD 错误。
故选B 。
3．如图所示，一固定的细直杆与水平面的夹角为α=15°，一个质量忽略不计的小轻环C 套在直杆上，一根轻质细线的两端分别固定于直杆上的A 、B 两点，细线依次穿过小环甲、小轻环C 和小环乙，且小环甲和小环乙分居在小轻环C的两侧．调节A、B间细线的长度，当系统处于静止状态时β=45°.不计一切摩擦．设小环甲的质量为m1，小环乙的质量为m2，则m1∶m2等于( )A．tan 15°B．tan 30°C．tan 60°D．tan 75°【答案】C【解析】试题分析：小球C为轻环，重力不计，受两边细线的拉力的合力与杆垂直，C环与乙环的连线与竖直方向的夹角为600，C环与甲环的连线与竖直方向的夹角为300，A点与甲环的连线与竖直方向的夹角为300，乙环与B点的连线与竖直方向的夹角为600，根据平衡条件，对甲环：，对乙环有：，得，故选C．【名师点睛】小球C为轻环，受两边细线的拉力的合力与杆垂直，可以根据平衡条件得到A段与竖直方向的夹角，然后分别对甲环和乙环进行受力分析，根据平衡条件并结合力的合成和分解列式求解．考点：共点力的平衡条件的应用、弹力．4．2020年初，在抗击2019-nCoV，红外线体温计发挥了重要作用。
成都市2021级高中毕业班摸底测试 物理答案
高三物理摸底测试答案㊀第１㊀页(共４页)成都市２０２１级高中毕业班摸底测试物理试题参考答案及评分意见第Ⅰ卷(选择题,共４０分)一㊁单项选择题(共２４分)１．B２．A３．B４．D５．B６．A７．C８．C二㊁多项选择题(共１６分)９．C D１０．B D１１．A B １２．B D第Ⅱ卷(非选择题,共６０分)三㊁非选择题(共６０分)(一)必考题１３．(６分)(１)C (２分)(２)０ ９(２分)㊀㊀７ ５ˑ１０２(２分)(７５０得１分)１４．(８分)(１)B (２分)(２)a (２分)㊀㊀１ １０ˑ１０３(２分)(１１００也得２分)(３)１０(２分)１５．(８分)解:(１)因磁场均匀变化,故感应电动势恒定由法拉第电磁感应定律,感应电动势为:E ＝n ΔB Δtb ２(１分)代入数据得:E ＝２ ５V由闭合电路欧姆定律可得感应电流为:I ＝ER ＝０ ５A(１分)带入数据可得:I ＝０ ５A(１分)由楞次定律可得感应电流为顺时针方向(１分)(２)在０~３s 内,通过线圈截面的电荷量为:q ＝I t ＝１ ５C (２分)线圈中产生的焦耳热为:Q ＝I ２R t ＝３ ７５J(２分)(其他合理解法,参照给分)仅限于高板中学使用高三物理摸底测试答案㊀第２㊀页(共４页)１６．(１２分)解:(１)小球在B 时,由牛顿第二定律有:N ＋q E s i n ４５ʎ－m g ＝mv ２R (２分)解得:N ＝３m g(２分)(２)小球从B 到D 过程由动能定理有:２q E R s i n ４５ʎ－m g ２R ＝１２m v D ２－１２m v ０２(１分)解得:v D ＝３gR (１分)如答图１,将重力和电场力合成可得:F 合＝m g ,a ＝g (１分)可知过D 点后,小球先做匀减速直线运动,然后反向做匀加速直线运动回到D 点由运动学规律有:t ＝２v D g ＝２３Rg(１分)(３)分析可知:当小球返回水平面且向左减速为０时,电势能最大由能量守恒可知,小球再次回到B 点时速度水平向左:v B ᶄ＝v B ＝３gR (２分)由运动学规律有:x B ＝v B ᶄ２２g(１分)所以离B 点的距离为:x B ＝１ ５R(１分)(其他合理解法,参照给分)１７．(１４分)解:(１)粒子从P 到Q 做类平抛运动,设在Q 点水平方向速度分量为v ０㊁竖直方向速度分量为v y ,在电场中类平抛运动的时间为t 水平方向做匀速直线运动,有:２l ＝v ０t(１分)竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动,有:１ ５l ＝v y２t(１分)解得:t a n α＝v y v ０＝３２(２分)(２)设粒子在磁场中匀速圆周运动的半径为r ,速度大小为v由题意知:v ＝v ０c o s α(１分)由牛顿第二定律有:q v B ＝mv ２r (１分)所以:r ＝m v ０qB c o s α仅限于高板中学使用高三物理摸底测试答案㊀第３㊀页(共４页)由答图２中的几何关系有:２r s i n α＝２l (１分)解得:B ＝３m v ０２ql (１分)(３)①如答图３,粒子以速度v １＝３２v ０从P 点射入,经图示轨迹达到右侧挡板.从P 到Q ᶄ的过程,粒子在电场中做类平抛运动,设水平位移为x １,水平初速变化不影响类平抛时间,t ＝２lv ０;设圆周运动对应的弦长为d ,第一次飞入磁场时速度与水平方向的夹角为β则在电场中:x １＝v １t ＝３l(１分)t a n β＝２yx １,即:t a n β＝１㊀㊀β＝４５ʎ由(２)同理可得,在磁场中:r １＝m v １q B c o s βd ＝２r １s i n β＝２m v １qB t a n β＝２l (１分)由于２x １－d ＝４l ,可见粒子恰好垂直打在右挡板上在磁场中的运动时间:t １＝３６０ʎ－２β３６０ʎ ２πm qB ＝πl v ０故粒子抛出到第一次与挡板相碰的时间为:t ２＝２t ＋t １＝４l v ０＋πlv ０(１分)②如答图４,粒子被右边挡板反弹后,经历类平抛㊁１４圆周㊁斜抛后垂直打在左挡板,反弹后类平抛进入磁场,再经３４圆周㊁斜抛后回到P 点.类平抛运动总时间:t ３＝６x １v １＝１２lv ０(１分)在磁场中运动总时间:t ４＝２７０ʎ＋９０ʎ＋２７０ʎ３６０ʎ ２πm q B ＝７πl３v ０(１分)故:T 总＝t ３＋t ４＝１２l v ０＋７πl３v ０(１分)(其他合理解法,参照给分)仅限于高板中学使用高三物理摸底测试答案㊀第４㊀页(共４页)(二)选考题１８ [物理 选修３ ３](１２分)(１)(４分)B D E (２)(８分)解:(i )由题意知:同学利用充气筒向篮球打１９次气的过程中气体温度不变,篮球内原有气体以及打入的１９V ０体积的气体经历等温压缩过程由玻意尔定律得:p ０V ＋１９p ０V ０＝p １V (２分)代入数据解得:p １＝１２５ˑ１０５P a (２分)(i i)同学通过放气使篮球内部气压恢复至p 标的过程,可等效为篮球内气体经历压强从p ２下降到p 标的等温膨胀过程,设放出的气体体积为Vᶄ,对应的质量为m ᶄ由玻意尔定律得:p ２V ＝p 标V ＋p 标V ᶄ(２分)代入数据得:V ᶄ＝１８V(１分)温度㊁压强相同时,同种气体的密度相同故放出气体的质量与放气后球内气体的质量的比值为:m ᶄm ＝V ᶄV ＝１８(１分)(其他合理解法,参照给分)１９ [物理 选修３ ４](１２分)(１)(４分)A C D (２)(８分)解:(i )由题意:x ＝０ １２m 处的质点在t ＝０ ０９s 时刻恰好第三次出现波峰结合波形图有:t ＝T４＋２T (１分)得:T ＝０ ０４s(１分)由波形图可知波在介质Ⅰ中的波长为:λ１＝０ ２４m (１分)所以,波在介质Ⅰ中的波速大小为:v １＝λ１T＝６m /s(１分)(i i )设x ＝０ ９６m 处质点起振的时刻为t １则:t １＝Δx １v １＝０ ９６－０ ２４６s ＝０ １２s (１分)波在介质Ⅱ中的波速大小为:v ２＝v １２＝３m /s从波进入介质Ⅱ到质点P 起振经历的时间为:t ２＝Δx ２v ２＝１ ２６－０ ９６３s ＝０ １s (１分)质点P 起振后经:t ３＝１４T ＝０ ０１s 第一次到达波谷(１分)所以质点P 第一次到达波谷的时刻为:t 总＝t １＋t ２＋t ３＝０ ２３s (１分)(其他合理解法,参照给分)仅限于高板中学使用。
四川省高三物理零诊模拟考试试题(含解析)
C．导体棒ab向右做减速运动时，根据右手定那么判断得到，ab中产生的感应电流方向从a→b，感应电流减小，螺线管产生的磁场减弱，穿过c的磁通量减小，根据楞次定律得知，c中产生顺时针方向〔从左向右看〕的感应电流，右侧相当于N极，螺线管左侧是S极，那么线圈c被螺线管吸引．故C正确；
2021届高三物理零诊模拟考试试题〔含解析〕
一、选择题
1.最新原子核的结合能，以下说法正确的选项是
A. 原子核的结合能等于使其完全分解成自由核子所需的最小能量
B. 一重原子核衰变成α粒子和另一原子核，衰变产物的结合能之和一定大于原来重核的结合能
C. 铯原子核〔 〕 结合能小于铅原子核〔 〕的结合能
D. 比结合能越大，原子核越不稳定
A. 两板间电压的最大值 B. CD板上可能被粒子打中区域的长度N板上的粒子的最大动能为
【答案】ACD
【解析】
【详解】画出粒子运动轨迹的示意图，如下图，
A.当M、N两板间电压取最大值时，粒子恰垂直打在CD板上，可知粒子半径r=L，的加速电场中，根据动能定理： ，在偏转磁场中，根据洛伦兹力提供向心力可得： ，联立可得： ，故A正确；
【点睛】根据电源消耗的总功率的计算公式 可得电源的总功率与电流的关系，根据电源内部的发热功率 可得电源内部的发热功率与电流的关系，从而可以判断abc三条线代表的关系式，在由功率的公式可以分析功率之间的关系．
11.如下图，M、N为两块带等量异种电荷的平行金属板，两板间电压可取从零到某一最大值之间的各种数值．静止的带电粒子带电荷量为＋q，质量为m 〔不计重力〕，从点P经电场加速后，从小孔Q进入N板右侧的匀强磁场区域，磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面向外，CD为磁场边界上的一绝缘板，它与N板的夹角为θ＝30°，孔Q到板的下端C的距离为L，当M、N两板间电压取最大值时，粒子恰垂直打在CD板上，那么：( )
四川省成都市2021届高三摸底测试 物理(含答案)
四川省成都市2021届高三物理摸底测试试题本试卷分选择题和非选择题两部分. 第Ⅰ卷（选择题）1至3页，第Ⅱ卷（非选择题）4至6页，共6页，满分100分，考试时间100分钟.注意事项：1. 答题前，务必将自己的姓名、考籍号填写在答题卡规定的位置上.2. 答选择题时，必须使用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦擦干净后，再选涂其它答案标号.3. 答非选择题时，必须使用0. 5毫米黑色签字笔，将答案书写在答题卡规定的位置上.4. 所有题目必须在答题卡上作答，在试题卷上答题无效.5. 考试结束后，只将答题卡交回.第Ⅰ卷（选择题，共40分）一、本题包括8小题，每小题3分，共24分. 每小题只有一个选项符合题目要求.1. 1820年，在实验中首次发现电流磁效应的科学家是A. 安培B. 奥斯特C. 楞次D. 洛伦兹2. 下列说法正确的是A. 为了形象地描述电场和磁场，法拉第引入了电场线和磁感线B. 由FEq=可知，电场中某点的电场强度大小与检验电荷受到的电场力大小成正比C. 由QCU=可知，电容器的电容与加在电容器上的电压成反比D. 由FBIL=可知，某点的检验电流元所受的安培力为零，则该点的磁感应强度必为零3. a、b是同种材料制成的两根圆柱形导体棒，它们的伏安特性曲线如图所示. 两者相比较A. 长度大的一定是aB. 横截面积大的一定是aC. 若a、b串联，通电后功率较大的是bD. 若a、b并联，通电后功率较大的是b4. 如图，实线表示某固定场源点电荷电场中的三条电场线，虚线为一正离子仅在电场力作用下从P 点运动到Q点的轨迹. 下列判定正确的是A. 场源点电荷带正电B. 正离子在P点的加速度大于在Q点的加速度C. 正离子在P点的速度小于在Q点的速度D. 正离子在P点的电势能大于在Q点的电势能5. 如图，两根平行长直导线固定，导线中通有垂直纸面向外、大小相等的恒定电流，O是两导线连线的中点，a、b是连线上的两点，c是连线的中垂线上一点，aO=Ob. 下列说法正确的是A. O点的磁感应强度不为零，方向垂直于两导线的连线向上B. a、b两点的磁感应强度大小相等，方向相同C. a、b两点的磁感应强度大小相等，方向相反D. c点的磁感应强度不为零，方向平行于两导线的连线向右6. 图示电路中，电源电动势为E，内阻为r，且r=R1，电流表和电压表均为理想电表. 闭合开关S，让滑动变阻器的滑片P由图示位置向右滑动到另一位置. 则与P滑动前比较A. 电流表A的示数变大B. 电压表V的示数变大C. 电容器所带电荷量变小D. 电源的输出功率变小7. 如图，金属导体的长度、宽度、厚度分别为a、b、d，导体处在方向垂直前后侧面向里、磁感应强度为B的匀强磁场中. 现给导体通以图示方向的恒定电流，稳定后，用电压表测得导体上、下表面间的电压大小为U. 下列说法正确的是A. 上表面的电势高于下表面的电势B. 导体单位体积内的自由电子数越多，电压表的示数越大C. 导体中自由电子定向移动的速度大小为U vBd =D. 导体中自由电子定向移动的速度大小为U vBb =8. 如图（a），纸面内，圆形金属框通过长导线与平行金属板MN和PQ连接，框内有如图（b）所示周期性变化的磁场（规定垂直纸面向里为磁场的正方向），导线上c、d间接有电阻R，O1、O2是金属板上正对的两个小孔. t=0时刻，从O1孔内侧由静止释放一个离子（不计重力），离子能够在时间Δt内到达O2孔. 已知Δt＞2T，规定从c经R到d为电流I的正方向，从O1指向O2为离子速度v 的正方向，则下列图像可能正确的是A. B.C. D.二、本题包括4小题，每小题4分，共16分. 每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分.9. 教学用发电机能够产生正弦交变电流. 如图，利用该发电机（内阻不计）通过理想变压器向定值电阻R供电时，理想电流表A的示数为I，R消耗的功率为P. 则A. 仅将变压器原线圈的匝数变为原来的2倍，R消耗的功率将变为4PB. 仅将变压器原线圈的匝数变为原来的2倍，A表的示数仍为IC. 仅将发电机线圈的转速变为原来的12，A表的示数将变为2ID. 仅将发电机线圈的转速变为原来的12，R消耗的功率仍为P10. 氢原子能级示意图如图所示. 处于n=4能级的一群氢原子向低能级跃迁时，辐射出的光子再照射到逸出功为4. 54eV的钨板上，下列说法正确的是A. 跃迁过程中，共有10种不同频率的光子辐射出来B. 共有3种不同频率的光子能使钨板发生光电效应现象C. 从钨板逸出的光电子的最大初动能为12. 75eVD. 从钨板逸出的光电子的最大初动能为8. 21eV11. 如图，四个电荷量绝对值相等的点电荷分别固定在正方形的四个顶点处，其中两个为正电荷，两个为负电荷. A、B、C、D为正方形四条边的中点，O为正方形的中心，规定无穷远处电势为零. 下列说法正确的是A. O点电场强度为零B. B点电势为零C. A、C两点电场强度相同D. 将一带负电的检验电荷从A点沿直线AC移动到C点，在此过程中电荷电势能减小12. 如图，一质谱仪由加速电场、静电分析器、磁分析器构成. 静电分析器通道的圆弧中心线半径为R，通道内有均匀辐向电场，中心线处的场强大小为E；半圆形磁分析器中分布着方向垂直于纸面、磁感应强度为B的匀强磁场. 要让质量为m、电荷量为q的粒子（不计重力），由静止开始从M 板经加速电场加速后沿圆弧中心线通过静电分析器，再由P点垂直磁场边界进入磁分析器，最终打到胶片上，则A. 加速电场的电压U需满足的关系为12U ERB. 若q＜0，则M板电势需低于N板电势，辐向电场的方向由圆心指向圆外，且磁分析器中磁场方向垂直于纸面向外C. 电荷量相同的粒子都能打在胶片上的同一点D. 粒子打在胶片上的位置Q到P第Ⅱ卷（非选择题，共60分）三、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分. 第13~17题为必考题，每个试题考生都必须做答. 第18~19题为选考题，考生根据要求做答.（一）必考题（共48分）13. （6分）欲测量一个未知电阻R x的阻值.（1）某同学先用万用表欧姆“×100”挡粗测. 测量中，表盘指针位置如图（a），其示数为_________Ω.（2）该同学接着设计了图（b）所示电路进一步测量. 主要步骤有：①闭合开关S1，将单刀双掷开关S2拨到a，读出电流表示数I；②将S2拨到b，调节电阻箱旋钮，当电流表示数再次为I时，读出电阻箱示数R.（3）若电源电动势为6V且内阻很小，可供选择的电流表、电阻箱为：A. 电流表（量程5mA，内阻约50Ω）；B. 电流表（量程50mA，内阻约5Ω）；C. 电阻箱（0~999. 9Ω）；D. 电阻箱（0~9999. 9Ω）.该同学应该选用的电流表是_________，电阻箱是_________. （填器材序号字母）14. （8分）欲测量一节干电池的电动势和内阻. 要求测量尽量准确. 实验室提供的器材有：r=Ω）；A. 电压表V（量程2V，内阻约2kΩ）；B. 电流表A（量程60mA，内阻9AC. 定值电阻R1（阻值1Ω）；D. 定值电阻R2（阻值10Ω）；E. 滑动变阻器R3（阻值0~10Ω）；F. 开关一只，导线若干.（1）实验小组设计的电路如图（a）所示，虚线框内是改装后量程为0. 6A的电流表. 该改装表的内阻为_________Ω，接入改装电路的定值电阻是_________（填器材序号字母）.（2）实验前，应断开开关S，将滑动变阻器滑片滑到_________（填“a”或“b”）端.（3）实验中测得A表示数I和V表示数U的多组数据如下表. 请在图（b）中作出U－I图线.I/mA20. 030. 040. 050. 060. 0 U/V 1. 20 1. 050. 900. 750. 60（4）根据作出的图线，求出被测干电池的电动势E=_________V，内阻r=_________Ω. （保留到小数点后2位）15. （8分）如图，倾角为θ的光滑斜面处于方向水平向右的匀强电场中，一质量为m、电荷量为q（q＞0）的小物块，恰好静止在斜面上距底边高为h的A点. 重力加速度大小为g.（1）求电场的场强大小；（2）若保持场强方向不变，仅将场强大小变为原来的一半，求小物块滑到斜面最低点B时的速度大小.16. （12分）如图，倾角θ=30°的绝缘光滑斜面固定，斜面上宽度L=0. 5m的矩形区域MNQP存在方向垂直斜面、磁感应强度B=1T的匀强磁场. 现给一平放在斜面上的正方形闭合导线框施加一个作用于线框上边中点、方向始终平行于线框侧边的力F（图中未画出），使线框从虚线ab处由静止向下做加速度a=2m/s2的匀加速直线运动直到穿过磁场. 已知线框质量m=m 、电阻R=0. 5Ω、边长也为L=0. 5m，ab∥MP∥NQ∥斜面底边，且ab与MP的间距s=1m，重力加速度g=10m/s2. 求：（1）线框下边刚进入磁场时，导线框的热功率；（2）线框上边即将离开磁场时的外力F.17. （14分）如图，直角坐标系xOy 中，在x ≤－L 区域有沿y 轴负方向的匀强电场；在－L ＜x ≤0区域有方向垂直坐标平面向里的匀强磁场；在x ＞0区域还有一个圆心在O ′（2L ，0）点且与y 轴相切的圆形匀强磁场区域，磁场的方向垂直于坐标平面向外. 一位于P （－2L L ）点的带正电粒子（不计重力）以初速度v 0沿x 轴正方向射出，粒子恰能依次经过Q （－L ，0）点、O 点和圆形区域圆弧上的M 点. 粒子质量为m 、电荷量为q ，MO ′与x 轴正方向的夹角为60°. 求：（1）粒子在Q 点的速度；（2）－L ≤x ＜0区域内磁场的磁感应强度大小B 1；（3）圆形区域内磁场的磁感应强度大小B 2.（二）选考题：共12分. 请考生从2道题中任选一题做答，并用2B 铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑. 注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题. 如果多做，则按所做的第一题计分.18. [物理——选修3—3]（12分）（1）（4分）下列说法正确的是_________. （填正确答案标号. 选对1个得2分，选对2个得3分，选对3个得4分. 选错1个扣2分，最低得0分. ）A. 布朗运动是固体分子的无规则运动B. 一定质量的理想气体在等温膨胀过程中一定吸热C. 晶体的分子（或原子、粒子）的排列是规则的D. 气体压强仅与气体分子的平均动能有关E. 一切与热现象有关的实际宏观过程都是不可逆的（2）（8分）如图，长L=1m 的粗细均匀细管开口向上竖直放置，管内有一段高为h=4cm 的水银柱，水银柱下密封了一定质量的理想气体，当环境温度为T1=301K时，水银柱上端到管口的距离为d=10cm. 已知大气压强076p cmHg，管内气体温度与环境温度相同.（i）当环境温度变为T2=315K，求稳定后水银柱下端到管底的距离；（ii）保持环境温度T2不变，让细管在竖直面内绕管底缓慢转动，直到细管水平. 试通过计算判断管口是否有水银溢出.19. [物理——选修3—4]（12分）（1）（4分）在一根拉直的绸带两端O1和O2同时沿竖直方向抖动后停止，产生的两列简谐横波相向传播，某时刻的波形如图所示. 不考虑波的反射. 下列说法正确的是_________. （填正确答案标号. 选对1个得2分，选对2个得3分，选对3个得4分. 选错1个扣2分，最低得0分. ）A. 两列波在绸带中的波速大小相等B. O1和O2振动的频率相同C. O1和O2开始振动的方向相同D. 两列波引起x=6m处的质点通过的总路程为80cmE. 在两列波叠加的区域内，振动最强的质点坐标为x=0. 25m（2）（8分）如图，ABO是横截面为四分之一圆的透明体，圆半径为R. 一束光线垂直于AO射到边上D点，进入透明体的光线恰能在AB边发生全反射. 已知透明体的折射率n=2，真空中的光速为c.求：（ⅰ）D点到O点的距离；（ⅱ）光线从进入透明体到再次返回AO边（含端点）经历的时间（结果用根式表示）.成都市2018级高中毕业班摸底测试物理试题参考答案及评分意见第Ⅰ卷（选择题，共40分）一、单项选择题（共24分）1. B2. A3. D4. B5. C6. D7. C8. C二、多项选择题（共16分）9. AC10. BD11. BC12. AD第Ⅱ卷（非选择题，共60分）三、非选择题（共60分）答图1（一）必考题13. （6分）（1）1500（2分）（3）A（2分）D（2分）14. （8分）（1）0. 9（1分）C（或R1）（1分）（2）b（1分）（3）见答图1（2分）（3）1. 50（1分）（1. 48~1. 52均给1分）0. 60（2分）（0. 56~0. 64均给2分）15. （8分）解：（1）物块受三力作用静止由平衡条件有：sin cos mg qE θθ=（2分）解得：tan mg E qθ=（2分）（2）A 、B 间沿场强方向的距离为：tan h x θ=由动能定理有：21122mgh qEx mv -=（2分）解得：v =（2分）（其它合理解法，参照给分）16. （12分）解：（1）设下边到达MP 的速度为v 1由运动学规律有：212v as =（1分）代入数据得：12/v m s =（1分）感应电动势为：1E BLv =（1分）线框的热功率为：2E P R=（1分）整理后得：2221B L v P R=代入数据解得：P=2W（1分）（2）设上边即将穿出NQ 的速度为v 2线框从开始下滑到上边即将穿出NQ 的过程中发生的位移为：x=s ＋2L由运动学规律有：222v ax=（1分）代入数据得：2/v s =线框受到的安培力为：F BIL =安（1分）感应电动势为：2E BLv =EI R=（1分）由牛顿第二定律有：sin 30F mg F ma+︒-=安（2分）整理后得222sin 30B L v F ma mg R=+-︒代入数据解得：0.57F N N =≈（1分）N 、方向沿斜面向下（1分）（其它合理解法，参照给分）17. （14分）解（1）在x ≤－L 区域内，粒子在电场力作用下做类平抛运动由运动学规律有：02L L v t-=（1分）12y L v t =（1分）v =（1分）联立以上各式解得：0v =（1分）设粒子在Q 点的速度与x 轴正方向的夹角为θ则：0cos v v θ==（1分）得：θ=30°，故速度方向与x 轴正方向成30°角（1分）（2）在－L ≤x ＜0区域内，粒子做匀速圆周运动的轨迹如答图2，设圆心为O 1，轨道半径为R 1，1sin 2L R θ=（1分）故：1R L=由牛顿第二定律有：211v qvB mR =（1分）解得：1B =（2分）（3）在圆形区域内，粒子做匀速圆周运动的轨迹如答图3，设圆心为O 2，轨道半径为R 2由题意可知圆形区域的半径为：2L r =因：218060602OO O ︒-︒'∠==︒（1分）且：∠O ′OO 2=90°－θ=60°故：△O ′OO 2是等边三角形，22L R r ==（1分）由牛顿第二定律有：222v qvB mR =（1分）解得：1B =（1分）（其它合理解法，参照给分）（二）选考题18. [物理——选修3—3]（12分）（1）（4分）BCE （2）（8分）解：（ⅰ）设细管横截面积为S ，T 2=315K 时水银柱下端到管底的距离为H 以密封气体为研究对象，则初态：T 1=301K ，1()V L h d S =--（1分）末态：T 2=315K ，1V HS = 气体发生等压变化，有：1212V V T T =（1分）代入数据解得：H=90cm（1分）（ⅱ）假设没有水银溢出. 设细管水平时，密封气柱长H ′仍以密封气体为研究对象，则初态：2V HS =，2080P P h =+=cmHg （1分）末态：3V H S '=，3076p p ==cmHg 气体发生等温变化，有：2233p V p V =（1分）代入数据解得：180019H cm '=（1分）因：187619H h cm L '+=<，假设成立（1分）故：无水银溢出（1分）（其它合理解法，参照给分）19. [物理——选修3—4]（12分）（1）（4分）ADE （2）（8分）解：（i ）设光在AB 边的入射点为E ，在BO 边的入射点为F ，光路如答图4由题意，在E 点恰发生全反射，入射角等于临界角C 有：11sin 2C n ==（1分）解得：C=30°故：DO=OEsin ∠DEO=RsinC （1分）解得：2R DO =（1分）（ii ）因∠DEO=90°－∠DEF=90°－2C=30°，故在F 点也将发生全反射，由几何关系可知，从F 点反射的光线与OA 边交于A 点. 过F 点作法线与DE 交于G 点cos cos DE OE DEO R C =∠==（1分）cos cos GF DO EF GFE C ===∠（1分）sin cos 60OA OA FA OFA ===∠︒（1分）透明体中的光速为cvn=（1分）光线从进入透明体到再次返回AO边经历的时间为：DE EF FA tv++=解得：t=（1分）（其它合理解法，参照给分）。
四川省成都市实验外国语学校2021届高三上学期月考物理试卷(11月份) Word版含解析
四川省成都市试验外国语学校2021届高三上学期月考物理试卷（11月份）一、选择题1．如图所示，a、b、c、d是某匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点，且ab=cd=L，ad=bc=2L，电场线与矩形所在平面平行．已知a点电势为20V，b点电势为24V，d点电势为12V．一个质子从b点以v0的速度射入此电场，入射方向与bc成45°角，一段时间后经过c点．下列推断正确的是（不计质子的重力）( )A．c点电势高于a点电势B．场强的方向由b指向dC．质子从b运动到c 所用的时间为D．质子从b运动到c，电场力做功为4eV考点：电势；电势差与电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：在匀强电场中，沿着电场线方向每前进相同的距离，电势变化相等；依据电场线与等势面垂直垂直画出电场线，依据W=qU计算电场力做的功．解答：解：A、在匀强电场中，沿着电场线方向每前进相同的距离，电势变化相等，故φa﹣φd=φb﹣φc，解得：φc=16V，而φa点电势为20V．则c点电势低于a点电势．故A错误；B、设ad连线中点为O，则其电势为16V，故co为等势面，电场线与等势面垂直，则电场线沿着bo方向，故B错误；C、由上可知，电场线沿着bo方向，质子从b运动到c做为在平抛运动，垂直于bo方向做匀速运动，位移大小为x=2L •=L，则运动时间为t==．故C正确．D、依据W=qU，质子从b点运动到c点，电场力做功为W=qU bc=1e×（24V﹣16V）=8eV，故D错误；故选：C．点评：本题的关键在于找出等势面，然后才能确定电场线，要明确电场线与等势线的关系，能利用几何关系找出等势点，再依据等势线的特点确定等势面．2．如图所示，不计质量的光滑小滑轮用细绳悬挂于墙上O点，跨过滑轮的细绳连接物块A、B，A、B都处于静止状态，现将物块B向右移至C点后，A、B仍保持静止，下列说法中正确的是( ) A．B与水平面间的摩擦力减小B．绳子对B的拉力增大C．悬于墙上的绳所受拉力不变D．A、B静止时，图中α、β、θ三角始终相等考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：设滑轮位置为O′点，当把物体B移至C点后，绳子BO′与水平方向的夹角变小，对A和B分别受力分析，然后运用共点力平衡条件结合正交分解法进行分析．解答：解：B、对物体A受力分析，受到重力和细线的拉力，依据平衡条件，拉力等于物体A的重力，当把物体B移至C点后，绳子BO′与水平方向的夹角变小，但细线的拉力不变，故B错误；A、对物体B受力分析，受重力、支持力、拉力和向后的静摩擦力，如图依据共点力平衡条件，有Tcosθ′=f由于角θ′变小，故B与水平面间的静摩擦力变大，故A错误；C、对滑轮受力分析，受重力，O′B绳子的拉力T以及悬于墙上的绳子的拉力F，由于重力和OB绳子的拉力相等且夹角变大，故其合力变小，故墙上的绳子的拉力F也变小，故C错误；D、对滑轮受力分析，受重力，O′B绳子的拉力T以及悬于墙上的绳子的拉力F，由于重力和OB绳子的拉力相等，故合力在角平分线上，故α=β，又由于三力平衡，故O′B绳子的拉力T也沿着前面提到的角平分线，绳子拉力沿着绳子方向，故α=β=θ，故D正确；故选：D．点评：本题关键是分别对物体A、物体B、滑轮受力分析，然后依据共点力平衡条件结合正交分解法和合成法进行分析争辩．3．“轨道康复者”是“垃圾”卫星的救星，被称为“太空110”，它可在太空中给“垃圾”卫星补充能源，延长卫星的使用寿命，假设“轨道康复者”的轨道半经为地球同步卫星轨道半径的五分之一，其运动方向与地球自转方向全都，轨道平面与地球赤道平面重合，下列说法正确的是( )A．“轨道康复者”的加速度是地球同步卫星加速度的5倍B．“轨道康复者”的速度是地球同步卫星速度的倍C．站在赤道上的人观看到“轨道康复者”向西运动D．“轨道康复者”可在高轨道上加速，以实现对低轨道上卫星的挽救考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．分析：依据万有引力供应向心力，结合轨道半径的关系得出加速度和周期的关系．依据“轨道康复者”的角速度与地球自转角速度的关系推断赤道上人看到“轨道康复者”向哪个方向运动．解答：解：万有引力供应卫星做圆周运动的向心力；A、由牛顿其次定律得：G=ma，解得：a=，由于“轨道康复者”绕地球做匀速圆周运动时的轨道半径为地球同步卫星轨道半径的五分之一，则“轨道康复者”的加速度是地球同步卫星加速度的25倍，故A错误．B、由牛顿其次定律得：G =m，解得：v=，由于“轨道康复者”绕地球做匀速圆周运动时的轨道半径为地球同步卫星轨道半径的五分之一，则“轨道康复者”的速度是地球同步卫星速度的倍．故B正确．C、由于“轨道康复者”绕地球做匀速圆周运动的周期小于同步卫星的周期，则小于地球自转的周期，所以“轨道康复者”的角速度大于地球自转的角速度，站在赤道上的人用仪器观看到“轨道康复者”向东运动．故C错误．D、“轨道康复者”要在原轨道上减速，做近心运动，才能“挽救”更低轨道上的卫星．故D错误．故选：B．点评：解决本题的关键知道万有引力供应向心力这一重要理论，并能机敏运用，以及知道卫星变轨的原理，知道当万有引力大于向心力，做近心运动，当万有引力小于向心力，做离心运动．4．如图所示，绝缘弹簧的下端固定在光滑斜面底端，弹簧与斜面平行，带电小球Q（可视为质点）固定在绝缘斜面上的M点，且在通过弹簧中心的直线ab上．现将与Q大小相同，带电性也相同的小球P，从直线ab 上的N点由静止释放，若两小球可视为点电荷．在小球P与弹簧接触到速度变为零的过程中，下列说法中正确的是( )A．小球P的速度肯定先增大后减小B．小球P的机械能肯定在削减C．小球P速度最大时所受弹簧弹力和库仑力的合力为零D．小球P与弹簧系统的机械能可能增加考点：功能关系；机械能守恒定律；库仑定律．分析：本题中有库仑力做功，机械能不守恒；机械能守恒是普遍遵守的定律；小球的速度变化可从受力与能量两种观点加以分析．解答：解：A、小球先沿斜面加速向下运动，后减速向下运动，当弹簧压缩量最大时，小球静止，故A正确；B、依据除了重力和弹力之外的力做功量度机械能的变化，小球P除了重力和弹力之外的力做功还有弹簧的弹力和库仑斥力做功，开头弹簧的弹力和库仑斥力的合力方向可能向上，也就是可能做负功，所以小球P的机械能可能增大，故B 错误；C、小球P的速度肯定先增大后减小，当p的加速度为零时，速度最大，所以小球P速度最大时所受弹簧弹力、重力沿斜面对下的分力和库仑力的合力为零，故C错误；D、依据能量守恒定律知，小球P的动能、与地球间重力势能、与小球Q间电势能和弹簧弹性势能的总和不变，由于在小球P与弹簧接触到速度变为零的过程中，Q对P的库仑斥力做正功，电势能减小，所以小球P与弹簧系统的机械能肯定增加，故D错误．故选：A．点评：留意机械能守恒的条件是只有重力或弹力做功，从能量转化的角度讲，只发生气械能间的相互件转化，没有其他形式的能量参与．5．如图所示，质量相同且分布均匀的两个圆柱体a、b靠在一起，表面光滑，重力均为G，其中b的下一半刚好固定在水平面MN的下方，上边露出另一半，a静止在平面上，现过a的轴心施以水平作用力F，缓慢的将a拉离平面始终滑到b的顶端，对圆柱体a的移动过程分析，应有( )A．拉力F先增大后减小，最大值是GB．开头时拉力F 最大为G，以后渐渐减小为0C．a、b间压力由0渐渐增大，最大为GD．a、b 间的压力开头最大为G，而后渐渐减小到G考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：a球缓慢上升，合力近似为零，分析a受力状况，由平衡条件得到F以及b球对a的支持力与θ的关系式，即可分析其变化．解答：解：对于a球：a球受到重力G、拉力F和b球的支持力N，由平衡条件得：F=NcosθNsinθ=G则得：F=GcotθN=依据数学学问可知，θ从30°增大到90°，F和N均渐渐减小，当θ=30°，F 有最大值为G，N有最大值为2G，故B正确，ACD错误．故选：B．点评：本题运用隔离法争辩，分析a球受力状况，得到两个力的表达式是解题的关键．6．如图所示，两平行金属板间有一匀强电场，板长为l，板间距离为d，在板右端l处有一竖直放置的光屏M．一带电荷量为q、质量为m的质点从两板中心射入板间，最终垂直打在M屏上，则下列结论正确的是( )A ．板间电场强度大小为B ．板间电场强度大小为C．质点在板间运动的时间跟它从板的右端运动到光屏的时间相等D．质点在板间运动的时间大于它从板的右端运动到光屏的时间考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：依据题意分析，质点最终垂直打在M屏上，必需考虑质点的重力．质点在平行金属板间轨迹应向上偏转，飞出电场后，质点的轨迹向下偏转，质点才能最终垂直打在M屏上．第一次偏转质点做类平抛运动，其次次斜向上抛运动平抛运动的逆过程，运用运动的分解法，依据对称性，分析前后过程加速度的关系，再争辩电场强度的大小．水平方向质点始终做匀速直线运动，质点在板间运动的时间跟它从板的右端运动到光屏的时间相等．解答：解：A、B据题分析可知，质点在平行金属板间轨迹应向上偏转，做类平抛运动，飞出电场后，质点的轨迹向下偏转，质点才能最终垂直打在M屏上，前后过程质点的运动轨迹有对称性，如图，可见两次偏转的加速度大小相等，依据牛顿其次定律得，qE﹣mg=mg，得到E=．故A错误，B正确．C、D由于质点在水平方向始终做匀速直线运动，两段水平位移大小相等，则质点在板间运动的时间跟它从板的右端运动到光屏的时间相等．故C正确，D错误．故选BC点评：本题是类平抛运动与平抛运动的综合应用，基本方法相同：运动的合成与分解．7．如图所示，一足够长的光滑斜面，倾角为θ，一弹簧上端固定在斜面的顶端，下端与物体b相连，物体b 上表面粗糙，在其上面放一物体a，a、b间的动摩擦因数为μ（μ＞tanθ），将物体a、b从O点由静止开头释放，释放时弹簧恰好处于自由伸长状态，当b滑到A点时，a刚好从b上开头滑动；滑到B点时a刚好从b 上滑下，b也恰好速度为零，设a、b间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力．下列对物体a、b运动状况描述正确的是( )A．从O到A的过程，两者始终加速，加速度大小从mgsinθ始终减小，在A点减为零B．经过A点时，a、b均已进入到减速状态，此时加速度大小是g（μcosθ﹣sinθ）C．从A到B的过程中，a的加速度不变，b的加速度在增大，速度在减小D．经过B点，a掉下后，b开头反向运动但不会滑到开头下滑的O点考点：牛顿其次定律；物体的弹性和弹力．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：μ＞tanθ，则μmgcosθ＞mgsinθ，当b滑到A点时，a刚好从b上开头滑动说明ab加速度开头不同．解答：解：A、释放时弹簧恰好处于自由伸长状态，斜面光滑，二者具有向下的加速度，弹簧伸长，弹簧拉力增大，则二者做加速度渐渐减小的加速运动，以a为争辩对象，取沿斜面对下为正方向，有：mgsinθ﹣f=ma得：f=mgsinθ﹣ma可见只要a物体具有向下的加速度，则f＜mgsinθ＜μmgcosθ，即所受摩擦力小于最大静摩擦力，物体不会滑动，当二者加速度为零，即（M+m）gsinθ=F，之后弹簧连续伸长，则ab开头具有沿斜面对上的加速度，即开头减速运动，以a为争辩对象，取沿斜面对上为正方向，有：f﹣mgsinθ=ma当f有最大值时a有最大值，又f max=μmgcosθ则a=μgcosθ﹣gsinθ，之后b加速度连续增大而a加速度保持不变，二者发生相对滑动，故经过A点时，a、b均已进入到减速状态，此时加速度大小是g（μcosθ﹣sinθ），A错误，BC正确；D、在a落下后，b将以新的平衡位置为中心做谐振动，由对称性可推断出b将冲过o点，即b的最高点将在o点之上选项D错误．故选：BC．点评：该题是牛顿其次定律的直接应用，本题ABC三个选项留意使用临界分析法即可得到正确结果，D选项关键点在于a脱离b后，b的受力满足机械能和简谐振动模型．二、解答题（共5小题，满分68分）8．为了“验证牛顿其次定律”，某同学设计了如下试验方案：A．试验装置如图甲所示，一端系在滑块上的轻质细绳通过转轴光滑的轻质滑轮，另一端挂一质量为m=0.5kg 的钩码，用垫块将光滑的长木板有定滑轮的一端垫起．调整长木板的倾角，直至轻推滑块后，滑块沿光滑长木板向下做匀速直线运动．B．保持长木板的倾角不变，取下细绳和钩码，接好纸带，接通打点计时器的电源，然后让滑块沿长木板滑下，打点计时器打下的纸带如图乙所示．请回答下列问题：（要求保留三位有效数字）①图乙中纸带的哪端与滑块相连F．选填A或F②图乙中相邻两个计数点之间还有4个打印点未画出，打点计时器接频率为50Hz的沟通电源，依据图乙求出滑块的加速度a=1.65m/s2．③不计纸带与打点计时器间的阻力，滑块的质量M=2.97kg．（g取9.8m/s2）考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：试验题；牛顿运动定律综合专题．分析：（1）滑块拖动纸带下落的运动过程中，速度越来越快，所以相等时间内运动的位移越来越大，进而推断哪端与滑块相连．（2）根依据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小．（3）依据牛顿其次定律F=Ma即可求解质量解答：解：①由于打点计时器每隔0.02s打一个点，两个计数点之间还有4个打点未画出，所以两个计数点的时间间隔为T=0.1s，时间间隔是定值，滑块拖动纸带下落的运动过程中，速度越来越快，所以相等时间内运动的位移越来越大．所以图乙中纸带的F端与滑块相连；②依据△x=aT2利用逐差法，a==1. 65m/s2．③由A步骤可知，取下细绳和钩码后，滑块受到的合外力F=0.5×9.8=4.9N，依据牛顿其次定律得：M=kg；故答案为：①F；②1.65；③2.97点评：探究加速度与质量关系时，应把握拉力不变而转变小车质量，试验时要留意小车质量应远大于重物质量．纸带处理时能利用匀变速直线的规律以及推论解答试验问题，在平常练习中要加强基础学问的理解与应用，提高解决问题力量9．探究力对原来静止的物体做的功与物体获得的速度的关系，试验装置如图甲所示．试验过程中有平衡摩擦力的步骤，并且设法让橡皮筋对小车做的功以整数倍增大，即分别为W0、2W0、3W0、4W0…①试验中首先通过调整木板倾斜程度平衡摩擦力，目的是C （填写字母代号）．A．为了释放小车后小车能做匀加速运动B．为了增大橡皮筋对小车的弹力C．为了使橡皮筋对小车做的功等于合外力对小车做的功D．为了使小车获得较大的动能②图乙是在正确操作状况下打出的一条纸带，从中截取了测量物体最大速度所用的一部分，已知相邻两点打点时间间隔为0.02s，则小车获得的最大速度v m=1.22m/s（保留3位有效数字）．③几名同学在试验中分别得到了若干组橡皮筋对小车做的功W与小车获得最大速度v m的数据，并利用数据绘出了图丙给出的四个图象，你认为其中正确的是D．考点：探究功与速度变化的关系．专题：试验题；动能定理的应用专题．分析：该试验的目的以及试验数据处理的方法；该试验平衡摩擦力的缘由；该试验是如何确定外力做功以及如何通过纸带猎取小车运动的最终速度大小；如何通过图象来处理数据等．解答：解：①试验中通过调整木板倾斜程度平衡摩擦力，目的是为了使橡皮筋对小车所做功即为合外力对小车所做的功，故ABD错误，C正确．故选：C．②由所打的点可知，DG之间小车做匀速直线运动，速度最大，小车获得的最大速度为：v m=m/s=1.22m/s故答案为：1.22．③橡皮筋对小车做的功W与小车的动能关系知：W=，即有：•W，依据数学学问可知D正确．故选：D．故答案为：①C；②1.22；③D点评：本题考查了该试验的具体操作细节和数据的处理，对于这些基础学问肯定要通过亲自动手试验加深理解．10．如图所示，倾角为37°的足够长粗糙斜面下端与一足够长光滑水平面相接，斜面上有两小球A、B，距水平面高度分别为h1=5.4m和h2=0.6m．现由静止开头释放A球，经过一段时间t后，再由静止开头释放B球．A 和B与斜面之间的动摩擦因素均为μ=0.5，重力加速度g=10m/s2，不计空气阻力，设小球经过斜面和水平面交界处C机械能不损失，（sin37°=0.6，cos37°=0.8）．求：（1）为了保证A、B两球不会在斜面上相碰，t最长不能超过多少？（2）若A球从斜面上h1高度处由静止开头下滑的同时，B球受到恒定外力作用从C点以加速度a 由静止开头向右运动，则a为多大时，A球有可能追上B球？考点：牛顿运动定律的综合应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系；机械能守恒定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）由牛顿其次定律求出物体在斜面上的加速度，利用运动学公式求出在斜面上的时间，为了保证A、B两球不会在斜面上相碰，则满足：t=t1﹣t2；（2）若A球能追上B球，则二者位移应当相等，求出加速度解答：解：（1）球在斜面上时，由牛顿其次定律得：gsin37°﹣μmgcos37°=ma，解得，A、B 的加速度：，A球到C 点的时间为：，B球到C 点的时间为：，A、B两球不会在斜面上相碰，t最长为：t=t A﹣t B=2s；（2）A球到C点的速度为：v A=a A t A=6m/s，设t时刻A能追上B ，则：，又：，解得：a≤1m/s2，即B球加速度a 最大不能超过1m/s2；答：（1）为了保证A、B两球不会在斜面上相碰，t最长不能超过2s．（2）B球加速度a 最大不能超过1m/s2时，A球有可能追上B球．点评：本题考查追击问题，过程较简单，分析清楚物体运动过程是正确解题的前提与关键，利用牛顿其次定律、运动学公式即可正确解题．11．（17分）如图所示，在距水平地面高h1=1.2m的光滑水平台面上，一个质量m=1kg的小物块压缩弹簧后被锁扣K锁住，储存了肯定量的弹性势能E p．现打开锁扣K，物块与弹簧分别后将以肯定的水平速度v1向右滑离平台，并恰好从B点沿切线方向进入光滑竖直的圆弧轨道BC．已知B点距水平地面的高h2=0.6m，圆弧轨道BC的圆心O与水平台面等高，C点的切线水平，并与水平地面上长为L=2.8m的粗糙直轨道CD平滑连接，小物块沿轨道BCD运动并与右边的竖直墙壁会发生碰撞，重力加速度g=10m/s2，空气阻力忽视不计．试求：（1）小物块由A到B的运动时间．（2）压缩的弹簧在被锁扣K锁住时所储存的弹性势能E p．（3）若小物块与墙壁碰撞后速度反向、大小变为碰前的一半，且只会发生一次碰撞，那么小物块与轨道CD 之间的动摩擦因数μ应当满足怎样的条件．考点：功能关系；平抛运动．分析：首先要清楚物块的运动过程，A到B的过程为平抛运动，已知高度运用平抛运动的规律求出时间．知道运动过程中能量的转化，弹簧的弹性势能转化给物块的动能．从A点到最终停在轨道CD上的某点p，物块的动能和重力势能转化给摩擦力做功产生的内能．依据能量守恒列出能量等式解决问题．由于p点的位置不确定，要考虑物块可能的滑过的路程．解答：解；（1）小物块由A运动到B的过程中做平抛运动，在竖直方向上依据自由落体运动规律可知，小物块由A运动到B的时间为：t==s=s≈0.346s（2）依据图中几何关系可知：h2=h1（1﹣cos∠BOC），解得：∠BOC=60°依据平抛运动规律有：tan60°=，解得：v1===2m/s依据能的转化与守恒可知，原来压缩的弹簧储存的弹性势能为：E p =mv12==2J（3）依据题意知，①μ的最大值对应的是物块撞墙前瞬间的速度趋于零，依据能量关系有：mgh1+E p＞μmgL代入数据解得：μ＜②对于μ的最小值求解，首先应推断物块第一次碰墙后反弹，能否沿圆轨道滑离B点，设物块碰前在D处的速度为v2，由能量关系有：mgh1+E p=μmgL+mv22第一次碰墙后返回至C处的动能为：E kC =mv22﹣μmgL可知即使μ=0，有：mv22=14Jmv22=3.5J＜mgh2=6J，小物块不行能返滑至B点．故μ的最小值对应着物块撞后回到圆轨道最高某处，又下滑经C恰好至D点停止，因此有：mv22≤2μmgL，联立解得：μ≥综上可知满足题目条件的动摩擦因数μ值：≤μ＜答：（1）小物块由A到B的运动时间是0.346s．（2）压缩的弹簧在被锁扣K锁住时所储存的弹性势能E p是2J．（3）μ的取值范围：≤μ＜．点评：做物理问题应当先清楚争辩对象的运动过程，依据运动性质利用物理规律解决问题．关于能量守恒的应用，要清楚物体运动过程中能量的转化．12．（19分）如图所示，一辆在水平地面上向右做直线运动的平板车，长度L=6m，质量M=10kg，其上表面水平光滑且距地面高为h=1.25m，A、B是其左右的两端点，在A端固定一个与车绝缘的、质量与大小忽视不计的带电体Q，其电量Q=﹣5×10﹣6C．在地面上方的空间存在着沿小车运动方向的、区域足够大的匀强电场（忽视Q的影响），场强大小E=1×107N/C．在t=0时刻，小车速度为v0=7.2m/s，此时将一个质量m=1kg的小球轻放在平板车上距离B 端处的P点（小球可视为质点，释放时对地的速度为零）．经过一段时间，小球脱离平板车并落到地面．已知平板车受到地面的阻力与它对地面的压力成正比，且比例系数μ=0.2，其它阻力不计，重力加速度g=10m/s2．试求：（1）从t=0时起，平板车能连续向右运动的最大距离．（2）小球从t=0时起到离开平板车时所经受的时间．（3）从t=0时起到小球离开平板车落地时止，带电体Q的电势能的变化量．考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；自由落体运动；牛顿其次定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）从t=0时起，平板车受到向左的电场力，向右做匀减速运动，由牛顿其次定律求得加速度的大小，由运动学速度位移关系公式求出向右运动的最大距离．（2）依据牛顿其次定律求出小车向右运动的加速度大小，依据运动学公式求出小车向右运动的位移和时间，推断小球是否会从小车的左端掉下，若未掉下，依据牛顿其次定律求出小车向左运动的加速度大小，小球从右端掉下，依据小球小车向左运动的位移求出向左运动的时间，两个时间之和即为小球从轻放到平板车开头至离开平板车所用的时间．（3）求出小车在小球做自由落体运动时间内的位移，结合小车向右运动的位移和向左运动的位移，求出小车的位移．再求出电场力做功，即可求得带电体Q的电势能的变化量．解答：解：（1）以平板车为争辩对象，依据受力分析和牛顿运动定律有：F=EQ=50N，方向向左．a1==7.2m/s2x1==3.6m （2）因x1＜4m，故小球不会从车的左端掉下，小车向右运动的时间t1==1s小车向左运动的加速度a2==2.8m/s2小球掉下小车时，小车向左运动的距离x2=x1+=5.6m小车向左运动的时间t2==2s所以小球从轻放到平板车开头至离开平板车所用的时间t=t1+t2=3s（3）小球刚离开平板车时，小车向左的速度的大小为：v2=a2t2=5.6m/s小球离开平板车后，车的加速度大小a3==3m/s2小球离开车子做自由落体的运动h=gt32t3=0.5s车子在t3时间内向左运动的距离x3=v2t3+a3t32=3.175m车子在从t=0时起到小球离开平板车落地时止，向左运动的位移为ss=x3+x2﹣x1=5.175m故在从t=0时起到小球离开平板车落地时止，带电体Q的电势能的变化量为△E，△E=﹣Fs=﹣258.75J答：（1）从t=0时起，平板车能连续向右运动的最大距离为3.6m．（2）小球从t=0时起到离开平板车时所经受的时间为3s．（3）从t=0时起到小球离开平板车落地时止，带电体Q的电势能的变化量为﹣258.75J．点评：本题是一个多过程问题，关键是理清小车在整个过程中的运动状况，结合牛顿其次定律和运动学公式进行求解．。
四川省成都市2021届上学期高三年级摸底测试物理试卷
四川省成都市2021届上学期高三年级摸底测试物理试卷本试卷分选择题和非选择题两部分第Ⅰ卷（选择题）1至3页，第Ⅱ卷（非选择题）4至6页，共6页，满分100分，考试时间100分钟注意事项：1 答题前，务必将自己的姓名、考籍号填写在答题卡规定的位置上2 答选择题时，必须使用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦擦干净后，再选涂其它答案标号3 答非选择题时，必须使用0 5毫米黑色签字笔，将答案书写在答题卡规定的位置上4 所有题目必须在答题卡上作答，在试题卷上答题无效5 考试结束后，只将答题卡交回第Ⅰ卷（选择题，共40分）一、本题包括8小题，每小题3分，共24分每小题只有一个选项符合题目要求1 1820年，在实验中首次发现电流磁效应的科学家是A 安培B 奥斯特C 楞次D 洛伦兹2 下列说法正确的是A 为了形象地描述电场和磁场，法拉第引入了电场线和磁感线B 由FEq=可知，电场中某点的电场强度大小与检验电荷受到的电场力大小成正比C 由QCU=可知，电容器的电容与加在电容器上的电压成反比D 由FBIL=可知，某点的检验电流元所受的安培力为零，则该点的磁感应强度必为零3 a、b是同种材料制成的两根圆柱形导体棒，它们的伏安特性曲线如图所示两者相比较A 长度大的一定是aB 横截面积大的一定是aC 若a、b串联，通电后功率较大的是bD 若a、b并联，通电后功率较大的是b4 如图，实线表示某固定场源点电荷电场中的三条电场线，虚线为一正离子仅在电场力作用下从U v Bd=U v Bb=4P 122I 12、电荷量为q 的粒子（不计重力），由静止开始从M 板经加速电场加速后沿圆弧中心线通过静电分析器，再由12U ER =2mERB qA ，内阻约50Ω）；B 电流表（量程50mA，内阻约5Ω）；C 电阻箱（0~999 9Ω）；D 电阻箱（0~9999 9Ω）该同学应该选用的电流表是_________，电阻箱是_________ （填器材序号字母）14 （8分）欲测量一节干电池的电动势和内阻要求测量尽量准确实验室提供的器材有：r=Ω）；A 电压表V（量程2V，内阻约2Ω）；B 电流表A（量程60mA，内阻9AC 定值电阻R1（阻值1Ω）；D 定值电阻R2（阻值10Ω）；E 滑动变阻器R3（阻值0~10Ω）；F 开关一只，导线若干（1）实验小组设计的电路如图（a）所示，虚线框内是改装后量程为0 6A的电流表该改装表的内阻为_________Ω，接入改装电路的定值电阻是_________（填器材序号字母）（2）实验前，应断开开关S，将滑动变阻器滑片滑到_________（填“a”或“b”）端（3）实验中测得A表示数I和V表示数U的多组数据如下表请在图（b）中作出U－I图线2位）15 （8分）如图，倾角为θ的光滑斜面处于方向水平向右的匀强电场中，一质量为m、电荷量为q（q＞0）的小物块，恰好静止在斜面上距底边高为h的A点重力加速度大小为g（1）求电场的场强大小；（2）若保持场强方向不变，仅将场强大小变为原来的一半，求小物块滑到斜面最低点B 时的速度大小 16 （12分）如图，倾角θ=30°的绝缘光滑斜面固定，斜面上宽度L=0 5m 的矩形区域MNQ/s 2的匀加速直线运动直到穿过磁场 已知线框质量m=5mg 、电阻R=0 5Ω、边长也为L=0 5m ，ab ∥M ，重力加速度g=10m/s 2求：（1）线框下边刚进入磁场时，导线框的热功率； （2）线框上边即将离开磁场时的外力F 17 （14分）如图，直角坐标系Oy 中，在≤－L 区域有沿y 轴负方向的匀强电场；在－L ＜≤0区域有方向垂直坐标平面向里的匀强磁场；在＞0区域还有一个圆心在O ′（2L，0）点且与y 轴相切的圆形匀强磁场区域，磁场的方向垂直于坐标平面向外 L 、电荷量为q ，MO ′与轴正方向的夹角为60° 求：（1）粒子在Q 点的速度；（2）－L ≤＜0区域内磁场的磁感应强度大小B 1； （3）圆形区域内磁场的磁感应强度大小B 2（二）选考题：共12分 请考生从2道题中任选一题做答，并用2B 铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑 注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题 如果多做，则按所做的第一题计分18 （12分）（1）（4分）下列说法正确的是_________ （填正确答案标号选对1个得2分，选对2个得3分，选对3个得4分选错1个扣2分，最低得0分）A 布朗运动是固体分子的无规则运动B 一定质量的理想气体在等温膨胀过程中一定吸热C 晶体的分子（或原子、粒子）的排列是规则的D 气体压强仅与气体分子的平均动能有关E 一切与热现象有关的实际宏观过程都是不可逆的（2）（8分）如图，长L=1m的粗细均匀细管开口向上竖直放置，管内有一段高为h=4cm的水银柱，水银柱下密封了一定质量的理想气体，当环境温度为T1=301K时，水银柱上端到管口的距离为d=10cm 已知大气压强076p cmHg，管内气体温度与环境温度相同（i）当环境温度变为T2=315K，求稳定后水银柱下端到管底的距离；（ii）保持环境温度T2不变，让细管在竖直面内绕管底缓慢转动，直到细管水平试通过计算判断管口是否有水银溢出19 （12分）（1）（4分）在一根拉直的绸带两端O1和O2同时沿竖直方向抖动后停止，产生的两列简谐横波相向传播，某时刻的波形如图所示不考虑波的反射下列说法正确的是_________ （填正确答案标号选对1个得2分，选对2个得3分，选对3个得4分选错1个扣2分，最低得0分）A 两列波在绸带中的波速大小相等B O1和O2振动的频率相同C O1和O2开始振动的方向相同D 两列波引起=6m处的质点通过的总路程为80cmE 在两列波叠加的区域内，振动最强的质点坐标为=0 25m（2）（8分）如图，ABO是横截面为四分之一圆的透明体，圆半径为R 一束光线垂直于AO射到边上D点，进入透明体的光线恰能在AB边发生全反射已知透明体的折射率n=2，真空中的光速为c 求：（ⅰ）D点到O点的距离；（ⅱ）光线从进入透明体到再次返回AO边（含端点）经历的时间（结果用根式表示）参考答案一、单项选择题（共24分） 1 B 2 A 3 D 4 B 5 C 6 D 7 C 8 C 二、多项选择题（共16分） 9 AC10 BD 11 BC 12 AD三、非选择题（共60分） 答图1（一）必考题13 （6分）（1）1500（2分） （3）A （2分）D （2分） 14 （8分）（1）0 9（1分） C （或R 1）（1分） （2）b （1分） （3）见答图1（2分） （3）1 50（1分）（1 48~1 52均给1分） 0 60（2分）（0 56~0 64均给2分） 15 （8分）解：（1）物块受三力作用静止 由平衡条件有：sin cos mg qE θθ= （2分） 解得：tan mg E qθ=（2分）（2）A 、B 间沿场强方向的距离为：tan h x θ= 由动能定理有：21122mgh qEx mv -= （2分）解得：v（2分）（其它合理解法，参照给分） 16 （12分）解：（1）设下边到达M 212v as =12/v m s =1E BLv =2E P R=2221B L v P R =222v ax =2/v s =F BIL =安2E BLv =EI R=sin 30F mg F ma +︒-=安222sin 30B L v F ma mg R =+-︒220.575F N N=≈22502L L v t -=3162y L v t =220y v v v =+0233v v =03cos 2v v θ==1sin 2L R θ=1R L =211v qvB m R =01233mv B qL=2L r =218060602OO O ︒-︒'∠==︒22LR r ==222v qvB mR =01433mv B qL=1()V L h d S =--1V HS=1212V V T T = （1分）（ⅱ）假设没有水银溢出 设细管水平时，密封气柱长H ′仍以密封气体为研究对象，则初态：2V HS =，2080P P h =+=cmHg（1分）末态：3V H S '=，3076p p ==cmHg 气体发生等温变化，有：2233p V p V = （1分） 代入数据解得：180019H cm '=（1分） 因：187619H h cm L '+=<，假设成立 （1分） 故：无水银溢出（1分）（其它合理解法，参照给分） 19 （12分） （1）（4分）ADE （2）（8分）解：（i ）设光在AB 边的入射点为E ，在BO 边的入射点为F ，光路如答图4 由题意，在E 点恰发生全反射，入射角等于临界角C 有：11sin 2C n == （1分）解得：C=30°故：DO=OEsin ∠DEO=RsinC （1分） 解得：2R DO =（1分）（ii ）因∠DEO=90°－∠DEF=90°－2C=30°，故在F 点也将发生全反射，由几何关系可知，从F 点反射的光线与OA 边交于A 点 过F 点作法线与DE 交于G 点cos cos DE OE DEO R C =∠== （1分）cos cos GF DO EF GFE C ===∠（1分）sin cos 603OA OA FA OFA ===∠︒（1分）透明体中的光速为cv n=（1分）光线从进入透明体到再次返回AO 边经历的时间为：DE EF FAt v++=解得：t =（1分）（其它合理解法，参照给分）。
202届高三物理下学期3月第二次诊断性考试试题
四川省成都市2021届高三物理下学期3月第二次诊断性考试试题本试卷分选择题和非选择题两部分。
第I卷（选择题)1至5页，第II卷(非选择题)6至14页,共14页；满分300分，考试时间150分钟.注意事项:1.答题前,务必将自己的姓名、考籍号填写在答题卡规定的位置上.2.答选择题时，必须使用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦擦干净后，再选涂其它答案标号。
3.答非选择题时，必须使用0.5毫米黑色签字笔，将答案书写在答题卡规定的位置上。
4.所有题目必须在答题卡上作答，在试题卷上答题无效。
5。
考试结束后,只将答题卡交回.可能用到的相对原子质量：H—1 C-12 N-14 O—16 Na-23 A1-27 S—32第I卷（选择题,共126分）二、选择题：本题共8小题，每小题6分.在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14。
下列表述正确的是A.天然放射性现象中发射的γ射线在磁场中会发生偏转B.当原子从高能级跃迁到低能级时，会吸收光子C.当光照射在金属表面上时，金属中的质子会逸出金属表面D.原子核的静质量小于构成它的所有核子单独存在时的总静质量15.2020年12月3日,嫦娥五号上升器（如图)携带月壤样品成功回到预定环月轨道，这是我国首次实现地外天体起飞。
若环月轨道可近似为圆轨道，已知轨道半径为r,上升器在环月轨道运行的速度大小为v，万有引力常量为G，则月球的质量为A. B. C。
D.16.如图，A、B是竖直正对放置的一对已充电的平行金属板,两板之间为匀强电场，用绝缘细线悬挂着的带电小球静止时，细线与竖直方向的夹角为θ。
下列判定正确的是A。
小球带正电B.仅平移B板使两板间的距离适当增大，θ角将保持不变C。
仅平移B板使两板间的正对面积适当减小，θ角将保持不变D.仅剪断细线，在离开或碰到极板前，小球将做曲线运动17.如图,重为G的匀质金属球靠着倾角45°的固定斜面静止在水平地面上，a是球的左端点，b、c分别是球与地面和斜面的接触点，F是在a 点对球施加的一个水平向右、正对球心的推力。
四川省成都市新都区2023届高三毕业班摸底测试理综物理高频考点试题(基础必刷)
四川省成都市新都区2023届高三毕业班摸底测试理综物理高频考点试题（基础必刷）一、单项选择题（本题包含8小题，每小题4分，共32分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）(共8题)第(1)题某物理兴趣小组在学习《机械能守恒定律》后，用仿真物理实验室软件模拟了如下实验：轻绳一端固定在天花板上，在轻绳中点和另一端各固定一个等质量小球，开始时系统在外力作用下处于水平状态，以下四幅图为两球由水平状态释放后向左运动过程中不同时刻的位置图。
下列说法正确的是（ ）A．甲图中轻绳末端小球机械能正在减少B．乙图中轻绳末端小球机械能达到最大值C．丙图中轻绳末端小球机械能正在增加D．丁图中轻绳末端小球机械能达到最大值第(2)题《大国工匠》节目中讲述了王进利用“秋千法”在的高压线上带电作业的过程，如图所示，绝缘轻绳一端固定在高压线杆塔上的O点，另一端固定在兜篮D上，另一绝缘轻绳跨过固定在杆塔上C点的定滑轮，一端连接兜篮，另一端由工人控制，身穿屏蔽服的王进坐在兜篮里，缓慢地从C点运动到处于O点正下方E点的电缆处，绳一直处于伸直状态。
兜篮、王进及携带的设备总质量为m，可看作质点，不计一切阻力，重力加速度大小为g。
从C点运动到E点的过程中，下列说法正确的是（ ）A．绳的拉力一直变小B．绳的拉力一直变大C．绳、拉力的合力大于D．绳与竖直方向的夹角为时，绳的拉力为第(3)题如图所示，在水平桌面上有一金属圆环，在它圆心正上方有一条形磁铁（极性不明），当条形磁铁下落时，可以判定（）A．环中将产生俯视逆时针的感应电流B．环对桌面的压力将减小C．环有面积减少的趋势D．磁铁将受到竖直向下的电磁作用力第(4)题如图，矩形线圈在竖直匀强磁场中绕垂直磁场的轴匀速转动，产生的交变电流输入理想变压器的原线圈，A是串联在原线圈回路中的理想交流电流表，是副线圈上的滑动片，是滑动变阻器R的滑动片，此时灯泡L正常发光，忽略矩形线圈的内阻和灯丝电阻的变化，以下说法正确的是（ ）A．仅将向上滑动，电流表示数变大B．仅将向左滑动，灯泡将变亮C．矩形线圈转到图中所示位置时，电流表示数为零D．若矩形线圈转速增大，调节仍使L正常发光，电流表示数不变第(5)题据报道美国人马斯克的“星链”系统在俄乌战争中发挥了重要作用。
四川省成都市最新高三物理三模考试试题含解析
四川省成都市2021届高三物理三模考试试题含解析二、选择题： １．如图，倾角为α的固定斜面上，一光滑物块在一与斜面也成α角的拉力F 作用下保持静止状态。
若仅将F 的方向变为水平向右，则A. 物块对斜面的压力不变B ． 物块对斜面的压力变大C. 物块将沿斜面向上做匀加速直线运动D. 物块将沿斜面向下做匀加速直线运动答案B 解析详解AB 、对物块受力分析由平衡条件得：斜面对物块的支持力cos sin N mg F αα=-，将F 的方向变为水平向右,斜面对物块的支持力cos sin N mg F αα'=+，支持力变大，由牛顿第三定律知物块对斜面的压力变大,故A 错误,B 正确；CD 、处于静止状态时沿斜面方向有：cos sin F mg αα=,将F 的方向变为水平向右，沿斜面向上的力为cos F α,沿斜面向下的力为sin mg α,仍然保持平衡,不会做匀加速直线运动，故CD 错误。
2.2021年初，《流浪地球》的热映激起了人们对天体运动的广泛关注.木星的质量是地球的3１７. ８９倍，已知木星的一颗卫星甲的轨道半径和地球的卫星乙的轨道半径相同,且它们均做匀速圆周运动,则下列说法正确的是A 。
卫星甲的周期可能大于卫星乙的周期B ． 卫星甲的线速度可能小于卫星乙的线速度C 。
卫星甲的向心加速度一定大于卫星乙的向心加速度Ｄ. 卫星甲所受的万有引力一定大于卫星乙所受的万有引力答案C 解析详解根据万有引力提供卫星圆周运动向心力有：22224mM v G mr mma r T rπ===；A 、周期122EF FB AC ===，两颗卫星的轨道半径相同,但木星的质量大,故其周期小，即甲卫星的周期小于乙卫星的周期，故A 错误；B 、线速度v =，两颗卫星的轨道半径相同,但木星的质量大，故线速度大，即甲卫星的线速度大于乙卫星的线速度，故B 错误；Ｃ、向心加速度2GMa r =，两颗卫星的轨道半径相同，但木星的质量大,故其向心加速度大，即甲卫星的向心加速度大于乙卫星的向心加速度,故C 正确；D 、木星的质量大，但不知道两颗卫星的质量大小关系，故无法求得它们间万有引力的大小，无法比较,故Ｄ错误。